四川内江市威远中学校2026-2027学年高二上学期第一次学情调研物理试题

威远中学校2028届高二上期第一次学情调研 物理试题 本试卷共4页。全卷满分100分，考试时间为75分钟。 注意事项: 1.答题前，考生务必将自己的姓名、考号、班级用签字笔填写在答题卡相应位置。 2.选择题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案，不能答在试题卷上。 3.非选择题用签字笔将答案直接答在答题卡相应位置上。 4.考试结束后，监考人员将答题卡收回。 一、单项选择题:本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是最符合题目要求的。 1．下列关于电荷的说法中正确的是 A．元电荷就是质子 B．带电体的电荷量是可以连续变化的 C．元电荷就是电子 D．点电荷是实际带电体的理想化模型 2．关于对电场中公式的理解，其中正确的是 A．由知，电场中某点的电场强度与试探电荷所带的电荷量成反比 B．由知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带的电荷量成正比 C．由可知，这一点的电势与这一点的电荷量q成反比 D．由知，带电荷量为1 C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1 J，则A、B两点间的电势差为1 V 3．两个可视为点电荷的相同金属小球分别带有和的异种电荷，固定在相距为的两处，它们之间的库仑力大小为。两小球相互接触后放回原处，此时两球之间的库仑力大小为 A． B． C． D． 4．某静电场的电场线分布如图所示，其中a、b、c三点在同一条直电场线上，一负点电荷（不计重力）从a点沿直线运动到c点。下列说法中正确的是 A．a点的电场强度比b点的电场强度大 B．该点电荷沿直线从a点运动到b点的过程中，动能增大 C．该点电荷沿直线从b点运动到c点的过程中，动能减小 D．该点电荷在a点时的速度大于它在c点时的速度 5．如图甲，高大建筑物上通常都装有避雷针，雷雨天气时避雷针发生尖端放电现象，中和空气中的电荷，达到避免雷击的目的。图乙所示是某次避雷针放电时的电场线分布，电场线关于直线对称，且。以下说法中正确的是 A．两点的电场强度大小小于 B．两点的电势大于 C．两点间电势差大于两点间电势差 D．电子从图中点运动到点的过程中，电场力做正功，电势能减少 6．心室纤颤是一种可危及生命的疾病。如图为一种叫做心脏除颤器的设备，某型号AED模拟治疗仪器的电容器电容是25μF，充电至6kV电压，如果电容器在3ms时间内完成放电，则下列说法正确的是 A．电容器放电过程中电流保持不变 B．电容器的击穿电压为6kV C．电容器充满电的电量是1.5C D．电容器放电过程中平均电流为50A 7．某静电场的电场强度方向与轴平行，在轴上各点电势随坐标的变化情况如图所示。现将一电子自处由静止释放（不计重力）则在间电场强度、电子运动时的速度、动能、电势能随坐标变化的图像可能正确的是 A．B．C．D． 二、多项选择题:本题共3小题，每题6分，共18分。每小题有多项符合题目要求，全部选对的得6分,选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8．有关电阻和电流的说法中正确的是 A．导体的电阻是反应导体的导电性能的物理量 B．根据，可得R与U成正比，R与I成反比 C．单位时间内通过导线横截面的电荷量越多，导体中的电流就越大 D．因为电流有方向，所以电流是矢量 9．如图所示，质量为，带电荷量为的带电粒子，由静止开始经电压为的电场加速后，水平射入右侧电场强度为、方向竖直向上的匀强电场中，曲线为粒子在偏转电场中的运动径迹，不计粒子重力，则 A．粒子带正电 B．粒子带负电 C．粒子离开加速电场时的速度大小为 D．粒子在偏转电场中的加速度，方向竖直向下 10．如图所示，间距为的平行板电容器极板A、B竖直正对放置，两板在竖直方向足够长，板间悬挂一带电小球，静止时细线与竖直方向夹角为。电源内阻不计，开关S闭合且电路稳定。小球的质量为，电荷量大小为；定值电阻的阻值为，滑动变阻器的最大阻值为，重力加速度为。初始时滑片位于滑动变阻器正中间，小球离B板的水平距离为，下列说法正确的是 A．电源的电动势大小为 B．只将滑片向右滑动，夹角变小 C．只将滑片向右滑动的过程中，电流表示数为零，电流表的示数变小 D．只剪断细绳，小球到达B板的时间为 三、非选择题:本题共5小题，共54分。其中第13-15小题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤;有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。 11．（6分）某同学用如图甲所示的电路观察电容器的放电过程。 (1)开关S接1时，电容器处于________（填“充电”或“放电”）状态。 (2)将电流传感器的数据清零，经过较长时间后，将开关S拨到2的同时开始数据采集，通过电阻R的电流方向向________（填“左”或“右”）。 (3)该同学定性描绘出电容器放电过程电路中的电流随时间变化的图像，如图乙所示，其中图线与t轴所围区域的面积的物理含义是________________________________。 12．（10分） (1)某同学利用所学串、并联电路知识进行电表改装，如图所示是电表改装的原理图，已知表头的内阻为，满偏电流为，改装后的电压表量程为，电流表量程为。当改装为量程为的电流表时：S应接_________（选填“1”或“2”）；根据题目所给条件可得_________（结果保留3位有效数字），_________。 (2)四个相同的小量程电流表（表头）分别被改装成两个电流表，和两个电压表、。已知电流表的量程大于的量程，电压表的量程大于的量程，改装好后把它们按如图所示接入电路，则电流表指针的偏转角_________电流表指针的偏转角；电压表的读数_________电压表的读数（均选填“大于”“等于”或“小于”）。 13．（10分）如图所示的电路中，两端的电压，，，开关S断开时，电流表的示数为0.1A。求： (1)电阻； (2)闭合开关S后，电流表的示数。 14．（12分）如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，，，其中ab沿电场线方向，bc和电场线方向成角，一电荷量为的正电荷从a移到b电场力做功为。求： (1)匀强电场的场强E。 (2)电荷从b移到c，电场力做功。 (3)如果以b点为零电势，则a、c电势、。 15．（16分）如图所示，整个空间存在水平向右的匀强电场，电场强度，轨道AB为水平绝缘光滑直轨道，B点平滑连接一个竖直光滑圆周轨道，圆心为O，半径。一质量、电荷量的带正电小球自水平轨道上P点由静止释放，，运动过程中空气阻力不计。已知重力加速度，，。 (1)若，求小球运动到圆周轨道最右端C点时轨道对小球的弹力大小； (2)若，求小球从P点运动到C点的过程中动能的最大值； (3)改变释放点P到B的距离x，若小球由P点静止释放后沿轨道内侧运动，试分析小球不脱离圆周轨道时x应满足的条件。 试卷第1页（共3页） 第4页（共4页） 学科网（北京）股份有限公司 威远中学校2028届高二上期第一次学情调研 物理参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D B A B C D D AC AC BD 答案第1页（共2页） 答案第2页（共2页） 学科网（北京）股份有限公司 1．D 【详解】A．元电荷是最小电荷量，质子所带电荷量等于元电荷，但元电荷不是质子，故A错误； B．任何带电体的电荷量都是元电荷的整数倍，因此电荷量不能连续变化，故B错误； C．电子所带电荷量等于元电荷，但元电荷不是电子，故C错误； D．点电荷是实际带电体在一定条件下抽象出的理想化模型，故D正确。 故选D。 2．B 【详解】A．是电场强度的定义式。同一电场中某点的电场强度由场源电荷及该点位置决定，与试探电荷的电荷量无关；改变试探电荷的电荷量时，其所受电场力也相应改变，故A错误； B．对于真空中的点电荷，其场强大小满足，其中为场源电荷电荷量的绝对值，为该点到场源电荷的距离。固定时，和不变，场强大小与成正比，故B正确； C．是电势的定义式。零电势位置选定后，电场中某点的电势由电场本身及该点位置决定，与放在该点的试探电荷的电荷量无关，故C错误； D．正电荷从点移至点克服电场力做功，即电场力做负功，。由电势差与电场力做功的关系 代入，可得，故D错误。 故选B。 3．A 【详解】初始时，由库仑定律可得两小球之间的库仑力大小为 两小球相互接触后，由于两小球相同，根据电荷守恒定律，电荷先中和再平分，每个小球所带的电荷量均为 放回原处后，设两小球之间的库仑力大小为，由库仑定律可得 因此 故选A。 4．B 【详解】A．电场线越密的地方，电场强度越大。由图可见，点附近的电场线比点附近密，所以，故A错误； BCD．图中电场线方向向左，负电荷所受电场力方向与电场线方向相反，即向右。从到的运动过程中，电场力与位移方向相同，持续做正功。不计重力，由动能定理可知电荷的动能持续增大，所以从到和从到动能均增大。电荷的质量不变，动能增大意味着速度大小增大，因此点的速度大于点的速度，故B正确，CD错误。 故选B。 5．C 【详解】AC．图乙为电场线分布图，电场线越密，电场越强；箭头表示电场方向。沿对称轴从点到点，电场线逐渐变密，因此 电场方向由点指向点，沿电场线电势降低，因此 比较两段电势差时，将和分成长度相同的许多小段，每小段内近似看作匀强电场。设小段内的场强为，长度为，沿电场方向的电势降低量为，由匀强电场中电势差与场强的关系有。题给 所以两段所分的小段数相同，且段各小段的场强均大于段对应小段的场强，将各小段的电势降低量相加可得，故A错误，C正确； B．比较不同电场线上的两点电势，可连接和两点作辅助线，如图中蓝色虚线所示，该线用于比较电势，不表示粒子的实际运动轨迹 由电场线的切线方向可知，若正试探电荷沿辅助线从点向右下方移到点，电场力与移动方向的夹角始终小于，电场力做正功，电势降低，因此，故B错误； D．设电子的电荷量为，电势能变化量为。电子带负电，由前述电势关系及电场力做功与电势差的关系，电子从点到点过程中电场力所做的功为 电场力做功与电势能变化的关系为，因此，故D错误。 故选C。 6．D 【详解】A．电容器放电过程中电流随着电容器电量的减少而减小，故A错误； B．电容器铭牌上的电压为额定电压，所以根据题意可知电容器的额定电压为6kV，而击穿电压要比6kV高得多，故B错误； CD．根据电容公式可得电容器充满电的电量为 根据电流强度的定义可得电容器放电的平均电流为 故C错误，D正确； 故选D。 7．D 【详解】A．图像的斜率表示电场强度，由图可知，段电场强度为定值，方向沿x轴负方向，段电场强度为零，段电场强度大小与段等大，方向沿x轴正方向，故A错误； B．根据电场力可知，段电子所受电场力为恒力，电子沿x轴正方向做匀加速直线运动，速度v随时间t均匀增大，段做匀速直线运动，段做匀减速直线运动，速度v随时间t均匀减小，B选项中横轴为x，故B错误； C．由B选项分析可知，段电场力对电子做正功，电势能减小；段电场力对电子不做功，电势能不变；段电场力做负功，电势能增加，故C错误； D．由题意可知，电子初速度为0，则根据动能定理可知，图像斜率表示电场力，因此段（匀加速直线运动）电场力为恒力，因此斜率为定值且为正，段（匀速直线运动）电场力为0，斜率为0，段（匀减速直线运动）电场力为恒力，因此斜率为定值且为负，综上可知D选项符合题意，故D正确。 故选D。 8．AC 【详解】A．导体的电阻是反应导体的导电性能的物理量，故A正确； B．是电阻的定义式，电阻与电压和电流没有关系，故B错误； C．根据可知，单位时间内通过导线横截面的电荷量越多，导体中的电流就越大，故C正确； D．电流运算法则不符合平行四边形定则，电流是标量，故D错误。 故选AC。 9．AC 【详解】AB．由图可知，粒子进入右侧水平匀强电场中，粒子运动轨迹向上偏转，故受到竖直向上的电场力，而电场强度方向也竖直向上，故粒子带正电，故A正确，B错误； C．粒子在加速电场中，电场力做正功，动能增加，根据动能定理有 解得，故C正确； D．粒子在偏转电场中，根据牛顿第二定律有 解得 粒子所受电场力方向竖直向上，故粒子的加速度方向也竖直向上，故D错误。 故选AC。 10．BCD 【详解】A．对小球进行受力分析如下图所示： 得 在平行板电容器中电势差与电场强度满足， 平行板电容器与定值电阻相连，则可得 初始时滑片位于滑动变阻器正中间，则由闭合电路欧姆定律得电源电动势满足 电流 联立解得，故A错误； B．设滑动变阻器接入电路的阻值为，则由上述分析得此时 只将滑片向右滑动时得增大，则由公式、、、、、得减小、减小、减小、减小、减小、减小，故B正确； C．由上述分析可知，只将滑片向右滑动时，电容器两端电势差减小，则由电容器所带电荷量公式得电容器所带电荷量减小，得电流表有电荷流过，因此电流表示数不为零，电流表串联在电路中，则由闭合电路电流减小得电流表的示数变小，故C错误； D．小球受电场力向右，则剪断细绳，小球向右极板运动，两板在竖直方向足够长，则运动时间为水平方向匀加速到达B极板所用时间，在水平方向由牛顿第二定律得 由匀加速运动位移与时间公式得 联立解得，故D正确。 故选BD。 11．(1)充电 (2)左 (3)电容器放电全过程释放的总电荷量 【详解】（1）开关S接1时，电源与电容器连通，电容器开始储存电荷，处于充电状态。 （2）开关接1充电完成后，电容器上极板带正电、下极板带负电。当开关拨到2开始放电时，正电荷从电容器上极板流出，经过电阻R的方向为从右向左，因此通过电阻的电流方向向左。 （3）把整个放电的总时间分割成无数个非常短的小时间间隔、、······，短到可以认为每个小间隔内的电流大小几乎不变。 根据电流的定义 可以得到每个小时间间隔内通过电路某一横截面的电荷量 对应图像里，每一个就是对应小时间间隔内，图线下方窄小矩形的面积。 把所有小间隔的面积累加起来，得到的图线与轴围成的总面积，就等于放电全过程中所有的总和，也就是电容器在整个放电过程中释放的总电荷量。 12．(1) 1 42.1 19200 (2) 等于 大于 【详解】（1）[1]将表头改装为电流表，应并联分流电阻。由图可知，开关接1时，电阻与表头并联，使用和两个接线柱，故应接1。 [2]设改装电流表的量程为。满偏时，通过表头的电流为，通过的电流为。根据并联电路两端电压相等及欧姆定律，有 解得 [3]将表头改装为电压表，应串联分压电阻。开关接2时，与表头串联，使用和两个接线柱，所在支路断开。设电压表的量程为，满偏时根据串联电路特点及欧姆定律，有 解得 （2）[1]由图可知，电流表和并联，两表两端电压相等。每个电流表内部的表头与分流电阻并联，因此两个表头两端电压也相等。两个表头的内阻相同，由欧姆定律可知，通过它们的电流相等，故两表指针的偏转角相等。 [2]设电压表和的量程分别为和，总内阻分别为和。两表头的满偏电流相同，满偏时由欧姆定律分别有和 由于的量程较大，可得 两只电压表在电路中串联，设通过它们的共同电流为，两表示数分别为和。由欧姆定律分别有和 结合内阻大小关系可得 故电压表的示数大于电压表的示数。 13．(1) (2) 【详解】（1）根据欧姆定律可知，当S断开时，则有 代入数据解得 （2）闭合开关S后，通过支路的电流 此时电流表的示数 14．(1) ，沿电场线方向。 (2) (3)， 【详解】（1） 正电荷从a到b，电场力做功满足 变形得 方向水平向右。 （2）电场力做功仅和沿电场线方向的位移有关，bc沿电场线方向的有效分量为 因此 代入数值计算得 （3） 题目规定，沿电场线电势降低，a在b的逆电场线方向，因此 代入，得 15．(1)(2) (3)或 【详解】（1）小球从P点运动到C点的过程，由动能定理可得 C点处，水平方向轨道弹力与电场力的合力提供向心力，则有 联立解得 （2）等效重力为重力和电场力的合力，大小为 设等效重力与竖直方向的夹角为，则 小球运动到等效最低点D时动能最大，如图所示（确定D点的方法：OD是电场力和重力的合力方向） 小球从P点运动到D点的过程，由动能定理可得 解得 （3）小球不脱离内侧圆周轨道，满足的条件分两种情况： ①小球能够顺利通过等效最高点Q，小球恰好通过等效最高点Q时，由等效重力提供向心力可得 小球从P点运动到Q点的过程，由动能定理可得 解得 当时，小球可顺利通过等效最高点Q，全程不脱离轨道； ②小球上摆最高点不越过摆动临界（等效圆心等高处）M，仅在轨道下半区域往复摆动。小球上摆最高点恰好到达M点时，小球从P点运动到M点的过程，由动能定理可得 解得 当时，小球上摆最高位置不越过M点，仅在轨道下半区域往复摆动，轨道支持力始终大于0，不脱离轨道； 则应满足的条件为或。 第2页（共7页） 学科网（北京）股份有限公司 第2页（共2页） 学科网（北京）股份有限公司 $