精品解析：河南省信阳市浉河区信阳高级中学2026-2027学年高一上学期10月阶段检测生物试题

河南省信阳高级中学新校（贤岭校区） 2026-2027学年高一上期10月测试（一） 生物试题 一、选择题；本题共16个小题，每小题3分，共48分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1. 下列关于真核生物，原核生物和病毒的叙述中有几项正确（ ） ①乳酸菌、青霉菌、蘑菇都属于原核生物 ②乳酸菌、酵母菌都含有核糖体和DNA ③T2噬菌体因为只有核糖体一种细胞器，所以繁殖只在宿主细胞中进行 ④蓝细菌没有叶绿体就不能进行光合作用 ⑤细菌含有2种核酸，有些细菌的遗传物质是RNA A. 1项 B. 2项 C. 3项 D. 4项 2. 苹果含有微量元素Zn，而Zn是构成与记忆力息息相关的物质不可缺少的元素，儿童缺锌会导致大脑发育不良，因此苹果又被称为“记忆之果”。这说明无机盐离子（　　） A. 对维持酸碱平衡有重要作用 B. 对维持细胞形态有重要作用 C. 对调节细胞内的渗透压有重要作用 D. 对维持生物体的生命活动有重要作用 3. 大豆种子含有丰富的植物蛋白、脂肪和磷脂等物质，被称为“豆中之王”。下列说法错误的是（ ） A. 大豆种子晒干过程中，自由水/结合水的值降低 B. 合成大豆蛋白时产生的水中的氢来自氨基和羧基 C. 大豆脂肪主要含有饱和脂肪酸，是良好的储能物质 D. 大豆磷脂由甘油、脂肪酸、磷酸及其他衍生物结合而成 4. 某多肽有30个氨基酸，其中含天门冬氨酸4个，分别位于第5、6、15、30位（见图）；肽酶X专门作用于天门冬氨酸羧基端的肽键，肽酶Y专门作用于天门冬氨酸氨基端的肽键，下列相关叙述不正确的是 A. 该30肽含有肽键29个 B. 该30肽至少含游离的氨基和羧基各为1个和5个 C. 肽酶X完全作用后产生的多肽共含有氨基酸29个 D. 肽酶Y完全作用后产生的多肽中氧原子数目比30肽多了4个 5. 每年3月22日为世界水日，图示为细胞中水的存在形式及其作用。下列叙述错误的（ ） A. 甲的含义是“组成细胞的结构”，大豆种子的结合水相对含量比花生种子多 B. 若乙的含义是“反应物”，则可以参与细胞中的一些化学反应过程 C. 水分子之间形成的氢键易被破坏，也易形成，因此水是细胞内良好的溶剂 D. 冬季来临，结合水/自由水的比例增大，细胞代谢水平减弱、抗逆性增强 6. 当你在跑步机上狂奔了几十分钟，或者酣畅淋漓地打了一场篮球后，会感觉口渴，想喝水。专家给出的建议是喝些淡盐水。以下关于水和无机盐在人体细胞中的作用正确的是（ ） A. 由于水的作用，使得细胞内温度变化比较缓和 B. 水在生物体内，不作为物质运输的主要介质 C. 血浆中的H2PO4-作为原料参与油脂的合成 D. 哺乳动物血液中Ca2＋的含量过低，不会出现问题 7. 下列有关水的叙述中，完全正确的是（ ） ①水是细胞内某些代谢的反应物和产物 ②参与运输营养物质和代谢废物的水为结合水 ③晒干后的种子，微生物不易繁殖 ④由于水分子间氢键的存在，水的温度容易改变 ⑤自由水与结合水的比例因细胞的种类不同而不同 ⑥水在细胞中的形式和功能是一成不变的 A. ①②④⑤ B. ①③⑤ C. ②③④⑤ D. ③④⑤⑥ 8. 维生素D3是维生素D的一种，可从牛奶、鱼肝油等食物中获取，也可在阳光下由皮肤中的7-脱氢胆固醇转化而来。维生素D3活化（无生物活性转化为有生物活性）后可促进小肠和肾小管等部位对钙的吸收。研究发现，肾脏合和释放的羟化酶可以促进维生素D3的活化。下列叙述错误的是（ ） A. 维生素D属于脂质，脂质中只有磷脂是构成细胞膜的成分 B. 细胞中的维生素D和胆固醇均属于固醇类物质 C. 肾功能下降可能导致机体出现骨质疏松、抽搐等症状 D. 肾功能障碍时，补充维生素D3不能有效缓解血钙浓度下降 9. 经测定，某多肽分子式是C21HxOyN4S2。已知该多肽是由下列氨基酸中的几种为原料合成的，苯丙氨酸（C9H11O2N）、天冬氨酸（C4H7O4N）、丙氨酸（C3H7O2N）、亮氨酸（C6H13O2N）、半胱氨酸（C3H7O2NS）。下列有关该多肽链的叙述错误的是（　　） A. 该肽链是三肽化合物 B. 水解后能产生3种氨基酸 C. 氢原子数和氧原子数分别是32和5 D. 在核糖体上形成时相对分子质量减少了54 10. 一多肽链分子式为，彻底水解后，只得到下列四种氨基酸。请分析推算，该多肽水解后得到的赖氨酸个数为（　　） A. p+q+1 B. q-p +1 C. p-q-1 D. p-q+1 11. 一条由15个氨基酸组成的多肽链，分子式为C74H113N19O26S．这条多肽链经水解后的产物中有5种氨基酸：半胱氨酸（C3H7NO2S）、丙氨酸（C3H7NO2）、天冬氨酸（C4H7NO4）、赖氨酸（C6H14N2O2）、苯丙氨酸（C9H11NO2）。则水解产物中丙氨酸个数分别是（　　） A. 1 B. 2 C. 3 D. 以上都不对 12. 图示为组成人体细胞的主要元素及其比例。下列相关叙述错误的是（ ） A. 图中所示的元素在非生物界都可以找到 B. 图示为细胞鲜重中主要的元素所占比例 C. 在细胞干重中，C所占的比例最大 D. 图中O的含量最多，O是构成人体的最基本元素 13. 物质种类的概念图如下，下列选项中a、b、c所代表的物质可能是（ ） A. a—糖类、b—二糖、c—几丁质 B. a—原核生物、b—蓝细菌、c—发菜 C. a—系统、b—生命系统、c—病毒 D. a—脂质、b—固醇、c—磷脂 14. 某生物兴趣小组利用显微镜观察洋葱鳞片叶内表皮细胞。图一为部分操作步骤示意图，图二为观察到的视野。下列说法错误的是（　　） A. 图一③对光成功的标志是出现明亮的圆形视野 B. 图二制作临时装片时，可使用适量的蒸馏水或清水 C. 图二⑥表示气泡，气泡是制作临时装片时盖盖玻片操作不当引起的 D. 图一显微镜操作的正确顺序为①②④③ 15. 下列有关糖类和脂质的叙述，正确的是（　　） A. 性激素属于脂肪类物质，可调节生殖器官的发育和生殖细胞形成 B. 人体摄入过多糖类可大量转化为脂肪，脂肪也可大量转化为糖类 C. 等量的糖原和脂肪彻底氧化分解，脂肪耗氧量更大、释放能量也更多 D. 动物细胞内储存能量的多糖和脂质，均能在缺氧条件下快速分解供能 16. 水是生命的介质。科学家在土卫六上收集到液态氨，这让土卫六成为太阳系中最有可能存在非水基生命的候选星球。下列支持液态氨能代替水作为生命介质的理由中正确的是（ ） A. 液态氨之间可形成氢键，氢键易断裂易形成，所以液态氨是良好的溶剂 B. 液态氨的比热容比水分子大，因此有利于维持生命系统的稳定性 C. 液态氨分子一端带正电荷一端带负电荷，因此它的温度相对不容易改变 D. 液态氨有极性，带电荷的分子都容易与它结合，所以它具有流动性 二、非选择题：本题共5小题，共52分。 17. 蛋白水解酶分内切酶和外切酶2种，外切酶专门作用于肽链末端的肽键，内切酶则作用于肽链内部特定区域，若蛋白酶1作用于苯丙氨酸（C9H11NO2）两侧的肽键，蛋白酶2作用于赖氨酸（C6H14N2O2）氨基端的肽键，某四十九肽经酶1和酶2作用后的情况如图 （1）若蛋白外切酶处理该多肽，则会得到______个氨基酸。 （2）短肽A、B、C中的氧原子总数比四十九肽中的氧原子数少______个。 （3）该四十九肽第______号位为赖氨酸，而苯丙氨酸存在于第______号位上。 （4）若通过酶切等方法确定某多肽由甘氨酸C2H5O2N，丙氨酸C3H7O2N，半胱氨酸C3H7O2NS三种氨基酸脱水缩合而成，称取此多肽415g，完全水解得到氨基酸505g，已知组成此多肽的氨基酸的平均相对分子质量100。则一分子此多肽由______个氨基酸脱水缩合而成。 18. 生酮饮食是非常流行的减肥方法，该方法采用极低糖、中蛋白质、高脂肪的饮食结构（某日食谱如下表），目的是让身体通过“燃烧”储存的脂肪实现有效减肥。 食谱 早餐 牛油果、鸡蛋 午餐 香煎三文鱼、炒西蓝花 晚餐 香煎五花肉、无糖酸奶 （1）人体中，绝大多数糖类以________形式存在。生酮饮食因极低的糖类摄入导致人体血糖低于正常范围时，________不能及时产生葡萄糖补充，从而促进脂肪的分解，达到减肥效果。 （2）人体摄入的脂质在血液中的运输需要________的参与。俗话说“发胖容易减肥难”，从糖类和脂肪的相互转化的角度分析，糖类和脂质可以相互转化。血液中的多余的葡萄糖可以合成_________储存，也可以转变成______和某些_________。糖类在供应______的情况下，可以大量转化为脂肪；脂肪一般只在糖类代谢发生_________，引起供能不足时，才会分解供能，而且不能_______转化为糖类。 （3）人体不能直接消化吸收西兰花细胞中的纤维素，因为人体细胞_____（能/不能）合成纤维素酶，纤维素在人体内作为_____________，促进________。 19. 生命活动的进行离不开能量，糖类和脂肪是重要的能源物质。这一规律在种子萌发和人体运动中都得到了体现。 情境一：蓖麻种子的胚乳呈白色，脂肪含量占种子总质量的 70%。为探究该植物种子萌发过程中的物质变化，某研究小组将种子置于温度、水分、通气等条件均适宜的黑暗环境中培养，定期检查萌发种子（含幼苗）的脂肪、蔗糖、葡萄糖的含量和干重变化，结果如下图甲、乙所示。回答下列问题。 （1）据图甲分析，2～8 天脂肪含量下降而蔗糖、葡萄糖含量上升的原因可能是_____。据图甲、图乙可知，导致种子萌发初期干重增加的主要元素是_____。 （2）图甲中的糖类，_____能够被水解，_____具有还原性。蓖麻种子中，一定还含有_____这种多糖。 （3）为了观察蓖麻种子中的脂肪，可选用_____对种子切片进行染色，实验中还需要用到体积分数为 50%的_____，其作用是_____。 情境二： 运动需要消耗能量，糖类和脂肪均可以为运动提供能量。不同强度运动时，人体供能物质的比例不同，糖类和脂肪的供能比例如图丙所示。 （4）当细胞生命活动消耗了能量，人体血液中葡萄糖含量低于正常时，_____便分解产生葡萄糖及时补充。 （5）如图所示，若某人要进行减脂，在运动量一定的前提下则建议其进行低强度运动，原因是_____。 （6）当进行 M 点对应强度运动时，人体消耗的脂肪和糖类的质量是否一样？_____（填“一样”或“不一样”），原因是相同质量的脂肪中_____。 20. 血红蛋白（HbA）由1个珠蛋白和4个血红素（血红素中心为1个铁原子）组成，每个珠蛋白包括 4 条多肽链，其中α、β链各2条，α链含有141个氨基酸、β链含有146个氨基酸。图1是血红蛋白的四级结构示意图，图2是图1中β链氨基端的氨基酸序列。回答下列问题 ： （1）组成血红蛋白的化学元素至少包含________，其基本组成单位的结构通式是________。 （2）蛋白质形成过程中，脱去的水分子中的 H 来自________________（填基团名称）。图中肽链盘曲过程中一共形成了3个二硫键（—S—S—，由两个—SH 脱去两个 H 形成），若组成血红蛋白的氨基酸平均分子质量为 a，则血红蛋白的分子量约为_________（不考虑血红素的分子量）。 （3）血红蛋白不适合做蛋白质的鉴定材料，原因是__________________________________。 （4）肌红蛋白是由 153 个氨基酸分子构成的一条肽链盘绕一个血红素辅基形成，血红素辅基和肽链间不发生脱水缩合，图2、图3分别为血红素辅基、肽链结构。 ①血红蛋白与肌红蛋白两种蛋白质分子的主要功能有相似性，科学家分析可能是两者的空间结构相似且都含血红素辅基，以上体现了生物学的________观点。 ②由图推知，肌红蛋白至少含有________个肽键，至少含有________个游离的羧基。 ③某种肽酶能专门水解位于第 26、71、72、99、153 位氨基酸羧基端的肽键（图乙），则该肽酶完全作用于该肽链后的产物有________种，这些产物中的所有多肽链与原肽链相比，氧原子数目________________（填“增加”或“减少”或“不变”）（各氨基酸的 R 基中不含有氧原子）。 21. 下图1表示某油料植物的种子成熟过程中脂肪、淀粉和可溶性糖含量的变化。将种子置于温度、水分（蒸馏水），通气等条件适宜的黑暗环境中培养，定期检测萌发种子（含幼苗）的干重，结果如图2所示： （1）据图1可知，该油料种子成熟过程中各有机物的主要变化是_________________________________。 （2）结合图1分析，图2中在7d之前，导致该油料种子萌发初期干重增加的主要元素是_______元素。7~10d该油料种子的干重又呈现下降趋势的原因可能是__________________________________。 （3）在某地区种植的冬小麦经常出现白苗病。观点一认为是土壤中缺锌引起的，理由是锌是许多酶的活化剂，缺锌导致叶绿素合成有关酶的活性降低，使叶片失绿；观点二认为是土壤中缺镁引起的，理由是镁是构成叶绿素的元素。有同学利用三组长势相同的冬小麦幼苗完成下列实验，探究哪种观点正确。 组别 培养液 实验处理 观察指标 A 完全培养液 相同且适宜条件下培育相同的一段时间 幼苗的生长发育状况 B 缺锌培养液 C 缺镁培养液 ①预测实验结果与结论： A组的冬小麦幼苗正常生长；若B组冬小麦幼苗表现出白苗病，而C组正常生长，则观点一正确； 若B组和C组冬小麦幼苗分别表现出____________________________，则观点二正确； 若B组和C组冬小麦幼苗分别表现出____________________________，则观点一和观点二都不正确； 若B、C两组冬小麦幼苗都表现为白苗病，则说明冬小麦白苗病与缺锌和缺镁都有关。 ②若实验证明冬小麦白苗病是由缺锌引起的，从科学研究的严谨角度出发，进一步证明该观点正确，还应增加的实验步骤是____________________________________________。增加步骤后预期的实验结果是___________________________________________。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 河南省信阳高级中学新校（贤岭校区） 2026-2027学年高一上期10月测试（一） 生物试题 一、选择题；本题共16个小题，每小题3分，共48分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 1. 下列关于真核生物，原核生物和病毒的叙述中有几项正确（ ） ①乳酸菌、青霉菌、蘑菇都属于原核生物 ②乳酸菌、酵母菌都含有核糖体和DNA ③T2噬菌体因为只有核糖体一种细胞器，所以繁殖只在宿主细胞中进行 ④蓝细菌没有叶绿体就不能进行光合作用 ⑤细菌含有2种核酸，有些细菌的遗传物质是RNA A. 1项 B. 2项 C. 3项 D. 4项 【答案】A 【解析】 【分析】原核生物没有由核膜包被的细胞核，也没有染色体，但有环状的DNA分子，位于细胞内特定的区域，这个区域叫作拟核，唯一具有的细胞器是核糖体。真核生物有由核膜包被的细胞核。 【详解】①乳酸菌、青霉菌是细菌属于原核生物，蘑菇是真菌属于真核生物，①错误； ②乳酸菌原核生物、酵母菌真核生物，它们都含有核糖体和DNA，②正确； ③T2噬菌体属于病毒，病毒没有细胞结构，必须寄生在活细胞中繁殖，③错误； ④蓝细菌没有叶绿体，但含有叶绿素和藻蓝素能进行光合作用，④错误； ⑤细菌含有DNA和RNA2种核酸，但细菌的遗传物质是DNA，⑤错误； A正确，BCD错误。 故选A。 2. 苹果含有微量元素Zn，而Zn是构成与记忆力息息相关的物质不可缺少的元素，儿童缺锌会导致大脑发育不良，因此苹果又被称为“记忆之果”。这说明无机盐离子（　　） A. 对维持酸碱平衡有重要作用 B. 对维持细胞形态有重要作用 C. 对调节细胞内的渗透压有重要作用 D. 对维持生物体的生命活动有重要作用 【答案】D 【解析】 【分析】细胞中大多数无机盐以离子的形式存在；有许多无机盐对于维持细胞和生物体的生命活动有重要作用：血液中钙离子含量过低会引起抽搐，一些无机盐例子（HCO3-）维持细胞的酸碱平衡非常重要；Na+、Cl-对调节细胞内渗透压，维持细胞形态有重要作用；有些无机盐可以构成细胞中重要化合物的组成成分：Mg是叶绿素的组成成分；Fe是血红蛋白的组成成分。 【详解】由题意知，锌是构成与记忆力息息相关的物质不可缺少的元素，儿童缺锌就会导致大脑发育不良，这说明无机盐对于维持生物体的生命活动有重要作用。综上所述，D正确，ABC错误。 故选D。 3. 大豆种子含有丰富的植物蛋白、脂肪和磷脂等物质，被称为“豆中之王”。下列说法错误的是（ ） A. 大豆种子晒干过程中，自由水/结合水的值降低 B. 合成大豆蛋白时产生的水中的氢来自氨基和羧基 C. 大豆脂肪主要含有饱和脂肪酸，是良好的储能物质 D. 大豆磷脂由甘油、脂肪酸、磷酸及其他衍生物结合而成 【答案】C 【解析】 【分析】自由水和结合水 自由水 结合水 概念 细胞中绝大多数水以游离的形式存在，可以自由流动 与细胞内的其他物质相结合的水 作用 细胞内良好的溶剂；参与许多生化反应；为细胞提供液体环境；运输营养物质和代谢废物 是细胞结构的重要组成成分 新陈代谢变化 自由水/结合水增大时，代谢增强 自由水/结合水减小时，抗性增强 【详解】A、自由水是能自由流动，以游离状态存在的水；结合水是与其他物质结合在一起的水。大豆种子晒干过程中，失去的是自由水，因此自由水/结合水的值降低，A正确。 B、合成大豆蛋白时产生水，其中的氢来自氨基和羧基，氧来自羧基，B正确； C、植物脂肪大多含有不饱和脂肪酸，在室温时呈液态，如大豆油、花生油等；动物脂肪大多含有饱和脂肪酸，室温时呈固态，C错误； D、磷脂与脂肪的不同之处在于甘油的一个羟基不是与脂肪酸结合成酯，而是与磷酸及其衍生物结合，因此大豆磷脂由甘油、脂肪酸、磷酸及其衍生物结合而成，D正确。 故选C。 4. 某多肽有30个氨基酸，其中含天门冬氨酸4个，分别位于第5、6、15、30位（见图）；肽酶X专门作用于天门冬氨酸羧基端的肽键，肽酶Y专门作用于天门冬氨酸氨基端的肽键，下列相关叙述不正确的是 A. 该30肽含有肽键29个 B. 该30肽至少含游离的氨基和羧基各为1个和5个 C. 肽酶X完全作用后产生的多肽共含有氨基酸29个 D. 肽酶Y完全作用后产生的多肽中氧原子数目比30肽多了4个 【答案】D 【解析】 【详解】A、该30肽含有肽键数=氨基酸数-肽链数=30-1=29个，A正确； B、由题图可知，每个天门冬氨酸的R基中含1个游离的羧基（不含氨基），其它氨基酸的R基中也可能含有游离的氨基或羧基，因此该30肽至少含有游离的氨基=肽链数=1个、至少含有游离的羧基=肽链数+四个天门冬氨酸的R基中含有的羧基=1+4=5个，B正确； C、肽酶X专门作用于天门冬氨酸羧基端的肽键，肽酶X完全作用该多肽链后，多肽中的第6位天门冬氨酸会脱离多肽链，即肽酶X完全作用后产生的多肽共由30-1=29个氨基酸构成，C正确； D、肽酶Y专门作用于天门冬氨酸氨基端的肽键，肽酶Y完全作用该多肽链后，共断开4个肽键（分别位于第4和5、5和6、14和15、29和30位氨基酸之间），其中的第5位和第30位天门冬氨基酸会脱离肽链，每断开一个肽键（消耗1分子水）增加1个氧原子，故增加4个氧原子，又因为第5位和第20位天门冬氨酸的脱离（每个天门冬基酸中含有4个氧原子），共减少8个氧原子，由于4＜8，所以肽酶Y完全作用后产生的多肽中，氧原子数目比30肽少8-4=4个，D错误。 故选D。 5. 每年3月22日为世界水日，图示为细胞中水的存在形式及其作用。下列叙述错误的（ ） A. 甲的含义是“组成细胞的结构”，大豆种子的结合水相对含量比花生种子多 B. 若乙的含义是“反应物”，则可以参与细胞中的一些化学反应过程 C. 水分子之间形成的氢键易被破坏，也易形成，因此水是细胞内良好的溶剂 D. 冬季来临，结合水/自由水的比例增大，细胞代谢水平减弱、抗逆性增强 【答案】C 【解析】 【详解】A、由图分析可知，甲是指结合水的功能， 甲的含义是“组成细胞的结构”，结合水主要是水与蛋白质、多糖等物质结合，大豆种子中含有较多的蛋白质，花生种子中含有较多的脂肪，脂肪具有疏水性，所以大豆种子的结合水相对含量比花生种子多，A正确； B、乙是自由水的功能之一，若乙的含义是“反应物”，则可以参与细胞中的一些化学反应过程，如水的光解，B正确； C、水分子之间形成的氢键易被破坏，也易形成，使水在常温下能够维持液体状态；而水之所以是细胞内的良好溶剂，是由于水是极性分子，带有正电荷或负电荷的分子（或离子）都容易与水结合，C错误； D、冬季来临，结合水/自由水的比例增大，细胞代谢水平减弱、抗逆性增强，有利于度过不良环境，D正确。 故选C。 6. 当你在跑步机上狂奔了几十分钟，或者酣畅淋漓地打了一场篮球后，会感觉口渴，想喝水。专家给出的建议是喝些淡盐水。以下关于水和无机盐在人体细胞中的作用正确的是（ ） A. 由于水的作用，使得细胞内温度变化比较缓和 B. 水在生物体内，不作为物质运输的主要介质 C. 血浆中的H2PO4-作为原料参与油脂的合成 D. 哺乳动物血液中Ca2＋的含量过低，不会出现问题 【答案】A 【解析】 【分析】 无机盐主要以离子的形式存在，其生理作用有： ①细胞中某些复杂化合物的重要组成成分；如Fe2+是血红蛋白的主要成分；Mg2+是叶绿素的必要成分； ②维持细胞的生命活动，如钙离子可调节肌肉收缩和血液凝固，血钙过高会造成肌无力，血钙过低会引起抽搐； ③维持细胞的酸碱平衡和细胞的形态。 【详解】A、由于水分子间的氢键，使得细胞中的水具有缓和温度变化的作用，A正确； B、自由水可以流动，水是生物体内物质运输的主要介质，可运输营养物质和代谢废物，B错误； C、血浆中的H2PO4-作为缓冲物质，油脂（脂肪）只含有C、H、O三种元素，所以不需要H2PO4-作为原料参与油脂的合成，C错误； D、哺乳动物血液中Ca2＋的含量过低，会出现肌肉抽搐，D错误。 故选A。 7. 下列有关水的叙述中，完全正确的是（ ） ①水是细胞内某些代谢的反应物和产物 ②参与运输营养物质和代谢废物的水为结合水 ③晒干后的种子，微生物不易繁殖 ④由于水分子间氢键的存在，水的温度容易改变 ⑤自由水与结合水的比例因细胞的种类不同而不同 ⑥水在细胞中的形式和功能是一成不变的 A. ①②④⑤ B. ①③⑤ C. ②③④⑤ D. ③④⑤⑥ 【答案】B 【解析】 【分析】1、自由水：细胞中绝大部分以自由水形式存在的，可以自由流动的水。其主要功能：（1）细胞内的良好溶剂；（2）细胞内的生化反应需要水的参与；（3）多细胞生物体的绝大部分细胞必须浸润在以水为基础的液体环境中；（4）运送营养物质和新陈代谢中产生的废物。 2、结合水：细胞内的一部分与其他物质相结合的水，它是组成细胞结构的重要成分。 3、代谢旺盛的细胞中，自由水所占比例增加，若细胞中结合水所占比例增大，有利于抵抗不良环境（高温、干旱、寒冷等）。 4、不同生物体内含水量不同，同一生物不同器官含水量不同，同一生物不同发育阶段含水量不同。 【详解】①细胞中的自由水是可以流动的，因而可以作为细胞内某些代谢的反应物和产物，如水既是有氧呼吸的反应物，也是产物，①正确； ②参与运输营养物质和代谢废物的水为自由水，②错误； ③种子晒干后含水量少，不利于微生物的生长繁殖，③正确； ④由于水分子中氢键的存在，水的比热容较大，使水的温度相对不容易发生改变，④错误； ⑤自由水与结合水的比例因细胞种类及细胞的生命活动状态不同而不同，⑤正确； ⑥自由水和结合水可以相互转化，在细胞中的功能不是一成不变的，⑥错误； 综上所述，B正确，ACD错误。 故选B。 8. 维生素D3是维生素D的一种，可从牛奶、鱼肝油等食物中获取，也可在阳光下由皮肤中的7-脱氢胆固醇转化而来。维生素D3活化（无生物活性转化为有生物活性）后可促进小肠和肾小管等部位对钙的吸收。研究发现，肾脏合和释放的羟化酶可以促进维生素D3的活化。下列叙述错误的是（ ） A. 维生素D属于脂质，脂质中只有磷脂是构成细胞膜的成分 B. 细胞中的维生素D和胆固醇均属于固醇类物质 C. 肾功能下降可能导致机体出现骨质疏松、抽搐等症状 D. 肾功能障碍时，补充维生素D3不能有效缓解血钙浓度下降 【答案】A 【解析】 【详解】A、维生素D属于脂质中的固醇类，正确；但脂质中除磷脂外，胆固醇也是构成动物细胞膜的重要成分，因此“只有磷脂”错误，A错误； B、固醇类物质包括胆固醇、维生素D和性激素，维生素D和胆固醇均属于此类，B正确； C、肾功能下降导致羟化酶减少，维生素D3活化受阻，钙吸收减少，血钙降低引发抽搐，同时骨钙释放可能导致骨质疏松，C正确； D、肾功能障碍时羟化酶不足，补充的维生素D3无法被活化，无法促进钙吸收，故无法有效缓解血钙下降，D正确。 故选A。 9. 经测定，某多肽分子式是C21HxOyN4S2。已知该多肽是由下列氨基酸中的几种为原料合成的，苯丙氨酸（C9H11O2N）、天冬氨酸（C4H7O4N）、丙氨酸（C3H7O2N）、亮氨酸（C6H13O2N）、半胱氨酸（C3H7O2NS）。下列有关该多肽链的叙述错误的是（　　） A. 该肽链是三肽化合物 B. 水解后能产生3种氨基酸 C. 氢原子数和氧原子数分别是32和5 D. 在核糖体上形成时相对分子质量减少了54 【答案】A 【解析】 【分析】依据分子式中N为4个，题干中给出的几种氨基酸都只含有一个N，可得出由4个氨基酸组成，为四肽；再分析S的数目为2个，可得出4个氨基酸中有2个是半胱氨酸(C3H7O2NS)；再结合C原子数目为21个，减去6个C原子(2个半胱氨酸)，剩余15个C原子，由于1个苯丙氨酸含有9个C原子，1个天冬氨酸含有4个C原子，1个亮氨酸含有6个C原子，可得出另两个氨基酸为苯丙氨酸和亮氨酸。 【详解】A、题干中给出的几种氨基酸都只含有一个N，因此分子式为C21HxOyN4S2的多肽是由4个氨基酸脱水缩合形成的四肽，A错误； B、该化合物中含有2个S，因此该多肽中含有2个半胱氨酸，所以该四肽化合物水解后能产生3种氨基酸，B正确； C、由分析可知该化合物由2个半胱氨酸、1个苯丙氨酸和1个亮氨酸组成，其分子式为C21H32O5N4S2，其中H原子数和O原子数分别是32和5，C正确； D、4个氨基酸脱水缩合反应形成了3分子水，相对分子质量减少了54，D正确。 故选A。 10. 一多肽链分子式为，彻底水解后，只得到下列四种氨基酸。请分析推算，该多肽水解后得到的赖氨酸个数为（　　） A. p+q+1 B. q-p +1 C. p-q-1 D. p-q+1 【答案】B 【解析】 【详解】分析水解所得的四种氨基酸：这四种氨基酸都只含有一个羧基，两个氧原子，因此可以根据氧原子数目进行计算。假设水解得到的氨基酸个数为n，则该多肽合成时脱去的水分子数目为n-1。根据氧原子数目进行计算，该多肽中氧原子数目=氨基酸数目×2-脱去的水分子数×1=2n-（n-1）=p，可计算出n=p-1。这四种氨基酸中，只有赖氨酸的 R 基含有一个氨基（-NH₂），其他氨基酸的 R 基都不含氨基。设该多肽由n 个氨基酸脱水缩合而成，脱去的水分子数为n−1。多肽中的 N 原子总数q = 氨基酸的氨基总数（不包括 R 基） + R 基中的 N 原子数。氨基酸的氨基总数（不包括 R 基）= n（每个氨基酸主链含 1 个氨基），而 R 基中的 N 原子数就是赖氨酸的个数（设为x）。所以：q=n+x，结合前面计算出的n=p-1，x即赖氨酸的个数为q-p +1，B正确，ACD错误。 故选B。 11. 一条由15个氨基酸组成的多肽链，分子式为C74H113N19O26S．这条多肽链经水解后的产物中有5种氨基酸：半胱氨酸（C3H7NO2S）、丙氨酸（C3H7NO2）、天冬氨酸（C4H7NO4）、赖氨酸（C6H14N2O2）、苯丙氨酸（C9H11NO2）。则水解产物中丙氨酸个数分别是（　　） A. 1 B. 2 C. 3 D. 以上都不对 【答案】C 【解析】 【分析】 分析题干信息：由15个氨基酸组成、分子式为C74H113N19O26S的多肽链经过水解后所得的5种氨基酸为：半胱氨酸（C3H7NO2S）、丙氨酸（C3H7NO2）、天冬氨酸（C4H7NO4）、赖氨酸（C6H14N2O2）、苯丙氨酸（C9H11NO2）中，只有赖氨酸含有2个氮原子（其它4种氨基酸均含1个氮原子）、只有天冬氨酸含有4个氧原子（其它4种氨基酸均含2个氧原子）。 【详解】根据水解产物中只有半胱氨酸中含1个S原子，根据多肽链分子式可说明半胱氨酸含有1个；设该多肽（十五肽）中含有赖氨酸α个，根据氮原子数=各氨基酸中氮原子总数，可得2α+（15-α）=19，解得α=4个；设该多肽（十五肽）中含有天（门）冬氨酸β个，根据氧原子数=各氨基酸中氧原子总数一脱去水分子数，可得4β+（15-β）×2-（15-1）=26，解得β=5，最后设该多肽中含苯丙氨酸和丙氨酸个数分别是x、y个，根据C和N原子守恒可列式：3+3y+4×5+6×4+9x=74，x+y+1+4×2+5=19，解得x=2，y=3，即C正确，ABD错误。 故选C。 12. 图示为组成人体细胞的主要元素及其比例。下列相关叙述错误的是（ ） A. 图中所示的元素在非生物界都可以找到 B. 图示为细胞鲜重中主要的元素所占比例 C. 在细胞干重中，C所占的比例最大 D. 图中O的含量最多，O是构成人体的最基本元素 【答案】D 【解析】 【详解】A、组成生物体的元素在非生物界都可以找到，没有一种元素是生物特有的，体现了生物界与非生物界的统一性，A正确； B、细胞鲜重中含量最多的化合物是水，因此氧元素占比最高，与图中O占65%的比例相符，故图示为细胞鲜重中元素的比例，B正确； C、细胞干重中水分被去除，有机物占比最高，C是构成有机物的核心元素，因此干重中C所占比例最大，C正确； D、图中O含量最多是因为细胞鲜重中水的含量高，而C是构成生物大分子碳链骨架的核心元素，C才是构成人体的最基本元素，D错误。 13. 物质种类的概念图如下，下列选项中a、b、c所代表的物质可能是（ ） A. a—糖类、b—二糖、c—几丁质 B. a—原核生物、b—蓝细菌、c—发菜 C. a—系统、b—生命系统、c—病毒 D. a—脂质、b—固醇、c—磷脂 【答案】B 【解析】 【详解】A、糖类分为单糖、二糖、多糖，几丁质属于多糖，不属于二糖，不满足b包含c的关系，A错误； B、原核生物包含蓝细菌、细菌、支原体等类群，发菜属于蓝细菌的一种，符合a包含b、b包含c的逐层包含关系，B正确； C、生命系统属于系统的一类，但病毒没有细胞结构，不属于生命系统的结构层次，不满足b包含c的关系，C错误； D、脂质包括脂肪、磷脂、固醇三类，磷脂和固醇是并列关系，并非固醇包含磷脂，不满足b包含c的关系，D错误。 14. 某生物兴趣小组利用显微镜观察洋葱鳞片叶内表皮细胞。图一为部分操作步骤示意图，图二为观察到的视野。下列说法错误的是（　　） A. 图一③对光成功的标志是出现明亮的圆形视野 B. 图二制作临时装片时，可使用适量的蒸馏水或清水 C. 图二⑥表示气泡，气泡是制作临时装片时盖盖玻片操作不当引起的 D. 图一显微镜操作的正确顺序为①②④③ 【答案】D 【解析】 【详解】A、显微镜对光操作完成的标志是目镜内观察到明亮的圆形视野，A正确； B、洋葱鳞片叶内表皮细胞为植物细胞，有细胞壁的支持和保护，制作临时装片时滴加清水或蒸馏水，细胞不会吸水涨破，B正确； C、图二中⑥呈现边缘黑、内部透亮的特征，属于气泡，通常是盖盖玻片操作时，未将盖玻片一侧先接触液滴再缓缓放平导致的，C正确； D、显微镜的正确操作顺序为：先对光（③），再安放装片（①），之后下降镜筒至接近装片（②，操作时眼睛注视物镜避免压碎玻片），最后上升镜筒调焦观察（④，操作时眼睛注视目镜），即正确顺序为③①②④，D错误。 15. 下列有关糖类和脂质的叙述，正确的是（　　） A. 性激素属于脂肪类物质，可调节生殖器官的发育和生殖细胞形成 B. 人体摄入过多糖类可大量转化为脂肪，脂肪也可大量转化为糖类 C. 等量的糖原和脂肪彻底氧化分解，脂肪耗氧量更大、释放能量也更多 D. 动物细胞内储存能量的多糖和脂质，均能在缺氧条件下快速分解供能 【答案】C 【解析】 【详解】A、性激素属于脂质中的固醇类，可调节生殖器官的发育和生殖细胞形成，A错误； B、人体摄入过多糖类可大量转化为脂肪，但脂肪不能大量转化为糖类，仅在糖类代谢障碍、供能不足时少量转化，B错误； C、脂肪的C、H元素比例远高于糖原，O元素比例更低，等量的糖原和脂肪彻底氧化分解时，脂肪需要结合更多的氧气，同时释放更多能量，C正确； D、动物细胞内储存能量的多糖是糖原，可在缺氧条件下通过无氧呼吸快速分解供能；储存能量的脂质是脂肪，脂肪氧化分解需要消耗大量氧气，无法在缺氧条件下快速分解供能，D错误。 16. 水是生命的介质。科学家在土卫六上收集到液态氨，这让土卫六成为太阳系中最有可能存在非水基生命的候选星球。下列支持液态氨能代替水作为生命介质的理由中正确的是（ ） A. 液态氨之间可形成氢键，氢键易断裂易形成，所以液态氨是良好的溶剂 B. 液态氨的比热容比水分子大，因此有利于维持生命系统的稳定性 C. 液态氨分子一端带正电荷一端带负电荷，因此它的温度相对不容易改变 D. 液态氨有极性，带电荷的分子都容易与它结合，所以它具有流动性 【答案】B 【解析】 【详解】A、液态氨是良好溶剂的原因是其为极性分子，易与带正电荷或负电荷的分子结合，A错误； B、比热容大的物质吸收或释放相同热量时温度变化幅度更小，有利于维持生命系统温度的相对稳定，符合生命介质的要求，B正确； C、液态氨分子一端带正电一端带负电说明其为极性分子，这是其作为良好溶剂的原因，温度不易改变是比热容大的特点，二者无因果关系，C错误； D、液态氨有极性、易结合带电荷分子是其作为良好溶剂的原因，流动性与分子间氢键易断裂、可重新形成，分子能相对移动有关，二者无因果关系，D错误。 二、非选择题：本题共5小题，共52分。 17. 蛋白水解酶分内切酶和外切酶2种，外切酶专门作用于肽链末端的肽键，内切酶则作用于肽链内部特定区域，若蛋白酶1作用于苯丙氨酸（C9H11NO2）两侧的肽键，蛋白酶2作用于赖氨酸（C6H14N2O2）氨基端的肽键，某四十九肽经酶1和酶2作用后的情况如图 （1）若蛋白外切酶处理该多肽，则会得到______个氨基酸。 （2）短肽A、B、C中的氧原子总数比四十九肽中的氧原子数少______个。 （3）该四十九肽第______号位为赖氨酸，而苯丙氨酸存在于第______号位上。 （4）若通过酶切等方法确定某多肽由甘氨酸C2H5O2N，丙氨酸C3H7O2N，半胱氨酸C3H7O2NS三种氨基酸脱水缩合而成，称取此多肽415g，完全水解得到氨基酸505g，已知组成此多肽的氨基酸的平均相对分子质量100。则一分子此多肽由______个氨基酸脱水缩合而成。 【答案】（1）49 （2）1 （3） ①. 22、49 ②. 17、31、32 （4）101 【解析】 【分析】分析题图：图示是某四十九肽经酶1和酶2作用后的情况，其中酶1作用于苯丙氨酸（C9H11NO2）两侧的肽键，经酶1处理后，形成1-16、18-30、33-49三个片段，说明第17、31和32位为苯丙氨酸；酶2作用于赖氨酸（C6H14N2O2）氨基端的肽键，经酶2处理后，形成1-21、23-48两个片段，说明第22和49位为赖氨酸。 【小问1详解】 该多肽由49个氨基酸组成的，外切酶是专门作用于肽链末端的肽键，因此若用蛋白外切酶处理该多肽，会得到49个氨基酸。 【小问2详解】 由分析可知，蛋白酶1作用于苯丙氨酸两侧的肽键后，形成的短肽A、B、C中，肽键减少了5个，相当于增加了5个水分子，即增加了5个氧，而苯丙氨酸减少了3个，即脱掉了三个羧基，减少了6个氧，所以短肽A、B、C比四十九肽的氧原子数少1个。 【小问3详解】 蛋白酶1作用于苯丙氨酸两侧的肽键，蛋白酶2作用于赖氨酸氨基端的肽键，根据形成的D、E肽链上的氨基酸的编号可知，该四十九肽只有第22、49号位为赖氨酸，而苯丙氨酸存在于第17、31、32号位上。 【小问4详解】 假设一分子多肽由X个氨基酸组成，则505∶415=100X∶[100X-18（X-1）]，解得X=101。 【点睛】熟知蛋白质的合成--氨基酸脱水缩合过程是解答本题的关键，正确辨析图中的相关信息是解答本题的前提，掌握其中的相关计算，能运用其延伸规律结合图中信息准确答题是解答本题的另一关键。 18. 生酮饮食是非常流行的减肥方法，该方法采用极低糖、中蛋白质、高脂肪的饮食结构（某日食谱如下表），目的是让身体通过“燃烧”储存的脂肪实现有效减肥。 食谱 早餐 牛油果、鸡蛋 午餐 香煎三文鱼、炒西蓝花 晚餐 香煎五花肉、无糖酸奶 （1）人体中，绝大多数糖类以________形式存在。生酮饮食因极低的糖类摄入导致人体血糖低于正常范围时，________不能及时产生葡萄糖补充，从而促进脂肪的分解，达到减肥效果。 （2）人体摄入的脂质在血液中的运输需要________的参与。俗话说“发胖容易减肥难”，从糖类和脂肪的相互转化的角度分析，糖类和脂质可以相互转化。血液中的多余的葡萄糖可以合成_________储存，也可以转变成______和某些_________。糖类在供应______的情况下，可以大量转化为脂肪；脂肪一般只在糖类代谢发生_________，引起供能不足时，才会分解供能，而且不能_______转化为糖类。 （3）人体不能直接消化吸收西兰花细胞中的纤维素，因为人体细胞_____（能/不能）合成纤维素酶，纤维素在人体内作为_____________，促进________。 【答案】（1） ①. 多糖 ②. 肝糖原 （2） ①. 胆固醇 ②. 糖原 ③. 脂肪 ④. 氨基酸 ⑤. 充足 ⑥. 障碍 ⑦. 大量 （3） ①. 不能 ②. 膳食纤维 ③. 肠道蠕动 【解析】 【小问1详解】 生物体内绝大多数糖类以多糖形式存在，人体的多糖以糖原为主。血糖调节中，只有肝糖原可以分解为葡萄糖补充血糖，生酮饮食糖分摄入极低，肝糖原储备不足无法及时升血糖，会启动脂肪分解供能。 【小问2详解】 脂质不溶于水，在血液中运输时需要胆固醇参与。糖类和脂质的转化规律为：多余葡萄糖优先合成糖原储存，仍有富余可转化为脂肪和部分非必需氨基酸；糖类供应充足时可大量转化为脂肪，但脂肪仅在糖类代谢障碍、供能不足时才分解供能，且脂肪分解产生的脂肪酸无法转化为糖类，因此不能大量转化为糖类。 【小问3详解】 酶具有专一性，人体没有编码纤维素酶的基因，无法合成纤维素酶，因此不能消化纤维素。纤维素属于膳食纤维，可促进胃肠道蠕动和排空，有助于维持肠道健康。 19. 生命活动的进行离不开能量，糖类和脂肪是重要的能源物质。这一规律在种子萌发和人体运动中都得到了体现。 情境一：蓖麻种子的胚乳呈白色，脂肪含量占种子总质量的 70%。为探究该植物种子萌发过程中的物质变化，某研究小组将种子置于温度、水分、通气等条件均适宜的黑暗环境中培养，定期检查萌发种子（含幼苗）的脂肪、蔗糖、葡萄糖的含量和干重变化，结果如下图甲、乙所示。回答下列问题。 （1）据图甲分析，2～8 天脂肪含量下降而蔗糖、葡萄糖含量上升的原因可能是_____。据图甲、图乙可知，导致种子萌发初期干重增加的主要元素是_____。 （2）图甲中的糖类，_____能够被水解，_____具有还原性。蓖麻种子中，一定还含有_____这种多糖。 （3）为了观察蓖麻种子中的脂肪，可选用_____对种子切片进行染色，实验中还需要用到体积分数为 50%的_____，其作用是_____。 情境二： 运动需要消耗能量，糖类和脂肪均可以为运动提供能量。不同强度运动时，人体供能物质的比例不同，糖类和脂肪的供能比例如图丙所示。 （4）当细胞生命活动消耗了能量，人体血液中葡萄糖含量低于正常时，_____便分解产生葡萄糖及时补充。 （5）如图所示，若某人要进行减脂，在运动量一定的前提下则建议其进行低强度运动，原因是_____。 （6）当进行 M 点对应强度运动时，人体消耗的脂肪和糖类的质量是否一样？_____（填“一样”或“不一样”），原因是相同质量的脂肪中_____。 【答案】（1） ①. 种子萌发过程中，脂肪转化为蔗糖、葡萄糖 ②. O （2） ①. 蔗糖 ②. 葡萄糖 ③. 纤维素 （3） ①. 苏丹III染液 ②. 酒精 ③. 洗去浮色； （4）肝糖原 （5）脂肪在进行低强度运动时分解的多 （6） ①. 不一样 ②. 含氢较高，氧化释放的能量较多（储存和释放的能量更多） 【解析】 【分析】 【小问1详解】 图甲为蓖麻种子萌发过程中的物质变化，萌发过程中胚乳组织中的脂肪含量下降，葡萄糖、蔗糖含量上升，可见萌发过程中胚乳组织中的脂肪酶催化脂肪水解成甘油、脂肪酸，然后再转变为葡萄糖、蔗糖作为胚生长和呼吸消耗的原料。图乙曲线中看出，在前7天种子的干重在增加，这说明脂肪在不断转变成糖类等其他形式的有机物，糖类物质中O含量大于脂肪，因此导致种子干重增加的主要元素是氧元素。 【小问2详解】 图甲中蔗糖是二糖，可以被水解，葡萄糖是单糖，不能被水解，其中葡萄糖具有还原性，可用斐林试剂进行检测。蓖麻种子是植物种子，一定含有纤维素这种多糖。 【小问3详解】 常用苏丹Ⅲ染液检测脂肪，该过程中常用50%的酒精洗去浮色，便于观察。 【小问4详解】 当细胞生命活动消耗了能量，人体血液中葡萄糖含量低于正常时，肝糖原可以分解为葡萄糖，及时补充血液中葡萄糖含量，维持血糖平衡。 【小问5详解】 据图丙可知，由于在低强度运动时，脂肪分解较葡萄糖多，若某人要进行减脂，在运动量一定的前提下则建议其进行低强度运动。 【小问6详解】 由于脂肪含氢较高，氧化释放的能量较多（储存和释放的能量更多），所以当进行 M 点对应强度运动时，人体消耗的脂肪和糖类的质量不一样。 20. 血红蛋白（HbA）由1个珠蛋白和4个血红素（血红素中心为1个铁原子）组成，每个珠蛋白包括 4 条多肽链，其中α、β链各2条，α链含有141个氨基酸、β链含有146个氨基酸。图1是血红蛋白的四级结构示意图，图2是图1中β链氨基端的氨基酸序列。回答下列问题 ： （1）组成血红蛋白的化学元素至少包含________，其基本组成单位的结构通式是________。 （2）蛋白质形成过程中，脱去的水分子中的 H 来自________________（填基团名称）。图中肽链盘曲过程中一共形成了3个二硫键（—S—S—，由两个—SH 脱去两个 H 形成），若组成血红蛋白的氨基酸平均分子质量为 a，则血红蛋白的分子量约为_________（不考虑血红素的分子量）。 （3）血红蛋白不适合做蛋白质的鉴定材料，原因是__________________________________。 （4）肌红蛋白是由 153 个氨基酸分子构成的一条肽链盘绕一个血红素辅基形成，血红素辅基和肽链间不发生脱水缩合，图2、图3分别为血红素辅基、肽链结构。 ①血红蛋白与肌红蛋白两种蛋白质分子的主要功能有相似性，科学家分析可能是两者的空间结构相似且都含血红素辅基，以上体现了生物学的________观点。 ②由图推知，肌红蛋白至少含有________个肽键，至少含有________个游离的羧基。 ③某种肽酶能专门水解位于第 26、71、72、99、153 位氨基酸羧基端的肽键（图乙），则该肽酶完全作用于该肽链后的产物有________种，这些产物中的所有多肽链与原肽链相比，氧原子数目________________（填“增加”或“减少”或“不变”）（各氨基酸的 R 基中不含有氧原子）。 【答案】（1） ①. C、H、O、N、Fe ②. （2） ①. 氨基和羧基 ②. 574a-10266 （3）血红蛋白有颜色会干扰反应现象的观察 （4） ①. 结构与功能相适应 ②. 152 ③. 3 ④. 5 ⑤. 增加 【解析】 【小问1详解】 据题干信息和题图2可知，图2是图1中β链氨基端的氨基酸序列，故血红蛋白的化学元素至少包含C、H、O、N、Fe，其基本组成单位的结构通式： 。 【小问2详解】 在蛋白质形成过程中，氨基酸通过脱水缩合形成肽键，脱去的水分子中的H来源于氨基（-NH2）和羧基（-COOH ）。正常血红蛋白由2条α链(每条链由141个氨基酸组成)、2条β链(每条链由146个氨基酸组成)和血红素构成，其中含有的氨基酸数目为2×141+2×146=574，四条肽链合成过程中脱去的水分子为574-4=570，脱去的H原子数为2×3=6，故不考虑血红素的分子量，根据公式可知血红蛋白的分子量约为574a-570×18-6=574a-10266。 【小问3详解】 蛋白质和双缩脲剂反应生成紫色，由于血红蛋白有颜色，会干扰反应现象的观察，所以血红蛋白不适合做蛋白质的鉴定材料。 【小问4详解】 ①血红蛋白与肌红蛋白两种蛋白质分子的主要功能有相似性，科学家分析血红蛋白与肌红蛋白两种蛋白质分子可能因空间结构相似且都含血红素辅基而有相似功能，以上体现了生物学的结构与功能相适应的观点。 ②肌红蛋白是由153个氨基酸分子构成的一条肽链，肽键数=氨基酸数−肽链数=153−1=152个。已知肌红蛋白由一条肽链盘绕一个血红素辅基形成，血红素的结构中不含肽键，但有2个羧基，且血红素辅基和肽链间不发生脱水缩合，一条肽链的一端至少有1个游离的羧基，故肌红蛋白中至少有1+2=3个游离的羧基。 ③已知肌红蛋白的肽链由153个氨基酸脱水缩合形成，若某种肽酶能专门水解位于第26、71、72、99、153位氨基酸羧基端的肽键，则该肽酶完全作用于肽链后的产物有一个二十六肽、一个四十五肽、一个氨基酸、一个二十七肽、一个五十四肽，共5种；形成这些产物需要破坏4个肽键，需要4分子水，形成4个多肽，1个氨基酸，根据O原子守恒可知，153肽+4H2O→4条短肽+1个氨基酸（氨基酸的 R 基中不含有氧，故该氨基酸只含有2个O），故这些产物中的所有多肽链之和与原肽链相比，氧原子数目增加2个。 21. 下图1表示某油料植物的种子成熟过程中脂肪、淀粉和可溶性糖含量的变化。将种子置于温度、水分（蒸馏水），通气等条件适宜的黑暗环境中培养，定期检测萌发种子（含幼苗）的干重，结果如图2所示： （1）据图1可知，该油料种子成熟过程中各有机物的主要变化是_________________________________。 （2）结合图1分析，图2中在7d之前，导致该油料种子萌发初期干重增加的主要元素是_______元素。7~10d该油料种子的干重又呈现下降趋势的原因可能是__________________________________。 （3）在某地区种植的冬小麦经常出现白苗病。观点一认为是土壤中缺锌引起的，理由是锌是许多酶的活化剂，缺锌导致叶绿素合成有关酶的活性降低，使叶片失绿；观点二认为是土壤中缺镁引起的，理由是镁是构成叶绿素的元素。有同学利用三组长势相同的冬小麦幼苗完成下列实验，探究哪种观点正确。 组别 培养液 实验处理 观察指标 A 完全培养液 相同且适宜条件下培育相同的一段时间 幼苗的生长发育状况 B 缺锌培养液 C 缺镁培养液 ①预测实验结果与结论： A组的冬小麦幼苗正常生长；若B组冬小麦幼苗表现出白苗病，而C组正常生长，则观点一正确； 若B组和C组冬小麦幼苗分别表现出____________________________，则观点二正确； 若B组和C组冬小麦幼苗分别表现出____________________________，则观点一和观点二都不正确； 若B、C两组冬小麦幼苗都表现为白苗病，则说明冬小麦白苗病与缺锌和缺镁都有关。 ②若实验证明冬小麦白苗病是由缺锌引起的，从科学研究的严谨角度出发，进一步证明该观点正确，还应增加的实验步骤是____________________________________________。增加步骤后预期的实验结果是___________________________________________。 【答案】（1）脂肪含量升高，淀粉和可溶性糖含量下降 （2） ①. O ②. 植物呼吸作用消耗有机物 （3） ①. C组冬小麦幼苗表现出白苗病，而B组正常生长 ②. B、C组都正常生长 ③. 在已出现白苗病的B组内加入含锌的培养液 ④. B组冬小麦幼苗白苗病病症消失，恢复正常生长 【解析】 【小问1详解】 据图可知，种子成熟过程中脂肪含量升高，淀粉和可溶性糖含量下降。 【小问2详解】 油料种子萌发初期，脂肪转化为糖类。糖类氧含量高于脂肪，即转化过程O元素增加，故种子总干重增加；7~10d干重下降的原因是植物呼吸消耗有机物； 【小问3详解】 ①分析实验中的分组可知，A、B组进行对照，实验的自变量是培养液中是否缺锌，A、C组进行对照，实验的自变量是培养液中是否缺镁；若B组冬小麦幼苗正常生长，而C组冬小麦表现出白苗病，则可说明白苗的出现是由缺镁引起的，即观点二正确；若B、C两组冬小麦幼苗都正常生长，则观点一和观点二都不正确，说明白化苗的出现可能是其它因素引起的。 ②若实验证明冬小麦白苗病是由缺锌引起的，从科学研究的严谨角度出发，则应在B组冬小麦幼苗白苗病病症出现后，在培养液中加入适量锌盐，若培养一段时间后，白苗病症状消失，正常生长，则可证明白苗出现是缺锌引起的。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $