2026-2027学年高二上学期期中物理自编模拟一（山东日照适用）

高二上学期期中物理模拟一 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、单选题（每题3分，共24分） 1．2026年央视春节联欢晚会上，人形机器人与小朋友进行同台集群武术表演，机器人侧空翻、打醉拳、耍兵器、连续踢腿等节目惊艳了春晚舞台。下列说法中正确的是（     ） A．观众在观看人形机器人侧空翻时可以把机器人当成质点 B．人形机器人在空中表演侧空翻落地前，处于超重状态 C．人形机器人落地时设计屈膝动作，目的是减小地面的冲击力 D．人形机器人在表演侧空翻，在最高点时处于平衡状态 2．如图所示，，滑动变阻器总电阻为，按如图所示方式连接成电路，则下列说法正确的是（     ） A．A、B间电阻最小值为2.4 B．A、B间电阻最大值为2.4 C．A、B间电阻最小值为2.5 D．A、B间电阻最大值为2.5 3．国产高端芯片制造中的电子束曝光光刻设备，依靠高精度加速电场对阴极发射电子进行提速，形成高密度、定向稳定电子束，实现纳米级芯片图案刻蚀。工作时阴极逸出电子初速度近似为零，电子经过电压为U的加速电场加速后，形成截面积为S、单位体积电子数为N的均匀电子束。已知电子质量为m、电荷量大小为e，不考虑电子间相互作用。则离开加速电场后，电子束形成的电流为（     ） A． B． C． D． 4．下列关于欧姆表的使用和操作不正确的是（     ） A．若操作步骤规范，欧姆挡及指针位置如图甲、乙所示，则测量阻值为160 Ω B．用多用电表测量电阻R时，若红表笔插入正（＋）孔，则电流从红表笔流入 C．欧姆表欧姆调零后，用“×10”挡测量一个电阻的阻值，发现指针偏转角度极小，为了把电阻测得更准一些，应换用“×1”挡，重新调零后再测量 D．若用多用电表欧姆挡测量某晶体二极管，结果如图丙所示，由图丙可知该二极管的正极为A端 5．某同学将四个相同的小量程电流表（表头）分别正确改装成了量程为1 A和3 A两个电流表、，以及量程为3 V和15 V的两个电压表、。改装好后把它们按如图所示接法连入电路，则（     ） A．电流表的读数为0.8 A时，的读数也为0.8 A B．电流表满偏时，指针偏转到满刻度的 C．电压表半偏时，会满偏 D．电流表半偏时，电路中的总电流为2 A 6．水刀是公认的最科学、环保的清洁工具，水流以一定速度从枪口喷出，近距离垂直喷射物体表面。设圆柱形水流的直径为，水打到物体表面后以原速率的反弹。已知物体受到水的平均冲力大小为，水的密度为，重力加速度为，则水的流量（单位时间流出水的体积）为（     ） A． B． C． D． 7．如图所示，气球下面有一根长绳，气球和长绳的总质量为m1＝20 kg，长绳的下端刚好和水平面接触。一个质量为m2＝50 kg的人抓住大气球下方的绳，初始静止时人离地面的高度为h＝5 m。如果这个人开始沿长绳向下滑动，当他滑到长绳下端时，他离地面的高度是（可以把人看作质点）（     ） A．5 m B．3.6 m C．2.6 m D．8 m 8．位于淄博和广州的两位同学，分别探究了单摆周期和摆长的关系，然后通过网络交流实验数据，并用计算机绘制了图像、，如图甲所示。另外，淄博的同学还利用计算机绘制了、两个单摆的振动图像，如图乙所示。下列说法正确的是（     ） A．甲图中淄博的同学所测得的实验结果对应的是图线A B．甲图中图线A对应的所在位置的重力加速度大小为 C．由乙图可知，两单摆频率之比为 D．由乙图可知，时球振动方向沿轴正方向 二、多选题共16分，每题4分，选对但不全得2分） 9．利用电动机通过如图所示的电路提升重物，已知电源电动势，电源内阻，电阻，重物质量，当将重物固定时，电压表的示数为，当重物不固定，且电动机最后以稳定的速度匀速提升重物时，电压表的示数为，不计摩擦，取，下列说法正确的是（     ） A．电动机内部线圈的电阻为 B．稳定匀速提升重物时，流过电动机的电流为1A C．重物匀速上升时的速度为1.5m/s D．匀速提升重物时电动机的输入功率是2W 10．如图所示，电路中电表均可视为理想电表，闭合开关S后将滑动变阻器滑片向右滑动，下列结论正确的是 （     ） A．电流表A的示数减小 B．电压表示数减小，电压表示数减小 C．电源的输出功率一定增大 D．、分别为电压表、的示数， 11．2025年春节，我国产的烟花火遍全球，新的烟花研发设计层出不穷。现有某烟花筒的结构如图1所示，其工作原理为：点燃引线，引燃发射药燃烧发生爆炸，礼花弹获得一个竖直方向的初速度并同时点燃延期引线，当礼花弹到最高点时，延期引线点燃礼花弹并炸开形成漂亮的球状礼花。现假设礼花弹在最高点炸开成、两部分，速度均为水平方向。炸开后、的轨迹图如图2所示。忽略空气阻力的作用，则（　　） A．、两部分落地时的速度大小之比为 B．、两部分的初动能之比为 C．从炸开到两部分落地的过程中，、两部分所受重力冲量之比为 D．、两部分落地时的重力功率之比为 12．如图1所示，质量为M的物体乙静止在水平面上，质量为的物体甲位于物体乙的左侧，图2为两物体碰撞前后的速度v随时间t的变化规律，两物体碰撞的时间极短，忽略物体甲与水平面间的摩擦，重力加速度为．则下列说法正确的是（     ） A． B．物体乙与水平面间的动摩擦因数为0.1 C．该碰撞为弹性碰撞 D．碰前甲的动量小于碰后乙的动量 三、实验题（共14分，每空2分） 13．某同学欲做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验。已知所用小电珠的额定电压和额定功率分别为2.5V、1.2W，实验使用的直流电源的电动势为3.0V，内阻忽略不计，实验可供选择的器材规格如下： A．电流表（量程0～0.6A，内阻约5Ω） B．电流表（量程0～3A，内阻约0.1Ω） C．电压表（量程0～3V，内阻约3kΩ） D．电压表（量程0～15V，内阻约2kΩ） E．滑动变阻器（0～10Ω，额定电流1A） F．滑动变阻器（0～5000Ω，额定电流0.5A）请回答下列问题： (1)为了完成实验且尽可能减小实验误差，电流表应选择________，滑动变阻器应选择________（填写实验器材前的序号）。 (2)该研究性学习小组想进一步研究两电阻串联后的伏安特性曲线与单个电阻的伏安特性曲线的关系，于是找来两个电阻和，并测出和的伏安特性图线分别如图所示，将这两个电阻串联，然后接在电动势、内阻的电源上。 ①在答案纸上用实线画出、串联（作为一个整体）后的伏安特性曲线和该电源的图线________（保留作图痕迹，不需写作图步骤和理由）。 ②接通电路后，电阻消耗的功率________。（结果保留2位有效数字） 14．如图甲所示，让两个小球在斜槽末端碰撞来验证动量守恒定律。 (1)关于本实验，下列做法正确的是（     ）（填选项前的字母）。 A．实验前调节装置，使斜槽末端水平 B．选用两个半径不同的小球进行实验 C．小球每次必须从同一位置由静止释放 (2)图甲中点是小球抛出点在地面上的垂直投影，首先，将质量为的小球从斜槽上的S位置由静止释放，小球落到复写纸上，重复多次后把质量为的被碰小球置于斜槽末端，再将质量为的小球从S位置由静止释放，两球相碰，重复多次。分别确定平均落点，记为M、N和P（P为单独滑落时的平均落点，M为碰后滑落时的平均落点，N为碰后滑落时的平均落点）。 a．图乙为实验落点记录，用圆规画尽可能最小的圆把各个落点圈住，这个圆的圆心位置代表平均落点； b．分别测出点到平均落点的距离，记为、和。在误差允许范围内，若关系式________成立，即可验证碰撞前后动量守恒。 (3)若两球发生的是弹性碰撞，则、和满足关系式为________________。 四、解答题(共46分，15题8分，16题8分，17题14分，18题16分) 15．某同学组装一个多用电表，可选用的器材有：微安表头（量程100μA，内阻900Ω）；电阻箱R1（阻值范围0~999.9Ω）；电阻箱R2（阻值范围0~99999.9Ω）；导线若干.要求利用所给器材先组装一个量程为2.5mA的直流电流表，在此基础上再将它改装成量程为3V的直流电压表，组装好的多用电表有电流2.5mA和电压3V两档。则电阻箱R1、R2的阻值分别为多少？ 16．一轻质弹簧直立在地面上，其劲度系数为，弹簧的上端与盒子A连接在一起，盒子内装物体B，B的上、下表面恰与盒子接触，如图所示。A和B的质量，g取，不计阻力。先将A向上抬高使弹簧伸长后从静止释放，A和B一起沿竖直方向做简谐运动。已知弹簧的弹性势能取决于弹簧的形变大小，问： (1)盒子的振幅A是多少？ (2)盒子的最大速率是多少？ (3)当盒子振动到最低点时，A对B的支持力多大？ 17．如图所示，电源电动势、内阻，电阻，，滑动变阻器的最大阻值，电流表为理想电表，电动机的内阻，电容器的电容。滑动变阻器滑片滑至最左端，闭合开关和。 (1)电容器上带的电荷量； (2)当滑动变阻器接入电路的阻值多大时，电源输出的功率最大，求出此功率； (3)断开开关，调节滑动变阻器时，电源输出功率和问题（2）中功率相同，求此时电动机的输出功率。 18．如图所示，质量为m的物块B静止在水平面上P点，半径为r=2R的四分之一光滑圆弧体静止在光滑水平面上，圆弧面与水平面刚好在圆弧面的最低点C相切，质量为3m的小球A用长为L（未知）的轻绳连接于O点，O点正下方O′点固定一颗钉子，将轻绳水平拉直，由静止释放A，A运动到最低点时刚好与B沿水平方向发生弹性正碰，碰撞后A刚好绕钉子做半径为R的完整的圆周运动，B恰能运动到圆弧体的最高点D，B与Q点左侧水平面间的动摩擦因数为0.5，Q点右侧水平面光滑，开始时C点与Q点对齐，P、Q间距离s=37R，A、B可视为质点，重力加速度为g，求： (1)A、B碰撞后瞬间，A的速度大小； (2)细线长度L及圆弧体的质量； (3)若B在圆弧面上向上运动的时间为t，则B在圆弧面向上运动过程中，圆弧体运动的距离为多少。 试卷第2页（共8页） 试卷第1页（共8页） 学科网（北京）股份有限公司 《高二上学期期中考试模拟一》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C D A C D A B C CD AD 题号 11 12 答案 BC AD 1．C 【详解】A．研究机器人侧空翻动作时，机器人的形状、大小不能忽略，因此不能将机器人视为质点，故A错误； BD．机器人在空中落地前，忽略空气阻力时加速度等于重力加速度、方向向下，符合完全失重的定义，因此处于完全失重状态，故BD错误； C．根据动量定理 机器人落地过程的动量变化量是固定的，屈膝动作可以延长落地的缓冲时间，从而减小地面对机器人的冲击力，故C正确。 故选C。 2．D 【详解】AC．设滑片到变阻器上端的电阻为，可取0到6。图中两条支路电阻的数值依次为，，两支路并联，故与间的电阻为 配方得 该二次式的最小值在区间端点取得；滑片在上端时，在下端时，故AC错误； BD．由上式可知，当时平方项为零，，故B错误，D正确。 故选D。 3．A 【详解】电子初速度近似为0，加速过程中电场力做功等于动能增量，由动能定理得 解得 电流微观表达式为 解得，故选A。 4．C 【详解】A．如图甲所示选择开关旋转到欧姆挡倍率“×10”的位置，如图乙所示，指针指到，故测量阻值为，故A正确； B．黑色表笔连接欧姆表内部电源的正极，故用多用电表测量电阻R时，若红表笔插入正（＋）孔，则电流从红表笔流入，故B正确； C．欧姆表欧姆调零后，用“×10”挡测量一个电阻的阻值，发现指针偏转角度极小，说明电阻较大，为了把电阻测得更准一些，应换用“×100”挡，重新调零后再测量，故C错误； D．若用多用电表欧姆挡测量某晶体二极管，结果如图丙所示，左边图表示给二极管加的是反向电压，右图二极管加的是正向电压，因“-”极接内部电源的正极，则由图丙可知该二极管的正极为A端，故D正确。 选不正确的，故选C。 5．D 【详解】A．电流表与并联，两个表头两端的电压相等；四个表头完全相同（内阻相同），由欧姆定律可知流过两个表头的电流相等，两表指针偏转角始终相同。偏转角相同时，电流表的示数与量程成正比，量程为1A、量程为3A，则的读数应为读数的3倍；的读数为0.8A时，的读数为， A错误； B．电流表满偏时，流过其表头的电流为满偏电流；由A项分析可知，此时流过表头的电流也为，的指针也偏转到满刻度，而不是满刻度的，B错误； C．电压表与串联，流过两个表头的电流始终相等，两表指针偏转角相同。电压表半偏时，也半偏，不会满偏，C错误； D．电流表半偏时，其读数为 此时两表指针偏转角相同，的读数为 故电路中的总电流为，D正确。 故选D。 6．A 【详解】设入射水流的速度大小为，水柱的横截面积为，则 取内打到物体上的水为研究对象，这段水柱的体积为，因此其质量为 以入射水流方向为正方向，反弹后的速度为。近距离冲击过程中忽略重力的影响，由牛顿第三定律，物体对水的平均作用力大小为，方向与正方向相反。由动量定理得 代入水的质量并整理得 流量等于单位时间内流出的水的体积，故 联立以上各式得 故选A。 7．B 【详解】当人滑到长绳下端时，由竖直方向动量守恒得 则有m1h1－m2h2＝0 由几何关系h1＋h2＝h 解得， 所以他离地面的高度H＝h1≈3.6m 故选B。 8．C 【详解】A．根据单摆的周期公式可得 变形得 图线的斜率为 纬度越高重力加速度越大，淄博比广州纬度高，其重力加速度大，对应的斜率小，图线B的斜率小，则甲图中淄博的同学所测得的实验结果对应的是图线B，故A错误； B．甲图中图线A对应的斜率为 解得，故B错误； C．周期为完成一次全振动的时间，则 解得 则频率之比为，故C正确； D．由乙图可知，t=1s时b球振动方向沿y轴负方向，故D错误。 故选C。 9．CD 【详解】A．当将重物固定时，电压表的示数为5V，根据闭合电路欧姆定律有 代入题中数据有 解得 ，故A错误； B．稳定匀速提升重物时，电压表的示数为，流过电动机的电流为，故B错误； C．稳定匀速提升重物时，电动机输出功率 根据能量转化和守恒定律得 联立解得，故C正确； D．匀速提升重物时电动机的输入功率是，故D正确。 故选CD。 10．AD 【详解】A．滑片向右滑动，滑动变阻器接入电路的阻值增大，外电路总电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知总电流减小，即电流表A的示数减小，A正确； B．由，I减小则电压表示数减小； 路端电压，I减小则增大，电压表示数增大，B错误； C．由于外电阻与内阻r的大小关系未知，滑片移动过程中电源输出功率可能增大也可能减小，“一定增大”不成立，C错误； D．由，得 由，得 故，为定值，D正确。 故选AD。 11．BC 【详解】A．设炸开处距地面的高度为，两部分的初速度大小分别为、。两部分均做平抛运动，竖直方向均做自由落体运动，由可知，两部分从炸开到落地的时间均为。 水平方向有， 可得 两部分落地时的竖直速度大小均为，由速度合成可得落地速度大小分别为、 因此，A错误； B．设两部分的质量分别为、。礼花弹在最高点炸开前的速度为零，炸开过程中水平方向动量守恒，两部分的初速度方向相反，有 可得 由动能公式可得两部分的初动能之比为，B正确； C．两部分所受重力冲量的方向均竖直向下，大小分别为、 因此，C正确； D．两部分落地时的竖直速度相同，重力功率分别为、 因此，D错误。 故选BC。 12．AD 【详解】A．由图2可知，取水平向右为正方向，物体甲以的速度向右匀速运动，碰撞物体乙后瞬间，甲的速度变为， 之后物体甲继续做匀速直线运动，物体乙向右做匀减速运动，运动后停下，则 物块甲碰撞物体乙的过程中，由动量守恒得 解得，A正确； B．碰后物体乙向右做匀减速运动，由牛顿第二定律得 解得，B错误； C．碰撞前瞬间系统的总动能为 碰撞后瞬间系统的总动能为 故该碰撞为非弹性碰撞，C错误； D．碰前甲的动量 碰后乙的动量 故碰前甲的动量小于碰后乙的动量，D正确； 故选AD。 13．(1) A E (2) 1.1W（误差0.2W） 【详解】（1）[1][2]灯泡额定电流为，所以电流表应选A；灯泡额定电压是2.5V，电压表应选C；为方便实验操作，滑动变阻器接成分压电路，则应选阻值较小的E。 （2）①两电阻串联，总电阻R=R1+R2；同一电流下总电压等于两电阻两端电压之和，根据闭合电路的欧姆定律有：将R1+R2看成一个整体，它的伏安特性曲线如图，其两端电压U=E-Ir0，即，画出路端电压与电流的关系如图所示 ②从图象看：电源的U-I直线与整体的伏安特性曲线相交于（2.6V，1.42A），而从R2的伏安特性曲线可以看出：当电流I=1.42A时，R2两端电压U=0.78V，则电阻R2消耗的功率P=UI=1.42×0.78W=1.1W。 14．(1)AC (2) (3) 【详解】（1）A．斜槽末端应保持水平，使小球离开斜槽时速度沿水平方向，落点的水平距离才能与小球的水平速度成正比，故A正确； B．实验应选用半径相同的小球，使碰撞时两球球心处于同一水平面，碰撞条件保持一致，故B错误； C．每次从同一位置由静止释放小球，才能使碰撞前小球的速度相同，保证各次实验的初始条件一致，故C正确。 故选AC。 （2）以碰撞点在地面的竖直投影为原点，取水平方向向右为正，三个落点分别取多次实验的平均位置。小球从斜槽末端到地面的高度相同，三种情况下的平抛飞行时间均为。设碰撞前的速度为，碰撞后，的速度分别为，。由平抛运动水平方向的位移关系，三次实验满足，和。 碰撞前静止，取两球为系统，碰撞过程水平方向外力的冲量可忽略，由动量守恒定律得 将上述三个位移关系代入并约去共同的飞行时间，得到 因此，在误差允许范围内满足该关系即可验证碰撞前后的动量守恒。 （3）若碰撞为弹性碰撞，除动量守恒外还满足机械能守恒。结合前述动量守恒式整理得 由机械能守恒得 利用平方差公式联立两式，得到 同一飞行时间使水平距离与相应速度成正比，因此上式等价于 15． 【详解】【小题1】微安表头改装成电流表需要并联一个小电阻 改装后的电流表， 电流表改装成一个电压表应串联一个大电阻 16．(1) (2) (3) 【详解】（1）振子在平衡位置时，所受合力为零，设此时弹簧被压缩，根据平衡条件可得 解得 开始释放时振子处在最大位移处，故振幅为 （2）由于开始时弹簧的伸长量恰等于振子在平衡位置时弹簧的压缩量，故弹性势能相等。从开始到平衡位置，根据机械能守恒定律可得 解得 （3）根据简谐运动的对称性可知，当盒子振动到最低点时，弹簧的压缩量为 此时弹簧的弹力大小为 对整体，根据牛顿第二定律可得 解得 对B，根据牛顿第二定律可得 解得 17．(1) (2) (3) 【详解】（1）滑片在最左端时，滑动变阻器接入电路的阻值为，此时外电路总电阻 根据闭合电路欧姆定律 并联电路两个支路电阻相等，所以两端电压 电容器并联在两端，所以电容器上带的电荷量 （2）当时电源输出功率最大，即 解得 此时，代入数据得 （3）电源输出功率和问题（2）中功率相同，则有， 解得通过电流表的电流及电源路端电压依次为， 根据串并联电路规律可知，通过电动机的电流 电动机两端电压 此时电动机的输出功率为 18．(1) (2)， (3) 【详解】（1）A碰撞后刚好能绕钉子做半径为的完整圆周运动，在圆周最高点时重力提供向心力 得最高点速度 从碰撞后（圆周最低点）到圆周最高点过程，只有重力做功，机械能守恒 解得 （2）设A碰撞前瞬间速度为，A、B发生弹性正碰，满足动量守恒，可得 由机械能守恒，可得 代入，联立解得碰撞后B的速度 A从水平拉直释放到碰撞前下摆过程机械能守恒 结合弹性碰撞解得的 代入得 B从P点运动到Q点过程，由动能定理可得 代入数据解得B到达Q点的速度 B滑上光滑水平面上的圆弧体后，B与圆弧体组成的系统水平方向动量守恒，B到达圆弧最高点D时两者共速；又因为圆弧半径，B上升高度为，由水平动量守恒可得 由系统机械能守恒可得 代入数值解得圆弧体质量 （3）B和圆弧体组成的系统水平方向动量守恒，任意时刻水平方向平均动量守恒 两边对时间积累可得 整理可得 且B相对圆弧体的水平位移等于圆弧半径，即 联立解得 答案第8页（共9页） 答案第9页（共9页） 学科网（北京）股份有限公司 $