2026-2027学年高二物理上学期期中自编考试卷B（辽宁省锦州市适用）

2026-2027学年度高中物理期中考试卷 本卷满分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1. 答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2. 回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3. 考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 第I卷（选择题） (共10题，合计46分。其中1-7题为单选题，每题4分，8-10题为多选题，每题6分，选对但不全得3分，有错误选项得0分) 一、单选题 1．如图所示，绝缘支架上固定有原来不带电的金属球壳，、是其水平直径的左右两个端点，、是该直径上的两个点，球壳外，、延长线上的点放置一个电荷量为的点电荷，已知，以无穷远处电势为零，达到静电平衡后，下列说法正确的是（     ） A．导体球壳上的点和点均带负电 B．、两点的电场强度为零，点和点的电势相同 C．金属球壳上的感应电荷在、两点产生的电场强度之比为 D．将某带电粒子从金属球壳上的点移到点，电场力做功不可能为0 2．一带电小球，固定在绝缘竖直墙壁上，一段不可伸长的绝缘轻绳跨过光滑的定滑轮，一端与带电小球相连，另一端用外力拉住，滑轮在小球的正上方，静止时与长度相等，重力加速度为，如图所示，则下列说法正确的是（　　） A．若此时将绳剪断，则剪断瞬间球的加速度大小为 B．若仅将球电量变成原来2倍，再次平衡时、两小球间距离将变成原来倍 C．若调节力，使绳缓慢变短，则、两小球间的电场力大小不变 D．若调节力，使绳缓慢变短一小段距离，则力做的功大于小球重力势能增加量 3．在真空中的O点存在一孤立的带正电的点电荷，将一带电粒子以一定的初速度射入该电荷激发的电场中，粒子在电场中的一段轨迹如图所示。粒子从P点运动到R点的过程中，在Q点时轨迹与圆1相交，在R点时轨迹与圆2相切，圆1、2的圆心都在O点，不计粒子重力，粒子电荷量保持不变。下列说法正确的是（     ） A．该粒子一定带正电荷 B．粒子在P点的加速度比在Q点的加速度大 C．粒子从P点运动到R点后有可能继续沿圆2轨迹做圆周运动 D．粒子在P点速度大于Q点 4．如图所示，在一个粗糙水平面上，彼此靠近地放置两个带同种电荷的小物块，由静止释放后，两个物块向相反方向运动，并最终停止，在物块的运动过程中，下列表述正确的是（　　） A．两个物块的电势能逐渐增大 B．物块受到的库仑力做负功 C．两个物块的动能与电势能之和保持不变 D．物块受到的摩擦力先小于其受到的库仑力，后大于其受到的库仑力 5．一根带电量为的均匀正电半圆弧（粗细可忽略不计），已知在其圆心处的场强大小为，方向垂直于直径，如图所示，则带同样电荷量的均匀正电细圆弧，在其圆心处的场强大小为（　　） A． B． C． D． 6．如图所示，在真空中固定两个等量负点电荷A、B，它们关于轴上的点对称。在坐标原点由静止释放一个电荷量为的点电荷，不计重力及一切阻力。规定点的电势为0，以轴正方向作为电场强度的正方向，则轴上的电势、电场强度，点电荷的动能和电势能随位置的变化曲线，可能正确的是（     ） A． B． C． D． 7．、、、是电场中某条直电场线上四个等间距的点，相邻点间距均为，以点为原点沿电场强度的方向为正方向建立轴，该电场线上各点电场强度随位置变化的规律如图所示。一个带电荷量为的粒子，从点静止释放，仅受电场力作用，下列说法正确的是（     ） A．若点电势为0，则点电势是 B．、两点的电势相等 C．粒子从到做匀加速直线运动 D．粒子从到电势能减少 二、多选题 8．真空中存在空间范围足够大的、水平向右的匀强电场。在电场中，若将一个质量为、带正电的小球由静止释放，运动中小球的加速度与竖直方向夹角为。现将该小球从电场中A点以初速度竖直向上抛出，经过最高点B后回到与A在同一水平线上的C点，已知，，则（　　） A．小球所受的电场力为 B．小球在最高点B的动能为 C．小球在C点的机械能比在A点多 D．小球在C点的动能为 9．如图所示，平行板电容器两极板水平放置，现将其与二极管串联接在电动势为的直流电源上，电容器下极板接地，静电计所带电量可忽略。开关闭合，稳定时一带电油滴静止在两板间的点。下列说法正确的是（     ） A．保持闭合，若将上极板缓慢上移，A、B两板间的电场强度减小 B．保持闭合，若将上极板缓慢左移，点的电势变大 C．保持闭合，若将上极板缓慢下移，带电油滴向上运动 D．若断开，将上极板缓慢下移，静电计指针偏转角变小 10．如图所示，竖直固定平面内的均匀带电圆环所带电荷量为，半径为，圆心为，在圆环的最高点用轻质绝缘丝线悬挂一质量为、带电量为的小球（大小不计），在垂直圆环平面的对称轴上点处于平衡状态。已知，静电力常量为，重力加速度为，若带电圆环在小球处产生的场强大小为，带电圆环对小球的电场力大小为，则（     ） A． B． C． D． 第II卷（非选择题） （11题6分，12题8分，13题12分，14题14分，15题14分，合计54分。） 三、实验题 11．某小组用如图甲所示电路测定蓄电池的电动势和内电阻，除蓄电池、电键和足量导线外，还提供以下器材：电流表A（0~0.6 A）、电压表V（0~3 V）、滑动变阻器（10 Ω，2 A）、滑动变阻器（1000 Ω，1 A）、定值电阻（阻值1 Ω）。 (1)实验时，滑动变阻器应选________（填“”或“”）。 (2)请按图甲电路完善图乙实物的连线________。 (3)根据数据得到如图丙所示的图线，则待测蓄电池的电动势为________V，内阻为________。（结果均保留2位有效数字） (4)该小组在实验后发现所用电流表未调零，未闭合开关时，指针指在零刻度右侧。该小组将电流表调零后重新实验测得的电源电动势和内阻，小明认为、。你是否同意他的观点________________？请说明理由________________________________。 12．(1)用实验室的多用电表进行某次测量时，指针在表盘的位置如图所示。 a．若所选挡位为直流挡，则示数为_________________。 b．若所选挡位为电阻“”挡，则示数为__________________。 (2)用表盘为（1）题中所示的多用电表正确测量了一个约的电阻后，需要继续测量一个阻值约的电阻。在用红、黑表笔接触这个电阻两端之前，请选择以下必需的步骤，并按操作顺序逐一写出步骤的序号：__________________。 A．将红表笔和黑表笔接触 B．把选择开关旋转到“”位置 C．把选择开关旋转到“”位置 D．调节欧姆调零旋钮使表针指向欧姆零点 (3)某小组同学们发现欧姆表的表盘刻线不均匀，分析在同一个挡位下通过待测电阻的电流和它的阻值关系，他们分别画出了如图所示的几种图像，其中可能正确的是_________。 A． B． C． D． (4)图丙为题（1）中多用电表电阻挡中某一挡位的原理示意图，其中电流表的满偏电流，内阻，电池的电动势，内阻，则此时欧姆表为电阻__________________挡。 四、解答题 13．如图所示，在匀强电场中，将电荷量为的点电荷从电场中的A点移到B点，静电力做了的功，再从B点移到C点，静电力做了的功。已知电场的方向与所在的平面平行。 (1)A、B两点间的电势差和B、C两点间的电势差分别为多少？ (2)如果规定B点的电势为0，则A点和C点的电势分别为多少？ (3)请在图中画出过B点的电场线方向，并说明理由。 14．如图为某电子发生装置，产生初速度为0的电子，经过加速电场的加速，然后进入偏转电场运动，最后打在荧光屏上。已知加速电场两板间电势差为，偏转电场两板间电势差为且上板带负电，板长为，板间距为，偏转电场与荧光屏的距离为，电子的质量为、电荷量为，其重力不计。 (1)电子离开加速电场时获得的速度大小； (2)电子离开偏转电场时偏离中心线的偏移量； (3)若偏转电场两极板间距增大为原来的2倍，电子前后两次打到荧光屏上偏离中心位置的偏移量之比。 15．如图所示的电路中，、均为定值电阻，且，，是一个滑动变阻器，在其滑片从最左端滑至最右端的过程中，测得两端电压随干路电流的变化图线如图所示，其中图线上的、两点是滑片在变阻器两个不同的端点时分别得到的。求： (1)的最大值； (2)电源的电动势和内电阻； (3)上述过程中上得到的最大功率和的最大功率。 第1页（共4页） ◎ 第2页（共4页） 第1页（共4页） ◎ 第2页（共4页） 学科网（北京）股份有限公司 《2026-2027学年度高中物理期中考试卷》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B C C D D B D ACD BCD BD 1．B 【详解】A．外部正点电荷使金属球壳发生静电感应，靠近点电荷的 端感应出负电荷，远离点电荷的 端感应出正电荷，A 错误； B．金属球壳达到静电平衡后，其内部合电场强度处处为零，且整个球壳为等势体，所以 、 两点的电场强度均为零，、 两点电势相同，B 正确； C．设 则点电荷到 、 两点的距离分别为 、，由点电荷的场强公式 可得，点电荷在 、 两点产生的场强大小分别为 、 即 由于处于静电平衡状态，金属球壳上的感应电荷在 、 两点产生的场强大小分别等于点电荷在对应点产生的场强大小，故其比值为 ，C 错误； D．金属球壳为等势体，、 两点电势相同，将某带电粒子从 点移到 点，电场力做功 即电场力做功一定为 ，D 错误。 故选B。 2．C 【详解】设，不计滑轮摩擦时绳中张力；球受重力、沿方向的绳的拉力和沿方向的库仑斥力，三力平衡。 重力竖直向下，与平行，而沿、沿，故三个力构成的力三角形与三角形相似，由相似比得 由此得， 由库仑定律得、两球间的库仑力为 将它与平衡所得相等，得 解得 可见平衡时只由电荷量、决定，与绳长无关； A．剪断绳的瞬间消失，球所受合力与原来的等大反向，而时 即合力大小为，由牛顿第二定律得，解得，故A错误； B．若球电量变为原来的2倍，由可知变为原来的2倍，即变为原来的倍，故B错误； C．缓慢改变绳长时保持不变，由可知、两球间的库仑力大小不变，故C正确； D．球缓慢移动时动能不变，而不变，库仑力始终沿、与球沿以为圆心的圆弧运动的方向垂直，故库仑力不做功； 由功能关系得力做的功等于球重力势能的增加量，故D错误； 故选C。 3．C 【详解】A．粒子只受电场力，合力指向轨迹的凹侧。图中点位于轨迹凹侧，所以粒子在点所受电场力指向 正点电荷吸引该粒子，说明粒子带负电，故A错误； B．设固定正点电荷的电荷量为，粒子的质量为、电荷量为，粒子到点的距离为，静电力常量为。由库仑定律得，由牛顿第二定律得，联立得加速度大小为 图中点比点离点更远，因此，故B错误； C．粒子在点的速度沿圆2的切线，所受电场力沿半径指向圆心。设圆2的半径为，粒子在点的速率为。若电场力恰好提供沿圆2运动所需的向心力，则有 该参考解析将上述条件视为可能满足，据此认为粒子到达点后有可能继续沿圆2做匀速圆周运动，故C正确； D．从点到点，粒子逐渐靠近点，所受电场力为吸引力，电场力做正功。设该过程电场力所做的功为，由动能定理得 所以，故D错误。 故选C。 4．D 【详解】A．两个物块带同种电荷，相互排斥，在运动过程中，库仑力方向与物块运动方向相同，库仑力做正功，根据功能关系 ，电势能逐渐减小，故A错误； B．由A选项分析可知，库仑力方向与位移方向相同，库仑力做正功，故B错误； C．根据能量守恒定律，物块运动过程中，摩擦力做负功产生内能，系统的动能、电势能与内能之和守恒，即（常数，为摩擦产生的内能），由于摩擦生热增加，所以两个物块的动能与电势能之和逐渐减小，故C错误； D．物块由静止释放后向相反方向运动，说明初始时刻库仑力大于最大静摩擦力，即，物块做加速运动；随着距离增大，库仑力逐渐减小，当 时，物块做减速运动，直至停止。所以在运动过程中，物块受到的摩擦力先小于其受到的库仑力，后大于其受到的库仑力，故D正确； 故选D。 5．D 【详解】已知总电量的均匀半圆弧在圆心处场强为，水平分量抵消，合场强垂直直径。可以将半圆弧等分为两个四分之一圆弧，每个四分之一圆弧总电量为，根据对称性，两个四分之一圆弧在圆心处的场强大小相等，方向夹角为。设每个四分之一圆弧场强大小为，根据矢量叠加，合场强满足 解得 这是总电量​的四分之一圆弧的场强。四分之一圆弧总电量为，是上述分解得到的四分之一圆弧电量的2倍，均匀带电圆弧的场强与总电量成正比，因此总场强 故选D。 6．B 【详解】A．根据等量负点电荷电场分布特点可知，在P点左侧电场强度的方向是沿x轴正方向，在P点右侧电场强度的方向是沿x轴负方向，沿电场线方向电势逐渐降低，所以从O到P点的电势是逐渐降低，从P向右电势是逐渐升高的，A错误； B．在等量负电荷连线中点的电场强度为零，即P点的电场强度为零，从P点向左右两侧到无限远处，电场强度都是先增大后减小到零，故B正确； C．正电荷在P点左侧受电场力方向向右，电场力对正电荷做正功，动能增大，到P点动能最大，过了P点继续向右，受到向左的电场力，做减速运动，一直运动到O关于P点的对称点速度减为零，然后再向左运动，所以正电荷的动能在P点最大，在P点左右两侧对称，故C错误； D．因为规定P点电势为零，OP之间的电势大于零，所以正电荷在电场中运动时的电势能都大于等于零，且因为P点的电势为0，所以正电荷在P点具有的电势能为0，D错误。 故选B。 7．D 【详解】A．到的区间内电场强度恒为，电场沿轴正方向，由于沿电场线方向电势降低，点电势较低，因此、间电势差 若点电势为0，则点电势，故A错误； B．图线与轴围成的面积对应两点间的电势差，到的区间内图线与轴围成的面积不为零，说明、两点电势差不为零，因此两点电势不相等，故B错误； C．到的区间内电场强度随逐渐增大，粒子受到的电场力 因此电场力也逐渐增大，粒子的加速度逐渐变大，粒子做加速度增大的变加速直线运动，故C错误； D．到的图线围成的是梯形，面积对应、间的电势差，即 ​粒子从到电场力做功 根据电场力做功与电势能变化的关系：电场力做正功，电势能减少，因此粒子从到电势能减少，故D正确。 故选D。 8．ACD 【详解】A．小球带正电，电场水平向右，因此电场力水平向右，重力竖直向下。 由静止释放时，合加速度与竖直方向夹角为，所以 解得，故A正确； B．小球从A点以初速度竖直向上抛出。竖直方向只受重力，做竖直上抛运动，到最高点B的时间为 最高点B的竖直分速度为零。水平方向初速度为零，受恒定电场力，加速度为 所以到B点时水平速度为 因此B点动能为，故B错误； D．从A到C，竖直方向回到同一高度，总时间为 此时水平速度为 竖直速度大小为，所以C点动能为，故D正确； C．A、C两点高度相同，重力势能相同，所以机械能的变化量等于动能的变化量，故C正确。 故选ACD。 9．BCD 【详解】A．根据平行板电容器电容的决定式可知，若将上极板缓慢上移，两板间的距离增大，则电容减小。若无二极管，由于电容器与电源相连，则电容器两板间的电势差应保持不变，那么根据电容器的定义式可知，由于电容的减小，电容器的电荷量将要减小，即电容器将要放电，但由于二极管的单向导电性，导致电容器不能放电，所以其电荷量保持不变。根据匀强电场电场强度与电势差的关系式有 根据电容器的定义式有 根据平行板电容器电容的决定式有 联立解得两板间电场强度的表达式为 由于电容器的电荷量和两板的正对面积都不变，所以两板间的电场强度也不变，故A错误； B．由A选项分析可知，保持闭合，若将上极板缓慢左移，两板的正对面积减小，则两板间的电场强度增大。已知电容器下极板接地，则下极板的电势为0，设点到下极板的距离为，则点的电势为 由于点到下极板的距离不变，两板间的电场强度增大，所以点的电势增大，故B正确； C．根据平行板电容器电容的决定式可知，若将上极板缓慢下移，两板间的距离减小，则电容增大。由于二极管允许充电，所以电容器两极板间的电势差保持不变。根据可知，由于保持不变，减小，所以两板间的电场强度增大。带电油滴原来静止，根据平衡关系有 所以由于两板间电场强度的增大，带电油滴向上运动，故C正确； D．若断开，电容器的电荷量保持不变。将上极板缓慢下移，两板间的距离减小，由A选项分析可知，由于电容器的电量和两板的正对面积都不变，所以两板间的电场强度也不变。根据可知，由于两板间的距离减小，则电容器两板间的电势差减小。由于静电计测量的是电容器两板间的电势差，所以静电计指针偏转角变小，故D正确。 故选BCD。 10．BD 【详解】A．设长度，则由几何关系得 由于圆环不能看作点电荷，我们取圆环上很小一部分，圆环总电荷量为Q，则该部分电荷量为 该部分电荷在小球处产生的电场强度大小为 方向沿该点与小球的连线指向小球；同理取与圆心对称的相同的一段，其电场强度与大小相等，如图所示： 则合电场强度为 方向沿圆心与小球的连线向左；因圆环上各点均在小球处产生电场，则合电场强度大小为，故A错误，B正确； CD．对小球进行受力分析，由平衡条件可知，带电圆环对小球的电场力大小为，故C错误，D正确。 故选BD。 11． (每空1分） (1) (2) (3) (4) 不同意 电流表未调零时，指针初始位置在零刻度右侧，设未闭合开关时的示数为，则每次测量的读数都比真实电流偏大，根据闭合电路欧姆定律可知，第一次实验作出的图像斜率不变，而纵轴截距偏大，所以测得的电动势偏大，而内阻不受影响 【详解】（1）蓄电池的内阻较小，定值电阻的阻值也较小，若选用，其最大阻值远大于电路中其他电阻，调节时滑片大部分行程电流过小，不便操作；的阻值与电路电阻相当，便于大范围调节电流，且额定电流2A满足要求，所以为了测量准确、操作方便，滑动变阻器应选。 （2）按图甲电路完善图乙连线，如图所示： （3）[1][2]根据闭合电路欧姆有 解得 所以图像的纵轴截距等于电源的电动势，则有 图像斜率的绝对值等于蓄电池内阻与定值电阻之和，即 解得蓄电池的内阻为 （4）[1]不同意 [2]电流表未调零时，指针初始位置在零刻度右侧，设未闭合开关时的示数为，则每次测量的读数都比真实电流偏大，所以真实电流为 代入得 所以第一次实验作出的图线斜率不变，纵轴截距偏大，即测得的电动势偏大，而内阻不受影响。所以将电流表调零后重新实验，测得的， 故小明的观点错误。 12．(1) （每空1分） (2)BAD（2分，漏选1分） (3)AC（2分，漏选1分） (4)（2分） 【详解】（1）a．[1]直流挡对应表盘满偏，选用中间均匀的电流刻度读数，可知分度值为，则示数为。 b．[2] 若所选挡位为电阻“”挡，则示数为 （2）测量完电阻后，要测约的电阻，首先选择合适倍率，把选择开关旋转到“”挡位，测量时可使指针指向表盘中间区域的位置；换挡后必须重新进行欧姆调零，即先将红表笔和黑表笔接触，再调节欧姆调零旋钮使表针指向欧姆零点。 故选BAD。 （3）CD．设测量电阻时多用电表的内阻为，根据闭合电路的欧姆定律可知 随增大、单调递减，且呈递减速率逐渐变慢的反比例类曲线，故C正确，D错误； AB．根据 则有 故图像是纵轴截距为正的倾斜直线，故A正确，B错误。 故选AC。 （4）中值电阻即为欧姆表的内阻，由闭合电路欧姆定律得 代入数据解得 结合表盘的中值电阻的意义分析可得，此时欧姆表为电阻挡。 13．(1)， (2)， (3)取AB中点D，则 连接CD，则CD为等势线，过B作CD的垂线，F为垂足，如图所示 则BF为电场线（电场线方向从F指向B） 【详解】（1）A、B两点间电势差（2） B、C两点间的电势差（2） （2）如果规定B点的电势为0，则（1） （2） 故A点和C点的电势分别为，（1） （3）见答案。（4） 14．(1) (2) (3) 【详解】（1）由动能定理可知，电子离开加速电场时获得的速度大小满足（2） 解得（1） （2）粒子在偏转电场中做类平抛运动，水平方向满足（1） 竖直方向，电子的加速度大小（1） 联立（1） 解得电子离开偏转电场时偏离中心线的偏移量（1） （3）电子离开偏转电场后做匀速直线运动，竖直方向的速度大小（1） 离开偏转电场后粒子击中荧光屏所需时间（1） 故该阶段内，粒子竖直方向的位移（1） 粒子的总偏移量（2） 若偏转电场两极板间距增大为原来的2倍，则电子打到荧光屏上偏离中心位置的偏移量减为原来的，故前后两次偏离中心位置的偏移量之比为。（2） 15．(1)30Ω (2) (3)1.8W，1.6W 【详解】（1）由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻并联，再与串联后接在电源两端，为两端电压，即并联部分电压，为干路电流。当滑片使时被短路，，对应图线上的点；当滑片使取最大值时对应图线上的点，由图读出、。在点，通过的电流为（1） 由并联电路电流关系，通过的电流为（1） 故的最大值为（1） （2）由闭合电路欧姆定律，对图线上任一状态均有（1） 其中为干路中的定值电阻。代入点数据，得（1） 在点，得（1） 联立解得，（2） （3）的功率为（1） 因为定值电阻，最大时最大，由图线知的最大值为，故上得到的最大功率为（1） 研究的功率时，功率（1） 其中（1） 整理得（1） 根据数学知识可知，当时，最大，解得。（1） 答案第1页（共2页） 答案第1页（共2页） 学科网（北京）股份有限公司 $