天津市第一0二中学2026-2027学年高一上学期10月月考物理试卷

2026-2027学年第一学期高一年级阶段检测物理试卷 一、单选题（每题5分，共40分) 1,中国古诗词优美、经典，同时也蕴含丰富的物理知识。下列关于古诗词的分析正确的是( A.“飞花两岸照船红，百里榆堤半日风”中的“船”相对于“百里榆堤”不能被视为质点 B.“两岸猿声啼不住，轻舟已过万重山”中研究“轻舟”在经过“万重山”间的路程时能被视为质点 C.“不疑行船动，唯看远树来中的诗人感觉“远树来”选取的是“树”为参考系 D.“空手把锄头，步行骑水牛：人从桥上过，桥流水不流”中的“桥流”选择的参考系是桥 2.一只蜜蜂和一辆汽车在平直公路上以同样大小的速度并列运动：如果这只蜜蜂眼睛盯着汽车车轮边缘上某一点， 那么它看到的这一点的运动轨迹是() .人人 3.甲、乙、丙三个物体同时同地出发做直线运动，它们的运动情况如图x1图像所示，在20s内，它们平均速度大 小分别为、、：它们在20s内的平均速率分别为、可、大小的关系是() 多 ◆x/m A.=么=丙，>可=可西 B.==,== C.n>2=,>可=西 D.=2=,>已>可丙 分 4.做匀加速直线运动的物体，下列情况一定存在的是() 20 A.在第1、2、3s内位移之比为1：3：5 B.如在第1、2s内位移分别为1m、2m,则第3s内位移是3m C.它的加速度是均匀增加的 D.相同时间内的平均速度是相同的 5.如图所示，一颗子弹水平向右飞行，恰好能够依次穿过竖直固定着的厚度相同的3块木块，子弹在木块中的运 动可以看做匀减速直线运动，下列分析正确的是( A.子弹进入每块木块前的速度之比：：%=3：2：1 vo. D 1 B.子弹依次穿过三块木块的时间之比4：2：4，=3：V2:1 23 7777777777777777777 C.改变木块的厚度，让子弹恰好穿过三块木块的时间相等，则三块木块的厚度之比：d2:d=9:4:1 D.改变木块的厚度，让子弹恰好穿过三块木块的时间相等，则子弹进入每块木块前的速度之比？：2：=3：2：1 6.一物体由静止开始沿直线运动，其加速度随时间变化的规律如图所示，取 a/(m-s2) 物体 试卷第1页（共4页） 3 4, t/s 开始运动的方向为正方向，则下列关于物体运动的v-1图像正确的是( 以(ms) 以(m.s) B 0 34t/s 34 t/s 4/(ms) v/(m-s) D 2 4 t/s t/s 7.如图，光滑斜面被等分成四段，AB=BC=CD=DE,若一物体从A点由静止开始沿斜面向下匀加速运动，则() A.物体通过每一段的时间之比为1：√2：√5：2 B.物体通过AE段的平均速度等于通过C点时的瞬时速度 C.物体通过B、C、D、E四点速度之比为1：√2：√3：2 D.物体通过AB、BC、CD、DE四段的平均速度之比为1：√2：√5：2 8.某斜面固定在水平地面上，一小球沿斜面向上做匀减速运动，运动过程中小球 依次经过A、B、C三点，最后恰好能到达最高点D,其中AB=12m,BC=8m,从A点运动到B点，从B点运动到 C点两个过程速度变化量都是-2m/s,下列说法正确的是( D A.小球到达A点速度大小为8m/s B.C、D两点间的距离为4.5m C.小球到达B点速度大小为10m/s D.小球从C点运动到D点的时间为2s 二、多选题（每题5分，共20分，选对得5分，少选得3分，错选或不选不得分) 9.如图所示为物体做且线运刃的图像，卜列况法止佣的定（ 个v21m2.s3 ↑皆ms 16 -2 →s 16x/m 丙 丁 A,甲图像中物体在t=0到，这段时间内的平均速度大于 B.乙图像中，阴影面积表示4，到，时间内物体的速度变化量 C.丙图像中，物体的加速度大小为1m/s2 D.丁图像中，t=5s时物体的速度为6m/s v/(m.s-) 复兴号 10.近期，我国高铁再传捷报，多项技术实现新突破， 72 和谐号 持续彰显“中国速度”的硬核实力。如图甲所示一辆和谐 60 试卷第2 82432 s 用 号动车正和一辆复兴号互相“追赶”。两车均做直线运动，其v-1图像如图乙所示，t=0时，两车车头并排，则下列 说法正确的是() A.和谐号的加速度大小为0.5m/s2,比复兴号的加速度大 B.图乙中复兴号的最大速度为78m/s C.在0到32s内，两车速度相等时车头相距最远 D.两车车头在32s末位移大小相等 11.在两条相邻平行的直公路上，分别有一辆自行车与汽车同向行驶，自行车在前，汽车在后，相距10米时汽车 开始刹车，它们的位移x(m)随时间t(s)变化的规律为：汽车为x=18t-22,自行车为x=61,则下列说法正确 的是( A.刹车后汽车做匀减速直线运动，初速度为18m/s,加速度为2m/s2 B.汽车能追上自行车，且两车共速时，汽车在自行车前面8m的地方 C.刹车后汽车和自行车第一次相遇时，汽车的速度为14m/s D.刹车后汽车和自行车两次相遇的时间分别是1s和5s 12.甲、乙两车在一平直道路上同向运动，其v-t图象如图所示，图中△OPQ和△OQT的面积分别为x1和x2（x2 >x1),初始时，甲车在乙车前方xo处.下列说法中正确的是( V 甲 A.若x0=x1,两车相遇1次 B.若X0<x1,两车相遇2次 C.若x0=X2,两车相遇1次 D.若x0=x2,两车不会相遇 三、解答题（13题13分，14题13分，15题14分) 13.如图1所示是公路上的一避险车道，车道表面是粗糙的碎石，其作用是供下坡的汽车在刹车失灵的情况下避险。 某次一辆重型货车避险过程可以简化为如图2所示的模型，货车在公路上行驶到A点时的速度y,=10m/s,货车行 驶到避险车道底端B点时的速度y2=15m/s,已知货车从A点开始直至在避险车道上C点停止运动的总路程为85m, 下坡时为匀加速直线运动，上坡时为匀减速运动，货车行驶在避险车道上时的加速度大小是下坡时加速度大小的5 倍，假设货车从下坡车道进入避险车道时的速度大小不变。求： (1)货车在公路AB段运动的平均速度大小： (2)货车在下坡时的加速度a和避险车道上的加速度a2: (3)货车从A点运动到C点的总时间t。 B 图1 图2 14.冰壶运动是冬奥会比赛项目之一，冰壶比赛是在水平冰面上进行的体育项目，比赛场地示意如图。比赛时，运 动员从起滑架处推着冰壶出发，在投掷线AB处放手让冰壶以一定的速度滑出，使冰壶的停止位置尽量靠近营垒区 试卷第3页（共4页） 的圆心O。为使冰壶滑行得更远，运动员可以用毛刷擦冰壶运行前方的冰面，减小冰壶与冰面间的动摩擦因数以达 到减小运动时加速度的目的。在某次训练中，已知投掷线AB与营垒区圆心O的距离L=30m,不擦冰面时冰壶运动 时的加速度大小恒为a=0.08m/s2,用毛刷擦冰面后冰壶运动时的加速度大小恒为a,=0.04m/s2,运动员使冰壶c (可看作质点)在投掷线中点处以。（未知）的速度沿虚线滑出做直线运动。求： A长 -30m C 目 -0.0。。-, 个 起滑架 投掷线 营垒区 (1)若运动员不进行擦冰，冰壶离圆心O点5m处停下来，则冰壶在投掷线中点处速度的大小： (2)若这次投出后冰壶C沿虚线恰好到达圆心O点，则运动员应在离圆心O点多远的位置用毛刷持续擦冰面。 15.2012年11月，“歼-15”舰载机在“辽宁号”航空母舰上成功起降，标志着中国航母元年的到来。假设某航母的飞 行跑道长L=160m,舰载机发动机产生的最大加速度a=5m/s2,舰载机所需的起飞速度为v=50m/s。舰载机在航母 跑道上起飞的过程可以简化为匀加速直线运动。 ()若航母静止，请通过计算判断，舰载机能否靠自身的发动机从舰上起飞？ (2)若航母静止，为了使舰载机安全起飞，弹射装置给舰载机的初速度至少为多大？ (3)若航母沿舰载机起飞的方向以某一速度匀速航行，为了使舰载机安全起飞，航母匀速运动的速度至少为多大？ 试卷第4页（共4页） 《2026-2027学年第一学期高一年级阶段检测物理试卷》参考答案 题号 2 3 6 8 9 10 答案 B A A B D A C B BD BC 题号 11 12 答案 BC ABD 1.B 【详解】A.“船”相对于“百里榆堤”的大小可以忽略，可以被视为质点，故A错误： B.“轻舟”在经过“万重山”间的路程时大小对问题研究的影响可以忽略，可以被视为质点，故B正确： C.以行船为参照物，诗人相对行船处于静止状态，远处的树和行船之间的位置不断发生变化，感觉树是 运动的，所以诗句中“远树来”所选择的参考系是行船，故C错误： D.“桥流水不流中的“桥流研究对象是桥，以水为参考系，桥的位置发生了变化，则桥是运动的，故D 错误。 故选B。 2.A 【详解】因为蜜蜂与汽车速度大小相等且它们并列运动，以汽车为参照物，蜜蜂相对于汽车位置不变，它 们在水平方向上相对静止，车轮边缘的点相对于车做圆周运动，运动轨迹是圆，因蜜蜂相对于车静止，所 以蜜蜂看到的车轮边缘上的点的运动轨迹是圆。 故选A。 3.A 【详解】由图可知，0~20s内，三个物体的位移相同，但甲的路程较大，乙、丙两物体路程相等，由于平 均速度等于位移与时间的比值，平均速率等于路程与时间的比值，所以==丙，昂>= 故选A。 4.B 【详解】A.初速度为零，才有在第1、2、3s内位移之比为1：3：5，故A错误： B.根据 △x=aT2 知 x3-x2=X2-七 可得如在第1、2s内位移分别为1m、2m,则第3s内位移是3m,故B正确： C.匀加速直线运动的物体加速度不变，故C错误： 答案第1页（共8页） D.匀加速直线运动相等的时间内的位移越来越大，所以平均速度越来越大，故D错误。 故选B。 5.D 【详解】A,设木块的厚度均为d,子弹的加速度大小为α。将子弹的匀减速直线运动逆向看作是初速度为 零的匀加速直线运动，根据v2=2ax 可得v=√2m 所以子弹进入每块木块前的速度之比为y:y2:y,=V2a3d:V2a2d:√2ad=V3:√2：1，故A错误； B.将子弹的匀减速直线运动逆向看作是初速度为零的匀加速直线运动，根据x= 解得t= 可知子弹依次穿过三块木块的时间之比为 2.3d 2.2d 4:2:43 a a 22☑-(5-)(5-1，放B铝碳 C.将子弹的匀减速直线运动逆向看作是初速度为零的匀加速直线运动，根据x=二a 可得三块木块的厚度之比为4：4：4[a(6-a]a2-r]片a=5:31,故c错误 D.将子弹的匀减速直线运动逆向看作是初速度为零的匀加速直线运动，根据v=a 可得子弹进入每块木块前的速度之比y:y2:y=(a3)(a2i):at=3:2:1,故D正确： 故选D。 6.A 【详解】步骤1：分析加速度随时间变化的规律 根据题目中给出的加速度随时间变化的规律图，可以看到加速度在0到1秒内为1s2，,在1到2秒内为 -1m/s2，之后重复上述加速度。这意味着物体在0到1秒内加速，1到2秒内减速，之后重复前面的运动 速度。 步骤2：计算速度随时间变化的规律 由于物体由静止开始运动，其初始速度为0。在0到1秒内，物体以1/s2的加速度加速，因此速度随时间 线性增加，1秒末速度为1ms。在1到2秒内，物体以-1ms2的加速度减速，因此速度随时间线性减少， 2秒末速度为0m/s。之后，物体重复前面的运动速度。 步骤3：确定速度随时间变化的图像 根据上述分析，速度随时间变化的图像应该在0到1秒内为一条斜率为1的直线，1到2秒内为一条斜率 为-1的直线，之后重复。因此，正确的图像为选项A。 故选A。 答案第2页（共8页） 7.C 【详解】A.根据 可得 2x 可知初速度为零的匀变速直线运动在连续相等位移内的时间之比为 1:(V2-1):(V3-√2)：(2-V3)… 故A错误； B.由上述比值关系可知，B点为物体运动的时间中点，根据全程的平均速度等于时间中点速度可知，物 体通过AE段的平均速度等于通过B点时的瞬时速度，由于物体做加速运动，所以物体通过AE段的平均 速度小于通过C点时的瞬时速度，故B错误； C.根据 v2=2ax 可得 v=√2am 可知，物体通过B、C、D、E四点的速度之比为1：√2：√5：2，故C正确： D.因为物体通过每一段的时间之比为1：（√2-1）：（√5-√2）：(2-√)，则则平均速度之比为 1:(√2+1D:(V3+√2)：(2+√3)，故D错误。 故选C。 8.B 【详解】AB.由题目中的从A点运动到B点，从B点运动到C点两个过程速度变化量都是-2ms可知， AB和BC段的时间相同，由 △x=aT2 T 可得 T-2s a=1m/s2 由公式 可得 答案第3页（共8页） 12=x2-1 ×1×22 2 解得 =7m/s 由公式 2ax=哈 得AD之间的距离为LAD=24.5m,CD的距离为LCD=4.5m选项A错误，B正确； C.小球到达B点速度大小为 Va=vo -aT=5m/s 选项C错误； D.在AD之间运动的时间为 t=地=7s a 所以CD之间所用的时间为3s,D错误。 故选B。 9.BD 【详解】A.V-1与横轴围成的面积表示位移，从静止开始做匀加速直线运动的物体位移为x= 2 平均速度为下=上= 62 甲图中物体的位移（即面积）小于x,则平均速度小于，故A错误： 2 B.根据a=A"可知，a-1图像与横轴围成的面积表示物体的速度变化量，则乙图象中，阴影面积表示4到 △ 2时间内物体的速度变化量，故B正确： C.根据v2-=2ax变形可得v2=2ax+ 图线的斜率为k=2a=16m m/s2=1m/s2 16 k 物体的加速度大小为a=二=0.5m/s2,故C错误： 2 D.在匀变速直线运动中x三w1+a,变形可得艺=)ad+ 2 在丁图中可知物体初速度和加速度分别为。=1ms,a=2× 1-0 m/s2 =1m/s2 0-(-2) 所以t=5s时物体的速度为v=v。+at=lm/s+1m/s2×5s=6m/s,故D正确。 故选BD。 答案第4页（共8页） 10.BC 【详解】A,由v-1图像的斜率表示加速度，可得和谐号的加速度为4=2-60m Om/s=m/s 24 2 复兴号的加速度为a2= 2-60m/g-3m1g,故A错误： 24-8 B.图乙中复兴号的最大速度为vm=72m/s+a2×(32-24)m/s=78m/s,故B正确： C.因1=0时两车车头刚好并排，在0到24s内和谐号的速度大于复兴号的速度，两者的距离逐渐增大， 速度相等后两者的距离缩小，则在24s末两车头相距最远，故C正确： D.由V-1图像的面积表示位移，则在0-24s两者的最大距离为Ax=8×(2-60）m m=48m 2 而在24~32s内，两车能缩小的距离为△x=(78-72)×(32-24) 2m=24m<△x 2 即32s末复兴号还未追上和谐号，故D错误。 故选BC。 11.BC 答案第5页（共8页） 12.ABD 【详解】由图知，0~T时间内乙车速度大于甲车，乙比甲多运动x,x<x2:T以后，甲车速度一直大于 乙车. A:初始时，甲车在乙车前方x处.若x。=x,则T时刻乙刚好追上甲：T以后，甲车速度一直大于乙车， 甲车会再次远离乙，两车相遇1次.故A项正确， B:初始时，甲车在乙车前方x。处.若x。<x,则T时刻前，乙已追上甲：T以后，甲车速度一直大于乙 车，甲会追上乙，并远离乙，两车相遇2次.故B项正确 CD:初始时，甲车在乙车前方x处.若x=x2>x,则T时刻乙仍未追上甲：T以后，甲车速度一直大于 乙车，乙车不可能追上甲，两车不会相遇.故C项错误，D项正确 【点睛】1、速度时间图象是描述物体速度随时间变化的规律，是物理公式的函数表现形式，分析问题时 要做到数学与物理的有机结合，数学为物理所用 2、在速度时间图象中，纵轴截距表示初速度，斜率表示加速度，图象与坐标轴围成的面积表示位移，抓 住以上特征，灵活分析 13.(1)12.5m/s 答案第6页（共8页） (2)1m/s2,5m/s2 (3)8s 【详解】由匀变速直线运动中。平均迷度与初、末速度的关系，有-”-105mWs=25m: 2 (2)货车在下坡时的加速度a,则避险车道上的加速度a2=5a, -+生 -=85m 2a,2×5a 代入数据可得a=1m/s2 则避险车道上的加速度a2=5m/s2 (3)由运动学公式可得2=y+a4,2=5a242 解得4=5s,l2=3s 故总时间为1=4+12=8s 14.(1)=2m/s (2)x=10m 【详解】(1)不擦冰时，冰壶停止位置离0点5m,因此冰壶的总位移为：x=L-5m=30m-5m=25m 冰壶匀减速到停止，末速度为0，由公式v2-=2ax 得0-=-2ax 代入数据解得'。=2m/s (2)设运动员在离圆心O点x处开始擦冰，则：不擦冰阶段位移为L-x,擦冰阶段位移为x,冰壶最终 末速度为0。设擦冰时冰壶的速度为v 不擦冰阶段v2-=-2a,(L-x) 擦冰阶段0-v2=-2a,x 两式相加消去v2,整理得=2a(L-x)+2a2x 代入数据解得x=10m 【点睛】 15.(1)不能：(2)30m/s:(3)10m/s 【详解】(1)航母静止时，飞机靠发动机加速，加速度a=5m/s2,初速度为o=0,位移L=160m,末速度为 ,由运动学公式得 答案第7页（共8页） v2 2aL 解得 y=40m/s<50m/s 故舰载机不能靠自身发动机从舰上起飞。 (2)弹射装置给舰载机的初速度为v2,起飞的速度为v=50/s, 由运动学公式得 v2-v2=2aL 恽們 %32=30m/s 故弹射装置给舰载机的初速度至少为30ms。 (3)设舰载机起飞所用的时间为1，位移为L2,航母的位移为L1,匀速航行的最小速度为3，由运动学公式 得 v=V+al v2-v2 2aL2 L=y,4 L=L+L 代入数据，联立解得航母匀速航行的最小速度为 %=10m/s 8(8)