精品解析：福建福州外国语高级中学2026-2027学年高二上学期第一次阶段检测物理试题

海到天边天作岸山登绝顶我为峰 福州市福外高级中学2026-2027学年度上学期 高二年级第一次月考 物理学科试卷 满分：100分 考试时间：75分钟 一、单项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求） 1. 下列说法中，正确的是（ ） A. 由可知，越大，沿电场线方向电势降落越快 B. 由可知，以点电荷为中心，为半径的球面上各处电场强度都相同 C. 由可知，某两点的电势差与电场力做功成正比，与电荷所带电量成反比 D. 由可知，电势能越大的地方，电势越高 2. 如图所示的甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计G和一个电阻箱R组成，它们之中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是（　　） A. G甲是电流表，R增大时量程增大 B. G甲是电压表，R增大时量程增大 C. G乙是电流表，R增大时量程增大 D. G乙是电压表，R增大时量程增大 3. 如图所示，一电子沿等量异种电荷的中垂线由匀速飞过，电子重力不计，则电子所受除电场力外的另一个力的大小和方向变化情况是（ ） A. 先变大后变小，方向水平向左 B. 先变大后变小，方向水平向右 C. 先变小后变大，方向水平向左 D. 先变小后变大，方向水平向右 4. 如图所示，R1＝6 Ω，R2＝3 Ω，R3＝4 Ω，接入电路后下列判断错误的是（　　） A. 总电阻R＝6 Ω B. 电压之比U1∶U2∶U3＝2∶2∶1 C. 电流之比I1∶I2∶I3＝1∶2∶3 D. 功率之比P1∶P2∶P3＝1∶2∶6 二、双项选择题：（本题共4小题，每小题6分，共24分。在每小题给出的四个选项中，有两项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分） 5. 由钨合金制成的导体的伏安特性曲线如图所示，根据该图线及相应坐标可知（　　） A. 流过导体的电流为1A时，导体的电阻是5Ω B. 加在导体两端的电压为12V时，导体的电阻是14Ω C. 该导体是线性元件 D. 该导体是非线性元件 6. 一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示，不计粒子所受的重力，则（ ） A. 粒子带正电 B. 粒子的加速度逐渐减小 C. A点的场强小于B点的场强 D. 粒子的速度不断增大 7. 一匀强电场的方向平行于平面，平面内a、b、c三点的位置如图所示，三点的电势分别为2V、8V、14V。下列说法正确的是（ ） A. 坐标原点处的电势为0V B. 电场强度的大小为100V/m，方向由c指向a C. 电子从b点运动到c点，静电力对电子做功6eV D. 电子在a点的电势能比在b点的大 8. 如图所示为电动机提升重物的装置，电动机线圈的电阻为r＝1Ω，电动机两端的电压为5V，电路中的电流为1A。不计摩擦力，下列说法正确的是（　　） A. 电动机的热功率为5W B. 电动机的输出功率为4W C. 10s内，可以把重20N货物A匀速提升的高度为2m D. 这台电动机的机械效率100% 三、非选择题：（共60分，其中9、10、11为填空题，12、13为实验题，14、15、16为计算题） 9. 肉眼看到的一次闪电，其过程是很复杂的。当雷雨云移到某处时，云的中下部是强大负电荷中心，云底相对的地面变成正电荷中心，云底会出现大气被强烈电离的一段气柱，半径约100米。在某一次闪电前云地之间的电势差约为，云地间距离约为；第一个闪击过程中云地间转移的电荷量约为，闪击持续时间约为。假定闪电前云地间的电场是均匀的。则闪电电流的瞬时值约为_____A，被电离的气柱的阻值约为_____。 10. 如图为研究影响平行板电容器电容的因素的实验，设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为，实验中，极板所带电荷量不变，则： （1）当保持S不变，增大d，则____________（填“变大”“变小”或“不变”）； （2）当保持S、d不变，在板间插入玻璃板，则____________（填“变大”“变小”或“不变”）； （3）以上实验方法均采用了_____________________________________________。 11. 如图所示，水平放置的A、B两平行板相距h，上板A带正电，现有质量为m、带电荷量为+q的小球在B板下方距离B板H处，以初速度竖直向上运动，从B板小孔进入板间电场，带电小球在板间做______________________（选填“匀减速直线”“匀加速直线”或“类平抛”）运动。欲使小球刚好打到A板，A、B间电势差为____________________。 12. 在伏安法测电阻的实验中，待测电阻的阻值约为，电压表V的内阻约为，电流表A的内阻约为，测量电路中电流表的连接方式如图（a）、（b）所示，结果由公式计算得出，式中与分别为电压表和电流表的示数，若将图（a）和图（b）中电路测得的电阻值分别记为和，则____________（选填“”或“”）更接近待测电阻的真实值，且测量值____________（选填“大于”“等于”或“小于”）真实值。 13. 某中学课题研究小组为了撰写关于未知材料电阻率的实践报告，设计了一个测量电阻率（被测电阻丝的阻值约为25Ω）的实验方案，可提供的器材有： A．电流表G，内阻Rg=120Ω，满偏电流Ig=3mA B．电流表A，内阻约为0.2Ω，量程为0～0.1A C．螺旋测微器 D．电阻箱R0（0～9 999Ω，0.5A） E．滑动变阻器R（5Ω，1A） F．干电池组（3V） G．一个开关和导线若干 （1）用螺旋测微器测量被测电阻丝横截面直径，示数如图甲所示，可知其直径d为________mm；用游标卡尺测其长度，示数如图乙所示，可知其长度L为________mm。 （2）把电流表G与电阻箱串联改装成电压表使用，最大测量电压为3V，则电阻箱的阻值应调为R0=________Ω。 （3）请用改造完的电压表设计一个测量电阻丝Rx电阻率的实验电路，根据提供的器材和实验需要，请将图中电路图补画完整。________ （4）实验数据的测量与电阻率的计算：如果电阻丝的长度用L表示，开关闭合后，调节滑动变阻器的滑片到合适位置，电流表G的示数为I1，电流表A的示数为I2，请用已知量和测量量写出计算电阻率的表达式ρ=__________________。 14. 将电荷量q1= +2.0×10-6C的试探电荷放置于匀强电场中的A点，受到电场力的大小F1=6.0×10-3N，方向竖直向上。 (1)求电场强度E的大小和方向； (2)若在A点放置q2=-4.0×10-6C的试探电荷，求它所受的电场力F2的大小和方向。 15. 某商场安装了一台倾角为30°的自动扶梯，该扶梯在电压为380V的电动机带动下以0.5m/s的恒定速率向上方移动，电动机的最大输出功率为4.9kW。不载人时测得电动机中的电流为5A，若载人时扶梯的移动速率与不载人时相同，忽略电动机内阻的热损耗，则不载人时扶梯运行的电功率是多大？若输送一个人的功率为120W，则这台自动扶梯可同时乘载多少人？ 16. 如图所示，在水平方向的匀强电场中（电场线未画出），一根长为L，不可伸长的绝缘细线的一端连着一个质量为m的带电小球，另一端固定于O点，将小球拉起直至细线与电场强度平行的A点，然后无初速度释放，已知小球最多摆到最低点另一侧的B点，BO连线与竖直方向的夹角，求：（结果可用根式表示） （1）小球经过最低点时细线对小球的拉力的大小； （2）小球由A点到B点过程中的最大速度的大小。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 海到天边天作岸山登绝顶我为峰 福州市福外高级中学2026-2027学年度上学期 高二年级第一次月考 物理学科试卷 满分：100分 考试时间：75分钟 一、单项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求） 1. 下列说法中，正确的是（ ） A. 由可知，越大，沿电场线方向电势降落越快 B. 由可知，以点电荷为中心，为半径的球面上各处电场强度都相同 C. 由可知，某两点的电势差与电场力做功成正比，与电荷所带电量成反比 D. 由可知，电势能越大的地方，电势越高 【答案】A 【解析】 【详解】A．由 可知，越大，沿电场线方向电势降落越快，选项A正确； B．由 可知，以点电荷为中心，为半径的球面上各处电场强度大小都相同，但是方向不同，选项B错误； C．电场中某两点的电势差是由电场本身决定的，与电场力做功以及电荷所带电量无关，选项C错误； D．由 可知，相同的正电荷具有的电势能越大的地方，电势越高，选项D错误。 故选A。 2. 如图所示的甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计G和一个电阻箱R组成，它们之中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是（　　） A. G甲是电流表，R增大时量程增大 B. G甲是电压表，R增大时量程增大 C. G乙是电流表，R增大时量程增大 D. G乙是电压表，R增大时量程增大 【答案】D 【解析】 【详解】AB．灵敏电流计G改装成电流表需并联小电阻分流，设灵敏电流计G的满偏电流为，内阻为。根据图可知，甲表是电流表，甲表的量程为 可知增大时，甲表的量程减小，故AB错误； CD．灵敏电流计G改装电压表需串联大电阻分压，根据图可知，乙表是电压表，乙表的量程为 可知增大时，乙表的量程增大，故C错误，D正确。 故选D。 3. 如图所示，一电子沿等量异种电荷的中垂线由匀速飞过，电子重力不计，则电子所受除电场力外的另一个力的大小和方向变化情况是（ ） A. 先变大后变小，方向水平向左 B. 先变大后变小，方向水平向右 C. 先变小后变大，方向水平向左 D. 先变小后变大，方向水平向右 【答案】B 【解析】 【详解】电子做匀速直线运动，加速度为零，由牛顿第二定律可知电子所受合力为零，因此除电场力外的另一个力始终与电场力等大反向。设两电荷到的距离为，电子到的距离为，则电子到每个电荷的距离为 在中垂线上，正电荷产生的电场和负电荷产生的电场的竖直分量相互抵消，水平方向分量均向右。由库仑定律（其中为静电力常量），每个电荷产生的场强大小为，所以合场强大小为 电子从到时，的绝对值减小，电场强度增大；从到时，的绝对值增大，电场强度减小。电子带负电，所受电场力方向水平向左，所以平衡电场力的另一个力方向始终水平向右，大小先变大后变小。 故选B。 4. 如图所示，R1＝6 Ω，R2＝3 Ω，R3＝4 Ω，接入电路后下列判断错误的是（　　） A. 总电阻R＝6 Ω B. 电压之比U1∶U2∶U3＝2∶2∶1 C. 电流之比I1∶I2∶I3＝1∶2∶3 D. 功率之比P1∶P2∶P3＝1∶2∶6 【答案】B 【解析】 【详解】A．电阻与并联后与串联；并联电阻为： 电路总电阻为 故A正确； B．并联电路电压相等 串联电路电压比等于电阻比，故 所以，故B错误； C．串联电路电流相等，所以， 并联电路电流比等于电阻的反比， 所以I1∶I2∶I3＝1∶2∶3，故C正确； D．根据电功率公式P＝UI， 解得，故D正确。 故选B。 二、双项选择题：（本题共4小题，每小题6分，共24分。在每小题给出的四个选项中，有两项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分） 5. 由钨合金制成的导体的伏安特性曲线如图所示，根据该图线及相应坐标可知（　　） A. 流过导体的电流为1A时，导体的电阻是5Ω B. 加在导体两端的电压为12V时，导体的电阻是14Ω C. 该导体是线性元件 D. 该导体是非线性元件 【答案】AD 【解析】 【分析】 【详解】A．流过导体的电流为1A时，两端电压为5V，则导体的电阻为 A正确； B．加在导体两端的电压为12V时，流过导体的电流为1.5A，则导体的电阻为 B错误； C．由AB解析可知导体电阻随电压的升高而增大，该导体是非线性元件，C错误，D正确。 故选AD。 6. 一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示，不计粒子所受的重力，则（ ） A. 粒子带正电 B. 粒子的加速度逐渐减小 C. A点的场强小于B点的场强 D. 粒子的速度不断增大 【答案】B 【解析】 【详解】A．做曲线运动过程中，受到的合力指向轨迹的内侧，即大致向左，而粒子只受电场力，所以粒子受到的电场力与电场线方向相反，故粒子带负电，A错误； BC．从A到B过程中，电场线越来越疏，A点的电场强度大于B点的电场强度，所以受到的电场力越来越小，故加速度越来越小，B正确，C错误； D．粒子受到的电场力方向与速度方向夹角为钝角，所以电场力做负功，速度减小，D错误。 故选B。 7. 一匀强电场的方向平行于平面，平面内a、b、c三点的位置如图所示，三点的电势分别为2V、8V、14V。下列说法正确的是（ ） A. 坐标原点处的电势为0V B. 电场强度的大小为100V/m，方向由c指向a C. 电子从b点运动到c点，静电力对电子做功6eV D. 电子在a点的电势能比在b点的大 【答案】CD 【解析】 【详解】A．根据匀强电场中相互平行且等长的线段两端点的电势差相等，可知 解得坐标原点处的电势为，故A错误； B．依题意，连接原点和b点，即为一条等势线，再连接ac，二者相互垂直，可知ac为一条电场线，且方向由c指向a，由公式，故B错误； C．电子从b点运动到c点，静电力对电子做功，故C正确； D．依题意，有 根据 可得，故D正确。 故选CD。 8. 如图所示为电动机提升重物的装置，电动机线圈的电阻为r＝1Ω，电动机两端的电压为5V，电路中的电流为1A。不计摩擦力，下列说法正确的是（　　） A. 电动机的热功率为5W B. 电动机的输出功率为4W C. 10s内，可以把重20N货物A匀速提升的高度为2m D. 这台电动机的机械效率100% 【答案】BC 【解析】 【详解】A．根据 电动机的热功率为 故A错误； B．电动机的输入功率为 电动机的输出功率为 故B正确； C．电动机的输出功率提升重物 解得 故C正确； D．这台电动机的机械效率 故D错误。 故选BC。 三、非选择题：（共60分，其中9、10、11为填空题，12、13为实验题，14、15、16为计算题） 9. 肉眼看到的一次闪电，其过程是很复杂的。当雷雨云移到某处时，云的中下部是强大负电荷中心，云底相对的地面变成正电荷中心，云底会出现大气被强烈电离的一段气柱，半径约100米。在某一次闪电前云地之间的电势差约为，云地间距离约为；第一个闪击过程中云地间转移的电荷量约为，闪击持续时间约为。假定闪电前云地间的电场是均匀的。则闪电电流的瞬时值约为_____A，被电离的气柱的阻值约为_____。 【答案】 ①. ②. 【解析】 【详解】[1]由电流的定义可得，闪电电流的瞬时值约为 [2]根据欧姆定律可得, 被电离的气柱的阻值约为 10. 如图为研究影响平行板电容器电容的因素的实验，设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为，实验中，极板所带电荷量不变，则： （1）当保持S不变，增大d，则____________（填“变大”“变小”或“不变”）； （2）当保持S、d不变，在板间插入玻璃板，则____________（填“变大”“变小”或“不变”）； （3）以上实验方法均采用了_____________________________________________。 【答案】（1）变大 （2）变小 （3）控制变量法 【解析】 【小问1详解】 保持正对面积不变，增大极板间距时，由可知，电容变小；由于不变，由​可知，极板间电势差增大，因此静电计偏角变大。 【小问2详解】 、不变，插入玻璃板时，玻璃板的相对介电常数大于空气的相对介电常数，由可知，电容变大；不变时，由可知，极板间电势差减小，因此静电计偏角变小。 【小问3详解】 两次实验都控制了其它物理量不变，只研究某一个变量对电容的影响，该实验方法为控制变量法。 11. 如图所示，水平放置的A、B两平行板相距h，上板A带正电，现有质量为m、带电荷量为+q的小球在B板下方距离B板H处，以初速度竖直向上运动，从B板小孔进入板间电场，带电小球在板间做______________________（选填“匀减速直线”“匀加速直线”或“类平抛”）运动。欲使小球刚好打到A板，A、B间电势差为____________________。 【答案】 ①. 匀减速直线 ②. 【解析】 【详解】[1]带电小球在极板间受到竖直向下的电场力和竖直向下的重力，合外力竖直向下，则带电小球在板间做匀减速直线运动。 [2]整个运动过程中重力和静电力做功，由动能定理得 解得A、B间电势差为 12. 在伏安法测电阻的实验中，待测电阻的阻值约为，电压表V的内阻约为，电流表A的内阻约为，测量电路中电流表的连接方式如图（a）、（b）所示，结果由公式计算得出，式中与分别为电压表和电流表的示数，若将图（a）和图（b）中电路测得的电阻值分别记为和，则____________（选填“”或“”）更接近待测电阻的真实值，且测量值____________（选填“大于”“等于”或“小于”）真实值。 【答案】 ①. ②. 大于 【解析】 【详解】[1]由于待测电阻满足 所以电流表应采用内接法，即采用图（a）接法，更接近待测电阻的真实值。 [2]由于采用电流表内接法，根据“大内偏大，小外偏小”可知，测量值大于真实值。 13. 某中学课题研究小组为了撰写关于未知材料电阻率的实践报告，设计了一个测量电阻率（被测电阻丝的阻值约为25Ω）的实验方案，可提供的器材有： A．电流表G，内阻Rg=120Ω，满偏电流Ig=3mA B．电流表A，内阻约为0.2Ω，量程为0～0.1A C．螺旋测微器 D．电阻箱R0（0～9 999Ω，0.5A） E．滑动变阻器R（5Ω，1A） F．干电池组（3V） G．一个开关和导线若干 （1）用螺旋测微器测量被测电阻丝横截面直径，示数如图甲所示，可知其直径d为________mm；用游标卡尺测其长度，示数如图乙所示，可知其长度L为________mm。 （2）把电流表G与电阻箱串联改装成电压表使用，最大测量电压为3V，则电阻箱的阻值应调为R0=________Ω。 （3）请用改造完的电压表设计一个测量电阻丝Rx电阻率的实验电路，根据提供的器材和实验需要，请将图中电路图补画完整。________ （4）实验数据的测量与电阻率的计算：如果电阻丝的长度用L表示，开关闭合后，调节滑动变阻器的滑片到合适位置，电流表G的示数为I1，电流表A的示数为I2，请用已知量和测量量写出计算电阻率的表达式ρ=__________________。 【答案】（1） ①. 0.268 ②. 42.40 （2）880 （3） （4） 【解析】 【小问1详解】 [1]电阻丝横截面直径为 [2]电阻丝长度为 【小问2详解】 电阻箱的阻值应调为 【小问3详解】 为了得到较大的电压调节范围，滑动变阻器采用分压式接法；等效电压表的内阻为 由于电压表内阻已知，故电流表采用外接法，可消除系统误差，则电路图如图所示 【小问4详解】 待测电阻的电流为 待测电阻的电压为 根据欧姆定律得 根据电阻定律得 又因为 解得 14. 将电荷量q1= +2.0×10-6C的试探电荷放置于匀强电场中的A点，受到电场力的大小F1=6.0×10-3N，方向竖直向上。 (1)求电场强度E的大小和方向； (2)若在A点放置q2=-4.0×10-6C的试探电荷，求它所受的电场力F2的大小和方向。 【答案】(1)，方向竖直向上；(2)，，方向竖直向下 【解析】 【详解】(1)根据电场强度的定义式，可知 因正电荷所受电场力的方向与电场强度的方向相同，故场强竖直向上。 (2)由电场力的计算式可得，负电荷在A点的电场力为 因负的试探电荷所受电场力与场强方向相反，故电场力竖直向下。 15. 某商场安装了一台倾角为30°的自动扶梯，该扶梯在电压为380V的电动机带动下以0.5m/s的恒定速率向上方移动，电动机的最大输出功率为4.9kW。不载人时测得电动机中的电流为5A，若载人时扶梯的移动速率与不载人时相同，忽略电动机内阻的热损耗，则不载人时扶梯运行的电功率是多大？若输送一个人的功率为120W，则这台自动扶梯可同时乘载多少人？ 【答案】，25 【解析】 【分析】 【详解】不载人时扶梯运行的电功率为 电动机的最大输出功率为4.9kW，故可用于输送乘客的功率为3000W，可同时乘载的人数为 个 16. 如图所示，在水平方向的匀强电场中（电场线未画出），一根长为L，不可伸长的绝缘细线的一端连着一个质量为m的带电小球，另一端固定于O点，将小球拉起直至细线与电场强度平行的A点，然后无初速度释放，已知小球最多摆到最低点另一侧的B点，BO连线与竖直方向的夹角，求：（结果可用根式表示） （1）小球经过最低点时细线对小球的拉力的大小； （2）小球由A点到B点过程中的最大速度的大小。 【答案】（1） （2） 【解析】 【小问1详解】 小球无初速度释放摆到另一侧的过程，由动能定理得 解得 小球摆到最低点过程中由动能定理得 小球最低点时由重力和细线的拉力的合力提供小球的向心力，由牛顿第二定律得 联立解得 【小问2详解】 将静电力与重力合成 所受合力方向与竖直方向夹角满足 解得 如图所示，所受合力方向与竖直方向成角斜向右下，C点为对应的“等效最低点”。由几何关系得，小球到达C点时速度最大，动能最大，小球从释放到小球到达C点过程中，由动能定理得 解得小球的最大速度 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $