广东省中山市华侨中学港澳台部2026-2027学年高二上学期物理周测试（一）

《2028届港澳台部高二上学期物理测试（一）》参考答案 口深口互薄 题号 y 2 3 4 5 6 7 8 10 答案 B D C A B D D D D D 题号 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 答案 C B E C D B B D A C 1.B【详解】A.电子和质子的电荷量大小等于元电荷，故A错误；B.任何带电体的带电量一定是 元电荷电量的整数倍，故B正确：C.根据电荷守恒定律可知，摩擦起电、感应起电、接触起电并没 有创造电荷，摩擦起电、感应起电、接触起电只是发生了电荷的转移，起电本质相同，故C错误：D.元 电荷e的数值最早是由美国物理学家密立根测得的，其值为1.6×1019C,故D错误。故选B。 2.D【详解】A.若开关S,、S2均断开，由于静电感应，导体M左端（近端）带负电，导体N右端 (远端)带正电，故A错误；B.若开关S、S2均闭合，导体M左端感应出负电荷，而导体N通过 接地线使其右端感应出来的正电荷被从大地上来的负电荷中和，所以导体M左端带负电，导体N不 再带电，故B错误；C.若只闭合开关S,由于静电感应，导体M左端带负电，导体N右端不带电。 接着将M、N分开，再移走带电小球，导体M带的负电荷通过开关S,会流向大地，这种情况下导体 M、N均不再带电，故C错误；D.若只闭合开关S2,一旦移走带电小球时，导体M左端感应出来的 负电荷通过开关S,回到大地，静电感应现象消失，金属导体整体不带电。最后将M、N分开，则M 和N均不带电，故D正确。故选D。 3.C【详解】A.库仑定律适用于点电荷，体积大的带电体，只要间距远大于自身尺寸，依然可以看 成点电荷，不是看绝对体积大小。故A错误：B.r→0时，带电体不能再视为点电荷，库仑定律公 式不再适用，不能推断出库仑力无穷大。故B错误：C.两个带+Q金属球，球心距4r。同种电荷相 互排斥，电荷会向两球外侧偏移，等效电荷之间实际距离大于4r。库仑力F=k号，微>4，因 丫$效 此静电力<k (4-《16r,故C正确：D.由牛顿第三定律得：A,B之间库仑力是一对相互作用力， 大小一定相等，和电荷量无关。故D错误。故选C。 答案第1页 4,A【详解】由于三个点电荷均处于平衡状态，对9有kg=k,C0 G+5》对g有 kg但=kg22 e0g-96展88e-j 根据题意可知2=25所以 Q:02:03=9:4:36根据“两同夹一异”的规律可知，2、9带同种电荷，故2：22：Q=（-9)小：4：(-36) 或9：92：93=9：(-4)：36故选A。 5.B【详解】补全一个与原半球壳对称的右半球壳，构成半径为R、总电荷量为4Q的均匀带电完整 球壳。由均匀带电球壳外部的电场等效于球心处点电荷产生的电场，完整球壳在N点的电场大小为 2R-R方向沿ON方向。补全前后的球壳及N点电场方向如图所示。由对称性可知，补全的 Eo= 4ko ko 右半球壳在N点产生的电场大小等于原左半球壳在M点产生的电 场大小，即E=E,方向沿ON方向。由电场强度的叠加法则有 么=，+E整理得、一是-E方治ON方向。 平未瑞华 井专卓未瑞 故选B。 6.D【详解】电场线的疏密表示电场强度的大小，电场线上某点的切线方向表示该点电场强度的方向。 A.图甲中两电荷间的电场线互相连接，为等量异种点电荷形成的电场线，故A错误：B.图乙中、 b两点到点电荷的距离相等，电场强度大小相等，但方向不同，故两点的电场强度不相同，故B错误： C.图丙中电场线是曲线，在℃点静止释放的正电荷在电场力作用下将偏离原电场线运动，不能沿电场 线运动到d点，故C错误；D,图丁中为匀强电场，e、∫两点的电场强度大小相等、方向相同，故D 正确。故选D。 7.D【详解】A.粒子从A点运动到B点，轨迹向上凸起，合力方向指向轨迹凹侧，即竖直向下。电 场方向由高电势指向低电势，即竖直向上，所以粒子带负电。粒子带负电，从A到B电势降低，电势 能增加，故A错误；B.粒子从A到B电场力做负功，动能减小，故B错误： C.图中等差等势面等间距，为匀强电场，粒子在A点受到的电场力等于在B点受到的电场力，故C 错误；D.由上述分析可知，粒子带负电，故D正确。故选D。 8.D【详解】A.电子由静止开始从A运动到B,速度不断增大，电子所受电场力方向为A→B。电 子带负电，根据电场力与电场强度的关系有F=gE=-E所以电场强度方向为B→A,沿电场线方向 (共4页) 电势逐渐降低，因此P>P4,即p4<p,故A错误：B.根据V-t图像的斜率表示加速度，且图线在 B点处的斜率大于在A点处的斜率，有aB>a4由牛顿第二定律有F=ma所以F>F,,又因为电子所 受电场力大小满足F=eE,则E。>E4,故B错误；C.由上述分析可知Fa>FA,因此F,<FB,故C 错误：D.根据电势能公式有E,=9p=一p由于p,<p,所以E>Es,故D正确。故选D。 9.D【详解】A.等量异种电荷的电场线是从正电荷指向负电荷，不存在图中两个电荷的电场线均向 外发散的分布特征；图中电场线关于两电荷连线、中垂线双对称，说明A、B是等量同种正电荷，A 错误：B.α、b关于O点对称，两点电场强度大小相等，但a点场强方向竖直向上、b点场强方向竖 直向下，电场强度是矢量，方向不同则场强不同，B错误：C.电场线是人为画出的形象描述电场的 工具，没有电场线经过的位置不代表场强为零，等量同种电荷中垂线上α、b处的场强是两个点电荷 在该点场强的矢量和，不为零，C错误：D.该电场关于两电荷连线的中垂线对称，α、b到两个点电 荷的距离完全相等，根据点电荷电势叠加原理，两点电势数值相等，即α、b两处电势相等，D正确。 故选D。 10.D【详解】A.E一x图像的斜率表示该质子所受电场力，在O~x2段斜率先减小后增大，则质子所 受电场力大小先减小后增大，质子的加速度先减小后增大，所以质子做变加速直线运动，~x3段斜率 不变，则电场力不变，加速度不变，质子做匀变速直线运动，故A错误：B.质子在O点处的动能和 电势能的总和为E=3+4eV=7eV根据能量守恒定律可得该质子在x1处的动能为 E,=E-E,=7-leV=6eV,故B错误： C.根据能量守恒定律可知，该质子在x3处的电势能为7V,则动能为零，但是由于受到的电场力不 为零，加速度不为零，因而不会停在x3处，故C错误；D.根据E。=p可知，x1、x2、x3处的电势分 别为4=IV,2=3V,g=7V则3最高，故D正确。故选D。 1.C【详解】A.在ac上取一点d,令d点电势为1oV,连线为等势线，则有=16v-9Y= xk25V-16V9 由于x+k=8cm解得x=3.5cm,k=4.5cm令∠dbc=0,∠c0b=a,则有tan0=_45-3 bc64' tana=- c=6-3解得0=4=37根据几何关系可知Oc垂直于b1,由于沿电场线电势降低，可知，电 0b84 场方向由c指向O,电场强度大小E=,=250Vm,故A正确，不符合恩意：B.结合上述， Xhe Sin 37 答案第2页 根据电场强度与电势差的关系有p-po=Exo Cos37°解得po=0V,故B正确，不符合题意；C.质 子带正电，根据电势能与电势的关系有E。=qp根据题意有p。<p可知，质子在α点的电势能比在b点 的低l6eV-9eV=7eV,故C错误，符合题意；D.质子从c点运动到b点，电场力做功 W=eUh=e(p。-p)=9eV,故D正确，不符合题意。故选C。 12.B【详解】A.由图中带电粒子M和N先后在电场中运动的轨迹可知，粒子M受到引力作用所以 带负电，粒子N受到斥力作用所以带正电，故A正确，不符合题意；B.粒子带正电，从c点运动 到d点的过程中电场力做正功，故B错误，符合题意；C.d点和点在同一个等势面上，所以N在d 点的电势能等于它在e点的电势能，故C正确，不符合题意；D.由于a点比b点更靠近带正电的点 电荷，所以粒子M由α点运动到b点的过程中粒子要克服电场力做功，动能减小，故D正确，不符 合题意。故选B。 13.B【详解】A.闭合开关电容器稳定后电路中无电流，可知电阻箱分压为0，则电容器稳定时的电 压等于电源电动势，电荷量不变，故A错误；B.若将S断开，则Q不变：根据 U_9_g E= -4πkg dcaesd6s可知B不变，则油滴保持静止：又Ucm=-m=e=Bd可得e不 4πkd 变；则油滴电势能E。=qp不变，故B正确；C.若将S闭合，电容器始终与电源相连，则U不变； 将两板保持平行缓慢错开一些，由E=,可知B不变，所以油滴保持静止不动，故C错误：D.若 U9 4πkQ 将S断开，则Q不变：根据E=a总 …d ,S由于正对面积变小，可知E变大，则油滴 4πkd 向上运动，故D错误。故选B。 14.C【详解】A.按键向下的过程中，板间距离d减小，根据平行板电容器的电容决定式C=S,S 4πkd 可知，电容C增大由于电容器始终与电源相连，电压U不变，根据Q=CU可知，电容器的电荷量Q增 大，故A错误：B.按键向下的过程中，板间距离☑减小，电压U不变，根据匀强电场场强公式E=V 可知，电容器两极间的电场强度E增大，故B错误；C.按键向下的过程中，由A选项分析可知电 容C增大，电荷量Q增大，电容器处于充电状态。图丙中电源上端为正极，下端为负极，故上极板带 正电，下极板带负电。充电过程中，下极板负电荷增多，电子从电源负极经、G流向b,电流方向 (共4页) 与电子定向移动方向相反，即电流方向从b流向a,故C正确：D.按键向上的过程中，板间距离d 增大，根据C= 6,S 可知，电容器的电容C减小，故D错误。故选C。 4πkd 15.D【详解】A.由图可得，电容器内电场向下，油滴受力平衡，所以带负电，故A错误：B.电容 器的电容决定式C=,S上极板向上移动，d增加，C减小，故B错误； 4πkd C.上极板向左平移，由电容器电势差不变，板间距不变可得，电容器内电场强度不变，油滴受力仍 平衡，故C错误：D.断开开关S,电容器所带电荷量不变，由C=,S=得E=4地 4πkdEd' ES 与间距d无关，将下极板向下平移一小段距离，P点到下极板距离d'变大，因为Up=Ed'所以P点电 势升高，故D正确。故选D。 16.B【详解】A.当贴着上极板插入金属板时，两极板间的距离d减小，根据C==S 4πkd 可知电容器 的电容增大，再根据C=号由于电容器与电源相连，电容器两端的电压U不变，则电容器所带的电荷 量Q将增大，所以电容器将充电，即有电流从电阻R的流向b,且二极管处于导通状态，故A错误： B.油滴静止时，其所受的电场力与重力等大反向，则有qE=mg贴着上极板插入金属板，由于电容器 与电源相连，电容器两端的电压U不变，两极板间的距离d减小，根据E=U可知极板间电场强度E增 d 大，故有电场力大于重力，油滴将向上移动，故B正确：CD.将开关断开，在两板间插入一陶瓷电 介质，根据C=S可知电容器的电容增大，再根据C=9由于开关断开，极板所带电荷量Q不变， 4πkd U 故两极板间电势差变小，根据E= 可知极板间电场强度E减小，故有电场力小于重力，油滴将向下 d 移动，故C、D错误。故选B。 17.B【详解】A.电压如乙图所示时，在0-工时间内，电场力先向右后向左，电子向右先加速后减 速，即电场力先做正功后做负功，电势能先减少后增加，故A错误；B.电压如甲图所示时，在0~T 时间内，电场力先向左后向右，则电子先向左做匀加速直线运动，后做匀减速直线运动，即电场力先 做正功后做负功，电势能先减少后增加，故B正确：C.电压如丙图所示时，电子先向左做加速度先 增大后减小的加速运动，过了2T后做加速度先增大后减小的减速运动，到T时刻速度减为0，之后 重复前面的运动，故电子一直朝同一方向运动，故C错误；D.电压如丁图所示时，电子先向左加速， 答案第3页 到上工后向左减速，}T后向右加速， 3 4 T后向右减速，T时刻速度减为零，之后重复前面的运动，故 电子做往复运动，故D错误。故选B。 v2 18.D【详解】B.质子在辐向电场中做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律有E。=m、解得速度大小 R V= eE,人，故B错误：A.质子在加速电场中做匀加速直线运动，根据动能定理有U=2mW m 解得U=,B,故A错误，C.若将加速电压调整为V5U,根据动能定理有e3U=)mw2进入辐向 2 电场后若能做匀速圆周运动，联立可得所需向心力为R=m。=V55,而质子在辐向电场中受到的合 “R 外力为F金=E。可知F金≠F。,则质子无法射出辐向电场，更不能击中肿瘤细胞，故C错误；D.由题 知，质子从P点竖直向上进入存在水平向右的匀强电场的圆形区域，可知质子在该匀强电场所受到的 电场力大小恒定，方向水平向右，且与速度方向垂直，故质子在匀强电场中加速度恒定，做匀变速曲 线运动，即做类平抛运动，根铝类平抛运功短律有号=以，R-(令-㎡根据牛顿第二定律有 aE联立解得E=45,R,故D正确。故选D。 R 19.A【详解】A.高压输电线上方两条导线是避雷线，它们与大地相连，形成一个稀疏的金属“网”， 把高压线屏蔽起来，使其免遭雷击，这是静电屏蔽的应用，超高压带电作业的工人穿戴的工作服中的 金属丝也是静电屏蔽的应用，故A正确：B.图乙中，由于金属网的屏蔽，验电器箔片不会张开，此 时A球上的电荷在验电器金属球B处产生的电场强度与金属网产生的感应电场相互平衡，并不是A 球上的电荷在验电器金属球B处产生的电场强度为零，故B错误：C.图丙中是静电除尘的装置，极 板附近电场强度很强，极板间空气被电离，烟尘吸附从空气电离释放出来的电子后带负电，在电场力 作用下向带正电的极板运动，故C错误；D.电子点火器的工作原理是尖端放电，故D错误。故选A。 20.C【详解】根据由欧姆定律及电阻定律可得 R-U L R=P- π( 联立解得 (共4页) UπD2 D= 4IL 故选C。 21.(1)B(2)减小(3)1 不变 4.1×104 【详解】(1)本实验探究电容C与极板间距d、正对面积S的关系，需要控制变量法：研究C和S关 系时保持d不变；研究C和d关系时保持S不变。故选B。(2)增大极板间距离d时，静电计指针偏 转角增大，说明电容器两端电压U增大。电容器与电源断开，电荷量Q不变，由C=9可知，U增大 则C减小。(3)[1]开关S接1时，电容器和电源相连，进行充电；充电完毕，上极板接电源正极，所 以上极板带正电。[2][3]放电过程：电容由电容器本身结构决定，极板、介质不变，所以电容C不变。 1-1图像面积代表放电总电荷量Q,由题图可知，纵坐标每一小格表示电流02mA,横坐标每一小格 表示时间0.4s,则一小格面积表示电量q。=0.2×103A×0.4s=8×105C总电荷量 9=41×8×10C=3.28×103C电容器充电后电压等于电源电压U=8V,因此电容 C=2=3.28×103 ≈4.1×104F U 8 22.(1)2.095/2.094/2.096(2) 待测金属丝 (3)左端 (4)πdR (5)D 4L 【详解】(1)螺旋测微器的精确度为0.01mm,由图乙可知，固定刻度读数为2mm,可动刻度对齐的 刻度为9.5格，则可动刻度读数为0.01mm×9.5=0.095mm,所以该次测得的金属丝的直径为 2mm+0.095mm=2.095mm。(2)对照图甲电路图，实物图补充连线后如下图所示 (3)连接好电路后，为了电路安全（即通过电流表的电流最小），开关$闭合前应将滑片滑至左端， 使R短路，电流表示数为零最安全。(4)根据电阻定律有 R=P L pL 4pL 待测金属丝 S (2rd2 解得电阻率为p=dPR。 4L (5)电流表外接法的误差原因是电压表分流，相对误差为 电流表内接法的误差原因是电流表分压， R 相对误差为 答案第4页 当选择外接法是正确的，说明外接法的相对误差小于内接法的相对误差，即 卫<R将数值代入上式 可得R> R2=700≈3.272，故ABC错误，D正确：故选D。 Rv1500 23.(1)4×10m/s(2)7.5×10m/s (3)0.075m (4)0.225m ①）在加速电场中，有qU。=)m6能 2gU=4x10°m/s m (2)进入偏转电场，根据牛顿第二定律，有a=9心 又4=4 v=al md 解得v,=7.5×10m/s (3)根据竖直方向上匀加速直线运动规律，有y= 解得y=0.075m 2 (4)离开偏转电场后，做匀速直线运动，运动时间5，= 竖直方向y=V,2 Vo 粒子打在竖直屏上的位置离M点的距离Y=y+y'解得Y=0.225m (共4页)2028届港澳台部高二上学期物理测试（一） 一、单选题 1.下列有关说法正确的是( A.质子或电子均是元电荷 B.任何带电体的电荷量一定是元电荷的整数倍 C.摩擦起电、感应起电、接触起电的起电本质不同 D.法国物理学家库仑最早测出了元电荷的数值 2.某同学采用如图装置做静电感应的实验，在绝缘支架上的金属导体M和金属导体N按图中方向接 触放置，原先M、N都不带电，先让开关S,、S2均断开，现在将一个带正电小球P放置在M左侧， 则下列说法正确的是() 小球P A.若开关S,、S2均断开，导体M左端带正电，导体N右端带负电 B.若开关S、S2均闭合，则导体M和导体N均不带电 C.若只闭合开关S,接着将M、N分开，再移走带电小球，则导体N不 带电，导体M带负电 D.若只闭合开关S2,接着移走带电小球，最后将M、N分开，则导体M不带电 3.关于库仑定律，下列说法正确的是() A.库仑定律适用于点电荷，体积很大的带电体都不能看作点电荷 B.根据库仑定律，当两个带电体间的距离”→0时，库仑力将趋向无穷大 C.当两个半径均为r、带电荷量均为+圯的金属球球心相距为4r时，它们之间的静电力小于kO 16r2 D.所带电荷量分别为Q和3Q的点电荷A、B相互作用时，B受到的静电力是A受到的静电力的3 倍 4.如图，三个点电荷Q1、Q、Q3在一条直线上，Q2和Q3间的距离为Q1和Q2间距离的2倍，每个 点电荷所受静电力的合力为0，由此可以判定，三个点电荷的电荷量之比Q1：Q2:Q3为() A.（-9):4:(-36) B.36:(-4):9 Q Q, Q c.（-3):2:(6) D.6:(-2):3 5.如图所示，ABC为半径为R的半球壳，ABC整个球壳上均匀分布有正电荷，总电荷量为+2Q,O 为圆心，MB、O、N在同一直线上，且OM=OW=2R,球壳上电荷在M点处的电场强度为E,则 下列判断正确的是() A.N点处电场强度大小为k是-E,指向ON方向 B.N点处电场强度大小为k 京-E,指向ON方向 C.N点的电场强度大小为Ek9 D.N点处的电场强度大小为k,指向0方同 4R+E,指向ON方向 6.如图所示四幅电场图，下列说法正确的是() 第1页( A.图甲为等量同种点电荷形成的电场线 B.图乙离点电荷距离相等的α、b两点的电场强度相同 C.图丙中在c点静止释放一正电荷，可以沿着电场线运动到d点 D.图丁中e、f两点的电场强度大小相等、方向相同 7.如图所示，电荷量为的粒子仅在电场力作用下沿实线轨迹从A点运动到B点，虚线为等差等势 面。下列说法正确的是() 夕 -4V A.从A到B粒子的电势能在减小 B.从A到B粒子的动能越来越大 -----2V C.粒子在A点受到的电场力小于在B点受到的电场力 -----0V D.粒子带负电 8.如图甲所示、A、B是一条电场线上的两点，若在电场线上某点释放一初速度为零的电子，电子仅 受电场力作用，并沿电场线从A运动到B、其速度随时间变化的规律如图乙所示。则() A.A、B两点的电势P4>PB B.A、B两点的电场强度E4>EB C.电子在A、B两点受到的电场力F4>FB D.电子在A、B两点的电势能EM>E 9.如图所示为真空中两点电荷A、B形成的电场中的电场线，己知该电场线关于图中虚线对称，O点 为A、B两点电荷连线的中点，a、b为A、B两电荷连线的中垂线上关于O点对称的两点，则下列说 法中正确的是() A.A、B带等量异种电荷 B.a、b处电场强度相同 C.α、b处无电场线经过，故其电场强度均为0 D.a、b两处电势相等 10.质子仅在电场力的作用下从O点开始沿x轴正方向运动，其在O点处的初动能为4V。该质子的 电势能E,随位移x变化的关系如图所示，其中Ox2段是关于直线x=x1对称的曲线，x2~x3段是直线。 下列说法正确的是() E /ev A.该质子在O~x2段做匀变速直线运动，在x2~x3段做匀速直线运动 B.该质子在x1处的动能为1eV C.该质子最终停在x3处 D.若x1、x2、x3处的电势分别为1、2、p3,则p3最高 共3页) 11.一匀强电场的方向平行于xOy平面，平面内a、b、c三点的位置如图所示，a、b、c三点的电势 分别为9V、16V、25V。下列说法不正确的是() ◆y/cm A.电场强度的大小为250V/m B.坐标原点处的电势为OV C.质子在a点的电势能比在b点的高7eV O2 4 6 8 x/cm D.质子从c点运动到b点，电场力做功为9eV 12.如图，一带正电的点电荷固定于O点，两虚线圆均以O为圆心，两实线分别为带电粒子M和N 先后在电场中运动的轨迹，a、b、c、d、e为轨迹和虚线圆的交点，不计重力。下列说法错误的是() A.M带负电荷，N带正电荷 M B.N在从c点运动到d点的过程中克服电场力做功 C.N在d点的电势能等于它在e点的电势能 D.M在b点的动能小于它在a点的动能 13.如图所示，在探究平行板电容器电场特性的实验中，电容器的B板接地。开关$闭合后，电容器 两板间C点有一个质量为、电荷量为4，可视为点电荷的油滴恰好处于静止状态。下列说法正确的 是() A.闭合S给电容器充电，电阻箱阻值越大，则电容器稳定后的电荷量越少 B.若将S断开，再将A板缓慢上移一些，则油滴电势能不变 C.若将S闭合，再将两板保持平行缓慢错开一些，则油滴会向上运动 D.若将S断开，再将两板保持平行缓慢错开一些，则油滴会保持静止 14.如图甲所示，计算机键盘为电容式传感器，每个键下面由相互平行、间距为d的活动金属电极和 固定金属电极组成，两金属电极间有空气间隙，两金属电极组成一个平行板电容器，如图乙所示。其 内部电路如图丙所示，则下列说法正确的是() 固定支撑板 空气间隙 活动金属电极 固定金属电极 甲 乙 A.按键向下的过程中，电容器的电荷量减小 B.按键向下的过程中，电容器两极间的电场强度减小 C.按键向下的过程中，图丙中电流方向从b流向α D.按键向上的过程中，电容器的电容增大 15.如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（不计内阻）连接，下极 板接地，开关$初始闭合，一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态， 下列说法正确的是() A.油滴带正电荷 B.将上极板向上移动一小段距离，电容器的电容增大 第2页（力 C.上极板向左平移一小段距离，油滴向上运动 D.断开开关S,将下极板向下平移一小段距离，P点电势升高 16.如图所示，平行板电容器与直流电源、理想二极管、电阻R连接，电源负极接地。初始电容器不 带电，闭合开关稳定后，一带电油滴位于电容器中的P点处于静止状态。下列说法正确的是() A.贴着上极板插入金属板，则电阻R中有从b流向的电流 b B.贴着上极板插入金属板，则油滴将向上移动 ·P C.将开关断开，在两板间插入一陶瓷电介质，则两极板间电势差变大 D.将开关断开，在两板间插入一陶瓷电介质，则油滴将向上移动 17.如图所示，在两平行金属板中央有一个静止的电子（不计重力），当两板间的 电压分别如图中甲、乙、丙、丁所示时，电子在板间运动（假设不与板相碰），下列说法正确的是() 丙 A. 电压如乙图所示时，在0一？时间内，电子的电势能先增加后减少 B.电压如甲图所示时，在0~T时间内，电子的电势能先减少后增加 C.电压如丙图所示时，电子在板间做往复运动 D.电压如丁图所示时，电子在板间做单向直线运动 18.某些肿瘤可以用“质子疗法”进行治疗。如图所示，来自质子源的质子初速度为零，经匀强电场（加 速电压U)加速后，沿图中四分之一圆弧虚线通过辐向电场，再从P点竖直向上进入存在水平向右的 匀强电场的圆形区域，最终轰击处在圆上Q点的肿瘤细胞。已知四分之一圆弧虚线处的场强大小为E。, 方向沿半径指向圆心O,圆O'与OP相切于P点，OP=R,圆形区域的半径为R,Q点位于OP上方 处，质子质量为m、电荷量为。不计质子间相互作用，则下列说法正确的是（ 2 A.质子在加速电场中做匀加速直线运动，电压U=E,R B.质子在辐向电场中做匀速圆周运动，速度大小v=2册 eE Ro O'R C.若肿瘤细胞位于圆上S处(OP上方R处)，只需将加速电压调整 肿瘤细胞 为V3U就能击中 D.质子在圆形区域匀强电场中做匀变速曲线运动，场强 Ro E=4V3EoRo 加速电场 辐向电场 质子源一U 19.关于静电现象，下列说法正确的是() 金 网 甲 丙 共3页) A.图甲中，高压输电线上方与大地相连的两条导线的作用和超高压带电作业的工人穿戴的工作 服中的金属丝的作用是相同的 B.图乙中，因为有金属网的屏蔽，所以A球上的电荷在验电器金属球B处产生的电场强度为零 C.图丙中，摇动起电机，烟雾缭绕的塑料瓶顿时清澈透明，其工作原理为尖端放电 D.图丁中，燃气灶中安装了电子点火器，点火应用了静电屏蔽原理 20.某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ，步骤如下：该同学测量出圆柱体长度L, 圆柱体的直径D,用伏安法较精确地测量出圆柱体电阻为R时，电压和电流分别是U和I,则该圆柱 体材料的电阻率p为( UπD UπD2 A. UπD2 0 UπD2 C. 4IL 2IL 4IL IL 二、实验题 21.如图是某实验小组为了定性探究平行板电容器的电容C与其极板间距离、极板间正对面积、电介 质之间的关系装置图。请回答下列问题： 甲正对面积S对电容C的影响 乙两板间的距离d对电容C的影响 丙电介质对电容C的影响 (1)本实验采用的科学方法是 A.理想实验法B.控制变量法 C.等效替代法 D.建立物理模型法 (2)如乙图所示，增大极板间距离时，静电计指针的偏转角度增大，则电容器的电容C (选 填“增大“减小”或“不变”)。 //mA (3)如图甲所示是观察电容器的充、放电现象实验装置的电路图。 电源输出电压恒为8V,S是单刀双掷开关，G为灵敏电流计，C 为平行板电容器。 ①当开关S接 时（选填1”或“2”），平行板电容器充电。 甲 ②将G表换成电流传感器，电容器充电完毕后，再让电容器放电， 放电过程中电容器的电容C (填“变小”或“变大”或“不变)：其放电电流I随时间t变化的 图像如图乙所示，已知图线与横轴所围的面积约为41个方格，电容器的电容C为 F.(结 果保留2位有效数字) 22.某实验小组利用图甲所示的电路测量金属丝的电阻率（图中R表示待测金属丝的电阻）。 第3页( mA 待测金属丝 (1)正确操作螺旋测微器，测量金属丝的直径结果如图乙所示，则该次测得的金属丝的直径为 mm: (2)图中已连接了部分导线。请根据甲图补充完成图中实物间的连线 (3)连接好电路后，开关S闭合前滑动变阻器的滑片应滑至 。（选填“左端”或“右端)； (④)用刻度尺测得被测金属丝接入电路的长度为L,螺旋测微器测得金属丝的直径为d,用电流表和电 压表测得金属丝的电阻为R,则被测金属丝的电阻率为P= 。(用题中所给物理量的字母 表示) (⑤)实验中测得待测金属丝的电阻R的阻值约为702，实验时电流表采用了外接法，经检验该方法是正 确的，若电压表的内阻R,=15002,则关于电流表的内阻R,的判断可能正确的是 。(填序 号) A.R=0.92 B.R4=2.42 C.R4=3.22 D.R4=3.92 三、解答题 23.如图所示，竖直平行金属板A、B间电压U。=800V,水平平行金属板C、D间电压U,=300V, C、D两板板长L=0.8m,C、D两板间距d=0.8m。质量m=1020kg、电荷量g=1010C的带正电粒 子由静止从A板开始加速，穿过B板上的小孔，沿C、D板中线射入匀强电场。足够大的竖直屏与极 板右侧相距L2=0.8,极板与竖直屏区域间不存在电场，已知M点是中心线与屏的交点，不计粒子 重力。求： (1)带电粒子穿过B板小孔时的速度。大小： (2)带电粒子离开偏转电场时的速度竖直方向分量y,大小： +++++ (3)带电粒子离开偏转电场时竖直方向的偏移距离y: (④粒子打在竖直屏上的位置离M点的距离Y为多少？ 共3页)