广东省广州十校联考2026-2027学年高三上学期10月适应性训练物理试题

2026-2027学年上学期高三年级10月适应性训练 物理 本试花分法泽题和非法择题有部分，共4页，满分100分，考试用时5分钟， 注龙事项： 】。开考前，考生鼻必用层色字设的钢笔或签字笔将自己的校名。姓名、班级、考号等相关信息填写在 答题卡指定区战内. 2.法择愿号个愿选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应愿目的答案标号荣层：如雾改动，周像皮擦千污 后，再达泳头它答案：不能答在试卷上， 3,非达择愿必须用层色字或的钢笔改签字笔作答，答紫必须写在答题卡各是目指定区成内的相应位置上： 如霜改动，先划神原来的客案，然后再写上新的答案：不准使用铅笔和滨改流，不按以上要京作答的答 炭无效。 4.考生必须保特答题卡的整洁， 第一部分选择题（共46分） …、单项选群题（本题共7小思、每小题4分，共28分：每小图给山的四个选项中。只行…个选项符合因 总、有运错或不答的得0分) 1.2025尔2月，阶尔滨亚冬会成功举办。下列关干亚.冬会的场墩，解驿正确的是《 印 丙 A,图甲：冰壶表而打磨得很光滑，是为了增大摩缘力 B.图乙：运动员以地物线的轨迹阳飞到最高点时.运动员处于平状图 C.图丙：冰球离杆后混读远动，是因为冰求受到杆的作用力 D.图丁：滑冰运动员匀速转鸟滑行时，所受合力不为零 2.以两个质量相同的山植A、B,将山植B夹在毋拾与弯曲的食指之间。山位A放在中指上，使两山位处 于同一商度，如图所示。用食指弹击放在中指上的山旋入，山做A沿水平方向抢出，山植B同时铵释放， 不计空气阻力.则() 第！页 A.知大食指的力度，山植A名地的时间会芝短 B.两个山植落地时速皮的交化量相同 C.两个山盛落绝时动能的变化量不相同 D,两个山梳落地时鱼力的平均功岸不同 3.某种微型纳米光子电子加速器利用激光照射用期性排列的纳米柱体时产生的交变电场米加遮电子束. 电子来通过虚线框区域的设短时间内，电场可祝为恒定的。电场钱分布如阳所示，这段时间内() A,a点的电强度比b点的大 B.电子沿直线从口点运动到b点时，动能减小 C.电子沿直线从b点运动到c点时，电势能减小 D。电子某的横袭面大小和形状均不变 4.几百作前科学家己经观测到土星外有多个光环伴随。如图所示，从理论上己登论证了土星环是无数个小 卫星在土孕赤道面上绕土星旋转的物质系统，其中称为D环的是一个贴近土星表面的略弱的环，其到土星农 而的距离为h.己知土星质量为M.半径为R,引力常数为G.则下列说法正研的是() A.距离土星越近的小卫星，运行周期追大 D环 B.所有环上的小卫星角速度大小相等 C.D环中小卫星的向心加速度为 D.D环中小卫星的限開为.空 CH 5.某学收深用了如图仰所示的内置微型芯片的总应式饭卡.可简化线图和芒片组成的电路。a、b是同一更 线周上的两点，如图乙所示。当饮卡处于8应区域时，刷卡机会微发变化的恐场，饭卡内线图产生移应电湖 聚动名片工作，向刷卡机发送卡片合思以完成支付，己知得感应婴度B随时间：变化规律为B=:+昆。( 为实煮〉·找图面积为S,匝数为，总电印为r,刷卡时饭卡你止，感场菲ǐ线圈平面向里，且全部处于磁 场区圾内。() 图甲 图乙 A.联卡时.我陶西伊行扩大道劳 B.刚卡时.a点比b点的电身低 C.例卡时.感应电流的大小I= D.退山移应区拔全过程.通过老片的地药量为零 共↓资 6。图为码头装抑简化装置。天花板固定轻质定滑轮，工人甲在码头的水平指面上向左诺动拉动治范。竖 直绳吊起货物乙匀烛上升.不计滑轮、觎的里力及摩继。在乙匀速上升的过程中。下列说法正确的是(） A.乙的机成能守巡 B.印窝加速向左运动 县民 C.悬绳对天花板的拉力大小不变 D,甲对地面的压力逐渐增大 7.“魔力陀螺“可在竖直侧轨道外侧旋转而不税铭，如图印所示。某同学为研究式运动规律。将其简化为一 质量为m的小球沿总直放置的俊性圆轨道外侧做圆周运动、如昭乙所示。·、b分别为铁道的最高点和最低 点。己知重力加速度大小为，轨道华径为R,轨道对小球引力大小恒为6mg。方向用向网心，不计一切 阻力。在·点给小球一沿切望方向的速度使小球沿轨道外（运动一周时间最短.则小球(） A.在a点时的速度大小为√R 小球 B.运动到a点时对纨道乐力为零 C.由b诺动到a过程，小球的机板能增加 D.山a运动到b过程，敏道受到的压力逐渐增大 二、多项选异题〈本圈共3题、每小圈6分.共18分.且每小随有不止一个谷茶正确。全够迭对得6分、海 选得3分，挤选得0分) 8。滑滑8是小朋友经常玩的游乐项目之一，游乐场里的滑梯可以近似看作倾角一定的刻面。如图所示。某 小朋友（觊为历点）由静止开始沿的面向下无动力滑行。若俯面祖施程度处处相阿，选取然面底餐所在水平 面为零势能面.下滑过中，不计空气阻力，刘小朋友的加速度大小、动伦E、重力身能E。和机：能E 随运动时间，交化的图像中，可能正确的是〔) ③ 小友 清石 第2页 9.如图所示为一种质语仪的恩理图.离子室产生电苟量为。1.6x10”C、质量为m=3.2×10ke的正离 子。初速度可忽路。离了经加速电压U如速后。进入速度选释器。速度选择器的极板间电场强度 E。4.0×0V1m,方向竖直向下，匀强场的图总应强度为B:=0.2T.方向垂直而向里.只有直线通过 速皮运环器的离了才能从炎缝0射山.随后进入一个盈®应强度为B=0.5T的匀强恐场.方向垂直依面向 外，离子在盛场中食匀速圈周诺动、敏终打在鼠相账片上·落点P到心距德为L,已知璃子在离开速度远 择器后，进入B盛场分析区时，由于其空度不佳。该区域残留少量中性气体分子，质量为离子质量的2 倍。不计高子的里力及离子间的相红作用。下列说法正确的是() 切 连攻通举 情子留电妈 9+ 分肉器 A.该速度达择器允许酒过的速皮为。=2.0×10'm/s B.若加这电压U为800V.则离子道过该加遮电压加速后可以从狄缝心射出 C.若不考忠中性气体分子的形响.伦从察缝0射出的高子落点距离L60m D.若在马区域内.肉子与的止的中性气体分子发生完全弹性碰撞（二者粘在一起.电荷量不变〉，型 控后跟饮偷转.新落点距离心更近 10。一风关游龙如下：将一机布面大您分置于梨面上.另-一小郎分置于泉外.设置于桌面的AB部分长0.6m (设桌面外的留分其质运小于AB部分的质量)·0为AB中点，整条带的质量为m=02g,将一质量为 M=0.6kg、可百成项点的废块置于AB部分的中点处，破块与祝布布、饥布滞与染面、破块与必面的滑动降 擦因数昂为取=0.2.游戏时见关者用也定水平拉力F拉帆布带。若能使帆布花与夜块分璃且破块不从桑而掉 落下来。则算风关成功.没转块未脱落帆布帝时帆布帝受的滑动华据力不变。g=10m/2.则下列说法正 确的是() 机石宿 A,砖块能达到的最大加速度大小为2m/s B.同关时.况布希所受到的摩擦力一定是28N C.同关者用大于N的力拉帆布带，则同关成功 D.若废块与帆布商分离时的速度为0.6m.闯关怡好成功 供↓页 第二部分非选择题（共54分） 三、实验愿（本题共16分） 11.(6分》为周量小物块m与半径为R的水平圆形转台之间的最大静摩擦因数从，（最大静摩擦因数具： 两个接蚀的物体之间，即将发生相对滑动时，最大静摩振力与正压力的比值)，某小组设计了图印的实验装 置.并进行如下操作： ①测得遮光片宽为d.d运小于转台半径R: ②调节光电门的位置，让电动机帝动转台绕轴OW转动，使追光片扫过光电门的激光来： ③将小物块m放在水平转台上，瑟量小物块中心到O的距离为1，转台从静止开始逐渐加速转动，速光片 每次经过光电门后提高转速〔加速时间忽路不计)，当小物块m恰好相对转台滑动时，记录光电门显示的 时间 ④多次改变小物块到矿的距离，同时记录小物块怡好滑动时光电门显示的时间. 光电门 (1)用螺旋测微器测量遮光片d的宽度图乙所示.则d= mm: (2)根据实验测得的数据绘制出图像如图丙所示，若1为纵坐标，则惯坐标为 (填y或“2")： (3)图丙图像等率为k,当地重力如速度为g,则4，=〔用k、d山、R、?表示)： 12.(10分)工业生产中需要物料配比的地方常用吊斗式”电了秤.它的结构如图甲所示，其中实现你质量 的关提性元件是拉力传越器。拉力传移器的内部电路图乙所示，R:,R:、R是定值电阻.R:=20以. R=10kQ,R是对拉力做感的应变片电阳， 拉力 传8器 ·Rk0n 20.20 料平 2000 放料门 送皮智 12V 01.00120◆F/x10N 甲 丙 T ()己知该型号的拉力传巡器R在不同拉力下，其阻值钓为十几千欧-几十千欧之间.为了精确测量传感器在 不同压力下的阻值，实独小组设计了如阅丙的电路。实险室提供了以下器材：电源E(电动劳为3V、内阳 未知) 第3页 电流表A:(量程10mA、内阻的为S0) 电流表A(量程2S0A、内阻约为50m) 电压农V:(量程1V、内阻钓为10) 电压表V3(量程3V、内阻钓为3kQ) 滑动支阻器R(阻值0-10000、额定电流为0.5A) 滑动变阻器R(阻值0-100、额定电流为2A) 为了尽可能提高恶量的准确性。电流表应送 一·电乐表应选 一·滑动变阻器应选 (填写器材名队代号) (2)实盈小组通过多次实验测得该传感器的阻值随压力F变化的关系图像如图丁所示。而在乙所示的电路 中，已知料斗里I×10N.没装群时八0.则R=k0. (3己知重力加速度为：.则与所如物料的质量m的关系式为 四、计算圆（本题共3小题，共38分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写最后答案 的不给分.有数值计算的思，答案中必乘明确写出爱值的单位) 13.(10分)一架无人机携帝质量为m一20kg的货物接近目标上空后，从高空竖直向目标锦冲。在对著目标点 以初速度%=5ms释坎货物后.随即拉起机身飞离，货物沿直线下落至目标区域，如图所示。为避免货物损 坏。在货物释放后：=s时迢控打开安装在货物上的减速装置.使货物受到竖直向上大小为∫■300N的恒力 作用.货物到达目标时速度大小号=1m修，立即关闭减速装置.货物与目标相互作用0.2s后静止，不计其他 阻力作用.重力加速度g=10ms’求： ()打开货物上的减速装置时.货物的速度号的大小： 080x (2)货物释政位置距离目标的高度为h: (3)课货物与目标之间平均相互作用力F的大小， 供4页 14.(12分)扫地机器人可利用阻场对通电线闷的安培力实现悬浮与更动。如图.一扫地机需人内含d. dcf两矩形线框，其中dWc(为平衡框，用于保特悬浮，ad为愿动框.用干提侯向前的动力.上下两 导线通电后，其中间形成的值场可视为匀强磁场，毯移应强度大小为B,方向垂直纸面向里。每个框都有一 条边长为L并嵌入金属芯的边，金国芯使得该边处位场的程移应巫度变为原来的k(A>1)倍。两线框通过 绝缘杆固定连接，总质量为m,运动过程中线框整体受到的摩摔阻力大小世定，导找和线框均始徐在可一…竖 直平面内，且线框的上下边与导线始终水平.（重力如速度为g) Bx × + × + ()为了使线框整体悬浮，通入线瓶dWc的电流向是顺时针还是逆时针，并求柜中电流I的大小： (2)若线柜以速皮大小%在水平方向上匀速运动，某时刻保持电流大小不变，仅将动力线框d中的电流反 向，线框在安培力和阴力作用下做匀减速直线运动、经过位移后停止，求个减速过程，动力线：d边所 受安培力的平均功率大小。 15.(I6分)如图所示，半圆形光滑林道AB因定在竖直面内，半径R=0.5米.与光滑水平面BC相切于B 点。水平面BC右想为派时针转动的水平传送带。与传送带相名的光滑水平面DF足够长.F处困定一登直 挡板，物块撞上挡板后以原速率反弹。现有物块P恰好通过圆苏最高点A,沿着阿弧运动到B点，DF上静 置-物块Q。己知P、Q均可视为质点，质量分别为m=kg,M=3kg·P、Q间促控为深性碰撞。且碰撞始 终发生在DF上，传送带长L=5m.物块P与传送间的动摩指因数4=02。不考心物块滑上和滑下传送征 的机板能损失，重力如速度g=0m/s2,不计空气环力，结果可用根式表示。求： 挡板 0 96 B F 〔1)求物块P第一次到达传送带C点的速度v℃： (2)调整传送带的速度大小，物块P到达D点时可能速度大小的范围： 2 --、1与·。。 (3)若传送带速度大小为5ms,求从P、Q第】次碰控结来到第2026次碰撞结束，物块P在传送市上运动 产生的总摩擦热。 第4页共↓页 2026-2027学年上学期高三年级10月适应性训练 物理参考答案 愿号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D B c D D A AD AC ACD 11.(1)2232-2.238 2)r2 k (每空2分，共6分) 8mg 12.(1) A V R (240 (3)U= mg+60000 (每空2分，共10分) 13.(10分1)%=15ms (2)h=32.4m (3)F=300N 【详解】(1)下落s时，根据V,=。+g (1分) 解得y=15ms (1分) (2)货物在15内下落裔度为h=岂+1 2 解得h=10m (1分) 打开减速装置运动过程，有：f一mg=ma (2分) 解得a=5ms子 又场-听=2a·h (1分) 或：mgh-fh-h)=m-支m听(3分) h=h+h 解得h=3边.4m (1分) 联立，解得h=32.4m (1分) (3)设竖直向下为正方向，则-F1+mg1■m1 (2分) 解得F-300N (1分) mg 14.(12分X)1=-)B电流方向为逆时针 k哈 (2)80-K) 【详解】(1)根据愿意可知，为了使线框整体悬浮，竖直方向上有kB肌-B儿=g 2分) 解符1=k-)L mg (1分) 由左手定则可知，电流方向为逆时针。 (1分) （2)根据恩意，设c日边所受安培力大小为下，则b边所受安棉力大小为气，则有F一是- (2分) 112 保持电流大小不交方向反向。则安培力方向反向，由牛额第二定律有了+F一阳 (2分) 又有后=2as (1分) 解得Fakm心 4s(k-) 根据P=FD 可=号 (2分) 或P= t=2 WeFs (2分) 解得线框cd边所受安培力的平均功率 km16 P=8试r0 (1分) 15.(16分)(1)5m5:(2)√5mls≤vn3V5ms:(3)(75925-101205y 【详解】(1)对物块P在A点列牛顿第二定律得哪=m 1分) R 对物块P从A到B过程列动能定理有限×2R=之m-m心 (2分) 2 2 解得va5m人 根据题意c■v5m小 (1分) (2)设物块到达D点时最小速度为"·最大速度为"：，根据动能定理有 -umgL=m喝：-m吃 (1分) umgl=mi2-支m呢 (1分) 解得√5 m/ssvps3√5ms (2分) (3)设水平向右为正方向，第1次碰撞对P和Q列动量守恒定律和机板能宁恒定律有 mv =m Mv 1分) m2=支m听+M好 (1分) 解得y=-2.5m,=2.5mls 设P向左滑上传送带到速度减为0的时间为，位移为x则 umg ma t1=g=1.25s =-m m<L 所以滑块以2.5m的速度大小返回D点， 4S1=x1+t1+以1-x1=12.5m Q1=umg4s:=25J (1分) 第2次碰换。对P和Q列动量守恒定律和机械能守恒定律有 mlv]l-Mv mvz Mvz 解得y=-5ms.=0 设向左滑上化送帝到速度碱为0的位移为x,则￥2=是=兰m>L 所以滑块P这次会冲上羽英轨道，设这次到达C点的速度为，则 证-吃=-2aL 得 vc=V5m/s =4 由-mgh=0-m好得h-025m<R，所以滑块P以吃e再次回到传送希， 根据对称性可知，滑块P再次运回D点的速度火小为5ms, 4s2=L+t2+W2-L=(25-5V⑤m Q2=umg4s2(50-10√/ 此后滑块P运国DF上与静止的Q相撞，取复以上过程，所以 Q。■1013Q+1012Q"(75925-101205)J (1分) (1分) (1分) (1分) (1分) 2/2