福建福州第十一中学2026-2027学年高三上学期10月适应性考试物理试卷

福州第十一中学2026-2027学年第一学期10月适应性练习 高三年级 物理试卷 (时间：75分钟满分：100分) 一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。 1.图中虚线描述的是跳水运动员10米跳台跳水头部的运动轨迹。下列说法正确的是( A.研究她在空中做翻转动作时，可以把她看成质点 B.她从起跳到入水运动的路程是10米 C.她在最高点时处于平衡状态 D.在P点时她头部的速度方向与入水时速度v方向相同 2.我国首台新型墙壁清洁机器人“蜘蛛侠”是由青岛大学学生自主研制开发的， B。 “蜘蛛侠”利用8只“爪子”上的吸盘吸附在接触面上，通过“爪子”交替伸缩， 就能在墙壁或玻璃上自由移动。如图所示，假设“蜘蛛侠”在竖直玻璃墙面上由A A 蜘蛛侠 点沿直线匀速“爬行”到右上方B点，在这一过程中，关于“蜘蛛侠”在竖直面内 的受力分析正确的是（) ·B FA B B F/A Ymg Ymg mg 3.甲、乙两个小灯笼用轻绳连接，悬挂在空中，在相同的水平风力作用下发生倾斜，稳定时与竖直方向的 夹角分别为α、O,如图所示，己知甲的质量为、乙的质量为2，下列关系式正确的是( tan a m2 tana m A. B. tana m tana m C. tana 2m2 D tana 2m tana m+m tana m+m2 4.如图所示，一质量为m的物体系于长度分别为L、L的轻质弹簧和细线上，L的劲度系数为k,重力 加速度为g,下列说法错误的是() A.剪断L的瞬间，物体的加速度为g B.细线上的拉力为mg tan 0 C.弹簧此时的长度为、mg -00y9 L2 kcos D.剪断L的瞬间，物体的加速度为g tan 0 二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题有两个项符合题目要求。全 部选对的得6分。选对但不全的得3分，有选错的得0分。 5.在中学的秋季田径运动会上，一位同学成功地跳过了1.28米的高度， 如图，若忽略空气阻力，g取10m/s2。则下列说法正确的是( A.该同学起跳以后在上升过程中处于超重状态 B.该同学下降过程中处于失重状态 C.起跳时地面对他的支持力与他的重力是一对作用力与反作用力 D.他落到垫子上时对垫子的压力等于垫子对他的支持力 6.如图所示，在倾角为0的斜面上，质量为m的物块受到沿斜面向 m 上的恒力F的作用，沿斜面以速度v匀速上升了高度h。己知物块与 斜面间的动摩擦因数为·、重力加速度为g。关于上述过程，下列说 法正确的是() A.在此过程中机械能守恒 B.合力对物块做功为二mv2 2 C.摩擦力对物块做功为-mg cos0_h D.恒力F与摩擦力对物块做功之和为gh sin 7.A、B两个物体（可以看作质点）沿x轴正方向运动，其中A物 ◆xm ↑v/(ms) 体从坐标原点由静止开始运动，它的位置坐标随时间的变化关系 1.5 9 如图甲所示（曲线为抛物线：O为抛物线的顶点），B物体从 x。=12m处开始运动，速度-时间图像如图乙所示。则( A.B的加速度大小1.8m/s2 B.相遇前A、B距离最大时A的速度为6m/s C.在t=6s时A、B相遇 D.A、B可能相遇两次 8.如图甲所示，一定长度的水平传送带AB逆时针匀 4.0v/(ms-) 速转动，一物块沿曲面从一定高度处由静止开始下滑 3.0 2.0 以某一初速度从左端滑上传送带，在传送带上由速度 1.0 0 1/ 34/ 传感器记录下物块速度随时间的变化关系如图乙所 -1.0 -2.0 -3.0 示（图中取向左为正方向，以物块刚滑上传送带时为 -4.01 甲 乙 计时起点)。重力加速度取g=10m/s2,则( ) A.物块与传送带间的摩擦系数为0.2 B.3s时物块距离A点最远 C.4.5s时物块恰好返回A点 D.降低传送带的转速，物块可能不返回A点 三、非选择题：本题共8小题，共60分。 9.(3分)如图所示，物体A被水平力F压在竖直墙壁上静止不动，缓慢增大力F, 则墙壁对物体A的弹力 (填“不断增大”“不断减小”或“保持不变”)，墙壁 对物体A的摩擦力 (填“不断增大”“不断减小”或“保持不变”)。 10.(3分)一质点从静止开始以1/s2的加速度做匀加速运动，经过5s后做匀速运动，最后2s的时间 使质点匀减速到静止，则质点匀速运动时的速度为 m/s,减速运动时的加速度大小为 -m/s2。 11.(3分)为满足高速运行的需要，在高铁列车的前端和尾端各有一节机车，可以提供大小相等的动力。 某高铁列车，机车和车厢共16节，假设每节机车和车厢的质量相等，运行时受到的摩擦和空气阻力相同， 每节机车提供大小为F的动力。当列车沿平直铁道运行时，第14节车厢对第15节车厢的作用力大小为 ，方向」 (填“向前”或“向后”)。 12.(10分)某学习小组在做“探究力的平行四边形定则”的实验。 (1)他们的实验步骤如下： A.在竖直放置的方木板上固定一张白纸，用图钉把橡皮条的一端固定在方木板上，另一端拴上两个绳套， 通过绳套同时用两个弹簧测力计沿与方木板平面平行的方向互成角度地拉橡皮条，使细绳的结点到达某一 位置O点，在白纸上用铅笔记下O点的位置并读出 两个弹簧测力计的示数F和F,,如图甲所示。 a' B.只用一只弹簧测力计，通过绳套拉橡皮条，使它 的伸长量与用两个弹簧测力计拉时相同，读出此时弹 b 簧测力计的示数F'并记下细绳的方向。 请指出以上步骤中的错误或疏漏： 甲 A中的错误或疏漏是 B中的错误或疏漏是 (2)该学习小组纠正了(1)中的错误后，在某次实验中，两个弹簧测力计的拉力F,=2N、F。=1.5N已 在图乙中画出，图中方格的边长表示0.5N,O点是橡皮条的结点，请用两个直角三角板作出合力F的图 示一，并求出合力的大小为 N。 (3)若图甲中的OA沿竖直方向，图乙中的F,、F,与水平方向的夹角分别为B和α，若实验无误，结合 (2)中数据，可得c0sa:cosB= 13.(8分)某小组采用如图甲所示的装置验证牛顿第二定律，部分实验步骤如下： 数字毫秒计 遮光片 光电门2 小车 光电门心 长直导轨 托盘及砝码 图甲 (1)将两光电门安装在长直轨道上，选择宽度为d的遮光片固定在小车上，调整轨道倾角，用跨过定滑 轮的细线将小车与托盘及砝码相连。选用d=cm(填“5.00”或“1.00”）的遮光片，可以较准 确地测量遮光片运动到光电门时小车的瞬时速度。 (2)将小车自轨道右端由静止释放，从数字毫秒计分别读取遮光片经过光电门1、光电门2时的速度 y=0.40m/s、y2=0.81m/s,以及从遮光片开始遮住光电门1到开始遮住光电门2的时间t=1.00s, 计算小车的加速度a= m/s2(结果保留2位有效数字)。 ↑a/(ms） 0.50 (3)将托盘及砝码的重力视为小车受到的合力F,改变砝码质量， 0.40 重复上述步骤，根据数据拟合出α-F图像，如图乙所示。若要得到0.30 一条过原点的直线，实验中应 (填“增大”或“减小”)轨 0.20 0.10 道的倾角。 0 0.10 0.20 0.30'FN (4)图乙中直线斜率的单位为 (填“kg”或“kg”)。 图乙 14.(8分)质量为1kg的质点静止于动摩擦因数4=0.1的水平地面上，从t=0时刻开始，受到如图所示 的水平外力作用，重力加速度8取10m/s2,求： AF/N (1)物体2s末的速度； (2)物体在2s内的位移。 t/s 15.(12分)如图所示，物体A置于静止在光滑水平面上的平板小车B的左端，物体在A的上方O点用 细线悬挂一小球C(可视为质点)，线长=0.8。现将小球C拉至水平无初速度释放，并在最低点与物体 A发生水平正碰，碰撞后小球C反弹的速度为2m/s。己知A、B、C的质量分别为m4一4kg、。8kg和c=1kg, A、B间的动摩擦因数=0.2，A、C碰撞时间极短，且只碰一次，取重力加速度g=10/s2。 (1)求小球C与物体A碰撞前瞬间受到细线的拉力大小： (2)求A、C碰撞后瞬间A的速度大小： (3)若物体A未从小车B上掉落，小车B最小长度为多少？ B 16.(13分)如图甲所示，倾角0=37°的粗糙斜面固定在水平面上，斜面足够长.一根轻弹簧一端固定在 斜面的底端，另一端与质量=1.0kg的小滑块（可视为质点）接触，滑块与弹簧不相连，弹簧处于压缩状态.当 =0时释放滑块，在0~0.24s时间内，滑块的加速度α随时间t变化的关系如图乙所示.已知弹簧的劲度 系数=2.0×102N/m,当=0.14s时，滑块的速度y1=2.0m/s.g取10m/s2,sin37o=0.6,cos37°=0.8.最 大静摩擦力等于滑动摩擦力.求： ↑alm·s (1)斜面对滑块的摩擦力F:的大小： 30 (2)0.14s时滑块与出发点间的距离d: 0 0.140.24 (3)在0~0.44s时间内，滑块运动的位移x, -10 s 甲 乙 福州第十一中学2026-2027学年第一学期10月适应性练习 高三年级 物理答案卷 1.【答案】D 【详解】A.研究她在空中做翻转动作时，大小和形状不能忽略不计，不可以把她看成质点，选项A错误； B.她从起跳到入水运动的位移为10，则路程大于10米，选项B错误； C.她在最高点时仍受重力作用，则不是处于平衡状态，选项C错误： D.速度方向沿轨迹的切线方向，可知在P点时她头部的速度方向与入水时速度ⅴ方向相同，均竖直向下， 2.【答案】B 【详解】“蜘蛛侠”在竖直玻璃墙面上由A点沿直线匀速“爬行”到右上方B点，“蜘蛛侠”处于平衡状 态，故在竖直面内受力平衡。 3.【答案】C 【详解】设每个灯笼受到的水平风力为F,对乙受力分析，乙受重力、沿绳方向的拉 力和水平向右的风力，故0=。对甲、乙整体受力分析，整体受重力、沿绳方向的 mg 网+%g因此mg2%2 2F 拉力和水平向右的风力，故tana= tan0 m+mz 4.【答案】C 【详解】BC.小球处于静止状态，根据受力平衡可得Fcos0=mg,F sin0=T 解得弹簧弹力大小和细线拉力大小分别为，，T-mg tan6 根据胡克定律可知，弹簧的伸长量为5==ms。则弹簧此时的长度为1=人+mg k kcos0 kcos 故B正确，不满足题意要求；C错误，满足题意要求： A.剪断L的瞬间，小球以绳长为半径向下做圆周运动，由于小球的速度为O,所以此时细线拉力刚好为 0,此时的合力为mg,根据牛顿第二定律，此时加速度为a=m=g故A正确，不满足题意要求： D.剪断L的瞬间，小球所受弹簧弹力和重力不变，合力与剪断细绳前绳的拉力大小相等，方向相反，大 小为mg tan0:根据牛顿第二定律，此时加速度为a=msam9=gan0故D正确，不满足题意要求。 5.【答案】BD 【详解】A.小红起跳以后在上升过程，只受重力的作用，是处于完全失重状态，故A错误： B.在小红下降过程，只受重力的作用，有向下的重力加速度，是处于完全失重状态，故B正确： C.起跳时地面对小红的支持力和重力都作用在小红上，二者不是相互作用力，故C错误： D.小红对垫子的压力和垫子对她的支持力是一对作用力与反作用力，二者大小始终相等，故D正确。 6.【答案】CD 【详解】A.恒力F和摩擦力都对物块做功，因此机械能不守恒，故A错误；B.物块匀速运动，动能变 化△迟=0根据动能定理，可知合外力做功等于动能变化，因此合力对物块做功为0，不是)m2,故B错误： C.物块上升高度，沿斜面的位移大小品。摩擦力大小=mgs0摩擦力方向沿斜面向下，与位移方向 相反，因此摩擦力做功形=-5=-mg cos0.h n0’故C正确： D.对物块应用动能定理，支持力不做功，因此W,+W+W。=△E=0其中重力做功W。=-mgh可得W+W=mgh 即恒力F与摩擦力对物块做功之和为mgh,故D正确。 7.【答案】BC 【详解】A.乙图是倾斜上升的t图像，说明B做匀加速直线运动，由加速度定义得4，=A"-9:4m A=5 ms'Im/s', 故A错误：B.甲图是顶点在原点的抛物线x-t图像，说明A从静止开始做初速度为0的匀加速直线运动， 位移公式为0，代入图中1=s、=1.5m,解得a,=3m公因此A的速度满足=a,1=3B从6=12m处 沿x正方向出发，位移公式为。=12++4，=2+4+同向运动的两个物体，相遇前距离最大的条件 是两者速度相等（初始时B在A前方，B的初速度大于A,A速度小于B时两者间距持续拉大：A速度超 过B后间距开始缩小)。令va=g,即3t=4+t解得1=2s此时Va=6ms,故B正确： 。.相遇时清足无=：代入位移公式得=12++解得正根1=6s,数C正： D.相遇后A的加速度大于B,A的速度将始终大于B,两者间距会持续拉大，不可能发生第二次相遇， 故D错误。 8.【答案】AC 【详解】A.v-t图像斜率代表加速度，加速度a=2ms又a=上=mg=g解得4=0.2，故A正确； m m B.物块向右运动速度减为0时，距A点最远，由乙图可知，2s时物体距A点最远，故B错误： C.v-t图像中图线与t轴围成的面积表示位移，设t1时刻物块恰好返回A点，则有0=(-4)2+；(3 2)2+2(t1-3),解得t1=4.5s,故C正确： D.降低传送带的转速，物块在水平传送带上向右运动的初速度、加速度、位移均不变，所以能返回A点， 故D错误。 9.【答案】 ①.不断增大②.保持不变 【解析】[]物体A在水平方向上受到推力F和墙面的支持力N,处于平衡状态，缓慢增大力F,根据平衡 条件可知，墙壁对物体A的弹力不断增大。 [2]物体A在竖直方向上受到重力和摩擦力，处于平衡状态，可知墙壁对物体A的摩擦力保持不变。 10.【答案】 ①.5②.2.5 [1]取运动初速度方向为正。前5s为匀加速直线运动，由速度公式v=,+t,该阶段末速度满足y=。+4,代 入已知量，得到y=0+1×5=5m/s [2]后2s匀减速到静止，取同一正方向。由速度公式v=%+t,该阶段末速度满足0=？+a242 将末速度5m/s和时间2s代入上述方程，得到a,=-2.5ms2,负号表示加速度方向与速度方向相反，故减速时 加速度大小为2.5m/s2。 11.【答案】 0. ②.向后 【详解】[1][2]设每节机车和车厢的质量均为m,受到的摩擦和空气阻力均为∫，以整列高铁列车为对象， 根据牛顿第二定律可得2F-16f=16ma 设第14节车厢对第15节车厢的作用力为F',以第15节车厢和第16节机车为整体，根据牛顿第二定律 3 可得F+F'-2f=2ma联立解得F'=-3F可知第14节车厢对第15节车厢的作用力大小为3F,方向向后。 4 12.【答案】 ①.没有记录两拉力的方向 ②.没有说明要把结点拉至O点 ③.见下图 ④. 2.8/2.7/2.9 ⑤.4：3 0 【解析】[1]A中没有记录两拉力的方向： a [2]两次实验应把橡皮条拉至同一位置，B中没有说明要把结点拉至O点： [3]合力F的图示如图所示 [4]由图可知合力大小为2.8N。 [5]根据F,cosB=F,cosa可得cos:cosB=4:3 13.【答案】(1)1.00 (2)0.41 (3)增大 (4)kg (1)实验用遮光片通过光电门的平均速度代替瞬时速度，遮光片宽度越小，代替时的误差越小，故为较 准确地测量遮光片运动到光电门时小车的瞬时速度，选择宽度较小的d=1.00cm的遮光片： (2)根据加速度的定义式可得a=当-业=0.41ms2 (3)根据图像可知当有一定大小的外力F时此时小车的加速度仍为零，可知平衡摩擦力不足，若要得到 一条过原点的直线，需要平衡摩擦力，故实验中应增大轨道的倾角： (④)图乙中直线斜率为k=名，根据F=m可知直线斜率的单位为kg。 14.【答案】(1)4ms (2)5m (1)0ls内对质点受力分析，由牛顿第二定律可得F-umg=ma1--1’解得a=3m/s2--1’ 物体1s末的速度y=a4=3m/s--1' 1~2s内对质点受力分析，由牛顿第二定律可得F,-g=ma2-1'解得a2=lm/s2--1 物体2s末的速度y2=%+a22=4m/s---1' (2)物体在2s内的位移x=兰4+当+业5=5m -2 2 15.【答案】(1)30N;(2)1.5m/s:(3)0.375m 【详解】(1)设小球C与物体A碰撞前瞬间的速度大小为v,对小球C的下摆过程， 由机械能守恒定律得m,8L=2m,6 ---1 解得。=4m/s--1' 球C与物体A碰撞前瞬间受到细线的拉力大小为R,则F-m:g=m:艺-女 解得F=30N--1' (2)以0方向为正方向，设A、C碰撞后瞬间A的速度大小为v4,由动量守恒定律得 mcvo=-mcvc +mav ---21 解得v4=1.5m/s--21 (3)当物体A滑动到小车B的最右端时恰好与小车B达到共同速度ⅴ时，小车B的长度最小，设为x。 由动量守恒定律得mV4=(m4+mg)y---1’ 解得v=0.5m/s---1' 21 由能量守恒定律得m,8=2m,-2m,+m,广 --1 解得x=0.375m---1’ 16.【答案】(1)F=4.0N;(2)d=0.20m;(3)x0.39m 【详解】(1)滑块与弹簧分离后有：gsin0+F=a,--2' 其中a1=10m/s2 解得斜面对滑块的摩擦力F=4.0N.---2' (2)当t1-0.14s时，弹簧恰好恢复原长，则在仁0时有：kd-gsin0-F=a,-2’30n/s2 解得滑块与出发点间的距离d0.20m.---2 (3)设从t1=0.14s时开始，经时间△t1速度减为零△t1 0-y=0,20s-1 -41 -2 在△i时间内滑块上升的位移x2a0.20m-l' 即滑块在0.34s时速度减为零，此后滑块将反向做匀加速直线运动=熙sim0-丘=20mg1 m 2a4-2-001m-1 1 在t=0.34s到t3=0.44s内滑块的位移x= 所以在0~0.44s时间内，滑块运动的位移 x=d+x1-x2=0.39m---1'