第十八章 学业质量自我评价-【学海风暴】2026-2027九年级下册物理同步备课（人教版·新教材 安徽专版）

九年级物理RJAH版下册 学业质量自我评价 第十八章 学业质量自我评价 (考试时间：70分钟满分：70分) 班级： 姓名： 得分： 一、填空题（每小题2分，共20分） 1.手机电池充电时能量的转化情况是 2.如图所示，电能表的示数为 kW·h。 ↑PkW kW.h 0.8 20225 220V10(20)A50H 单相电能表 0.1… 360r/(kW,h) 01020/h 第2题图 第4题图 第5题图 3.甲电动机在5s内所做的功为15000J,乙电动机在2s内所做的功为 8000J,则 (选填“甲”或“乙”)电动机做功较快。 4.如图所示的是某用电器工作时电功率与时间的关系图像，则图中阴影部 分的面积表示的物理量是 5.如图所示的电路中，闭合开关，发现灯泡甲比灯泡乙亮，则甲、乙两个灯 泡消耗的电功率大小关系是P甲 (选填“>”“<”或“=”)P乙。 6.标有“220V60W”的电风扇和电热器并联在家庭电路中，都正常工作 时，相同时间内产生的热量Q电风嘲 （选填“>”“<”或 “=”)Q电热器。 7.小明在家煮饭时，使用的电饭锅的额定功率是1000W,正常工作10min 消耗的电能为 J。 8.标有“6V4.5W”字样的灯泡L1和标有“1W”字样的灯泡L2并联在电 源电压恒为2V的电路中时，L2比L,亮；当它们串联在电源电压恒为 6V的电路中时，L2正常发光，则灯泡L2正常发光时的电压为 V。(忽略温度对灯泡电阻的影响) 9.(2026合肥期末)某校师生自制了一台电烘箱，设计的简化电路如下图所 示，已知U=220V,R1和R2均为电热丝且电阻值恒为882。S1、S2均 闭合时，整个电路1min内产生的热量为 10.(2026贵阳期末)在“探究电流与电阻关系”的实验中，电源电压保持恒 定。第一次用5Ω的定值电阻R,接入电路，移动滑动变阻器的滑片， 107 记录相关数据；第二次用10Ω的定值电阻R2替换R,,移动滑片满足 实验要求后，记录相关数据。则前后两次滑动变阻器消耗的电功率之 比P1:P2= 二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选 项是符合题意的)》 11.(2026冷水江期末)小芳利用电能表测某家用电器的电功率。当电路中 只有这个用电器工作时，测得在15min内消耗的电能是0.3度。这个 用电器可能是 () A.电脑 B.电冰箱 C.电视机 D.空调 12.某商家销售的移动电源相当于大型“充电宝”，其铭牌如下图所示。顾 客咨询：“该移动电源可以供2.5kW的用电器正常工作吗？”客服回复： “没问题，这是3kW·h的，3kW的用电器都可以正常使用。”该客服 ( A.说法正确 X×移动电源 B.混淆了电功率和电能 电源规格：3kW·h C.混淆了电功率和电流 输出电压：220V D.混淆了电功率和电压 最大输出电流：10A 13.我国为了实现产业升级，拓宽绿色能源发展道路，保障居民用电等，实 行了限电措施。结合下表，下列说法正确的是 家用空调 约1000W 吸尘器 约800W 电吹风机 约500W 台式计算机 约200W A.家用空调正常工作时的电压最大 B.台式计算机正常工作时，电流最小 C.台式计算机正常工作时，消耗电能最快 D.正常工作时，吸尘器比电吹风机消耗电能多 14.如右图所示，电源电压保持不变，R1、R2和R三个 电阻的阻值都相等。所有开关都闭合时电路的总功 率与只闭合S时电路的总功率之比为 A.1:1 B.2:1 C.4:1 D.5:4 15.许多汽车的后视镜配备了图甲所示的加热装置，该装置有低温除雾和 高温除霜功能，可以保持镜面清晰，确保驾驶安全。其内部简化电路如 图乙所示，R,和R2为加热电阻。下列分析正确的是 A.除雾状态，电路中只有R,工作 B.除霜状态，电路中只有R2工作 C.除雾状态，电路的总电流最大 D.除霜状态，电路的总功率最大 16.如图所示，灯L1的规格为“3V0.3A”,灯L2的规格为“3V0.5A”, 将它们连接在6V的电路中。假设在较短的时间内两个灯都不会损 坏，且电阻不变，下列判断正确的是 () A.两灯至少有一个可以正常发光 B.两灯都可以正常发光 C.两灯都不能正常发光，且L1比L2暗 D.两灯都不能正常发光，且L1比L2亮 L2 B A 0.10.20.3dA 甲 乙 第16题图 第17题图 17.(2026蚌埠怀远期末)如图甲所示，电源电压不变，闭合开关S,滑动变 阻器滑片从b点滑向a点(a、b不是端点)的过程中，两个电压表示数 与电流表示数变化的关系图像如图乙所示。下列说法正确的是() A.电源电压为3V B.电路消耗的最大功率为O.9W C.图乙中dc段表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图像 D.当滑片在a点时，通电10s,R。消耗的电能是9J 三、实验题（第18小题4分，第19小题6分，第20小题6分，共16分） 18.在“探究影响电流做功多少的因素”实验中，同学们设计了图甲、乙、丙 所示的三个电路。 8 (1)经过讨论，同学们认为不应该选择图甲所示的电路，原因是 (2)为研究电流做功与通过用电器的电流的关系，应该选择图 所示的电路。 19.在探究“电流通过导体产生热量的多少与什么因素有关”时，采用了下 列图片所示的实验装置。 10 108 (1)如图甲所示，两个透明容器中密封着等量的空气，通过观察两个U 形管中 的变化判断密闭空气温度的变化。 (2)图甲装置是用来探究电流通过导体产生的热量与导体 的关系。 (3)若想利用图乙继续完成接下来的实验探究，则电阻丝B的阻值应为 2。 20.在“测量小灯泡的电功率”的实验中，电池盒里首尾相接装有四节干电 池，小灯泡额定电压为2.5V(正常发光时灯丝电阻约为10Ω)。实验电 路如下图所示。 实验电压表的电流表的 小灯泡的 小灯泡的 次序标数U/W示数I/A 亮度 功率P/W 1 1.5 0.20 微亮 2 2.0 0.22 比第1次亮 3 2.5 0.24 比第2次亮 3.0 0.28 比第3次亮 (1)正确连接电路后，闭合开关，发现小灯泡不发光，但电流表和电压表 都有较小的示数，原因是小灯泡 (填字母)。 A.断路 B.短路 C.额定功率太小 D.实际功率太小 (2)实验中测得的数据和观察到的现象如上表所示，则小灯泡的额定功 率是 W。 (3)小明同学想把小灯泡两端的电压调为0.5V,以测算它不发光时的 功率，可是当他把滑动变阻器的阻值调到最大时，电压表的示数只能降 到0.8V。你的解决办法是 四、计算与推导题（第21小题6分，第22小题6分，第23小题8分，共20 分；解答要有必要的公式和过程) 21.(2026苏州，有改动)如图甲，电源电压恒定，定值电阻R的阻值为2.5 2。灯泡L的额定电压为2.5V,其I-U图像如图乙。 ↑I∥A 0.2 0.1 1.0 2.0 3.0 U/V (1)当S闭合，S断开时，灯泡L正常发光，求电源电压U。 (2)当S、S:都闭合时，求R的电功率P。 69 22.如右图所示，电动机工作时将电能转化为机械 t时 能，但因为线圈有电阻，也会有电能转化为电 热（内能）。电动机线圈电阻为，电源电压为 U,通过电动机的电流为I,电动机输入功率P G=10N =UI。 (1)请推导出该电动机的效率（机械能占消耗电能的百分比）表达式。 (用U、I、r表示) (2)当电动机以v=0.25m/s的速度匀速向上提升重力为10N的重物 时，电路中通过的电流I=1A,r=0.5,摩擦忽略不计。试求1min 内消耗的电能。 23.(2026深圳宝安区模拟)随着生活水平的提高，人们更注重生活的舒适 度体验，因此智能马桶开始走入人们的生活。图甲所示的是杭州生产 的一款有洗涤功能的马桶盖，下表所示的是说明书的部分内容，图乙是 加热电路的简化电路图。在图乙中，当闭合开关S、断开开关S时，保 温座圈的电热丝R2开始加热；再闭合开关S,电热丝R给水加热，同 时洗净装置将热水喷出。〔P水=1.0×103kg/m3,c水=4.2×103J/ (kg·℃) 额定电压 220V R2 洗净 出水量 0.6 L/min 装置 加热功率 1200W 220V.S 保温座圈功率 50W 甲 乙 (1)求保温座圈的电热丝R2的阻值。 (2)按出水量0.6L/min计算，求1min喷出水的质量。 (3)若洗净装置喷水时将水由20℃加热到40℃，求该装置加热的效率。 1i0学业质量自我评价 第十八章学业质量自我评价 1.电能转化为化学能2.2022.53.乙 4.电功5.>6.<7.6×10 8.2【解析】L,和L2并联在电源电压恒为2V的电路 中时，它们两端的电压相等，L、L2的功率分别为P U2 U =RPu=R:因为L比L亮，所以P>Pu,故 R2<R,。当L,、L2串联在电源电压恒为6V的电路 中时，L正常发光，已知灯泡L的电阻R,=P (6V)2 4,5W=80,此时灯泡L,的功率P,=1PR,= 80+R)R,=1W,解得R,=4n,R,'=16Q(舍 6 V 去)：又由P,=R 可得1w三。解得灯泡2正霜 发光时的电压U2=2V。 9.3.3×10【解析】由图可知，当S、S均闭合时，R2 短路，电路为R,的简单电路，由焦耳定律Q=Rt可 U2 知，整个电路产生的热量为Q=I严R,1=R1= (220V) 882 -×60s=3.3×10*J。 10.2:1【解析】探究电流与电阻关系”的实验中，定 值电阻与滑动变阻器串联，实验过程中要保持定值 电阻两端电压不变，已知电源电压保持恒定，所以更 换定值电阻前后，定值电阻两端电压不变，滑动变阻 器两端电压也不变，根据串联电路电流处处相等的 特点，有1=R,Rm _U2_U,_U#'U籍 1=0①，1，=R,=R2Rm'R海7 ②，由①②可得，R猎= UaR:-UER-U UU U题X50 R,--费-是×0n根据P-发可 U 得-受·器-，，-会× :(0×5)-=105=21 11.D12.B13.B14.C 15.D【解析】由电路图可知，只闭合S时，电路为R,的 简单电路，此时电路总电阻最大，根据P=尺可知， 电路的总功率最小，该加热装置处于低温除雾状态； 同时闭合S、S时，R,、R:并联，此时电路的总电阻 U2 最小，根据P=尺可知，电路的总功率最大，该加热 装置处于高温除霜状态，故A、B错误，D正确。在除 雾状态时，电路的总电阻最大，根据欧姆定律可知， 电路的总电流最小，故C错误。 U 16.D【解析】由欧姆定律可得，灯L的电阻为R,= 3V U2 3V =0.3A=100,灯L的电阻为R,=号=0.5A 62。由图可知，两灯串联，电路的总电阻R=R,十 U R2=100十62=162，则电路的实际电流1=尺 160=0.375A,由于两灯的实际电流均不等于它们 6 V 的额定电流，因此L1、L2均不能正常发光，故A、B错 误。灯泡的亮度由其实际功率决定，在串联电路中， 通过两灯的电流相等，且R,>R2,由P=I2R可知， L的实际功率大于L2的实际功率，即L比L2亮， 故D正确，C错误。 17.D【解析】V1测R。的电压，根据U。=IR。可知，滑 片从b滑向a,R接入的电阻减小，电流I增大，U。 随I增大而增大，因此可得电压随电流增大而增大 的ec段是V,示数的变化图像；由V,示数的变化图 _U=1V 像得1，=0.1A时，U,=1V,因此R,==0.1A =102。此时滑动变阻器两端电压UR=5V,电源电 压Ue=U。十UR=1V+5V=6V,故A错误。滑动 变阻器电阻最小，电流最大，由图得最大电流Im= 0.3A,电路最大总功率Pmx=U总Imx=6VX0.3A =1.8W,故B错误。V2测R的电压，根据UR=U 一U。可知，UR随I增大而减小，因此dc段是V2示 数的变化图像，故C错误。滑片在a点时，I= 0.3A,R。两端电压U。=3V,通电10s,R。消耗的电 能W=U。It=3V×0.3A×10s=9J,故D正确。 18.(1)无法使用控制变量法(2)乙 19.(1)液面高度差(2)电阻(3)5 20.(1)D(2)0.6(3)换最大阻值更大的滑动变阻器 (或去掉两节干电池，合理即可) 21.解：(1)由电路图可知，当S闭合，S,断开时，灯泡L 与电阻R是串联的。由图像可知，当灯泡L正常发 光时，通过灯泡L的电流I,=0.2A,R两端的电压 U1=IR=0.2A×2.52=0.5V 电源电压U=U+U1=2.5V+0.5V=3V(3分) (2)由电路图可知，当S、S,都闭合时，灯泡L被短 路，此时R两端的电压等于电源电压，即U2=U= 3V通过R的电流，货-0=12A R的电功率P=U2I2=3V×1.2A=3.6W(3分) 22.解：(1)电动机消耗的总电能W=Pt=U1t 线圈产生的热量Q=I2rt 电动机的效率？= w。-Q×100% U-It× W总 UIt 100%= U-r×100%(3分) U 下册详解详析 31△ (2)1min内消耗的电能W=W机械十Q=Gh十Irt= Gwt+Irt=10N×0.25m/s×60s+(1A)2×0.52 ×60s=180J(3分) U 23.解：①)由P=R得，保温座圈的电热丝R:的阻值 R2=9=(220V) 50W =9682(2分) (2)按出水量0.6L/min计算，1min喷出水的体积 V=0.6L/min×1min=0.6L=0.6×10-3m 由p=罗得，喷出水的质量 m=p本V=1.0X103kg/m3×0.6×10-3m3=0.6kg (2分) (3)水吸收的热量 Q=c本m△1=4.2×103J/(kg·℃)×0.6kg×(40 ℃-20℃)=5.04×101J 由题意可知，洗净装置的加热功率是指电热丝R,的 功率，则电热丝R,在1min内消耗的电能 W1=P,t=1200W×60s=7.2×101J 该洗净装置的加热效率 Q服5.04×10￥J 7=w=7.2x10×100%=70%(4分) 第十九章学业质量自我评价 1.串2.03.不能4.保护线5.不会 6.相【解析】在家庭电路中，从安全用电的角度考虑， 必须把用电器的开关连接在相线上，断开开关，能切 断相线，以便防止接触用电器时触电事故的出现。 7.乙【解析】由电路图可知，当开关闭合时，乙灯被短 路，电路为甲灯的简单电路，所以甲灯是照明灯。当 开关断开时，甲、乙两灯串联，照明灯（甲灯）熄灭，所 以乙灯是指示灯。 8.如下图所示 相线 中性线 9.总功率 10.00 【解析】在远距离输送电能时，输电线上的电能 损失主要是由于电流的热效应而产生的，根据Q= I2Rt可知，在电阻不变的情况下，电流越小，输电线 上的电能损失就越小。根据电功率的计算公式P= U1可知，在电功率一定时，要减小电流，就要增大电 P 压。输电线上前后两次损失的电功率之比 P )2 IR线 U100 R店 P 一了，所以输电线上损失 32 九年级物理RJAH版 的功率将变为原来的100· 11.C12.C13.D14.C15.A 16.B【解析】测电笔接触相线时氖管发光，接触中性线 时氖管不发光。图中α点在中性线上，所以用测电 笔接触a点时，氖管不会发光，故A错误。若ac间 断路，那么插座右孔通过b等仍与相线相连。闭合 开关，灯泡能发光，而洗衣机所在支路因ac间断路， 不能工作，故B正确。若b间断路，插座右孔就无 法与相线相连，测电笔接触插座右孔，氖管不会发 光，故C错误。保护线的作用是防止触电，保护线断 路不会影响洗衣机的正常工作，故D错误。 17.B【解析】两孔插座的正确接法是左孔接中性线，右 孔接相线，故最上面的线是相线，控制照明灯的开关 应接在图中的b处，故A错误。电能表能测量用电 器在一段时间内消耗电能的多少，故B正确。保险 丝熔断后，不可以临时用一段铜线代替，应该更换相 同规格的保险丝，故C错误。图乙中没有用手接触 笔尾金属体，故D错误。 18.(2)发光(3)A 【解析】(2)当开关闭合时，电路连接正常，灯泡与保 险丝串联，所以灯泡发光。(3)断开开关，在B、D间 接一根粗铜丝，闭合开关的瞬间，灯泡被短路，电流 通过保险丝后，直接经电流表回到电源负极，将会观 察到电流表的指针迅速摆动较大幅度，保险丝也随 即熔断，灯泡不发光。只有A符合题意。 19.(1)小雨(2)如果采用小明的方案，若灯泡L2断 路，当导线与L2并联时，电路中只有灯泡L1一个用 电器，其两端电压等于电源电压5V,远超灯泡L1的 额定电压2.5V,会造成灯泡L1损坏。而小雨的方 案不会出现损坏灯泡的情况，小雨的方案更好 20.(1)1用电器总功率过大(2)熔断短路 【解析】(1)当接入两个小灯泡时，电路可以平稳地工 作，此时电流表的示数为1= P_6W+6W=1A。 12V 当再接入一个小灯泡时，保险丝熔断，说明电流过 大，原因是用电器总功率过大。(2)小明只让一个小 灯泡工作，在C、D两点间接入一段导线，发生短路， 他发现保险丝会马上熔断，该实验可以验证电路中 电流过大的原因是短路。 21.解：(1)根据欧姆定律可得，这段导线两端的电压U =IR=300A×1.8×10-62=5.4×10-4V 小鸟与这段导线并联，则小鸟身上的电压U=5.4× 10-4V(3分) (2)根据欧姆定律可得，通过小鸟身体的电流 I'= U_5.4×10-4V R'1000 =5.4×10-7A(3分) 22.解：家庭电路中的家用电器是并联的，所以干路中的 电流 I=2×200×10-3A+500×10-3A+1A+5A=