18 四川省高考综合改革适应性演练-【景行之教育】2027年物理高考一轮复习先锋名校检测卷

18四川省高考综合改革适应性演练 全卷满分100分，考试时间75分钟。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在 A.X的平衡位置 B.Z的电荷种类 每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。 C.Y对X的库仑力方向 D.X、Y系统的电势能 1.18氟一氟代脱氧葡萄糖正电子发射计算机断层扫描术是 5.某同学制作了一个小型喷泉装置，如图甲所示，两个瓶 种非创伤性的分子影像显像技术。该技术中的8F核由 子均用瓶塞密闭，两瓶用弯管连通，左瓶插有两端开口 质子引轰击？0核生成，相应核反应方程式为() 的直管。左瓶装满水，右瓶充满空气。用沸水浇右瓶 A.80+p→8F+9e B.80+ip→8F 时，左瓶直管有水喷出，如图乙所示，水喷出的过程中， C.80+p→8F+e D.80+p→8F+He 装置内的气体 2.我国某研究团队提出以磁悬浮旋转抛射为核心的航天 器发射新技术。已知地球和月球质量之比约为81：1， 半径之比约为4：1。若在地球表面抛射绕地航天器， 在月球表面抛射绕月航天器，所需最小抛射速度的比值 约为 A.20 B.6 C.4.5 D.1.9 3.如图，水平面MW下方存在垂直纸面 A.内能比浇水前大 向里的匀强磁场，纸面为竖直平面。 ×XX/X B.压强与浇水前相等 不可变形的导体棒ab和两根可变形 ×人× C.所有分子的动能都比浇水前大 的导体棒组成三角形回路框，其中ab处于水平位置，框 D.对水做的功等于水重力势能的增加量 从MN上方由静止释放，框面始终在纸面内，框落入磁 6.如图，竖直平面内有一光滑绝缘轨 场且ab未到达MN的过程中，沿磁场方向观察，框的大 道，取竖直向上为y轴正方向，轨 .C 致形状及回路中的电流方向为 道形状满足曲线方程y=x。质量 为m、电荷量为g(g>0)的小圆环套 B 在轨道上，空间有与x轴平行的匀 4--.01254 A C 4.X、Y、Z为大小相同的导体小球，X、Y所带电荷量均为 强电场，电场强度大小飞=2ms,圆环恰能静止在坐标(1， +9,Z所带电荷量为-5q。X、Y均放置在光滑绝缘水平 1)处，不计空气阻力，重力加速度g大小取10m2。若圆 面上，Y固定在P点，X与绝缘轻弹簧一端相连，弹簧另 环由(3,9)处静止释放，则 一端固定，此时X静止在平衡位置0点，如图所示，将 A.恰能运动到(-3,9)处 较远处的Z移近，先与X接触，然后与Y接触，再移回较 B.在(1,1)处加速度为零 远处，在此过程中，一直保持不变的是 C.在(0,0)处速率为10W3m/s 0 D.在(-1,1)处机械能最小 7.用薄玻璃制作的平面镜X挂在墙上，某同学站在镜前恰 C. -2 v E=4 D 能看到自己的全身像，如图甲所示，把X换成用厚玻璃 Ev 制作的平面镜Y,如图乙所示。若该同学仍能看到自己 10.如图，原长为1。的轻弹簧竖直放置，一 的全身像，那么在竖直方向上，Y相对于X上边缘至少 端固定于地面，另一端连接厚度不计、 高△L,下边缘至少低△12，不计玻璃侧面透光和表面反 质量为m1的水平木板X。将质量为m2 射，则 的物块Y放在X上，竖直下压Y,使X离地高度为1，此 发川涂与 京涂 时弹簧的弹性势能为E。,由静止释放，所有物体沿竖 直方向运动，不计空气阻力，重力加速度为g。则 ( A.若X、Y恰能分离，则E。=(m1+m2)(l。-l)g B.若X、Y恰能分离，则E。=(m1+m2)gl A.△L1=△L2=0 B.△L1=△L2>0 C.若X、Y能分离，则Y的最大离地高度为 C.△l1>△l2>0 D.△l2>△l1>0 Ep+(-) 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。每 (m1+m2)g 小题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但 D.若X、Y能分离，则Y的最大离地高度为 不全的得3分，有选错的得0分。 E。 (m1+m2)g 8.甲、乙两列简谐横波在t=0时刻的波形如图所示，传播 三、非选择题：本题共5小题，共54分。其中第13~15小 速度均为1cm/s。下列说法正确的是 题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演 +.IcIn +.n 算步骤：有数值计算时，答案中必须明确写出数值和 单位。 11.(6分)某学习小组使用如图所示的实验装置探究向心 A.甲的周期为2s 力大小与半径、角速度、质量之间的关系，若两球分别 B.甲与乙的频率之比为3：2 放在长槽和短槽的挡板内侧，转动手柄，长槽和短槽随 C.t=0时刻，质点P的位移为零 变速塔轮匀速转动，两球所受向心力的比值可通过标 D.t=0时刻，质点Q的速度沿y轴正方向 尺上的等分格显示，当皮带放在皮带盘的第一挡、第二 9.如图，小球X、Y用不可伸长的等长 挡和第三挡时，左、右变速塔轮的角速度之比分别为 轻绳悬挂于同一高度，静止时恰好 1:1、1:2和1：3。 接触，拉起X,使其在竖直方向上 升高度h后由静止释放，X做单摆 运动到最低点与静止的Y正碰。碰后X、Y做步调一致 的单摆运动，上升的最大高度均为，若X、Y质量分别 流让形 为m.和m,碰撞前后X、Y组成系统的动能分别为E1 本可始带厂 和E2,则 ( B”-2 (1)第三挡对应左、右皮带盘的半径之比为 A. m my (2)探究向心力大小与质量之间的关系时，把皮带放 物理·答案D50卷18 在皮带盘的第一挡后，应将质量 (填“相同” 位小数)。 或“不同”)的铝球和钢球分别放在长、短槽上半径 (3)微安表量程扩大后，按图乙所示电路图连接实验器 (填“相同”或“不同”)处挡板内侧。 材。保持电阻箱 (填“R”或“R2”)的阻值不 (3)探究向心力大小与角速度之间的关系时，该小组 变，闭合S,调节电阻箱 (填“R”或“R2”)的阻 将两个相同的钢球分别放在长、短槽上半径相同处挡 值R,记录多组R和对应微安表示数，计算得出干路电 板内侧，改变皮带挡位，记录一系列标尺示数。其中一 流，后，作R-1图像，如图丙所示，可知化学电池的电 组数据为左边1.5格、右边6.1格，则记录该组数据 时，皮带位于皮带盘的第 (填“一”“二” 动势为 V(保留2位小数)。 ·2I 或“三”)挡。 12.(10分)某实验小组欲测量某化学电池的电动势，实验 室提供的器材如下： 待测化学电池（电动势1~1.5V,内阻较小）； 4g 微安表（量程0~100uA,内阻约15002）； 455551 滑动变阻器R(最大阻值252)； 电阻箱R(0~99992); 丙 电阻箱R2(0~999.92); 13.(10分)某同学借助安装在高处的篮球发球机练习原 开关S、导线若干。 地竖直起跳接球。该同学站在水平地面上，与出球口 水平距离l=2.5m,举手时手掌距地面的最大高度 h。=2.0m。发球机出球口以速度v。=5m/s沿水平方向 发球。从篮球发出到该同学起跳离地，耗时t。=0.2s,该 同学跳至最高点伸直手臂恰能在头顶正上方接住篮球。 化”巾、 重力加速度g大小取10m/s2。求： (1)t。时间内篮球的位移大小； 甲 (2)出球口距地面的高度。 (1)该小组设计的实验方案首先需要扩大微安表的量程。 在测量微安表内阻时，该小组连接实验器材，如图甲所示， 闭合S前，滑动变阻器的滑片P应置于 (填“a” 或“b”)端。闭合S,滑动P至某一位置后保持不动，调 节电阻箱R,记录多组R,的阻值和对应微安表示数， 微安表示数用国际单位制表示为1，后，绘制R十图 像，拟合直线，得出R1=0.159×,-1619,可知微安表 景行 L 内阻为 n。 (2)为将微安表量程扩大为0~25mA,把微安表与电 阻箱R2并联，并调整R2的阻值为 2(保留1 卷18答案D50Q·物理 14.(12分)如图，两根相距L的无限长平行光滑金属导轨 15.（16分)电容为C的平行板电容器两极板间距为d,极 固定放置。导轨平面与水平面的夹角为0(sin0= 板水平且足够长，下极板接地，将电容器与开关S、电 0.6)。导轨间区域存在竖直向上的匀强磁场，磁感应 阻R1和R2连接成如图所示电路，a、b是两个输出端，S 强度大小为B。将导轨与值为R的电阻、开关S、真空 断开，极板间充满垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强 器件P用导线连接，P侧面开有可开闭的通光窗N,其 度大小为B。由质量为m、电荷量为g(q>0)的带电粒 余部分不透光；P内有阴极K和阳极A,阴极材料的逸 子组成的粒子束以水平速度。沿下极板边缘进入极 出功为W。断开S,质量为m的导体棒ab与导轨垂直 板间区域，单位时间进入的粒子数为。带电粒子不 且接触良好，沿导轨由静止下滑，下滑过程中始终保持 计重力且不与下极板接触，忽略极板的边缘效应和带 水平，除R外，其余电阻均不计，重力加速度大小为g。 电粒子间的相互作用。 电子电荷量为e,普朗克常量为h。 (1)为使带电粒子能落在电容器上极板，求极板间距 (1)求ab开始下滑瞬间的加速度大小； 的最大值dm; (2)求ab速度能达到的最大值； (2)满足(1)的前提下，求电容器所带电荷量的最大 (3)关闭N,闭合S,ab重新达到匀速运动状态后打开 值Qm; N,用单色光照射K,若ab保持运动状态不变，求单色 (3)已知R1=2R,R2=R,闭合S,电容器重新达到稳定 光的最大频率。 状态后，为使a、b端接入任意负载时进入极板间的带 电粒子全部落在上极板，求R应满足的条件和此时α、 b间输出功率的最大值。 ,8因 之教育高考一轮复习检测卷·物理 (2)把小球在坐标原点的速度“分解为如图乙所示沿x轴 正方向的。和与x轴负方向成45角的2。，其中沿x轴正 方向的对应的洛伦兹力恰好与小球重力平衡，即F洛 q心B=mg,此方向小球做匀速直线运动 (2分) y E·年· 300 "0 45 20 乙 18四川省高考综 1.B【解析】根据质量数守恒和电荷数守恒可得相应核反应方 程式为0+p→8F,B正确。 2C【解析1GMm=m2 R2=m R 一最小抛射速度（第一字宙速度） GM地。MeR月-9」 w=R月√M月R地2三4.5，C正确。 3.C【解析】由楞次定律的推论“增反减同”及安培定则可知 回路框中感应电流方向为逆时针方向，根据左手定则可知左 侧导体棒所受安培力斜向右上方，右侧导体棒所受安培力斜 向左上方，C正确。 4.B【解析】设X、Y两带电小球相距为r,开始时X、Y间的库 仑斥力大小P=k号，X受到的库仑力方向水平向左，由于X 静止在平衡位置0点，则弹簧的弹力大小F=k号，方向水平 向右。将Z与X接触，根据电荷分配原理可知，接触后qx= 2=-2,此时X,y间的库仑引力大小P=,大小发生了 变化，X受到的库仑力方向水平向右，X的平衡位置发生了变 化，X、Y系统的电势能发生了变化；将Z再与Y接触，根据电 荷分配原理可知，接触后听=2=号，整个过程中Z始终带 负电荷，其电荷种类保持不变。B符合题意。 5.A【解析】用沸水浇右瓶时，装置内气体的温度升高，所以内 能增大，故A正确：水能喷出的原因是装置内气体的压强增 大，故B错误；装置内气体的温度升高，气体分子的平均动能 增大，但并不是所有分子的动能都增大，故C错误；水喷出时 有动能，故瓶内气体对水做的功等于水动能的增加量和重力 D50卷 与x轴负方向成45°角的√2v。对应的洛伦兹力提供小球做 逆时针方向匀速圆周运动的向心力 (1分) 可知小球第一次到达最低点时速度大小 v=o+√20=(1+√2)v0 (2分) (3)由第(2)问分析可知，小球在撤去电场后做匀速圆周运 动的分运动轨迹如图乙所示。 (2)2 根据洛伦兹力提供向心力，有g√2v,B=m R (1分) 又T-2mR (1分) 2v0 由几何关系可得，小球从过坐标原点到第一次到达最低点 时圆弧轨迹对应的圆心角为135°，则所用时间 -057 (1分)》 3TVo 解得t= (2分) 4g 合改革适应性演练 势能的增加量之和，故D错误。 6.D【解析】根据题意分析可知，圆环所受的电场力平行于x 轴向右，对圆环受力分析，如图甲所示，圆环所受重力与电场 力的合力G'=√mg)+(qB)=5mg,am9=9E=2,根据题 mg 意可知，坐标(1,1)处是等效最低点，过点(1,1)作轨道的切 线，再过点(3,9)作该切线的平行线，如图乙所示，该平行线 的方程为y-9=tan0·(x-3),即y=2x+3,设该平行线与轨道 的交点为A,则A点的坐标满足方程y=2x+3、y=x2,解得A 点坐标为(-1,1)，则圆环恰能运动到坐标(-1,1)处，由于圆 环运动到此处时克服电场力做功最多，故圆环在此处机械能 最小，A错误，D正确：圆环做曲线运动，在(1,1)处加速度一 定不为零，B错误；设圆环到达(0,0)处时速度大小为"，对圆 环由(3,9)处静止释放至运动到(0,0)处的过程，由动能定理 得mg=2m,其中E=2%,联立解得=2下，C 9 错误。 y/m 9 654 gE-2mg mg' G -4-32-101234x/m 甲 乙 7.D【解析】作出光路图，如图甲所示，AB为人眼到脚底在平 面镜中的像，根据平面镜成像原理，可知DF为△ABC的中位 18·物理 线，那么镜子的长度DF为AB的一半，即人眼到脚底距离的 一半。当换成厚玻璃制作的平面镜Y时，光垂直通过平面 镜，光路没有改变，光倾斜通过平面镜时光线会发生折射，所 以头顶和脚部的光线通过平面镜时都会发生不同程度的折 射，因为头部光线几乎垂直于平面镜，光线偏离原来方向的 程度较小，脚部反之，光路图如图乙所示。因该同学仍能看 到自己的全身像，则有△12>△1，>0，D正确。 反射涂层 反射涂层 甲 乙 8.BC【解析]根据题给左图，可得A,=2cm,又Ap=T, 其中e=1ms,解得，=子s,A错误；根据愿给右图，可得 2=2em,又2=12，可得T2=2a,根据∫=可得片 T_3 2,B正确：由题给左图可知，=0时刻，质点P在平衡 位置，位移为零，C正确：由题给右图根据“同侧法”可知，t=0 时刻，质点Q的速度沿y轴负方向，D错误。 9.AC【解析】对小球X由最高点运动到最低点的过程，根据 机械能守恒定律有m,6=之m,了=B,对两球碰后一起上升 到最高点的过程，根据机械能守恒定律有E。=2（m:+m,) (m,m,)8·冬，对两球的位撞过程，根据动量守恒定律有 m,=(m,tm,),联立解得-1 u=2,A、C正确. m,`E2 10.AD【解析】由静止释放，两物体一起向上加速，若X、Y恰 能分离，则弹簧长度变为原长时二者速度刚好为零，二者向 上运动过程中弹簧的弹性势能刚好全部转化为系统的重力 势能，由能量守恒定律得E。=(m1+m2)g(L,-),A正确，B 错误；若X、Y能分离，则弹簧长度变为原长时两物体还有速 度，设为，则有，=(m+m)8(,-)+2(m+m),弹簧 长度变为原长后两物体分离，设物体Y能继续上升的高度 为A,则有之m,2=m助，则Y的最大离地高度H=+h= +l,C错误，D正确。 (m1+m2)g D51卷 参考答案及深度解析 11.(1)3:1(2分)(2)不同(1分)相同(1分)(3)二(2分) 【解析】(1)皮带传动，线速度大小相等，第三挡变速塔轮的 角速度之比为1：3，根据v=wr可知，第三挡对应左、右皮带 盘的半径之比为3：1。 (2)探究向心力大小与质量之间的关系时，需要保证两个物 体做圆周运动的角速度相等、半径相等、质量不同，所以应 将质量不同的铝球和钢球分别放在长、短槽上半径相同处 挡板内侧。 (3)将两个相同的钢球分别放在长、短槽上半径相同处挡板 内侧，其中一组数据为左边1.5格、右边6.1格，根据F。= ,可知角谈度平方之比为站-（侣）厂，由于存在误差， 可知角速度之比为？，可知皮带位于皮带盘的第二挡。 12.(1)a(2分)1619(2分)(2)6.5(2分)(3)R(1分) R（1分)1.16(2分) 【解析】(1)闭合S前，滑动变阻器的滑片P应置于a端，使 微安表所在支路两端的电压从零开始调节。闭合S,滑动P 至某一位置后保持不动，由于微安表所在支路的电阻远大 于滑动变阻器的阻值，则可认为微安表所在支路两端的电 压U保持不变，根据欧姆定律有U=I,(R1+R),可得R1= 0:大R,结合风=0159x分169，可知领安表内阻 R.=16192。 (2)为将微安表量程扩大为0~25mA,把微安表与电阻箱 1,R:-0.1x16190= 尼并联，则有1+伦解得R25-0.1 6.52。 (3)保持电阻箱R2的阻值不变，闭合S,调节电阻箱R,的阻 值R。设改装后电流表的内阻为R,待测化学电池的内阻 为r,根据闭合电路欧姆定律有E=I2(Ra+r+R),可得R= E·(风+)）.则R名图像的斜率及=E=98 V= 67-42 1.16V。 18g。 m(2)3.7m 【解析】(1)在t时间内，篮球做平抛运动， 水平方向做匀速直线运动，位移 x=voto=5x0.2 m=1 m (1分) 竖直方向做自由落体运动，位移 A=G=号×1002m=02m (1分) 所以篮球的位移==104m=石。(2分) (2)从发出球到接住球经过的时间 =1=2.5 65s=0.5s (1分) 18·物理 高考一轮复习检测卷·物理 该同学从离地到接住球经历的时间 t1=t-t0=0.3s (1分) 该同学起跳后上升的高度 6=76=7×10x03m=045m 1 (1分) 整个过程篮球下降的高度 :=29=×10x0.5m=1.25m (1分) 出球口距地面的高度 H=h.+h1+h2=2m+0.45m+1.25m=3.7m (2分) 14.(10.c (To( 4hBL h 【解析】(1)导体棒由静止释放瞬间，还没有切割磁感线，其 内没有感应电流，不受安培力，根据牛顿第二定律得 mgsin 0=ma (1分) 解得a=0.6g (1分) (2)当导体棒匀速运动时，速度最大，设为。，由平衡条件得 mgtan 0=BIL (1分) 导体棒产生的感应电动势E=BLA Cos0 (1分) 感应电流1片 (1分) 联立解得。=15g5 (2分) 16B2L2 (3)若ab保持运动状态不变，则P中不产生光电流，设单色 光的最大频率为，根据光电效应方程有 eU=Em=hv-W (2分) 由平衡条件得BL=mgan0 (1分) R 解得u=3emgp (2分) 4hBL h 2mee(2)cBd2m】 15.(1) Bqd gB (3聪) Bqd n2g'R 2 【解析】(1)带电粒子在两极板间做匀速圆周运动，洛伦兹力 提供向心力，有q,B=m7 (1分) 19云南省普通高 质量数守恒：243=a+4) 1.B【解析】 a=239,b=2,B正确。 电荷数守恒：95=93+b) 24m2 2C【解折1根据G=m r=m GM ,可得=√ ,T= 2m√GW。组合体的轨道半径大于地球半径，可知组合体的 运行速度小于7.9k/s:组合体的轨道半径小于地球同步卫 D52卷 为使带电粒子能落在电容器上极板，则有 d 2 (1分) 联立可得三吧则极板间距的最大值 2mvo du= (1分) gB (2)当电容器所带电荷量最大时，极板间电势差最大，粒子 束恰好能到达上极板。将粒子的入射速度。分解为向右的 两个分速度1、2，则=v1+2 (1分) 分速度1产生的洛伦兹力平衡电场力，即gE=gw,B,此分速 度使粒子做匀速直线运动 (1分) 分速度，产生的洛伦兹力使粒子做匀速圆周运动，即 9w,B=m7子 (1分) 粒子恰好到达上极板，有d=2r' (1分) 联立各式可得E=B。2m Bqd (1分) 此时电容器所带电荷量最大，为 Q=CU=CEd=CBdvo-2m) Bqd (1分) (3)由(2)的分析可知，当R,和R2两端的总电压不大于U 时，电荷才能全部落在上极板。闭合S,电容器重新达到稳 定状态后，电流恒定，有1=ng (1分) 根据欧姆定律有I(R,+R2)≤Um=Ed (1分) 其中R1=2R,R2=R, 联立解得R≤ Bd Bqd 53ng v-2m (1分) 当a、b间接人负载时，设a、b间的电流为I,由于总电流恒 定，则通过R,的电流11=1-1 (1分) a、b间的功率 Pb=UIh=(-lb)R1·Iab=2R(nglb-1） (1分) 由数学知识可知，当=4时，P最大，最大值 P=ng'R (2分) 2 校招生适应性测试 星的轨道半径，可知组合体的运行周期小于地球同步卫星的 周期。C正确。 3.C【解析】直接测量R的电压时，多用电表应该与电阻并联， A错误；直接测量R的电流时，多用电表应该与电阻串联，B 错误；正确测量R的电压时，多用电表与电阻并联，则光照强 度增大时，光敏电阻阻值减小，则总电阻减小，总电流增大， 则电阻R两端电压增大，多用电表读数增大，即多用电表示 19·物理