15 辽宁省沈阳市五校协作体高三上学期12月月考-【景行之教育】2027年物理高考一轮复习先锋名校检测卷

弧轨道的压力大小F%NB=FNB=100N,方向竖直向下(1分) (3)假设小物块m2没有滑离长木板，由动量守恒定律有 m22=(m2+m3)v共，小物块m2和长木板最终共同的速度为 v共=2m/5, 15辽宁省沈阳市五校协 1.C【解析】运动员静止于水平地面上，水平方向受力平衡，可 知运动员不受摩擦力的作用，A错误；运动员对地面的压力 大小等于运动员的重力大小，压力、重力是不同性质的力，故 运动员对地面的压力不是重力，B错误；运动员受到的支持 力和重力是一对平衡力，C正确；运动员受到的支持力是由 于地面形变产生的，D错误。 2.B【解析】由v-t图像可知，0~6s内，甲的速度一直为正方 向，所以当t=2s时，甲的速度方向没有发生改变，A错误：根 据-t图像中图线与横轴围成图形的面积表示位移大小，可 XX一-y1wHH▣●方 +3)×2m=15m,2=3x2m+2×3x2m=9m,则有 x甲-xz=15m-9m=6m,由于乙的出发点在甲前方6m处， 可知当t=4s时，甲、乙相遇，由于3~4s内甲的速度大于乙 的速度，所以当t=3s时，甲在乙后方，B正确，D错误：0~6s 内，甲、乙通过的位移分别为年=)x6x2m+ 2×6x4m= 18m吃=3x2m×3x2m子×3x2m=6m,由于0-6。 内，甲、乙通过的位移不相等，所以甲、乙的平均速度不相等， C错误。 3.C【解析】由于传播介质相同，所以降噪声波与环境噪声声 波的传播速度大小相等，C正确：由题图丙可知，降噪声波与 环境噪声声波波长相等，则频率相同，叠加时发生稳定干涉， 又由于两列声波等幅反相，所以能使振幅减为零，从而起到 降噪作用，两列声波使P点的振动方向相反，所以P点为振 动减弱点，A、B错误；质点P并不随波迁移，D错误。 4.D【解析】根据沿电场线方向电势降低，可知M、P两点电势 的关系为PM>Pp,A错误；电场线越密，电场强度越大，故M、 Q两点电场强度的大小关系为E>E。,B错误；若P、Q两点 关于两点电荷连线对称，根据对称性可知P、Q两点的电场强 度大小相等，方向不同，C错误：M点的电势高于N点的电 势，根据E。=p(-q),可知同一带负电的试探电荷，其在M点 的电势能比在N点的电势能小，D正确。 5.C【解析】速度选择器中筛选出的粒子运动时受到静电力和 洛伦兹力，二力平衡，粒子沿着PQ做匀速直线运动，A错误； 回旋加速器接入的工作电源是交流电，B错误：题图丙是质谱 仪的主要原理图，由gU= 2mw'、9mB=m D43卷 参考答案及深度解析 对小物块m2从最高点到再滑回长木板并最终共速的过程， 由能量守恒定律有m2g(R+h)=um2gs (2分) 解得s=0.6m<L4B=1.8m, 小物块m2最终停在A、B之间距B点0.6m处 (1分) 作体高三上学期12月月考 知在磁场中偏转半径最大的是比荷(9)最小的粒子，即H 在磁场中偏转半径最大，C正确：将一束等离子体喷人磁场， 根据左手定则可知，正离子向下偏转，负离子向上偏转，所以 B板电势高，D错误。 6.D【解析】0~8s内磁感应强度B的变化率恒定，由楞次定 律可判断感应电流的方向始终为b→a,A错误；断开开关后， 自感线圈与两灯构成一个回路，L,、L2不会立即熄灭，B错 误；由于线圈的自感阻得，灯L2后发光，逐渐变亮，由于自感 线圈的电阻忽略不计，所以最后两灯一样亮，C错误；根据法 拉第电磁感应定律可得电动势E=N:=NA三45V,1 △t 1A,险定石灯L的电功率P=付)，=15W,D r+R并 正确。 7.C【解析】电子进人电场后，在两板间的运动时间t=L- 2T,不同时刻进入电场的电子竖直方向分速度随时间变化的 图像如图所示，可知所有电子离开电场时竖直方向的分速度 U,=0,速度都等于，即不同时刻进入极板间的电子离开极 板时速度相同，所有电子离开电场时的动能都相同，A、B错 误，在=T时刻进人电场的电子，在=3时刻侧位移最大， 4 大位移y=2·-,在=0时人电 的电子衡位移段大为分4，则有2=4·了仔)月， 1 .1 ,联立解 得)=名，C正确，D错误。 8.BC【解析】哈雷彗星绕太阳沿椭圆轨道运动的过程中，只 有两者之间的引力做功，则机械能守恒，A错误：哈雷彗星运 动的椭圆轨道可以等效于半径r= R+35R=18R的圆轨道，由 2 万有引力提供向心力有G 2m P,解得太阳的质量M= Mm_4π2 4m2(18R)3 ,B正确；越靠近近日点速率越大，所以一个周期 15·物理 高考一轮复习检测卷·物理 内，哈雷昔显在EPF段的运动时间小于}7，C正确；由开普 勒第三定律有18=，解得另一行星的周期T。=27T, 72 D错误。 9.AD【解析】当x<0.2m时，由牛顿第二定律可得k(x-x)- mgsin0=ma,整理可得a=_c+,mgsin0】 ,结合题图乙可 m 得-飞_012.2。mgi血 -=12m/s2,解得k=60N/m,sin0= m0.21 0.6,A正确，B错误；由题图乙可知，小球在x,=0.2m处时， a=0,此时小球的速度最大，设为vm,在x?=0.3m处时，有a= gsin0=6m/s2,=0,根据v2-话=2ax,可知在a-x图像中图 线与横轴所围图形面积的2倍表示2-，当x2≤x≤x时， 4-x图像中图线与横轴所围图形的面积S-01x6=0.3,则有 2 1 2-0=2S,小球的最大动能Em= m2,联立解得E= 0.3J,C错误；根据小球运动的对称性，可知当x1=0.1m时 运动至最低点，弹簧其有最大弹性势能，根据能量守恒定律 可知Em=mg(x3-x1)sin8=1.2J,D正确。 10.BCD【解析】Q棒固定时，由法拉第电磁感应定律有E= 、”-以由闭合电路欧姆定律有，对P棒由动量定了 B2Lx 理有-BLA=0-m,,联立解得-2mR=5ms,A错误： 现Q棒不固定，当两棒达到稳定状态时两棒共速，由动量守 恒定律有m1=(m,+m2)u,解得u=3m/s,达到稳定状态的 过程对P棒由动量定理有-B1,1=m10-m1o,又91=11，解 得1=06C,整个过程两棒产生的焦耳热Q=之m,6 2(m+m)v,解得Q=3J,两棒阻值相等，则Q棒上产生 的焦耳热Q,=号-151，B.C正确；对两棒组成的系统，由 动量守恒定律有mo=m1心p+m2o,又p:vo=4:3,解得 10 5 p=3m/s、0=2ms,电路中产生的电动势B=BL(p E Q),回路中的电流I=2R,Q棒所受的安培力F=BL,由牛 顿第二定徘有a片经，D正确。 1.(每空2分)1)0.735(2)B(3)m9,d 2gcos 0 【解析】(1)20分度的游标卡尺的分度值为0.05mm,则遮光 片的宽度d=0.7cm+7x0.05mm=0.735cme d (2)滑块通过光电门乙的速度，△，设滑块通过光电门甲 D44卷 的速度为1，由运动学公式有号-=2x,化简可得，1 (4)2 子子对比图食可知，作指的图像克超西 2a vi (3)在不计空气阻力的情况下，对滑块受力分析，由牛顿第 定律有mgsin0-umg0os日=ma,其中=名，联立可得动 kd2 擦因数的表达式为u=tan0 2gc0s0° 12.(每空2分)(1)减小(2)B(3)(4)偏大 【解析】(1)由于干路电流1恒定，所以当电阻箱R'的阻值 调小时，该支路电流增大，故电流表的示数减小。 (2)根据欧姆定律及并联电路的特点可知(I。-I)R。=IR,整 理可得1=·。+，故应描绘图像，B正确。 I Ro (3)根据上述分析可得上=a,6-4=,解得R,-6-a 、cIo ac (4)若考虑电流表内阻的影响，则该小组同学测得的阻值为 R与电流表的内阻之和，大于R,的实际值。 13.(1)20m(2)375N 【解析】(1)由题图甲可知，打开降落伞时运动员的速度为 20m/s,打开降落伞前运动员做自由落体运动，根据速度位 -20m 移公式得h。-2g (2分) (2)由题图甲可知，当速度等于5m/s时，运动员与降落伞 做匀速运动，受力平衡，则有m=(m1+m2)g (2分)》 解得k=200N·s/m, 刚打开降落伞瞬间，对运动员和降落伞整体，根据牛顿第二 定律有ko-(m1+m2）g=(m1+m2)a (2分) 解得a=30m/s2,方向竖直向上， 因为此时运动员的加速度最大，所以此时每根绳所承受的 拉力最大，设每根绳的拉力大小为F,以运动员为研究对 象，根据牛顿第二定律有 8F cos 0-mig=ma (2分) 解得F、=375N,所以每根绳能够承受的拉力至少为375N (2分) 14.(1)30N(2)1.2m(3)0.8m 【解析】(1)对滑块从A点静止释放到B点的过程，根据动能 定理有mgR=2mu品 (1分) 解得滑块经过B点时的速度大小vg=√/2gR=4m/s(1分) 滑块经过B点时，根据牛顿第二定律有N-mg=m 1分 解得圆弧轨道对滑块支持力的大小N=30N (1分) (2)滑块滑上小车后，滑块与小车组成的系统满足水平方向 动量守恒，根据题意可知滑块到达D点时与小车刚好达到 共速，则有mwB=(m+M)vp (1分) 15·物理 解得共同速度大小vn=1m/s, 根据能量守恒定律有mgl=分房-子(m+M)房(1分) 1 解得CD段的长度L=1.2m (1分) (3)若CD段光滑，设滑块从小车左端滑离时，滑块的速度 为，小车的速度为2，对滑块从小车左端滑上小车到从小 车左端滑离的过程，根据系统水平方向动量守恒和机械能 守恒可得mwB=mw1+M2 (1分) 名-分w+城 1 (1分) 解得v,=-2m/s,2=2m/s (1分)》 可知滑块滑离小车后以速度大小v{=2/s向左做平抛运 动，竖直方向有= (1分) h 解得护√g =0.2s, 则滑块P落地时与小车左端点C的水平距离 △x=vt+v2l=0.8m (2分) 15.（1)4(2)Bg4(3)491(4)(1+w2) m m 【解析】(1)粒子从点K垂直y轴进入第四象限的磁场中，然 后在点P垂直x轴进入第一象限，故粒子在第四象限内的 磁场中做匀速圆周运动的半径R。=1 (1分) 根据洛伦兹力提供向心力有qBo=m (1分) R 16河南省高考综 1.B【解析】v-t图像中图线的斜率表示加速度，故匀加速阶段 为一条倾斜直线，匀速阶段为一条平行于时间轴的直线，A 错误，B正确：根据位移与时间的关系式x=之㎡可知，- 图像在匀加速阶段为开口向上的抛物线，匀速阶段为一条倾 斜直线，C、D错误。 (质量数守恒：238=234+A 2.D【解析】X→ →X为He,D (电荷数守恒：94=92+Z 正确。 3.C【解析】对靠近星球表面运动的卫星，由万有引力提供向 4 心力得G Mm v GM R2 m R,解得。=√R=√R 4GpR,则-R*3 地√RR8,C正确。 4.D【解析】根据题意作出光路图如图所示，根，2、N 据几何关系可知∠1=60°，∠2=30°，根据折射P 定律得折射率n im30=3,D正确。 _sin60° 5.B【解析】在平原地区时，轮胎内部气体的压 强，=3.6印，温度T=315K,设在高原地区轮 D45卷 参考答案及深度解析 解得6 (1分) m (2)粒子在第三象限的电场中运动时，水平方向上做匀速直 线运动，有l=vo0 (1分) 竖直方向上微匀减速直线运动，有宁=了·片： (1分) m 解得E=Bl (1分) m (3)若使第二象限的磁场反向，大小变为2B,粒子在第二象 限运动时，根据洛伦兹力提供向心力有 q·2B,=mR (1分) 解得粒子在第二象限做圆周运动的半径R=之 (1分) 分析可知第2、4、6、…次经过y轴的纵坐标分别为1、2 3L、…,故第98次经过y轴的纵坐标为y=49L (2分) (4)由于只有电场力做功，所以当粒子沿x轴方向的位移最 大时速度最大，此时沿x轴方向的分速度为0，沿y轴方向 的分速度为合速度，则对粒子由动量定理有 qBm,△l=m△w (2分) 可得gBxm=mwn (2分) 1 21 由动能定理可得gB。2m22m (2分) 解得u.=(1+2) (1分) m 合改革适应性演练 胎内部气体的压强为P2,温度T2=280K,轮胎内气体发生等 容变化，根颜查理定律有号一分解得内=3%则该离原地 区的大气压强p=3.2po-2.5po=0.7p0,B正确。 （Pa=9a 6.A【解析】 一→Ea=Ea,B错误。 (E。=99 沿电场线方（点电场线方向向左电场力方向 向电势降低(b点电场线方向向右不同，C错误。 d→a过程，9(949.)=2m-,=0 →将在a、d 粒子到达a点时速度为零，所受电场力方向向右 之间做周期性运动，A正确，D错误。 7.A【解析】若b水平固定，将a悬挂在弹簧下端，对单位长度 直导线，初始时由平衡条件得m.g=k△L,在两导线内通入大 小均为I、方向相反的电流，平衡时弹簧又伸长了△，由平衡 条件得mg+F。=k·2△1；若a水平固定，将b悬挂在弹簧下 端，两导线内通入方向相同、大小均为2！的电流，平衡后弹簧 的伸长量恰为2△L,根据平衡条件得mg=F,+k·2△L。由题 意可知两次通入电流后平衡时两导线间的距离相等，所以安 16·物理15辽宁省沈阳市五校协作体高三上学期12月月芳 全卷满分100分，考试时间75分钟。 一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四 B.降噪过程应用了声波的衍射原理，使噪声无法从外面 个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4 进人耳麦 分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部 C.降噪声波与环境噪声声波的传播速度大小相等 选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得 D.质点P经过一个周期向外迁移的距离为一个波长 0分。 4.如图所示为一对电荷量分别为+2g 1.运动员以图示的姿势静止于水平地 和-9(g>0)的点电荷的电场线分 面上，则运动员 布，M、N、P、Q为电场中的四点。 A.一定受到摩擦力 下列说法正确的是 B.对地面的压力就是重力 A.M、P两点电势的关系为PM<PP C.受到的支持力和重力是一对平 B.M、Q两点电场强度的大小关系为EM<E。 衡力 C.若P、Q两点关于两点电荷连线对称，则P、Q两点的 D.受到的支持力是由于脚掌形变产生的 电场强度相同 2.甲、乙两个物体沿同一直线 wm< D.同一带负电的试探电荷，其在M点的电势能比在N 同向运动，乙的出发点在甲 点的电势能小 前方6m处，二者的v-t图像 5.关于洛伦兹力的应用，下列说法正确的是 如图所示。关于两物体的运 动情况，下列说法正确的是 ) A.当t=2s时，甲的速度方向发生改变 B.当t=4s时，甲、乙相遇 C.在0~6s内，甲、乙的平均速度相同 D.当t=3s时，甲在乙前方 3.生活中手机小孔位置内安装了降噪深州 麦克风，其原理是通过降噪系统产生 与外界噪音相位相反的声波叠加从 而实现降噪的效果。图丙表示的是 b行L降风z之问 丙 理想情况下的降噪过程，实线表示环 境噪声，虚线表示降噪系统产生的等 甲 A.图甲速度选择器中筛选出的粒子沿着PQ做匀加速 直线运动 幅反相声波。则 ( B.图乙回旋加速器接人的工作电源是直流电 不 不境田 :上介户产 C.图丙是质谱仪的主要原理图，其中H、H、H在磁场 给+ 举要中被 中偏转半径最大的是H 乙 丙 D.图丁是磁流体发电机，将一束等离子体喷入磁场，A、 A.降噪过程应用的是声波的干涉原理，P点振动加强 B两板间会产生电压，且A板电势高 6.如图甲所示，一个匝数N=100的圆形导体线圈，总电阻8.如图所示，哈雷彗星沿椭圆轨 倍士 r=1.52,在线圈内存在面积为0.3m2且垂直线圈平面 道绕太阳运动，太阳的中心在 的磁场区域，磁场的磁感应强度B随时间t变化的规律 椭圆的一个焦点上，P、Q为长 如图乙所示（取垂直线圈平面向外的磁场方向为正）， 轴的两端点，E、F为短轴的两 外电路中灯L1、L2的电阻始终为62（可忽略温度对电 端点。椭圆轨道的近日点P到太阳中心的距离为R,远 阻的影响)，L是自感系数很大、直流电阻可忽略的自感 日点Q到太阳中心的距离为35R,引力常量为G。哈雷 线圈。t=0时刻闭合开关S,则下列说法正确的是 彗星在椭圆轨道运行的周期为T,下列判断正确的是 () A.哈雷彗星从P到Q的机械能先减小后增大 4T B.太阳的质量为4m(18R)3 GT2 C.一个周期内，哈雷彗星在EPF段的运动时间小于】 2 甲 D.假设另一行星绕太阳做匀速圆周运动，轨道半径为 A.0~8s内通过灯L,的电流方向始终为a→b 2R,则其运动周期为gT B.若t=6s时断开开关，则灯L,会立即熄灭 9.如图甲所示，原长x。为0.3m的轻质弹簧的下端固定在 C.由于自感线圈的存在，灯L,的亮度始终比灯L2的亮 倾角为0的固定光滑斜面的底部，在弹簧的顶端原长处 D.稳定后灯L,的电功率为1.5W 由静止释放一质量为1kg的小球，小球的加速度大小α 7.如图所示，一对平行金属板长为L,两板间距为d,两板 与弹簧长度x间的关系如图乙所示。重力加速度g取 间所加交变电压为U,交变电压的周期T=二，质量为 10m/s2,则 m、电荷量为e的电子从平行板左侧以速度沿两板的 中线持续不断地进人平行板之间，已知所有电子都能穿 过平行板，且最大偏距的电子刚好从极板的边缘飞出， H?H.3r1 不计重力和电子间的相互作用，下列说法正确的是 月 乙 A.斜面倾角的正弦值为0.6 G.I B.弹簧的劲度系数为40N/m C.小球的最大动能为0.6J G D.弹簧的最大弹性势能为1.2J A.所有电子在两板间运动的时间都为T 10.如图所示，两间距L=1m的足 B.所有电子离开电场时的动能都不相同 够长光滑导轨水平固定，整个 空间存在竖直向下的匀强磁 C=T时刻进人电场的电子，在两板间运动时最大侧 场，磁感应强度大小B=2T,长均为L=1m、电阻均为 R=0.82的导体棒P、Q垂直导轨放置，P、Q棒的质量 位移为 6 分别为m1=0.6kg、m2=0.4kg,两棒间的距离x= 1.2m。若Q棒固定，给P棒一水平向右的初速度，两 D.t=二时刻进入电场的电子，在两板间运动时最大侧 棒恰未碰撞。现Q棒不固定，给P棒同样的初速度， 位移为6 经一段时间两棒达到稳定状态。棒始终与导轨接触良 好且垂直导轨，导轨电阻不计。则 () 物理·答案D43卷15 A.P棒的初速度为4m/s 31 B.达到稳定状态的过程经过P棒某横截面的电荷量 为0.6C C.达到稳定状态的过程Q棒上产生的焦耳热为1.5J C 0 D.当P、Q棒速度之比为4：3时，Q棒的加速度大小 (3)设图像斜率的绝对值为k,在不计空气阻力的情况 为12 下，动摩擦因数的表达式为M= (用k、d、0、g 表示)。 二、非选择题：本题共5小题，共54分。 12.(8分)某新型智能恒流源，能稳定输出大小为1。的电 11.(6分)某兴趣小组利用如图(a)所示的实验装置测定 流。某实验小组利用此恒流源测量一定值电阻R,的 滑块与倾斜轨道间的动摩擦因数。倾斜轨道的顶端有 阻值。他们又找来了一块电流表A(阻值未知且很 一个固定的挡板，轨道上有两个位置可调节的光电门 小)、滑动变阻器R、电阻箱R'、导线若干，并连接如图 甲和乙。已知轨道的倾角为0，当地的重力加速度 甲所示的电路图。 为g。 连光片 光旦」 儿t:1/. 2 甲 图(a) 图(b) (1)当该小组同学将电阻箱R'的阻值调小时，电流表的读 实验步骤如下： 数将 (填“增大”“减小”或“不变”)； ①将一个遮光片安装在滑块上并用游标卡尺测量遮光 (2)该小组同学调节电阻箱R,记录电阻箱的阻值R,和 片的宽度d; 相应电流表的示数1，得到多组数据，他们采用图像法处 ②将光电门甲固定在离挡板较近的位置，测出两个光 理数据，为使图像为一条直线，应描绘的是 图像； 电门之间的距离x; A.I-Ro 11 B. ③将滑块从挡板处由静止释放，记录遮光片通过光电 1Ro 门乙的时间△t; C. 1 D.I-Ro ④保持光电门甲的位置不变而改变乙的位置，重复以 R。 (3)该小组同学描绘的图像如图乙所示，则电阻R的 上操作，记录多组x和△：的值； 阻值为 (用a、b、c表示)； ⑤作出，1 (4)2x图像。 (4)若考虑电流表内阻的影响，则该小组同学测得的 电阻R,的阻值与实际值相比 （填“偏大”“偏 完成下列问题： 小”或“不变”)。 (1)用20分度的游标卡尺测量遮光片的宽度如图(b) 13.(10分)某运动员做跳伞训练，他从悬停在空中的直升 所示，则d= cm; 机上由静止跳下，跳离一段时间后打开降落伞减速下 (2)作出的，1 (4)2光图像应是 落，他打开降落伞后速度随时间变化的图像如图甲所 示。降落伞用8根对称的绳悬挂运动员，每根绳与中 1心 321 轴线的夹角均为0=37°，如图乙所示。已知运动员的 质量m1=60kg,降落伞的质量m2=40kg,全程不计运 动员所受的阻力，没开伞时不计伞所受的阻力，打开伞 A B 后伞所受阻力f与速度v成正比，即f=m,g取10m/s2, 卷15答案D43Q·物理 取cos37°=0.8，sin37°=0.6。求： 15.（17分)如图所示，平面直角坐标系x0y中第一、二、四 (1)打开降落伞前运动员下落的距离； 象限内存在磁感应强度大小为B的匀强磁场，第一、四 (2)为保证运动员全程安全，每根绳能够承受的拉力 象限内磁场方向垂直纸面向里，第二象限内磁场方向 至少多大。 垂直纸面向外，第三象限存在沿y轴正方向的匀强电 vms 场。质量为m、电荷量为q(g>0)的粒子从点S 20. (,）射人电场，速度方向与x轴正方向的夹角0 45°，从点K(0,-l)垂直y轴进人第四象限磁场区域， 然后从点P(L,0)垂直x轴进入第一象限。不计粒子 甲 重力。 (1)求粒子进入第四象限时的速度o; (2)求第三象限匀强电场的电场强度大小； (3)若使第二象限磁场反向，大小变成2B,求粒子第 98次经过y轴时的纵坐标； 14.(13分)如图，质量为M的小车置于光滑水平地面上， (4)若在第二象限内再施加一沿x轴负方向、电场强度 其左端与固定的半径R=0.8m的光滑4圆弧轨道AB 大小与第三象限电场相同的匀强电场，求粒子在第二 等高对接。小车上表面CD段粗糙，DE曲面光滑。一 象限运动时第一次达到的最大速度vm。 质量为m、可视为质点的小滑块P,从A点由静止释 放，经B点滑上小车，恰能到达D点。已知滑块与CD 段间的动摩擦因数u=0.5,M=3kg,m=1kg。重力加 速度g取10m/s2。 (1)求滑块经过B点时，圆弧轨道对滑块支持力的 大小； (2)求CD段的长度； (3)若CD段光滑，小车上表面C点离地面高h= 0.2m,且DE足够高，求滑块P落地时与小车左端点 C的水平距离。 之教育