14 部分重点中学（T8）高三上学期12月联考（河北）-【景行之教育】2027年物理高考一轮复习先锋名校检测卷

1 与时间内货物的位移s对2站，=0.8m<L (1分) 由于传送该货物传送带电动机多消耗的电能转化为货物的 动能和系统的内能，则 E=△E,+0+0,=2mm2+f(%-si)t坊L=202J (2分) 15(g欢方向菲直纸面向外(2②)y aR (3)8m-63)m （7m+6)gR 【解析】(1)根据磁发散原理可知，电荷在圆形磁场内的运动 (2分) 半径为R。根据洛伦兹力提供向心力，有qB,=R 解得4一次，方向垂直纸面向外 (2分) (2)电荷在电场中做类平抛运动，且汇集于0点，设电荷进 入电场时的位置坐标为(x,y),则有 E2 -x=ot、-y=2 (2分) m 解得y=-9E2 2mvo 分衍可如C点坐标为(2R, G点是虚线上的-点，代人可得E液=(2分) (3)电荷从O点射人第一象限的水平分速度v.=。,故进入 14部分重点中学(T8)高！ 1.B【解析】放射性元素发生β衰变时所释放出的电子是原子 核中的中子转变为质子时产生的，A错误：设Np经过x次 α衰变和y次B衰变后生成Bi,根据核反应过程质量数、电 荷数守恒有237-209=4x+0×y、93-83=2x+(-1)×y,解得x= 7、y=4,B正确；日冕极光现象是太阳活动，不是电磁波的应 用，C错误；用放射性射线来检测工件厚度是利用了射线穿 透能力强的特性，D错误。 2.C【解析】台下观众不能将正在表演的舞蹈演员看成质点， 否则就不能欣赏优美舞姿了，故A错误：丙做旋转运动，受到 滑动摩擦力作用，故B错误；选取整体为研究对象，有2N= 3m,可得地面对甲，乙的支持力大小均为N:弓g,故C正 确：丙在空间站中处于完全失重状态，故甲对丙的作用力大 小为零，故D错误。 3.D【解析】粮食不断均匀地从车上掉落，质量均匀减小，由 E=2m2可知动能减小，A错误；质量减小，阻力均匀减小， B错误：卡车在平直道路上匀速行驶，则牵引力等于阻力，牵 D39卷 参考答案及深度解析 第一象限的两电荷会从同一点离开第一象限，α、b电荷的运 动轨迹如图所示，两电荷要发生对心碰撞，需同时到达图中 的F点 (3分) g1 240°3 ®120° 30以30 60 60° 、60° R .609 b 2/3 a电荷从A点到F点的时间 需需需 (2分) b电荷从A点到F点的时间 =1×2πm(23+3)R12mm23m to=2 B19 -X +2B29B39 (2分) 又tn=lb、B1=B2, (8r-65)m0 解得B,=(7m+6)95 (2分) 三上学期12月联考（河北） 引力均匀减小，其功率P=F均匀减小，C错误，D正确。 4.B【解析】在等量异种点电荷形成的电场中，0点处电场强 度不为零；左、右侧导线在0点处产生的磁感应强度方向均 向下，则O点处的磁感应强度不为零，A错误。正点电荷在α 点产生的电场强度方向向左，负点电荷在a点产生的电场强 度方向向右，由电场的叠加可知，α点的电场强度方向向左， 同理可知c点的电场强度方向也向左，由对称性可知，a、c两 处电场强度大小相等，即α、c两处电场强度相同：左侧导线在 a点产生的磁感应强度方向向上，右侧导线在a点产生的磁 感应强度方向向下，由磁场的叠加可知，α点磁感应强度方向 向上，同理可知c点磁感应强度方向也向上，由对称性可知， a、c两处磁感应强度大小相等，即a、c两处磁感应强度相同， 故B正确。在等量异种点电荷形成的电场中，b、d两处的电 场强度相同；左侧导线在b点产生的磁感应强度方向斜向右 下方，右侧导线在b点产生的磁感应强度方向斜向左下方， 合磁感应强度方向向下，同理可知d处的磁感应强度方向向 下，由对称性可知，b、d两处磁感应强度大小相等，即b、d两 14·物理 高考一轮复习检测卷·物理 处磁感应强度相同，C错误。在等量异种点电荷形成的电场 中，题图中b、d连线上O点处的电场强度最大：由磁场的叠 加可知，两导线形成的磁场中，b、d连线上0点处的磁感应强 度最大，D错误。 B BNc 。B6O-. M B d B Nd 乙 5.D【解析】由题图可知，A光束未发生全反射，B光束发生了 全反射，则B光束发生全反射对应的临界角小，根据n= si加C,可知B光束的折射率大，即mg>,折射率大的频率 1 大，即Vg>VA,根据e=hm,可知ea>eA,即B光束的光子能量 比A光束的光子能量大，故A错误：光在介质中的传播速度 us c ，由n>4,可得<4，即B光束在玻璃砖中的传播速 度比A光束在玻璃砖中的传播速度小，故B错误；由题无法 得知B光束发生全反射对应的临界角，故无法求出B光束的 折射率，故C错误；频率越大，波长越短，则入g<入A,根据△x 子入可知，道过同一双缝干涉装置，波长较短的光条纹间距 较小，则B光束比A光束产生的干涉条纹间距小，故D正确。 6.C【解析】自动控制时，由题图甲可知，无人车匀速运动时的速 度=0s,匀迷运动的时涧-冬易=03，加速度4，二 6_900 2,2x(54-9)m令=10m/s3,匀减速运动的时间5，=- 0s=3s,将无人车的2-x图像转化为。-1图像（如图所示）， 3 3.5s>3.3s,无人车自动控制时运动3.5s走过的距离x=54m, A错误；无人车每次刹车自动控制反应时间比驾驶员操作反应 时间短0.5s-0.3s=0.25,B错误；人操作安全刹车距离为 (0.5+3.5)×30 2 m=60m,无人车自动控制安全刹车距离为 D40卷 54m,比人操作安全刹车距离短6m,C正确；无人车每次在 自动控制操作下刹车至停止过程中的平均速度为3/s于 16.4m/s,D错误。 ↑v/(ms) 30 00.3 3.3s R*hmR6和 7.A【解析】由GMm 2 gR2 R2 =mg,得=√Rh,由 动量定理有F△t=△mw=pSu△t·v,得p= -P）,故A SgR2 正确。 8.BC【解析】仅闭合开关S,时，根据电路结构可知电容器左 板带负电，右板带正电，板间电场方向向左，而小球受到的电 场力向右，故小球带负电，故A错误；闭合开关S2,电容器左 板带正电，右板带负电，电场方向向右，则带电小球向左偏离 竖直方向，故B正确：仅闭合开关S,时，向右移动滑动变阻 器的滑片，其接入电路的电阻变小，则电路中的电流变大，根 据欧姆定律可知板间电压变大，则小球受到的电场力变大， 小球偏离竖直方向的夹角增大，故C正确；闭合开关S2,电路 的总电阻变小，稳定后电流表示数变大，故D错误。 9.AC【解析】根据题图甲，可知波长入=8m,根据题图乙，可 知周期7=4s,则波速=分=2，故A正确；波沿x轴负 方向传播，则t=2.5s内，波向左平移△x=t=5m,t=2.5s 时质点M的振动情况与题图甲中x=6m处质点的振动情况 相同，即处于波谷位置，加速度沿y轴正方向，故B错误；根 据题图乙，可知质点N的表裙4=10m,@行受。，初相 位9，=平，所以其报动方程为y=10n(受+日）m,放C正 确；根据题图甲，t=0时刻质点M向上振动，其初相位也为 厂4，与质点N的振动情况相同，所以M、N两质点的平衡位置 相距半波长的偶数倍，故D错误。 1O.AD【解析】当线框的BC边穿越区域Ⅱ时，AD边与BC边 切割磁感线产生的感应电流方向均为逆时针方向，则线框 产生的感应电动势E,=EAD+Ec=NBLO+NBL=2NBLO,故 A正确。线框穿越区域I、Ⅱ交界线过程中，线框中产生的 感应电流1=尽=尺。，所用时间上散通过线框的电 荷量g=R,故B错误。由线框以速度向右匀速 运动，可知线框产生的感应电动势具有周期性，周期T=3孔， vo 14·物理 由题图所示位置开始计时，在0一乙时间内，由上述结论可 知感应电动势大小E,=2NBL。,感应电流的方向为逆时针 方向；在二2马时间内，线框的4D边、BC边分别处于区域 Ⅱ、Ⅲ中，产生的感应电流方向为顺时针方向，感应电动势 大小E,=NB,;在23L时间内，线框的AD边、BC边分别 vo vo 处于区域Ⅲ、I中，产生的感应电流方向为顺时针方向，感 应电动势大小E,=NBL。;设电动势的有效值为E,根据有 效值定义有 (2NBL)2 T (NBLo)2 2T_E2, R 3 R 3R7,解得E= 反NB,则线框中感应电流的有效值=是_万NB,故 R R C错误。若t=0时撤掉驱动力，线框仅在安培力作用下做 减速运动，设线框的BC边穿过第2个区域I时线框的速度 为v,则从开始运动到线框的BC边穿过第2个区域I,根据 动量定理有mw-mo=-l安，其中I安为这段时间内安培力的 冲量的大小。根据上述分析可知，当线框的AD边、BC边分别 处于区域I、Ⅱ中时，安培力的冲量大小11=2NBIL△1= 2NBL4=2NBL 2NBL4NB1 R R;当线框的AD边、BC边分 别处于区域Ⅱ、Ⅲ中时，安培力的冲量大小I2=NB2L△2= N丝=Ng,,当线瓶的D边.C边分别 R 于区域Ⅲ、I中时，安培力的冲量大小I3=NBL△3= NBL,=NBL NBL2_NRL R R 二，则从开始运动到线框的BC边 穿过第2个区域【安培力的冲量大小=6N江， R二，解得 6N2B2L3 v=v0- ,故D正确。 mR 1.(每空2分)(1)是 (2)1.040(3)4(2M-m)gL=(4M+ m品} 【解析】(1)由小球A通过光电门的平均速度近似等于小球 A通过最低点的瞬时速度可知，小球A通过最低点的速度 d (2)题图乙中游标卡尺为50分度游标卡尺，根据游标卡尺 读数规则可知，读数为10mm+0.02×20mm=10.40mm= 1.040cma (3)测得AO=L,则系统重力势能的减少量△E。=MgL-mg· =(2M-m)8,A,B球同轴转动，满足，=2，系统动能 2 2 的增加量△品=子城行(】 8△t ,若系统机械 D41卷 参考答案及深度解析 能守恒，则有△E。=△E,联立解得4(2M-m)gL=(4M+ m 12.(1)串(1分)R(1分)(2)R,(2分)见解析图甲(2分) (3)(1,5U)(2分)(4)6.1(6.0-6.2均给分)(2分) 【解析】(1)电压表量程扩大时应串联电阻，灯泡正常工作时 两端电压为14V,故量程扩大到原来的5倍比较合适，则串 联电阻阻值为(5-1)Rv=12k2,故应串联R2。 (2)分压接法应采用总阻值小的滑动变阻器，故选用R4;电 流表内阻相对于灯泡电阻不是很小，故电流表应外接，电路 图如图甲所示。 X 左上右 甲 (3)电压表读数为U。时，灯泡两端电压为5U。,流过电压表的 电流忽略不计，流过灯泡的电流为1。，故对应坐标为(1,5U)。 (4)设灯泡两端电压为U,流过的电流为I,由闭合电路欧姆 定律得E=U+r,则电压与电流的代数关系式为U=15-5I, 在题图乙中作出该方程的直线，交点即为灯泡工作电流及电 压，坐标为(0.49A,12.50V),功率P=U1=0.49×12.50W= 6.1W。 12.5 10 7.5 5.0日 2.5 用 00.10.20.30.40.50.60.70.80.91.01A 乙 13.(1)300L(2)100L 【解析】(1)分析罐内气体，初状态压强为Po、体积V。=400L,末 状态压强为4po、体积V1=V。-V (1分) 气体温度不变，则根据玻意耳定律有PoV。=4poV1(1分) 解得V1=100L,V,=300L (1分) (2)压力罐不能给用户输送水时，罐内气体压强为 Po+Po=2po (1分) 分析罐内气体，初状态压强为4p。、体积为V气1，末状态压强 为2po,体积V2=V气，+V2 (1分) 气体温度不变，则根据玻意耳定律有 4poVa=2PoVa2 (2分) 解得V2=200L,V2=100L （1分) 14·物理 高考一轮复习检测卷·物理 4(aey-0a=12.3y 【解析】(1)粒子在电场中仅受电场力的作用做类平抛运动， 设粒子在第Ⅱ象限内运动时间为t1,则由牛顿第二定律可 得gE=ma (1分) 水平方向有L=2 (1分) 竖直方向有yw=vo41 (1分) 8L. 8L 联立解得3知。=3 (1分) (2)粒子在M点的速度大小=V后+(a叫=华。 (1分) 与y轴正方向夹角为0，则tan0= 413 04 (1分) 则0=37°， 在磁场中洛伦兹力提供向心力，有gm8= (1分) 又根据几何关系有r+rsin37°_8L 3 (1分) 联立解得半径=L。 3mvo 3,B (1分) 4gL (3)粒子从y轴C点进人电场后做类斜抛运动，C点速度方 向与)轴正方向成37角，大小为5华。，由运动的对称性可知 CD沿Y轴方向的距离与DW沿y轴方向的距离相等，则 CW31 (2分) 粒子第n次从第Ⅱ象限进入第I象限经过y轴的纵坐标为 y=0M+(n-1)(CW-CM)(n=1,2,3,…) (1分) 即为y4(e-1(212m37. 解得y-10a=-12.3） (2分) y F 15.(1)0.8m(2)100N,方向竖直向下(3)小物块m2最终 能停在长木板上，停止位置距B点0.6m D42卷 【解析】(1)小物块m,在传送带上，开始阶段由牛顿第二定 律有m1 gsin 0+um1gcos0=m1a1 (1分) 解得a,=10m/s2, 假设小物块m,和传送带达到共同速度时，小物块m1下滑 的距离为x,,则x,= -式12m= 2a1 im03.95m, 所以小物块m,能达到和传送带共速。从开始到共速所用 时间4，=0”=0.48,1=641=2m (1分) a 小物块m1相对于传送带向后滑行的距离 △x1=x带1-x1=0.8m (1分) 共速后由牛顿第二定律有 migsin 0-umigcos 0=maz (1分) 解得a2=2m/s2, 小物块m,在传送带上继续滑行的距离x,=L-x1=2.75m, 由=t+205,解得=0.58 (1分) 此过程中传送带的位移x2=o42=2.5m, 小物块m1相对于传送带向前滑行的距离 △x2=x2-x特2=0.25m, 由于△x,=0.8m>△x2=0.25m,所以小物块m1在传送带上 留下的划痕长度s=△x,=0.8m (1分) (2)小物块m1到达传送带底端的速度v10=+a2t2=6m/s, 小物块m,与小物块m2发生弹性碰撞，设碰后小物块m,和 小物块m2的速度分别为v1和2， 根据动量守恒定律有m1v0=m111+m22, 根据能量守恒定律有宁响-宁哈+后， 解得v,= 2m1 010=6 m/s (1分) m1+m2 从小物块m,滑上长木板到运动到最高点的过程 水平方向根据动量守恒定律有m22=(m2+m3)v共 (1分) 根据能量守恒定律有 1 2m,听=2(m+m)唤m8Ltmg(R+h) (1分) 解得v共=2m/s,LB=1.8m (1分) 对小物块m2从最高点到再滑回长木板B点的过程， 水平方向根据动量守恒定律有(m2+m3)v共=m2"21+m3"31, 根据能量守恒定律有 子（mtm)候+mg(+6)=之n+n,, 解得21=0，u31=3m/s (1分) 在B点对小物块m2根据牛顿第二定律有 Fxa-m2g=m2 R (1分) 解得FNB=100N, 由牛顿第三定律可知，小物块m,在第二次经过B点时对圆 14·物理 弧轨道的压力大小F%NB=FNB=100N,方向竖直向下(1分) (3)假设小物块m2没有滑离长木板，由动量守恒定律有 m22=(m2+m3)v共，小物块m2和长木板最终共同的速度为 v共=2m/5, 15辽宁省沈阳市五校协 1.C【解析】运动员静止于水平地面上，水平方向受力平衡，可 知运动员不受摩擦力的作用，A错误；运动员对地面的压力 大小等于运动员的重力大小，压力、重力是不同性质的力，故 运动员对地面的压力不是重力，B错误；运动员受到的支持 力和重力是一对平衡力，C正确；运动员受到的支持力是由 于地面形变产生的，D错误。 2.B【解析】由v-t图像可知，0~6s内，甲的速度一直为正方 向，所以当t=2s时，甲的速度方向没有发生改变，A错误：根 据-t图像中图线与横轴围成图形的面积表示位移大小，可 XX一-y1wHH▣●方 +3)×2m=15m,2=3x2m+2×3x2m=9m,则有 x甲-xz=15m-9m=6m,由于乙的出发点在甲前方6m处， 可知当t=4s时，甲、乙相遇，由于3~4s内甲的速度大于乙 的速度，所以当t=3s时，甲在乙后方，B正确，D错误：0~6s 内，甲、乙通过的位移分别为年=)x6x2m+ 2×6x4m= 18m吃=3x2m×3x2m子×3x2m=6m,由于0-6。 内，甲、乙通过的位移不相等，所以甲、乙的平均速度不相等， C错误。 3.C【解析】由于传播介质相同，所以降噪声波与环境噪声声 波的传播速度大小相等，C正确：由题图丙可知，降噪声波与 环境噪声声波波长相等，则频率相同，叠加时发生稳定干涉， 又由于两列声波等幅反相，所以能使振幅减为零，从而起到 降噪作用，两列声波使P点的振动方向相反，所以P点为振 动减弱点，A、B错误；质点P并不随波迁移，D错误。 4.D【解析】根据沿电场线方向电势降低，可知M、P两点电势 的关系为PM>Pp,A错误；电场线越密，电场强度越大，故M、 Q两点电场强度的大小关系为E>E。,B错误；若P、Q两点 关于两点电荷连线对称，根据对称性可知P、Q两点的电场强 度大小相等，方向不同，C错误：M点的电势高于N点的电 势，根据E。=p(-q),可知同一带负电的试探电荷，其在M点 的电势能比在N点的电势能小，D正确。 5.C【解析】速度选择器中筛选出的粒子运动时受到静电力和 洛伦兹力，二力平衡，粒子沿着PQ做匀速直线运动，A错误； 回旋加速器接入的工作电源是交流电，B错误：题图丙是质谱 仪的主要原理图，由gU= 2mw'、9mB=m D43卷 参考答案及深度解析 对小物块m2从最高点到再滑回长木板并最终共速的过程， 由能量守恒定律有m2g(R+h)=um2gs (2分) 解得s=0.6m<L4B=1.8m, 小物块m2最终停在A、B之间距B点0.6m处 (1分) 作体高三上学期12月月考 知在磁场中偏转半径最大的是比荷(9)最小的粒子，即H 在磁场中偏转半径最大，C正确：将一束等离子体喷人磁场， 根据左手定则可知，正离子向下偏转，负离子向上偏转，所以 B板电势高，D错误。 6.D【解析】0~8s内磁感应强度B的变化率恒定，由楞次定 律可判断感应电流的方向始终为b→a,A错误；断开开关后， 自感线圈与两灯构成一个回路，L,、L2不会立即熄灭，B错 误；由于线圈的自感阻得，灯L2后发光，逐渐变亮，由于自感 线圈的电阻忽略不计，所以最后两灯一样亮，C错误；根据法 拉第电磁感应定律可得电动势E=N:=NA三45V,1 △t 1A,险定石灯L的电功率P=付)，=15W,D r+R并 正确。 7.C【解析】电子进人电场后，在两板间的运动时间t=L- 2T,不同时刻进入电场的电子竖直方向分速度随时间变化的 图像如图所示，可知所有电子离开电场时竖直方向的分速度 U,=0,速度都等于，即不同时刻进入极板间的电子离开极 板时速度相同，所有电子离开电场时的动能都相同，A、B错 误，在=T时刻进人电场的电子，在=3时刻侧位移最大， 4 大位移y=2·-,在=0时人电 的电子衡位移段大为分4，则有2=4·了仔)月， 1 .1 ,联立解 得)=名，C正确，D错误。 8.BC【解析】哈雷彗星绕太阳沿椭圆轨道运动的过程中，只 有两者之间的引力做功，则机械能守恒，A错误：哈雷彗星运 动的椭圆轨道可以等效于半径r= R+35R=18R的圆轨道，由 2 万有引力提供向心力有G 2m P,解得太阳的质量M= Mm_4π2 4m2(18R)3 ,B正确；越靠近近日点速率越大，所以一个周期 15·物理14部分重点中学(T8)高三上学期12月联芳（河北） 全卷满分100分，考试时间75分钟。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在 不断均匀地从车上掉落。现假设卡车在平直道路上匀 每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。 速行驶，卡车运动过程中受到的阻力始终与车总重力成 1.在物理学发展过程中，许多物理学家的科学发现推动了 正比，则关于卡车运动过程中的说法正确的是() 人类历史的进步，了解物理规律的发现过程，学会像科学 A.卡车行驶过程中总动能保持不变 家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要，以下关 B.卡车行驶过程中受到的阻力保持不变 于物理学的说法符合事实的是 () C.卡车行驶过程中功率随时间均匀增加 A.放射性元素发生β衰变时所释放出的电子来源于原 D.卡车行驶过程中牵引力的大小随时间均匀减小 子核外电子 4.如图所示，P、Q和M、N分别是水平面内两椭圆的两个 B.从Np到Bi,共发生了7次衰变和4次B衰变 焦点，其中P、Q处分别放置等量异种点电荷（图甲）， C.常见Wi-i信号、红外夜视、激光切割、日冕极光现象 M、N处分别放置两根通有平行等大、反向的电流且电 都属于电磁波的应用 流垂直于水平面的直导线（图乙）。O是椭圆的中心，a、 D.工业部门使用放射性射线来检测工件厚度是利用了 c是椭圆的长轴与椭圆的交点，b、d是椭圆的短轴与椭 射线电离能力强的特性 圆的交点，则关于两图中a、b、c、d、0处的电场强度和磁 2.每逢节日舞台上曼妙的舞姿让人 感应强度，下列说法正确的是 赏心悦目，配合着悠扬的音乐展示 着当前人民精神文化生活的富足。 如图所示，某次舞蹈收尾的高难度 动作中由甲、乙两人托起丙同时丙 做旋转运动组合成“奔腾与展望” A.图甲中O点处的电场强度不为零，图乙中O点处的 寓意，赢得满堂掌声。下列关于动作解析的说明正确的 磁感应强度为零■ 是 () B.图甲中a、c两处的电场强度相同，图乙中ac两处的 A.正在表演的三位舞蹈演员，台下的观众可以将她们 磁感应强度相同 视为质点 C.图甲中b、d两处的电场强度不相同，图乙中b、d两处 B.“奔腾与展望”组合中的三人均不受摩擦力作用 的磁感应强度不相同 C.若三人的质量均为m,则甲受地面的支持力大小为 D.图中b、d连线上O点处的电场强度和磁感应强度均 2mg 为最小 D.若将三人的组合动作移至我国的空间站内表演，则 5.光照强度相同的两激光束(A光束和B光束分别为不同 频率的单色光)分别从空气垂直射入截面为三角形的相 甲对丙的作用力大小为)mg 同透明玻璃砖，经过玻璃砖反射、折射后光路图如图所 3.2024年国庆档电影推出《志愿军： 示，下列说法正确的是 存亡之战》深度展示了中国人民志 愿军用青春和热血书写了伟大的爱 国主义。电影中有一个故事情节， .光攻 为及时给前方战士送去军粮，战士们冒着炮火熟练地驾 驶着卡车运送军粮，运送中其中一辆卡车中装有的粮食 甲 乙 A.A光束的光子能量比B光束的光子能量大 F(R+h) A. B FS(R+h) B.B光束在玻璃砖中的传播速度比A光束在玻璃砖中 SgR2 8R2 的传播速度大 C.FS2 gR2 √R+h D.rs gR2 C.B光束的折射率n= R+h 4 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在 D.A光束和B光束分别通过同一双缝干涉装置，B光束 每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符 比A光束产生的干涉条纹间距小 合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3 6.2024年5月15日，百度Apollo在武汉正式发布旗下第 分，有选错的得0分。 六代无人车，武汉市民可通过萝卜快跑平台搭乘第六代 8.如图所示，电源电动势为E,内阻为r,三个电阻阻值均 无人车，汽车自动控制反应时间（从发现障碍物到实施 为R,电容器的电容为C,开关S2断开，现在闭合开关 制动的时间)小于人的反应时间。如图所示的两图像分 S,用绝缘细线悬挂的带电小球向右偏离竖直方向，并 别是在自动控制操作下的2-x图像和驾驶员操作下的 处于稳定状态，已知电容器间距足够大，下列说法正确 v-t图像。下列说法正确的是 的是 ↑r1") ◆n 4r10l. A.小球带正电 甲 B.闭合开关S2,带电小球向左偏离竖直方向 A.无人车自动控制时运动3.5s走过的距离x=53.8m C.仅闭合开关S,时，向右移动滑动变阻器的滑片，小球 B.无人车每次刹车自动控制反应时间比驾驶员操作反 偏离竖直方向的夹角增大 应时间短0.3s D.闭合开关S2,稳定后电流表示数变小 C.无人车自动控制安全刹车距离比人操作安全刹车距 9.如图所示，图甲为一列简谐横波在均匀介质中沿x轴负 方向传播时t=0时刻的波形图，M和N(N点位置图甲 离短6m 中未标明)是介质中的两个质点，M是平衡位置位于x= D.无人车每次在自动控制操作下刹车至停止过程中的 1.0m处的质点，质点N的振动图像如图乙所示，则下 平均速度约为15.4m/s 列说法中正确的是 7.2024年9月25日上午8时44分，中国火箭军部队成功 t.WCLI +cut 向太平洋发射一枚携载训练模拟弹头的洲际弹道导弹， 1 导弹发射30min后达到离地最高点，最高时速30马赫， 0 .5 射程14000km。现设导弹在高空巡航途中短时间内运 -1 行轨道近似视为仅在引力作用下的匀速圆周运动，为了 甲 维持导弹在轨道上做短暂匀速圆周运动，由于高空稀薄 空气的影响需要通过瞬时喷气对导弹施加一个与速度 A.这列简谐横波在介质中的传播速度为2m/s 方向相同的推动力F。已知导弹的圆周轨道离地高度 B.在t=2.5s时，质点M的加速度方向沿y轴负方向 为h,地球半径为R,地球表面的重力加速度为g,导弹 C.质点N做简谐运动的位移y随时间t变化的关系式 在垂直速度方向的横截面积为S,假设空气碰到导弹后 为y=10sin 2+4m 立刻与导弹速度相同，忽略地球自转的影响，则导弹运 D.M、N两质点的平衡位置相距半波长的奇数倍 行轨道上空气的平均密度为 10.如图所示的垂直于光滑水平桌面的磁场区域边界 MN、PQ彼此平行，相距为L,区域I、Ⅱ、Ⅲ的宽度均 为L,其中区域Ⅲ中无磁场，区域I、Ⅱ中存在方向相 反、磁感应强度大小均为B的匀强磁场。若干个这样 物理·答案D39卷14 的区域I、Ⅱ、Ⅲ依次排列（图乙为俯视图）。长、宽均 (2)用游标卡尺测得小球的直径如图乙所示，则小球 为L的金属线框ABCD平放在桌面上，其匝数为N、总 的直径d= cm。 质量为m、总电阻为R,t=0时，线框刚好与第一个区域 (3)测得A0=L,则小球A从水平位置静止释放，转至 I重合，并在水平向右的驱动力作用下以速度。向右 A球刚好通过光电门的过程中，验证系统机械能守恒 匀速运动。则下列说法正确的是 的表达式为 (用M、m、L、d、g、△t表示)。 12.（10分)某实验小组的同学研究一个标有“14V7W”字 样的灯泡L的电压随电流的变化特点，实验室提供的 器材如下： 甲 A.电源（电动势为15V,内阻很小）； B.电压表V(量程为0~3V,内阻为3k2); C.电流表A(量程为0~0.6A,内阻约为52)； I·P0 D.小灯泡(14V7W); E.定值电阻R1=3k2; 乙 F.定值电阻R2=12k2; A.当线框的BC边穿越区域Ⅱ时，线框产生的感应电 G.定值电阻R,=30k2; 动势E=2NBLo H.滑动变阻器R4(阻值范围为0~10D,额定电流 B.线框穿越区域I、Ⅱ交界线过程中通过线框的电荷 为2A); 量g2 I.滑动变阻器R(阻值范围为0~500Ω，额定电流 为1A); 2NBIo C.线框中感应电流的有效值I= J.开关、导线若干。 R (1)实验前改装时，电压表与定值电阻 (填“串” D.若t=0时撤掉驱动力，线框以速度v。开始向右运 或“并”)联，该同学选用的定值电阻应为 (填 动，且线框的BC边穿过第2个区域I时未停止，则 “R”“R2”或“R,”)。 此时线框的速度v=vo 6N2B2L3 (2)实验器材中备有两个滑动变阻器，该实验应选用 mR 的是 (填“R4”或“R,”),实验要求能够较准确 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 地画出灯泡的伏安特性曲线，请在图甲虚线框中帮助 11.(6分)某实验兴趣小组用如图甲所示的实验装置来验 该同学画出实验电路原理图。之 证机械能守恒定律。轻质折杆AOB成直角形式可以 (3)在研究小灯泡电压随电流的 在竖直平面内绕轴O自由转动且AO=2B0,折杆两端 变化特点时，若某次读取电流、 分别固定两个大小相等，但质量不等的小球A、B,0点 电压分别为1。、U。,则在如图乙 正下方有一光电门，调节光电门位置，使小球A从水平 所示坐标纸上描点时对应坐标 左行 位置静止释放，当小球A通过最低点时，球心恰好通过 为 (用1、U表示)，依 光电门，与光电门连接的数字计时器显示的挡光时间 次描点绘图得到如图乙所示伏 甲 为△t,已知小球A、B的直径为d,质量分别为M、 安特性曲线。 m(M>m),当地重力加速度为g。完成下列实验： 闲元花训 1?5 5 n 2. 甲 月1a?3040560?080)10 (1)使小球A从水平位置静止释放，则小球A经过最低点 时的速度v= (用d、△t表示)。 (4)直接将该灯泡接到电动势为15V、内阻为5Ω的电源 卷14答案D39Q·物理 两端时，灯泡L消耗的电功率为 W(保留2位15.(16分)如图所示，倾斜传送带与水平面夹角为0，顺时 有效数字)。 针匀速运行速度v。=5m/s,下端与水平固定的光滑水 13.(8分)家用储水式压力罐常被用于二次供水，其简要 平轨道平滑连接。小物块m1以初速度v,=1m/s从传 结构如图所示。该压力罐的总容积为400L,初始时罐 送带顶端下滑，当小物块m1运动至光滑水平轨道末端 内无水，水龙头处于关闭状态，水管容积可忽略不计， Q点时与静置于长木板左端等高位置的小物块m2发 且罐内气体压强为Po。此时接通电源，启动水泵给压 生弹性碰撞。长木板m?水平部分粗糙，右端为四分之 力罐补水，当罐内压强增大到4p。时水泵自动断开电 一光滑圆弧轨道，半径R=0.1m。已知小物块m2离 源，停止补水。罐内气体可视为理想气体，用此压力罐 开C点后能上升的最大高度h=0.2m,小物块m2与长 给位于h=10m高的用户供水，压力罐密闭性、导热性 木板m?上表面AB间的动摩擦因数和小物块m,与传 能均良好，环境温度不变，已知10m高的水柱产生的 送带间的动摩擦因数都为u=0.5,水平面MN光滑且 压强为P,一次供水完毕后罐内所剩水的高度相对 足够长，忽略空气阻力，已知m1=m2=1kg,m3=2kg,g 10m高度可忽略不计。 取10m/s2,传送带竖直高度H=2.37m,0=37°。 (1)求水泵正常工作一次注入的水的体积V; (2)求水泵正常工作一次可给用户输送水的体积V2。 (1)求小物块m,在传送带上留下的划痕长度。 石户 (2)求小物块m2在第二次经过B点时对圆弧轨道的 压力。 上力衣 (3)判断小物块m2最终能否停在长木板上，若能，求 小物块m2最终停在长木板上的位置，若不能，求小物 块最终飞离长木板时的速度。 14.（14分)如图所示，直角坐标系x0y中，在整个第Ⅱ象 限内有平行于x轴的匀强电场，方向沿x轴正方向，大 9mG,在整个第【象限内有垂直于0y平面向 小E= 32gL’ 外的匀强磁场。一质量为m、电荷量为q的带正电粒 子，从x轴上的P(-L,0)点，以大小为o的速度沿y轴 正方向进人电场，通过电场后从y轴上的M点（与y轴 夹角为)进人第I象限，又经过磁场偏转刚好不进入 第V象限，之后穿过y轴再次进入电场，不计粒子的重 力，已知sin37°=3 ,c0s370=4 5 (1)求M点的纵坐标yM; (2)求匀强磁场的磁感应强度B的大小； (3)求整个过程中粒子从第Ⅱ象限进入第I象限经过 y轴的纵坐标。