13 重庆市高三上学期期中考试-【景行之教育】2027年物理高考一轮复习先锋名校检测卷

13重庆市高三上学期期中考试 全卷满分100分，考试时间75分钟。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在 A.污泥絮体带正电 每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要 B.污泥絮体在A处的加速度大于在B处的加速度 求的。 C.污泥絮体在A处的动能小于在B处的动能 1.随着电池技术的更新迭代，电动汽车越来越受消费者的追 D.A处电势高于B处电势 捧。关于回路中电流的说法正确的是 ( 4.我国科研人员利用“探测卫星”， A.电流既有大小又有方向，所以电流是矢量 获取了某一未知星球的探测数 B.单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，电流就 据，如图所示，图线A表示“探 越大 测卫星”绕该星球运动的关系 C.在金属导体中，电流的方向是自由电子定向移动的 图像，B表示“探测卫星”绕地 方向 球运动的关系图像，其中r是卫星绕中心天体运动的轨 D.自由电荷在导体中定向移动的速率越大，电流越大 道半径，T是对应的周期。R,、R2分别是未知星球和地 2.如图所示，拖车的缆绳将违章车与拖车拴在一起，使违 球的半径，R1=0.5R2,引力常量为G,A图线的斜率为 章车停在倾斜坡道上保持静止状态。下列说法正确的 kA,B图线的斜率为k,kA=2k,卫星均做圆周运动。图 是 () 像中实线的反向延长线经过原点O,忽略星球自转的影 响，则 A.未知星球和地球的质量之比是2：1 ■工斯 B.未知星球和地球的密度之比是4：1 A.缆绳对违章车的拉力与违章车对缆绳的拉力是一对 C.未知星球和地球的表面重力加速度大小之比是4：1 平衡力 D.未知星球和地球的第一宇宙速度大小之比是1：2 B.违章车对坡道的作用力的方向一定与坡道垂直 5.如图甲所示是一列简谐横波在t=0.1s时刻的波形图， C.违章车可能受四个力的作用 P是平衡位置在x=1.5m处的质点，Q是平衡位置在 D.缆绳断裂后车辆一定沿坡道下滑 x=12m处的质点；图乙为质点Q的振动图像，下列说法 3.污水中污泥絮体的沉淀去污技术原理如图所示，金属圆 正确的是 盘和金属棒分别接电源的正负极，将圆盘置于污泥槽底 元 1 部，接通电源可将污泥絮体收集到圆盘上。圆盘与棒之 间的电场分布如图中实线所示，虚线为其中一个等势 12 面。某一污泥絮体（视为质点）仅受电场力从A到B的 ⑧ 运动轨迹如图所示，B点为轨迹、电场线和等势面的共 同交点。下列说法正确的是 () A.这列波沿x轴负方向传播 本闻* B.在t=0.35s时，质点Q的位置坐标为(12m,10cm) C.从t=0.1s到t=0.35s的过程中，质点P的路程为 污汉州 50 cm D.从t=0.1s时刻开始计时，质点P再过△t=(0.075+ 合灿热 0.2n)s(n=0,1,2,…)时到达波谷 6.如图甲所示是“祝融号”火星车，其动力主要来源于太阳 D.若x2处、x4处的电场强度大小分别为E2和E4,则 能电池。火星车的动力供电电路简化如图乙所示，其中 E2>E4 太阳能电池电动势E=120V,内阻r未知，电动机线圈电 9.某同学设计了圆形轨道的电磁炮模型如图甲所示，半径 阻rM=22,电热丝定值电阻R=42。当火星车正常行驶 为R的L、L2半圆形轨道，正对平行竖直摆放，轨道间距 时，电动机两端的电压U=80V,电热丝R消耗的功率 也为R,空间有辐向分布的磁场，使得轨道所在处磁感应 P=64W。则 ( ) 强度大小恒为B,用质量为m、长度为R的细导体棒代替 炮弹，与轨道接触良好，正视图如图乙所示，轨道最高位 I￥1 置与圆心齐平。给导体棒输入垂直纸面向里的恒定电流 1,将其从轨道最高位置由静止释放，使得导体棒在半圆 形轨道上做圆周运动，到达另一侧最高位置时完成加速。 月 乙 忽略一切摩擦，且不考虑导体棒中电流产生的磁场及电 A.火星车正常行驶时，通过电热丝的电流为1.25A 磁感应现象的影响，重力加速度为g,下列说法正确的是 B.太阳能电池的内阻为32 C.火星车正常行驶时，电动机的效率为90% D.若电动机的转子被卡住，电动机线圈上消耗的功率 为400W 7.2024年春多地经历低温降雪后，出现了大桥悬索冰柱 乙 融化坠落造成车辆受损现象。某大型桥梁采用了三塔 斜拉桥结构，中塔高约为125m。重达10kg的冰柱从塔 A.导体棒运动过程中受到的安培力方向与其运动方向 顶竖直落下，砸中车前窗挡风玻璃，该车的挡风玻璃倾 相同 角为60°，g取10m/s2,不计空气阻力，则 () B.导体棒到达轨道最低点时，轨道对导体棒的支持力大 A.该冰柱下落过程中机械能减小 小为3mg+TBIR B.若大桥限速60km/h,车辆未超速，该冰柱可能垂直 C.加速完成瞬间，导体棒获得的速度大小为2R 2mBI 砸在挡风玻璃上 m C.该冰柱砸在挡风玻璃上，其破坏力与车速无关 D.加速完成瞬间，其加速度方向竖直向上 D.若车停在水平桥面上，车的水平天窗玻璃被冰柱砸 10.如图所示，倾角为53°的光滑绝缘无· 中，历时0.1§冰柱碎裂沿水平方向飞溅，天窗对冰 限长的斜面处于匀强磁场中，磁感应· 柱的平均作用力最大约为5100N 强度大小为B,方向垂直纸面向外。·· 二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每 可视为质点的小球质量为m、电荷量： 小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对 为+g,从斜面顶端由静止释放，t时刻小球刚好离开斜 的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.假设某空间一静电场的电 面。已知重力加速度为g,sim53=子，整个运动过程 势p随x的变化情况如图所 中小球的电荷量保持不变，下列说法正确的是() 示，且带电粒子运动时只受 3m A.t= 电场力，已知x3-x2<x-x4, 4gB 根据图中信息可以确定下列说法中正确的是 B.小球在斜面上运动的长度为9mg 40g2B2 A.沿x轴从x4到x,电场强度的大小均匀减小 C.小球离开斜面之前斜面对小球的弹力的冲量大小 B.正电荷沿x轴从0运动到x1的过程中，做匀加速直 线运动 为7mg 40gB C.负电荷沿x轴从x2运动到x?的过程中，电场力做正 功，电势能减小 D.小球离开斜面后距分离点上升的最大高度为4mg 25g2B2 物理·答案D36卷13 三、非选择题：本题共5小题，共57分。 列操作中的要求或填空。 11.(7分)某兴趣小组为测量自动笔里面被压缩的弹簧的 +0W 劲度系数，设计了如图甲所示的实验：将笔的活动端竖 直置于电子秤上，当竖直向下按下约0.60cm时（未触 底且未超过弹簧的弹性限度)，稳定后电子秤上的读数 以g 增加了28.8g(重力加速度g取9.8m/s2)。 DCIZY 分 乙 (1)为完成实验并准确测量，定值电阻R,应该选 择 0 A.2.0k2 B.4.0k2 C.6.0k2 D.8.0k (2)正确选择R,后接通电源，将R的滑片从M端向N 端滑动，记录多组电压表的示数U和电流表的示数I,并 绘出了U-1图线如图乙所示。不考虑电表内阻的影响， (1)估测这支笔里的弹簧的劲度系数为 当电压表的示数为1.70V、电流表的示数为20.0mA N/m(保留3位有效数字)。 时，一个发光二极管D的实际功率为 mW(保 (2)由于弹簧较短，施加适当外力时长度变化不太明 留3位有效数字)如果考虑电表内阻的影响，发光二 显，于是他们将三根相同的弹簧串起来，竖直挂在图乙 极管D在通过某一电流时的实际功率 (填 所示的装置中。某次弹簧上的指针在刻度尺上对应的 “大于”“小于”或“等于”)由图乙得到的测量值。 位置如图丙所示，该处的读数为 cm (3)实验中测得R。=50.02,若将一个发光单元直接接到 ·N 电动势为12V、内阻为50.02的电源两端，则一个发光单 元的实际功率约为 。mW(保留3位有效数字)。 1.1 13.(10分)速度选择器是现代物理研究中很重要的一种 0 装置，其原理如图所示，两块带电平行板之间的电场强 .2 度方向竖直向下，匀强磁场的磁感应强度大小B三 2.0×102T,方向垂直纸面向里。一个质量m=3.0× 丙 丁 1026kg、电荷量g=1.0×10-16C的带正电的粒子（重力 (3)通过测量，他们作出三根弹簧的总长度1与相应所 不计)以速度v=4.0×10m/s沿图示方向进入速度选 挂重物的重力即拉力大小F的关系图像，如图丁所示， 择器，恰能沿图示虚线路径做匀速直线运动。求： 则每根弹簧的原长为 cm,每根弹簧的劲度系 (1)电场强度的大小E; 数k= N/m(保留3位有效数字)。 (2)撤掉电场后，粒子在磁场中做匀速圆周运动的半 12.(9分)2024年国庆期间重庆举办了“我爱你中国”灯 径R。 光秀，灯光秀中一个发光单元由三个相同的发光二极 管和一个定值电阻R。串联而成，如图甲中虚线框内的 结构，供电电压为12V,通过查找资料可知，每个发光 二极管的工作电压应在3~4V之间，允许流过的最大 电流不超过30mA。为研究发光二极管的伏安特性， 小庆同学设计了图甲所示的电路进行实验，图中电源 电压恒为12V,电压表量程为0~2V、内阻为2.0k2, 电流表量程为0~30mA、内阻很小可忽略。请完成下 卷13答案D36Q·物理 14.(14分)图甲为重庆江北国际机 15.(17分)如图所示，真空中A位置存在一带电粒子发射 场某货物传送装置实物图，简化 器，能够瞬间在平面内发射出大量初速度大小为。的 图如图乙，该装置由传送带AB- 相同正电荷，电荷以不同的入射角θ(0为。与y轴正 CD及固定挡板CDEF组成，固 甲 方向的夹角，且0≤0≤90°)射入半径为R的圆形边界 定挡板与传送带上表面垂直，传送带上表面ABCD与 匀强磁场（边界除D点外均有磁场，图中未标出），圆 水平台面的夹角0=37°，传送带匀速转动时，工作人员 形磁场刚好与x轴相切于D点(D点与A点连线平行 将正方体货物（可视为质点）从D点由静止释放，在 于y轴)，所有电荷均在该磁场的作用下发生偏转，并 L=10m处取下货物，货物运动时的剖面图如图丙所 全部沿x轴正方向射出。图中第三象限虚线下方一定 示。已知传送带匀速运行的速度v=2/s,货物质量 区域存在着方向沿y轴正方向的匀强电场，虚线刚好 m=10kg,其底部与传送带上表面ABCD间的动摩擦 经过C点(C为实线圆最右端的点)且顶点为O,同时 因数u,=0.5,其侧面与挡板CDEF间的摩擦不计（重力 观察到进入该电场区域的所有电荷均从O点射入第一 加速度g取10m/s2,sin37°=0.6，cos37°=0.8，不计空气 象限，第一象限内存在范围足够大的垂直于纸面向里、 阻力)。 磁感应强度大小为B,的匀强磁场。已知电荷的质量 (1)求传送带上表面对货物的摩擦力大小f； 伪m,电荷量大小为9,0D的长度为23+3R,不考虑电 (2)求货物在传送带上运动的时间t; (3)若货物侧面与挡板CDEF间的动摩擦因数u2= 荷所受重力及电荷之间的相互作用力。 0.25,求由于传送该货物传送带电动机多消耗的电能。 (1)求圆形磁场磁感应强度B,的大小及方向。 传运一月 (2)求匀强电场上边界虚线的函数表达式。 任 (3)从A处同时发射a、b两电荷，a电荷发射角0=0，b ti 电荷发射角0=90°。在第二象限内存在一直线边界磁 场，磁感应强度大小为B,(方向垂直纸面向里，图中未 标出)，电荷α经该磁场偏转后刚好能在磁场边界处与 还未进入该磁场的电荷b发生对心碰撞，若已知B,= 之教育 B2,求磁感应强度大小B。高考一轮复习检测卷·物理 T,根据理想气体状态方程可得。_p业 (2分) T。T 解得T=270K,即t=-3℃ (1分) 14.(gg(2)①g kgti kh m m2 ②mg25 【解析】(1)将排球与手臂的碰撞视为弹性碰撞，碰撞过程中 手臂保持静止，则排球等速率弹回。根据动能定理，下落过 程有(mg刀h=2m6 (1分) 上升过程有-(mg切x4 1 2 muo (1分) 联立解得了g (2分) (2)①设排球与手臂碰撞前、后瞬间的速度大小分别为，、 2,取竖直向下为正方向。根据动量定理，下落过程中有 mg△t-kv△t=m△v (1分) 方程两边对△t求和，可得mg1-kh=m1 (1分) 根据牛顿第二定律可得mg-km,=ma (1分) 联立解得a=g- kgt k2h (1分) mm ②取竖直向下为正方向，根据动量定理，上升过程中有 mgAt+h△t=m△v (1分) 方程两边对△t求和，得 4 mg（4-)+5h=0-(-m,) (1分) 对于碰撞过程，取竖直向上为正方向，根据动量定理可得 I=m2-(-m) (1分) kh 联立可得I=mg25 (1分) El 15.(1)m (2)(m+1)√gE 2ml (3)2πl(πk+2k+2)(k=1,2,3,…) 【解析】()根据动能定理可得以=2m (2分) 13重庆市高三 1.B【解析】电流虽然既有大小，又有方向，但电流的合成遵循 的是算术运算法则，而不是矢量合成遵循的平行四边形定则 或三角形定则，因此电流是标量，A错误：根据电流的定义式 1=?可知，单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，电流 就越大，B正确；规定正电荷定向移动的方向为电流方向，那 么，负电荷定向移动的方向就跟电流方向相反，而金属导体 中定向移动的是自由电子，自由电子带负电，故电流方向与 自由电子定向移动的方向相反，C错误；根据电流的微观表 达式I=nwS可知，电流的大小不仅与自由电荷定向移动的速 D36卷 El 解得=入√m (2分) (2)粒子在左侧电场中运动时，根据牛顿第二定律可得 q=ma (1分) 解得a= m 根据运动学公式有1=2 (1分) 2ml 解得，入√qE 粒子在金属板间做不等间距的螺旋线运动，设水平圆周运 动的周期为T,根据牛顿第二定律可得gmB=mom, 则周期T=2m_2mm ωqB (1分) 则粒子第二次经过PQ所在竖直平面时在金属板间运动的 2ml (1分) 粒子由释放到第二次经过PQ所在竖直平面所用的时间 4=4t=(+1) 2ml (1分) (3)设粒子在第2k+1(k=1,2,3,…)次经过PQ所在竖直平 面时，打在下金属板左端，粒子在金属板间竖直方向的总位 移1=2(，)” (1分) 解得s1=k2π21 (1分) 粒子在PQ左侧连续两次经过PQ所在竖直平面的时间间 隔=24=2√g平 ml (1分) 粒子在PQ左侧发生的竖直总位移 s2=at2△t+2at2△t+…+kat,△t (1分) 解得s2=2πl(k+1) (1分) 则两金属板的距离d=2(s1+s2)=2l(πk+2k+2)(k=1,2, 3,…) (1分) 上学期期中考试 率有关，还与单位体积内自由电荷的数量、导体的横截面积 等因素有关，D错误。 2.C【解析】缆绳对违章车的拉力与违章车对缆绳的拉力是一 对作用力与反作用力，故A错误：违章车对坡道的作用力可 能是压力和摩擦力的合力，这个合力与坡道不垂直，若违章 车只受坡道的支持力，不受摩擦力，则违章车对坡道的作用 力的方向与坡道垂直，故B错误；违章车除了受重力、支持 力、拉力外还可能受到摩擦力，故C正确；缆绳断裂后，如果 违章车所受摩擦力与重力沿坡道的分力平衡，则违章车静 止，故D错误。 13·物理 3.C【解析】根据物体做曲线运动时合力指向轨迹的凹侧，可知 污泥絮体受到的电场力与电场强度方向相反，则污泥絮体带 负电，A错误：根据电场线的疏密程度可知，A处的电场强度小 于B处的，则污泥絮体在A处所受电场力较小，结合牛顿第二 定律可知污泥絮体在A处的加速度小于在B处的加速度，B 错误：根据沿电场线方向电势降低，结合题图中虚线为其中一 个等势面，可知A处电势低于B处电势，又污泥絮体带负电， 所以污泥絮体在A处的电势能大于在B处的电势能，由于污 泥絮体从A到B仅受电场力，则污泥絮体从A到B只有电场 力做功，故污泥絮体的动能与电势能之和保持不变，所以污泥 絮体在A处的动能小于在B处的动能，C正确，D错误。 Mm 4T2 4.B【解析】根据万有引力提供向心力，有G 2m 7,可 得7卫=4户=：，所以未知星球和地球的质量之比 M M地 飞，2，A错误；根据p= kg 1 M 一、R1=0.5R2,可知未知星球和 4 地球的密度之比P类_M未.4 PR‘M,B正确；忽略星球自转的 影响时，有Gg,可得未知星球和地肆表面的重力加速 度大小之比未M未.2】 8地R‘M斤，C错误；根据万有引力提供 向心力，有G后可得=√ GM ,所以未知星球和地 球的第一宇宙速度之比”来。 M来.R -1 √R‘M=D错误。 5.D【解析】由题图乙可知，在t=0.1s时质点Q沿y轴负方 向振动，由题图甲结合“同侧法”可知这列波沿x轴正方向传 播，A错误：由题图乙可知，质点Q的周期T=0.2s,则0.35s 1s=147,故1=0.35s时质点Q恰好位于波谷，质点Q的 位置坐标为(12m,-10cm),B错误；由题图甲可知，该波的 振幅A=10cm,若t=0.1s时质点P位于特定位置，则从t= 0.1s到t=0.35s的过程中，质点P的路程恰好为5A= 50cm,但t=0.1s时质点P不在特定位置处，故从t=0.1s 到t=0.35s的过程中，质点P的路程不是50cm,C错误：由 题图甲可知，该波的波长入=12m,波速。=今=60m/,波沿 1 x轴正方向传播，由波形可得质点P左侧距其x=4入+1.5m= 4.5m的第一个波谷向右传播，质点P第一次到达波谷所用 的时间1=飞=0.0758，结合波传播的周期性可知，从t= D37卷 参考答案及深度解析 0.1s时刻开始计时，质点P再过△t=(0.075+0.2n)s(n=0, 1,2,…)时到达波谷，D正确。 6.C【解析】根据P=PR可得火星车正常行驶时通过电热丝 的电流I=√R P =4A,电热丝两端的电压UR=R=4×4V= 16V,太阳能电池内阻分得的电压U,=E-UM-U.=(120-80- U, 16)V=24V,太阳能电池的内阻r==60,A,B错误；火星 车正常行驶时，电动机的电功率PM=UMI=80×4W=320W, 电动机线圈的热功率P热=īM=42×2W=32W,电动机的效 P-P整×100%=90%，C正确；电动机的转子被卡住时， 率m= PM 电路中的电流'= R10A,电动机线圈上消耗的功率 E P'=I2rM=200W,D错误。 7.D【解析】该冰柱下落过程中只有重力做功，机械能守恒，A 错误；冰柱下落到达车前窗挡风玻璃的速度大小约为”= √2gh=50m/s=180km/h,以车为参考系，设车辆未超速时 冰柱速度与竖直方向的最大夹角为0，则有an0=1803< 601 tan60°，可得0<60°，而该车的挡风玻璃倾角为60°，所以该冰 柱不可能垂直砸在挡风玻璃上，B错误；冰柱砸在挡风玻璃 上，其破坏力与车速有关，车速越大，冰柱相对于挡风玻璃的 速度也越大，破坏力越大，C错误；以竖直向上为正方向，根 据动量定理有F△t-mg△t=0-(-mw),解得天窗对冰柱的平均 作用力大小F=5100N,D正确。 8.CD【解析】p-x图像中图线的斜率表示电场强度的大小，由 题图可知，沿x轴从x4到x,电场强度的大小恒定，从0到x 电场强度为零，则正电荷沿x轴从0运动到x,的过程中所受 电场力为零，一定不做匀加速直线运动，x2处图线斜率绝对 值大于x4处图线斜率绝对值，所以E2>E4,A、B错误，D正 确；由题图可知，沿x轴从x2到x?电势升高，则负电荷沿x 轴从x2运动到x?的过程中电势能减小，电场力做正功，C 正确。 9.AB【解析】由左手定则可知，导体棒运动过程中受到的安 培力方向与其运动方向相同，A正确；对导体棒从轨道最高 位置由静止释放到到达轨道最低点的过程，根据动能定理有 1 mgR+BRx2πR=2m2,在最低点根据牛顿第二定律有F、 =R,解得F、=3mg+mBR,B正确；对导体棒从轨道最高 位置由静止释放到到达另一侧最高位置的过程，根据动能定 理有BRR=方m,解得女=R,P,C结误：号休锥 13·物理 高考一轮复习检测卷·物理 做圆周运动，加速完成瞬间向左的弹力与重力的合力产生加 速度，加速度方向并不是竖直向上，D错误。 10.ABD【解析】小球下滑过程中所受洛伦兹力垂直斜面向 上，在下滑至某位置时离开斜面，离开斜面前根据牛顿第二 定律有mgsin53°=ma,解得a=gsin53°，离开斜面瞬间满足 9mB=mgc0s53°，解得u=mgc0s53° ，由匀变速直线运动规律 gB 有a=a,解得1阳A正确；小球在斜面上运动的长度K )2-9m5,B正确：小球离开斜面之前斜面对小球的理 力的冲量大小I=∑(-qwB+mgcos53）△t=mgtcos53°- Q=9mg,C错误；对小球从离开斜面至到达最高点的过 程由功能关系可得mgh。=,m2了 2m2,在水平方向上由 动量定理可得∑qU,B△t=qBhm=mucos53°-mm',联立可得 人器D正输 11.(1)47.0(2分)(2)7.20(2分)(3)2.0(1分)50.0 （49.0~51.0均可)(2分) 【解析】(1)根据胡克定律可得弹簧的劲度系数k= AF △x 28.8x103x9.8NWm=47.0Vm 0.60×10-2 (2)题图丙中刻度尺的分度值为0.1cm,所以读数为 7.20 cm. (3)由题图丁可知，三根弹簧的原长之和为6.0cm,所以每 根弹簧的原长为2.0cm。三根弹簧串联后劲度系数'= △F'1.0 △x60x10Wm,每根弹簧的劲度系数k=36'=3× 6.0x10Mm=50.0/m 1.0 12.（1)A(2分)(2)68.0(2分)小于(2分) (3)200(190~220均可)(3分) 【解析】(1)电压表量程为0~2V、内阻为2.0k,每个发光 二极管的工作电压应在3~4V之间，则需将电压表改装成 量程为0~4V的电压表，根据U=I(Rv+R)、U。=IRv,解 得R=2.0kD,A正确。 (2)当电压表的示数为1.70V、电流表的示数为20.0mA 时，根据电压表的改装原理可知，一个发光二极管两端的电 压为3.40V,所以一个发光二极管D的实际功率P=3.40× 20.0mW=68.0mW。如果考虑电表内阻的影响，即电压表 的分流作用，则通过发光二极管D的实际电流比电流表的 示数偏小，所以发光二极管D在通过某一电流时的实际功 率小于由题图乙得到的测量值。 D38卷 (3)将一个发光单元直接接到电动势为12V、内阻为 50.0Ω的电源两端时，根据闭合电路欧姆定律有E=6U+ +R).可得U名名(+R)=2v0马.在圆闲乙中 3 作出U-1图线，如图所示，由图可得一个发光二极管两端的 电压为2×1.70V,通过的电流为18mA,一个发光单元的实 际功率P=3×2×1.70×18×103W+(18×10-3)2×50.0W= 200mW。 ↑UV 2.09 1.0 0 102030I/mA 13.(1)8.0x104V/m(2)0.06m 【解析】(1)由平衡条件可得wB=Eg (3分) 解得E=8.0x104V/m (2分) (2)根据洛伦兹力提供向心力有qB=mR (3分) 解得R=0.06m (2分) 14.(1)40N(2)5.25s(3)202J 【解析】(1)货物放上传送带后，剖面受 力如图甲所示。设传送带对货物的支 持力为N1,挡板对货物的支持力为N2, 则N,=mgcos0、N2=mgsin8 (2分) 传送带上表面对货物的摩擦力 mg f=uN (1分) 甲 代入数据解得方=40N (1分) (2)设货物由静止放上传送带获得的加速度为α，对货物有 f=ma,解得a=4m/s2 (1分) 设货物在传送带上经时间t1与传送带达到共速，，时间内 货物的位移为51，由运动学公式得 v=at151=2t1 (1分) 解得t1=0.5s、s1=0.5m<L (1分) 所以货物能在传送带上达到与传送带共速，共速后货物做 匀速直线运动，直至被取下，设货物再经过2时间被取下， 则有L-s1=t2,解得t2=4.75s (1分) 货物在传送带上运动的时间t=t1+t2=5.25s (1分) (3)挡板对货物的摩擦力=2N2,解得f=15N(1分) 两个摩擦力的方向如图乙所示（向右为前进口→ 方向)。 货物才放上传送带时，有f-f=ma', 解得a'=2.5m/s2 (1分) 设经3时间货物达到与传送带共速，则6，=”=0,88， a 13·物理 1 与时间内货物的位移s对2站，=0.8m<L (1分) 由于传送该货物传送带电动机多消耗的电能转化为货物的 动能和系统的内能，则 E=△E,+0+0,=2mm2+f(%-si)t坊L=202J (2分) 15(g欢方向菲直纸面向外(2②)y aR (3)8m-63)m （7m+6)gR 【解析】(1)根据磁发散原理可知，电荷在圆形磁场内的运动 (2分) 半径为R。根据洛伦兹力提供向心力，有qB,=R 解得4一次，方向垂直纸面向外 (2分) (2)电荷在电场中做类平抛运动，且汇集于0点，设电荷进 入电场时的位置坐标为(x,y),则有 E2 -x=ot、-y=2 (2分) m 解得y=-9E2 2mvo 分衍可如C点坐标为(2R, G点是虚线上的-点，代人可得E液=(2分) (3)电荷从O点射人第一象限的水平分速度v.=。,故进入 14部分重点中学(T8)高！ 1.B【解析】放射性元素发生β衰变时所释放出的电子是原子 核中的中子转变为质子时产生的，A错误：设Np经过x次 α衰变和y次B衰变后生成Bi,根据核反应过程质量数、电 荷数守恒有237-209=4x+0×y、93-83=2x+(-1)×y,解得x= 7、y=4,B正确；日冕极光现象是太阳活动，不是电磁波的应 用，C错误；用放射性射线来检测工件厚度是利用了射线穿 透能力强的特性，D错误。 2.C【解析】台下观众不能将正在表演的舞蹈演员看成质点， 否则就不能欣赏优美舞姿了，故A错误：丙做旋转运动，受到 滑动摩擦力作用，故B错误；选取整体为研究对象，有2N= 3m,可得地面对甲，乙的支持力大小均为N:弓g,故C正 确：丙在空间站中处于完全失重状态，故甲对丙的作用力大 小为零，故D错误。 3.D【解析】粮食不断均匀地从车上掉落，质量均匀减小，由 E=2m2可知动能减小，A错误；质量减小，阻力均匀减小， B错误：卡车在平直道路上匀速行驶，则牵引力等于阻力，牵 D39卷 参考答案及深度解析 第一象限的两电荷会从同一点离开第一象限，α、b电荷的运 动轨迹如图所示，两电荷要发生对心碰撞，需同时到达图中 的F点 (3分) g1 240°3 ®120° 30以30 60 60° 、60° R .609 b 2/3 a电荷从A点到F点的时间 需需需 (2分) b电荷从A点到F点的时间 =1×2πm(23+3)R12mm23m to=2 B19 -X +2B29B39 (2分) 又tn=lb、B1=B2, (8r-65)m0 解得B,=(7m+6)95 (2分) 三上学期12月联考（河北） 引力均匀减小，其功率P=F均匀减小，C错误，D正确。 4.B【解析】在等量异种点电荷形成的电场中，0点处电场强 度不为零；左、右侧导线在0点处产生的磁感应强度方向均 向下，则O点处的磁感应强度不为零，A错误。正点电荷在α 点产生的电场强度方向向左，负点电荷在a点产生的电场强 度方向向右，由电场的叠加可知，α点的电场强度方向向左， 同理可知c点的电场强度方向也向左，由对称性可知，a、c两 处电场强度大小相等，即α、c两处电场强度相同：左侧导线在 a点产生的磁感应强度方向向上，右侧导线在a点产生的磁 感应强度方向向下，由磁场的叠加可知，α点磁感应强度方向 向上，同理可知c点磁感应强度方向也向上，由对称性可知， a、c两处磁感应强度大小相等，即a、c两处磁感应强度相同， 故B正确。在等量异种点电荷形成的电场中，b、d两处的电 场强度相同；左侧导线在b点产生的磁感应强度方向斜向右 下方，右侧导线在b点产生的磁感应强度方向斜向左下方， 合磁感应强度方向向下，同理可知d处的磁感应强度方向向 下，由对称性可知，b、d两处磁感应强度大小相等，即b、d两 14·物理