10 安徽省高三上学期10月第一次综合素质检测-【景行之教育】2027年物理高考一轮复习先锋名校检测卷

对木板B有umg=Ma2 (1分) 联立解得u=0.8,F=12N (1分) (2)撤去力F后到木板B到达C点前的过程，A、B组成的系 统动量守恒，根据动量守恒定律有 mv+Mv2 =(m+M)v (1分) 其中u1=8m/8,2=4m/s, 解得v=4.8m/s。 0-2s内小物块A的位移大小=0，心 (1分) 其中t=2s,从小物块A开始运动到二者共速，根据功能关 系有gL+(n+M0 (1分) 解得L=4.8m (1分) 小物块A沿半圆形轨道运动的过程，根据机械能守恒定律 f2m2=mg·2R+ mu哈 (1分) 小物块A恰好通过D点，有mg=mR (1分) 联立解得R=0.46m (1分) 15.(1) 2neto (2)e6R 2neU。,20ekrR2 m 2m√m m 1 2nmUo k (3)B,=R√e 2 【解析】(1)对电子经直线加速器加速n次的过程由动能定 理有neU。=2mw (1分) 2neUo 解得v.=m (1分) (2)根据题意，变化的磁场B,激发出的感生电场的电场强 10安徽省高三上学期1 1.C【解析】入射光的频率大于极限频率，才能发生光电效应， 才能产生光电流，故A,B,D错误；根据=天可知，若减小入 射光的波长即增大入射光的频率，有可能会发生光电效应， 则电流表中可能有电流通过，故C正确。 2.D【解淅】由题图可得，该波的波长入=2m、周期T=0.4s, 波速D=入=5m/s,A错误；由题图乙可知，6=0时刻质点P 向y轴正方向运动，根据“同侧法”结合题图甲可判断波的传 播方向为x轴负方向，B错误；t=0时刻，质点P位于平衡位 置，速度最大，所以此时P的速度大于Q的速度，C错误；t=0 时刻，质点P位于平衡位置且速度沿y轴正方向，质点Q位 于平衡位置上方且速度沿y轴负方向，所以从t=0时刻之 后，P比Q先到达位移最大处，D正确。 D27卷 参考答案及深度解析 1△Φ1△B,·R2kR 度E=2TR'A2mR Γ2 (1分) 设加速圆周运动的切向加速度为a,由牛顿第二定律有 eE=ma (1分) 解得a= (1分) 2m 电子在电子感应加速器中每加速1周动能的增加量 △Ek=eE·2mR=ekmR2 (1分) 加速10周后由能量守恒定律有 1 2m。=2m2+AE×10 (1分) 解得加速10周后电子的速度大小 2neUo 20ekmR2 v0=√m (1分) m (3)电子刚进入电子感应加速器时（即t=0时），根据洛伦 兹力提供向心力有，Bo=mR (1分) =mw.。1/2nmU 解得Bw=eRR√e (1分) 设经过任意时间△t后电子的速度变化量大小为△v,则由动 量定理有eE·△t=m△v (1分) 任意时刻由洛伦兹力提供向心力有euB=mR (1分) 第得县，爱则会 m△u (1分) 由此可得 B2_k (1分) △t2 he 1 2nmlo ke 则B2=B0+2=R√e -+2 (2分) 0月第一次综合素质检测 3.D【解析】光的颜色不同，频率不同，介质对其的折射率不 同，根据=C可知，在介质中的传播速度也不同，A错误；由 n 题图结合折射定律可知到达B点的光折射率较大，所以到达 B点的光频率较高，即为紫光，B错误；如图，设入射角为i,折 射角为0，根超折射定徘有0一曲。光在数璃中传精的距离 5=2血6，传播时间1=，又=片，联立可得-2R,所 n 以两束光在玻璃中分别到达B、C两，点的传播时间相等，C错 误：根据B选项的分析可知，到达B点的光折射率较大且为 紫光，如图所示，设紫、红两束光线从玻璃射出时的入射角分 别为α1和a2,紫、红两种光全反射的临界角分别为C1和C2, 根据血G=。可知C<C,若紫光能射出玻璃侧有a,<G, 10·物理 高考一轮复习检测卷·物理 根据几何关系可知，a>a2,所以可得a2<C,<C2,所以红光也 能从玻璃射出，D正确。 R 07D B 4.A【解析】依题意，车头经过AB段中间时刻的瞬时速度"，= =15m,车头经过CD段中间时刻的躁时速度，。 CD tAB v2-U1 11m/s,则汽车的加速度大小a= LA =2m/s2,设车 2+tc+2 头经过4标志杆时的速率为，则有=0，a分，解得 16m/s,A正确。 5.A【解析由法拉第电磁感应定律有E=A-(,由闭合电 路欧姆定律有1=示，该过程中道过号体棒的电荷量g=1。 山，联立可得=放A正确：规定向右为正方向，由动量 定理有-BIL·△t=mw-mwo,其中q=I·△t,联立可得v=o 2mR,导体棒所受安培力P要=BL=BB0L-BCBE B2L2 2R =2R(2nR), 安培力在不断变小，又有F安=ma,所以加速度不断变小，故 B、C错误：若将磁感应强度的方向调整为竖直向上，根据右 手定则可知回路中的感应电流沿顺时针方向，根据左手定则 可知，导体棒所受安培力方向仍向左，故D错误。 6.C【解析】卫星的周期为2T,而星球自转 周期为T,卫星的周期较大，故转得慢，故 A错误；卫星的速度v卫=Tw卫=2R .2π 2T 2,该星球赤道上的物体随星球自转 的速度%=心g=R×2云-2，两者速度大小相等，放B错 误：如图所示，在相对转动一周的时间t内，有120°的对应范 围能够通讯，所以相对转动一周，通讯时长4=3，故C正 确；根据开普勒第三定律可知，通过变轨调整使卫星α降低 到较低的圆轨道运行，周期应小于2T,故D错误。 7C【解析】小球恰好能运动到管道的最高点A,则小球到达A 点时速度为0，所以在斜面内沿AC方向，小球对管道的压力 FN=mgsin0=0.6mg,同时还有垂直斜面方向的压力F2= mgcos0=0.8mg,则小球在A点时对管道的压力大小为mg,A 错误；小球从C点开始运动时，重力做负功，电场力做正功， D28卷 重力沿斜面的分力与电场力的合力方向如图，所以从C点到 Q点合力做正功，从Q点到P点合力做负功，小球动能先增 加后减少，最大动能大于？m,B错误；由于小球从Q点到 P点合力做负功，动能减少，而小球到达A点时速度已经为 0,所以小球不能从A点运动到D点，从C点到A点有 -2 mgRsin0=0-2m,因小球在A点还受到向右的电场力， 所以小球会原路返回至C点，且在C点的速度大小为o,方 7 向向左，由于EgR+mgRsin0=了mg>2m6,所以小球不能 到达D点，C正确：除重力外只有电场力做功，小球从C点到 B点电场力做正功，机械能增加，所以小球到达B点时的机 械能不是最小，D错误。 m ￥Eq mgsin 376 8.B【解析】设三个定值电阻的阻值均为R,分析原线圈电路， 电阻R,和原线圈串联，当开关断开时，副线圈连接的电阻阻 值为2R,可把副线圈的电阻等效为原线圈的电阻，有R原= (偏)风=2)”，则原线需电路的总电阻风a=R+风： n 2 R+(） 2R=9R,电阻R1消耗的功率P1= (V)R.- n 9R R= 81 ,开关闭合后，R被短路，同理可得，原线圈电 2 路的总电阻R总=R+ ）R=5R,电阻R,消耗的功率P, n R=25R则p81 B正确。 9.BCD【解析】对结点O受力分 F 析，设绳子P的拉力大小为F,、绳 子Q的拉力大小为F2,如图，由 平衡条件可得F1sina=F2sinB, B mg F,cosa=F2cosB+mg,联立可得 mgsin B m(B-Q),由题意可知，在题述过程中B mgsin a Fsim(B-@)F 不变，α增大，所以两根绳的拉力F、F2都不断变大，故A错 误，B正确：对地面上的人受力分析可知，人受到的摩擦力大 小f=F2sinB,不断增大，故C正确；两根绳对室外机拉力的合 力与室外机的重力是一对平衡力，故绳子P、Q对室外机的拉 力的合力恒定，故D正确。 10·物理 10.AD【解析】小球与圆环释放瞬间，小球与圆环组成的系统 在水平方向上不受外力，水平方向动量守恒，根据动量守恒 1 定律有m- 2=m子，相等时问里小球与圆环水平位移大小 相等，所以当圆环与短臂碰撞时，小球的水平位移大小也为 x,由于L>2x,所以当圆环与短臂碰撞时，小球未到达最低 点，之后圆环与短臂粘连，小球做圆周运动到达最低点。圆 环与短臂粘连时，圆环与小球沿绳方向的速度减为0，系统 机械能不守恒，A正确；圆环与短臂粘连前系统水平方向动 量守恒，粘连后系统水平方向动量不守恒，B错误：如图，圆 环与短臂碰撞前瞬间速度最大，设最大速度为”，绳与水平 方向夹角为α，根据系统水平方向动量守恒，有mw=mw,可 得小球的水平速度v,=v,根据机械能守恒定律，有mgh= 2m2+2m(+),h=√下-(L-2x=6m,在小球向下摆动 1 过程中，小球与圆环沿绳方向的速度始终相等，有cosα= 0,sina-v.cos,sinx=元=2，可得a=45°，联立解得vs 25/s,C错误；由上述分析可得，圆环与短臂碰撞前瞬间 小球的速度v球=√+=10m/s,设小球运动到最低点时 速度为'，圆环与短臂粘连时，小球沿绳方向的速度减为0， 小球的速度，=v,sina+,cosa=3√10m/s,根据动能定理，有 mg(L-h)= 2mw2、 2m,解得，'=√30(42-1)m/s,'> v球，则小球运动的最大速度大小为√30(42-1)m/s, D正确。 4 1(1)通过电源的电流(2分》)(2)7-官×只女2分) (3)横轴正方向(2分)通过电压表的电流(3分) 【解析】(1)1的含义为通过电源的电流。 (2)由闭合电路欧姆定律有E=U+”, ',解得1、 1.1 RE (3)对图像上某一点分析，其电压确实是路端电压，由于电 压表的分流作用，通过电源的电流比电流表测得的电流大， D29卷 参考答案及深度解析 将A移动到真正的U-I图像上，具体操作：将A点沿横轴正 方向移动适当距离。移动的距离代表的物理含义为通过电 压表的电流。 12(1)Bc(2分)(2)(2分)变小(3分) 【解析】(1)设大气压强为Po,被封闭气柱的横截面积为S, 。F 对活塞有pS=PS+F,封闭气体的压强p-Po+S,若要作p 十的图像，还需要测最气柱的被栽面积和大气压强，横梭面 积可以通过测量注射器的内径计算得出。故选B、C。 (2)设气体刚被封闭时，体积为V。,压强为P0,若细管内气 体的体积忽略不计，由玻意耳定律得，%=(o+号），整理 得F=PS nS,则k=ps,b=3,=合：若细管内的气 体体积不可忽略，设细管内的气体体积为△V,由玻意耳定 律得(。+5)(v4A)=C(C为定值)，整理得F= V 1+ V ↓PS,增大时，图像斜率在变小。 1 13.(1)1.5s(2)160W 【解析】(1)货物在传送带上的加速度大小 a=g=0.4x10m/s2=4m/s3 (1分) 货物达到与传送带相同速度时，所用时间 (1分) 货物达到与传送带相同速度时的位移 x=叫=2ml=4m (1分) 则货物到达B端前已经与传送带共速，共速后与传送带一 起匀速运动，则匀速运动的时间4，-=0.5s (1分) 所以传送一个货物从A到B所用的时间 t总=t0tt1=1.5s (1分) (2)传送一个货物从A到B的过程货物相对传送带的位移 △x=ot0-x=2m (1分) 传送一个货物多消耗的电能E=Q+2m6 (1分) 其中Q=umgAx=8J (1分) 解得E=16J (1分) 每隔0.1s放一个货物，每个货物加速时间为1s,所以始终 有10个货物处于加速阶段 (1分) 待传送带稳定工作后，传送带因传送货物多消耗的电功率 P=mE-160 W (1分) to 10·物理 高考一轮复习检测卷·物理 14.(1)mm6sin20 gE (2)es0(3)25 【解析】(1)带正电粒子在电场中做类斜抛运动，则 水平方向有L=vocos0·t (1分) 竖直方向有osin0=a2 (1分) 由牛顿第二定律有gE=ma (1分) 联立可得A、C两点间的距离L=mw6sn20 (1分) ge (2)如图甲， R B 甲 粒子在磁场中做匀速圆周运动，由几何关系有 2Rsin 0=L (1分) 由洛伦兹力提供向心力有qwB=m R (2分) 联立可得电场强度与磁感应强度大小之比 E tocos0 (1分) (3)分析可知粒子第一次从磁场返回电场时经过C点，此时 电场强度最小 (1分) 作出粒子的运动轨迹，如图乙所示。 M 粒子在电场中从A点到D点，有 tAb=vocos日·t',vosin6=a, 由牛顿第二定律有gE'=ma' (1分) 粒子在磁场中做匀速圆周运动，轨迹半径不变，则有 &CD=L (1分) 由几何关系有L=xAD-xcD (1分) 联立可得E寸6 (1分) D30卷 15.(1)3m。(21(3)①g4J②L5J 【解析】(1)固定平台的长度x。=3m,设碰前瞬间P的速度 大小为vp,由动能定理有 +fe.xo-mgo=2m品 (3分) 2 其中=1.5N,Fo=1.5+6(N), 代入数据可得vp=3m/s (1分) (2)设物体P、Q碰后瞬间的速度分别为v和"Q, 由动量守恒定律有mwp=w+Mwg (2分) 由能量守恒定律有了听=了m+宁 (2分) 联立可得vo=2m/s,v=-1m/s, 物体P、Q碰后，P返回平台，Q在木板上滑动，由木板足够 长可知，木板与墙第一次相碰时，已经和物体Q达到共速， 设共同速度为1，由动量守恒定律有M。=2Mu,(1分) 解得v,=1m/s (1分) 所以木板第一次与墙碰前瞬间的速度大小为1m/s。 (3)①假设木板与墙第二次碰前瞬间已经和物体Q达到共 同速度v2,由动量守恒定律有 M,-3M,=2M2 (1分) 1 解得2=3 (1分) 和第一次碰后瞬间木板的速度大小相同，所以达到共速时 恰好发生第二次碰撞 (1分) 设木板第n次(n>l)与墙碰前瞬间的速度为u.,则有 1 .=3-1 所以木板第8次和墙壁碰前瞬间的速度 -() (1分) 木板第8次和墙壁碰撞损失的动能 w行广」 (1分) ②木板第一次和墙壁碰撞后，物体Q相对木板一直向右滑 动，直到最终静止，所以物体Q相对于地面一直做匀减速直 线运动到静止，物体Q相对于地面的位移和相对于木板的 位移相同，设为x,物体Q与木板间的摩擦力为f,由动能定 理有6=0城 (1分) 所以木板和Q之间因摩擦产生的总热量 0-=262x2M (1分) 联立解得Q=1.5J (1分) 10·物理10安徽省高三上学期10月第一次综合素质检测 全卷满分100分，考试时间75分钟。 一、选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小 A.两种颜色的光在玻璃中的传播速度大小相等 题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。 B.到达B点的光可能是红光 1.光电管是根据光电效应制成的，是 C.两束光在玻璃中分别到达B、C两点的传播时间不 光 一种可以把光信号转化为电信号 周成 相等 的仪器，在太阳能电池研究、光纤 D.在B、C两点中，若紫光能射出玻璃，则红光也能射出 ( 通信以及自动控制等方面有广泛 玻璃 的应用。小明同学用图示电路研 a tes 4.最近在武汉市街头有一种叫作“萝卜快跑”的无人驾驶 究光电管的性能，其中光电管的阴 网约车，因其科技含量高和较低的乘车费用引起市民的 极和阳极由不同的金属材料制成，实验时保持开关闭合， 广泛关注。这种无人驾驶的汽车在投人运营前需要进 用某种波长的光照射阴极，未发生光电效应，则以下说法 行各种安全性能测试。在一次刹车性能检测中，车头依 正确的是 () 次通过A、B、C、D四个标志杆，测得的数据有：AB= A.若把滑动变阻器的滑片c向b端移动，则可以产生光 15m,CD=22m,车头在AB、BC、CD段的运动时间依次 电流 为1s0.5s、2s。若把该车从A到D的过程近似为匀减 B.若只增大入射光的强度，一定可以产生光电流 速直线运动，则车头经过A标志杆时的速率为( C.若减小入射光的波长，则电流表中可能有电流通过 A.16 m/s B.17 m/s D.若只延长照射时间，一定可以产生光电流 C.18 m/s D.18.5m/s 2.图甲为一列简谐横波在t=0时刻的波形图，P、Q为介质5.如图所示，两根平行的光滑金属导轨MW、PQ,距离为L, 中的两个质点，图乙为质点P的振动图像，则下列说法 在左侧M、P间连接阻值为R的电阻构成一个固定的水 中正确的是 ( 平U形导体框架，导轨电阻不计且足够长。框架置于 个方向竖直向下，范围足够大的匀强磁场中，磁感应强 度大小为B,磁场左侧边界是O0'。质量为m、电阻为 R、长度为L的导体棒垂直放置在两导轨上，并与导轨接 触良好。现导体棒以一个水平向右的初速度。进入磁 匆 场区域，导体棒在磁场中运动距离为x的过程中() A.波速为10m/s B.简谐横波传播方向为x轴正方向 C.t=0时刻P的速度小于Q的速度 D.从t=0时刻之后，P比Q先到达位移最大处 3.如图所示为半圆柱体形玻璃d A.通过导体棒的电荷量为B R 砖的横截面，OD为直径。一 坡妈， B.导体棒的运动为匀变速运动 束包含红、紫两种单色光的光 C.导体棒所受安培力在不断增大 束沿AO方向从直径上非常靠 D.若将磁感应强度的方向调整为竖直向上，则导体棒 近O点的位置射入柱体，并分别到达柱体表面的B、C两 所受安培力方向将发生变化 点（不考虑多次反射）。则下列说法中正确的是() 6.卫星α在某星球的赤道平面内绕该星 二、多项选择题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在 球转动，其轨道可视为圆，卫星通过发 每小题给出的选项中，有多项是符合题目要求的。全 射激光与星球赤道上一固定的观测站 部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错或不选 P通讯，已知该星球半径为R、自转周 的得0分。 期为T,卫星轨道半径为2R、周期为2T,引力常量为G。9.如图甲是工人师傅们在给高层住户安装空调时吊运空 则下列说法正确的是 ( 调室外机的情景。为安全起见，要求吊运过程中空调室 A.卫星绕星球转动比星球自转快 外机与楼墙保持一定的距离。原理如图乙，一人在高处 B.卫星的速度大于该星球赤道上的物体随星球自转的 控制一端系在室外机上的绳子P,另一人站在水平地面 速度 上拉住另一根系在室外机上的绳子Q。在吊运过程中 C.若卫星相对星球转动一周时间为t,则时间t内卫星 的某段时间内，地面上的人缓慢后退同时缓慢放绳，室 可以与观测站P通讯的时间为？ 1 外机缓慢竖直上升，绳子Q与竖直方向的夹角（小于 90)近似不变，室外机视为质点，绳子的质量忽略不计， D.可以通过变轨调整，使卫星α降低到较低的圆轨道运 则在这段时间内，以下说法正确的是 行，且周期仍为2T 7.如图所示，用绝缘圆管做成的圆 形管道固定在倾角为37°的斜面 上，管道内有一个直径略小于管 道内径的带正电的小球。小球 nime n2.m-m2.1206 的质量为m、电荷量为q(q>0)。 多 d 空间存在范围足够大的水平向右的匀强电场，电场强度 A.绳子P对室外机的拉力先变大后变小 大小为4ms。小球以向右的速度，通过最低点C,且恰 B.绳子Q对室外机的拉力不断变大 5q C.地面给人的摩擦力不断变大 好能运动到管道的最高点A,BD是管道的水平直径，不 D.绳子P、Q对室外机的拉力的合力恒定 计一切摩擦，小球在运动过程中电荷量保持不变，重力 10.如图所示，一个固定的 加速度为g,sin37=0.6,c0s37°=0.8，则 () 光滑导轨长臂水平、短 9 A.小球在A点时对管道的压力大小为0.6mg 臂竖直；一根不可伸长的轻绳，一端系在质量为m的 B.小球的最大动能为2m 圆环上，另一端与质量为m的小球相连，圆环套在长 臂上。左手扶住圆环，右手拿起小球将细线水平拉 C.小球不能运动到管道上的D点 D.小球到达B点时的机械能最小 直，已知细线长度L=6√2m,此时圆环距离短臂x= 8.如图所示电路，电源为交流电源，输出电压的有效值U。 3(√2-1)m。现将圆环与小球同时由静止释放，小 恒定，理想变压器的原、副线圈匝数比为2：1，三个定值 球向下摆动，圆环与短臂碰后粘连（碰撞时间极短）。 电阻R、R2、R3的阻值相同，开关断开时R1消耗的功率 在小球向下摆动过程中，小球与圆环沿绳方向的速度 为P;开关闭合时R1消耗的功率为P2,则P:P2为 始终相等，重力加速度g取10m/s2。从释放小球到 小球第一次到达最低点的过程中，下列说法正确的是 （) A.小球与圆环组成的系统机械能不守恒 B.小球与圆环组成的系统在水平方向上动量守恒 A.1:4 B.25:81 C.圆环的最大速度大小为35m/s C.9:17 D.5:9 D.小球运动的最大速度大小为/30(4√2-1)m/s 物理·9答案D27卷10 三、非选择题：本题共5小题，共58分。 11.(9分)中国新能源汽车技术持续创新，市场渗透率快 速提升，产销量居全球第一，2023年汽车整车出口491 东橱必从 万辆，同比增长57.9%，有望首次跃居全球第一。某学 生实验小组尝试测量某新能源汽车上蓄电池的电动势 图1 和内阻，通过查找相关资料，设计以下两个方案。 (1)甲同学想通过作出p- 的图像探究气体等温变化 的规律，则还需要测量的物理量有 A.气体的温度 B.注射器的内径 C.大气压强 D.被封闭气体的质量 甲 乙 (2)乙同学根据实验数据作出F- 方案一：用电流表、电压表、滑动变阻器、待测电池等器 材组成如图甲所示实验电路。 己的图像如图2所示，已知图像的 方案二：用电压表、电阻箱、待测电池等器材组成如图 斜率为k,图像与纵轴交点的纵坐 乙所示实验电路。 标的绝对值为b,假设注射器内的 图2 (1)方案一中，根据闭合电路欧姆定律，其实验原理关 气体的状态变化遵循玻意耳定律，若细管内气体体积 系式为E=U+r,其中U的含义为路端电压，I的含义 可忽略，则气体刚被封闭时的体积为 (用k和 为 0 6表示)；若细管内气体体积不可忽略，则随若的增 (2)方案二中，作人图像处理实验数据时， 1 UR 间 R 大，F-图像的斜率 (填“变大”“变小”或 的关系式为 (3)某同学在做误差分析时发现，实 “不变”)。 验中测出的某些物理量的含义与原 13.(11分)某工厂利用传送带连续传送货物，如图所示，每 理中的并不相同，进而导致误差。若 个货物均可视为质点，质量均为m=1kg,初速度均为0， A 在处理实验数据的图像上做适当修 经由水平顺时针转动的传送带从最左端A送到最右端 丙 正，则可分析出测量结果的偏差情 B。已知传送带速度大小恒为。=4m/s,A、B间长度 况。如图丙是该同学采用方案一进行实验得到的U-1图 L=4m,每个货物与传送带间的动摩擦因数均为0.4，货 物到B时立即脱离传送带，每隔0.1s就有一个货物被 像，A为图像上一点，现在通过适当移动A点，可将A移动 放上传送带，不计空气阻力，g取10m/s2。求： 到真正的U-1图像上，具体操作：将A点沿 (填 (1)传送一个货物从A到B所用的时间。 “横轴正方向”或“横轴负方向”)移动适当距离。上述 (2)待传送带稳定工作后，传送带因传送货物多消耗 操作中移动的距离代表的物理含义为 的电功率。 12.（7分)某同学用图1所示实验装置探究一定质量的气 体等温变化的规律。将注射器水平固定，由于没有压 强传感器，所以他把活塞和压力传感器相连，可测出移 动活塞时，传感器对活塞的压力F,然后把注射器活塞 移动到体积最大的位置，并用橡皮帽封闭注射器右侧 的细管。在温度不变的条件下缓慢移动活塞压缩气体 并记录多组压力F和体积V的值，假设活塞受到的摩 擦可忽略不计。 卷10答案D27Q·物理 14.(13分)芯片制造中的重要工序之一是离子的注入，实15.（(18分)如图所示，地面的左侧有一个长3m的固定平 际生产中利用电场和磁场来控制离子的运动。如图所 台，上表面水平，质量m=0.5kg的物体P静止在平台 示，MWN为竖直平面内的一条水平分界线，MN的上方 的左端，物体P与平台间的动摩擦因数4=0.2。在平 有方向竖直向下的匀强电场，电场强度大小为E,MN 台的右侧光滑的水平地面上紧靠平台放置一块质量 的下方有垂直于竖直平面向外的匀强磁场。一质量为 M=1kg的足够长的木板，木板的左端静止放置一个质 m、电荷量为q(g>0)的带正电粒子从MW上的A点射 量也为1kg的小物体Q,木板的下表面光滑，木板的上 入电场，从MN上的C点射人磁场，此后在电场和磁场 表面粗糙且与平台等高，木板的右端足够远处有竖直 中沿闭合轨迹做周期性运动。粒子射入电场时的速度 的墙壁。现对物体P施加一水平向右的拉力F=1.5+ 方向与MN的夹角为0，速度大小为o,不计带电粒子 (x为物体P的位移，式中各物理量均取国际单位 1 受到的重力。 (1)求A、C两点间的距离L; 制单位)，物体P由静止开始运动，在物体P、Q发生弹 (2)求电场强度与磁感应强度大小之比； 性正碰前的瞬间撤去拉力F,重力加速度g取10m/s2, (3)若只通过减小电场强度的大小，使粒子能从下往 每一次碰撞的时间都极短，可忽略不计。 上经过C点，求电场强度的最小值。 (1)求物体P、Q碰前瞬间，物体P的速度大小。 (2)求木板第一次与墙碰前瞬间的速度大小。 (3)若木板每一次与墙碰后瞬间的速度大小是碰前瞬 间的求， ①木板与墙第8次碰撞损失的动能（结果可以用分数 表示)； ②木板与物体Q之间因摩擦产生的总热量。 店华 木 之教育