2 广东省普通高中毕业班第一次调研考试-【景行之教育】2027年物理高考一轮复习先锋名校检测卷

2广东省普通高中毕业班第一次调研考试 全卷满分100分，考试时间75分钟。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在 及火箭质量的变化，下列说法正确的是 每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。 A.在t时刻，火箭上升到最大高度 1.PET-CT是医学影像仪器，其原理是将放射性同位素注 B.在0~t1时间内，火箭受到的推力逐渐增大 入人体，同位素发生B衰变：X→Y+e,衰变放出的 C.在t2~t3时间内，火箭先向下运动，后向上运动 正电子和人体内的负电子相遇湮灭后可以产生一对 D.在t1~t2时间内，火箭的速度与加速度方向相反 光子，光子被探测器探测后经计算机处理，并与CT(X4.蜘蛛通过织出精巧的蜘蛛网来捕捉猎物，蜘蛛网是由丝 射线成像)进行图像融合，形成清晰的图像，下列说法正 线构成的，这些丝线非常灵敏，有研究表明，当有昆虫 确的是 “落网”时，网上的丝线会传递振动信号，蜘蛛通过特殊 A.正电子是原子核中一个质子转化成中子时释放的 的感知器官，如腿上的刚毛和体表的感压器，来接收和 B.X和Y的质子数相等 解读这些振动信号，若丝网的固有频率为200Hz,则下 C.在PET-CT中，放射性同位素的主要作用是参与人体 列说法正确的是 () 的代谢过程 A.“落网”昆虫翅膀振动的频率越大，丝网的振幅就 D.应选取半衰期较长的放射性同位素 越大 2.深中通道是国家重大工程和世界级跨海集群工程，全长 B.当“落网”昆虫翅膀振动的频率低于200Hz时，丝网 约24千米，北距虎门大桥约30千米，小明计划周末从 不振动 家坐车去深圳宝安机场，他事先用导航软件搜索路线， C.当“落网”昆虫翅膀振动的周期为0.005s时，丝网的 若选择走A路线，经过虎门大桥，路程约103千米，耗时 振幅最大 约1小时50分钟；若选择走B路线，经过深中通道，路 D.昆虫“落网”时，丝网振动的频率与“落网”昆虫翅膀 程约53千米，耗时约1小时10分钟，假设汽车实际行 振动的频率无关 驶路程和时间与导航软件预计的相同，则下列说法正确5.如图甲所示为风力发电装置，风吹动 的是 叶片驱动风轮转动，风轮带动内部矩 A.汽车通过两条路线的平均速度相同 形铜质线圈在两磁极之间的磁场（近 B.汽车通过A路线的平均速度更大 似为匀强磁场)中匀速转动产生交流 C.汽车通过A路线的位移更大 电，如图乙所示为其发电机的简化模 甲 D.汽车通过A路线的平均速率更大 型，从图乙所示位置开始计时，电刷E、F之间的电压u 3.2024年6月23日，我国重复使 随时间t变化的图像如图丙所示，已知定值电阻R的阻 用运载火箭首次10千米级垂 值为20Ω，其余电阻不计，下列说法正确的是 直起降飞行试验圆满成功，这 是我国自主研制的深度变推液 氧甲烷发动机在10千米级返 回飞行中的首次应用，假定试验过程中，地面测控系统 测出火箭竖直起降全过程的v-t图像如图所示，火箭在 t=0时刻离开地面，在t3时刻落回起点，不计空气阻力 丙 A.当线圈转到如图乙所示的位置时，感应电流最大 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每 B.交流电流表的读数保持0.5A不变 小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对 C.E、F之间电流的瞬时值表达式为i=0.5cos50πt(A) 的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 D.若仅增加线圈的转速，则电压u的最大值仍为10V 8.“天宫”空间站是我国自主研发的国家级太空实验室， 6.防静电瓷砖是理想的防静电与 也是我国航天事业发展的重要里程碑，若将空间站绕地 球的运动视为匀速圆周运动，已知空间站的轨道高度约 装饰兼备的材料，适用于计算机 为400千米，地球同步卫星的轨道高度约为36000千 房、石油化工车间、医院手术室 米，下列说法正确的是 （) 等需要防尘、防静电的场所，其 A.航天员在空间站内处于完全失重状态，不受地球引 中架空型的防静电瓷砖如图所示，瓷砖的支架下面还要 力作用 铺设铜箔（图中未展示），铜箔铺设需连接到接地装置， B.空间站绕地球一圈所需的时间小于24小时 下列说法正确的是 () C.空间站的线速度保持不变 A.防静电瓷砖必须是绝缘材料，以防止导电 D.空间站的线速度小于地球的第一宇宙速度 B.铜箔的主要作用是防潮 9.直流电阻不计的线圈L和电容器C的 C.防静电瓷砖是可以导电的 连接如图所示，LC振荡电路的振荡周 期为0.08s,先闭合开关S,稳定后将开 D.瓷砖与铜箔之间的支架必须使用绝缘材料 关S断开并记为t=0时刻，下列说法正确的是 ( 7.下列说法正确的是 A.t=0.06s时，电容器下极板带负电 B.t=0.05s时，回路中电流沿逆时针方向 论 C.t=0.14s时，线圈的自感电动势最大 内 D.拔出线圈中的铁芯，LC振荡电路的振荡周期会减小 当 10.如图为某跑步机的测速原理图，绝缘橡胶带下面固定 有间距L=0.6m、长度均为d=0.2m的两根水平平行 甲 金属导轨，其电阻不计，导轨间矩形区域内存在竖直向 下的匀强磁场，两导轨左侧间接有R=0.12的定值电 阻，橡胶带上嵌有长为L、间距为d的平行铜棒，每根 铜棒的阻值均为r=0.1Ω，磁场区域中始终仅有一根 铜棒与导轨接触良好且垂直，健身者在橡胶带上跑步 时带动橡胶带水平向右运动，当橡胶带以v=5m/s的 丙 人 速度匀速运动时，理想电压表的示数为1.5×102V,下 列说法正确的是 A.图甲是光的双缝干涉原理图，若只减小挡板上狭缝 吊 S1、S2间的距离d,则屏上两相邻亮条纹的中心间距 将增大7 松胶架 运古问 B.图乙中光能在光导纤维内通过全反射进行传播，是因 为光导纤维内芯的折射率比外套的折射率小 A.铜棒切割磁感线产生的电动势为1.5×102V C.图丙中肥皂膜上的条纹是由光的衍射形成的，利用这 B.磁场的磁感应强度大小为1×10-2T 一原理可以制成相机镜头的增透膜 C.每根铜棒每次通过磁场区域的过程中，通过R的电 D.图丁中的明暗相间的条纹是由光的双缝干涉形成 荷量为6×10-3C 的，中央为亮条纹，最宽最亮，两侧的亮条纹逐渐变 D.每根铜棒每次通过磁场区域的过程中，铜棒克服安 暗变窄 培力做的功为9×104J 物理·答案D4卷2 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 杜段 225 11.(7分)如图所示为探究做圆周运动的物体所需要的向 心力F与其质量m、转动半径r和转动角速度ω之间 关系的实验装置。转动手柄，可使变速塔轮、长槽和短 槽随之匀速转动，槽内小球做匀速圆周运动的向心力 2 由横臂的挡板提供，小球对挡板的弹力使弹簧测力套 北 的：1mrA 筒下降，从而露出测力套筒内的标尺，标尺上露出的红 乙 丙 白相间的等分格数之比即为两个小球所受向心力大小 (1)该同学设计了如图乙所示的电路，为了电路安全， 的比值。 滑动变阻器应选 (填“R”或“R2”);为了精确 '2 测量电路电压，与电压表V串联的定值电阻应选 i (填“Ro1”或“R2”)。 变戒 (2)正确选择实验器材后，给光伏板一定的光照进行 花2 实验，将电压表的读数记为U,毫安表的读数记为I,通 拌 过改变滑动变阻器的阻值，测得多组U、I值，根据记录 拎动：版- 的实验数据作出的U-I图像如图丙所示，通过图像可 (1)本实验采用的主要实验方法是 得光伏板的电动势E= V;图中线性段(0~ A.理想实验法 40mA范围内的图像可视为直线)时光伏板的内阻r= B.微元法 2。(结果均保留3位有效数字) C.控制变量法 13.(9分)汽车胎压监测系统是提高汽车驾驶安全性的重 (2)当α、b两个完全相同的小球做匀速圆周运动的半 要装置，它可以在汽车行驶过程中实时对轮胎气压和 径相等时，a球对应标尺上红白相间的等分格数是b 温度进行监测，对轮胎漏气、低压、高压、高温等危险状 球对应标尺上红白相间的等分格数的4倍，则α、b小 态进行预警，确保行车安全。有一辆汽车的胎压监测 球做匀速圆周运动的角速度之比为 系统显示某一条轮胎的胎压p1=3.20×105Pa、温度 当α、b两个完全相同的小球做匀速圆周运动的角速度 ,=47℃，已知该轮胎内部气体体积始终保持不变，气 大小相等时，a球对应标尺上红白相间的等分格数是b 体可视为理想气体，热力学温度T=t+273K。 球对应标尺上红白相间的等分格数的4倍，则α、b小 (1)若该汽车在行驶过程中，轮胎温度升高到了t2= 球做匀速圆周运动的半径之比为 67℃，求此时汽车的胎压p2; 12.(9分)某同学是一名骑行爱好 (2)由于胎压偏高，驾驶员将车停到安全区域后，放出 者，为了夜间骑行安全，他网购了 了轮胎内的适量气体，此时监测系统显示胎压P3= 一个太阳能车尾灯，如图甲所示， 2.40×10Pa、温度t3=27℃，求放出气体的质量与留 好奇心驱使他将太阳能车尾灯拆 在轮胎内气体的质量之比。 开，发现其内部有一组光伏板，该 同学想测量该光伏板的电动 势（约为5V)和内阻，于是他从实验室借到了以下器 景行 材：电压表V(量程为0~3V,内阻为3k2);毫安表 A(量程为0~100mA,内阻约为52)；滑动变阻器 R,(阻值范围为0~5002)；滑动变阻器R2(阻值范围 为0~52)；定值电阻R1=4k2;定值电阻R2= 12k2;开关、导线若干。 卷2答案D4Q·物理 14.(13分)如图所示，以0点为圆心、半径为R的圆形区 15.(16分)“打水漂”是一种趣味性游戏。将扁平的小石 域内，存在垂直于纸面向外、磁感应强度大小为B的匀 片在手上呈水平放置后用力甩出，石片遇到水面后并 强磁场，电子在电子枪中由静止加速后沿A0方向垂 不会直接沉入水中，而是擦水面滑行一小段距离后再 直进入磁场区域，偏转后打在宽度为2R的荧光屏PQ 弹起飞行，跳跃数次后沉人水中，石片的形状、抛出时 上，通过改变电子枪中加速电场的电压可使电子打到 速度大小及入水时石片和水面的夹角都会对“打水 荧光屏上的不同位置。已知荧光屏PQ平行于A0,N 漂”效果产生影响。如图所示，小明在岸边从离水面高 为荧光屏的中点，ON垂直于A0,ON=√3R,电子的质 度h。=0.45m处，将一质量m=40g的小石片以初速 量为m、电荷量绝对值为e,不计电子间的相互作用力 度。=8m/s水平抛出，小石片在水面上滑行时受到的 及电子受到的重力。求： 水平阻力大小恒为∫=0.4N,若小石片每次均接触水 (1)打在荧光屏上N点的电子进入磁场时的速度大 面△t=0.1s后跳起，跳起时竖直方向的速度与此时沿 小v; 水面滑行的速度之比为常数k=0.375,小石片在水面 (2)打在荧光屏上P点的电子从刚进入磁场到打在P 上弹跳数次后沿水面的速度减为0，并以大小a= 点所用的时间t。 0.5/s2的加速度沿竖直方向做匀加速直线运动沉入 米求咒5 水深h=1m的河底，重力加速度g取10m/s2,不计空 气阻力。求： (1)从小石片被水平抛出到第一次接触水面前瞬间， 小石片的动量增加量△p; 包. (2)从开始抛出到沉入河底前瞬间的整个过程中，水 对小石片做的功W; (3)从小石片第二次离开水面瞬间到第三次离开水面 瞬间所用的时间t。 …万 ””””””””””””。””””””””。””””” eeeee. ““““““““““““440 之教育高考一轮复习检测卷·物理 根据运动的周期性可知 *p=+2R1c0s37°+n(2x,+2R,c0s37)=4+7n)L 2 n=0,1, 2,…) (1分) (3)粒子进人x<0的区域后，将速度分解为沿磁场方向的速 度v1和垂直于磁场方向的速度v2,则 "1=sin370=0,2=tc0s370= 30 (1分) 粒子在垂直磁场方向做匀速圆周运动，运动周期 T=2mm (1分) qB2 粒子在沿磁场方向做匀速直线运动，第一次经过半个周期 时，粒子距离x轴最远，以后每经过一个周期，距离x轴最 远，因此 T x=-(m1·2+n17)= （2n+1)mm（n=0,1,2…）(2分) qB2 18.(1)M≤22m .3 (2)(i)4m/s25m/s2(i)2m/s(ⅲ)见解析 【解析】(1)对A受力分析，可得 (M+m)gcos 0Mgsin 0+u,mgcos 0 (1分) 解得M≤ (1分) (2)(1)依题意，有 3 3 M=0.6kg>2×0.4kg=55kg (1分) 结合第(1)问分析，可知A、B刚解锁时，均相对斜面向下运 动，由牛顿第二定律分别有 Mgsin 0+uzmgcos 0-u (M+m)gcos 0=Ma (1分) mgsin 0-umgcos 0=ma, (1分) 解得a1=4m/s2,a2=5m/s2 (1分) (ⅱ)设A、B从解除锁定到分离，所需时间为t,则有 Ljog-o (1分) 解得s 2$, :时间内A下滑的位移名，=子2=55m>d (1分) 说明A的下端到达ab时，二者仍未分离，即B一直在A上 2广东省普通高中生 1.A【解析】正电子是原子核中一个质子转化成中子时释放 的，即H→n+e,A正确；由上述核反应可知，X的质子数 比Y的质子数多1，B错误；在PET-CT中，放射性同位素的 主要作用是作为示踪原子，C错误；CT检查时间周期短，故应 选取半衰期较短的放射性同位素，D错误。 D4卷 表面加速运动，可得2a2(L+d)=v (1分) 解得v=25m/s, 设B脱离圆轨道时，位置如图所示，过该位置的半径与竖直 方向的夹角为a, 脱离 E- 根据能量守恒定律，可知 1 2mm+mg(rcos 53+rcos a) 1 (1分) 由牛顿第二定律，可知 m美=mgc0sQ (1分) 联立解得a=53°，"胶离=2m/s (1分) (ⅲ)依题意，B脱离圆轨道后只受重力作用，将做斜抛运 动，与圆周运动相比，其轨迹更靠近圆心，到达圆心0正上 方时，不会越过圆弧的最高点。 由斜抛运动规律可知，B从脱离点上升的高度 月=题离sina -=0.128m (1分)》 2g 则B从脱离圆轨道直至落到与b点所在水平面等高处所需 时间r-"离sin0+,/2H+nos+oos四=0.59s（1分) g B的水平分位移xg=U隙商cosQ·t=0.71m (1分) b点与B脱离点的水平距离s=rsin0+rsin a=l.07m>xg,说 明B脱离圆轨道后不会撞击A (1分) 业班第一次调研考试 2.D【解析】根据题意，汽车选择走A、B路线的位移相同，而所 用时间不同，走A路线的时间较长，所以通过A路线的平均 速度小于通过B路线的平均速度，故A、B、C错误；汽车通过 且路线的平均速率=103kmh=56.28kmh,汽车通 2·物理 过B路线的平均速率元名=37kmh=45.30kmh< 故D正确 3.D【解析】由题图可知，0~t2时间内，火箭始终向上运动， 2~3时间内，火箭向下运动，所以2时刻，火箭上升到最大 高度，故A、C错误：0~t,时间内，图线切线的斜率先增大后 减小，则火箭向上的加速度先增大后减小，根据牛顿第二定 律可知，火箭受到的推力先增大后减小，故B错误；在t,~2 时间内，火箭的速度减小，所以火箭的速度方向与加速度方 向相反，故D正确。 4.C【解析】根据共振的条件可知，当驱动力的频率等于系统 的固有频率时，系统达到共振，振幅最大，故A错误；当“落 网”昆虫翅膀振动的频率低于200Hz时，丝网仍然振动，故B 错误；当“落网”昆虫翅膀振动的周期为0.005s时，其频率 1 T005H=200,与丝网的固有频率相等，丝网的拆 幅最大，故C正确：受迫振动的频率等于驱动力的频率，所以 昆虫“落网”时，丝网振动的频率由“落网”昆虫翅膀振动的 频率决定，故D错误。 5.A【解析】当线圈转到题图乙所示的位置时，线圈平面与磁 场方向平行，此时穿过线圈的磁通量为零，穿过线圈的磁通 量的变化率最大，则感应电动势最大，感应电流最大，故A正 0.10 确：交流电流表的示数为有效值，所以1=反=巨 2 R=20A=4 A, 故B错误：由题图丙可知，E、F之间电流的瞬时值表达式为 cos c2=0,5cs100mt(A),故C错误；电压的最大 U=NBSw=NBS·2πn,若仅增加线圈的转速，则电压的最大 值大于10V,故D错误。 6.C【解析】防静电瓷砖要能够使产生的静电及时通过瓷砖导 入大地，以使所在空间中无静电，所以防静电瓷砖是可以导 电的，不是绝缘材料，故A错误，C正确；铜箔的主要作用是 导电，不是防潮，故B错误：瓷砖与铜箔之间的支架必须使用 导电材料，确保瓷砖中的电荷导入大地，故D错误。 7,A【解析】根据△：=子A可知，若只减小挡板上两个获缝间 的距离d,则屏上两相邻亮条纹间距离将增大，故A正确；题 图乙中光能在光导纤维内通过全反射进行传播，是因为光导 纤维内芯的折射率比外套的折射率大，故B错误：题图丙中 肥皂膜上的条纹是由光的薄膜干涉形成的，相机镜头的增透 膜就是利用薄膜干涉这一原理使照片更加清晰的，故C错 误：题图丁中的明暗相间的条纹是由光的单缝衍射形成的， 中央为亮条纹，最宽最亮，两侧的亮条纹逐渐变暗变窄，故D 错误。 8.BD【解析】航天员在空间站内处于完全失重状态，所受地 D5卷 参考答案及深度解析 球引力提供航天员绕地球做圆周运动的向心力，故A错误： P,所以T= 根据万有引力提供向心力有G=m4灯7 2m√GM,由此可知，轨道半径越大，周期越大，所以空间站 绕地球一圈所需的时间小于地球同步卫星的周期，即小于24 小时，故B正确；空间站绕地球做匀速圆周运动，空间站的线 速度大小不变，方向不断变化，故C错误：根据万有引力提供 向心力有cm所以-√ T ,地球的第一宇宙速度 7.9k/s是物体在地球表面附近绕地球做匀速圆周运动的 速度，由于空间站的轨道半径大于近地卫星的轨道半径，所 以空间站的环绕速度小于地球的第一宇宙速度7.9km/s,故 D正确。 9.ACD【解析】t=0时，线圈中电流向下，断开开关S后，电容 器开始充电，在一个周期内，电容器充电两次，放电两次，且 LC振荡电路的振荡周期为0.08s,所以t=0.06s时LC回路 中电容器第二次充电完毕，电容器上极板带正电，下极板带 负电，故A正确；当t=0.05s时，线圈中电流向上为电容器充 电，回路中电流沿顺时针方向，故B错误；当t=0.14s=T+ 0.06s时，电容器顺时针充电结束，该时刻电流为零，电流变 化最快，线圈的感应电动势最大，故C正确：拔出线圈中的铁 芯，线圈的自感系数L减小，根据T=2π√LC,可知LC振荡 电路的周期减小，故D正确。 10.BC【解析】橡胶带以5/s的速度匀速运动时，铜棒切割磁 感线产生的电动势后=B,理想电压表的示数UR,代入 数据解得E=3×102V、B=1×102T,故A错误，B正确；每根铜 棒每次通过磁场区线所用时狗：=普-子-Q04,通过月 的电流1=V_15x10 A=0.15A,则通过R的电荷量g== R0.1 0.006C,故C正确；铜棒通过磁场时受到的安培力的大小 F=BL=0.0009N,每根铜棒每次通过磁场区域时克服安 培力做的功W=Fd=0.0009×0.2J=1.8×104J,故D错误。 11.(1)C(3分)(2)2：1(2分)4：1(2分) 【解析】(1)做探究做圆周运动的物体所需要的向心力F与 其质量m、转动半径r和转动角速度ω之间关系的实验时需 要控制其中两个量不变从而研究F与另一个量间的关系， 采用的科学研究方法是控制变量法，故C正确。 (2)当a、b两个完全相同的小球做匀速圆周运动的半径相 等，α球对应标尺上红白相间的等分格数是b球对应标尺上 、红白相间的等分格数的4倍时，有心1所以 名同理，当。，6两个完全相同的小球做匀速圆周运动的角 速度大小相等，α球对应标尺上红白相间的等分格数是b球 2·物理 高考一轮复习检测卷·物理 对应标尺上红白相间的等分格数的4倍时，有户m® Fa mo'ra ,所以、4 12.(1)R1(2分)R(2分)(2)4.90(2分)17.5(3分) 【解析】(1)毫安表所在支路允许的最大电流为100mA,则 化支路的最小电阻约为R号0=00，毫安表内四 约为5，则滑动变阻器选择R,;电压表量程为0~3V,则 可用定值电阻R,=4k2与电压表串联改装，改装后可测的 最大电压为U= L(Rv+R)=7V。 Ry 46,整理得U=8- 7 (2)由闭合电路的欧姆定律得E=- ,结合题图丙，图像的斜率和纵截距的绝对值分别为 3 3 3,2.10-1.800=7.50,解得E=4.90V, E=210V,7= 0.04 r=17.5。 13.(1)3.40x10Pa(2)1:4 【解析】(1)轮胎内气体发生等容变化，P1=3.20x10Pa,T= 320K,1=340K,根据查理定律，有？- (2分) 解得p2=3.40x103Pa (2分) (2)设放气前轮胎内气体总质量为m,轮胎内气体体积为 V1,假设将原来轮胎内部压强为P1=3.20×10Pa、热力学温 度为T1=320K的气体全部变成压强为P3=2.40×103Pa、热 力学温度为T3=300K的气体，设此时气体体积为V3, 则由理想气体状态方程有= (2分) 解得V3=1.25V1, 放出气体的质量与留在轮胎内气体的质量之比为 △mV3-y (1分) m-△mV, 解得△m。1 m-△m4 (2分) 14((2(33 m 【解析】(1)根据题意分析可知，打在V点的电子在磁场中做 圆周运动的轨迹半径为R (1分) 洛伦兹力提供电子在磁场中做圆周运动的向心力，则有 Bev=m? (2分) R 解得=B (2分) m (2)打在P点的电子的运动轨迹如图所示， D6卷 0 0 、D六1 01 月0. 、R C· 由几何关系知，打在P点的电子在圆形磁场中的运动轨迹 为兮圆周，轨迹半径R,=R,1m30= 3 (1分) 设电子进入磁场时的速度大小为，则有 ev B=m (1分) RP 解得g,=v3eBR 3m 2TRP 又电子在磁场中做圆周运动的周期T= (1分) 1 则打在P点的电子在圆形磁场中的运动时间 2TRP 3v1 (1分) 2πm 联立解得t=3eB1 出磁场后电子做匀速直线运动，运动距离 R sin 300-R=R DP (1分) 则电子离开磁场后从D到P所用的时间 5与=R=V3m (1分) v eB 故打在荧光屏上P点的电子从刚进入磁场到打在P点所用 (2分) 15.（1)0.12kg·m/s,方向竖直向下 (2)-1.84J(3)0.55s 【解析】(1)从小石片被水平抛出到第一次接触水面前瞬间， 设小石片做平抛运动的时间为0，则有。=26 (1分) 根据动量定理有△p=mw,=mgo (1分) 解得小石片的动量增加量△p=0.12kg·m/s,方向竖直 向下 (2分) (2)根据题意，小石片开始沉入水中时速度为0，设小石片 沉入河底前瞬间速度为v,有 v2=2ah (2分) 对从开始抛出到沉入河底前瞬间的整个过程，由动能定理 得mg(+W)+W=分mr-之时 (2分) 解得W=-1.84J (2分) (3)小石片在水面上滑行时的水平加速度大小 a'= f=10m/s2 (1分) m 2·物理 小石片每次在水面上滑行时的水平速度减小量 △u,=a'·A=1m/s (1分) 小石片第二次离开水面瞬间的水平速度大小 v2="0-2·△v.=6m/s (1分) 竖直速度大小v,2=hm2=2.25m/s (1分) 3湖北省武汉市部分高 1.C【解析】根据核反应中质量数和电荷数守恒，可知该装置 中的主要核反应为H+H一→He+n,故X是中子，A错误； 该核反应属于核聚变，B错误：He核更稳定，故H核的比结 合能小于He核的比结合能，C正确：He核中的质子和中子 凭借强相互作用紧密结合在一起，D错误。 2.A【解析】根据等差等势线的疏密程度表示电场强弱，可知 a、b、c、d四点中电场强度最大的是a点，故A正确。 3.B【解析】当线框平面与磁场方向垂直时，穿过线框的磁通 量最大，穿过线框的磁通量变化率为0，根据法拉第电磁感应 定律可知线框中的感应电动势为0，线框中的感应电流为0， 故A、C错误，B正确：线框中的感应电流为0，线框不受安培 力的作用，故D错误。 4.D【解析】a、b两条光线均在水滴表面发生折射现象，由题 图可知入射角相同，a光的折射角大于b光的折射角，由折射 定律n-出可知风<则。光的频率小于6光的频率，故 A错误：因a光的频率小于b光的频率，故a光的波长大于b 光的波长，根据△=子，可知用同一装登做双缝干涉实验， a光产生的条纹间距较大，故B错误：a光的波长大于b光的 波长，所以α、b两种光经相同的单缝发生衍射时，α光中央亮 条纹更宽，故C错误；根据sinC=】,可知b光的全反射临界 角小于α光的全反射临界角，故从同种介质进人空气时，逐 渐增大入射角，b光先发生全反射，故D正确。 5.Cc【解析】 「对地球的GM地m =m(2)R地 万有 近地卫星：R 引力 T 提供 水M 元√R地 向心 力 对“嫦蛾GMm=m(受)PR 、六号”： R有 T2≈107min,C正确。 6.B【解析】设当右边两物块间的摩擦力恰好达到最大值时加 速度为a,对右边上面的物块分析，根据牛顿第二定律有 u×2mg-T=2ma,对左边两物块整体受力分析，根据牛顿第二 定律有T-0.5u×3mg=3ma,联立解得a=0.1ug,对右边下面 的物块受力分析，根据牛顿第二定律有F。-0.5u×3mg-u× D7卷 参考答案及深度解析 则小石片第二次离开水面瞬间到第三次接触水面前在空中 飞行的时间62=22=0.459 (1分) 小石片第二次离开水面瞬间到第三次离开水面瞬间所用的 时间t=b2+△1=0.55s (1分) 中高三年级九月调研考试 2mg=ma,解得Fm=3.6umg。故B正确，A、C、D错误。 7.A【解析】设小物块的质量为m1,木板的质量为m2,小物块 与木板之间的滑动摩擦力大小为F,对小物块受力分析可知， 小物块的加速度大小4，上-g,同理，木板的加速度大小 a2= F_m18,根据匀变速直线运动的基本关系可知，小物块 m2 m2 1 向右的位移x=一20d,同理，木板向左的位移名= ,由感可如1场联立解得子故A正确。 8.BD【解析】3→1过程，体积不变，压强减小，根据查理定律 可知温度降低，即状态1的温度低于状态3的温度，故A错 误：由题图可知，2→3过程中，气体体积减小，外界对气体做 正功，故B正确；1→2过程中，压强不变，体积增大，由盖-吕 萨克定律可知气体温度升高，气体分子平均动能增大，但不 是每个气体分子的速率都增大，故C错误；在1+2→3→1过 程中，其中1→2过程，气体体积增大，外界对气体做负功W1, 在23过程，气体体积减小，外界对气体做正功W2,在3→1 过程，气体体积不变，气体对外不做功，由题图可知W<W2, 所以全过程外界对气体做正功，由于初、末状态的温度相同， 则气体的内能不变，即△U=0,根据热力学第一定律△U=W+ Q,可知1→23→1全过程气体向外界放热，故D正确。 9.AD【解析】雨滴从静止开始下落，空气对下落雨滴的阻力 与雨滴速度成正比，由牛顿第二定律有mg-m=ma,可知随着 速度的增大，加速度逐渐减小，因初速度为零，则雨滴达到收 尾速度前做变加速直线运动，当雨滴的加速度等于零时雨滴 做匀速直线运动，则有mg=。,故收尾速度.=学，故A正 确，B错误；雨滴从静止开始下落，经过时间t,下降了高度h, 恰好达到收尾速度vm,根据动量定理有mgt-∑ht=mwm,得mgt- n爱解得A=(）,故c错误，D正确。 kh=m k 10.BC【解析】从直径边界射出的粒子在磁场中的运动轨迹 如图甲所示，根据8=n7:得7-由几何关 r 系可知，轨迹对应的圆心角为2m-20=弓，则粒子的运动 3·物理