1 山东省青岛市高三上学期期初调研检测-【景行之教育】2027年物理高考一轮复习先锋名校检测卷

参考答案及深度解析 1山东省青岛市高三上学期期初调研检测 1.D【解析】根据核反应方程满足质量数和电荷数守恒可知，」6.B【解析】假设a→b为绝热过程，该过程气体体积增大，气 X粒子为电子9©，即氚核发生的是B衰变，故A错误电池中 体对外做功，根据热力学第一定律可知，气体内能减小，气体 氚的含量等于初始值的25%时，即剩余的氚核为原来的四分 温度降低，则T>T6,b→c为等容过程，气体压强减小，气体温 之-时，根据m=子()'m,可知经过了两个半衰期， 1)2 度降低，则T>T。,则有a状态的温度高于c状态的温度，与 即氚电池大约能正常工作t=2T=2×12.5年=25年，故B错 c→a为等温过程不符，故假设不成立，所以a→b为等温过 误；放射性元素的半衰期由原子核自身决定，起搏器的工作 程，c→a为绝热过程，故A错误：a→b为等温过程，b→c为等 环境不会改变氚的半衰期，故C错误：氚核发生B衰变后，反 容过程，气体压强减小，气体温度降低，故气体在状态c时温 应后的产物He比H更稳定，所以H的比结合能比He的比 度最低，气体在状态c时分子平均动能最小，故B正确；c→a 结合能小，故D正确。 过程中，气体温度升高，气体内能增大，气体体积减小，外界 2.C【解析】 对气体做功，c+a为绝热过程，故c+a过程中外界对气体做 海水的质量为m. 的功等于气体内能的增加量，故C错误；根据p-V图像可知， 太阳的质量为M: 「太阳对海水的 太阳与地球间的 引力F=G4m a+b+c+a过程气体对外界做功，a→b→c→a过程气体温度 万有引力距离为 r F -≈175 不变，内能不变，故a→b→c→a过程中气体放出的热量小于 FG月球的质量为店 F 月球对海水的 C正确。 吸收的热量，故D错误。 月球与地球间的 距离为r 9引力F,=Gm 7.C【解析】初始时，R和灯泡L并联后的电阻R*=15D,变压 2 器及副线圈负载整体的等效电阻R等嫩 Rx=602,则原 3.D【解析】以向左为正方向，由动量守恒定律和机械能守恒定 n 律可知%=mm,m,=m+,后，解得 1 U220 线圈电流1=R+R20+60A=275A,副线圈电流12=片1，三一 n2 0.4m/s、2=-0.1m/s,即碰撞后A向左运动，速度大小为 5.5A,由于电阻箱与灯泡电阻相等，所以电流表的示数为 0.4m/s,B向右运动，速度大小为0.1m/s,A、B错误；由动量 2.75A,故A错误；逐渐增大R2的阻值，则等效电阻R等效变 守恒定律可知，碰撞前后A、B动量变化大小相等、方向相反，C 大，则原线圈电流减小，R两端电压变小，故B错误；将R等 错误；碰撞过程中A对B的冲量I=ma2-ma=-0.12N·s, 效为电源内阻，则当R等=R,时，变压器的输出功率最大，即 负号表示冲量方向向右，D正确。 4.A【解析】由题意可知，蓝光从空气射到膜上反射时发生了 R等效= =202,解得R2=62,故C R2+R 半波损失，从膜中射到镜片反射时不会发生半波损失，则膜 的前后两个表面反射的蓝光的振动反相，光程差为膜厚度的 正确：若将R,换为导线，根据-，解得U,=10V,将R, 'U2n2 2倍，因为膜增强了蓝光的反射，所以两束反射光发生干涉后 换为理想二极管，由于理想二极管具有单向导电性，则灯泡L 振动加强，则有24g=(2n+1分(a=01,23,…),解得膜的 两端电压的有效值将小于110V,故D错误。 最小厚度d:,故A正确。 8.C【解析】根据题意可知，传送带速度=0时，小物块从开 始运动到第一次到达A点的过程中做匀减速运动，由动能定 5.B【解析】 理得-umgL= 2-m,代人数据解得=3s,根据 若A刚好 〔对A: 不向上 T=m gsin60°+um gcos60° 题意可知，若传送带的速度u≤3m/s,则小物块第一次到达 B刚好不 对B: 向下运动T=mgsin60°-umagcos60° A点时的速度均为3m/s,则小物块在圆弧轨道上上升的高 若A刚好 对A: 度不随v变化而变化，即u,=√3m/s,故A错误；由动能定理 不向下 T2=m gsin60°-um4gcos60° B正确。 m B刚好不对B: mg 有-mg,=0子m,解得%，=0.15m,放D错误：当小物块第 向上运动T2=mgsin60°+umgcos60° 一次到达A点与传送带的共同速度为，时刚好能上升到半 D1卷1·物理 高考一轮复习检测卷·物理 Ⅱ时的速度相等，说明金属杆在磁 ◆ 圆轨道的一半处由动能定理有)m=mgR,解得2R 场中做减速运动，当金属杆在磁场 2/s,故B错误：根据题意可知，若传送带速度大于小物块速 度，小物块做加速运动，假设小物块一直加速，则有umgL= 中时，根据牛顿第二定律有B, 3r 1 22m,代人数据解得'=5ms,即当传送带的速 mg=ma,可知金属杆做加速度减O 小的减速运动，其进出磁场的v-t图像如图所示，因为0~t 度v≥√15/s时，小物块第一次到达A点时的速度均为 和t,~t,内图线与t轴所围图形的面积相等（都为d),所以 ,压6，若小物块恰好到达圆弧最高点，则有=m三，解 t1>(2t1),故B正确；从刚进入磁场I到刚进人磁场Ⅱ过 R 程中，金属杆初、末速度相等，即该过程中金属杆的初、末动 得，=√g欧=万ms,由动能定理有2=a2+mg× 能不变，根据能量守恒定律，金属杆减小的重力势能全部转 2R,代入数据解得va1=√I0m/8<√15m/s,即当小物块第 化为焦耳热，Q,=mg·2d=2mgd,所以金属杆穿过两个磁场 过程中产生的热量Q=2Q1=4mgd,故C错误；根据法拉第 一次到达A点时的速度v1≥√0m/s时，小物块在圆弧轨 电磁感应定律，金属杆穿过磁场I的过程中，产生的平均感 道上上升的最大高度不变，则有=√0m/s,故C正确。 9.BD【解析】由题知，小球落到Q点时速度方向与水平方向 成电对势厅把通过电路中的电流1一无通道过电阻 的夹角也为37°，小球从P到Q做斜上抛运动，在竖直方向上 R的电荷量9=·A1,解得g=3,=3,故D正确。 竖直分速度减为零的时间4，=6in37 =0.6s,故小球从抛 12.ABD【解析]匀强电场中两线段平行且长度相等时，线段 出到落在斜劈上的时间t=2t,=1.2s,故A错误：小球从P到 两端的电势差相等，ad平行于bc且Ld=Lc,可知P。-9a= Q,水平方向上做匀速直线运动，则有x=c0s37°·t=9.6m,故 p-pe,得d点电势为6V,ae平行于cg且L=Lg,可知p。 B正确：忽略一切摩擦和空气阻力，小球落到斜劈上后，小球 P。=p。-9g,得e点电势为6V,即b、d、e三点电势相等，ad平 对斜劈有垂直斜面向右下方的压力，则斜劈会向右运动，斜 行于fg且La4=L,可知f点电势为4V,ab平行于hg且 劈的动能增加，所以小球的机械能不守恒，故C错误：小球在 L=Lg,可知h点电势为4V,即hfc三点位于同一等势 斜劈上运动过程中，由于小球在竖直方向上受到重力作用， 面上，故A正确。电场线垂直于h人c所在的平面，可知电 系统合外力不为零，故小球和斜劈组成的系统动量不守恒， 场强度方向沿ag连线由a指向g,在直角三角形abg中， 故D正确。 10.AC【解析】由题图乙可知，鱼漂在上升过程中，鱼漂的加 m,Lg=3m,则E==23V/m,故B正 速度先是正的，后是负的，取竖直向上为正方向，所以加速 子经过f点时速度指向g点，电子只可能在gda平面内运 度先向上，后向下，即浮力先大于重力，后小于重力，所以鱼 动，不可能运动到c点，故C错误。电子若只在电场力作用 漂在上升过程中先超重后失重，故A正确：设鱼漂处于平衡 下先后经过∫点与h点，由于人、h两点电势相等，类比重力 位置时(x=0),鱼漂浸没在水中部分的长度为L。,当鱼漂的 场，电子做类斜上抛运动，动能先减小后增大，电势能一定 位移为x时，鱼漂浸没在水中部分的长度则为L。一x,则 先增加后减少，故D正确。 pgSL。=mg,鱼漂做简谐运动的回复力F回=PgS(L。-x)-mg= 13.(1)不必(1分) m,解得a=Pgx,所以图像的斜率为Pg3,故B错误；设鱼 m (3)0.32(1分) 漂在上升过程中的最大动能为E,此时鱼漂处于平衡位 图像(2分) 作a-M 置，由动能定理得W合=E-0,由题图乙可知，合力对鱼漂 【解析】(1)用力传感器来测量绳子的拉力F,因此在实验时 做的功W合为a-x图像与x轴所围图形的面积乘质量m,则 不必满足砝码质量远小于小车总质量。 2,解得En=a d 2,故C正确；设鱼漂 (2)小车经过光电门A、B时的速度大小分别为v4= 、Vg日 t1 在上升过程中所受的最大浮力为F。,由牛顿第二定律得 d,由速度位移关系公式2-=2ax,可得实验测得的加速 F。-mg=ma,结合B选项的解析和题图乙可知a,=Pg d （-L),解得Fm=PgSL+mg>pgSL,故D错误。 度a= 2L 2L号 11.BD【解析】刚进入磁场I时，根据右手定则可知，金属杆 (3)由题图乙可知，小车受力为F=0.12N、质量M=0.36kg 右端电势高于左端电势，故A错误：金属杆在进入磁场I和 时，其加速度为a5=0.32m/s2,可知表中X处的数值为 D2卷1·物理 参考答案及深度解析 0.32,利用表中的数据再作a-M图像得到一条曲线，某同学 所以圆弧上有光透出的弧长 猜想在F一定的情况下a与M成反比，为了验证该猜想，他 50 360° ·2mr=2π×10-2m (2分) 1 可以采用的方法是作a-M图像，若该图线是过原点的直 16.(1)5.0×104m31:2 线，则说明a与疗成正比，即a与M成反比。 (2)8cm 【解析】(1)根据玻意耳定律有 14.(每空2分)(1)2.0(2)A(3)D(4)B PiLS+PoV=P:(L+AL)S (2分) 【解析】(1)由电路图甲结合闭合电路欧姆定律有E=V+ 解得V=5.0×104m3 (1分) ，整理得7日·文+日，可说，在7日图像中，图 U 设充入气体的质量为△m,缸内原有气体的质量为m,满足 △m_△L 线的斜率上=石纵发距6=石，结合题图乙中图线0，可得 m L (1分) 05v1= E,得E=20V。 解得4m_1 (1分) m 2 (2②)由()问分析可得电源内阻7=会，由题图乙可知无> (2)对活塞受力分析有n,n,+号 (2分) 由理想气体状态方程有 k,bn<b6,则r>T6,故选A。 P:S(L+AL)P2SL (3)若将同一电阻先后接在电池α及电池b两端，则两电池 (2分) T T2 的输出功率P.和P的大小分别为P.=(E R,P6= 其中T1=(t1+273)K=300K,T2=(t2+273)K=320K, Ar+R/ 解得L2=8cm (1分) E.ro+R) r.+R/ E。T.+R/ ,由于纵截距6= E 17.(1)9gL 、8mv6 b。<b,则E>E。,又r>T,所以无法判断P。和P。的大小。 （2)4+7m)L(n=0,1,2） 故选D。 2 (4)电源的效率m= U R x100%=R+ ×100%,若将同一电阻先 (3) (2n+1)mm0(n=0,1,2,…） qB2 后接在电池a及电池b两端，由于r。>r6,则两电池的效率 【解析】(1)由于粒子通过坐标原点时，速度方向与y轴正半 7.<6,故选B。 轴的夹角为37°，根据对称性可知粒子从第I象限进人第Ⅳ 15.2r×102m 象限时，速度方向与竖直方向的夹角也为37°，因此粒子进 【解析】画出光路图如图所示，AB为平行光经玻璃砖折射后 人第V象限时的速度v=sin37.3o 05 (1分) 恰好在圆弧面发生全反射的光线，OC为平行光中经过圆心 的光线的折射光线，所以圆弧面上只有BC段有光透出， 在第I象限内根据动能定理有 1 1 EgL= 2m2-2mw6 (1分) 8mvo 可得电场强度的大小E= (1分) 9gL (2)粒子从P点开始运动到第一次进入第V象限，做类平抛 根据折射定律有n=s血e (2分) sin B 运动，有 1 根据几何关系可得α=45°， l=2 (1分) 得s如B=,即B=30° (1分) x1=vot (1分) 根据全反射临界角与折射率的关系可得 Eq=ma (1分) 3 1 n=sin LABO (2分) 解得x=2, 粒子进入第Ⅳ象限后做匀速圆周运动，根据洛伦兹力提供 得∠AB0=45°， 根据几何关系可得∠BOC=120°-∠AOB, 向心力有B,=R (1分) ∠A0B=180°-∠AB0-(90°-B)=75°， 5 所以∠B0C=45° (1分) 代入数据可得轨迹半径R=6, D3卷1·物理 高考一轮复习检测卷·物理 根据运动的周期性可知 表面加速运动，可得2a2(L+d)=va (1分) xp=x+2R1c0s37+n(2x,+2R1cos379)=4+7m) 2 (n=0,1, 解得va=25m/s, 设B脱离圆轨道时，位置如图所示，过该位置的半径与竖直 2,…） (1分) 方向的夹角为a, (3)粒子进人x<0的区域后，将速度分解为沿磁场方向的速 度v1和垂直于磁场方向的速度v2,则 41=sin370=0,=10s37°= 3 (1分) 粒子在垂直磁场方向做匀速圆周运动，运动周期 7-2mm (1分) qB2 粒子在沿磁场方向做匀速直线运动，第一次经过半个周期 时，粒子距离x轴最远，以后每经过一个周期，距离x轴最 远，因此 根据能量守恒定律，可知 1 1 x=-(u·)+心TD)=-。0(n=0,1,2,)(2分】 9B2 m+mg(rcos 53+rcos a) (1分) 18(aM京 由牛顿第二定律，可知 mu (2)(1)4m/s25m/s2(i)2m/s(ⅲ)见解析 -=mgcos a (1分) 【解析】(1)对A受力分析，可得 联立解得a=53°，"胶离=2m/s (1分) L (M+m)gcos 02Mgsin 0+umgcos 0 (1分) (ⅲ)依题意，B脱离圆轨道后只受重力作用，将做斜抛运 舒得W≤ 动，与圆周运动相比，其轨迹更靠近圆心，到达圆心0正上 (1分) 方时，不会越过圆弧的最高点。 (2)(1)依题意，有 3 3 M=0.6kg>22×0.4kg=5kg (1分) 结合第(1)问分析，可知A、B刚解锁时，均相对斜面向下运 动，由牛顿第二定律分别有 Mgsin 0+uzmgcos (M+m)gcos 0=Ma (1分) mgsin 0-umgcos 0=maz (1分) 由斜抛运动规律可知，B从脱离点上升的高度 解得a1=4m/s2,a2=5m/s3 (1分) (ⅱ)设A、B从解除锁定到分离，所需时间为t,则有 月=0觉南sina -=0.128m (1分) 2g (1分) 则B从脱离圆轨道直至落到与b点所在水平面等高处所需 解得T、 时间t'="脱离sina 2(H+rcos 0+rcos a)=0.59s ( 28, B的水平分位移xB=U做离cos&·t=0.71m (1分) 1时间内A下滑的位移光=子=5.5m>d (1分) b点与B脱离点的水平距离s=rsin0+rsin a=l.07m>xg,说 说明A的下端到达ab时，二者仍未分离，即B一直在A上 明B脱离圆轨道后不会撞击A (1分) 2广东省普通高中毕业班第一次调研考试 1.A【解析】正电子是原子核中一个质子转化成中子时释放|2.D【解析】根据题意，汽车选择走A、B路线的位移相同，而所 的，即H→n+e,A正确；由上述核反应可知，X的质子数 用时间不同，走A路线的时间较长，所以通过A路线的平均 比Y的质子数多1，B错误；在PET-CT中，放射性同位素的 速度小于通过B路线的平均速度，故A、B、C错误；汽车通过 主要作用是作为示踪原子，C错误；CT检查时间周期短，故应 A路线的平均室率子 ,km/h=56.28km/h,汽车通 选取半衰期较短的放射性同位素，D错误。 D4卷2·物理1山东省青岛市高三上学期期初调研检测 全卷满分100分，考试时间90分钟。 一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在 察，发现镜片呈蓝色，这是因为镜片前表面镀膜增强了蓝 每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。 光的反射。已知膜的折射率大于镜片的折射率，膜的最 1.医学中某型号的心脏起搏器使用氚电池供电，氚电池可 小厚度为d,蓝光在膜中的波长为入。下列说法正确的是 以将氚核衰变时产生的核能转化为电能。衰变方程为 ( H→He+X+△E。已知氚核衰变的半衰期为12.5年， A.d=A B.d=3 入 C.d= 4 8 D.d=3 当电池中氚的含量低于初始值的25%时便无法正常工 4 作。下列说法正确的是 () 5.如图所示，倾角为60°的粗糙斜面 A.氚核发生的是α衰变 上固定两个光滑滑轮，跨过两滑 B.氚电池大约能正常工作35年 轮的非弹性轻绳两端连接物块A、 C.起搏器的工作环境会改变氚的半衰期 B,轻绳与斜面平行且沿斜面向 D.H的比结合能比He的比结合能小 3 下。已知物块与斜面间的动摩擦因数均为了，为保证两物 2.太阳和月球对地球上某一区域海水引力的周期性变化 引起了潮汐现象。已知太阳质量为2.0×100kg,太阳与 块静止在斜面上，A、B两物块质量之比可能为 ( 地球间的距离为1.5×108km,月球质量为7.3×102kg, A.0.4 B.1.9 C.2.5 D.3.5 月球与地球间的距离为3.8×10km,地球质量为6.0× 6.如图所示，一定质量的理想气体在密“ 104kg,地球半径为6.4×103km。对同一区域海水而 闭容器内从状态a经状态b、c又回到 言，太阳的引力和月球的引力之比约为 ( 状态a。已知该循环包括绝热、等温 A.1.75 B.17.5 C.175 D.1750 和等容三个过程。下列说法正确的 3.2023年9月21日，“天宫课堂” 是 () 第四课开讲，“神舟十六号”航 A.a→b为绝热过程，c→a为等温过程 天员在空间站内演示微重力环 B.气体在状态c时分子平均动能最小 境下不同质量钢球的对心碰撞 C.ca过程中外界对气体做的功小于气体内能的增 加量 现象。如图所示，一质量为0.3kg的钢球A相对网格布 ■ 静止，航天员将质量为0.2kg的钢球B以0.5m/s的速 D.a→b→c→a过程中气体放出的热量大于吸收的热量 度水平向左抛出，两球发生弹性正碰。下列说法正确的 7.如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比n1:2=2: 1,原线圈一侧接入的交流电压的瞬时值表达式为“= 是 ( A.碰撞后A向左运动，速度大小为0.2m/s 220√2sin100πt(V),定值电阻R1=202,电阻箱R2初 B.碰撞后B向左运动，速度大小为0.4m/s 始阻值为30Ω，灯泡L的阻值恒为302。不计电流表 C.碰撞前后A、B动量变化相同 内阻，下列说法正确的是 D.碰撞过程中A对B的冲量大小为0.12N·s 4.“半波损失”是指反射光在离开反射点时的振动方向相对 于入射光到达入射点时的振动方向相反的现象，这种现 象仅存在于光从光疏介质射向光密介质的反射光中，折 A.电流表的示数为4.4A 射光没有“半波损失”。某种防蓝光眼镜，从眼镜前面观 B.逐渐增大R2的阻值，R1两端电压变大 C.当R2=62时，变压器的输出功率最大 和位移x的关系如图乙所示。已知鱼漂的质量为m, D.若将R,换为理想二极管，则灯泡L两端电压的有效 水的密度为p,重力加速度为g,不计一切阻力，下列说 值为110V 法正确的是 8.如图甲所示，长度L=0.5m的水平传送带顺时针匀速 转动，其右端与一半径R=0.2m的竖直光滑半圆轨道 相切于A点。小物块以初速度。=3m/s冲上传送带的 左端，在传送带上运动一段时间后进入半圆轨道。当传 e. 送带以不同速率运行时，小物块在半圆轨道上第一次达 甲 到的最大高度h与传送带运行速率v的关系如图乙所 示。已知小物块与传送带间的动摩擦因数儿=0.6，重力 A.鱼漂在上升过程中先超重后失重 加速度g取10m/s2。下列计算正确的是 () B.图像的斜率为-PgS C.鱼漂在上升过程中的最大动能为。 2 D.鱼漂在上升过程中所受的最大浮力为pgLS 11.如图所示，宽度为L的导轨竖直放 置，导轨上边框接有一阻值R=2 甲 乙 的电阻，矩形边界内存在磁感应强 A.v=2 m/s B.v,=3 m/s 度大小为B,方向垂直于导轨平面 C.v3=√10m/s D.ho=0.2 m 向里的匀强磁场I、Ⅱ。磁场的高 二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在 度和间距均为d。质量为m的水平 每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求。 金属杆由静止释放，进入磁场I、Ⅱ 全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得 时的速度相等。已知金属杆在导轨之间的电阻为τ，且 0分。 与导轨接触良好，其余电阻不计，重力加速度为g。下 9.如图所示，倾角0为37° 列说法正确的是 的斜劈静止在水平面上， A.金属杆刚进入磁场I时左端电势高于右端电势 从与斜劈顶点Q等高的 B.金属杆穿过磁场【的时间一定大于在两磁场之间 P点抛出一小球，其初速 的运动时间 度v。大小为10m/s,方向 C.金属杆穿过磁场I和磁场Ⅱ的过程中，电路中产生 的总热量为2mgd 与水平方向夹角日为37°，小球刚好从Q点沿斜劈向下运 D.金属杆穿过磁场I的过程中通过电阻R的电荷量 动。忽略一切摩擦和空气阻力，重力加速度g取10m/s2, sin37°=0.6，cos37°=0.8。下列说法正确的是() 牌 A.小球从抛出到落在斜劈上的时间为1.6s 12.如图所示，匀强电场所在的空间中有 B.P、Q两点间的距离为9.6m 一正方体区域，正方体棱长为1m。 C.小球在斜劈上运动过程中，小球机械能守恒 已知a、b、c、g四个顶点的电势分别 D.小球在斜劈上运动过程中，小球和斜劈组成的系统 为8V6V4V2V。只考虑电场力 动量不守恒 的作用，下列说法正确的是（ 10.如图甲为钓鱼时鱼漂静浮于水面的示意图，将鱼漂视 A.cf、h三点位于同一等势面上 为横截面积为S的细圆柱体。某次鱼咬钩时将鱼漂从 B.匀强电场的电场强度大小为23V/m 平衡位置开始竖直往下拉一小段距离L后松口，鱼漂 C.若电子经过f点时速度指向g点，则电子有可能运 做简谐运动。取竖直向上为正方向，鱼漂的加速度α 动到c点 物理·答案D1卷1 D.若电子先后经过∫点与h点，其电势能一定先增加14.(8分)某同学利用电压表（量程0~3V,内阻约2k2)、 后减少 电阻箱等实验器材测量两种内阻较小的电池α和电池 三、非选择题：本题共6小题，共60分。 b的电动势和内阻，实验电路如图甲所示。实验时，多 13.(6分)某实验室“探究加速度与力、质量的关系”的实 次改变电阻箱的阻值，记录电阻箱电阻R及其对应的 验装置如图甲所示，光电门A、B间的距离为L。小车 上固定一宽度为d的遮光条。遮光条通过光电门A、B 电压表示数心，走立7坐标系，描点绘出如图乙所 的时间分别为t1和t2。 示的关系图线a,图线a与纵轴交点坐标为(0,0.5)。 光上「1 追 重复上述实验操作，测量电池b的电动势和内阻，得到 图乙中的图线b。 7。= 甲 (1)某同学在图甲中的P处加装一个微型力传感器」 甲 用来测量绳子的拉力F,则该同学在实验时 (1)由图乙可知电池a的电动势E。= Vo (填“必须”或“不必”)满足砝码质量远小于 (2)由图乙判断电池a的内阻r。和电池b的内阻r,大 小车总质量。 小关系为 (2)实验测得的加速度为 (用上述字母表示)。 A.ra>rb B.ra<r (3)通过合理的实验步骤，五组同学得到的α-F图像 C.T。=T D.不确定 如图乙所示。根据a-F图像中的数据找到小车受力 (3)若将同一电阻先后接在电池α及电池b两端，则两 为F=0.12N时各组的加速度a,并将各组加速度a及 电池的输出功率P和P。的大小关系为 小车质量M(含遮光条)的数据填入下表，则表中X处 A.P>P。 B.Pn<P。 的数值为 ;利用表中的数据再作a-M图像得 C.P。=P D.不确定 到一条曲线，某同学猜想在F一定的情况下a与M成 (4)若将同一电阻先后接在电池a及电池b两端，则两 反比，为了验证该猜想，他可以采用的方法是 电池的效率n。和η。的关系为 实验序号 F/N M/kg a/(m·s2) A.na>no B.7.<7b ① 0.12 0.10 1.20 C.7a=76 D.不确定 ② 0.12 0.12 0.96 15.(8分)如图所示，M0N为一扇形玻璃砖的截面，其圆 ③ 0.12 0.16 0.72 心角为135°，半径r=8cm。一束平行单色光沿着0N ④ 0.12 0.25 0.48 方向射向OM面，玻璃砖对此单色光的折射率为2，不 ⑤ 0.12 0.36 X 考虑光线在玻璃砖内反射光的再次出射，求圆弧上有 t心： 光透出的弧长 4热卫6时N 乙 卷1答案D1Q·物理 16.(10分)空气悬挂是一种汽车减震系统，它通过充气和 (3)求粒子在x<0的区域内运动时距离x轴最远位置 放气来调整车辆底盘的离地间隙。某汽车的空气悬挂 的x坐标的可能值。 简化模型图如图所示，直立圆筒形汽缸固定在车的轮 轴上，汽缸内一横截面积S=10cm2的活塞封闭一定质 量的空气，活塞通过连杆与车身相连，并可无摩擦滑 动。已知封闭气体的初始状态温度t1=27℃，压强 P1=1.0×106Pa,活塞距汽缸底部的距离L1=10cm,外 界大气压强Po=1.0×103Pa,重力加速度g取10m/s2, 气体视为理想气体。 (1)为增大汽车底盘的离地间隙，将体积为V,温度同 样为t1的外界大气充入汽缸，让活塞缓慢上升△L= 5cm,设此过程中气体温度保持不变，求充入气体的体 积V以及充入气体与缸内原有气体的质量之比； 18.（16分)如图所示，在倾角0=53的固定斜面上锁定一 (2)在(1)问充气结束后，当车辆载重时，相当于在图 质量为M、长L=1.375m的板材A,A与斜面间的动摩 示活塞顶部加一质量m=100kg的物体，稳定时气体 擦因数，=0.6，斜面底端与一段半径r= 温度变为t2=47℃。求稳定时缸内气柱的长度L2。 m的光滑 2 二 竖直圆弧轨道通过挡板ab连接，ab与斜面垂直且长度 刚好等于板材A的厚度，αb与圆心O共线，圆弧的最 高点为P点。A的下端到挡板ab的距离d=0.625m, A与挡板ab碰后会立即停止运动。质量为m的小物 块B(可视为质点)被锁定在板材A上端，A和B间的 能 动摩擦因数u2=0.5。假设最大静摩擦力等于滑动摩擦 力，不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2,sin53°=0.8， c0s53°=0.6。 (1)若A、B同时解除锁定后A相对斜面静止，B相对A 下滑，求A和B的质量满足的关系。 (2)若已知M=0.6kg,m=0.4kg,A、B同时解除锁定， 17.（12分)如图所示，在0-y2直角坐标系中，z轴垂直纸 小物块B将在某点脱离圆轨道。 面向外。在x>0、y>0的区域内充满沿y轴负方向的匀 （i)求A、B刚解锁时的加速度大小； 强电场E(大小未知)；在x>0、y<0的区域内充满垂直 (ⅱ)求B脱离圆轨道时的速度大小； x0y平面向外的匀强磁场（磁感应强度B,大小未知）； (ⅲ)通过计算判断B脱离圆轨道后是否会撞击A。 在x<0的区域内充满沿x轴负方向、磁感应强度大小 为B2的匀强磁场。在xOy平面内有一质量为m、电荷 量为+q的粒子（重力不计）以初速度沿x轴负方向 从纵坐标为L的P点开始运动，恰好经坐标原点O射 入x<0的区域，在O点的速度方向与y轴正方向的夹 角为37°。 (1)求匀强电场的电场强度E的大小； (2)若磁感应强度B1= 3L,求P点横坐标的可 16mo 能值；