1.2匀变速直线运动（3）（练习）-人教版《物理（通用类）》【上好课】（原卷版+解析版）

人教版《物理（通用类）》 第一单元 运动和力 1.2匀变速直线运动（3） 一、选择题 1. 把自由落体运动称为理想化模型，其中的“理想化”主要指（　　） 完全不考虑重力 忽略可忽略的空气阻力 认为真实世界没有空气 认为物体始终没有速度 2. 小球静止释放，阻力可忽略。释放瞬间速度为，此时加速度（　　） 一定为 随后才从逐渐增大 无法判断是否存在 已为重力加速度 3. 同一纸片铺平从、揉团从处静止释放。为比较形状对下落的影响，应（　　） 保持释放高度相同再比较 直接认定揉团一定更快 只比较两次纸的质量 把两次下落时间相加 4. 同地点，两次自由落体下落高度为、，用时、。比值为（　　） 二、填空题 5. 当地实际，估算时取。对同一个尚未触地的自由落体过程，在相同下落时间计算的速度大小会偏________，下落位移大小会偏________。 6. 直尺测反应时间，握尺手的高度不变。释放前手指对准刻度，握住时对准刻度（读数随下落增大）。直尺下落高度应为________ ，换成国际单位为________ 。 7. 小球从距水平地面处静止释放，阻力可忽略，取。首次触地用时________ ；用直接求释放后的速度________（填“适用”或“不适用”）。 8. 同一地点，先后用质量不同的小球做自由落体实验，均从静止释放开始计时，取向下为正。两球触地前的速度—时间图线斜率________（填“相同”或“不同”），两图线在纵轴上的截距均为________。 一、选择题 9. 取。小球竖直向下做匀加速运动，开始记录后的两个内依次下降、。阻力可忽略，开始记录时（　　） 速度为，记录从静止释放起 速度为 速度为，并非静止起点 速度为 10. 测自由落体加速度时，高度测量和到达终点计时均准确，但开始计时晚于释放。把所记时间代入，结果会（　　） 偏小 偏大 不变 因质量未知而无法判断 11. 自由落体从释放起记录。把位移规律画成过原点的直线并由斜率求，应选（　　） 横轴，纵轴，斜率 横轴，纵轴，斜率 横轴，纵轴，斜率 横轴，纵轴，斜率 二、填空题 12. 直尺实验中，受测者未等发现尺下落，就按事先倒计时开始握尺，随后握住下落的尺。由下落高度反推的时间是尺的________时间，________（填“能”或“不能”）作为发现尺下落后才作出反应的时间。 13. 小球从静止自由下落，依次通过释放点下方的两道光电门，速率分别为、，取。两门的高度差为________ ；把两门之间视为一段运动时，其初速度大小为________ 。 14. 自由落体从静止释放起每隔记录一次累计下落距离（单位），记录为、、、、。取，只有最后一个数抄错，它应为________；修正后相邻等时位移之差为________ 。 三、解答题 15. 接料装置要求工件到达接料面前的速率不超过。工件从接料面上方处静止释放，阻力可忽略，取。（）现方案是否达标？用计算说明。（）保持自由落体释放方式，允许的释放高度最大是多少？（）若只换成质量更小的工件，释放高度不变，能否达标？说明理由。 　 　 　 　 　 学科网（北京）股份有限公司 $ 人教版《物理（通用类）》 第一单元 运动和力 1.2匀变速直线运动（3） 一、选择题 1. 把自由落体运动称为理想化模型，其中的“理想化”主要指（　　） 完全不考虑重力 忽略可忽略的空气阻力 认为真实世界没有空气 认为物体始终没有速度 【答案】 【解析】自由落体模型保留重力作用和从静止开始的条件，忽略空气阻力等不显著的影响。真实环境中有空气，只要其阻力影响足够小，也能近似采用该模型；理想化不等于没有重力或一直静止。 2. 小球静止释放，阻力可忽略。释放瞬间速度为，此时加速度（　　） 一定为 随后才从逐渐增大 无法判断是否存在 已为重力加速度 【答案】 【解析】瞬时速度为并不意味着加速度为。释放后小球只受重力，其加速度立即为重力加速度，方向竖直向下；加速度描述速度的变化快慢，不是速度本身。 3. 同一纸片铺平从、揉团从处静止释放。为比较形状对下落的影响，应（　　） 保持释放高度相同再比较 直接认定揉团一定更快 只比较两次纸的质量 把两次下落时间相加 【答案】 【解析】这两次同时改变了形状和释放高度，落地所需时间的差异不能单独归因于形状。应使用同一纸片、相同释放高度及静止释放方式，只改变形状后比较，以排除高度因素的干扰。 4. 同地点，两次自由落体下落高度为、，用时、。比值为（　　） 【答案】 【解析】每次均从静止释放到落地，、。同地点重力加速度相同，故，时间为正，，而不是。 二、填空题 5. 当地实际，估算时取。对同一个尚未触地的自由落体过程，在相同下落时间计算的速度大小会偏________，下落位移大小会偏________。 【答案】大；大 【解析】从静止释放起取相同的时间，、。二者均随代入的重力加速度增大而增大，因此把近似为时，计算出的速度大小和下落位移大小都偏大。 6. 直尺测反应时间，握尺手的高度不变。释放前手指对准刻度，握住时对准刻度（读数随下落增大）。直尺下落高度应为________ ，换成国际单位为________ 。 【答案】； 【解析】释放前刻度不是，不能把最终读数直接当下落高度。应取读数差：。反应时间公式使用这段实际下落高度，而不是。 7. 小球从距水平地面处静止释放，阻力可忽略，取。首次触地用时________ ；用直接求释放后的速度________（填“适用”或“不适用”）。 【答案】；不适用 【解析】触地前满足，得。时已经经历地面接触，之后的运动不再由自由落体公式决定，因此不能直接把代入。 8. 同一地点，先后用质量不同的小球做自由落体实验，均从静止释放开始计时，取向下为正。两球触地前的速度—时间图线斜率________（填“相同”或“不同”），两图线在纵轴上的截距均为________。 【答案】相同； 【解析】两球均满足，图线为从原点出发的直线，斜率是当地重力加速度。质量不同不改变同地点的重力加速度，所以斜率相同；静止释放对应初速度为，截距均为。 一、选择题 9. 取。小球竖直向下做匀加速运动，开始记录后的两个内依次下降、。阻力可忽略，开始记录时（　　） 速度为，记录从静止释放起 速度为 速度为，并非静止起点 速度为 【答案】 【解析】第一段应满足，得。第二段位移比第一段多，也与恒定加速度相符。但开始记录时已有速度，不能把这一记录起点当作静止释放点。 10. 测自由落体加速度时，高度测量和到达终点计时均准确，但开始计时晚于释放。把所记时间代入，结果会（　　） 偏小 偏大 不变 因质量未知而无法判断 【答案】 【解析】高度对应完整下落过程，但记录时间短于真实下落时间。在位移不变时，分母的时间平方偏小，偏大。因此加速度测量结果偏大，误差来自计时起止与高度不对应，而不是物体质量未知。 11. 自由落体从释放起记录。把位移规律画成过原点的直线并由斜率求，应选（　　） 横轴，纵轴，斜率 横轴，纵轴，斜率 横轴，纵轴，斜率 横轴，纵轴，斜率 【答案】 【解析】由，位移与时间平方成正比，而不是与时间成正比。横轴用、纵轴用时，直线斜率为，故当地重力加速度是所读斜率的倍。 二、填空题 12. 直尺实验中，受测者未等发现尺下落，就按事先倒计时开始握尺，随后握住下落的尺。由下落高度反推的时间是尺的________时间，________（填“能”或“不能”）作为发现尺下落后才作出反应的时间。 【答案】下落；不能 【解析】自由落体公式能把实际下落高度换算为从释放到握住的下落时间，但反应时间要求从发现刺激到采取行动。本次动作已由倒计时提前启动，其起点不再是发现尺下落，故即使高度和计算都正确，也不能把结果当作这种刺激的反应时间。 13. 小球从静止自由下落，依次通过释放点下方的两道光电门，速率分别为、，取。两门的高度差为________ ；把两门之间视为一段运动时，其初速度大小为________ 。 【答案】； 【解析】两门之间的运动初速度不为。由，得。此段初速度为，不能用求门距；后者表示从静止释放点到第二道门的高度差。 14. 自由落体从静止释放起每隔记录一次累计下落距离（单位），记录为、、、、。取，只有最后一个数抄错，它应为________；修正后相邻等时位移之差为________ 。 【答案】； 【解析】前四个记录给出前三段位移、、，相邻差均为。第四段应为，因此最后累计距离为。也可核对；恒加速度对应相邻等时位移之差相同。 三、解答题 15. 接料装置要求工件到达接料面前的速率不超过。工件从接料面上方处静止释放，阻力可忽略，取。（）现方案是否达标？用计算说明。（）保持自由落体释放方式，允许的释放高度最大是多少？（）若只换成质量更小的工件，释放高度不变，能否达标？说明理由。 【答案】（）到达前速率为，不达标；（）最大释放高度为；（）不能。 【解析】（）取向下为正，，大于。（）允许的最大高度对应到达速率恰为，。（）同地点重力加速度不因质量改变；静止释放、阻力可忽略且高度不变，到达前速率仍为，减小质量不能使该方案达标。 学科网（北京）股份有限公司 $