精品解析：福建南平市顺昌县第一中学2026-2027学年高二上学期10月阶段检测物理试题

顺昌一中2026—2027学年第二学期10月份适应性练习 物理 本试卷共6页，考试时间75分钟，满分100分 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。 一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。 1. 下列说法是某同学对电学中相关概念及公式的理解，其中正确的是（　　） A. 由E＝可知，电场中某点的电场强度E与q成反比 B. 由I＝可知，通过导体截面的电荷量q越多，电流I越大 C. 由公式E＝k可知，点电荷电场中某点的电场强度E与场源电荷的成正比 D. 由R＝可知，导体的电阻跟加在其两端的电压成正比，跟流过导体的电流成反比 2. 静电除尘集尘板与放电极间的电场线如图所示，两集尘板接地，集尘板带正电，A、B是两板间的两点，则（　　） A. 放电极带正电 B. A点的场强小于B点的场强 C. B点的电势高于A点的电势 D. 两集尘板间各点的电势均为正值 3. 如图所示，虚线是某静电场的一簇等势线，边上标有电势的值。一带电粒子只在电场力作用下恰能沿图中的实线从A经过B运动到C。下列说法中正确的是（ ） A. 粒子一定带负电 B. A处场强大于C处场强 C. 粒子在A处电势能小于在C处电势能 D. 粒子在A处的动能小于在B处的动能 4. 如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度从M点沿斜面上滑，到达N点时速度为零，然后下滑回到M点，此时速度为（）。若小物体电荷量保持不变，，则（　　） A. 小物体上升的最大高度为 B. 从M到N的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功 C. 从N到M的过程中，小物体的电势能逐渐减小 D. 从N到M的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先减小后增大 二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题有2项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，不选或选错的得0分。 5. 一根粗细均匀的金属导线阻值为R，两端加上恒定电压U时，通过金属导线的电流强度为I，金属导线中自由电子定向移动的平均速率为v，若将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，仍给它两端加上恒定电压U，则下列说法正确的是（　　） A. 此时金属导线的阻值为2R B. 此时通过金属导线的电流为 C. 此时自由电子定向移动的平均速率为 D. 此时自由电子定向移动的平均速率为 6. 平行板电容器的两极板接于电池两极，一带电小球悬挂在电容器内部。闭合开关S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为θ。则下述说法正确的是（　　） A. 保持开关S闭合，带正电的A板远离B板，则θ不变 B. 保持开关S闭合，带正电的A板靠近B板，则θ增大 C. 开关S断开，带正电的A板向B板靠近，则θ不变 D. 开关S断开，带正电的A板向B板靠近，则θ增大 7. 如图为某导体的伏安特性曲线，根据图中信息，可以得出（　　） A. 导体的电阻率随电压的增大而增大 B. 导体的电阻率随电压的增大而减小 C. 导体两端电压为8V时，电阻约为26.7Ω D. 导体两端电压为8V时，电阻等于10Ω 8. 沿空间某直线建立x轴，该直线上的静电场方向沿x轴，其x轴正半轴上电场强度随x轴上位置变化规律如图所示，原点O到间的图线为直线，x轴正方向为电场强度正方向，一个电荷量大小为q的粒子在O点由静止释放，刚好能沿x轴正方向运动到处，不计粒子的重力，则（　　） A. 该粒子带正电 B. 粒子在处的电势能小于处的电势能 C. 粒子在处的动能为 D. O点到之间电势差大于到之间电势差 三、非选择题：共60分，其中9、10、11题为填空题，12题为实验题，13、14、15题为计算题。考生根据要求作答。 9. A、B是某电场中的一条电场线上两点，一正电荷仅在电场力作用下沿电场线从A点到B点运动过程中的v—t图象如上图所示．比较A、B两点电势φ的高低和场强E的大小： φA________φB，EA________EB． 10. 如图，匀强电场中有三个等势面，电势分别为、0 V、10 V，A、B两点间相距2.5 cm，A、B连线与等势面的夹角为，则该匀强电场的场强大小为________V/m，把一个电子从A移到B电场力做功为________eV。 11. 如图，在水平向右的匀强电场中有一绝缘斜面，斜面上有一带电金属块沿斜面滑下，已知在金属块滑下的过程中动能增加了10 J，金属块克服摩擦力做功大小6 J，重力做功18 J，则静电力做功________J，金属块的机械能减少________J。 12. 某同学用传感器做“观察电容器的充放电”实验，采用的实验电路如图所示。 （1）将开关先与“1”端闭合，电容器进行____________（选填“充电”或“放电”），稍后再将开关与“2”端闭合，电容器进行____________（选填“充电”或“放电”）。 在下列图像中，表示以上过程中，通过传感器的电流随时间变化的图像为____________，电容器的带电量随时间变化的图像为____________。 A． B． C． D． （2）该同学用同一电路分别给两个不同的电容器充电，电容器的电容，充电过程中电容器极板间电压随电容器的带电量变化的图像分别如图中①②所示，其中对应电容为的充电过程图像是____________（选填①或②）。请说明你的判断依据________________________。 （3）心脏除颤器的工作原理是用较强的脉冲电流通过心脏，以消除心律失常，使之恢复窦性心律的方法，称为电击除颤。工作时向心脏除颤器的储能电容器充电，使电容器获得一定的储能，对心颤患者皮肤上的两个电极板放电，让一部分电荷通过心脏，刺激心颤患者的心脏恢复正常跳动。如图是一次心脏除颤器的模拟治疗，该心脏除颤器的电容器电容为，充电至电压，如果电容器在时间内完成放电，放电结束时电容器两极板间的电势差减为零，下列说法正确的是____________。 A．这次放电过程中通过人体组织的电流恒定 B．这次放电有的电荷量通过人体组织 C．若充电至，则该电容器的电容为 D．该次放电释放约电能 13. 如图所示，匀强电场中A、B、C三点构成一个直角三角形，，。把电荷量的点电荷由A点移到B点，电场力做功；再由B点移到C点克服电场力做功。 （1）求A、B和B、C间的电势差和； （2）若取B点的电势为零，求A点的电势和C点的电势； （3）在图中画出电场方向，并求出场强大小。 14. 如下图所示为真空示波管的示意图，电子从灯丝K发出（初速度不计），经灯丝与A板间的加速电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入由两块平行金属板M、N形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入偏转电场时的速度与电场方向垂直，电子经过偏转电场后打在荧光屏上的P点。已知M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L1，板右端到荧光屏的距离为L2，电子质量为m，电荷量为e。求： （1）电子穿过A板时的速度大小； （2）电子从偏转电场射出时的侧移量； （3）P点到O点的距离。 15. 如图所示，在沿水平方向的匀强电场中有一固定点O，用一根绝缘细线把质量m=200g、电荷量q=+1×10-3C的金属小球悬挂在O点，小球在B点平衡时细线与竖直方向的夹角θ=37°。现将小球拉至位置A，使细线水平张紧后由静止释放。取重力加速度大小g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求∶ （1）匀强电场的电场强度大小E； （2）小球通过最低点C时细线的拉力大小F； （3）小球向下运动过程中细线拉力的最大值Fmax。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 顺昌一中2026—2027学年第二学期10月份适应性练习 物理 本试卷共6页，考试时间75分钟，满分100分 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。 一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。 1. 下列说法是某同学对电学中相关概念及公式的理解，其中正确的是（　　） A. 由E＝可知，电场中某点的电场强度E与q成反比 B. 由I＝可知，通过导体截面的电荷量q越多，电流I越大 C. 由公式E＝k可知，点电荷电场中某点的电场强度E与场源电荷的成正比 D. 由R＝可知，导体的电阻跟加在其两端的电压成正比，跟流过导体的电流成反比 【答案】C 【解析】 【详解】A．电场强度是电场本身的基本性质，电场中某点的电场强度E与该点是否放入试探电荷q以及试探电荷q的大小均无关，故A错误； B．由I＝可知，单位时间内通过导体截面的电荷量q越多，电流I越大，故B错误； C．点电荷电场中某点的电场强度是由场源电荷产生的，故由公式E＝k可知，点电荷电场中某点的电场强度E与场源电荷的成正比，故C正确； D．电阻是导体本身的性质，跟加在其两端的电压以及跟流过导体的电流均无关，故D错误。 故选C。 2. 静电除尘集尘板与放电极间的电场线如图所示，两集尘板接地，集尘板带正电，A、B是两板间的两点，则（　　） A. 放电极带正电 B. A点的场强小于B点的场强 C. B点的电势高于A点的电势 D. 两集尘板间各点的电势均为正值 【答案】C 【解析】 【详解】A．电场线从正电荷出发、终止于负电荷，图中电场线由带正电的集尘板指向放电极，因此放电极带负电，故A错误； B．电场线越密的地方场强越大。图中点附近的电场线比点附近更密，所以点场强大于点场强，故B错误； C．沿电场线方向电势逐渐降低。图中电场线由集尘板一侧指向放电极，点比点更靠近集尘板一侧，故点电势高于点电势，故C正确； D．两集尘板均接地，电势为零。板间电场线由集尘板指向放电极，沿电场线方向电势降低，因此板间各点电势低于零，故D错误。 故选C。 3. 如图所示，虚线是某静电场的一簇等势线，边上标有电势的值。一带电粒子只在电场力作用下恰能沿图中的实线从A经过B运动到C。下列说法中正确的是（ ） A. 粒子一定带负电 B. A处场强大于C处场强 C. 粒子在A处电势能小于在C处电势能 D. 粒子在A处的动能小于在B处的动能 【答案】C 【解析】 【详解】A．根据电场线与等势面垂直且由高电势指向低电势，可知电场线方向大致向左；根据粒子轨迹的弯曲方向可知，粒子所受的电场力方向大致向左，则知粒子一定带正电，故A错误； B．等差等势面的疏密反映电场强度的大小，知A处场强小于C处场强，故B错误； C．A点电势小于C点电势，粒子带正电，可知粒子在A处的电势能小于在C处的电势能，故C正确； D．由以上分析知，粒子从A运动到B电场力做负功，则粒子在A处的动能大于在B处的动能，故D错误。 故选C。 4. 如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度从M点沿斜面上滑，到达N点时速度为零，然后下滑回到M点，此时速度为（）。若小物体电荷量保持不变，，则（　　） A. 小物体上升的最大高度为 B. 从M到N的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功 C. 从N到M的过程中，小物体的电势能逐渐减小 D. 从N到M的过程中，小物体受到的摩擦力和电场力均是先减小后增大 【答案】A 【解析】 【详解】A．因为，所以正点电荷在M、N两点产生的电势相等，则小物体在M、N两点的电势能相等，从M到N电场力对小物体做功为零。由于小物体与斜面间的摩擦力大小与其运动速度大小无关，则根据对称性可知小物体从M到N和从N到M，小物体克服摩擦力做的功相等，均设为，对小物体从M到N，根据动能定理有 对小物体从N到M，根据动能定理有 联立解得小物体上升的最大高度为 故A正确； B．带负电的小物体受到正点电荷的库仑引力，从M到N的过程中，小物体到正点电荷的距离先减小后增大，电场力对小物体先做正功后做负功，故B错误； C．带负电的小物体受到正点电荷的库仑引力，从N到M的过程中，小物体到正点电荷的距离先减小后增大，电场力对小物体先做正功后做负功，所以小物体的电势能先减小后增大，故C错误； D．从N到M的过程中，小物体与正点电荷的距离先减小后增大，小物体受到的电场力先增大后减小；小物体受到的电场力在垂直斜面向下的分力先增大后减小，所以小物体对斜面的压力先增大后减小，受到的摩擦力先增大后减小，故D错误。 故选A。 二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题有2项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，不选或选错的得0分。 5. 一根粗细均匀的金属导线阻值为R，两端加上恒定电压U时，通过金属导线的电流强度为I，金属导线中自由电子定向移动的平均速率为v，若将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，仍给它两端加上恒定电压U，则下列说法正确的是（　　） A. 此时金属导线的阻值为2R B. 此时通过金属导线的电流为 C. 此时自由电子定向移动的平均速率为 D. 此时自由电子定向移动的平均速率为 【答案】BC 【解析】 【分析】 【详解】AB．将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，横截面积变为原来的一半，,电阻变为原来的4倍，可知，电流I变为原来的，故A错误B正确； CD．电流的微观表达式I=nevS，其中n、e不变，电流I为原来的，横截面积S变为原来的一半，此时自由电子定向移动的平均速率为，故C正确D错误。 故选BC。 6. 平行板电容器的两极板接于电池两极，一带电小球悬挂在电容器内部。闭合开关S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为θ。则下述说法正确的是（　　） A. 保持开关S闭合，带正电的A板远离B板，则θ不变 B. 保持开关S闭合，带正电的A板靠近B板，则θ增大 C. 开关S断开，带正电的A板向B板靠近，则θ不变 D. 开关S断开，带正电的A板向B板靠近，则θ增大 【答案】BC 【解析】 【详解】A．保持开关S闭合时，电容器板间电压不变，带正电的A板远离B板时，板间距离d增大，由 分析得知，板间场强减小，小球所受电场力减小，则θ减小，故A错误； B．保持开关S闭合时，电容器板间电压不变，带正电的A板靠近B板时，板间距离d减小，由 分析得知，板间场强增大，小球所受电场力增大，则θ增大，故B正确； CD．开关S断开，电容器所带电荷量不变，根据 可知 则电场强度与极板间距无关，因此板间场强不变，小球所受电场力不变，则θ不变，故C正确，D错误。 故选BC。 7. 如图为某导体的伏安特性曲线，根据图中信息，可以得出（　　） A. 导体的电阻率随电压的增大而增大 B. 导体的电阻率随电压的增大而减小 C. 导体两端电压为8V时，电阻约为26.7Ω D. 导体两端电压为8V时，电阻等于10Ω 【答案】BC 【解析】 【详解】AB．I-U图像中，图线上的某一点与坐标原点连线的斜率表示电阻的倒数，根据图像可知，随导体两端电压升高，图线上的点与坐标原点连线的斜率逐渐变大，表明导体的阻值逐渐变小，根据电阻定律 可知，该导体的电阻率随电压的增大而减小，A错误，B正确； CD．根据电阻的定义式，当导体两端电压为8V时，通过导体的电流为0.3A，电阻为，C正确，D错误； 故选BC。 8. 沿空间某直线建立x轴，该直线上的静电场方向沿x轴，其x轴正半轴上电场强度随x轴上位置变化规律如图所示，原点O到间的图线为直线，x轴正方向为电场强度正方向，一个电荷量大小为q的粒子在O点由静止释放，刚好能沿x轴正方向运动到处，不计粒子的重力，则（　　） A. 该粒子带正电 B. 粒子在处的电势能小于处的电势能 C. 粒子在处的动能为 D. O点到之间电势差大于到之间电势差 【答案】AC 【解析】 【详解】A．粒子在点由静止释放，刚好能沿x轴正方向运动到处，故粒子先做加速运动后做减速运动；由图像可知，场强方向先沿轴正方向，后沿轴负方向，可知，受力方向与电场强度方向相同，粒子带正电，故A正确； B．粒子从到的过程中，电场力一直做正功，电势能减少，所以粒子在处的电势能大于处的电势能，故B错误； C．从点到处，图线与坐标轴所围的面积表示点到处的电势差；从点到处由动能定理得 故粒子在处的动能为，故C正确； D．设点到之间电势差为，到之间电势差为，由动能定理得 解得 故点到之间电势差等于到之间电势差，故D错误。 故选AC。 三、非选择题：共60分，其中9、10、11题为填空题，12题为实验题，13、14、15题为计算题。考生根据要求作答。 9. A、B是某电场中的一条电场线上两点，一正电荷仅在电场力作用下沿电场线从A点到B点运动过程中的v—t图象如上图所示．比较A、B两点电势φ的高低和场强E的大小： φA________φB，EA________EB． 【答案】 ①. ＜ ②. ＞ 【解析】 【详解】从v-t图象可以知道正电荷仅在电场力作用下沿电场线从A点到B点做加速度不断减小的减速运动，故电荷在A点受到的电场力大于电荷在B点的电场力，故A点的场强大于B点的场强； 由于电荷做减速运动，故电场力与速度方向相反，即电场力由B指向A，故电场线由B指向A，故B点电势较高； 10. 如图，匀强电场中有三个等势面，电势分别为、0 V、10 V，A、B两点间相距2.5 cm，A、B连线与等势面的夹角为，则该匀强电场的场强大小为________V/m，把一个电子从A移到B电场力做功为________eV。 【答案】 ①. 1000 ②. 20 【解析】 【详解】[1]A、B两点所在等势面的电势分别为、，A、B连线与等势面的夹角为，A、B两点沿电场方向的距离为其所在等势面间的垂直距离。该距离为 A、B所在等势面间的电势差大小为，由匀强电场中场强与电势差的关系得该电场的场强大小为 [2]把电子从A移到B，电势差，电场力做的功为，即电场力做正功。 11. 如图，在水平向右的匀强电场中有一绝缘斜面，斜面上有一带电金属块沿斜面滑下，已知在金属块滑下的过程中动能增加了10 J，金属块克服摩擦力做功大小6 J，重力做功18 J，则静电力做功________J，金属块的机械能减少________J。 【答案】 ①. ②. 8 【解析】 【详解】[1]金属块滑下的过程中，由动能定理可得 其中，，，解得 [2]根据功能关系，除了重力之外的其他力做功等于机械能的变化量，则 则金属块的机械能减少。 12. 某同学用传感器做“观察电容器的充放电”实验，采用的实验电路如图所示。 （1）将开关先与“1”端闭合，电容器进行____________（选填“充电”或“放电”），稍后再将开关与“2”端闭合，电容器进行____________（选填“充电”或“放电”）。 在下列图像中，表示以上过程中，通过传感器的电流随时间变化的图像为____________，电容器的带电量随时间变化的图像为____________。 A． B． C． D． （2）该同学用同一电路分别给两个不同的电容器充电，电容器的电容，充电过程中电容器极板间电压随电容器的带电量变化的图像分别如图中①②所示，其中对应电容为的充电过程图像是____________（选填①或②）。请说明你的判断依据________________________。 （3）心脏除颤器的工作原理是用较强的脉冲电流通过心脏，以消除心律失常，使之恢复窦性心律的方法，称为电击除颤。工作时向心脏除颤器的储能电容器充电，使电容器获得一定的储能，对心颤患者皮肤上的两个电极板放电，让一部分电荷通过心脏，刺激心颤患者的心脏恢复正常跳动。如图是一次心脏除颤器的模拟治疗，该心脏除颤器的电容器电容为，充电至电压，如果电容器在时间内完成放电，放电结束时电容器两极板间的电势差减为零，下列说法正确的是____________。 A．这次放电过程中通过人体组织的电流恒定 B．这次放电有的电荷量通过人体组织 C．若充电至，则该电容器的电容为 D．该次放电释放约电能 【答案】 ①. 充电 ②. 放电 ③. A ④. C ⑤. ① ⑥. 根据公式，相同电压下电容小的图像对应电量Q少，可知①为图像 ⑦. BD##DB 【解析】 【详解】（1）[1][2]开关先与“1”端闭合，电容器与电源连接，进行充电；开关与“2”端闭合，与电源断开后，进行放电。 [3][4]充电电流与放电电流方向相反，放电过程中因为极板的电荷量逐渐减小，所以电势差逐渐减小；充电过程中极板的电势差逐渐增大，所以极板间的电势差和电源电动势逐渐接近，因此电流均逐渐减小，所以通过传感器的电流随时间变化的图像为A。充电过程中，电压逐渐增大，且增大的越来越慢，放电过程中，电压逐渐减小，且减小的越来越慢，根据 可得充电过程中极板间电量增大的越来越慢，放电过程中极板间电量减小的越来越慢，得电容器的带电量随时间变化的图像为C。 （2）[5][6]根据公式 可得电压相同时电容大的带电量大，根据图像可得对应电容为的充电过程图像是①。 （3）[7] A．根据（1）中分析可得放电时电量减小的越来越慢，根据公式 可得电流越来越小，A错误； B．根据公式可得通过人体组织的电量为 B正确； C．电容器的电容大小只跟自身的结构有关，C错误； D．根据公式 可得在充放电时与成正比，若取为纵轴，为横轴时图像为一条过原点的直线，即此时为图像与横轴围成三角形的面积，根据 ， 可得 D正确。 故选BD。 13. 如图所示，匀强电场中A、B、C三点构成一个直角三角形，，。把电荷量的点电荷由A点移到B点，电场力做功；再由B点移到C点克服电场力做功。 （1）求A、B和B、C间的电势差和； （2）若取B点的电势为零，求A点的电势和C点的电势； （3）在图中画出电场方向，并求出场强大小。 【答案】（1），；（2），；（3）见解析 【解析】 【详解】（1）根据电场力做功与电势差关系可得，A、B间的电势差为 B、C间的电势差为 （2）若取B点的电势为零，则有 ， 解得 ， （3）由于A、C两点的电势都是，则AC连线为等势线，电场方向垂直于等势线，沿着电场线电势降低，所以电场方向垂直于AC向上，如图所示 根据几何关系可得 则 则场强大小为 14. 如下图所示为真空示波管的示意图，电子从灯丝K发出（初速度不计），经灯丝与A板间的加速电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入由两块平行金属板M、N形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入偏转电场时的速度与电场方向垂直，电子经过偏转电场后打在荧光屏上的P点。已知M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L1，板右端到荧光屏的距离为L2，电子质量为m，电荷量为e。求： （1）电子穿过A板时的速度大小； （2）电子从偏转电场射出时的侧移量； （3）P点到O点的距离。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 设电子经加速电压U1加速后的速度为v0，根据动能定理得 解得 【小问2详解】 电子以速度v0进入偏转电场后，垂直于电场方向做匀速直线运动，沿电场方向做初速度为零的匀加速直线运动。设偏转电场的电场强度为E，电子在偏转电场中运动的时间为t1，电子的加速度为a，离开偏转电场时的侧移量为y1，根据牛顿第二定律和运动学公式得，，，， 解得 【小问3详解】 设电子离开偏转电场时沿电场方向的速度为vy，根据运动学公式得 电子离开偏转电场后做匀速直线运动，设电子离开偏转电场后打在荧光屏上所用的时间为t2，电子打到荧光屏上的侧移量为y2，如下图所示 由， 解得 P到O点的距离为 15. 如图所示，在沿水平方向的匀强电场中有一固定点O，用一根绝缘细线把质量m=200g、电荷量q=+1×10-3C的金属小球悬挂在O点，小球在B点平衡时细线与竖直方向的夹角θ=37°。现将小球拉至位置A，使细线水平张紧后由静止释放。取重力加速度大小g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求∶ （1）匀强电场的电场强度大小E； （2）小球通过最低点C时细线的拉力大小F； （3）小球向下运动过程中细线拉力的最大值Fmax。 【答案】（1）1500N/C；（2）3N；（3）4.5N 【解析】 【分析】 【详解】（1）小球受到电场力qE、重力mg和线的拉力作用处于静止，根据共点力平衡条件有 得 代入数据解得 E=1500N/C （2）小球从A点运动到C点的过程，根据动能定理有 设小球在最低点时细线对小球的拉力为T，根据牛顿第二定律有 解得 T=3N （3）当小球运动至B点时，小球速度最大，细线拉力最大，小球从A到B的过程，根据动能定理有 根据牛顿第二定律 解得 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $