精品解析：黑龙江佳木斯市富锦市部分学校2026-2027学年九年级上学期10月阶段检测物理试题

2026-2027学年度上学期九年级第一次月考 物理试题 考生注意： 1．全卷共五道大题，总分100分，考试时间60分钟； 2．本试卷分为试题卷和答题卡两部分，所有答案均需写在答题卡上，写在试题卷上无效； 3．答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡相应位置； 4．字迹工整，卷面整洁，认真审题，规范作答。 一、选择题（本大题共15小题，每小题2分，共30分） 1. 下列常见生活现象中，能说明分子在不停地做无规则运动的是（　　） A. 春风拂面，柳絮纷飞 B. 秋日落叶，随风飘落 C. 花香四溢，沁人心脾 D. 细雨绵绵，水雾缭绕 2. 关于分子动理论和内能，下列说法正确的是（　　） A. 固体分子之间只有引力，没有斥力 B. 温度越低，物体内部分子无规则运动越剧烈 C. 0℃的冰块没有内能 D. 分子间的引力和斥力同时存在 3. 下列实例中，通过做功的方式改变物体内能的是（　　） A. 晒太阳取暖 B. 搓手取暖 C. 烤火御寒 D. 喝热水暖身 4. 质量相等的水和食用油，吸收相同的热量后，食用油升温更快，这是因为（　　） A. 食用油的比热容更大 B. 食用油的吸热能力更强 C. 水的比热容更大 D. 水的吸热速度更慢 5. 关于比热容，下列说法正确的是（　　） A. 物体的质量越大，比热容越大 B. 物体吸收的热量越多，比热容越大 C. 比热容是物质的一种特性，与质量、吸热无关 D. 高温物体的比热容大于低温物体 6. 冬天暖气系统用水作为传热介质，主要是利用水的（　　） A. 密度大 B. 比热容大 C. 沸点高 D. 凝固点低 7. 下列关于热值的说法正确的是（　　） A. 燃料燃烧越充分，热值越大 B. 燃料的质量越大，热值越大 C. 热值是燃料本身的特性，与燃烧情况、质量无关 D. 煤的热值大于干木柴，燃烧煤放出的热量一定更多 8. 在汽油机的工作循环中，将内能转化为机械能，对外提供动力的冲程是（　　） A. 吸气冲程 B. 压缩冲程 C. 做功冲程 D. 排气冲程 9. 四冲程汽油机一个工作循环中，曲轴转动圈数、对外做功次数分别是（　　） A. 1圈，1次 B. 2圈，1次 C. 2圈，2次 D. 4圈，1次 10. 下列措施中，能提高热机效率的是（　　） A. 增加热机的工作时间 B. 更换热值更高的燃料 C. 减少热机废气带走的热量 D. 增大热机的功率 11. 下列能量转化过程中，属于机械能转化为内能的是（　　） A. 燃气推动活塞做功 B. 钻木取火 C. 太阳能热水器加热水 D. 电灯发光发热 12. 一杯热水逐渐变凉，在此过程中（　　） A. 水的内能减小，温度降低 B. 水的内能不变，温度降低 C. 水的内能减小，温度不变 D. 水含有的热量逐渐减少 13. 甲、乙两种物质质量相同，吸收热量之比为2∶1，升高温度之比为1∶2，则甲乙比热容之比为（　　） A. 1∶1 B. 2∶1 C. 4∶1 D. 1∶4 14. 关于温度、内能、热量三者的关系，下列说法正确的是（　　） A. 物体温度升高，一定吸收了热量 B. 物体内能增加，温度一定升高 C. 物体温度不变，内能一定不变 D. 物体温度升高，内能一定增加 15. 一台四冲程汽油机的转速为2400r/min，则每秒对外做功的次数为（　　） A. 20次 B. 40次 C. 60次 D. 80次 二、填空题（本大题共8小题，每空1分，共20分） 16. 春暖花开，百花飘香，这是________现象，说明分子在________；气温越高，花香越浓，说明温度越高，分子运动越剧烈。 17. 两块表面干净的铅块压紧后可以结合在一起，甚至能吊起重物，说明分子间存在________；固体很难被压缩，说明分子间存在________。 18. 冬天双手相互摩擦可以取暖，是通过________的方式改变内能；用热水袋取暖，是通过________的方式改变内能。两种方式在改变内能上是________的。 19. 水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)，其物理意义是：质量为________的水，温度升高________时吸收的热量为________。 20. 质量为2kg的水，温度从20℃升高到70℃，需要吸收________J的热量；若水吸收的热量由酒精完全燃烧提供，不计热量损失，需要完全燃烧________kg酒精。（酒精热值q=3.0×107J/kg） 21. 在汽油机的压缩冲程中，________能转化为________能；在做功冲程中，________能转化为________能。 22. 燃料完全燃烧放出的热量计算公式：Q放=________；热机效率的计算公式η=________×100%。 23. 能量在转化和转移的过程中，总量保持________，这就是能量守恒定律；能量的转化和转移具有________性。 三、简答题（本大题共2小题，共8分） 24. 为什么沿海地区昼夜温差较小，内陆地区昼夜温差较大？ 25. 简述汽油机和柴油机的两点主要区别。 四、实验探究题（本大题共3小题，共26分） 26. 如图所示，是探究“不同物质吸热能力”的实验装置，取质量相同的水和煤油，用两盏同样的酒精灯加热。 （1）实验中控制水和煤油的________、初温相同，通过________（选填“加热时间”或“升高温度”）比较物质吸收热量的多少。 （2）加热相同时间，煤油升温更快，说明________的吸热能力更强，比热容更大。 （3）实验中若要使水和煤油升高相同的温度，________需要的加热时间更长，吸收的热量更多。 （4）该实验运用的主要实验方法是________和转换法。 27. 用如图所示的方法可以探究做功是否能够改变物体的内能： 如图1，将手中的铁丝同一位置快速地弯折十余次，用手指触摸一被弯折的部位，会感觉到弯折部位的 ______升高，表明铁丝的内能 ______；如图2，在厚壁的玻璃筒底部放一小撮干燥的棉絮，用力将活塞压下，我们会看到：棉絮 ______了，这表明用力压下活塞时，玻璃筒内的温度 ______并达到棉絮的 ______，所以出现了我们所看到的现象。 上述的这两个现象都说明了 ______是改变物体内能的另一种方式。用能量的观点来分析上述的两个现象，我们发现，用这种方法改变物体的内能时，能量是在 ______能和 ______能之间相互转化的。 28. 如图所示，在三个相同的烧杯里，分别装入温度相同的水和煤油，用同样的酒精灯分别对它们加热，实验数据如下表： 实验序号 物质 质量（g） 初温（℃） 末温（℃） 加热时间（min） 1 水 50 25 40 4 2 水 100 25 40 8 3 煤油 50 25 40 2 4 煤油 50 25 50 4 （1）分析1、2两组数据可以看出：对于 不同的同种物质，升高相同的温度，而 不同．由此说明了物体吸收的热量与 有关； （2）分析上面表格中的数据，从 两组数据可以看出：质量相同的不同物质，升高相同的温度而加热时间不同．由此说明了物体吸收的热量与物质的种类有关； （3）在此探究实验中，我们用了物理探究实验中常用的一种方法，此方法是 。 五、计算题（本大题共2小题，共16分） 29. 质量为5kg的冷水，温度为10℃，吸收了8.4×105J的热量后，温度升高到多少摄氏度？[c水=4.2×103J/(kg·℃)] 30. 一台汽油机完全燃烧0.2kg汽油，对外输出有用机械能。已知汽油热值，求： （1）0.2kg汽油完全燃烧放出的热量； （2）该汽油机的工作效率。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026-2027学年度上学期九年级第一次月考 物理试题 考生注意： 1．全卷共五道大题，总分100分，考试时间60分钟； 2．本试卷分为试题卷和答题卡两部分，所有答案均需写在答题卡上，写在试题卷上无效； 3．答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡相应位置； 4．字迹工整，卷面整洁，认真审题，规范作答。 一、选择题（本大题共15小题，每小题2分，共30分） 1. 下列常见生活现象中，能说明分子在不停地做无规则运动的是（　　） A. 春风拂面，柳絮纷飞 B. 秋日落叶，随风飘落 C. 花香四溢，沁人心脾 D. 细雨绵绵，水雾缭绕 【答案】C 【解析】 【详解】A．柳絮是宏观固体小颗粒，柳絮纷飞属于机械运动，故A不符合题意； B． 落叶是宏观物体，随风飘落属于机械运动，故B不符合题意； C．花香四溢是花香分子的扩散现象，能说明分子在不停地做无规则运动，故C符合题意； D．细雨、水雾是宏观小液滴，水雾缭绕属于机械运动，故D不符合题意。 故选C。 2. 关于分子动理论和内能，下列说法正确的是（　　） A. 固体分子之间只有引力，没有斥力 B. 温度越低，物体内部分子无规则运动越剧烈 C. 0℃的冰块没有内能 D. 分子间的引力和斥力同时存在 【答案】D 【解析】 【详解】AD．由分子动理论可知，分子间的引力和斥力同时存在，故A错误，D正确； B．分子无规则运动的剧烈程度与温度有关，温度越高，分子运动越剧烈，故B错误； C.．内能是物体内所有分子动能和分子势能的总和，一切物体在任何温度下都具有内能，故C错误。 故选D。 3. 下列实例中，通过做功的方式改变物体内能的是（　　） A. 晒太阳取暖 B. 搓手取暖 C. 烤火御寒 D. 喝热水暖身 【答案】B 【解析】 【详解】ACD．晒太阳取暖、烤火御寒、喝热水暖身均是通过热量从高温物体转移到低温物体的方式改变内能，属于热传递，故ACD不符合题意； B．搓手取暖时克服摩擦力做功，机械能转化为内能，属于做功改变物体内能，故B符合题意。 故选B。 4. 质量相等的水和食用油，吸收相同的热量后，食用油升温更快，这是因为（　　） A. 食用油的比热容更大 B. 食用油的吸热能力更强 C. 水的比热容更大 D. 水的吸热速度更慢 【答案】C 【解析】 【详解】由吸热公式，变形得，水和食用油的质量和吸收的热量都相同，食用油升温快，说明食用油的比热容小，吸热能力弱，而水的比热容大，吸热能力强，故选C。 5. 关于比热容，下列说法正确的是（　　） A. 物体的质量越大，比热容越大 B. 物体吸收的热量越多，比热容越大 C. 比热容是物质的一种特性，与质量、吸热无关 D. 高温物体的比热容大于低温物体 【答案】C 【解析】 【详解】比热容是物质本身的一种固有特性，它只与物质的种类、状态有关，与物体的质量、吸收热量的多少、温度的高低都没有关系，故选C。 6. 冬天暖气系统用水作为传热介质，主要是利用水的（　　） A. 密度大 B. 比热容大 C. 沸点高 D. 凝固点低 【答案】B 【解析】 【详解】根据放热公式，当质量、降低的温度相同时，水的比热容大，放出的热量更多，供热效果更好。故选B。 7. 下列关于热值的说法正确的是（　　） A. 燃料燃烧越充分，热值越大 B. 燃料的质量越大，热值越大 C. 热值是燃料本身的特性，与燃烧情况、质量无关 D. 煤的热值大于干木柴，燃烧煤放出的热量一定更多 【答案】C 【解析】 【详解】ABC．热值是燃料本身的固有特性，它只和燃料的种类有关，和燃料的质量大小、燃烧是否充分都没有关系，故AB错误，C正确； D．燃料燃烧放出的热量不仅和热值有关，还和燃料的实际质量、燃烧情况有关，仅煤的热值更大，无法确定燃烧煤放出的热量一定比干木柴多，故D错误。 故选C。 8. 在汽油机的工作循环中，将内能转化为机械能，对外提供动力的冲程是（　　） A. 吸气冲程 B. 压缩冲程 C. 做功冲程 D. 排气冲程 【答案】C 【解析】 【详解】在汽油机的工作循环中，做功冲程将内能转化为机械能，提供动力，压缩冲程将机械能转化为内能，故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 9. 四冲程汽油机一个工作循环中，曲轴转动圈数、对外做功次数分别是（　　） A. 1圈，1次 B. 2圈，1次 C. 2圈，2次 D. 4圈，1次 【答案】B 【解析】 【详解】四冲程汽油机1个工作循环中，完成四个冲程，活塞往复运动两次，曲轴转动2圈，仅做功冲程对外做功，总做功次数为1次，故选B。 10. 下列措施中，能提高热机效率的是（　　） A. 增加热机的工作时间 B. 更换热值更高的燃料 C. 减少热机废气带走的热量 D. 增大热机的功率 【答案】C 【解析】 【详解】热机效率公式为，其中为热机做的有用功，为燃料完全燃烧放出的总热量。 A．延长工作时间只会增加热机消耗的总能量和做的总有用功，但不会改变有用功占燃料完全燃烧释放总能量的比例，故A错误； B．燃料热值是单位质量燃料完全燃烧放出的热量，使用高热值燃料只能让相同质量的燃料释放的总热量更多，不能提升有用功占总能量的比值，故B错误； C．废气带走的热量是热机工作中能量损失的主要部分之一，减少这部分额外损耗的能量，就可以提升有用功占燃料燃烧释放总能量的比例，能够提高热机效率，故C正确； D．功率是反映热机做功快慢的物理量，和能量的利用率没有关系，增大功率完全不影响热机效率的大小，故D错误。 故选C。 11. 下列能量转化过程中，属于机械能转化为内能的是（　　） A. 燃气推动活塞做功 B. 钻木取火 C. 太阳能热水器加热水 D. 电灯发光发热 【答案】B 【解析】 【详解】A. 燃气推动活塞做功，内能转化为机械能，故A不符合题意； B. 钻木取火时克服摩擦做功，机械能转化为内能，故B符合题意； C. 太阳能热水器加热水是太阳能转化为水的内能，故C不符合题意； D. 电灯发光发热是电能转化为光能和内能，故D不符合题意。 故选B。 12. 一杯热水逐渐变凉，在此过程中（　　） A. 水的内能减小，温度降低 B. 水的内能不变，温度降低 C. 水的内能减小，温度不变 D. 水含有的热量逐渐减少 【答案】A 【解析】 【详解】ABC．同一杯水质量不变，热水变凉过程中温度降低，同一物体质量不变时，温度越低内能越小，可得水的内能减小、温度降低，故A符合题意，BC不符合题意； D．热量是热传递过程中的过程量，不能表述为物体“含有”热量，故D不符合题意。 故选A。 13. 甲、乙两种物质质量相同，吸收热量之比为2∶1，升高温度之比为1∶2，则甲乙比热容之比为（　　） A. 1∶1 B. 2∶1 C. 4∶1 D. 1∶4 【答案】C 【解析】 【详解】根据比热容公式，甲乙比热容之比为 代入已知比值、、，得 故选C。 14. 关于温度、内能、热量三者的关系，下列说法正确的是（　　） A. 物体温度升高，一定吸收了热量 B. 物体内能增加，温度一定升高 C. 物体温度不变，内能一定不变 D. 物体温度升高，内能一定增加 【答案】D 【解析】 【详解】A．改变物体内能的方式有做功和热传递两种，物体温度升高，内能增大，可能是外界对物体做功，也可能是吸收热量，故A错误； B．在晶体熔化过程中，吸收热量、内能增加，但温度保持不变，故B错误； C．由晶体熔化的规律可知，物体温度不变时，也可能因持续吸热导致内能增加，故C错误； D．同一物体质量固定，温度升高时分子无规则运动加剧，分子动能增大，内能一定增加，故D正确。 故选 D。 15. 一台四冲程汽油机的转速为2400r/min，则每秒对外做功的次数为（　　） A. 20次 B. 40次 C. 60次 D. 80次 【答案】A 【解析】 【详解】四冲程汽油机的1个完整工作循环中，飞轮转动2圈，依次完成吸气、压缩、做功、排气4个冲程，仅在做功冲程对外做功1次。 每秒飞轮转动的圈数为圈。 根据四冲程的工作规律，每2圈对应1次对外做功，因此每秒对外做功的次数为次。故选A。 二、填空题（本大题共8小题，每空1分，共20分） 16. 春暖花开，百花飘香，这是________现象，说明分子在________；气温越高，花香越浓，说明温度越高，分子运动越剧烈。 【答案】 ①. 扩散 ②. 不停地做无规则运动 【解析】 【详解】不同物质相互接触时彼此进入对方的现象叫做扩散，百花飘香是花香分子扩散到空气中被人闻到的现象，这一现象直接说明分子在永不停息地做无规则运动。 17. 两块表面干净的铅块压紧后可以结合在一起，甚至能吊起重物，说明分子间存在________；固体很难被压缩，说明分子间存在________。 【答案】 ①. 引力 ②. 斥力 【解析】 【详解】当两块表面干净的铅块压紧后，铅块的分子间距缩小到分子间作用力的作用范围内，分子间的相互吸引作用会让两块铅结合成整体，甚至可以承受下方重物的拉力，这一现象说明分子间存在引力。 固体被压缩时，分子间距被迫减小到很小的范围，分子间会产生相互排斥的作用来阻碍体积被进一步压小，因此固体很难被压缩，这说明分子间存在斥力。 18. 冬天双手相互摩擦可以取暖，是通过________的方式改变内能；用热水袋取暖，是通过________的方式改变内能。两种方式在改变内能上是________的。 【答案】 ①. 做功 ②. 热传递 ③. 等效 【解析】 【详解】双手相互摩擦时，克服摩擦力做功，将机械能转化为内能，因此是通过做功的方式改变内能； 热水袋温度高于人体，热量从热水袋转移到人体，这是热传递的改变内能方式。 做功和热传递都可以实现物体内能的改变，达到的增温效果是一致的，二者在改变内能上是等效的。 19. 水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)，其物理意义是：质量为________的水，温度升高________时吸收的热量为________。 【答案】 ①. 1kg ②. 1℃ ③. 4.2×103J 【解析】 【详解】略 20. 质量为2kg的水，温度从20℃升高到70℃，需要吸收________J的热量；若水吸收的热量由酒精完全燃烧提供，不计热量损失，需要完全燃烧________kg酒精。（酒精热值q=3.0×107J/kg） 【答案】 ①. ②. 0.014## 【解析】 【详解】水吸收的热量为 因不计热量损失，故酒精完全燃烧放出的热量，需要完全燃烧酒精的质量为 21. 在汽油机的压缩冲程中，________能转化为________能；在做功冲程中，________能转化为________能。 【答案】 ①. 机械 ②. 内 ③. 内 ④. 机械 【解析】 【详解】[1][2]在汽油机的压缩冲程中，靠飞轮的惯性活塞对气体压缩做功，将机械能转化为内能。 [3][4]在做功冲程中，高温高压的燃气膨胀，对外做功将内能转化为机械能。 22. 燃料完全燃烧放出的热量计算公式：Q放=________；热机效率的计算公式η=________×100%。 【答案】 ①. mq ②. 【解析】 【详解】略 23. 能量在转化和转移的过程中，总量保持________，这就是能量守恒定律；能量的转化和转移具有________性。 【答案】 ①. 不变 ②. 方向 【解析】 【详解】略 三、简答题（本大题共2小题，共8分） 24. 为什么沿海地区昼夜温差较小，内陆地区昼夜温差较大？ 【答案】见解析 【解析】 【详解】沿海地区，水多；内陆地区水少、沙石多，因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小。 25. 简述汽油机和柴油机的两点主要区别。 【答案】①吸气冲程：汽油机吸入汽油和空气的混合物，柴油机只吸入空气；②点火方式：汽油机是点燃式，柴油机是压燃式。（任意两点即可） 【解析】 【详解】略 四、实验探究题（本大题共3小题，共26分） 26. 如图所示，是探究“不同物质吸热能力”的实验装置，取质量相同的水和煤油，用两盏同样的酒精灯加热。 （1）实验中控制水和煤油的________、初温相同，通过________（选填“加热时间”或“升高温度”）比较物质吸收热量的多少。 （2）加热相同时间，煤油升温更快，说明________的吸热能力更强，比热容更大。 （3）实验中若要使水和煤油升高相同的温度，________需要的加热时间更长，吸收的热量更多。 （4）该实验运用的主要实验方法是________和转换法。 【答案】（1） ①. 质量 ②. 加热时间 （2）水 （3）水 （4）控制变量法 【解析】 【小问1详解】 探究不同物质的吸热能力时，由控制变量法可知，需控制水和煤油的质量、初温相同；实验使用相同的酒精灯加热，相同时间内两种物质吸收的热量相等，因此可以将吸收热量的多少转换为加热时间的长短来比较，这是转换法的应用。 【小问2详解】 加热相同时间则水和煤油吸收的热量相等，煤油升温快，说明相等质量的水和煤油吸收相等的热量时，水的温度升高更慢，则水的吸热能力更强。 【小问3详解】 水的吸热能力更强，因此要让等质量的水和煤油升高相同温度，水需要吸收更多的热量，则对应的加热时间更长。 【小问4详解】 实验中控制其他变量不变，只改变物质种类来探究不同物质的吸热能力，运用了控制变量法。 27. 用如图所示的方法可以探究做功是否能够改变物体的内能： 如图1，将手中的铁丝同一位置快速地弯折十余次，用手指触摸一被弯折的部位，会感觉到弯折部位的 ______升高，表明铁丝的内能 ______；如图2，在厚壁的玻璃筒底部放一小撮干燥的棉絮，用力将活塞压下，我们会看到：棉絮 ______了，这表明用力压下活塞时，玻璃筒内的温度 ______并达到棉絮的 ______，所以出现了我们所看到的现象。 上述的这两个现象都说明了 ______是改变物体内能的另一种方式。用能量的观点来分析上述的两个现象，我们发现，用这种方法改变物体的内能时，能量是在 ______能和 ______能之间相互转化的。 【答案】 ①. 温度 ②. 变大 ③. 着火 ④. 升高 ⑤. 着火点 ⑥. 做功 ⑦. 机械 ⑧. 内 【解析】 【分析】 【详解】[1][2]将手中的铁丝在同一位置快速地弯折十余次，手对铁丝做了功，铁丝的内能增大，温度升高； [3][4][5]用力将活塞压下，活塞对空气做功，空气的内能增大，温度升高，达到了棉花的着火点，棉花就会燃烧， [6][7][8]上述两种办法都是通过对物体做功来增大物体内能的，做功改变物体内能的实质就是机械能和内能的相互转化。 28. 如图所示，在三个相同的烧杯里，分别装入温度相同的水和煤油，用同样的酒精灯分别对它们加热，实验数据如下表： 实验序号 物质 质量（g） 初温（℃） 末温（℃） 加热时间（min） 1 水 50 25 40 4 2 水 100 25 40 8 3 煤油 50 25 40 2 4 煤油 50 25 50 4 （1）分析1、2两组数据可以看出：对于 不同的同种物质，升高相同的温度，而 不同．由此说明了物体吸收的热量与 有关； （2）分析上面表格中的数据，从 两组数据可以看出：质量相同的不同物质，升高相同的温度而加热时间不同．由此说明了物体吸收的热量与物质的种类有关； （3）在此探究实验中，我们用了物理探究实验中常用的一种方法，此方法是 。 【答案】（1）质量；吸收的热量；质量 （2）1、3 （3）控制变量法 【解析】 【详解】（1）1、2都是水且初温和末温相同，加热时间不同，说明同种物质，升高相同的温度，质量越大，吸热越多。 （2）表格中的数据知：1、3两次实验，水和煤油的质量相等，升高的温度相等，水的加热时间长，煤油的加热时间短；水和煤油加热时间不同，说明了它们吸收的热量不同。由此得出：质量相等的不同物质升高相同的温度，吸收的热量不同。 （3）在探究有多个变化因素的问题时，只让其中一个因素发生变化，保持其它因素不变，这种方法叫 控制变量法。 五、计算题（本大题共2小题，共16分） 29. 质量为5kg的冷水，温度为10℃，吸收了8.4×105J的热量后，温度升高到多少摄氏度？[c水=4.2×103J/(kg·℃)] 【答案】50℃ 【解析】 【详解】水升高的温度 水的最终温度 30. 一台汽油机完全燃烧0.2kg汽油，对外输出有用机械能。已知汽油热值，求： （1）0.2kg汽油完全燃烧放出的热量； （2）该汽油机的工作效率。 【答案】（1） （2）30% 【解析】 【小问1详解】 汽油完全燃烧放热 【小问2详解】 汽油机效率 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $