新疆乌鲁木齐市乌鲁木齐县2026-2027学年高一上学期11月月考模拟物理练习卷

2026-2027学年度乌鲁木齐县高一物理11月月考模拟练习卷 考试范围：必修一第三章、第四章 本卷满分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1. 答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2. 回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3. 考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 第I卷（选择题） 一、单选题（共40分） 1．（本题4分）一个物体所受的重力在下列情形下要发生变化的有（　　） A．把它在地面上浸入水中 B．把它竖直上抛，在它向上运动的过程中 C．把它从赤道拿到南极 D．把它置于向上加速运动的电梯内 2．（本题4分）如图所示，一物块静止于固定斜面上，则（　　） A．物块一定受3个力的作用 B．物块可能受2个力的作用 C．物体一定受到沿斜面向下的静摩擦力 D．物体一定不受摩擦力 3．（本题4分）结合课本和生活中出现的以下情景，下列说法正确的是（　　） A．图甲中木块对托盘的压力就是木块的重力 B．图乙中伽利略利用该实验说明了“力是改变物体运动状态的原因” C．图丙中A同学推动B同学时，A对B的作用力大于B对A的作用力 D．图丁中把匀变速直线运动的图像分成很多小段，每小段近似看作匀速直线运动，把各小段的位移相加代表物体在内总位移，采用了“微元法” 4．（本题4分）小娟、小明两人共提一桶水匀速前行，如图所示，已知两人手臂上的拉力大小相等且为F，两人手臂间的夹角为θ，水和水桶的总重力为G，则下列说法中正确的是（　　） A．当θ为120°时，F＝G B．不管θ为何值，均有 C．当θ＝60°时， D．θ越大时，F越小 5．（本题4分）《史记·项羽本纪》记载，项羽“长八尺余，力能扛鼎，才气过人”。若项羽站在水平地面上将巨鼎缓慢举起，则在该过程中，关于项羽对地面的压力大小，下列说法正确的是（　　） A．一直不变 B．先增大后减小 C．先减小后增大 D．先增大后不变 6．（本题4分）下列有关惯性的一些说法，正确的是（　　） A．质量大的物体惯性也大 B．速度大的物体惯性也大 C．在月球上举重比在地球上容易，所以同一个物体在月球上比在地球上惯性小 D．物体静止时有惯性，一开始运动，不再保持原有的运动状态，也就失去了惯性 7．（本题4分）一个物体在几个力的共同作用下处于静止状态，现让力F1逐渐减小到零再逐渐恢复到原来的值（其余力保持不变），下列图像可能正确的是： A． B． C． D． 8．（本题4分）如图所示，已知M>m，不计滑轮及绳子的质量，物体M和m恰好做匀速运动，若将M与m互换，M、m与桌面的动摩擦因数相同，则（　　） A．物体M与m仍做匀速运动 B．物体M与m做加速运动，加速度 C．物体M与m做加速运动，加速度 D．绳子中张力变大 9．（本题4分）某同学设计制作了一个“电梯加速度测量仪”，其结构如图所示。一根轻弹簧上端固定在电梯厢顶部，在弹簧旁竖直固定一根直尺，弹簧下端挂一个质量为0.1kg的重物，重物静止时弹簧的伸长量∆x=2.00cm，指针指在O点。已知图中OM、ON的实际长度均为1.00cm，规定竖直向下为正方向，取重力加速度g=10m/s2，不计空气阻力。下列说法正确的是（　　） A．若指针指在OM之间某点时，重物处于失重状态 B．若指针指在ON之间某点时，电梯可能在加速上升 C．M点应标记的加速度值为-5m/s2 D．该测量仪上的刻度所对应加速度的值是不均匀的 10.如图所示,质量分别为mA、mB的A、B两物块用轻线连接,放在倾角为θ的斜面上,用始终平行于斜面向上的拉力F拉A,使它们沿斜面匀加速上升,A、B与斜面间的动摩擦因数均为μ。为了增加轻线上的拉力,可行的办法是(　　) A.减小A物块的质量 B.增大B物块的质量 C.增大倾角θ D.增大动摩擦因数μ 第II卷（非选择题） 二、实验题（共18分） 11．（本题6分）某同学选取甲、乙两根弹簧，探究弹力和弹簧伸长量的关系，根据测得的数据绘出如图所示的图像，从图像上看： （1）甲弹簧的劲度系数___；当乙弹簧弹力为3N时，该弹簧伸长______cm。 （2）若用乙弹簧制成弹簧秤，则这个弹簧秤的量程不能超过________N。 12．（本题6分）如图为“用DIS（位移传感器、数据采集器、计算机）研究加速度和力的关系”的实验装置。 （1）在该实验中必须采用控制变量法，应保持___________不变，用钩码所受的重力作为合外力，用DIS测小车的加速度。 （2）改变所挂钩码的数量，多次重复测量。在某次实验中根据测得的多组数据可画出a-F关系图线（如图所示）。 ①    分析此图线的OA段可得出的实验结论是__________。 ②（单选题）此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是( ) A．小车与轨道之间存在摩擦      B．导轨保持了水平状态 C．所挂钩码的总质量太大          D．所用小车的质量太大 13．（本题6分）某同学利用如图所示的装置来验证力的平行四边形定则。在竖直木板上铺有白纸，固定两个光滑的滑轮A和B，将绳子打一个结点O，每个钩码的质量相等，当系统达到平衡时，根据钩码个数读出三根绳子的拉力F1、F2、F3，回答下列问题。 （1）改变钩码个数，实验能完成的是( ) A．N1 = N2 = 2，N3 = 4 B．N1 = N3 = 3，N2 = 7 C．N1 = 3，N2 = 5，N3 = 6 D．N1 = 3，N2 = 5，N3 = 9 （2）在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是( ) A．标记结点O的位置，并记录OA、OB、OC三段绳子的方向 B．量出OA、OB、OC三段绳子的长度 C．用量角器量出三段绳子之间的夹角 D．用天平测出钩码的质量 （3）在作图时，你认为图中___________（选填“甲”或“乙”）是正确的。 三、解答题（共42分） 14．（本题7分）把木块放在水平桌面上，用弹簧测力计沿水平方向向右拉木块，如图所示． 当测力计的示数为1 N时，木块没有动；逐渐增大拉力到2 N 时，木块仍静止；继续增大拉力到4 N时，木块开始运动，此时拉力突然变小到3.8 N，此后木块匀速运动，拉力保持3.8 N不变． （1）木块受到的拉力为1 N时，有相对桌面运动的趋势但没有运动，说明什么呢？ （2）随着外力的增大，静摩擦力有什么变化？当变为滑动摩擦力时，摩擦力为什么又变小了？ 15．（本题7分）如图所示，质量为30kg的小孩坐在质量为10kg的雪橇上，大人用与水平方向成37º斜向上的大小为100N的拉力拉雪橇，使雪橇沿水平地面做匀速直线动，（sin37°=0.6，cos37°=0.8）g取。 （1）把小孩和雪橇看成一个整体，画出整体受力示意图； （2）求雪橇给地面的压力和摩擦力？ （3）求雪橇与地面间的动摩擦因数（保留两位有效数字）? 16．（本题7分）如图所示，沿倾角为θ的斜面向上拉一个质量为m的方木箱，拉力F与斜面平行，木箱与斜面的动摩擦因数为μ，木箱沿斜面向上运动的距离为s。（从静止加速运动） （1）画出木箱所受到的力的示意图。 （2）写出合力的表达式。 （3）求木箱通过距离s所用的时间t。 17．（本题7分）据报载，我国自行设计生产运行速度可达v＝150m/s的磁悬浮飞机。假设“飞机”的总质量m＝5t，沿水平直轨道以a＝1m/s2的加速度从静止做匀加速起动至最大速度，忽略一切阻力的影响，（重力加速度g＝10m/s2）求： （1）“飞机”所需的动力F （2）“飞机”起动至最大速度所需的时间t 18．（本题7分）如图所示，足够长的斜坡与水平面在 P 点平滑连接，距P 点 的水平面上固定一挡板。0时刻时，质量m=1kg的小物体从图示位置在平行于斜坡的外力。 作用下加速运动，到达 P 点时撤去 F，此时物体的速度 。已知小物体与斜坡、水平面间的动摩擦因数均为 ，小物体经过P 点前后速度大小不变，小物体与挡板碰撞后反向弹回，碰撞前后速度大小不变。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取 。请回答下列问题： (1)小物体在力 F 的作用下在斜坡上下滑时的加速度大小a； (2)小物体与挡板碰撞的时刻t； (3)小物体最终停止运动的位置距 P 点的距离x。 19．（本题7分）如图所示一足够长的斜面，倾角为，斜面与水平面平滑连接，质量的物体静止于水平面上的点，点与点之间的距离，物体与水平面和斜面间的动摩擦因数均为，现物体受到一水平向右的恒力作用，运动至点时撤去该力，（，，取）则： (1)物体在恒力作用下运动时的加速度是多大？ (2)物体到达点时的速度是多大？ (3)物体沿斜面向上滑行的最远距离是多少？ 第1页（共4页） ◎ 第2页（共4页） 第1页（共4页） ◎ 第2页（共4页） 学科网（北京）股份有限公司 《2026-2027学年度乌鲁木齐县高一物理11月月考模拟练习卷》参考答案 1．C 【详解】ABD．在地球上同一位置，重力加速度不变，故把物体在地面上浸入水中，把物体竖直上抛过程或把物体置于向上加速运动的电梯中，物体的重力均不变，ABD错误； C．把它从赤道拿到南极，由于重力加速度变化，故重力发生变化，C正确。 故选C。 2．A 【详解】物块一定受到重力和斜面的支持力，且由于物块有沿斜面向下滑动的趋势，所以还一定受到沿斜面向上的静摩擦力。故A正确，BCD错误。 故选A。 3．D 【详解】A．图甲中木块对托盘的压力作用在托盘上，而木块的重力作用在木块上，且压力和重力的性质不同，故A错误； B．图乙中伽利略利用该实验说明了“力不是维持物体运动状态的原因”，故B错误； C．图丙中A同学推动B同学时，A对B的作用力与B对A的作用力是一对相互作用力，大小相等，故C错误； D．图丁中把匀变速直线运动的图像分成很多小段，每小段近似看作匀速直线运动，把各小段的位移相加代表物体在内总位移，采用了“微元法”，故D正确。 故选D。 4．A 【详解】ABC．两分力相等，由力的合成可知，θ＝120°时 F＝F合＝G 当θ＝60°时，可求得 故A正确，BC错误； D．依题意，当两分力F相等，合力一定时，θ越大，则分力F越大，故D错误。 故选A。 5．D 【详解】当项羽缓慢举起巨鼎时，初始阶段，巨鼎从静止在地面到被向上举起，巨鼎对地面的压力逐渐减小，而项羽自身重力不变，此时整体（项羽和巨鼎）对地面的压力等于项羽的重力加上巨鼎对地面的压力，所以整体对地面的压力逐渐增大；后续阶段，巨鼎被完全举起后，巨鼎不再对地面有压力，整体对地面的压力就等于项羽的重力与巨鼎的重力之和，保持不变。 故选D。 6．A 【详解】AB．物体具有保持原有运动状态的性质叫惯性，惯性是物体的固有属性，与运动状态无关，只与质量有关，故A正确，B错误； C．在月球上举重比在地球上容易，是因为物体受到的引力小，但物体的质量没有变化，所以惯性不变，故C错误； D．物体不论在何种运动状态下均有惯性，只是在不受外力处于静止或匀速直线运动时表现为保持，受外力时表现为反抗，在故D错误。 故选A。 7．B 【详解】ABC．依题，原来物体在多个力的作用下处于静止状态，物体所受的合力为零，使其中的一个力保持方向不变、大小逐渐减小到零，然后又从零逐渐恢复到原来的大小的过程中，物体的合力从开始逐渐增大，又逐渐减小恢复到零，物体的加速度先增大后减小，物体先做加速度增大的加速运动，后做加速度减小的加速运动。根据速度图象的斜率等于加速度可知，速度图象的斜率先增大后减小，所以AC错误，B正确。 D．物体的速度一直变大，则位移时间图像的斜率一直变大，选项D错误； 故选B。 8．C 【详解】ABC．当物体和恰好做匀速运动，对，水平方向受到绳子的拉力和地面的摩擦力，得 所以 若将与互换，则对 对，则 得 故AB错误、C正确； D．绳子中的拉力 所以绳子中张力不变。故D错误。 故选C。 9．C 【详解】A．重物静止时弹簧的伸长量为∆x，可得 若指针指在OM之间某点时，弹簧的伸长量增大，弹簧弹力大于物体重力，物体有向上的加速度，被测物体处于超重状态，故A错误； B．若指针指在ON之间某点时，弹簧的伸长量减小，弹簧弹力小于物体重力，物体有向下的加速度，被测物体处于失重状态，被测物体可能在减速上升，故B错误； C．指针指在M点时，有 代入数据解得 故C正确； D．设O点至指针所指位置的位移为x，可得 可得 故该测量仪上的刻度所对应加速度的值是均匀的，故D错误。 故选C。 10.AB 【详解】对A、B组成的系统应用牛顿第二定律得F-(mA+mB)gsin θ-μ(mA+mB)gcos θ=(mA+mB)a,隔离物块B,应用牛顿第二定律得FT-mBgsin θ-μmBgcos θ=mBa。以上两式联立可解得FT=,由此可知,FT的大小与θ、μ无关,mB越大FT越大,mA越小FT越大,故选项A、B均正确。 11． 150 6 4 【详解】（1）[1]根据胡克定律 可得甲弹簧的劲度系数为 [2]乙弹簧的劲度系数为 当乙弹簧弹力为3N时，该弹簧伸长量为 （2）[3]若用乙弹簧制成弹簧秤，由图像可知，当弹力大于时，弹力与伸长量不再成正比关系，故则这个弹簧秤的量程不能超过。 12． 小车的总质量 质量不变的条件下，加速度与合力成正比 C 【详解】（1）[1]在探究加速度与力的关系时，应保持小车的总质量不变； （2）① [2]OA是过原点的倾斜直线，所以是在质量不变的条件下，加速度与合力成正比； ② [3]此图线的AB段明显偏离直线，说明不满足钩码质量远小于小车总质量的条件，不能用钩码所受的重力作为合外力，ABD错误，C正确。 故选C。 13． C A 甲 【详解】（1）[1]要使结点O处于平衡状态，三根绳子的拉力F1、F2、F3的合力应为零，在力之间有夹角的情况下，应使其中一个力的大小处在另外两个力之差与之和的范围内。 故选C。 （2）[2]A．在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是标记结点O的位置，并记录OA、OB、OC三段绳子的方向，A正确； BC．OA、OB、OC三段绳子的长度和三段绳子之间的夹角不必测量，BC错误； D．由于每个钩码质量相同，三个力的大小可以用钩码重力的倍数来表示，故不需要测出钩码的质量，D错误。 故选A。 （3）[3]由于绳子OC段的拉力一定竖直向下，故F3方向一定竖直向下，可知甲图正确。 故选甲。 14．（1）见解析；（2）见解析；见解析 【详解】（1）说明桌面对木块施加了一个与拉力方向相反、大小也为1 N的力，这个力就是桌面对木块的静摩擦力． （2）静摩擦力的大小随着外力的增大而增大，但有一个最大值．这个最大值比滑动摩擦力稍微大一些． 15．（1）；（2）340N，方向：竖直向下；80N，方向：水平向右；（3）0.24 【详解】（1）对小孩和雪橇整体受力分析如图所示：小孩和雪橇整体重力，地面对它们的支持力，滑动摩擦力，大人的拉力。 （2）建立直角坐标系如图，小孩和雪橇整体匀速运动，则有 竖直方向上 解得 根据牛顿第三定律，雪橇给地面的压力大小为340N，方向竖直向下。 水平方向 可得 根据牛顿第三定律，雪橇给地面的摩擦力大小为80N，方向水平向右。 （3）根据 解得 16．（1） ；（2）Fx=FN−mgcosθ=0，Fy=F−mgsinθ−μmgcosθ；（3） 【详解】解：（1）木箱受到重力mg、拉力F、摩擦力Ff、斜面支持力FN，木箱所受到的力的示意图，如图所示， （2）用正交分解法求解，建立平面直角坐标系，垂直斜面向上为x轴；沿斜面向上为y轴，合力的表达式：在垂直斜面方向的合力 Fx=FN−mgcosθ=0 在沿斜面方向的合力 Fy=F−Ff=F−mgsinθ−μmgcosθ （3）木箱沿斜面运动的加速度，由牛顿第二定律得 木箱通过距离s所用的时间，由位移公式，可得 17．（1）5000N；（2）150s 【详解】（1）由牛顿第二定律得“飞机”所需的动力 （2）从起动至最大速度所需时间 18．(1) (2) (3) 【详解】（1）由牛顿第二定律可得，小物体下滑时有 代入题中数据解得 （2）小物体沿斜坡下滑所用的时间 设小物体在水平面上运动时的加速度大小为，由牛顿第二定律可得 解得 设小物体在水平面运动时间为，由运动学公式有 代入数据解得，（舍去） 则小物体与挡板碰撞的时刻 （3）物体在水平面上运动的过程中，设物体回到P点时速度为，由速度位移关系可得 物体沿坡上滑的过程中，设加速度大小为，由牛顿第二定律可得 代入数据解得 由于，所以物体减速到零后将停止在斜坡上，则有 联立代入数据解得 19．(1)；(2)；(3) 【详解】(1)在水平面上，根据牛顿第二定律可知 解得 (2)由到，根据运动学公式可知 解得 (3)在斜面上，根据牛顿第二定律可得 代入数据解得加速度的大小为 逆向分析可得 解得 答案第1页（共2页） 答案第1页（共2页） 学科网（北京）股份有限公司 $