13 内能 单元练-2026-2027学年人教版九年级物理全一册

13章典型易错题 1．规格相同的甲乙两容器装了相同质量的水，用不同的电加热器加热，忽略散热，得到的水温与时间的图线如图所示，下列说法正确的是（     ） A．加热相同的时间，两杯水升高的温度相同 B．加热相同的时间，两杯水吸收的热量相同 C．吸收相同的热量，甲杯水升温比乙杯的多 D．甲杯水加热4 min与乙杯水加热7 min吸收的热量相同 2．如图甲、乙所示，在探究“不同物质吸热能力”的实验中，实验装置如图所示。 (1)在两个相同的烧杯中加入____________（选填“质量”或“体积”）相同的水和食用油； (2)用相同的电加热器对烧杯中的液体加热，当它们吸收相同热量时，通过比较________________________来判断吸热能力的强弱； (3)水和食用油温度随时间变化的图象如图丙所示。 ①根据图丙可判断出a物质是____________（填“水”或“食用油”）； ②在本实验中，为比较水和食用油吸热能力的大小，还可以采用的方法是升高相同的温度，通过记录________________________来进行比较。根据图丙可计算食用油的比热容为____________； (4)换用另外两种质量相同的液体A、B再次实验，通过实验记录数据如表格所示。AB两种液体，从开始加热到46℃，吸收热量的关系为________（选填“小于”“等于”或“大于”）； 加热时间/min 0 2 3 4 5 6 A的温度/℃ 30 38 42 46 50 54 B的温度/℃ 10 22 28 34 40 46 (5)A的比热容____________B的比热容（选填“小于”“等于”或“大于”）。 3．已知甲、乙两金属块比热容之比为1∶2，把它们都加热到100℃，然后分别投入到装有质量相同，初温都为20℃的A、B两杯水中，达到热平衡后，金属块甲使A杯的水温升高了20℃，金属块乙使B杯的水温升高了30℃。整个过程中不考虑热量损失，则___________。 4．某班同学利用图甲所示的实验装置探究水和煤油的吸热能力。 实验组别 液体 质量/g 初温/℃ 末温/℃ 加热时间/min 1 水 200 25 40 13.5 煤油 200 25 40 6.5 2 水 200 25 40 12 煤油 200 25 40 5.5 (1)在图甲中除了所给的实验器材外，还需要的测量工具有___________和___________，加热过程中，水和煤油吸收热量的多少是通过___________来判断的。 (2)实验中第1、2两个小组记录的实验数据如表，通过分析实验数据，可得出相同质量的水和煤油，___________，吸收的热量不同。 (3)图乙是第1组同学绘制的“吸收热量-时间”和“温度-时间”图像，能正确描述该实验真实情况的图像是___________（选填序号）。 (4)使质量相同的水升高相同的温度，加热时间应该相同，但1、2两组的同学在交流实验数据时发现：第1小组的加热时间明显偏长，其原因可能是___________。 (5)这两组同学对图甲的装置进行了改进，将分别装有水和煤油的试管放在同一个烧杯中用水加热，如图丙所示，而不是用两个酒精灯分别加热，这样做的好处是___________。 (6)若第3组没有改变实验装置，用图甲装置加热水，最后产生大量的气泡，而且在上升的过程中，体积越来越大，到水面破裂，发现温度计的示数还在不断的上升，这与他所学过的知识相违背，则他在实验过程中的不当操作可能是___________。 5．（多选）用相同规格的电加热器分别对质量均为240 g的水和乙液体同时加热（不计热量损失），如图是水和乙液体的温度随加热时间变化的图像，已知，c水>c乙，下列说法不正确的是（     ） A．图线是水的温度随加热时间变化图像 B．水的比热容表示水的温度升高1℃吸收的热量为 C．加热1 min，水吸收的热量为 D．乙液体的比热容为 6．由于怕饭菜太烫，来不及冷却而影响小红及时吃早餐，小红妈妈总是很早就起床了。为了让妈妈多睡一会儿，小红就想找到一种让物体快速冷却的方法。为此小红进行了如下实验。小红注意到妈妈是把饭菜放在空气中冷却的，而厨房中适合用来冷却的另一种物质就是水。水和空气哪个导热性更好呢？为此小红用两个相同的牛奶瓶，都装入热牛奶，一个放在温度与室温相同的水中，另一个就放在空气中，为了尽量减少其他因素的影响，她把两瓶都用木块垫起来，放在同一个桌面上，如图所示。实验时，她每隔一定时间记录一次甲、乙两温度计的示数，得到的数据如表所示。 时间/min 0 2 4 6 8 10 12 14 16 18 甲的示数/℃ 70 60 53 47 42 39 37 35 34 33 乙的示数/℃ 70 65 61 58 55 52 50 48 46 44 (1)对甲、乙两瓶中的牛奶，小红要控制它们哪些量相同？_________。 (2)小红通过实验，得到的正确结论是什么？_________。 (3)进一步分析表中甲的数据，小红又发现：在冷却过程中，牛奶冷却的快慢前后并不一致，是越来越_________的。小红由此推测：牛奶冷却的快慢还受到_________的影响。 (4)小红想用“冷却速度”来定量表示冷却的快慢程度，请你给物理量下个定义：_________叫作冷却速度。 7．探究“比较不同物质吸热能力”的实验，实验装置如图1所示。 加热时间/min 0 1 2 3 4 5 6 a的温度/℃ 20 24 28 32 36 40 44 b的温度/℃ 20 26 32 38 44 50 56 (1)实验中，在两烧杯中倒入质量相同的a和b两种液体，在两种液体都不沸腾的情况下，小明认为要使a和b升高相同的温度然后进行比较；小红认为要加热相同的时间然后进行比较。你认为可行的是________（选填“小明”、“小红”或“都可行”）。 (2)上表是小孟同学实验记录的数据： ①加热6min，a吸收的热量________（选填“大于”“等于”或“小于”）b吸收的热量。 ②分析实验数据可知，吸热能力更强的是________（选填“a”或“b”），若这种物质是水，则另一种物质的比热容是________。 (3)小睿同学也利用图1装置对水和食用油进行了探究，正确记录数据并绘出了两种物质温度随时间变化图像，则图2中________（选填“甲”或“乙”）表示的物质是水，分析图象可知：小睿实验中水和食用油的质量关系是________（选填“>”、“=”或“<”）。 8．如图甲、乙是小东探究“不同物质吸热规律”的实验装置。请回答下列问题 (1)该实验是通过________________来反映烧杯中液体吸收热量的多少的，这里用到的实验方法是______________，故选择如图___________（选填“甲”或“乙”）所示的实验装置更好； (2)实验中应选用相同的加热装置分别给初温相同且____________相同的水、煤油两种液体进行加热，并记录实验数据； (3)根据实验数据，小东作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图象。由图丙可知，____________； (4)进一步探究给一定质量的冰加热，根据数据绘出冰的温度随时间变化的图像如图丁所示，分析图象可知，物质吸收热量的能力还与该物质的______________有关。 9．在践行物理学与社会生活的家庭实践活动中，小明发现用炒勺炒菜时倒入炒勺中的少量油升温很快，而在煮饺子时水升温较慢，他猜想物质吸热升温的多少可能与物质的种类、质量和吸收热量的多少有关。 温度/℃ 20 30 40 50 加热时间/s 甲 0 40 80 120 乙 0 20 40 60 (1)通过对上面现象差异的分析______（选填“能”或“不能”）说明油升温很快是因为油的质量少造成的。 (2)小明在实验室中想通过实验的方式“比较水和油的吸热能力”，如图所示小明取初温和______相同的水和油，分别倒入两个完全相同的烧杯中，再用相同的电加热器加热。加热过程中需要注意的是______。 A．必须让水和油升高相同的温度    B．实验中不能让温度计碰到电加热器 (3)实验中通过比较______来比较水、油吸收热量的多少。 (4)小宇同学认为可以通过比较水、油两种液体加热至沸腾的时间长短来判断哪种液体的吸热能力更强。你认为他的方法______（选填“可行”或“不可行”） (5)实验数据记录如图表格，从表格中数据可以估算出该种油的比热容为______。[已知水的比热容] 10．（多选）如图所示，规格相同的甲、乙两容器中分别装有3kg和2kg的水，并用不同的加热器加热，不计热损失，得到如图丙所示的水温与加热时间的关系图像。下列说法正确的是（   ） A．甲、乙两容器中的水的内能是通过热传递的方式来增加的 B．甲、乙两容器中的加热器每分钟放出的热量相同 C．加热相同的时间，甲、乙两容器中的水升高的温度之比为2：3 D．将甲、乙两容器中的水从20℃加热至沸腾所需要的时间之比为2：3 11．如图所示某项目式学习小组用该装置探究海陆风的成因。取下两箱子的封口盖，在完全相同两箱子中装入质量和初温相同的水和沙子，在两个箱子的侧面分别开一小孔，用一个两端开口的透明细管AB将其连接，点燃一支香放在细管中部（图丙），通过白烟的流向模拟日晒下海边的风向，分析判断：相同条件下，加热一段时间后，烟将会从管的_______端管口冒出。依据实验和理论分析，可推断夜间风是_______。（A。从大海吹向陆地；B。从陆地吹向大海） 12．如图（a），某小组在两个相同的烧杯中分别装入质量相同的甲和乙两种液体，比较它们的吸热能力。图（b）是根据实验数据绘制的图像。 (1)该实验除了图（a）中的实验器材外，还需要用到的测量工具有：天平和______。 (2)在实验中应选用规格______（填“相同”或“不同”）的两个电加热器，可以通过比较______（填“升高的温度”或“加热时间”）来反映两种液体吸收热量的多少。 (3)已知甲、乙液体的比热容之比是，则图（b）中，图线②反映的是液体______（填“甲”或“乙”）温度随时间变化的规律。 (4)从开始加热时，甲、乙两种液体吸收热量的关系为______（填“大于”“小于”或“等于”）。根据图（b）中图像分析加热时图线①的温度t是______℃。 13．（多选）现有甲、乙、丙初温相同的液体，其中甲、乙为质量相等的不同液体，乙、丙为质量不等的同种液体。若对这三种液体分别加热，根据它们各自吸收的热量和末温，在升高的温度——吸收的热量图像上分别画出对应的甲、乙、丙三点。如图所示，下列关于甲、乙、丙之间比热容和质量的大小关系中正确的是（    ） A． B． C． D． 14．（多选）用相同的电加热器同时对质量相等的a和b两种液体加热（不计热量损失），如图是a和b的温度随加热时间变化的图像。下列说法正确的是（　　） A．a、b液体初温不同，但不影响比较它们的吸热能力 B．a和b升高相同的温度，b液体吸收的热量较多 C．a液体的比热容与b液体的比热容之比为3：1 D．第5min时a的温度比b高，说明a吸收的热量更多 15．在一标准大气压下，甲、乙两种物质的初温分别是和，它们的比热容之比为，质量之比为，吸收了相同的热量，最终甲的温度是，如果乙是水，则乙升高的温度是（    ） A． B． C． D． 16．甲、乙两种物质质量之比为1：3，放出热量之比为3：4，比热容之比c甲：c乙为2：1，则降低的温度之比为______。若此时将二者接触，则热传递方向是______（填“从甲到乙”、“从乙到甲”、“不传递”或者“无法判断”）。 17．（多选）有甲、乙、丙三个物体，其中甲、乙两个物体质量都为1kg，丙物体质量为2kg，三个物体温度都升高1℃，吸收的热量如图所示的柱状图。以下说法正确的是（　　） A．甲的比热容比乙的大 B．乙和丙的比热容相等 C．若甲的温度升高2℃，需吸收6000J的热量 D．若甲、丙的温度都降低2℃，甲比丙放出的热量多 18．如图，这是探究冰熔化前、后温度变化的特点实验时，完成的部分图像的绘制，实验第8分钟时冰刚好完全熔化，已知加热到第12分钟时停止加热，请补全8~12分钟的图像。（） 19．科技小组学习完比热容相关知识后，想利用自制教具探究海陆风的成因。 任务一：探究沙子和水的吸热能力 (1)利用如图甲所示装置探究沙子和水的吸热能力。取相同___________和初温的水和沙子，用规格相同的白炽灯模拟太阳对箱中的水和沙子加热，实验时通过比较___________来间接反映水和沙子吸收热量的多少； (2)依据实验数据描绘如图乙的水和沙子的温度随时间变化的图像，由图像可知在时间相同时水的升温比沙子的升温慢，说明___________的吸热能力强，根据图像可知水和沙子的比热容之比是___________； 任务二：实验模拟海陆风的形成 (3)取下两箱子的封口盖，在两个箱子的侧面分别开一个小孔，连上一个两端开口的透明细管，点燃一支香放在细管中（如图丙），请利用所学知识分析判断：相同条件下，加热一段时间后，白烟将会从管的___________（选填“”或“”）管口冒出。依据实验和理论分析，可推断夜间风是___________（选填写字母）。 A．从大海吹向陆地        B．从陆地吹向大海 20．两只相同的集气瓶中分别装有空气和红棕色的二氧化氮气体，用玻璃板隔开后按图示放置，抽去玻璃板，保持两瓶口紧贴静置较长时间后，两瓶中气体颜色变得相同。已知瓶中二氧化氮气体的密度比空气的密度大，下列说法正确的是（　　） A．此现象能说明分子间存在相互作用的引力 B．此现象与“扫地时灰尘飞扬”的成因相同 C．颜色变得相同后，瓶中气体分子停止运动 D．颜色变得相同后，上方瓶中气体密度比空气大 21．下列现象中与诗词“花气袭人知昼暖，鹊声穿树喜新晴”的形成原因相同的是（     ） A．暗香浮动 B．飞沙走石 C．大雪纷飞 D．水雾缭绕 22．在学习了“分子动理论”后，小明进行了以下几个小实验： (1)如图甲所示，小明先在量筒里装一半清水，然后再用细管在水下面注入硫酸铜溶液。放置30天后，液体变为均匀的淡蓝色，这说明：液体分子___________。小明想，气体之间能否发生类似的现象呢，于是进行了如图乙所示的实验，他在上、下两个集气瓶中分别装有红棕色二氧化氮气体和透明的空气（已知），再将玻璃板拿走后，观察两个瓶中的颜色变化。小明___________（填“能”或“不能”）从这个实验得出正确的结论。 (2)如图丙所示，小明在一端开口的玻璃管内装有一半的酒精，再沿管壁慢慢地注入红色的水，待充分混合后，这时可以清楚地看见红水和酒精的总体积__________，这说明：__________。 (3)如图丁所示，小明用细线拴住玻璃板的四个角，用弹簧测力计勾住细线，将玻璃板平放在水面上与水面刚好接触，向上拉弹簧测力计时，发现测力计的示数变大了。这说明：分子间有相互作用的___________力。这个原理可以用来解释固体很难被___________（填“拉伸”或“压缩”）。 23．《庄子·天下》中曾有下列论述：“一尺之棰，日取其半，万世不竭。”其意是指物质是无限可分的，常见的物质是由________构成的。若把分子看成一个小球，则一般分子直径的数量级为，合_________。 24．质量和初温相同的铜块和铝块（c铜<c铝），吸收相同的热量后相接触，则（　　） A．两者之间不发生热传递 B．热量将从铝块传到铜块 C．热量将从铜块传到铝块 D．无法确定热量怎么传递 25．为了比较a、b两种液体比热容的大小，某同学用如图甲所示的装置进行实验。用相同的酒精灯加热质量相等的a、b两种液体。根据收集的数据画出的a、b两种液体温度随时间变化的图像如图乙所示（a液体加热了3min，b液体加热了8min）。 （1）实验需要的测量工具有天平、停表和温度计。 （2）从乙图图像可以看出，若不计热损失，0~3min内，加热相同的时间，a液体吸收的热量 ___________ （选填“大于”、“小于”或“等于”）b液体吸收的热量，___________ （选填“a”或“b”）液体升温较快。 （3）a、b两种液体的比热容之比ca：cb为 ___________ 。 （4）加热b液体6~8min的过程，有大量的气泡冒出，温度保持不变，该过程是否可以利用公式Q=cmΔt来计算液体吸收热量的多少？___________ 。此过程，烧杯中b液体的质量不断减少，其内能 ___________ 。 26．关于热量、温度、内能之间的关系，下列说法正确的是（　　） A．物体吸收了热量，温度一定升高 B．物体内能减少时，可能对外做功 C．物体温度升高，所含热量增加 D．物体温度升高，一定是吸收了热量 27．用气筒打气时筒壁会发热，小华认为主要是活塞与筒壁摩擦导致的，小宇认为主要是活塞压缩气体做功导致的，下列实验方案中，能够验证他们猜想的是（　　） A．用同一气筒向电瓶车和汽车的轮胎内各打气50下，比较筒壁的温度变化 B．用不同气筒向电瓶车和汽车的轮胎内各打气50下，比较筒壁的温度变化 C．用同一气筒空打50下和向汽车轮胎内打气50下，比较筒壁的温度变化 D．用同一气筒空打5下和向自行车轮胎内打气5下，比较筒壁的温度变化 28．如图所示的是在1个标准大气压下某物质熔化时温度随时间变化的图像，第6min时该物质的内能______（选填“大于”“小于”或“等于”）第8min时该物质的内能；该物质在CD段的比热容是在AB段的比热容的______倍。（被加热物质的质量和吸、放热功率不变）。 29．下列关于热现象的说法，正确的是（     ） A．“破镜不能重圆”说明分子间的作用力要在很近的距离才会起作用 B．雾霾中PM2.5颗粒悬浮在空中，说明分子在不停地做无规则运动 C．对物体做功，物体内能一定增加 D．天气很热中的“热”，指的是内能大 30．下列关于内能、温度、热量的说法，正确的是（     ） A．物体的温度越高，含有的热量越多 B．热量可以从内能少的物体传递给内能多的物体 C．物体温度升高，一定是从外界吸收了热量 D．物体的温度不变，内能一定不变 31．如图所示，是第十三章《内能》的三个演示实验。 甲图实验证明了固体的____________；乙图实验通过观察____________，证明筒内气体的温度升高，内能__________；丙图实验通过观察到瓶口出现____________，证明瓶内气体的温度降低，内能__________；三个演示实验中都采用的研究方法是____________。 32．下列由烹调联想到的物理知识，认识正确的是（     ） A．煎：煎锅一般用铁制造，主要是利用了铁的比热容较大 B．炒：主要是通过做功的方式使菜的内能增加 C．蒸：是通过热传递的方式，使菜在持续、恒定的高温下升温变熟 D．拌：菜与配料要拌着才能入味，说明搅拌可以加快分子的无规则运动 33．如图所示，华华家用高压锅炖肉，在高压锅内的肉汤从开始沸腾，到锅内气体刚好将限压阀顶起之前的过程中，下列说法正确的是（     ） A．水的沸点不变； B．水蒸气的内能不变； C．停止加热一段时间后，打开密封锅盖，锅内的肉汤可能还在沸腾； D．打开锅盖后，浓郁的肉香四溢，原因是温度越高，分子间的距离越大。 34．关于内能和热量，下列说法正确的是（     ） A．温度为零的物体没有内能 B．物体吸收热量，内能增大，但温度不一定升高 C．温度越高，物体具有的热量越多 D．热传递过程中，两物体内能相同时，就不会发生热传递 35．小红对质量为300g的冰加热，并根据冰熔化成水的过程中记录的数据绘制了如图所示的图像。第10min时冰水混合物的内能____________（大于/等于/小于）第5min时冰水混合物的内能，其中主要是物质的____________（分子动能/分子势能）发生了改变。 36．（多选）糖炒栗子是冬天人们非常喜爱的美食，为了让栗子快速而均匀地受热，人们通常在铁锅中加入大量的沙子．关于这一过程中涉及的物理知识，下列说法正确的是（　　） A．加入沙子可以使栗子均匀受热 B．通过不断翻炒让栗子升温是通过做功的方式改变栗子的内能 C．加入沙子后锅内物体质量变大，由于沙子比热容较小所以栗子依旧可以快速升温 D．在翻炒过程中沙子将温度传递给栗子使栗子升温 37．关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（     ） A．物体从环境吸热，内能增加，且温度一定升高 B．青少年不宜大量食用巧克力，是因为巧克力含有的热量太高 C．热传递的过程中内能必须从内能大的物体传向内能小的物体 D．将-15℃的冰块放在冰箱的0℃保温室中，半小时后，冰块的内能增加 38．如图所示，“曲水流觞”是古代文人墨客诗酒唱酬的一种雅事。将酒盏漂浮在清冽的溪水上随溪流动，会降低酒的温度，在这个过程中，酒的内能___________（选填“增大”“减小”或“不变”），若酒盏里质量为200g，温度为25℃的酒在漂流过程中，放出了3400J的热量，酒的温度降低至___________℃。[] 39．汽油机是很多汽车的动力源。其发动机的输出功率和排量有关。排量又称工作容积。是指一个冲程中活塞在气缸内通过的容积，它取决于活塞的面积和活塞上下运动的距离（如果发动机有多个气缸，所有气缸的“工作容积”之和称为发动机排量）。通常汽车用的是四缸发动机，图甲为发动机的4个气缸（图中标注1、2、3、4），通过连杆把4个气缸的活塞连在一根曲轴上。各个气缸的做功冲程错开，在飞轮转动的每半周里，都有一个气缸在做功，其他三个气缸分别在进行吸气、压缩和排气冲程，所以汽车发动机的一个完整工作循环包含四个做功冲程。汽油机进行吸气冲程时，吸入的是汽油与空气的混合物。如表为一发动机的主要性能指标，空燃比是指气缸内空气和燃油的质量比。有些发动机为了增加输出功率，还使用了涡轮增压技术。涡轮增压器利用发动机排出废气的惯性来推动涡轮室内的涡轮，涡轮又带动同轴的叶轮压送由管道送来的空气，使之增压进入气缸，以提高进入气缸气体的密度，可以燃烧更多的燃料。 排量 1.8L 气缸内汽油和空气混合气体的密度 发动机最大功率 82.8kW 最大功率时发动机的转速 4800r/min 空燃比 12：1 汽油的热值 (1)在排量一定的情况下，四缸发动机比单缸发动机具有___________（填“功率大”或“动力连续”）的优势。 (2)图甲中1号气缸在做功冲程，4号气缸所处的冲程是___________（填字母）。 A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程 (3)利用废气的惯性带动涡轮的过程中，废气通过___________（填“做功”或“热传递”）的方式，使涡轮的动能增加。 (4)如图乙所示，一四缸发动机每个气缸的工作容积均为V，做功冲程中燃气对活塞的平均压强为，若该四缸发动机转速为，发动机输出功率的表达式为___________。 40．在课后兴趣活动中，小欣小组在烧杯中放入400 g的碎冰，试管中放入80 g的碎冰，并各放了一支温度计，组成如图甲所示的实验装置，实验过程中A、B两个温度计的示数随时间变化的图像如图乙所示，其中实线部分为烧杯中A温度计随时间变化的图像，虚线部分为试管中B温度计随时间变化的图像，小试管底部未与烧杯底部接触。假设烧杯和试管中的冰（或水）在整个实验过程中质量不变，且每分钟吸收的热量恒定不变。[已知水的比热容为，冰的比热容为]，求： (1)烧杯中冰吸收的热量为___________J； (2)加热到第，烧杯中水的温度是___________℃。 (3)在的加热过程中，加热盘放出热量，这些热量有间接地被试管中的冰吸收，则试管中的冰在熔化过程中吸收的热量为___________J。 41．（多选）如图所示是用注射器探究对密闭容器内气体做功的示意图，注射器初始状态如甲图所示，小韩第一次实验时缓慢下压活塞，注射器末状态如乙图所示，小韩第二次实验时迅速下压活塞，注射器末状态如丙图所示。筒内气体均未发生物态变化，下列说法不正确的是（     ） A．从甲图到乙图的过程中，活塞对筒内气体做功 B．从甲图到乙图的过程中，只有做功的方式改变筒内气体的内能 C．从甲图到丙图的过程中，筒内气体从外界吸收了热量 D．从甲图到丙图的过程中，能量转化与汽油机的压缩冲程相同 42．打铁花是我国传统民俗，工匠将熔化的铁水泼向空中，铁水遇冷瞬间化作璀璨火花。下列关于该过程中热量、内能和温度的分析，正确的是（     ） A．铁水凝固时温度保持不变，内能不断减小 B．铁水所含热量越多，凝固时产生的火花越亮 C．工匠加热铁料使它熔化成铁水，通过做功的方式增加了铁料的内能 D．铁水的比热容随温度降低而变大，导致降温速度变大 43．关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（     ） A．温度高的物体内能一定大，温度低的物体内能一定小 B．一个物体温度升高了，一定是吸收了热量 C．晶体在熔化过程中，持续吸热，温度不变，内能变大 D．内能总是从内能大的物体传递到内能小的物体 44．某次马拉松比赛中，选手小蕊完成比赛共消耗能量1200千卡。已知1卡等于1 g水温度升高1℃吸收的热量，则1卡等于__________J。若这些能量全部用于加热10 kg、初温为20℃的水（在1标准大气压下），水温可升高__________℃。（水的比热容为） 试卷第1页（共3页） 试卷第1页（共3页） 学科网（北京）股份有限公司 《13章典型易错题》参考答案 题号 1 5 10 13 14 15 17 20 21 24 答案 D ABC AD AD AB C ACD D A C 题号 26 27 29 30 32 33 34 36 37 41 答案 B C A B C C B AC D BC 题号 42 43 答案 A C 1．D 【详解】A．由图可知，加热相同时间，甲升高的温度比乙多，故A错误； B．用不同的电加热器加热，加热相同时间，两杯水吸收的热量不同，故B错误； C．两杯水质量相同，吸收相同的热量，由可知，两杯水升高的温度相同，故C错误； D．由图可知，甲加热4min和乙加热7min，温度均从20℃升高到60℃，，由 可知，两杯水吸收的热量相同，故D正确。 故选D。 2．(1)质量 (2)升高的温度 (3) 水 加热时间的长短 (4)小于 (5)大于 【详解】（1）实验需要控制变量，探究不同物质吸热能力时，需要保证两种物质质量相同。 （2）相同电加热器可保证相同时间内物质吸收热量相同，当吸收热量相同时，吸热能力越强，温度升高越慢，因此通过比较升高的温度判断吸热能力强弱。 （3）水的比热容大于食用油，吸收相同热量（加热相同时间）时，水升温更慢。由图丙可知，相同加热时间下a升温更慢，因此a是水。 比较吸热能力的另一种方法：升高相同温度时，加热时间越长，说明吸收热量越多，吸热能力越强，因此还可以使液体升高相同温度，记录加热时间。 由图丙可知，升高相同的温度时，即从10℃升高到30℃，对水加热了6min，对食用油加热了3min，则水吸收的热量为食用油的2倍，由可知，食用油的比热容 （4）由表格可知，A加热到46℃用时4min，B加热到46℃用时6min，相同电加热器加热时间越长，吸收热量越多，因此小于。 （5）由表中数据可知，加热相同时间6min，即两种液体吸热量相同，A、B两种液体温度升高量分别为24℃和36℃，质量、吸热量均相同，根据可知，A的比热容大于B的比热容。 3．10∶9 【详解】甲投入A杯，水温升高，平衡温度 则甲金属降温为 乙投入B杯，水温升高，平衡温度 则乙金属降温为 因不计热量损失，故金属块放出的热量等于水吸收的热量，即；由和得 两式相除得 代入数据有 化简得质量比。 4．(1) 天平 停表 加热时间 (2)升高相同的温度 (3)C (4)酒精灯火焰大小不同（合理即可） (5)相同时间水和煤油吸收热量相同 (6)温度计的玻璃泡碰了容器底 【详解】（1）探究水和煤油的吸热能力，需要控制水和煤油的质量和初温相同，记录不同时刻的温度，因此在图甲中除了所给的实验器材外，还需要的测量工具有测量质量的天平和测量时间的停表。 图甲中，加热水和煤油的装置相同，加热过程中，酒精灯相同时间放出的热量相同，可以认为水和煤油相同时间吸收的热量相同，水和煤油吸收的热量多少通过加热时间来判断。 （2）由表格中的数据可知，水和煤油升高相同的温度，水的加热时间长，吸收的热量多；可得结论：相同质量的水和煤油，升高相同的温度，吸收的热量不同。 （3）AB．加热相同的时间，水和煤油吸收的热量相同，吸收的热量与加热时间成正比，因此“吸收热量-时间”图像应是一条过原点的斜线，故AB不符合题意； CD．由表中的数据可知，加热相同的时间，水和煤油吸收的热量相同，煤油升高的温度高，故C符合题意，D不符合题意。 故选C。 （4）使质量相同的水升高相同的温度，加热时间应该相同，但1、2两组的同学在交流实验数据时发现：第1小组的加热时间明显偏长，其原因可能是酒精灯火焰大小不同，火焰大的用时较短。 （5）如图丙，对水和煤油进行水浴加热，好处是：水和煤油共用同一热源，相同时间吸收的热量相同。 （6）用图甲装置加热水，最后产生大量的气泡，而且在上升的过程中，体积越来越大，到水面破裂，说明水已沸腾，水沸腾后温度不再变化，发现温度计的示数还在不断的上升，说明温度计的玻璃泡碰到了容器底，能不断吸收容器传递的热量。 5．ABC 【详解】A．根据吸热公式，质量相同的两种物质，比热容越大，吸收相同热量时升温越慢；题目已知，所以水升温更慢，图线的温度上升速率更小，因此图线是水的温度变化图像，故A错误； B．比热容指单位质量的某种物质，温度升高时吸收的热量；水的比热容表示的是，的水温度升高吸收的热量为，该选项缺少“单位质量（）”的前提描述，故B错误； C．由图像可知，水（图线）的初始温度为，加热后温度升高到，内水吸收的热量为 相同规格电加热器相同时间放热相同，因此水吸收的热量是吸收热量的，即 小于，故C错误； D．乙液体对应图线，加热时间为，吸收热量 乙的比热容为 故D正确。 本题选择不正确的，故选ABC。 6．(1)初温、质量 (2)牛奶放在水中冷却比在空气中冷却好 (3) 慢 外界温度与牛奶温度的差值 (4)物体降低的温度与降温所用时间之比 【详解】（1）为了便于对比，根据控制变量法，应控制除水和空气不同外的其它因素都相同，因此对甲、乙两瓶中的牛奶，小红要控制它们质量和初温相同。 （2）由实验数据可知，相同时间内，放在水中的牛奶末温更低，说明水传递热的本领比空气好。 （3）分析甲的数据可知，在冷却过程中，牛奶开始时冷却的快，随着温度的降低，水和牛奶的温差越小，冷却的越来越慢。小红由此推测：牛奶冷却的快慢还受到外界温度与牛奶温度的差值的影响。 （4）冷却速度表示冷却的快慢程度，物体降低的温度与降温所用时间之比叫冷却速度。 7．(1)都可行 (2) 等于 a /2800 (3) 乙 < 【详解】（1）比较不同物质吸热能力有两种方法：升高相同温度，比较加热时间，加热长的吸热能力强；加热相同时间，吸收相同热量，比较升高的温度，升温少的吸热能力强，因此两人的方法都可行。 （2）相同电加热器加热相同时间，放出的热量相同，因此a吸收的热量等于​b吸收的热量。加热6min时，a升温 b升温 质量相同吸收相同热量时a升温慢，说明a的吸热能力更强。 若a是水，根据，Q、m相同时c与成反比 得 （3）因水的沸点小于食用油的沸点，由图乙可知，乙的沸点较低，故乙表示的物质是水。 由图乙可知，在水沸腾前，加热相同时间时水和食用油吸收的热量相同，且水和食用油升高的温度相同，水的比热容大于油的比热容，由公式可知。 8．(1) 加热时间 转换法 乙 (2)质量 (3)2∶1 (4)状态 【详解】（1）[1]相同加热装置在相同时间内放出的热量相等，因此可以通过加热时间长短间接反映液体吸收热量的多少。 [2]这种将不易直接测量的物理量转化为易测量物理量的方法是转换法。 乙装置的电加热器比酒精灯散热少、供热更稳定，更容易控制两种液体相同时间内吸收的热量相等，因此选乙装置更好。 （2）[1]根据控制变量法，探究不同物质的吸热规律时，要控制两种液体的初温、质量都相同，只改变物质种类。 （3）[1]由图丙可知，水和煤油从30℃升高到60℃（升高的温度相同），煤油加热时间为4min，水加热时间为8min，说明水吸收的热量是煤油的2倍，即 根据比热容公式，在质量、升温相同时，比热容与吸收的热量成正比，因此 （4）[1]图丁中，冰熔化前是固态冰，熔化后是液态水，相同质量的冰和水升高相同温度时加热时间不同，吸收热量不同，比热容不同，说明物质的吸热能力还和自身的状态有关。 9．(1)不能 (2) 质量 B (3)加热时间的长短 (4)不可行 (5) 【详解】（1）小明观察到的现象中，油和水种类不同，同时质量也不同，存在两个变量，无法确定升温快慢是质量引起的。 （2）[1]根据控制变量法，比较不同物质的吸热能力时，需要选取初温和质量都相同的水和油，保证只有物质种类这一个变量。 [2]A．比较吸热能力既可以升高相同温度比较加热时间，也可以加热相同时间比较升高的温度，不需要必须让两者升高相同温度，故A不符合题意； B．温度计碰到电加热器会导致测量温度远高于液体真实温度，损坏温度计或造成测量错误，因此实验中不能让温度计碰到电加热器，故B符合题意。 故选B。 （3）实验使用完全相同的电加热器，相同时间内两种液体吸收的热量相等，因此可以通过加热时间的长短来间接反映吸收热量的多少。 （4）水和油的沸点不同，加热至沸腾时两者升高的温度不相等，且沸腾后液体温度保持不变，无法满足比较吸热能力时“控制升高温度相同、或控制吸收热量相同”的实验要求，因此该方法不可行。 （5）由表格数据可知，质量相同的甲、乙升高相同温度（从20℃到30℃、40℃、50℃）时，甲的加热时间是乙的2倍，说明甲吸收的热量是乙的2倍。由于水的比热容大于油，因此甲是水、乙是油。 由可知，在质量、升高温度相同时，比热容与吸收的热量成正比，因此油的比热容是水的，即 10．AD 【详解】A．容器中的水从加热器上吸收热量，是通过热传递来改变物体内能的，故A正确； B．由图丙可知，水的温度从20℃升高到40℃时，甲的加热时间为2min，则甲容器中的水吸收热量为 甲容器中的水每分钟吸收热量为 由图丙可知，水的温度从20℃升高到40℃时，乙的加热时间为3min，则乙容器中的水吸收热量为 乙容器中的水每分钟吸收热量为 由于不计热损失，甲、乙两容器中的加热器每分钟放出的热量与水每分钟吸收的热量相同，甲、乙两容器中水每分钟吸收的热量不同，所以甲、乙两容器中的加热器每分钟放出的热量不同，故B错误； C．加热器每分钟放出的热量之比为 根据可得两杯水升高的温度之比为 故C错误； D．根据可得甲、乙两容器中的水从20℃加热至沸腾所吸收的热量之比 升高相同的温度，加热时间之比 故D正确。 故选AD。 11． B B 【详解】[1]因为水的比热容比沙子大，在相同条件下加热，沙子升温快，其上方空气受热膨胀，密度减小，热空气上升，冷空气会从四面八方流过来，所以烟将会从管的B端管口冒出。 [2]夜间，海洋和陆地的温度会发生变化。由于水的比热容大，放热降温慢，而沙子的比热容小，放热降温快。因此，夜间海洋的温度会高于陆地的温度，此时海洋上的空气会受热上升，形成低压区，而陆地上的空气会流向海洋，故B符合题意。 12．(1)秒表 (2) 相同 加热时间 (3)甲 (4) 等于 35 【详解】（1）比较不同液体的吸热能力需要控制相同质量的不同物体在相同时间内吸收相同的热量，比较不同液体温度变化的情况，需要用天平测量液体质量，秒表测量液体吸收热量的时间。 （2）[1]比较不同液体的吸热能力需要控制相同质量的不同物体在相同时间内吸收相同的热量，比较不同液体温度变化的情况，故要使用相同的两个加热器才能保证液体在相同时间内吸收相同的热量。 [2]由于液体吸收热量的多少不便于直接测量，使用相同的加热器可使液体在相同时间内吸收相同的热量，加热时间越长，吸收的热量也越多，故此过通过比较加热的时间来反映两种液体吸收热量的多少。 （3）比热容是指液体吸放热本领的强弱，相同质量的不同液体比热容越大，吸收或放出相同的热量温度变化越小，如图（b）可知在加热到6min时图线②的液体温度变化较小，反映该液体的比热容比较大，已知甲、乙液体的比热容之比是，故图线②的液体应为甲。 （4）[1]甲、乙两种液体都是使用相同的加热器，在相同的时间内吸收的热量相等，即等于。 [2]0-6min时图线②的液体甲每分钟吸收的热量为 3-6min时图线①的液体乙每分钟吸收的热量为 甲、乙两种液体都是使用相同的加热器，在相同的时间内吸收的热量相等，即液体甲每分钟吸收的热量等于液体乙每分钟吸收的热量，所以上述两式相等，又已知甲、乙液体的比热容之比是，故有 解得 13．AD 【详解】由下图知，乙和丙，吸收相同的热量，乙升高的温度比丙大，因乙、丙为同种液体，比热容相同，由可知，丙的质量大于乙的质量，即；因甲、乙两液体质量相等，故。 由上图知，甲、乙两液体吸收相同热量后，乙升高的大于甲升高的温度，因两液体的质量相等，由可知，甲的比热容比乙的比热大，即，因乙、丙比热相同，故，故BC错误，AD正确。 故选AD​。 14．AB 【详解】A．实验中需要控制a、b液体的质量相同，通过比较液体升高的温度来比较吸热能力的大小，所以初温可以不同，故A正确； B．由图像可知，a和b升高相同的温度，b液体加热的时间长，则吸收的热量较多，故B正确； C．由图可知，加热8min后，a升高的温度为30℃，b升高的温度为10℃，a和b的质量相同，吸收的热量也相同，根据可知，比热容之比为1∶3，故C错误； D．第5min时a的温度比b高，但加热的时间相同，吸收的热量也相同，故D错误。 故选AB。 15．C 【详解】甲升高的温度 根据吸热公式，甲乙吸热相同，有，则乙升高的温度为 乙的初温，若升温，末温会达到 如果乙是水，1标准大气压下，水的沸点为100℃，且水沸腾时温度保持不变，120℃超过水的沸点，故乙实际只能升温至，实际升温为 故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 16． 无法判断 【详解】[1]甲、乙两种物质降低的温度之比 [2]根据热量传递的方向可知，热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递，由本题的条件只能知道甲、乙两物体降低的温度之比，但是甲、乙两物体的初始温度是未知量，即甲、乙最终的温度是未知量，故无法判断热传递方向。 17．ACD 【详解】A．甲、乙物体质量相等，升高相同温度，甲吸收热量较多，由得，甲的比热容比乙的大，故A正确； B．丙的质量大于乙的质量，乙丙升高相同温度时，吸收热量相同，由得，乙的比热容大于丙的比热容，故B错误； C．由图得，甲温度升高1℃，吸收热量为3000J，由得，质量和比热容不变时，若甲的温度升高2℃，需吸收6000J的热量，故C正确； D．甲、乙质量相等，由得，甲、乙比热容之比为 乙、丙吸收相同的热量，由得，乙、丙比热容之比为 则甲、丙比热容之比为 由得，若甲、丙的温度都降低2℃，则甲、丙放出的热量之比为 故甲比丙放出的热量多，故D正确。 故选ACD。 18． 【详解】已知冰在第8分钟全部熔化，8至12分钟，继续吸热，温度不断升高，由于冰的比热容是水的比热容的一半，冰和水的质量相同，升高相同的温度，由可知水吸收的热量是冰吸收的热量的2倍，冰温度升高4℃，加热时间是2min，水温度升高4℃，则加热时间为4min，如图所示： 19．(1) 质量 加热时间 (2) 水 4:1 (3) B B 【详解】（1）根据控制变量法，探究沙子和水的吸热能力的实验中应取相同质量和初温的水和沙子。 用规格相同的白炽灯模拟太阳对箱中的水和沙子加热，则单位时间内水和沙子吸热相同，根据转换法，可通过加热时间来间接反映水和沙子吸收热量的多少。 （2）由图乙可知，相同加热时间（吸收相同热量）、质量相同时，水升温更慢，说明水的比热容更大，水的吸热能力更强。 由图乙可知，加热8min时，水和沙子吸收相同热量，水和沙子升高的温度之比为 根据可知，质量和吸收的热量相同时，温度的变化量与比热容成反比，所以水和沙子比热容之比为。 （3）如图丙，加热相同时间后，由于水的比热容大于沙子的比热容，左侧水的温度较低，上方空气密度较大而下沉，右侧沙子的温度较高，上方空气密度较小而上升，导致空气从左侧流向右侧，故白烟将会从管的B管口冒出。 水的比热容大于沙子的比热容，夜间陆地温度降低得较多，温度较低，上方空气密度较大而下降，海水的温度降低得少，温度较高，上方空气密度较小会上升，因此空气会从陆地流向海洋，故选B。 20．D 【详解】A．图示中，抽去玻璃板后，红棕色的二氧化氮气体和空气最后会混合在一起，两个瓶中气体的颜色变得相同，这是因为分子在不停地做无规则的运动，而不能说明分子间有相互作用的引力，故A错误； B．扫地时灰尘飞扬，是颗粒在做机械运动，而不是分子的热运动，故B错误； C．分子的热运动是永不停息的，颜色相同后，气体分子仍然在做运动，故C错误； D．原来上方瓶中为空气，现在两瓶颜色相同了，说明密度比空气大的二氧化氮气体与空气混在一起了，所以上方瓶中气体密度比空气密度大，故D正确。 故选D。 21．A 【详解】题干中“花气袭人”是扩散现象，本质是分子在永不停息地做无规则运动。 A．暗香浮动是香气分子无规则运动形成的扩散现象，与题干原理相同，故A正确； B．飞沙走石是宏观固体颗粒的机械运动，不是分子运动，故B错误； C．大雪纷飞是宏观固体雪花的机械运动，不是分子运动，故C错误； D．水雾缭绕是宏观液态小水滴的机械运动，不是分子运动，故D错误； 故选A。 22．(1) 在永不停息地做无规则运动 不能 (2) 大于混合后总体积 分子之间存在间隙 (3) 引 拉伸 【详解】（1）清水和硫酸铜溶液静置 30 天整体变均匀淡蓝色，属于扩散现象，直接证明：液体分子在永不停息地做无规则运动。 二氧化氮密度比空气大，题目中二氧化氮放在上方集气瓶、空气在下层；抽掉玻璃板后两瓶颜色混合，看似是扩散，但二氧化氮本身受重力会向下运动，重力会干扰实验现象，无法单纯证明气体分子无规则运动，因此小明不能仅凭该装置得出正确结论。 （2）先装酒精、再加水，分层时总体积是水体积 + 酒精体积之和；充分混合后，总体积明显变小。原因：水分子和酒精分子互相进入对方分子的空隙，证明分子间存在间隙。 （3）玻璃板紧贴水面，向上拉动弹簧测力计示数大于玻璃板自身重力，是因为玻璃分子和水分子之间存在引力，向上拉需要克服分子引力。 分子引力对应现象：固体分子间引力大，很难被拉伸；分子斥力对应固体很难被压缩。 23． 分子 0.1 【详解】[1]分子无法直接被人类的肉眼观察到，需要借助电子显微镜等工县才可以观察，常见的物质是由分子构成的； [2]因为 所以 24．C 【详解】质量和初温相同的铜块和铝块，吸收相同的热量，根据则有， 因为，，所以，又因为，铜块和铝块的初温相同，故吸收热量后铜块的末温大于铝块的末温，发生热传递时，热量由高温物体传递给低温物体，故热量将从铜块传递到铝块，故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 25． 等于 a 1：2 不可以 减少 【详解】[1]用相同的酒精灯加热a、b两种液体，加热3min，a、b两种液体在相同时间内，吸收的热量相等，a液体吸收的热量等于b液体吸收的热量。 [2]加热3min，a液体升高的温度 b液体升高的温度 所以，加热相同时间，a液体升温较快。 [3]都加热3min，质量相等的a、b两种液体吸收的热量相等，根据得 所以 [4]b液体沸腾过程，继续吸热，温度保持不变，，所以不可以使用公式来计算液体吸收热量的多少。 [5]物体内能的大小跟质量、温度、状态有关，b液体沸腾过程中吸收热量，温度不变，因为部分b液体汽化，b液体的质量减少，所以其内能减小。 26．B 【详解】A．晶体熔化过程中，吸热温度保持不变，则物体吸收了热量，温度不一定升高，故A错误； B．内能减少可能通过对外做功（如气体膨胀）实现，故B正确； C．热量是过程量，不说所含热量，故C错误； D．物体温度升高，不一定是吸收了热量，还有可能是外界对物体做了功，故D错误。 故选B。 27．C 【详解】A．向电瓶车和汽车的轮胎内各打气50下，都会有压缩气体和摩擦筒壁，无法比较，故A不符合题意； B．要控制用同一气筒，并且向电瓶车和汽车的轮胎内各打气50下，都会有压缩气体和摩擦筒壁，无法比较，故B不符合题意； C．空打只有摩擦筒壁，无压缩气体，向汽车轮胎内打气有压缩气体，比较筒壁的温度变化可以验证猜想，故C符合题意； D．打气5次太少，温度变化不明显，故D不符合题意。 故选C。 28． 小于 2 【详解】[1][2]物质熔化过程中吸收热量，内能增大，所以其在第时的内能小于第时的内能；由图可知，该物质熔化过程中质量不变，AB段和CD段加热，吸收的热量相同，AB段升高的温度为，CD段升高的温度为，由可知：，即该物质在CD段的比热容是在AB段的比热容的2倍。 29．A 【详解】A．镜子破裂后断裂处绝大多数分子间距远大于分子力的作用距离，分子间几乎无相互作用力，因此破镜难重圆，说明分子间作用力仅在很近的距离起作用，故A正确； B．PM2.5是宏观固体颗粒，其悬浮属于机械运动，不是分子的无规则运动，不能说明分子在永不停息做无规则运动，故B错误； C．做功和热传递都可以改变物体内能，若对物体做功的同时，物体对外放出热量，内能可能不变甚至减小，因此内能不一定增加，故C错误； D．天气很热中的“热”指温度高，内能大小与质量、温度、状态均有关，此处并非指内能大，故D错误。 故选A。 30．B 【详解】A．热量是热传递过程的过程量，仅能表述为吸收或放出热量，不能说“含有热量”，故A错误； B．热传递的唯一条件是物体间存在温度差，与内能大小无关，若内能少的物体温度高于内能多的物体，热量即可从前者传递给后者，故B正确； C．改变内能有做功和热传递两种方式，物体温度升高内能增大，也可能是外界对物体做功，不一定是吸收热量，故C错误； D．晶体熔化、液体沸腾过程中，持续吸热温度不变，但内能增大，因此温度不变时内能也可能发生变化，故D错误。 故选B。 31． 分子之间存在引力 棉花燃烧 增大 白气 减小 转换法 【详解】甲图中，两个铅块压紧后粘在一起，可以吊重物，说明固体分子间存在引力。 乙图中，下压活塞对筒内空气做功，机械能转化为内能，使筒内温度升高，内能增大，达到棉花的燃点后棉花燃烧。 丙图中，向瓶内打气后瓶塞弹出，瓶内气体对外做功，内能减少、温度降低，瓶内的水蒸气遇冷液化形成小水珠，也就是瓶口的白雾。 三个实验都将肉眼不可直接观察的内能变化，转换为可以观察到的棉花燃烧、白雾等现象，属于转换法的研究思想。 32．C 【详解】A．煎锅用铁制造主要利用铁的导热性好，与比热容无关，故A错误； B．炒菜时是通过热传递的方式使菜的内能增加，不是做功，故B错误； C．蒸菜时高温水蒸气遇冷液化放热，通过热传递将热量传给菜，且水沸腾时温度保持沸点恒定，使菜在持续恒定高温下变熟，故C正确； D．只有温度能改变分子无规则运动的剧烈程度，搅拌不能加快分子无规则运动，拌菜入味是增大了配料与菜的接触面积，故D错误。 故选C。 33．C 【详解】A．高压锅密封，加热时锅内水蒸气增多导致气压增大，液体沸点随气压增大而升高，故水的沸点升高，故A错误； B．加热过程中水蒸气持续吸热，内能增大，故B错误； C．打开锅盖后锅内气压迅速减小，水的沸点降低，若此时肉汤温度高于降低后的沸点，肉汤会重新沸腾，故C正确； D．肉香四溢是扩散现象，说明分子在永不停息地做无规则运动，故D错误。 故选C。 34．B 【详解】A．一切物体在任何温度下都具有内能，温度为零的物体也有内能，故A错误； B．物体吸收热量内能一定增大，如晶体熔化时持续吸热、内能增大但温度保持不变，因此温度不一定升高，故B正确； C．热量是热传递过程中的过程量，不能描述为“物体具有的热量”，故C错误； D．热传递发生的条件是两物体存在温度差，和内能是否相同无关，故D错误。 故选B。 35． 大于 分子势能 【详解】冰是晶体，熔化过程中持续吸热，内能增大，因此第10min时冰水混合物的内能大于第5min时的内能。晶体熔化时温度保持不变，因分子动能与温度有关，温度不变则分子动能不变，故内能的改变主要是分子势能发生了变化。 36．AC 【详解】A．沙子颗粒细小，能填充栗子之间的空隙，扩大栗子的受热接触面积，让栗子不会直接接触铁锅局部高温，实现均匀受热，故A正确； B．翻炒主要是为了让栗子接触温度更高的铁锅、沙子，从而发生热传递获得内能，故B错误； C．沙子的比热容较小，根据，相同质量的沙子吸收相同热量时升温更快，即便加入沙子后锅内总质量变大，沙子也能快速升到较高温度，让栗子快速升温，故C正确； D．热传递过程中转移的是热量，温度是物体的冷热程度，不能被传递，故D错误。 故选AC。 37．D 【详解】A．物体从环境吸热，内能增加，温度不一定升高，比如：晶体熔化过程中，吸收热量，内能增加，温度不变，故A错误； B．热量是热传递过程中转移内能的多少，属于过程量，不能表述为“物体含有热量”，故B错误； C．热传递的过程中内能从温度高的物体传递到温度低的物体，内能与温度、质量和状态有关，内能大的物体温度不一定高，故C错误； D．-15℃的冰块温度低于0℃的保温室，会从环境吸收热量，因此冰块内能增加，故D正确。 故选D。 38． 减小 20 【详解】将酒盏漂浮在清冽的溪水上随溪流动，会降低酒的温度，则酒放热，内能会减小； 酒在漂流过程中，放出了3400J的热量，酒降低的温度为 酒的温度降低至 39．(1)动力连续 (2)A (3)做功 (4) 【详解】（1）根据题目描述“各个气缸的做功冲程错开，在飞轮转动的每半周里，都有一个气缸在做功，其他三个气缸分别在进行吸气、压缩和排气冲程”，所以在排量一定的情况下，四缸发动机比单缸发动机具有‌动力连续‌的优势。 （2）在飞轮转动的每半周里，都有一个气缸在做功，其他三个气缸分别在进行吸气、压缩和排气冲程，图甲中1号气缸在做功冲程活塞向下运动，4号气缸中活塞向下运动，所处的冲程是‌吸气冲程‌。故选A。 （3）利用废气的惯性带动涡轮的过程中，废气通过‌做功‌的方式，使涡轮的动能增加。 （4）已知四缸发动机每个气缸的工作容积均为，做功冲程中燃气对活塞的平均压强为，根据压强公式，可得燃气对活塞的平均压力 活塞在气缸内通过的距离为（冲程长度），气缸工作容积，根据功的计算公式，可得每个气缸做功冲程燃气对活塞做的功 已知该四缸发动机转速为，即每秒完成25个工作循环，则完成每个工作循环所需的时间为 发动机输出功率的表达式为 40．(1)/8400 (2)5 (3)1000 【详解】（1）由图乙可知，烧杯中的冰温度从升高到，则温度变化量 烧杯中冰的质量 烧杯中冰吸收的热量 （2）由图乙可知，烧杯中的冰全部熔化后，从第开始，的水继续吸热升温，吸热时间与时间一样，相同时间吸收的热量相等，所以烧杯中的水吸收的总热量 由得，烧杯中的水升高的温度 则烧杯中水的温度 （3）共2分钟，加热盘放出热量，可知每分钟加热盘放热 试管每分钟吸收的热量为 由图乙可知，试管中的冰从第开始熔化，到第时熔化结束，但在内烧杯中的冰和试管中的冰温度相同，不发生热传递，不吸热，只是在内吸收热量，则试管中的冰吸热时间为 试管中的冰在熔化过程中吸收的热量 41．BC 【详解】A．从甲到乙下压活塞，活塞对筒内气体施加压力，气体体积减小，内能增大，因此活塞对筒内气体做了功，故A正确； B．甲和乙的气体温度均为27℃，和外界环境温度相同。缓慢下压活塞时，虽然活塞对气体做功，但气体会同时通过热传递向外散出热量，最终内能变化为0、温度不变，因此改变内能的方式是做功和热传递，故B错误； C．从甲到丙是迅速下压活塞，活塞对气体做功，最终气体温度29℃高于初始的27℃，说明气体内能增大，且气体温度比外界环境温度更高，气体会向外界放热，故C错误； D．从甲到丙的过程是活塞的机械能转化为气体的内能，汽油机的压缩冲程同样是将活塞的机械能转化为气缸内气体的内能，二者能量转化相同，故D正确。 本题要求选择不正确的选项，故选BC。 42．A 【详解】A．铁是晶体，晶体凝固过程中温度保持不变，同时持续向外放出热量，内能不断减小，故A正确； B．热量是过程量，只能描述热传递过程中传递能量的多少，不能说物体“所含热量”，故B错误； C．加热铁料使铁熔化，是通过高温热源向铁料传递热量的热传递方式增加内能，故C错误； D．比热容是物质的固有特性，同种物质的比热容一般不随温度变化，且根据放热公式，若比热容不变，放出相同热量时降温速度和比热容无关，故D错误。 故选A。 43．C 【详解】A．内能的大小与物体的质量、温度、状态等因素有关。例如，一滴热水的温度虽然高，但它的质量很小，其内能可能比一大桶温水的内能要小；同理，温度低的物体内能不一定小，故A错误； B．一个物体温度升高了，它可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，故B错误； C．晶体在熔化过程中，持续吸热，温度不变，内能变大，故C正确； D．发生热传递时，热量总是从温度高的物体传递给温度低的物体，而不是从内能多的物体传递给内能少的物体，故D错误。 故选C。 44． 4.2 80 【详解】水的质量为 则1 g水温度升高1℃吸收的热量 则1卡等于4.2J；1200千卡对应的热量为 根据公式得 1标准大气压下水的沸点为100℃，初温为20℃，实际能升高的温度为 答案第1页（共2页） 答案第1页（共2页） 学科网（北京）股份有限公司 $