重庆市永川中学校2026-2027学年高一上学期10月阶段检测物理试题

重庆市永川中学校高2026级高一上期10月月考 物理试题 命题人：廖光兵 审题人：刘宇婷 注意事项： 1.作答前，考生务必将自已的姓名、考场号、座位号填写在试卷的规定位置上。 2.作答时，务必将答案写在答题卡上，写在试卷及草稿纸上无效。 3.考试结束后，将答题卡、试卷、草稿纸一并交回。 一、选择题：共36分 (一)单项选择题：共7题，每题3分，共21分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是 符合题目要求的。 1.国庆佳节，小明一家自驾游去附近景区游玩，图示为小明一家在出发时使用的地图导航截 图，下列相关说法正确的是（) 40时 A.图中的“63公里”指的是位移大小 B.图中的“1小时16分”指的是时间间隔 C.观察车辆倒车入库时可以将汽车看作质点 备选方案 大众常选 1小时16分 小时5分 D.行车时以汽车为参考系，后视镜中的景象是静止的 61公里 63公里 2.做自由落体、竖直上抛和竖直下抛运动的物体，它们在相同的时间内速度的变化（ 人.大小相等，方向相同 D.大小相等，方向不同 C.大小不等，方向相同 D.大小不等，方向不同 3.关于物理必修1教材中的四幅插图，下列说法错误的是（) 图1 图2 图3 图4 A.图1中，汽车速度表上的示数指的是瞬时速率 B.图2中，速度的变化量△v越大，加速度一定越大 C.图3中，把变速运动过程细分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后将 这些小段的位移相加，得到总位移，这种方法运用了微元法 D.图4中，伽利略将斜面上小球做匀加速运动合理外推到了自由落体运动 第1页（共6页） 4.有四个物体a、b、c、d,图甲是物体a、b运动的x-1图像，图乙是物体c、d运动的v-1图 像。则() 本x四 ◆v/ms A.物体a和b均做匀变速直线运动 B.在0~3s的时间内，物体c与d运动方向相反 C.在0~3s的时间内，物体a与b的间距逐渐减小 012345s 012345s D.在0~3s的时间内，物体c与d的间距逐渐增大 5甲、乙两物体从不同高度的平台上由静止释放，它们均做自由落体运动。若甲、乙两物体 质量之比为1：2，甲、乙两物体释放时的高度之比为2：1，则两物体（)、 A.落地时的速度之比是2：1 B.下落所用时间之比是1：1 C.落地过程中的平均速度之比是1：√2 D.下落加速度之比是1：2 6.如图是商场自动感应门的示意图，人走近时，两扇门同时分别向左右平移，每扇门完全打 开时移动的距离均为1.8。若每扇门从静止开始先做匀加速直线运动，再做匀速直线运动， 最后做匀减速直线运动，完全打开时速度恰好为0。三个阶段用时依次为1s、2s和1s,匀加 速运动阶段和匀减速运动阶段的加速度α大小相同。则加速 度a的大小为() A.0.3m/s2 感应门感应 B.0.6m/s2 C.0.9m/s2 1.8m D.1.2m/s2 7.一辆汽车在平直公路上匀速行驶，遇紧急情况进行制动刹车，做匀减速直线运动，其中AB、 BC、CD、DE各段位移所用时间均为Is,测得AB和CD两段位移分别为x=18m、,=IOm,如 图所示。己知汽车从A点开始减速 D 并计时，下列说法正确的是（) 18m 10m A.汽车制动后第2s内的平均速度大小为16m/s B.汽车制动前匀速运动的速度大小为15m/s C.第4s末汽车速度刚好减为0 D.汽车制动后加速度大小为4m/s2 (二)多项选择题：共3题，每题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合 第2页（共6页） 题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.对于运动基本概念的描述，下列说法正确的是(， A.1min有60个时刻 B.物体运动情况的描述与所选取的参考系有关 C.研究地球的公转的时候，可以把地球看成是质点 D、位移大小一般要比路程小，但在单向直线运动中，位移大小等于路程 9、重庆地势崎岖，伴随着科技的飞速发展和城市化进程的加速，桥梁建设迎来了前所未有的 高潮。某大桥如图甲所示，图乙中A、B、C、D、E为大桥上五根钢丝绳吊索的示意图，每 两根吊索之间距离相等。一辆汽车从吊索A处开始做匀减速直线运动，刚好在吊索E处停下， 汽车通过吊索D时的瞬时速度为'o,通过DE段 的时间为T,则下列说法正确的是() A.汽车减速的时间为4红 B.汽车通过吊索B时的速度大小为V3v。 C.汽车通过AE段的平均速度等于D点的瞬时速度 D.汽车通过吊索C时的瞬时速度等于通过BD段的平均速度 10.甲、乙两辆汽车同时同地出发，沿同方向做直线运动，两车速度的平方随x的变化图 像如图所示，则() 个2m2s) A.汽车甲的加速度大小为1ms2 B。汽车甲、乙在1=骨时相遇 P C.汽车甲在x=6m处的速度大小为25m/s x/m D.汽车甲停止前，甲、乙两车相距最远时，乙车的位移大小为)m 二、非选择题：共6题，共64分。 11.某学习小组利用如图所示的实验装置测量当地重力加速度g的大小。该小组将一直径为d 的小铁球从光电门正上方的某一高度静止释放，小铁球依次通过光电门1、2，测出其通过光 电门时的挡光时间分别为△4，、△42和从光电门1运动到光电门2的时间为t。 2电磁铁 一小铁球 (1)小铁球通过光电门1、2时的速度大小分别为”=， V2= .光电门1 （选用“d△”和“△2”表示) (2)根据以上实验数据，可得出当地的重力加速度大小g=(用 光电门2 “d△出“△M2”和“1”表示)。 第3页（共6页） (③)在该学习小组的实验操作没有错误的情况下，实验测得的重力加速度总是略小于当地实际 的重力加速度，可能的原因是 (写出一条即可)。 12.小永同学利用打点计时器对小车在恒定拉力作用下的运动进行了探究，获得一条点迹清 楚的纸带，如图所示。己知打点计时器每隔0.02s打-个点，选择了A、B、C、D、E、F六 个计数点，测量数据如图中所示，单位是cm。 单位：cm 5.46 7.92 10.70 (I)首先小永计算出相邻两计数点间的时间间隔T= $。（结果保留1位有效数字) (2)然后小永计算出相邻两计数点间的距离：xAB=1.50cm,.Bc=1.82cm,xcD=2.14cm,xDE=2.46cm, XEF cm。(结果保留3位有效数字) (3)小永计算出BC-xAB=XCD-XBC=-xDE-xCD-XEF-XDE= cm,发现相邻的位移差△x 为一常数，猜想认为小车做匀加速直线运动。（计算结果保留2位有效数字） (4)小永继续对纸带进行研究，以某一计数点为中心，取两边时间间隔相等的最短两点，求出 这个区间的平均速度。又猜想：某段区间的平均速度，等于该区间中间时刻的瞬时速度。随 后分别求出瞬时速度：g=0.415m/s,vc=0.495m/s,D= m/s,E=0.655 ms。(计算结果保留3位有效数字) (⑤)小永为了进一步验证小车的运动是否为匀变速直线运动，对上述数据采用了两种方案进行 分析，得到小车运动的加速度。 方案一：获得数据后，取任意两个点，用它们的速度差△v=2-除以相应的时间差△=， 求得加速度。小永发现取不同的两个点，求得的加速度都相等，均为α= m/s2, 小永认为小车的运动是匀变速直线运动。（计算结果保留1位有效数字) 方案二：通过计算机软件对数据进行处理，利用软件的图像分析中的“线性拟合”功能，得到ν -1图像，发现是一条倾斜的直线，其图像的斜率就等于加速度。小永认为小车的运动是匀变 速直线运动。 13.(8分)小永骑自行车，在距离字路口停车线30m处看到信号灯变红，此时自行车的速 度大小为5s。他看到信号灯变红就停止用力，让自行车在此路面依靠惯性滑行。自行车做 匀减速运动的加速度大小为0.25ms2。求： (1)白行车依靠惯性滑行的时间： (2)通过计算说明自行车仅依靠惯性滑行能否停在停车线前？ 第4页（共6页）】 14.（12分)在科技运动节上，某物理兴趣小组自制了一个如图所示的水火箭。在发射过程 中，将参数理想化处理如下：水火箭由静止开始做匀加速直线运动，从地面以a=20m/s2的加 速度竖直向上运动，当到达离地高h=10m处时，水火箭突然失去动力，之后做竖直上抛， 不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2,取竖直向上为正方向。求： (1)水火箭突然失去动力时的速度大小： (2)水火箭上升离地的最大高度H: (③)水火箭从发射到落地过程中的运动总时间【。 经d” 15.(14分)随着智能手机的使用越来越广泛，一些人在驾车时也常常低头看手机，然而开 车时看手机是一种危险驾驶行为，极易引发交通事故。一辆出租车在平直公路上以。=18ms的 速度匀速行驶，它正前方x,3m处以y=20ms的速度同向匀速行驶的货车由于故障开始匀减 速，而出租车司机此时开始低头看手机，4.5s后才发现危险，司机经0.5s反应时间后，立即 采取紧急制动措施开始做匀减速直线运动，若货车从故障开始，需向前滑行s=100m才能停下， 求： (1)货车加速度的大小： (2)当出租车开始刹车时，两车之间的距离： (3)若欲使出租车不和货车发生追尾，则出租车刹车的加速度至少多大？ 第5项（共6页） 16.(16分)一两侧开口且长度为L=4.5m的圆简A沿着地面滑行，由于摩擦阻力的作用， 加速度大小为a=4m/s2,方向总与运动方向相反，直到圆简停止运动。圆简滑行方向前方有 一堵墙，圆简撞墙后反弹速率变为撞墙前的一半。某时刻该圆简速度为y,=8√m/s向哲墙壁 滑动，此时圆筒右端距离墙壁为，一无人机B(可视为质点)此时恰在圆筒右侧圆筒口中 心以速度。=6m/s与圆筒同向做匀速直线运动。假设无人机可以在圆简内外自由穿枚不受圆 筒影响。 (1)若圆简恰好未与墙壁发生碰撞，求此情况5，的大小： (2)保持(1)中s。不变，若v=12ms,求当圆筒最终停止时，其右侧到墙壁的距离： (3)保持(1)中3不变，若v=12m/s,求无人机B在飞到墙壁前，无人机在圆简中运动的总 时间。 777777花77777777777T7777777777777 L=4.5m 第6页（共6页） (第一次月考》参考答案 题号 1 4 6 6 7 8 0 10 答案 B A B D BCD BC △D 1.【详解】A.位移是初末位置的直线距离，而63公里”是车辆实际行驶路径的总长度，属于路程，故A 错误： B.“1小时16分“是从出发到抵达目的地的一段时长，对应时间轴上的一段区间，属于时间间隔，故B正 确： C、倒车入库时需要关注汽车自身的尺寸、车身位置与车位的相对关系，因此不能把汽车看作质点，故C 错误： D、行车时以汽车为参考系，车外的景物相对于汽车位置不断变化，后视镜呈现的是车外景象的反射像， 因此后视镜中的景象是运动的，并非静止，故D错误。 2.【详解】自由落体、竖直上抛和竖直下抛运动的物体仅受重力作用，加速度都是重力加速度，因此加速 度相同，也就是它们在相同的时间内速度的变化大小相等，方向相同，A正确，BCD错误。 3.【详解】A.图1中，汽车速度表上的示数指的是瞬时速度的大小即瞬时速率，故A正确： B。根据a=岩可知，图2中，速度的变化量△越大，加速度不一定越大，因为时间不确定，故B错误： C、图3中，把整个运动过程细分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后将这些小段的位移 相加，得到总位移，这种方法运用了微元法，故C正确： D.图4中，伽利略在斜面实验的基础上经过演绎归纳得出了小球自由落体运动规律，故D正确。 本题选错误的，故选B。 4.C 5.【详解】A.根据自由落体运动速度位移公式v2=2gh,可得v=√2g,落地速度与下落高度的平方根成 正比，因此v甲Vz、p2=V2:1,故A正确： B.根据自由落体运动位移公式h=g2,可得t=, 下落时间与下落高度的平方根成正比，因此t甲t之 瓜2=V21,敢B铺误 C.自由落体运动是初速度为0的匀加速直线运动，平均速度7=？=？因此平均速度之比等于落地末速 度之比为V2:1,故C错误： D.自由落体运动的加速度均为重力加速度g,与物体质量无关，因此加速度之比为1：1，故D错误。 6,【详解】根据匀变速直线运动的规律x=,1+产，匀加速运动阶段位移xa,根据变速直线 运动的规律v=。+at,匀加速运动阶段末速度v=alm,匀加速运动阶段末速度等于匀速阶段速度，匀速 直线运动阶段位移x]=,=tm'匀，匀速直线运动阶段速度等于匀减速阶段初速度，匀减速运动阶段位移 丝，每扇门完全打开时移动的距离均为180，由18m=++《=听++ 1 =2·饿= atn越 2 解得a=0.6m/s2。 7.【详解】A.根据匀变速直线运动的规律，在相等时间内的位移差恒定，即x2一x=为-x2,解得x2=14m 第2s内的平均速度v=点=14m/5,故A错误： △ 答案第1页（共3页） B.对AB段有x=。+。2,解得。=20m/9,故B相讽： C.由速度时间关系式y=+a1。,解得'n=59,故C错次： D.根据匀变速直线运动的规律，即在相等时间内的位移望恒定，有x。一x,=(m-n)aT',可列式 a=占二三=-4m/s,加速度的大小为4m/g',故D正确。 272 S,【详解】A,lmin包含有若干个时刻，故A错误： B.物体运动情况的描述与所选取的参考系有关，参考系不同，得出的结论可能不同，故B正确： C、研究地球的公转的时候，地球的大小和状态可以忽略，将其看成是质点，故C正确： D.位移一股要比路程小，但在单向直线运动中，位移大小等于路程，故D正确。 9.【详解】A.由愿意，可把汽车的匀减速直线运动看作反方向的初速度为0的匀加速直线运动，则5，=T 根据初速度为零的匀加速直线运动规律，通过连续相等位移所用时间之比为 4冯：出，=1：(V2-小(V5-(2-,可得汽车减速的时间为1=4+5+5+4，=2T,故A错误： B.由愿意，根据逆向思维，可得。=aT,则ya=a(么+h+5)=V3aT=V3o,故B正确： C.由于D点为AE的时间中点，根据匀变速直线运动规律：某段时间中点的瞬时速度等于该段时间内的 平均速度，可知汽车通过AE段的平均速度等于D点的瞬时速度，故C正确： D,匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于该段时间内的平均速度，可知汽车通过BD段的平均速度等 于通过该段位移中间时刻的瞬时速度，但由于汽车通过吊索C为BD段位移中点，不是BD段的中间时刻， 可知汽车通过吊索C时的瞬时速度不等于通过BD段的平均速度，故D错误。 10.【详解】A.根据匀变速直线运动规律v2-=2m,结合图像可知，对汽车甲而言，则有=16(ms)2, -=2ax,解得%=4ms,ap=-lms2,即甲做匀减速运动，减速时的加速度大小为lm/s2,故A正确： ®。根据图像可知，汽车乙做初速度为专的匀加速运动，其加速度大小为心，女& -m/s2=0.5m/s2 汽车甲停止运动的时间6=0一649，因此18的时，汽车甲的位移=y4牛46m 1 2 9 汽车乙的位移之三)，2=6m,p>么，两车并未相週，故B错误 9 C.根据匀变速直线运动规律可得，汽车甲在x=6m速度v=√+2ax=V16+2×(-1)×6m/s=2ms,故C 错误： D.汽车甲停止前，两车速度相等时相距最远，设经过时间两车速度相等，则有。+an=az! 代入数据解得1=8，此时乙车的位移大小为X2=422=5m,故D正确。 d 11.(1) △， △ (3)小铁球在下落过程中受到空气阻力 12.(1)0.04(2)2.78 (3)0.32 (4)0.575 (5)2 【详解】(1)由图可知，相邻两计数点间的时间间隔T=0.02s×2=0.04s （2)由图可知，xr=xw-x4B=10.70cm-7.92cm=2.78cm 答案第2页（共3页） Ax xic-X=Xn-Xm IDL -XD (3)由题意，可计算得=1.82cm-1.50cm=2.14cm-1.82cm =2.46cm-2.14cm=0.32cm 由8，可计切秒2光=92-332x10 -m/s=0.575m/g 2×0.04 △v=V,-n=Vn-=Vs-Vw (5)由题，可计算得=0.495m/s-0.415ms=0.575m/s-0.495m9,△/=T=0.04s =0.655m/s-0.575m/8=0.080m/s 则加速度为a= △y_0o80mg2=2os 10.04 13.【详解】(1)自行车依靠惯性滑行的时间 设出租车的加速度大小为4，时两车恰好不发生追 6=当=20s…4分 尾，出租车开始减速至追上货车用时为4，则有 %-a4=-a4,4-2a4=r+4-2叫 (2)停车位移x=2=50m>30m…3分 所以不能停在停车线前。…1分 联立解得a=4m/s2 14.【详解】(1)由v2=2ah 故出租车刹车的加速度至少为4ms2…6分 得到水火箭突然失去动力时的速度大小 16.【详解】(1)若圆简恰好未与墙壁发生碰撞， v=20m/s…4分 则有-2as,=0- (2)由v2=2gh解得h=20m 解得5。=16m…3分 水火箭上升的最大高度H=h+h,=30m…4分 (2)依题意，有y=12m/s (3)根据匀加速上升过程v=4可得4=ls, 由12m/s>8√2m/s知圆简会与墙发生碰撞 根据竖直上抛过程v=g%,解得12=2s 设碰撞前圆筒的速度大小为以，则碰撞后速度大小 由自由落体过程H=吲解得=、6 为号 故1=1+62+5=(3+V6)s…4分 可得-2as。=收-风 15.【详解】(1)货车从故障开始匀减速至停止过 碰撞后有-2r=0 程有=2a四 可得货车加速度的大小a=2m/s2…4分 联立解得v=4m/s,x=0.5m (2)从货车发生故障到出租车开始减速所用时间 即当圆筒最终停止时，其右侧到墙壁的距离为 1=4.5s+0.5s=5s 0.5m…5分 这段时间两车发生的位移分别为 (3)无人机第一次穿过圆筒时，如图所示， 4=4-a2=75m,xM=w=90m 2 两车之间的距离△x=x,+x货一xm=16m…4 分 (3)出租车开始减速时货车的速度为 3=4-al=10m/s A 答案第3页（共3页） 此过程中无人机的位移为，= 筒的位移为u=4一叫 根据位移之间的关系可得x,=x+儿 解得1=1.5s,即无人机第一次在圆簡中运动的时间 为1.5s 设简开始运动后经过的时间到达墙，由 =-al3 解得2=2s 可知马<？，即无人机第一次通过筒时，简尚未撞墙， 无人机在4=1.5s时到达简的左端，此时简的速度为 V%1=v-a叫1=6m/s 而再经过△1=2一41=0.5s圆简与墙壁发生碰撞，△1 时间内，无人机在筒内飞行， 在筒撞墙时，无人机进入筒的距离为 Ax=VA-A=0.5m 2 在撞墙后瞬间，简的速度大小变为碰撞前的一半， 以 简停下还需用时6=2=0.5s a 在这段时间内，无人机的位移大小x,='△1'=3m 由于L-△x-(x+x2)=0.5m>0 其中x为撞墙后筒的位移大小，上面己经求出，可 知筒停下时，无人机尚在筒内，因此，无人机从筒 停下到飞出筒还需用时 △'-L-Ax-(x+xm)1 No 128 可知无人机第二次在简中运动的时间 13 4=△M+△r+△"=38≈1.08s 12 故可知无人机在筒中运动的总时间 31 1=4+4-i23=2.58s …8分 答案第2贞（共2页）