第2章 专题提升课4 分层训练 能力提升-【优学精讲】2026-2027学年高中物理选择性必修二同步课件（教科版·新教材）

分层训练 能力提升 1 D 基础对点练 4 5 6 7 8 1 9 2 3 分层训练 能力提升 4 5 6 7 8 1 9 2 3 分层训练 能力提升 B 4 5 6 7 8 9 2 3 1 分层训练 能力提升 解析：由磁感应强度大小B随时间t变化的规律可知，穿过线圈的磁通量向里增加，由楞次定律可知，线圈产生感应磁场的方向垂直于纸面向外，由安培定则可知，线圈中感应电流为逆时针，则通过电阻R的电流方向为b→a，故A错误； 4 5 6 7 8 9 2 3 1 分层训练 能力提升 A 3．(2025·北京市大兴区期末考试)如图甲所示，电阻r＝5 Ω、匝数为100匝的线圈(图中只画了2匝)两端A、B与电阻R相连，R＝95 Ω。线圈内有方向垂直于纸面向里的磁场，线圈中的磁通量在按图乙所示规律变化，则下列说法错误的是(　　) A．A点的电势低于B点的电势 B．在线圈位置上感生电场沿逆时针方向 C．0.1 s时间内通过电阻R的电荷量为0.05 C D．0.1 s时间内非静电力所做的功为2.5 J 4 5 6 7 8 9 2 3 1 分层训练 能力提升 解析：线圈相当于电源，由楞次定律可知A相当于电源的正极，B相当于电源的负极，A点的电势高于B点的电势，在线圈位置上感生电场沿逆时针方向，故B正确，A错误； 0.1 s时间内非静电力所做的功W＝Eq＝50×0.05 J＝2.5 J，故D正确。 4 5 6 7 8 9 2 3 1 分层训练 能力提升 C 4 5 6 7 8 9 2 3 1 分层训练 能力提升 4 5 6 7 8 9 2 3 1 分层训练 能力提升 AC 5．(多选)空间存在一方向与纸面垂直、大小随时间变化的匀强磁场，其边界如图甲中虚线MN所示，一硬质金属圆环固定在纸面内，圆心O在边界MN上。t＝0时磁场的方向如图甲所示，磁感应强度B随时间t的变化关系如图乙所示，则圆环中产生的感应电流I及所受安培力F与时间t的关系图像可能正确的是(　　) 4 5 6 7 8 9 2 3 1 分层训练 能力提升 根据F＝BIL，因电流I和有效长度L都不变，故F随B的变化而变化，故F-t图像与B-t类似，故C正确，D错误。 4 5 6 7 8 9 2 3 1 分层训练 能力提升 D 6．如图所示，空间存在垂直于纸面向里的有界匀强磁场，磁场区域宽度为2L，以磁场左边界上的一点为坐标原点，建立x轴。一边长为L的正方形金属线框abcd在外力作用下以速度v匀速穿过匀强磁场。从线框的cd边刚进磁场开始计时，线框中产生的感应电流I、线框的ab边两端的电压Uab、线框所受的安培力F、穿过线框的磁通量Φ随位移x的变化图像正确的是(规定逆时针电流方向为正，安培力方向向左为正)(　　) 综合提升练 4 5 6 7 8 9 2 3 1 分层训练 能力提升 4 5 6 7 8 9 2 3 1 分层训练 能力提升 4 5 6 7 8 9 2 3 1 分层训练 能力提升 线圈向右移动0～L进入磁场时，磁通量Φ＝BLx，线圈向右移动L～2L完全进入磁场时，磁通量Φ＝BL2，当线圈向右移动2L～3L出磁场时，磁通量Φ＝BL(3L－x)，D正确。 4 5 6 7 8 9 2 3 1 分层训练 能力提升 C 4 5 6 7 8 9 2 3 1 分层训练 能力提升 解析：由右手定则可知，电流从M点流出，经电阻R流向N点，因此M点电势高于N点电势，A错误； 4 5 6 7 8 9 2 3 1 分层训练 能力提升 C 8．如图所示，等腰直角三角形虚线区域内分布有垂直于纸面向外的匀强磁场，它高为L，底边在x轴上。纸面内一直角边长也为L的等腰直角三角形导线框沿x轴正方向匀速穿过匀强磁场区域，在t＝0时刻恰好位于如图所示的位置，以顺时针方向为导线框中电流的正方向，下面四幅图中能够正确表示导线框中的电流和位移(ix)关系的是(　　) 4 5 6 7 8 9 2 3 1 分层训练 能力提升 4 5 6 7 8 9 2 3 1 分层训练 能力提升 9．(10分)(2026·云南昆明市期中)MN、PQ为水平放置、间距为1 m的平行导轨，左端接有如图所示的电路。电源的电动势为10 V、内阻为0.5 Ω，小灯泡L的电阻为8 Ω。将导体棒ab静置于导轨上，整个装置处在匀强磁场中，磁感应强度大小为2 T，方向与导体棒垂直且与两水平导轨所在平面的夹角θ＝53°，匀质导体棒质量为0.52 kg，阻值为8 Ω。闭合开关S后，导体棒恰好未发生滑动。已知导体棒和导轨间的动摩擦因数μ＝0.4，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且不计导轨的电阻，g取10 m/s2，sin 53°＝0.8。 4 5 6 7 8 9 2 3 1 分层训练 能力提升 (1)求导体棒受到的安培力的大小。(4分) 解析：由题可知，闭合开关S后，导体棒恰好未发生滑动。对导体棒受力分析如图所示 由力的平衡可得F安sin θ＝f f＝μFN F安cos θ＋FN＝mg 联立解得F安＝2 N。 答案：2 N 4 5 6 7 8 9 2 3 1 分层训练 能力提升 (2)求此时滑动变阻器接入电路中的电阻大小。(6分) 答案：0.5 Ω 4 5 6 7 8 9 2 3 1 分层训练 能力提升 $