山西运城市夏县中学2026-2027学年高二上学期第一次阶段检测物理试题

2026-2027学年高二上学期第一次月考卷 物理 (考试时间：75分钟试卷满分：100分) 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位 置上。 2,回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标 号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将 答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3.测试范围：必修三第九章一第十一章 一、单选题（每小题4分，共7小题28分) 1.如图，空间存在一方向水平向右的匀强电场，两个带电小球P和2用相同的绝缘 细绳悬挂在水平天花板下，两细绳都恰好与天花板垂直，则 ∠∠∠∠∠∠∠∠ A.P和Q都带正电荷 B.P和Q都带负电荷 C.P带正电荷，Q带负电荷 D.P带负电荷，Q带正电荷 2.如图所示为某区域的电场线分布，下列说法正确的是 A.这个电场可能是孤立正点电荷形成的 B.这个电场可能是孤立负点电荷形成的 B D C.D处没有电场线，所以场强为零 D.点电荷g在A点所受的静电力比在B点所受静电力小 3.如图所示为某一负电荷在电场中的电势能E,随位置x变化的图像，沿x轴正方向， 电场强度为正，则负电荷从x运动到x过程中 ↑E A,电场力先做负功再做正功 B.x处电势能最小 X2 X3 C.x处电场强度为负 1 D.为处电势最低 高二物理试题（卷） 第1页共6页 4.如图所示，两块彼此绝缘的金属板A、B水平平行放置并与一个电源相连，其中 B板接地。开关S闭合后，在A、B两板间C点 处有一个质量为m、电荷量为g的油滴恰好处于 S 静止状态。下列说法正确的是 A.若将S断开，再将A板向左移动一小段位移， 油滴向下运动 B.若将S断开，再将B板向下平移一小段位移，油滴的电势能变小 C.保持S闭合，再将A板向上平移一小段位移，C点电势升高 D.保持S闭合，再将B板向左移动一小段位移，电容器带电量增大 5.一匀强电场的方向平行于xOy平面，平面内acbO为矩形，a、b、c三点的位置如 图所示，三点的电势分别为10V、17V、26V。则下列说法正确的是 A.坐标原点处的电势为2V Ay/cm B.电场强度的大小为2.5V/cm 6 C.电子在b点的电势能比在c点小9eV b D.电子从a点运动到b点，静电力做功为一7eV 246 8 x/cm 6.如图所示为一种双量程电流表的内部电路原理图。已知表头G的满偏电流 I。=500A,内阻R=2002。若设计要求：接线柱1对应的量程为10mA,接线柱 2对应的量程为1mA,则电路中电阻R和R,的阻值应分别为 A.R=202R=1802 G B.R=1802R=202 C.R=252R=1752 D.R=1752R,=252 2 高二物理试题（卷） 第2页共6页 7.如图所示，在匀强电场中一带正电粒子先后经过α、b两点。已知粒子的比荷为k, 粒子经过a点时速率为3v,经过b点时速率为4v,粒子经过a、b两点时速度方 向与ab连线的夹角分别为53°、37°，ab连线长度为L。sin37°=0.6、cos37°=0.8， 若粒子只受电场力作用，则 A. 电场强度的大小B=25v 2kL A 3v B.电场强度的方向垂直于初速度3v方向 C.a、b两点间的电势差为U=7心 D.粒子在a、b两点的电势能之差为△C-1 k 二、多选题（每小题6分，共3小题18分） 8.如图所示，虚线a、b、c是一静电场中的三个等势面，实线为一带正电的质点仅 在静电力的作用下运动的轨迹，P、Q为轨迹上的两点，下列说法正确的是 A.Q点的电势小于P点的电势 B.该质点通过Q点的速度小于P点的速度 C. C.该质点通过Q点的电势能大于P点的电势能 D.该质点通过Q点的加速度小于P点的加速度 9.如图所示，在x轴的-3a和3a两处分别固定两个电荷Q2。,图中曲线是两电荷之 间的电势中与位置x之间的关系图像，图中x=a处为图线的最低点。现在x=2a处 由静止释放一个质量为m、带电荷量为9的正点电荷，该电荷只在静电力作用下 运动。下列有关说法正确的是 A.电荷运动至x=a处时速度最大 B.该电荷以a为中点做往复运动 C.两点电荷24：9n=4:1 -3a 2a-a o a 2a 3a x D.该电荷一定通过x=a处，但不能到达x=-a处 高二物理试题（卷） 第3页共6页 10.如图所示，虚线W左侧有一场强为E=E的匀强电场，在两条平行的虚线MN 和PO之间存在着宽为L、电场强度为E2=3E的匀强电场，在虚线PQ右侧相距 为L处有一与电场E2平行的屏。现将一电子（电荷量为e,质量为m,不计重 力)无初速度地放入电场E中的A点，A点到MW的距离为，最后电子打在 右侧的屏上，AO连线与屏垂直，垂足为O,则 屏 E A.电子从释放到打到屏上所用的时间为2， mL eE B.电子从释放到打到屏上所用的时间为3 mL C.电子刚射出电场E2时的速度方向与AO连线夹角的正切值为3 D.电子打到屏上的点P(图中未标出)到点O的距离为4L 三、填空题(11题每空2分，12题每空1分，本大题共16分) 11.用如图所示电路给电容器进行充、放电。当单刀双掷开关S接通1位置时，电容 器两端的电压表的示数变化是 (选填“增大”或“减小”)，电容器此时 处于（选填“充电”或“放电”)状态。若某时刻此电容器所带的电荷量 为8×10C,两极板间的电势差为10V,则这个电容器的电容为 F;如果电 容器的电荷量减少了6×10-8C,则电容器两极板间 的电压为 V;如果将所带的电荷量全部放 2 掉，这个电容器的电容为F。 高二物理试题（卷） 第4页共6页 12.下面三个图为探究平行板电容器电容大小决定因素的实验，请将正确的结论填在 横线上.两平行板之间的电场可以视为匀强电场.给电容器充电后与电源断开， 那么 图1 图2 图3 (1)若保持板间距离d不变，正对面积S变小，则两板电容C 板间电势 差U (2)若保持S不变，d变大，两板电容C 板间电场强度E (3)若保持S和d都不变，插入介质板后，则板间电势差U 板间电场强 度E (填“变小”、“变大”或“不变”) 四、解答题(13题10分，14题12分，15题16分，共38分) 13.如图所示，长L=1m的轻质细绳上端固定，下端连接一个可视为质点的带电小球， 小球静止在水平向右的匀强电场中，绳与竖直方向的夹角0=37°。已知小球带正 电，所带电荷量g=1.0x106C,匀强电场的场强E=3.0x10NVC,取重力加速度 g=10m/s2,sin37°=0.6，cos37°=0.8。求： (1)小球所受电场力F的大小和方向； 37 E (2)小球的质量m; (3)若撤去电场，求小球运动到最低点时的速度大小。 高二物理试题（卷） 第5页共6页 14.如图甲所示，电荷量为g=1×104C的带正电的小物块置于绝缘水平面上，所在空 间存在方向沿水平向右的电场，电场强度E的大小与时间1的关系如图乙所示， 物块运动速度v与时间1的关系如图丙所示，重力加速度g=10m/s2；求： E(x10N/C) v(m/s) 6 E + 4 t/s 2 4 ils 甲 丙 (1)物块受到的摩擦力大小； (2)物块的质量； (3)物块运动4s过程中，其电势能的改变量； 15.如图所示，倾角0=37°的粗糙绝缘斜面AB与粗糙绝缘水平地面BC在B点平滑 连接，B点右侧区域存在水平向左的匀强电场，电场强度大小E=5.0×103N/C。 斜面顶端A点离地高度h=2.4m,可视为质点的带正电金属滑块质量m=1.0kg、 电荷量q=1.0×104C。现将滑块从A点由静止释放，最后停在水平地面上的C点。 已知滑块与斜面间的动摩擦因数1=0.5，滑块与水平地面间的动摩擦因数 2=0.15,重力加速度g取10m/s2,sin37°=0.6，cos37°=0.8求： E 7777777777777777777777777777777777777777777777777777777777 C (1)滑块在粗糙绝缘斜面AB上下滑时加速度a1的大小； (2)求滑块在水平地面上滑行的距离： (3)将电场强度的大小突然增大到某一值，可使静止在C点的滑块恰好能重新返回 到斜面顶端A点，求滑块从C点重新返回到斜面顶端A点所需要的时间。 高二物理试题（卷）第6页共6页 高二物理月考试题参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D D C B B A A AD AC BC 1．D 【详解】AB．受力分析可知，P和Q两小球，不能带同种电荷，AB错误； CD．若P球带负电，Q球带正电，如下图所示，恰能满足题意，则C错误D正确，故本题选D． 2．D 【详解】AB．孤立的正负点电荷形成的电场的电场线均为直线，故AB错误； C．电场线是为了形象描述电场而引入的，没有电场线的地方不代表没有电场，D处仍有电场，电场强度不为零，故C错误； D．电场线越密，电场强度越大。A处电场线比B处疏，所以A点场强小于B点场强，根据可知，点电荷q在A点所受的静电力比在B点所受静电力小，故D正确。 故选D。 3．C 【详解】A．负电荷从运动到过程中，电势能先减小后增加，可知电场力先做正功再做负功，A错误； BD．由图可知，处电势能最小，因电荷带负电，则处电势最高，BD错误； C．因从x1到x2电势能减小，可知电场力做正功，电场力方向沿x轴正向，因电荷带负电，可知处电场强度为负，C正确。 故选C。 4．B 【详解】A．若将S断开，则电容器所带电荷量不变，根据 可知，再将A板向左移动一小段位移，正对面积减小，板间场强增大，油滴受到的电场力增大，油滴向上运动，故A错误； B．根据A选项可知 因此若将S断开，则不变，板间场强不变。根据场强与电势差间的关系可知 又因为B板接地，则，则变大，变大，变大。又因为油滴所受电场力竖直向上，而板间场强方向向下，故油滴带负电，油滴的电势能变小，故B正确； C．保持S闭合，则电容器两极板间电势差不变，根据可知，若将A板向上平移一小段位移，板间场强减小。根据 可知减小、不变，则减小，C点电势降低，故C错误； D．将B板向左移动一小段位移，根据可知，正对面积减小，电容器电容变小。保持S闭合，则电容器两极板间电势差不变，根据可知，电容器带电量减小，故D错误。 故选B。 5．B 【详解】A．在匀强电场中平行等间距的线段上两端点间的电势差相等，则有 解得，故A错误； B．ac垂直于bc，沿ca和cb两方向的电场强度分量大小分别为， 根据矢量合成可得，合电场强度大小为，故B正确； C．根据 解得电子在a、b、c三点的电势能分别为－10 eV、－17 eV、－26 eV，可知电子在b点的电势能比在c点的大－17 eV－（－26 eV）＝9 eV 故C错误； D．结合上述，根据静电力做功与电势能变化的关系可得，电子从a点运动到b点，静电力做功为 故D错误。 故选B。 6．A 【详解】已知满偏电流，量程要求：接线柱1对应，接线柱2对应。 分析接线柱2（小量程），此时与串联，再与并联。表头满偏时，并联支路电压相等 分析接线柱1（大量程），此时与表头串联，再与并联。表头满偏时，并联支路电压相等 联立，代入数值求得， 故选A。 7．A 【详解】AB．设电场力的方向与ab所在直线夹角为，如图所示 垂直电场方向速度分量相同，根据几何知识有 解得 垂直电场力方向做匀速运动，运动的时间为 沿电场力方向速度变化量为 电场强度的大小为 故A正确，B错误； C．根据匀强电场电场强度 可知a、b两点的电势差 故C错误； D．根据功能关系有 电荷量未知，无法确定粒子在a、b两点的电势能之差。故D错误。 故选A。 8．AD 【详解】A．带电质点所受的电场力指向轨迹内侧，且与等势线垂直，由于质点带正电，因此电场线指向右下方，而沿电场线电势降低，所以Q点的电势小于P点的电势，故A正确； BC．根据质点受力情况可知，从P到Q过程中电场力对质点做正功，电势能减小，动能增加，所以P点的电势能大于Q点的电势能，P点的速度小于Q点的速度，故BC错误。 D．等差等势线密的地方电场线密，电场强度大，故P点的电场强度比Q点的大，质点所受的电场力大，根据牛顿第二定律，该质点通过Q点的加速度小于P点的加速度，故D正确。 故选AD。 9．AC 【详解】A．由动能定理可得 点电荷从到处，电势差最大，所以电场力做功最多，故电荷运动至处时速度最大，故A正确； BD．由图可知处与处电势相等，且点电荷由静止释放，根据动能定理可知点电荷刚好到达处，故不是中点，故BD错误； C．由图线的斜率表示电场强度的大小，可知电场强度为0，即 解得，故C正确。 故选AC。 10．BC 【详解】AB．电子在E1=E的匀强电场中做初速度为零的匀加速直线运动，由牛顿第二定律 根据位移一时间公式，有 电子进入E2=3E的匀强电场时的速度 在水平方向上做匀速直线运动，有 电子从释放到打到屏上所用的时间为 解得 A错误，B正确； C．电子在电场E2=3E的竖直方向上有， 水平方向 电子刚射出电场E2时的速度方向与AO连线夹角的正切值 解得 C正确； D．电子离开电场E2时的速度反向延长线交于E2电场中点，轨迹如图所示： 电子打到屏上的点P'到点O的距离为x，由相似三角形得 ． 解得 D错误。 故选BC。 11． 增大 充电 【详解】[1]当单刀双掷开关接通位置时，电容器与电源相连，电容器两极板间的电压逐渐增大，因此电压表的示数增大。 [2]电容器两极板所带电荷量逐渐增加，因此电容器处于充电状态。 [3]根据电容的定义式有 代入数据解得 [4]电荷量减少后，电容器所带的电荷量为 解得 根据电容的定义式有 代入数据解得 [5]电容器的电容由其自身结构和电介质决定，与所带电荷量及两极板间电压无关，因此将电荷量全部放掉后，电容器的电容仍为。 12． 减小 增大 减小 不变 减小 减小 【详解】试题分析：（1）保持板间距离d不变，两极板正对面积减小，根据电容的决定式得知，电容C减小，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式分析得到，板间电势差U增大； （2）保持S不变，板间距离d增大，根据电容的决定式CC得知，电容C减小，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式分析得到电容减小； 但和Q=UC可知：，故E和d无关，故E不变； （3）保持S和d都不变，插入介质板后，根据电容的决定式得知，电容C增大，而电容器的电量Q不变，由电容的定义式 分析得到，板间电势差U减小．由U=Ed可知，E减小； 考点：电容器；电场强度 13．(1)，方向水平向右 (2) (3)2m/s 【详解】（1）小球带正电，其受力方向与场强方向相同，所以小球所受的电场力方向水平向右，其大小为 （2）小球静止，受力平衡，则对小球进行受力分析，根据共点力的平衡规律有 解得小球的质量为 （3）撤去电场，小球下摆的过程中，根据动能定理有 解得小球运动到最低点时的速度大小为 14．(1) (2) (3)减少了 【详解】（1）在内物块做匀速直线运动，水平方向受力平衡，摩擦力大小等于电场力大小 （2）在内，物块做匀加速运动，加速度 电场力 由牛顿第二定律 解得 （3）电势能的变化量，其中为电场力做的功。 图中，图线与坐标轴围成的面积代表位移大小，故内物块位移 在内物块的位移 则电场力的功为 则 故电势能减少了 15．（1）；（2）4m；（3） 【详解】（1）设滑块在斜面上运动的加速度大小为a1，根据牛顿第二定律可得 解得 （2）设滑块在水平地面上运动加速度大小为a2，根据牛顿第二定理可得 解得 设滑块在水平地面上滑行的距离为x2，根据匀减速运动公式可得 （3）设滑块在水平地面上运动加速度大小为a3，滑块在斜面上运动的加速度大小为a4，根据动力学知识可得，又根据牛顿第二定律可得 解得 所以 答案第1页（共2页） 答案第1页（共2页） 学科网（北京）股份有限公司 $