2027届浙江强基联盟高三上学期一模物理试题

节 班级 姓名」 准考证号 考场号 座位号 2026年高三10月题库 物理 试题 考生注意： 1.本试卷分为选择题和非选择题两部分，共8页，满分100分，考试时间90分钟。 2.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对 应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答 题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。 3.可能用到的参数：重力加速度取g=10m/s2,sin37°=0.6，cos37°=0.8. 选择题部分 一、选择题I(本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题列出的四个备选项中只有一个是 符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分) 1.在国际单位制中，速度单位的符号是 A.m/s2 B.m/s C.Wb D.C 2.2025年11月25日，“神舟二十二号”飞船成功对接天和核心舱前向 端口，并转入组合体停靠段.下列研究的问题中，可以把“神舟二十二 号”飞船看成质点的是 A.研究对接前飞船的飞行轨迹 B.监控对接过程中飞船的姿态 第2题图 C.控制飞船姿态以完成对接过程 D.分析对接后飞船舱门开启过程 3.如图所示，一个小孩用水平推力使沙发在水平地面上匀速移动，则 A.小孩和沙发整体机械能守恒 B.沙发受到地面的作用力竖直向上 C.沙发所受重力和地面对沙发的支持力是一对平衡力 第3题图 D.小孩受到地面的摩擦力和地面受到沙发的摩擦力是一对作用 力和反作用力 4.如图所示，两颗质量相等的卫星A和B都围绕地球做匀速圆周运动，他 OB 们的轨道半径之比为2：3，则他们受到地球的万有引力之比为 A.2:3 B.3:2 地球 C.4:9 D.9:4 第4题图 【高三物理第1页（共8页）】 5.污水中的污泥絮体经预处理后带负电，可借助电泳原理实现泥水分 离、沉淀去污，装置原理如图：底部放置涂有绝缘层的金属圆盘，中心 污水 金属棒 竖直插入金属棒，二者分别接电源正极、负极，污水内部形成图示电 场；图中实线代表电场线，虚线代表等势线，则 A.B点和C点的电势相等 金属圆盘 B.A点和D点的电场强度大小相等 第5题图 C.污泥絮体从B点运动到A点过程中静电力做负功 D.C点的污泥絮体会在静电力作用下沿电场线运动到D点 6.如图所示，用绳子悬挂一盏重为G的艺术灯.左右两根绳子与水 530 平方向夹角分别为37°和53°，其拉力分别为F1、F2.已知sin379 379 =0.6,c0s37°=0.8，则 A.F1=0.8G 第6题图 B.F1=0.6G C.F2=0.83G D.F2=0.63G 7.如图所示，小明家屋顶安装了10m的光伏板，光电转换效率约为20%。当地单位时间内太 阳垂直射到地面附近单位面积的能量为700J/(m2·s),每天相当于太阳直射光伏板4h。当 地火电厂热电转换效率约为35%，烟煤燃烧值为2.4×104kJ/kg。已知当地家庭年生活用电 量约为1.2×10度，当地民用电价格为0.53元/度，则小明家的光伏板每年 A.发电量约为7×101J B.可提供约8个月的生活用电 C.可节约9t火力发电的烟煤 D.可节约电费约1千元 8.微波技术中某种磁控管装置可简化为如图1的示意图.一电子群在垂 第7题图 直于磁场的平面内沿虚线轨迹做圆周运动，它们时而接近位置1，时 而接近位置2，从而使位置1与位置2之间的电势差U12随时间t周期性变化，如图2所示.虚 线轨迹的中心位于位置1和位置2连线的中点O上，轨迹上P点距离位置1最近.可将电子 群整体视为点电荷.已知点电荷Q产生的电场中距离r处某点电势=k?,则 个U12 0 图1 图2 第8题图 A.增大磁场的大小，可以增大Um B.当U12=Um时，电子群可能运动到P点 C.U12完成一次完整周期性变化的时间等于电子圆周运动周期 D.若电子群绕O点做半径减半的圆周运动，则图2中Um的值也减半 【高三物理第2页（共8页）】 9.如图所示，在同一均匀介质中，波源S1和S2相距10m,质点P与两波源的连线相互垂直，且 PS1=8m.t=0时，两波源同时垂直纸面起振，振动频率均为2Hz.它们产生的简谐波朝各 个方向传播，到达质点P的时间差是1s,两波到达P点时各自振幅分别为A1=6cm、A2 4cm.t=4.5s时，质点P经过的路程为40cm,则 A.简谐波的波长为2m B.两个波源起振方向相同 S C.t=9.25s时，质点P的速度为0 D.在以波源S2为圆心、半径为6m的圆上有24个振动加强点 第9题图 10.如图甲所示，在水平实验台上固定一个周长为L的超导圆环abcd,一块质量为m的永磁铁 沿圆环中心轴线从正上方缓慢向下运动，永磁铁最终悬浮在圆环正上方h,高度处.由于外 界因素影响，圆环中出现极小的电阻导致电流衰减，永磁铁的悬浮位置会随时间缓慢下移， 经过时间t。,悬浮高度变为h2.已知永磁铁在高度h1、h2处时，圆环所在位置的磁感应强度 大小分别为B1、B2,磁场方向与水平方向的夹角分别为、2，圆环中的感应电流大小分别 为I1、I2.图乙为实验测得的圆环中电流大小的平方随时间变化的图像，重力加速度为g,忽 略磁场能的变化.则 永磁体 M2 B 超导圆环 0 to 甲 乙 第10题图 A.从上向下看，圆环中感应电流的方向为顺时针方向 B.永磁铁在h1高度处时，圆环所受安培力的大小为B1I1Lsin0 C.永磁铁从h1到h2的过程中，圆环上的产生的热量为mg(h1一h2) D.该圆环的电阻值为ms(h一h,) to (+ 二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题4分，共12分.每小题列出的四个选项中至少有一个是符 合题目要求的.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分) 11.下列说法正确的是 ↓↓↓↓ 2张纸片 甲 第11题图 【高三物理第3页（共8页）】 A.图甲中光入射到劈形空气薄膜后若抽去1张纸片，则可观察到干涉条纹变稀疏 B.图乙中增加初始状态的弹簧压缩量，可减小弹簧振子的振动周期 C.图丙中降低环境温度，可降低放射性元素的衰变速率 D.图丁中插入电介质，电容器的带电量不变 12.如图所示是一种用于检测液面高度的光液面传感器，由一支玻璃管和 镀膜玻璃板 一块两面镀膜的玻璃板组成.玻璃板插人玻璃管中央，两者底部不接 入射光出射光 触.检测时，人射光从玻璃板一侧射人，在玻璃管内壁与玻璃板之间来 回发生反射并进入玻璃管底部，然后在玻璃板另一侧反射出来.检测出 液面 射光的强弱即可判断玻璃管外液面的高度.已知光以相同的入射角入 射到两种介质的界面上时，介质折射率相差越大，光在这个界面上的反 射光就越强，则 A.光在玻璃管内壁一定会发生全反射 B.光在玻璃管外壁一定不会发生全反射 第12题图 C.液面高度增加时出射光强度减弱 D.液体与玻璃的折射率相差越大则传感器灵敏度越高 13.如图所示，电子和正电子以相同速率绕二者连线中点做匀速圆周运动，形成亚稳定束缚态， 称为电子偶素.电子偶素属于奇特原子的一种，它没有原子核，性质类似氢原子但更轻，可用 玻尔理论解释其特征谱线.已知电子质量m、速率o.和电子间距rn满足量子化条件mo,rm n会(a=1,23、…,A是普朗克常量)，元电荷为e,电子偶素基态能量为E,则 A,电子和正电子连线中点的电场强度E=9 B.对应轨道中电子的物质波波长入，=2π工 C.对应轨道中正电子的动能E= n2h? 第13题图 8xmra D.处于激发态的电子偶素向外辐射光子的最大波长入m= 非选择题部分 三、非选择题（本题共5小题，共58分）】 14.实验题（共14分） 14一I,(7分)小张同学利用甲、乙两套装置分别做“探究平抛运动的特点”和“验证动量守恒定 律”两个实验。 甲 第14-I题图1 (1)“验证动量守恒定律”实验应使用图1中 (选填“甲”或“乙”)装置； 【高三物理第4页（共8页）】 节 (2)关于两个实验，下列说法正确的是 (多选)； A.悬挂重锤线的目的相同 B.对斜槽的光滑程度都没有要求 C.都需要调节斜槽使其末端切线水平 D.在同一次实验中都应将小球从同一位置静止释放 (3)图2为一张已经将记录的印迹用平滑曲线连接的实验方格纸，由于操作不当造成破损， 使得抛出点位置缺失.已知方格纸每个小方格边长为4m,请计算小球抛出时的水平速 度w=m/s(g取9.8m/s,结果保留小数点后一位). 第14一I题图2 14一Ⅱ.(7分)某同学测量一段长度已知的电阻丝的电阻率.实验操作如下： (1)螺旋测微器如图1所示.在测量电阻丝直径时，先将电阻丝轻轻地夹在测砧与测微螺杆 之间，再旋动 (选填“B”或“C”),直到听见“喀喀”的声音，以保证压力适当，最后 通过紧锁装置A 旋转（选填“向左”或“向右”）进行锁定. 测砧测微螺杆 第14-Ⅱ题图1 第14-Ⅱ题图2 (2)用多用电表粗测其电阻.将多用电表选择开关旋转到“×1”挡，正确操作后，指针位置如 图2所示，则读数为 Q. (3)图3中Rx,为待测电阻丝.请在答题纸上相应位置用笔画线代替导线，将滑动变阻器接入 图4实物电路中的正确位置 Ro Ro R.a E 第14-Ⅱ题图3 第14-Ⅱ题图4 【高三物理 第5页（共8页）】 (4)为测量Rx,利用图3所示的电路，调节滑动变阻器测得5组电压U1和电流I1的值，作出 的U1一I1关系图象如图5所示.接着，将电压表改接在a、b两端，测得5组电压U2和电 流I2的值，数据见下表： U2/V 0.50 1.02 1.54 2.05 2.55 12/mA 20.0 40.0 60.0 80.0 100.0 请根据表中的数据，在方格纸上作出U2一I2图象. U/V 用mA 20406080100120 第14-Ⅱ题图5 (5)由此，可求得电阻丝的R,= Ω.根据电阻定律可得到电阻丝的电阻率（结果保留 小数点后一位). 15.(8分)如图所示，水银气压计中混入了一个气泡，上升到水银柱的上方，使竖直水银柱上方 不再是真空。当实际大气压相当于768mm高的水银柱产生的压强时，这个水银气压计的 示数h,=750mm,此时管中的水银面到管顶的距离为l1=80mm。若外界气温恒定，当这 个气压计的示数减小为h2=740mm时 (1)与示数为h1时比较，管中气体分子平均动能 (选填“增大”、“减小”或“不变”)， 气体分子数密度 (选填“变大”、“变小”或“不变”)； (2)管中气体的压强相当于多高水银柱产生的压强； (3)实际的大气压相当于多高水银柱产生的压强. 第15题图 【高三物理第6页（共8页）】 5 5 (11分)某研究碰撞装置的模型如图所示，它由水平直轨道AB、CD、EG与螺旋形轨道BC 以及水平传送带DE无缝平滑连接而成，其中水平直轨道AB与CD的高度差h=1.2m,螺 旋形轨道半径R=香元m,水平传送带DE长度L=2.4m,以速度w(可调但未知)顺时针转 动且动摩擦因数=0.5，除传送带外所有轨道均光滑.质量m=1kg的滑块1（视为质点）放 置于水平直轨道AB上，并用弹性势能EP=0.5J的弹簧锁定，质量M=3kg的滑块2放置 于水平直轨道EG.现将弹簧解锁，则 (1)滑块1经过B点时的速度vB; (2)从B点下降号，螺旋形轨道侧壁对滑块1的支持力F大小： (3)若传送带速度=3m/s,滑块1经过传送带的过程中所产生的热量Q; (4)滑块1冲上滑块2后所能达到的最大高度H与传送带速度的关系. 滑块1 C 滑块2 第16题图 (12分)现代科学仪器中常利用电、磁场控制带电粒子的运动，如图所示，纸面内x轴上方存 在一个平行板电容器，两平行板金属CD之间的距离为d,D极板中间有一个空隙且离x轴 的距离为0.2d,x轴下方有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B.现有一质量为 、电荷量为q的带正电粒子（不计重力）从极板C的中点M由静止释放，经过匀强电场加 速后，穿过D极板的空隙，从P点进入匀强磁场，恰好能经过y轴上距离O点为1.2d的V 点，P、O两点的距离为0.4d.求： (1)匀强电场的电场强度大小； (2)粒子从极板中点M运动到N点的时间； (3)若在磁场区域增加沿y轴正方向的匀强电场，大小与平行板电容器的电场强度E相同， 重新让粒子从C板中间静止释放，经过一段时间粒子第一次到达最低点A(图中未标 出)，不计粒子重力，粒子经过A点时速度大小和A点离x轴 M 的距离y. 第17题图 【高三物理第7页（共8页）】 18.(13分)如图甲所示是磁力联轴器，它是一种采用非接触方式传递动力的装置，由永磁转子 和导体转子组成，两者间存在间隙，不直接接触.永磁转子和电机转轴相连，导体转子输出动 力.其工作原理可简化成图乙所示，永磁转子由四个形状相同的永磁体组成，这些磁体能产 生辐向磁场且相邻磁场方向相反；导体转子由四个相同的、相互绝缘的单匝弧形线圈组成， 这些线圈紧靠并组成半径为r的圆筒形，线圈所在处磁感应强度大小均为B.传动过程中， 电机驱动永磁转子以角速度ω1转动.导体转子由静止开始转动，经△t后达到稳定传动状态 且导体转子角速度为ω2.已知导体转子中单个线圈的质量为m,电阻为R,沿电机轴的直边 长为(.若忽略所有摩擦和转子间空隙，求 (1)导体转子中单个线圈的感应电动势最大值； (2)达到稳定传动状态后，导体转子输出的功率； (3)导体转子在由静止开始转动的△t内，所放出的热量， 永磁 转子 水蓝转子 导体转子 永蓝转 体转 甲 乙 第18题图 【高三物理第8页（共8页）】2026年高三10月题库 物理试题参芳答案与评分标准 1.B国际单位制中，速度的单位是m/s. 2.A研究对接前飞船的飞行轨迹时，飞船的形状大小可以忽略，可看成质点， 3.C根据题意，整个系统受到水平地面的摩擦力作用，有内能产生，机械能不守恒，故A错误：沙发受到地面 的水平方向的摩擦力和竖直方向的支持力，故沙发受到地面的作用力为摩擦力和支持力的合力，方向不是竖 直向上，故B错误：沙发在水平地面上匀速移动，竖直方向没有加速度，因此沙发所受重力和地面对沙发的支 持力是一对平衡力，故C正确；小孩受到地面的摩擦力和地面受到沙发的摩擦力不是是作用力和反作用力的 关系，故D错误。 4,D由万有引力定律可知，质量相等的A和B围绕地球做匀速圆周运动，他们的轨道半径之比为2：3时，受 到地球的万有引力之比为9：4. 5.A金属棒接负极A点和B点均在金属棒上则电势相等，故A正确；根据电场线的疏密程度场强大小可知 D点的电场强度比A点的大，故B错误；B点的电势比A点的低，污泥絮体带负电，根据可知污泥絮体在B 点的电势能比在A点的电势能大，污泥絮体从B点移到A点，电势能减小，电场力对其做正功，故C错误；带 电粒子在电场中的运动轨迹由初速度和受力共同决定，并不一定沿电场线.只有电场线为直线且粒子初速度 沿该直线方向时，粒子才会沿电场线运动.图中电场线弯曲，污泥絮体在C点受静电力方向虽沿电场线切线， 但速度方向会不断变化，轨迹不会与电场线重合，故D错误。 6.B以灯为研究对象，受重力G、F1、F2三个力作用，且合力为零.由图可知，F1=Gsin37°=0.6G. 7.D每年发电量为10m×700J/(m·s)×20%×365×4×3600s,A错误.可提供生活用电的月数为 10mm×700J/(m·s)×20%×365X4X3600s×12,B错误.可节约烟煤的质量为 1.2×10×10×3600 10m×700J/m,)X206X365X4X3600s,C错误，可节约电费10mX700J/(m:)X20%X365X3600s 2.4×10k/kg×10×35% 3600×103 ×0.53元，D正确. 8.C设位置1、2到O点的距离为d,电子群轨道半径为r(rd),当电子群处于离位置1最远点时，到位置1 距离为到位置2距离为山-此时电势差最大值为U。=子，一之=92”，电子在毯场 中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力gB=m”,增大磁场B,半径r减小，则U减小，故A错误：由于电子 带负电，靠近位置1会使该处电势降低，远离位置2会使该处电势升高，故运动到P点U12=p1一g2=一Um, 故B错误；电子群每绕O转一圈，它与位置1、2的相对位置完全重复一次，因此U12也完成一个完整周期变 【高三物理卷参考答案第1页（共6页）】 化：故C正确：D此时电势差最大值为U。-k产，大升，-9”，由上式可知，电子群绕O点微半 径r减半时，Un=g广 一，并不等于☑2，故不是简单的减半关系，故D错误， 4 9.D根据“波源S1和S2相距10m,质点P与两波源的连线相互垂直，且PS:=8m”,利用几何关系可知PS =6m,根据“它们产生的简谐波朝各个方向传播，到达质点P的时间差y=1s”,可利用u=念=2m/s,根 △t 据入=T=子可得入=1m,故A错误：根据已知信息推理可知，波源S发出的波使得P点从1=3s开始振 动，t=4s时，波源S2发出的波也到达P点，两波在P点开始干涉，t=4.5s时，已干涉0.5s,因此3s~4s 内，P点振动2个周期，经过的路程为8A2=32cm,根据“t=4,5s时，质点P经过的路程为40cm”,推理可 知4s一4.5s内，质点P振动1个周期，经过的路程为8cm,因此P点为振动减弱点，由于P点到波源S:和 S2相的路程差值△s=2m,即半波长0.5m的4倍（偶数倍），所以两个波源起振方向相反，故B错误；由于P 点振动周期T=0.5s,同时t=4s时开始干涉，所以t=9.25s时，P点刚好回到平衡位置，因此速度不为0， 故C错误；在以波源S2为圆心、半径为6m的圆上的点到波源S1和S:的路程差值△s范围为0~10m,为若 要振动加强点，则△s为半波长0.5m的奇数倍，即△s=0.5m、1.5m、2.5m、3.5m、4.5m、5.5m、6.5m、7. 5m、8.5m、9.5m,由于△s=0.5m、1.5m各处4个点，其余各处各有2个点，因此共有24个振动加强点，故 D正确 10.C永磁铁向下靠近圆环，穿过圆环的向下磁通量增加，根据楞次定律，感应电流产生的磁场方向向上阻碍 磁通量增加；由右手螺旋定则，从上向下看，超导圆环中感应电流为逆时针方向，故A错误；将磁感应强度 B,分解为竖直分量B,sin0:和水平分量B1cos0,竖直分量对电流的安培力沿水平方向，总合力为零；水平 分量对每个电流元的安培力均沿竖直方向，总安培力大小为F=I1·(B1cosA1)·L=B1I1Lcos01,故B错 误；根据能量守恒，永磁铁重力势能的减少量全部转化为超导圆环电阻的焦耳热（忽略磁场能变化），即Q= mgh一)，故C正确；P随t线性变化，可以看作平均值，即T=正，焦耳热Q=R.I,.,根据 2 2 能量守恒，永磁铁重力势能的减少量全部转化为超导圆环电阻的焦耳热（忽略磁场能变化），即g(1一h,) =Q,整理得R合，故D错误， 11.AD根据题意和示意图的可知，图甲中光入射到劈形空气薄膜后若抽去1张纸片，则可观察到干涉条纹变 稀疏，故A正确：图乙中小弹簧振子的振动周期与弹簧压缩量无关，故B错误：图丙中放射性元素的衰变速 率与外界环境无关，故C错误；图丁中插入电介质，可改变电容器的电容，但是电容器带电量不变，故D 正确。 12.CD光从空气射向玻璃时不会发生全反射，故A错误；由于玻璃和液体的折射率未知，所以光从玻璃射向 【高三物理卷参考答案第2页（共6页）】 液体时不一定会发生全反射，故B错误；液面高度增加时光在玻璃和液体间反射增多，反射光就越弱，故出 射光强度减弱，故C正确：玻璃和液体的间折射率相差越大，反射光就越强，传感器灵敏度就越高，故D 正确 1品B℃根据题意，电子和正电子连线中点的电畅强度E=◆兰×2学，故A错误：根据物质波波长公式以 以及量子化条件m心，可得风故书正确：根据动能表达式E成，故C正 n 确：处于激发态的电子偶素向外辐射光子的最小波长入m一低，故D错误。 hc 14-I.(1)乙(2分)(2)BCD(3分)(3)0.5-0.6(2分) 解：(1)根据图片中的装置可知，乙图为“验证动量守恒定律”实验的装置，故选乙 (2)在“探究平抛运动的特点”实验中，悬挂重锤线的目的是保证挡板竖直，在“验证动量守恒定律”实验中， 悬挂重锤线的目的是确定水平位移的初始位置，因此悬挂重锤线的目的不同，故选A错误，BCD正确。 (3)根据实验方格纸中的平抛部分轨迹，可计算小球抛出时的水平速度o在0.5m/s~0.6m/s之间. 14-Ⅱ.(1)C(1分)向左(1分)(2)202(1分)(3)见解析(1分)(4)见解析(1分)(5)23.5(23.0 一24.0都算对)(2分) 解：(1)在测量时，为了不损坏被测物体，最后改用微调方旋钮即C,直到听见“喀喀”的响声； 紧锁装置顺时针旋转是固定，即向左方向转动； (2)选择开关调节到“×12”，由图2可知，金属丝的电阻R=20×12=202: (3)实物图链接；按照原理图，将实物图连线： Ro (4)作图如下所示： U/V 6 田ImA 020406080100120 【高三物理卷参考答案第3页（共6页）】 (5)当电压表按图3连接时，电压表测的电压为R,、R。的电压之和，当电压表接在Q、b间时，电压表测的电压 2.04 为R的电压，由图可得：R+R6Q=490R。。080=25.50,所以尺，=23.52 15.(1)分子平均动能不变，(1分) 气体分子数密度变小；1分) (2)气体压强p1=po1-h1=(768-750)mmHg=18mmHg(1分) 由玻-马定律：p1l1=p2l2(1分) 其中l2=90mm(1分) p2=16mmHg(1分) (3)p2=p2-h2(1分) po2=756mmHg(1分) 16.(1)根据机械能守恒定律：Ep= 2n 可得：vB=1m/s(1分) (2)根据机械能守恒定律：宁mgh=子md-之m 可得：v=3m/s(1分) 根据儿何关系：m日一-龈 根据圆周运动受力：Fv=m (vcos 0)2 R 可得：R-N1分》 (3)根据动能定理：mkh=子m吃一之md 1 可得：c=5m/s(1分) 根据牛顿第二定律：mg=ma 根据匀变速直线运动规律：=uc一at 可得：t=0.4s 相对位移表达式：△r=一r传=， 2t-vot 可得：△x=0.4m(1分) 根据摩擦生热规律：Q=mg·△x 可得：Q=2J(1分) (4)当1m/s>w>0时，滑块1全程减速，匠一呢=2(-g)L可得：E=1m/s 当o>7m/s时，滑块1全程加速，呢-呢=2ugL 可得：vE=7m/s 当7m/s≥w≥1m/s时，滑块1全达到E点的速度等于传送带速度，得：E=vo 滑块1与滑块2的碰撞过程中， 根据水平方向动量守恒：mvE=(m十M)(1分) 机械能守恒定律：号m远=合(m十MD”十mgH1分) 1 即：当1m/s>6>0时，H=高m1分) 【高三物理卷参考答案第4页（共6页）】 当7m/≥w≥1m/s时，H=品61分) 当w>7m/s时，H=品m1分) 17.1)设粒子圆周运动的轨道半径为，则有，2=(-子d）+(日d) 解得r=2d,(1分) 洛伦兹力提供圆周运动的向心力，则有Bg心=m世 解得粒子进入磁场中的速度a=2BgL m 根据动能定理则有Ed=子md（1分) 解得E=2B 2 2(1分) (2)粒子在平行板电容器中匀加速运动的时间1=2丛-”1分) v Bg 粒子在极板D到x轴的匀速运动时间t,=0.24=,m U 10Bg (1分) 由儿何知识可知，圆弧PN对应的圆心角sina=1,4=0.6 2d 解得a=37°(1分) 粒子在感场中从P到N运动的时间=30T,其中T- Ba (1分) 故粒子从M点运动到N点的时间为总时间1=1十6十右=（需+1.1）赏1分) (3)将粒子从P到A的过程中某时刻的速度分解为水平向右和竖直向下的分速度，分别为u、v,,设粒子在 最低点A的速度大小为1，A点离x轴的距离为y,以向右为正方向，水平方向上由动量定理可得1一0 =∑Bq·△t 得：m1=qBy(1分) 由动能定理可得gy=之mi一之m1分) 解得=2(W2+1)BgL m (1分) y=(2+22)d(1分) 18.(1)导体转子中单个线圈，有两条有效直边在两个方向相反的磁场中切割磁感线， 故感应电动势最大值大小：Ex=2Blw1(2分) (2)对于单个线圈，达到稳定传动状态后， 受到的安培力与输出的动力大小相等，即F动=FA(1分) 单个线圈所受安培力：FA=2B2B相避1=4BPr(@一o2) R R (1分) 【高三物理卷参考答案第5页（共6页）】 单个线圈输出的功率：P线周=F动w2(1分) 导体转子输出的功率：P。=4P=16BYe-oua1分) 分 (3对于单个线圈，根据动量定理：2B2Bl21△y=m0一0(1分) R 可得：0线牌=4B上 mR,T相对 单个线圈所受安培力：FA=2B2Be1（1分) R 磁场与线圈的相对速度：v相对=r(w1一ω线周)(1分) mR2x到十B1 可得安培力F与相对位移工对的关系：FA=二16BL R .(1分) 当xRr2时，F二B R 当x对=0时，FA=4Br@ R 根据安培力FA与相对位移x相对的图像可知，导体转子在由静止开始转动的△t内，磁场与单个线圈之间的 一对安培力做的功为FA一x相对图像的面积， 即w=-mr:(2a-o)1分y 根据功能关系：Q线周=一WA(1分) 整个转子放出的热量：Qa=4Q线周=2mrw2(2w1一w2)(1分) ↑FA 4B2Pron R 4B2Pr(1-w2) R x相对 0 mRrw 4B2P 【高三物理卷参考答案第6页（共6页）】