精品解析：河北邯郸市永年区第二中学2026-2027学年高二上学期开学物理试题

高二第一次月考物理试卷 考试时间75分钟，总分100分。 考生须知： 1、答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡上。 2、回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。 一、单选题（每题4分） 1. 与水平方向夹角为θ的力F作用在放在水平地面上质量为m的物体上，如图所示。由于地面对物体的摩擦力较大，物体没有被拉动，则经时间t，下列说法正确的是（ ） A. 拉力F对物体的冲量大小为Ft cos θ，方向水平向右 B. 摩擦力对物体的冲量大小是Ft，方向水平向左 C. 地面对物体支持力的冲量为零 D. 合力对物体的冲量为零 【答案】D 【解析】 【详解】A．拉力F对物体的冲量大小为Ft，方向与F方向相同，故A错误； B．物体没有被拉动，可得摩擦力大小为 故摩擦力对物体的冲量大小是Ft cos θ，方向水平向左，故B错误； C．地面对物体的支持力大小为 故地面对物体的支持力的冲量大小为 方向竖直向上，故C错误； D．物体处于静止状态，所受合力为零，所以合力对物体的冲量为零，故D正确。 故选D。 2. 如图所示，质量为M的斜面放在光滑的水平面上，质量为m的物体由静止开始从斜面的顶端滑到底端，在这过程中（　　） A. M、m组成的系统满足动量守恒 B. 任意时刻m、M各自的水平方向动量的大小相等 C. m对M的冲量等于M的动量变化 D. M对m的支持力的冲量为零 【答案】B 【解析】 【分析】根据系统受力情况，判断动量是否守恒，根据动量定理分析m对M的冲量与M的动量变化关系，由冲量的定义分析M对m的支持力的冲量。 【详解】A．m下滑过程中，m有竖直向下的分加速度，斜面与小球组成的系统在竖直方向的合外力不为0，则M、m组成的系统动量不守恒，故A错误； B．对M、m组成的系统，水平方向不受外力作用，所以该系统水平方向动量守恒，故B正确； C．根据动量定理，M动量的变化等于合外力的冲量，而合外力是m对M的压力和M所受重力的合力，所以m对M的冲量不等于M的动量变化，故C错误； D．M对m的支持力不等于0，并且作用时间也不等于0，由冲量的定义，可知M对m的支持力的冲量不为零，故D错误。 故选B。 【点睛】系统整体动量不守恒，但在水平方向动量守恒。 3. 弹簧振子做简谐运动，振子的位移x随时间t的变化如图所示，下列说法正确的是（　　） A. 弹簧振子的周期为1.6s，振幅是24cm B. t=0.2s时，振子的回复力方向沿x轴正方向 C. t=0.4s到t=0.8s的时间内，振子的速度逐渐增大 D. t=0.8s到t=1.2s的时间内，振子的动能逐渐增大 【答案】C 【解析】 【详解】A．根据图像可得弹簧振子的周期为1.6s，振幅是12cm，故A错误； B．t=0.2s时，振子的位移为正，由可知加速度方向沿x轴负方向，故B错误； C．t=0.4s到t=0.8s的时间内，振子的位移为正，大小逐渐减小，表示沿负向靠近平衡位置，则振子的速度逐渐增大，位移最大时速度为0，平衡位置速度最大，故C正确； D．t=0.8s到t=1.2s的时间内，振子的位移为负，大小在增大，正沿负向远离平衡位置，其速度逐渐减小，故振子的动能逐渐减小，故D错误。 故选C。 4. 如图所示，质量为m的子弹以水平初速度射入静止在光滑水平面上的质量为M的木块中，子弹未从木块中射出，最后共同速度为v，在此过程中，木块在地面上滑动的距离为s，子弹射入木块的深度为d，子弹与木块间的相互作用力为f，以下关系式中不正确的是（　　） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【详解】A. 对子弹由动能定理可知 即 选项A正确，不符合题意； B. 对子弹和木块的系统由能量关系可知 选项B正确，不符合题意； C. 对子弹和木块系统由动量守恒定律可知 选项C正确，不符合题意； D. 对木块由动能定理 选项D错误，符合题意。 故选D。 5. 一弹簧振子的位移y随时间t变化的关系式为y=0.1sin（2.5t），位移y的单位为m，时间t的单位为s。则（　　） A. 弹簧振子的振幅为0.2m B. 弹簧振子的周期为1.25s C. 在t=0.2s时，振子的运动速度最大 D. 在t=0.1s时，振子的位移为m 【答案】D 【解析】 【详解】A．弹簧振子的振幅为0.1m，选项A错误； B．弹簧振子的周期为 选项B错误； C．在t=0.2s时，y=0.1m，此时振子的位移最大，则振子的运动速度为零，选项C错误； D．在t=0.1s时，振子的位移为 选项D正确。 故选D。 6. 如图所示，一根轻弹簧上端固定，下端悬挂一个物体。将物体从平衡位置竖直拉下一段距离后由静止释放，物体在竖直方向做简谐运动。设向下方向为正，以下说法中正确的是（　　） A. 弹簧对物体的弹力变小时，物体所受回复力可能变大 B. 物体从最高处向最低处运动过程中，振幅先减小后增大 C. 物体位移为正时，速度一定也为正，加速度一定为负 D. 物体从最低处向最高处运动过程中，物体的动能与弹簧的弹性势能之和一直增大 【答案】A 【解析】 【详解】A．弹簧对物体的弹力变小时，物体所受回复力可能变大，例如从平衡位置向弹簧原长位置运动时，弹力变小时，物体所受回复力变大，A正确； B．物体从最高处向最低处运动过程中，位移先减小后增大，振幅不变，B错误； C．物体从最低点向平衡位置运动时，位移为正，速度为负，加速度为负，C错误； D．根据机械能守恒定律，物体从最低处向最高处运动过程中，因为重力势能变大，则物体的动能与弹簧的弹性势能之和一直减小，D错误。 故选A。 7. 如图所示，质量m＝60 kg的人，站在质量M＝300 kg的车的一端，车长L＝3 m，相对于地面静止。当车与地面间的摩擦可以忽略不计时，人由车的一端走到另一端的过程中，车将（　　） A. 后退0.8 m B. 后退0.7 m C. 后退0.6 m D. 后退0.5 m 【答案】D 【解析】 【详解】人车组成的系统动量守恒，则 人和车运动时间相同，有 且 解得车后退的距离 二、多选题（每题6分，少选得3分，错选多选不得分） 8. 如图所示，弹簧上端固定着质量为m的小球，小球在竖直方向上做振幅为A的简谐运动，当小球运动到最高点时，弹簧恰好为原长。已知重力加速度大小为g，小球运动过程中（　　） A. 在最低点的加速度大小等于g B. 在最低点时受到的弹力大于 C. 最大动能等于 D. 弹簧最短时形变量等于 【答案】AD 【解析】 【详解】ABD．小球做简谐运动的平衡位置处 解得 所以在最低点时，形变量为2A．弹力大小为2mg，合力大小为mg，则加速度大小等于g，B错误AD正确； C．在平衡位置动能最大，由最高点到平衡位置，重力势能减小mgA，动能和弹性势能增加，所以物体的最大动能不等于mgA，C错误。 故选AD。 9. 如图所示，半径均为R、质量均为M、内表面光滑的两个完全相同的圆槽A和B并排放在光滑的水平面上，图中a、c分别为A、B槽的最高点，b、b'分别为A、B槽的最低点，A槽的左端紧靠着竖直墙壁，一个质量为m的小球C从圆槽A顶端的a点无初速度释放。重力加速度为g，下列说法正确的是（　　） A. 小球C从a点运动到b点的过程中，小球和圆槽A组成的系统动量守恒 B. 小球C从a点运动到b点时A槽对地面的压力大小为 C. 小球C在B槽内运动所能达到的最大高度为 D. B槽的最大速度的大小 【答案】BD 【解析】 【详解】A．小球C从a点运动到b点的过程中，小球和圆槽A组成的系统合外力不为零，所以动量不守恒，故A错误； B．小球C从a点运动到b点时，由动能定理有 解得 在b点时，对小球有 解得 根据牛顿第三定律可知球对A的压力大小也等于，对A槽有 由牛顿第三定律可得，小球C从a点运动到b点时A槽对地面的压力大小为，故B正确； C．小球C和B槽组成的系统水平方向上动量守恒有 解得 根据能量守恒有 解得 故C错误； D．小球C和B槽组成的系统水平方向上动量守恒，当两者分离时槽有最大速度，则 由机械能守恒有 解得 故D正确。 故选BD。 10. 如图所示，质量为的小车静止在光滑的水平面上，现有质量为可视为质点的物块以水平向右的速度从左端滑上小车，最后恰好未从小车上滑下。已知，物块与车上表面间的动摩擦因数为，重力加速度为。关于该过程下列说法正确的是（　　） A. 物块最终的速度为 B. 小车的长度为 C. 物块从小车左端运动到右端的时间为 D. 若小车增加的动能为，则系统因摩擦产生的热量可能为 【答案】AC 【解析】 【详解】A．物块和小车组成的系统动量守恒，设物块最终速度为，则，解得，故A正确； B．设小车的长度为，则有，解得，故B错误； C．设物块从左端运动到右端的时间为，规定向右为正方向，对物块由动量定理得，解得，C正确； D．设物块的对地位移为，小车的对地位移为，二者的相对位移为，画出二者的速度-时间图像，如图所示，由图可知，即，说明因摩擦产生的热量大于小车动能的增加量，若小车增加的动能为，则系统因摩擦产生的热量大于，故D错误。 故选AC。 三、实验题（14分） 11. 在“用单摆测定重力加速度”的实验中，实验装置如图甲所示 （1）测得单摆的摆线长为l，摆球的直径为d，单摆的周期为T，重力加速度g的表达式为________ （2）为减小测量周期的误差，下列操作正确的是________ A. 单摆的摆角尽量大些 B. 静止释放摆球的同时开始计时 C. 单摆全振动的次数适当多些 （3）某同学正确操作后，测得多组不同摆长L，以及对应周期T的数据，作出的图像如图乙所示，造成图线不过坐标原点的原因是________ A. 用绳长代替摆长 B. 用绳长加小球的直径代替摆长 【答案】（1） （2）C （3）B 【解析】 【小问1详解】 由单摆周期公式， 得 【小问2详解】 A．单摆的最大摆角应小于， 若最大摆角超过，则单摆的运动不可视为简谐运动，故摆角并不是越大越好，故A错误； B．应在摆球经过平衡位置时开始计时，故B错误； C．因实验中需要测量单摆发生多次全振动所用的时间，故单摆全振动的次数适当多些可减小周期的测量误差，故C正确。 故选C。 【小问3详解】 作出的图像交纵轴于正半轴，说明对于每个摆长的测量值都偏大了一个定值，其原因是用绳长加小球的直径代替摆长。 故选B。 12. 用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前、后的动量关系，如图所示。 （1）实验中，直接测定小球碰撞前、后的速度是不容易的。但是，可以通过仅测量 （填选项前的符号），间接地解决这个问题。 A. 小球开始释放的高度h B. 小球抛出点距地面的高度H C. 小球做平抛运动的水平位移 （2）图中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影。实验要完成的必要步骤是 。（填选项前的符号） A. 用天平测量两个小球的质量、 B. 测量小球，开始释放的高度h C. 测量抛出点距地面的高度H D. 分别找到、相碰后平均落地点的位置M、N E. 测量平抛运动的水平位移、 （3）若两球相碰过程的动量守恒，其表达式可表示为____[用（2）中测量的量表示]； 若碰撞没有能量损失，那么还应满足的表达式为_____[用（2）中测量的量表示]。 【答案】（1）C （2）ADE （3） ①. ②. 【解析】 【小问1详解】 实验中，直接测定小球碰撞前、后的速度是不容易的。但是由于小球做平抛运动，竖直高度不变，则平抛时间一定，水平位移与水平速度成正比，则可以通过测量小球做平抛运动的水平位移，间接地解决这个问题。 故选C。 【小问2详解】 要验证的关系是 两边乘以时间t，则 即 则实验中需要用天平测量两个小球的质量、；分别找到、相碰后平均落地点的位置M、N，测量平抛运动的水平位移、。 故选ADE。 【小问3详解】 [1][2]若两球相碰过程的动量守恒，其表达式可表示为 若碰撞没有能量损失，那么 即 四、解答题 13. 如图所示，一质量为m的小钢球，用长为l的细丝线挂在水平天花板上（l远大于小钢球的半径），初始时，摆线和竖直方向的夹角为。静止释放小球后，求：（不计空气阻力，重力加速度为g） （1）小球摆到最低点所用的时间； （2）小球在最低点受到的拉力的大小。 【答案】（1） （2） 【解析】 【小问1详解】 根据单摆周期公式有 小球做简谐运动，则小球从静止释放到最低点所用的时间为 【小问2详解】 从静止释放到最低点，由动能定理有 根据牛顿第二定律，有 联立解得 14. 如图所示，在水平光滑直导轨上，静止着三个质量均为m=1kg的相同小球A、B、C，现让A球以的速度向着B球运动，A、B两球碰撞后粘合在一起，两球继续向右运动并跟C球碰撞，C球的最终速度。求： （1）A、B两球跟C球相碰前的共同速度多大； （2）两次碰撞过程中一共损失了多少动能。 【答案】（1）1m/s；（2）1.25J 【解析】 【详解】（1）A、B相碰后粘合在一起，由动量守恒知 mv0＝2mv1 可得A、B两球跟C球相碰前的速度大小为 v1＝1m/s （2）两球与C碰撞同样满足动量守恒，有 2mv1＝mvC＋2mv2 可得A、B两球跟C球相碰后的速度大小为 由能量守恒知两次碰撞损失的动能为 15. 如图，质量均为m的木块A和B，并排放在光滑水平面上，A上固定一竖直轻杆，轻杆上端的O点系一长为L的细线，细线另一端系一质量为m的球C。现将C球拉起使细线水平伸直，并由静止释放C球。重力加速度为g，求： （1）A、B两木块分离时，A、B、C的速度大小； （2）从“静止释放C球”至“A、B两木块分离后，C球首次偏离竖直方向的偏角最大”的过程中，木块B对A的冲量； （3）A、B两木块分离后，C球偏离竖直方向的最大偏角的余弦值。 【答案】（1）， （2），木块B对A的冲量方向水平向左。 （3） 【解析】 【小问1详解】 小球C下落到最低点时，AB开始分离，此过程系统水平方向动量守恒，C下落过程，根据机械能守恒定律得 在水平方向，由动量守恒定律得mvC=2m×vAB 解得 【小问2详解】 从“静止释放C球”至“A、B两木块分离”的过程中，选B为研究对象，由动量定理得：，方向水平向右 “A、B两木块分离”后，A、B间没有相互作用，所以木块B对A的冲量大小 木块B对A的冲量方向水平向左。 【小问3详解】 选A、C为研究对象，系统在水平方向动量守恒，以向左为正方向，在水平方向，由动量守恒定律得mvC-mvAB=2mv 由机械能守恒定律得 解得 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 高二第一次月考物理试卷 考试时间75分钟，总分100分。 考生须知： 1、答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡上。 2、回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。 一、单选题（每题4分） 1. 与水平方向夹角为θ的力F作用在放在水平地面上质量为m的物体上，如图所示。由于地面对物体的摩擦力较大，物体没有被拉动，则经时间t，下列说法正确的是（ ） A. 拉力F对物体的冲量大小为Ft cos θ，方向水平向右 B. 摩擦力对物体的冲量大小是Ft，方向水平向左 C. 地面对物体支持力的冲量为零 D. 合力对物体的冲量为零 2. 如图所示，质量为M的斜面放在光滑的水平面上，质量为m的物体由静止开始从斜面的顶端滑到底端，在这过程中（　　） A. M、m组成的系统满足动量守恒 B. 任意时刻m、M各自的水平方向动量的大小相等 C. m对M的冲量等于M的动量变化 D. M对m的支持力的冲量为零 3. 弹簧振子做简谐运动，振子的位移x随时间t的变化如图所示，下列说法正确的是（　　） A. 弹簧振子的周期为1.6s，振幅是24cm B. t=0.2s时，振子的回复力方向沿x轴正方向 C. t=0.4s到t=0.8s的时间内，振子的速度逐渐增大 D. t=0.8s到t=1.2s的时间内，振子的动能逐渐增大 4. 如图所示，质量为m的子弹以水平初速度射入静止在光滑水平面上的质量为M的木块中，子弹未从木块中射出，最后共同速度为v，在此过程中，木块在地面上滑动的距离为s，子弹射入木块的深度为d，子弹与木块间的相互作用力为f，以下关系式中不正确的是（　　） A. B. C. D. 5. 一弹簧振子的位移y随时间t变化的关系式为y=0.1sin（2.5t），位移y的单位为m，时间t的单位为s。则（　　） A. 弹簧振子的振幅为0.2m B. 弹簧振子的周期为1.25s C. 在t=0.2s时，振子的运动速度最大 D. 在t=0.1s时，振子的位移为m 6. 如图所示，一根轻弹簧上端固定，下端悬挂一个物体。将物体从平衡位置竖直拉下一段距离后由静止释放，物体在竖直方向做简谐运动。设向下方向为正，以下说法中正确的是（　　） A. 弹簧对物体的弹力变小时，物体所受回复力可能变大 B. 物体从最高处向最低处运动过程中，振幅先减小后增大 C. 物体位移为正时，速度一定也为正，加速度一定为负 D. 物体从最低处向最高处运动过程中，物体的动能与弹簧的弹性势能之和一直增大 7. 如图所示，质量m＝60 kg的人，站在质量M＝300 kg的车的一端，车长L＝3 m，相对于地面静止。当车与地面间的摩擦可以忽略不计时，人由车的一端走到另一端的过程中，车将（　　） A. 后退0.8 m B. 后退0.7 m C. 后退0.6 m D. 后退0.5 m 二、多选题（每题6分，少选得3分，错选多选不得分） 8. 如图所示，弹簧上端固定着质量为m的小球，小球在竖直方向上做振幅为A的简谐运动，当小球运动到最高点时，弹簧恰好为原长。已知重力加速度大小为g，小球运动过程中（　　） A. 在最低点的加速度大小等于g B. 在最低点时受到的弹力大于 C. 最大动能等于 D. 弹簧最短时形变量等于 9. 如图所示，半径均为R、质量均为M、内表面光滑的两个完全相同的圆槽A和B并排放在光滑的水平面上，图中a、c分别为A、B槽的最高点，b、b'分别为A、B槽的最低点，A槽的左端紧靠着竖直墙壁，一个质量为m的小球C从圆槽A顶端的a点无初速度释放。重力加速度为g，下列说法正确的是（　　） A. 小球C从a点运动到b点的过程中，小球和圆槽A组成的系统动量守恒 B. 小球C从a点运动到b点时A槽对地面的压力大小为 C. 小球C在B槽内运动所能达到的最大高度为 D. B槽的最大速度的大小 10. 如图所示，质量为的小车静止在光滑的水平面上，现有质量为可视为质点的物块以水平向右的速度从左端滑上小车，最后恰好未从小车上滑下。已知，物块与车上表面间的动摩擦因数为，重力加速度为。关于该过程下列说法正确的是（　　） A. 物块最终的速度为 B. 小车的长度为 C. 物块从小车左端运动到右端的时间为 D. 若小车增加的动能为，则系统因摩擦产生的热量可能为 三、实验题（14分） 11. 在“用单摆测定重力加速度”的实验中，实验装置如图甲所示 （1）测得单摆的摆线长为l，摆球的直径为d，单摆的周期为T，重力加速度g的表达式为________ （2）为减小测量周期的误差，下列操作正确的是________ A. 单摆的摆角尽量大些 B. 静止释放摆球的同时开始计时 C. 单摆全振动的次数适当多些 （3）某同学正确操作后，测得多组不同摆长L，以及对应周期T的数据，作出的图像如图乙所示，造成图线不过坐标原点的原因是________ A. 用绳长代替摆长 B. 用绳长加小球的直径代替摆长 12. 用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前、后的动量关系，如图所示。 （1）实验中，直接测定小球碰撞前、后的速度是不容易的。但是，可以通过仅测量 （填选项前的符号），间接地解决这个问题。 A. 小球开始释放的高度h B. 小球抛出点距地面的高度H C. 小球做平抛运动的水平位移 （2）图中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影。实验要完成的必要步骤是 。（填选项前的符号） A. 用天平测量两个小球的质量、 B. 测量小球，开始释放的高度h C. 测量抛出点距地面的高度H D. 分别找到、相碰后平均落地点的位置M、N E. 测量平抛运动的水平位移、 （3）若两球相碰过程的动量守恒，其表达式可表示为____[用（2）中测量的量表示]； 若碰撞没有能量损失，那么还应满足的表达式为_____[用（2）中测量的量表示]。 四、解答题 13. 如图所示，一质量为m的小钢球，用长为l的细丝线挂在水平天花板上（l远大于小钢球的半径），初始时，摆线和竖直方向的夹角为。静止释放小球后，求：（不计空气阻力，重力加速度为g） （1）小球摆到最低点所用的时间； （2）小球在最低点受到的拉力的大小。 14. 如图所示，在水平光滑直导轨上，静止着三个质量均为m=1kg的相同小球A、B、C，现让A球以的速度向着B球运动，A、B两球碰撞后粘合在一起，两球继续向右运动并跟C球碰撞，C球的最终速度。求： （1）A、B两球跟C球相碰前的共同速度多大； （2）两次碰撞过程中一共损失了多少动能。 15. 如图，质量均为m的木块A和B，并排放在光滑水平面上，A上固定一竖直轻杆，轻杆上端的O点系一长为L的细线，细线另一端系一质量为m的球C。现将C球拉起使细线水平伸直，并由静止释放C球。重力加速度为g，求： （1）A、B两木块分离时，A、B、C的速度大小； （2）从“静止释放C球”至“A、B两木块分离后，C球首次偏离竖直方向的偏角最大”的过程中，木块B对A的冲量； （3）A、B两木块分离后，C球偏离竖直方向的最大偏角的余弦值。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $