精品解析：河北沧州市泊头市第一中学2026-2027学年高二上学期开学物理试题

泊头一中25级高二上学期第一次调研考试物理试题 一、单选题 1. 如图所示图（a），是一条点电荷电场中的电场线，图（b）则是放在电场线上、处的检验电荷的电荷量与所受电场力间的函数图线，由此可以判定（ ） A. 场源是正电荷，位置在侧 B. 场源是正电荷，位置在侧 C. 场源是负电荷，位置在侧 D. 场源是负电荷，位置在侧 【答案】D 【解析】 【详解】电场强度的定义式为，故在图像中，图像的倾斜程度表示场强，则有，因此，处电场线比处电场线密集；又是一条点电荷电场中的电场线，说明距离场源较近，场源电荷在侧；由于电场线的方向向右，故场源是负电荷。 故选D。 2. 如图所示，下极板接地的平行板电容器与电源保持连接，整个装置处于真空中。一带电油滴从电容器两板中间左端的点水平匀速穿过两极板。已知平行板电容器电容为C，两板间距离为d，现将电容器的上极板向下平移，则（ ） A. 带电油滴带正电荷 B. 电容器的电容变为 C. O点的电势将升高 D. 带电油滴仍能水平匀速穿过电容器 【答案】C 【解析】 【详解】电容器与电源保持连接，则两极板间的电压保持不变。 带电油滴在两板中间水平匀速穿过，说明受力平衡，电场力与重力等大反向。 重力竖直向下，故电场力竖直向上，大小为 A．电容器上极板接电源正极，下极板接地，电场线方向竖直向下。油滴受到的电场力竖直向上，因此油滴带负电荷，故A错误； B．由电容决定式可知，电容与板间距成反比。 上极板向下平移后，新板间距 因此新电容为，故B错误； C．下极板接地，电势为。初始状态下，点距下极板的距离为 初始电场强度，点电势 平移上极板后，板间距变为，由于电压不变，可得新电场强度 点距下极板的距离仍为，故点新电势为 由于，点的电势升高，故C正确； D．初始电场力 变化后新电场力 此时电场力大于重力，合外力竖直向上，油滴将向上偏转，做类平抛运动，不能水平匀速穿过，故D错误。 故选C。 3. 某电场中的电场线分布如图所示，一带电粒子（不计重力）沿图中虚线所示路径运动，先后通过点和点，下列说法正确的是（ ） A. 该电场是孤立的点电荷产生的 B. 带电粒子带负电 C. 、点的电场强度大小关系为 D. 粒子在、点的速度大小关系为 【答案】B 【解析】 【详解】A．孤立的点电荷形成的电场线是直线，则该电场不是孤立的点电荷产生的，A错误； B．粒子做曲线运动，所受的电场力指向轨迹的凹侧，与电场线方向相反，可知带电粒子带负电，B正确； C．电场线的疏密反映场强的大小，因N点电场线较M点密集，可知、点的电场强度大小关系为，C错误； D．从M到N电场力做正功，动能增加可知，粒子在、点的速度大小关系为，D错误。 故选B。 4. 如图所示，大量程电压表、电流表都是由灵敏电流表G和变阻箱R改装而成。已知灵敏电流表G的满偏电流为，内阻为，变阻箱R接入电路的阻值为。下列说法正确的是（ ） A. 甲表是电流表，减小时量程增大 B. 乙表是电压表，增大时量程减小 C. 丙电路图表示欧姆表，表笔A是黑表笔 D. 在乙图中，若改装成的电压表的量程为12V，则 【答案】A 【解析】 【详解】A．灵敏电流表与小电阻并联可以改装为电流表，量程为 故变阻箱R接入电路的阻值减小时量程增大，故A正确； B．灵敏电流表与大电阻串联可改装为电压表，量程为 故变阻箱R接入电路的阻值增大时，量程增大，故B错误； C．丙电路图表示欧姆表，电流遵循红进黑出的原则，由图中电源正极与表笔B相连，电流从表笔B流出，故表笔B是黑表笔，表笔A是红表笔，故C错误； D．在乙图中，若改装成的电压表的量程为12V，代入 解得，故D错误。 故选A。 5. 两根长度相同、半径之比的均匀铜导线A、B按如图所示的方式接入电路，下列说法正确的是（　　） A. A、B的电阻之比为 B. 通过A、B的电流之比为 C. 单位时间通过A、B的电荷量之比为 D. 通过A、B的电子定向移动速率之比为 【答案】C 【解析】 【详解】A． 根据电阻定律 ，横截面积。两导线都是铜导线，电阻率相同、长度相同，因此电阻比满足：  即，故A错误； B．A、B串联，串联电路电流处处相等，因此电流之比，故B错误； C．根据电流定义，单位时间相同，电荷量；由于 因此单位时间通过的电荷量之比，故C正确； D．根据电流微观表达式，同种铜导线的单位体积自由电子数、电子电荷量都相同，且相同，因此定向移动速率 即​ 即电子定向移动速率之比为，故D错误。 故选C。 6. 某一导体的伏安特性曲线（图中段曲线）如图所示，由图像可知（　　） A. 导体两端电压为6V时，电阻为 B. 该导体的电阻随电压的升高而减小 C. 导体两端电压为12V时，电阻为 D. 由到过程中，导体的电阻因温度的影响改变了 【答案】A 【解析】 【详解】A．导体电阻的定义为，导体两端有一定电压时，电压与其上电流的比值。伏安曲线上某点的电阻对应的是该点与原点连线的斜率的倒数，切线斜率没有实际含义。导体两端电压为时，其上电流为，由欧姆定律得，，故A正确； B．由图可知，随着电压升高，伏安曲线上一点与原点相连的直线斜率逐渐减小。斜率的倒数对应电阻，因此电阻逐渐变大，故B错误； C．导体两端电压为时，由欧姆定律得，，故C错误； D．点和点的电阻之差为，故D错误。 故选A。 7. 一手持风扇内安装有直流电动机，其线圈电阻为，额定电压为，额定电流为。将它与内电阻为的直流电源连接，电动机恰好正常工作，则（　　） A. 电源的输出功率为 B. 电源的总功率为 C. 电动机消耗的热功率为 D. 电动机输出的机械功率为 【答案】A 【解析】 【详解】A．电源的输出功率为，故A正确； B．电源的总功率为，故B错误； C．电动机消耗的热功率为，C错误； D．电动机输出的机械功率为，故D错误。 故选A。 二、多选题 8. 如图所示，在O点有一点电荷，其在半径的圆周abcd上产生的电势为2V，现在空间中添加场强的匀强电场，电场方向与水平ab方向成角，cd与ab垂直，下列说法正确的是（　　） A. a、b两点的电势差 B. c、d两点的电势差 C. 若取a点为零势能点，则c点电势 D. 若取a点为零势能点，则d点电势 【答案】BCD 【解析】 【详解】O点点电荷在圆上产生的电势相等，故圆上各点电势差均为匀强电场中两点间的电势差，可由算出，故， 若取a点为零势能点，则。 故选 BCD。 9. 某静电场在轴正半轴的电势随变化的图像如图所示，、、、为轴上四个点。一正电荷仅在静电力作用下，以一定初速度从点开始沿轴正方向运动到点，则该电荷（　　） A. 在点电势能最小 B. 在点受静电力沿轴正方向 C. 所受静电力始终做负功 D. 在点时速度最大 【答案】BD 【解析】 【详解】AD．根据题意，由公式可知，正电荷在高电势位置的电势能大，由图可知，点的电势最大，则在点电势能最大，同理可知，点的电势最小，则在点时电势能最小，电荷仅在电场力作用下，电荷的电势能和动能之和不变，可知，电势能最大时，动能最小，则图像，斜率大小表示场强大小，则点电场强度为0，加速度为0，电荷的动能最大，即速度最大，A错误，D正确； BC．根据沿电场线方向电势逐渐降低，结合题图可知，点左侧电场方向沿轴正方向，点右侧电场方向沿轴负方向，可知，点右侧正电荷受沿轴负方向的电场力，点左侧正电荷受沿轴正方向的电场力，可知，在点受静电力沿轴正方向，从点开始沿轴正方向运动到点，电场力先做正功再做负功，C错误，B正确。 故选BD。 10. 如图电路中的电表V、、、A均为理想电表，其示数分别为U、、、I，其示数的变化量分别为、、、。电源电动势为E、内阻r，定值电阻阻值为，，滑动变阻器的最大电阻大于。当滑动变阻器从最左端向最右端滑动时，下列选项正确的是（ ） A. 滑动变阻器的功率先增大后减小 B. 电源的输出功率先增大后减小 C. ，， D. 、、 【答案】AC 【解析】 【详解】AB．设滑动变阻器接入电路的阻值为，由闭合电路欧姆定律得 因此滑动变阻器的功率为 把看作电源对的等效内阻。根据电源最大输出功率条件，负载电阻等于等效内阻时负载功率最大，即时最大。滑片从最左端向最右端移动时，由小于逐渐增大到大于，所以先增大后减小。电源的输出功率为 令外电阻，同一最大功率条件表明在时最大。由于大于，本题始终有，且随增大而增大，所以始终减小，故A正确，B错误； CD．理想电压表V、和分别测量路端电压、两端电压和两端电压。由闭合电路欧姆定律和欧姆定律得， 进而有 题中变化量表示示数改变的大小，对滑片移动前后的两个状态作差，分别有，和 瞬时示数满足，和，故C正确，D错误。 故选AC。 三、实验题 11. 某同学利用如图甲所示的电路观察电容器的充、放电现象，电路中电流传感器与计算机相连，可显示电流随时间变化的i-t曲线。实验前电容器不带电，先将开关S拨到“1”给电容器充电，充电结束后，再将开关拨到“2”给电容器放电，计算机记录了该过程的i-t曲线如图乙所示。 （1）图乙中阴影部分的面积大小S1__________S2（选填“>”、“<”或“=”） （2）在电路其他参数不变的情况下，仅增大电阻R2，放电时间将__________（选填“变长”或“变短”）。 【答案】（1）= （2）变长 【解析】 【小问1详解】 根据公式可知，面积表示电荷量；充电前，电容器的电荷量为零，放电完成后，电容器的电荷量仍为零。因此充电过程充入电容器的总电荷量等于放电过程放出的总电荷量，故。 【小问2详解】 增大电阻，则对电流的阻碍作用增大，即电流减小，总电荷量不变，根据可知，放电时间变长。 12. 某同学要测量一新材料制成的均匀圆柱体的电阻率，已知该圆柱体的电阻只有几欧姆。 （1）用螺旋测微器测圆柱体的直径，结果如图甲所示，则圆柱体的直径为__________mm；用游标卡尺测圆柱体的长度，结果如图乙所示，则圆柱体的长度为__________。 （2）为了减小实验误差，需进一步测圆柱体的电阻，除待测圆柱体外，实验室还备有的实验器材如下： A．电压表V1（量程为，内阻约为）； B．电压表V2（量程为，内阻约为）； C．电流表A1（量程为，内阻约为）； D．电流表A2（量程为，内阻约为）； E．滑动变阻器（阻值范围为，额定电流为）； F．滑动变阻器（阻值范围为，额定电流为）； G．的干电池两节，内阻不计； H．开关和导线若干。 为了测得多组实验数据，实验采用如图丙所示电路，则电压表应选__________；电流表应选__________；滑动变阻器应选__________。（均填写器材前对应的字母） （3）若流经圆柱体的电流为，圆柱体两端之间的电压为，圆柱体的直径和长度分别用、表示，则用、、、表示的电阻率的关系式为__________。 【答案】（1） ①. 1.845（ ②. （2） ①. A ②. C ③. E （3） 【解析】 【小问1详解】 [1]由图示螺旋测微器可知，其示数为 [2]由图示游标卡尺可知，游标尺是分度的，游标尺精度是，其示数为 【小问2详解】 [1][2][3]两节干电池电动势为3V，电压表应选择A；滑动变阻器采用的是分压式接法，分压式接法优先选总阻值和待测电阻接近的小阻值滑动变阻器，故选E；电源总电压为两节干电池共3V，待测电阻几欧姆，结合滑动变阻器E的0.6A额定电流限制，电路的最大安全电流不能超过0.6A，因此选量程0~0.6A的电流表C。 【小问3详解】 圆柱体电阻 由电阻定律得 可得电阻率 13. 小张同学设计了如图1所示的电路测量电池的电动势和内阻，选用的器材如下： A.毫安表（量程为，内阻为） B.电压表（量程为，内阻很大） C.电阻箱（） D.滑动变阻器（） E.待测电池（电动势约为） F.开关一个，导线若干 （1）由于毫安表的量程太小，因此实验前需要将其改装成量程为的电流表，图1中电阻箱应调整为________（精确到小数点后两位）； （2）根据原理图，在图2的实物连线中导线应接到________（选填“D”、“电池+”或“电池-”）接线柱，导线应接到________（选填“A”、“B”或“C”）接线柱； （3）改变滑动变阻器滑片的位置，记录两电表的示数，电压表的示数为，毫安表的示数为。描点得到如图3所示的图像，则电源的电动势_______，电源的内阻_______（均保留两位有效数字）。 【答案】（1）1.00 （2） ①. 电池- ②. C （3） ①. 3.2 ②. 1.5 【解析】 【小问1详解】 将毫安表改装为大量程电流表，需要并联电阻分流。根据并联电路电压相等，得 代入数据解得 【小问2详解】 [1]根据原理图，电压表测量路端电压，其一端需要接电源负极，因此导线a接到电池-。 [2]毫安表与电阻箱并联改装成电流表后，串联在电路中，因此导线b接到毫安表的接线柱C。 【小问3详解】 [1]改装后，毫安表的内阻，毫安表读数为，总干路电流 根据闭合电路欧姆定律，得 整理得 因此图像的纵轴截距等于电动势，由图3得纵截距为，故 [2]斜率绝对值 其中， 解得 解得 四、解答题 14. 在如图所示电路中，电源电动势为，电路中的定值电阻，闭合开关S后，电动机正常工作，此时，电流表的示数为，电压表示数为。电流表和电压表均为理想电表。问： （1）电源的内阻为多大？ （2）电动机正常工作时，电源输出的电功率为多大？ （3）电动机正常工作时的机械效率为50%，电动机的内阻为多大？ 【答案】（1）0.5Ω （2）14W （3）1Ω 【解析】 【小问1详解】 把定值电阻等效为内阻，电路中的电流为 电压表示数为 电动机两端的电压为 故 【小问2详解】 电动机正常工作时，外电压 电源输出的电功率 【小问3详解】 电动机的总功率 电动机的输出功率 电动机的热功率 联立解得 15. 如图所示，一个粗糙斜面与一个光滑的竖直圆轨道在A点相切，B点为圆轨道的最低点，C点为圆轨道的最高点，整个空间存在水平向左的匀强电场。一质量m=1 kg，电荷量为-q（q＞0）的带电小球从斜面上静止释放，小球始终能沿轨道运动。已知电场强度，θ=53°，圆轨道半径R=0.8 m，g取10 m/s2，sin53°=0.8，求： （1）刚释放小球时小球的加速度的大小； （2）若小球释放点与A点距离x=2 m，小球到达A点时，对A点的正压力； （3）若小球恰好能完成圆周运动，释放点沿斜面到A的距离。 【答案】（1） （2），方向垂直于斜面向下 （3） 【解析】 【小问1详解】 刚释放时，在沿斜面方向由牛顿第二定律得 【小问2详解】 小球到达A点时速度为，此速度所需向心力为，在垂直斜面方向，，故斜面需给小球提供弹力充当向心力，则弹力，由牛顿第三定律知带电小球对A点的正压力，方向垂直于斜面向下。 【小问3详解】 恰好能够完成圆周运动意味着在复合场中到达的“最高点”应为图中的D点，由几何知识知四边形AODG为正方形： 在D点，因恰能完成圆周运动，故小球和轨道间弹力为零，则有 设释放点到A点的距离为L，自释放点到D点过程中，根据动能定理有 代入数据得 16. 一束电子从静止开始经加速电压加速后，以水平速度射入水平放置的两平行金属板EF中间，如图所示，金属板长为L，两板距离为d，竖直放置的荧光屏距金属板右端为，紧靠荧光屏水平放置金属板长为，与EF极板间的中线的距离也为d。电子电量为，质量为。 （1）求电子进入偏转电场的速度大小； （2）若电子刚好打在紧靠荧光屏水平放置金属板左端，求两金属板EF间加直流电压U2； （3）若调节两平行金属板EF间电压，使电子打在紧靠荧光屏水平放置金属板的速度最小，其值是多少？ 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 电子在MN极板加速电场间被加速，由动能定理得 解得电子进入偏转电场的速度大小 【小问2详解】 若电子刚好打在紧靠荧光屏水平放置金属板左端，则射出EF极板时速度的偏向角满足 电子在偏转电场中做类平抛运动，水平方向做匀速运动，有；竖直方向做匀加速运动，有 由牛顿第二定律得加速度为： 由几何关系得 联立以上各式，解得 【小问3详解】 调节两平行金属板EF间电压，使电子打在紧靠荧光屏水平放置金属板的速度最小，则电子在偏转电场中偏转距离最小，电子做功最小，由平抛运动的规律可知，此时连接紧靠荧光屏的水平金属板右端与两板中心的连线方向为电子出射的方向，则由几何关系偏转距离为 解得 则由竖直方向匀加速运动得位移 而 解得 根据动能定理，有 所以电子打到紧靠荧光屏的水平金属板上的最小速度为 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 泊头一中25级高二上学期第一次调研考试物理试题 一、单选题 1. 如图所示图（a），是一条点电荷电场中的电场线，图（b）则是放在电场线上、处的检验电荷的电荷量与所受电场力间的函数图线，由此可以判定（ ） A. 场源是正电荷，位置在侧 B. 场源是正电荷，位置在侧 C. 场源是负电荷，位置在侧 D. 场源是负电荷，位置在侧 2. 如图所示，下极板接地的平行板电容器与电源保持连接，整个装置处于真空中。一带电油滴从电容器两板中间左端的点水平匀速穿过两极板。已知平行板电容器电容为C，两板间距离为d，现将电容器的上极板向下平移，则（ ） A. 带电油滴带正电荷 B. 电容器的电容变为 C. O点的电势将升高 D. 带电油滴仍能水平匀速穿过电容器 3. 某电场中的电场线分布如图所示，一带电粒子（不计重力）沿图中虚线所示路径运动，先后通过点和点，下列说法正确的是（ ） A. 该电场是孤立的点电荷产生的 B. 带电粒子带负电 C. 、点的电场强度大小关系为 D. 粒子在、点的速度大小关系为 4. 如图所示，大量程电压表、电流表都是由灵敏电流表G和变阻箱R改装而成。已知灵敏电流表G的满偏电流为，内阻为，变阻箱R接入电路的阻值为。下列说法正确的是（ ） A. 甲表是电流表，减小时量程增大 B. 乙表是电压表，增大时量程减小 C. 丙电路图表示欧姆表，表笔A是黑表笔 D. 在乙图中，若改装成的电压表的量程为12V，则 5. 两根长度相同、半径之比的均匀铜导线A、B按如图所示的方式接入电路，下列说法正确的是（　　） A. A、B的电阻之比为 B. 通过A、B的电流之比为 C. 单位时间通过A、B的电荷量之比为 D. 通过A、B的电子定向移动速率之比为 6. 某一导体的伏安特性曲线（图中段曲线）如图所示，由图像可知（　　） A. 导体两端电压为6V时，电阻为 B. 该导体的电阻随电压的升高而减小 C. 导体两端电压为12V时，电阻为 D. 由到过程中，导体的电阻因温度的影响改变了 7. 一手持风扇内安装有直流电动机，其线圈电阻为，额定电压为，额定电流为。将它与内电阻为的直流电源连接，电动机恰好正常工作，则（　　） A. 电源的输出功率为 B. 电源的总功率为 C. 电动机消耗的热功率为 D. 电动机输出的机械功率为 二、多选题 8. 如图所示，在O点有一点电荷，其在半径的圆周abcd上产生的电势为2V，现在空间中添加场强的匀强电场，电场方向与水平ab方向成角，cd与ab垂直，下列说法正确的是（　　） A. a、b两点的电势差 B. c、d两点的电势差 C. 若取a点为零势能点，则c点电势 D. 若取a点为零势能点，则d点电势 9. 某静电场在轴正半轴的电势随变化的图像如图所示，、、、为轴上四个点。一正电荷仅在静电力作用下，以一定初速度从点开始沿轴正方向运动到点，则该电荷（　　） A. 在点电势能最小 B. 在点受静电力沿轴正方向 C. 所受静电力始终做负功 D. 在点时速度最大 10. 如图电路中的电表V、、、A均为理想电表，其示数分别为U、、、I，其示数的变化量分别为、、、。电源电动势为E、内阻r，定值电阻阻值为，，滑动变阻器的最大电阻大于。当滑动变阻器从最左端向最右端滑动时，下列选项正确的是（ ） A. 滑动变阻器的功率先增大后减小 B. 电源的输出功率先增大后减小 C. ，， D. 、、 三、实验题 11. 某同学利用如图甲所示的电路观察电容器的充、放电现象，电路中电流传感器与计算机相连，可显示电流随时间变化的i-t曲线。实验前电容器不带电，先将开关S拨到“1”给电容器充电，充电结束后，再将开关拨到“2”给电容器放电，计算机记录了该过程的i-t曲线如图乙所示。 （1）图乙中阴影部分的面积大小S1__________S2（选填“>”、“<”或“=”） （2）在电路其他参数不变的情况下，仅增大电阻R2，放电时间将__________（选填“变长”或“变短”）。 12. 某同学要测量一新材料制成的均匀圆柱体的电阻率，已知该圆柱体的电阻只有几欧姆。 （1）用螺旋测微器测圆柱体的直径，结果如图甲所示，则圆柱体的直径为__________mm；用游标卡尺测圆柱体的长度，结果如图乙所示，则圆柱体的长度为__________。 （2）为了减小实验误差，需进一步测圆柱体的电阻，除待测圆柱体外，实验室还备有的实验器材如下： A．电压表V1（量程为，内阻约为）； B．电压表V2（量程为，内阻约为）； C．电流表A1（量程为，内阻约为）； D．电流表A2（量程为，内阻约为）； E．滑动变阻器（阻值范围为，额定电流为）； F．滑动变阻器（阻值范围为，额定电流为）； G．的干电池两节，内阻不计； H．开关和导线若干。 为了测得多组实验数据，实验采用如图丙所示电路，则电压表应选__________；电流表应选__________；滑动变阻器应选__________。（均填写器材前对应的字母） （3）若流经圆柱体的电流为，圆柱体两端之间的电压为，圆柱体的直径和长度分别用、表示，则用、、、表示的电阻率的关系式为__________。 13. 小张同学设计了如图1所示的电路测量电池的电动势和内阻，选用的器材如下： A.毫安表（量程为，内阻为） B.电压表（量程为，内阻很大） C.电阻箱（） D.滑动变阻器（） E.待测电池（电动势约为） F.开关一个，导线若干 （1）由于毫安表的量程太小，因此实验前需要将其改装成量程为的电流表，图1中电阻箱应调整为________（精确到小数点后两位）； （2）根据原理图，在图2的实物连线中导线应接到________（选填“D”、“电池+”或“电池-”）接线柱，导线应接到________（选填“A”、“B”或“C”）接线柱； （3）改变滑动变阻器滑片的位置，记录两电表的示数，电压表的示数为，毫安表的示数为。描点得到如图3所示的图像，则电源的电动势_______，电源的内阻_______（均保留两位有效数字）。 四、解答题 14. 在如图所示电路中，电源电动势为，电路中的定值电阻，闭合开关S后，电动机正常工作，此时，电流表的示数为，电压表示数为。电流表和电压表均为理想电表。问： （1）电源的内阻为多大？ （2）电动机正常工作时，电源输出的电功率为多大？ （3）电动机正常工作时的机械效率为50%，电动机的内阻为多大？ 15. 如图所示，一个粗糙斜面与一个光滑的竖直圆轨道在A点相切，B点为圆轨道的最低点，C点为圆轨道的最高点，整个空间存在水平向左的匀强电场。一质量m=1 kg，电荷量为-q（q＞0）的带电小球从斜面上静止释放，小球始终能沿轨道运动。已知电场强度，θ=53°，圆轨道半径R=0.8 m，g取10 m/s2，sin53°=0.8，求： （1）刚释放小球时小球的加速度的大小； （2）若小球释放点与A点距离x=2 m，小球到达A点时，对A点的正压力； （3）若小球恰好能完成圆周运动，释放点沿斜面到A的距离。 16. 一束电子从静止开始经加速电压加速后，以水平速度射入水平放置的两平行金属板EF中间，如图所示，金属板长为L，两板距离为d，竖直放置的荧光屏距金属板右端为，紧靠荧光屏水平放置金属板长为，与EF极板间的中线的距离也为d。电子电量为，质量为。 （1）求电子进入偏转电场的速度大小； （2）若电子刚好打在紧靠荧光屏水平放置金属板左端，求两金属板EF间加直流电压U2； （3）若调节两平行金属板EF间电压，使电子打在紧靠荧光屏水平放置金属板的速度最小，其值是多少？ 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $