河南许昌市建安区第三高级中学2026-2027学年高二上学期9月阶段检测物理试题

物理参考答案 题号 1 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D B D B D C C AD BD BC 3.D【详解】A.在S仍闭合的情况下，依题意电容器与电源保持连通状态，极板间电压不变， 根据E一号 若将A板向下平移一小段位移，d减小，可知极板间匀强电场的场强变大，受力变大，油滴向上加速运动：根据C=S 4πkd 可知电容器电容增大，由C= 号可知极板上电荷量增加，电容器处于充电状态，G中有a→b的电流，故4错误 的情况下，极板间电压不变，根据五可知若将A板向右平移一 汤强不变，受力不变，油滴仍然静止：根据C=,若将A板向右平移一小段位移，极板的正对面积S减小 容器电容减小，极板上电荷量减小，电容器处于放电状态，G中有b→α的电流，故B错误； C者将S断开，则极板上电荷量不变，将A板回下平移一小段位移，d减小，根据CC号，=9 d 可得B=4πkg eS则匀强电场的场强不变，根据U=d因为P点到B板的距离不变，P、B间电势差不变，B板接地，P 点电势不变，故C错误： D.与C选项同理可知，将B板向下平移一小段位移，则匀强电场的场强不变，根据U=Ed 因为P点到B板的距离增大，P、B间电势差变大，B板接地，P点电势变小，故D正确。 故选D。 4.B【详解】A.根据卫=△2，可知④-x图像的切线斜率表示电场强度，则B点的电场强度不为零，故A错误； Λ B.因取无穷远处电势为零，所以靠近负点电荷处的电势为负，靠近正点电荷处的电势为正，结合题图可知，Q为负 电荷，Q,为正电荷，故B正确： C.由图像可知，从D到B电势降低，根据E。=qp,由于电子带负电，则电子从D点移到B点，电势能增加，故C 错误： D.将电子沿x轴从A点移到C点，电势一直升高，电子的电势能一直减小，电场力一直做正功，故D错误。 故选B。 5.D【详解】A.由图，b粒子的轨迹向右弯曲，b粒子受到的电场力方向向右，a的轨迹向左弯曲，α粒子受到的电 场力方向向左，由于电场线方向未知，因此无法确定两个粒子的电性，选项A错误； BC.由图知，电场力方向与粒子速度方向的夹角都是锐角，所以电场力对两个粒子都做正功，动能都增大，速度都增 大，选项BC错误； D.向左电场线越来越疏，场强越来越小，则α所受电场力减小，加速度减小；b所受电场力增大，加速度增大，选项 D正确。 故选D。 6,C【详解]AB.根据欧定律可知，B点对应的电阻为R=51-402,故AB错误： 第1页共6页 银据欧姆定律可知，A点对应的电阻为R二。，。2=30Q,可知，工作状态从A变化到B时，导体的电旺 温度的影响改变了R。-R4=402-302=102,故C正确，D错误。 故选C。 7.C【详解】A.小金属块运动过程中水平方向受到向左的电场力，故水平方向先向右做匀减速直线运动，然后向左 做匀加速直线运动，故一定会与高台边缘相碰，故A错误： B.小金属块受水平方向的电场力和竖直方向的重力作用，合力虽受力为恒力，但初速度与合力不在一条直线上，所 以做匀变速曲线运动，B错误： C.小金属块水平方向上向右做匀减速，由牛顿第二定律可知：qE=,, 所以解得4=2g；小金属块运动到最右端时水平方向速度为零，根据速度位移关系公式，有：太。2X2g4g 故C正确： D.小金属块水平向右匀减速到水平速度为零时距高台边缘最远，所用时间：t=山， 竖直方向做自由落体运动，分 28 速度为：号=g-子由于水平分速度为，所以：=号-之改D信识： 2 故选C 8.AD【详解】A.对A、B构成的系统，由于A克服摩擦力做功，可知，系统机械能减小，系统减小的机械能等于 增加的摩擦生热，则滑块B机械能的减少量等于A增加的机械能与摩擦生热之和，即滑块A的机械能增加量一定小 于滑块B机械能的减少量，故A正确： BC.滑块B向下加速运动，B受到重力与轻绳拉力，拉力做负功，滑块B的机械能减小，则滑块B的动能增加量小 于其重力势能的减少量，根据动能定理可知，重力做功与滑块B克服轻绳拉力做的功之差等于滑块B动能的增加量， 故BC错误； D.根据功能关系，结合上述可知，滑块A克服摩擦力做的功等于滑块A、B组成的系统的机械能减少量，故D正确。 故选AD。 9.BD【详解】A.因为电场强度E=”坚，所以小球所受静电力大小也为g,故小球所受合力大小为√2g,方向 斜向右下方，与竖直方向夹角为45°，故小球通过圆弧AD的中点时速度最小，此时满足 V2g=m兰，因此小球在竖直面内做圆周运动的被小速度V=L,故A错误： B.由功能关系知，小球机械能的变化等于除重力之外的力所做的功，小球在竖直平面内绕O点做圆周运动，运动到 B点时，静电力做功最多，故运动到B点时小球的机械能最大，故B正确： C.小球在A点由静止开始释放后，将沿合外力方向做匀加速直线运动，故C错误： D.若将小球以√g的速度竖直向上抛出，由对称性知小球回到相同高度，经过的时间t= 2gL 其水平位移 g =上×9巫=2L,故小球刚好运动到B点，故D正确。 故选BD。 第2页共6页 10.BC【详解】A.受力分析知小球B到达P点时加速度大小为a,=gsin30°= 2 故A错误； B.由几何关系可知，M点、P点距离小球A距离分别为：=L,= L 根据点电荷电势公式为口=k 则P点电势pp=2po 4 小球B在P点电势能最大，由能量守恒有sin30°-(g,-%,)9=E,得E= mgL-Poq 4 故B正确： C.小球B在M点加速度为a,由牛顿第二定律有ng sin30°-k9 Lcos30°=ma 小球B到达V点时加速度为av,由牛顿第二定律有mg sin30°+k9cos30°=mu, 2 得aw=8-a, 故C正确； D.由于M点与V点电势相同，小球到达N点速度为vw,由动能定理有mgLsin60°=)mvw2得vw=√V3gl 2 故D错误。 故选BC。 11.(1)BCD (2)8.128.23 12.c上 3.2V 3.2k2 【详解】[1]电容器充电过程中，当电路刚接通后，电流先从0增大到某一最大值，后随着电容器极板上电荷的不断增 多，电流逐渐减小，当电容器两极板电压等于电源电压时电荷停止定向移动，电流为·。 故选C。 [2]根据电路图可知充电结束后电容器上极板带正电。 [3][4]t=1.2s时，I=1.0mA,此时电容器两端的电压为U。=IR 电容器开始放电前两端电压为8V,根据I一t图像与横轴围成的面积表示放电电量可得0~1.2s间的放电电量为 g=△U.C=(0-U.)C 1.2s后到放电结束间放电量为Q,=△.C=U.·C 代入 9_S3 2S,2 得U。=3.2V,R=3.2k2 13.(1)UB=4V (2)E=200V/m,电场方向为：垂直于AC,由AC指向B。 【详解】(1)根据电势差与电场力做功关系可得U= .2分 0 代入WB=-3.2×105J,9=-8×106C得U4B= -3.2×105 8x106P=4p 2分 (2)首先计算B、C间电势差Uc-c=3.2x10 0-8x106P=4p 1分 设pB=0,则pA=UB+pB=4V,，P=PB-Uc=4V 2分 可得p4=P,说明AC为等势线，电场线垂直于等势线AC 第3页共6页 等腰直角AABC中，直角顶点B到4C的距离（沿电场方向的距离）d=4C-2x10'm1分 2 电场强度大小E= =04=,4ZV/m=200V1m1分 电势P4=P>PB,电场方向由高电势指向低电势，因此电场方向为：垂直于AC,由AC指向B。1分 14.(1)2N;(2)2√2m/s;(3)2m 【详解】(1)电场力在水平方向的分力为 9Ecos37°=104×103×0.8N=8N1分 电场力在竖直方向的分力为 qEsin37°=104×103×0.6N=6N1分 小物块与木板间的最大静摩擦力为 fm=μ(mg+qEsin37°)=0.25×(1×10+6)N=4N1分 由于 qE cos37-F<fm1分 所以小物块保持静止。所以小物块受静摩擦力为 f=qE cos37°-F=(8-6)N=2N2分 (2)撤去F后，小物块向右加速，木板仍然静止。小物块受合力为 F'=qEcos?37°-fm=(8-4)N=4N2分 小物块从开始至运动到B点，由动能定理得 N-ms点速度为 %=2W2m/s2分 (3)撤去F后，最后小物块停在水平桌面上，整个过程运用动能定理得 qE cos37°s-fms'=02分 解得 s'=2m2分 15.06- 日器 8+n7(其中0,1,2,3) 【详解】（1)能从板间飞出的粒子，平行于板的方向做匀速直线运动，在板间运动的时间为 2d T %43分 = (2)设粒子在金属板间运动时的加速度为α，则 第4页共6页 a=9-4d T2 1分 d 粒子在1=？时刻进入两板之间，则它在竖直方向先加速向下 5 ,偏移量为 10 8d 1分 经过二时间后电场反向，粒子开始在竖直方向减速向下，经过二时间，竖直分速度减为零，根据对称性可知偏移量为 10 10 8d %=4=25 1分 接着粒子向上加速 TTT t=101020 1分 偏移量为 -1,工-2d1分 =2气20=25 所以粒子飞出两板间时的偏移量为 =4+y=1 25 2分 (3)在第一个周期内，设带电粒子在时刻进入两金属板间，它在竖直方向上先加速向下，经过△：时间后电场反向， 开始在竖直方向上减速向下，又经过△时间，竖直分速度减为零，恰好从下金属板右端飞出，画出其运动轨迹，如图 甲所示： 9 可知 d=2x2a(A)} 1分 甲 解得 所以 3T ,1分 8 在第一个周期内，设带电粒子在t,时刻进入两金属板间，它在竖直方向上先加速向下，经过△，时间后电场反向，开始 在竖直方向上减速向下，又经过△，时间，竖直分速度减为零，然后加速向上直到恰好从上金属板右端飞出，画出其运 动轨迹，如图乙所示： 第5页共6页 可知 2xa(4-a6-241分 解得 4254 8 2+T舍去 4 1分 所以 4号出27 1分 8 考虑到周期性，带电粒子不碰到金属板而能够飞出两金属板间的时刻满足 食到27巾1.23) 第6页共6页2026-2027学年高二9月份物理学科测评卷 考试时间：75分钟 试卷满分。100分 命题人：贺丽 审题人：李颖 一、选择题（本题共10小题，共46分。其中1-7小题为单项选择题，每小题4分： 8-10小题为多项选择题，每小题6分，全部选对得6分，选对但不全得3分，有错选 或不答的得0分)。 1.下列读数中正确的是（) 0cm1234 6 7 cm L 2.5cm B. n at 5.15mm 10 20 6 cm 45 4 山 5.2cm D 35 3 4.815mm 0 10 20 2.某款手机搭载了一块5000mA·h的电池，若用充满电后的该手机观看视频，可连 续观看12个小时，则观看视频时电池的平均放电电流约为( A.0.35A B.0.42A C.0.48A D.0.55A 3.如图所示，两块较大的金属板A、B平行水平放置并与一电源相连。开关S闭合后， 两板间有一质量为、电荷量为q的油滴恰好在P点处于静止状态。则下列说法正确 的是() A。在S仍闭合的情况下，若将A板向下平移一小段距离，则油滴向下加速运动， G中有b→a的电流 B在S仍闭合的情况下，若将A板向右平移一小段距离，则油滴保持静止不动， G中有a→b的电流 C.若将S断开，且将A板向下平移一小段距离，P点电势变小 D.若将S断开，再将B板向下平移一小段距离，P点电势变小 4.两个点电荷2和9固定在x轴上O、D两点，两者之间连线上各点电势高低如图中 曲线所示(OB>BD,取无穷远处电势为零，由图可知( ) A.B点的电场强度为零 B。2为负电荷，2为正电荷 0 C DX C.电子从D点移到B点电势降低，电势能也降低 D.将电子沿x轴从A点移到C点，电场力一直做负功 5.实线为三条未知方向的电场线，从电场中的M点以相同的速度飞出a、b两个带电 粒子，a、b的运动轨迹如图中的虚线所示(a、b只受静电力作用)，则() A.a一定带正电，b一定带负电 B.静电力对a做正功，对b做负功 C.a的速度将减小，b的速度将增大 D.a的加速度将减小，b的加速度将增大 6.某一导体的伏安特性曲线如图中AB曲线所示，其电阻会随温度的改变而改变，下 列说法正确的是() 10A 1.5 A.B点对应的电阻为122 1.05 0. B.B点对应的电阻为0.252 6 U/八W C.工作状态从A变化到B时，导体的电阻因温度的影响改变了102 D.工作状态从A变化到B时，导体的电阻因温度的影响改变了92 7.如图所示，质量为m、带电荷量为+9的小金属块A以初速度·从光滑绝缘水平高台 上飞出。已知在足够高的高台边缘右面空间中存在水平向左的匀强电场，场强大小 E=2mg 9，则() A图 % A.金属块不一定会与高台边缘相碰 B.金属块一定会与高台边缘相碰，相碰前金属块在做匀变速直 线运动 哈 C.金属块运动过程中距高台边缘的最大水平距离为4g D.金属块运动过程中距高台边缘最远时的速度为% 8。如图所示，表面粗糙的斜面体固定于水平地面上，轻绳跨过定滑轮，一端连接质量 为n的滑块A,另一端连接质量为M的滑块B,M>m。初始时用手托住B,轻绳恰好伸 直，由静止释放B,经一段时间后B着地，不计滑轮质量及轻绳与滑轮间的摩擦，关于 两滑块从开始运动到B刚着地的运动过程，下列说法正确的是（) A。滑块A的机械能增加量一定小于滑块B机械能的减少量 B.滑块B的动能增加量等于其重力势能的减少量 C。滑块B克服轻绳拉力做的功等于滑块B动能的增加量 27 D.滑块A克服摩擦力做的功等于滑块A、B组成的系统的机械能减少量 9.如图所示，在地面上方的水平匀强电场中，一个质量为m、电荷量为+9的小球，系 在一根长为L的绝缘细线一端，可以在竖直平面内绕0点做圆周运动。AB为圆周的水 E=mg 平直径，CD为竖直直径。已知重力加速度为g,电场强度9。下列说法正确的是 () A,若小球在竖直平面内绕0点做圆周运动，则它运动的最小速度 为Vg B.若小球在竖直平面内绕0点做圆周运动，则小球运动到B点时 的机械能最大 C.若将小球在A点由静止开始释放，它将在ACBD圆弧上往复运动 D.若将小球在A点以大小为V的速度竖直向上抛出，它将能够到达B点 10。如图所示，与水平方向成30°角的固定光滑滑杆，滑杆正下方某位置固定带正电 小球A,小球A与滑杆上N点水平距离为L,小球A与N点等高，滑杆上M点与小球A 连线跟水平方向夹角为60°，P点为MW中点，带正电小球B套在滑杆上，由M点无初 速释放，释放瞬间小球B的加速度大小为%，方向沿杆向下，小球B质量为m,电量为 g,小球A在M点的电势为%，已知点电荷电势公式为=2(Q为点电荷电量，r为距 离点电荷的距离)，重力加速度为g,下列说法正确的是() A.小球B到达P点时的加速度大小为： B.小球B电势能最大时的动能为mg-%9 C.小球B到达N点时加速度大小为8-a 602 30N D.小球B到达N点时的速度大小为2√ 二、实验题（本题共2小题，共14分) 11.(6分)用如图所示的实验装置验证机械能守恒定律。实验所用的电源为学生电源， 输出电压为6V的交流电和直流电两种。重锤从高处由静止开始落下，重锤上拖着的纸 带通过打点计时器打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，已知重力加速度为 即可验证机械能守恒定律。 (1)下面列举了该实验的几个操作步骤： A.按照图示的装置安装器件； B.将打点计时器接到电源的直流输出端上； 接电 C.用天平测量出重锤的质量； D.先释放悬挂纸带的夹子，然后接通电源开关打出纸带； E.测量打出的纸带上点到O点之间的距离； F.根据测量的结果计算重锤下落过程中减少的重力势能在误差范围内是否等于增加的 动能。 其中没有必要、错误或操作不恰当的步骤是 (填写选项对应的字母) (2)如图2所示是实验中得到一条纸带，将起始点记为O,并在离0点较远的任意点 依次选取6个连续的点，分别记为A、BCD尽、F,量出与O点的距离分别为，=22.0cm, 4 九=26.4cm,h=30.2cm,k,=36.4cm,h=42.0cm,A=47.8cm,使用交流电的周期为T=0.02s, 设重锤质量为m=2kg,则在打E点时重锤的动能为 J,在打O点和E点这段 时间内的重力势能的减少量为 J。(保留三位有效数字，取g=9.8m1s2) D (3)实验结论：在误差允许范围内，重锤下落过程机械能守恒。 12。(8分)某同学用如图(a)所示的电路观察电容器的充放电现象，实验器材有电源 E,电容器C,数字电压表V(可视为理想电压表)，定值电阻R电流传感器（不考虑 内阻)，计算机，单刀双掷开关S,导线若干。 ↑I/mA 1 电流 接计算机 传感器 C s 图(a) 图b) 6 (1)将S接1电压表示数逐渐增大，最后稳定在8V。在此过程中，电流传感器的示数 ； A。一直稳定在某一数值 B.由某一数值逐渐减小为零 C.先增大，后逐渐减小为零 D。先逐渐增大，后逐渐减小至某一非零数值 (2)电容器充电完成后，电容器 极板带正电（选填“上”或“下”），要将S接 2,通过传感器将电流信息传入计算机，画出电流随时间变化的I一t图像，如图(b)。 t=1.2s时，I=1.0mA,图中两阴影部分的面积之比为S:2=3:2,则t=1.2s时，电容 器两极板间电压Vc=V,电阻P=k2；(结果均保留2位有效数字) 5 三、计算题（本题共3小题，共40分） 13.(10分)如图所示，匀强电场的方向与等腰直角aABC所在的平面平行，A、B间的 距离为22×102m,将电荷量为2=-8×10℃点电荷从电场中的A点移到B点，静电力做了 W=-32×10J的功，再从B点移到C点，静电力做了Wc=3.2×0J的功。求： (1)A、B两点间的电势差： (2)匀强电场的电场强度E的大小和方向。 B 14.(14分)在如图所示，AB为粗糙绝缘水平桌面，BQ为竖直平面内半径为0.5m的 四分之一光滑绝缘圆弧轨道，固定在AB右端，与AB平滑连接.在水平桌面上距B端 s=1m处放一质量q=10c为1kg的带正电的小物块（可视为质点），电量为小物块与 桌面之间的动摩擦因数为μ=0.25.现在在竖直线OB左侧空间加一电场强度105 N/C、方向与水平方向成37°斜向下的匀强电场，同时在小物块上施加6N的水平向 左的恒力.（重力加速度g10m/s2,si37°=0.6，cos37°=0.8，设小物块与桌面间的最大静 摩擦力等于滑动摩擦力)。 (1)求小物块所受的摩擦力大小： (2)若辙去拉力F,求小物块第一次到达B点时的速度大小： (3)若撤去拉力F,求小物块在水平桌面上的运动总路程。 15。(16分)如图甲所示，两平行金属板A、B水平放置，间距为山金属板长为2d, 两金属板间加如图乙所示周期为7的电压，其中以年。A板左端有一粒子源连 续均匀发射质量为m、电荷量为+9的带电粒子（粒子重力忽略不计），该粒子源射出的 带电粒子紧贴A板下边缘以初速度%-兰水平进入两金属板间。（若粒子碰到两金属板 即被金属板吸收)求： (1)能从板间飞出的粒子在板间运动的时间： (2)1=号时刻进入两极板之间的粒子，飞出极板时竖直 方向的偏移量； (3)能从板间飞出的粒子射入板间的时间范围（结果可用根号表示）。 A 入 图甲 图乙