河北衡水街关中学2026-2027学年高三上学期9月阶段检测物理试题

2026~2027学年上学期高三第一次调研考试·物理 参考答案及评分细则 一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的. 题号 1 2 4 5 6 7 答案 B C D A B B D 二、选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对 的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分. 题号 8 9 10 答案 AD AC CD 三、非选择题：本题共5小题，共54分， 11.【答案及评分细则】(6分) (1)需要(1分) (2)A(1分) (3)小于(2分) '2t2'(好-号)， 听始（石—，号(2分） 12.【答案及评分细则】(10分) (1)号呢=(2分，结果正确，形式不同可以同样得分) (2)B(2分) (3)偏大(2分) (4)△Ek1一△Ep1>△Ea一△E2(2分)滑块从B到D过程中的速度大于从D到C过程过程中的速度，克服 摩擦力做功更多(2分) 13.【答案】(10分)(1)10N6N(2)1.6kg 【解析及评分细则】(1)对结点O受力分析，则有Toa sin0=ToB,Ta4cos0=m1g(2分) 解得To4=10N,Tos=6N(2分) 以m2、g为整体，根据受力平衡可知，m3与桌面间的摩擦力为f=Tos=6N(1分) (2)m3与水平桌面间的最大静摩擦力为fmax=2(m2十m3)g=14N(1分) m2、mg间的最大静摩擦力为f23=m2g=12N(1分) 则轻绳OB受到的最大拉力为ToB'=12N,又Ta4'sin0=ToB',Ta4'cos0=m1'g(2分) 解得物体m的最大质量为'=1.6kg（1分) 1.【答案12分)(1)25m/s(2)=-专 (3)6m 【解析及评分细则】(1)设滑块到达BC中点时的速度为1 由动能定理得mga一mg受- =之m听-0(2分) 则=2√5m/s(2分) 【高三物理参考答案第1页（共2页）】 7036C (2)由能量守恒得mg地=mgb.十mg罗+mg0sa LCD (2分) 则出= ·(1分) (3)若斜面CD光滑，由于mghAB=h1mgLc十mgLcD sin a,则滑块最终停在BC上，设滑块在BC上运动的 总路程为s(2分) 对全程用动能定理得mgh4B=mgs(2分) 则s=6m(1分) 15.【答案】(16分)(1)1N(2)1kg(3)L=1.5mE。=3J 【解析及评分细则】(1)滑块A从入口处运动到a点的过程，滑块A的机械能守恒，则有 mgR1-c0s。）=号mG(1分) 滑块A运动到a点时，假设滑块A与圆管的内壁有作用力，由牛顿第二定律得mgcos a-一F=m R (1分) 解得F=-1N(1分) 假设不成立，说明滑块A与圆管的外壁有作用力，即外壁对滑块A的作用力指向O,,作用力的大小为1N (1分) (2)两浴块酰前，对浴块A由机被能守恒定律得2mgR(1-c0sQ）=号mG（1分) 解得=6m/s(1分) 由题意可知，碰后滑块A的速度大小为A=号=2m/,方向向左(1分) 由于两滑块的碰撞为弹性碰撞，则该过程动量守恒、机械能守恒，则有m=一mv4十mog(1分) 名m=子m质+子m呢1分) 1 解得m=1kg,vs=4m/s(1分) (3)弹簧的弹性势能最大时，滑块B与长木板C共速，该过程由动量守恒定律得 mvB=(M+m)y(1分) 解得v=1m/s(1分) 该过程由能量守恒定律得宁m,%=之(M十m,)f+mgL+E,1分) 从弹簧最短到滑块B返回到长木板最左端的过程，滑块B与长木板组成的系统动量守恒，则有 (M+m)w1=(M+mo)2(1分) 解得v=1m/s 该过程由能量守恒定律得？(M+m)十E,=号(M+m)暖+mgL(1分) 解得L=1.5m,E。=3J(1分) 【高三物理参考答案第2页（共2页）】 7036C2026~2027学年上学期高三第一次调研考试 物 理 (试卷满分：100分，考试时间：75分钟) 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，并将条形码粘贴在答题卡上的指 定位置。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改 蜀 动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号；回答非选择题时，用0.5mm的黑色字迹签字笔将 答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。 . 3.考试结束后，请将答题卡上交。 4.本卷主要命题范围：必修第一、二册，选择性必修第一册第一章。 h 一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合 题目要求的， 1.“蹴鞠”起源于春秋战国时期的齐国故都临淄，在我国已流传两千三百多 毁 年，历史悠久，其中在唐宋时期最为繁荣，盛极一时.下列说法正确的是 A.研究“蹴鞠”在空中旋转时，可将“蹴鞠”看成质点 B.研究“蹴鞠”在空中飞行的距离时，可将“蹴鞠”看成质点 C.脚对“蹴鞠”的作用力是由于“蹴鞠”的形变而产生的 D.脚对“蹴鞠”的作用力和“蹴鞠”对脚的作用力是一对平衡力 2.生活中有许多关于圆周运动的实例，如转笔、摩天轮，汽车通过拱形桥等.如图所示，转笔深受 广大中学生的喜爱，假设某转笔高手能让笔绕其上的某一点O在水平面内做匀速圆周运动， 下列叙述正确的是 A.做匀速圆周运动的笔帽线速度不变 B.笔帽做匀速圆周运动的线速度大小一定与半径成正比 C.做匀速圆周运动的笔帽受到的合力指向圆心 D.笔帽做匀速圆周运动是一种匀加速运动 【高三物理第1页（共6页）】 7036C CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描APp 3.在足球场上，一质量为m=450g的足球朝运动员以o=20m/s的速度迎面而来，然后运动 员将足球以v=30m/s的速度反方向踢回，规定足球被踢回的方向为正方向.则下列说法正 确的是 A.足球动量的变化量为4.5kg·m/s B.合外力对足球的冲量为一22.5N·s C.合外力对足球不做功 D.合外力对足球做功为112.5J 4.如图为卫星远离地球的过程，卫星在椭圆轨道I上运行到远地点P变轨，进人圆形轨道Ⅱ， 在圆形轨道Ⅱ上运行到P点时再次加速变轨，从而最终摆脱地球束缚.对于该过程，下列说 法正确的是 A.卫星在轨道I上由O点运行到P点的过程，机械能守恒 地球 B.卫星在P点通过向前喷气减速实现由轨道I进人轨道Ⅱ 卫星 C.卫星沿轨道I运行的周期大于沿轨道Ⅱ运行的周期 D.卫星沿轨道I运行时，在O点的加速度小于在P点的加速度 5.如图所示为某同学练习投篮时的简易图，两次篮球的出手点均为α，结果两次篮球均命中篮 筐，轨迹如图.已知篮球两次出手瞬间的速度大小相等，不计空气阻力，则 下列说法正确的是 A.轨迹2的运动时间较长 B.轨迹2最高点的速度较大 C.轨迹1在b点的速度较大 D.轨迹2在b点时，重力的瞬时功率大 6.如图所示为某次跳水运动员跳水的情景，跳水运动员的部分跳水过程可以简化为：运动员从 高处落到处于自然状态的跳板(M位置)上，随跳板一同向下运动到最低点(N位置).则运动 员从开始接触跳板到运动至最低点的过程中，下列说法正确的是 A.运动员一直处于超重状态 B.运动员的动能先增大后减小 C.跳板的弹性势能一直在减小 D.运动员所受重力对她做的功大于她克服跳板的作用力所做的功 【高三物理第2页（共6页）】 7036C CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描APp 7.一辆玩具汽车在水平地面做直线运动，其速度ⅴ与时间1的关系如图所示，已知玩具汽车的 质量为2kg,受到的阻力∫大小始终为车重的0.1倍，重力加速 本o/(m.s) 度g取10m/s2.则 A.汽车在0~2s时间内加速度方向不变 0 s B.汽车在2s末的位移大小为8m -2 C.汽车在1~2s内因刹车额外产生的制动力的大小为10N D.汽车在0~3s时间内克服阻力f做的功为12J 二、选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目 要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分， 8.如图所示，相框用两段长度不同的轻绳拴接于O点，轻绳的另一端分别拴接在水平天花板上 的A、B两点，已知AO>BO.则下列说法正确的是 B A.轻绳AO向上的分力小于轻绳BO向上的分力 B.轻绳AO向左的分力小于轻绳BO向右的分力 C.轻绳AO的拉力大于轻绳BO的拉力 D.将轻绳BO截去一小段，悬点B向左移动少许，保持AO方向不变，轻绳AO的力减小 9.2025年7月2日，福建龙岩梅花山华南虎野化训练基地首次记录华南虎野外捕食.假设一华南 虎（可视为质点）捕猎时在t=0时刻从静止开始在平直的草原上做匀加速直线运动，其速度与 位移x变化关系可用如图所示的子-x图像表示，关于华南虎的运动，下列说法正确的是 A.华南虎做匀加速直线运动的加速度大小为1m/s 42(m/s) 100 B.华南虎在t=6s时的速度大小为12m/s C.华南虎在0~50m内的平均速度大小为5m/s D.华南虎从0~50m所用的时间为5s 50x7m 10.如图所示，光滑的水平面上放置质量为M=2kg的长木板乙，质量为m=1kg的小物块甲 放在长木板的最左端，t=0时刻同时给小物块和长木板方向相反，大小均为o=6m/s的初 速度.已知小物块与长木板间的动摩擦因数为μ=0.2，重力加速度g取10/s2,小物块甲 可视为质点，整个过程小物块始终没有离开长木板，则下列说法正确的是 A.长木板的长度至少为22.5m 甲口 乙 B.长木板的速度为4m/s时，小物块的速度大小为2m/s,方向向左 777777777777777777777777 C.长木板的速度为2.4m/s时，小物块正处在加速阶段 D.小物块在长木板上发生相对滑动的时间为4s 【高三物理第3页（共6页）】 7036C TT A U/A CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描App 三、非选择题：本题共5小题，共54分 11.(6分)为探究加速度与合外力的关系，某物理探究小组利用相关器材，自制了如图所示的实 验装置 光电门2 光电门1 遮光片 小车 砂桶日 (1)该实验 (填“不需要”和“需要”)平衡摩擦力， (2)下列实验操作中，必要的是 (填字母). A.确保细线与长木板板面平行 B.确保每次实验时，小车从同一初始位置由静止释放 C.测量小车（含遮光片与车内砝码）的总质量M D.控制砂桶与砂的总质量m远小于小车总质量M (3)调整好实验装置后，第一次实验：力传感器示数为F1,记录小车经过光电门1、2的挡光 时间1、2；第二次实验：减少砂桶中砂的质量，由静止释放小车，此时力传感器示数将 (填“大于”“小于”或“等于”)F1,记为F2,记录此时挡光时间4'、2'若加速度与 合外力成正比，则需满足的表达式为景- (选用t1、2、、t2'、遮光片宽度d和 两光电门的间距L表示) 12.(10分)某物理兴趣小组为探究阻力对机械能守恒定律实验的影响，选用轨道（倾斜轨道底 端平滑连接竖直半圆轨道)、滑块、光电门、刻度尺等器材搭建了“迷你过山车”实验装置.滑 块从倾斜轨道不同高度h处由静止释放，先后经过B点和C点，光电门1（位于B点）和光电 门2（位于C点）可直接测量滑块经过对应位置的瞬时速度.忽略滑块与轨道间的摩擦及空 气阻力，重力加速度为g (1)用刻度尺测得滑块释放时离B点的高度为h,光电门1测得滑块经过B点的速度为v· 若机械能守恒，则关系式 (用题中符号表示)成立 【高三物理第4页（共6页）】 7036C CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描App (2)实际实验中，由于存在摩擦阻力，测得的“动能增加量”始终小于“重力势能减少量”.为减 小该误差，下列措施合理的是 (填字母) A.换用表面更粗糙的滑块 B.把倾斜轨道换成摩擦更小的气垫导轨 C.增大圆弧轨道的半径R D.多次测量高度h取平均值 (3)实验中，小组同学误将释放高度测量为h'(h'>h),则计算得出的“重力势能减少量”与 “动能增加量”的比值将 (填“偏大”“偏小”或“不变”). (4)某同学提出：可在圆弧轨道上额外安装一个光电门3（位置介于B、C中间的D点），通过 比较滑块在B、D两点和D、C两点的机械能变化，判断阻力对实验的影响规律.若滑块 从B到D的过程中，重力势能增加量为△E1,动能减少量为△Ek1;从D到C的过程中， 重力势能增加量为△E2,动能减少量为△E2·忽略空气阻力，结合圆周运动过程中摩擦 力与速度的关系（速度越大，摩擦力越大），则△Ek1一△E1与△E2一△Ep2的大小关系为 ,理由是 13.(10分)如图所示，三段轻绳悬挂一质量为m1的物体，三段轻绳的结点为O,轻绳OB水平且 B端与物体m2相连，轻绳OA与竖直方向的夹角0=37°，整个装置处于静止状态.已知 m2=3kg,m3=4kg,m2与mg间动摩擦因数41=0.4，m3与水平桌面间动摩擦因数2= 0.2,设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，sin37°=0.6，cos37°=0.8，tan37°=0.75，g取 10m/s2.求： (1)若m1=0.8kg,整个装置处于静止状态，求轻绳OA受到拉力的大小和m3与水平桌面 间摩擦力的大小； (2)为使整个装置保持图示结构不变，物体m1质量最大值. B 77777777 【高三物理第5页（共6页）】 7036C CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描App 14,(12分)光滑斜面AB和粗糙斜面CD的底端B、C与粗槌水平轨道BC平滑连接，如图所示. 已知斜面AB倾角0=37°，长度Ln=2m,水平轨道BC长度Lc=2m,斜面CD长度 Lc0=1m,倾角为a=53°，滑块质量m=1kg,与BC间的动摩擦因数μ1=0.2，与CD间的动 摩掠因数可调(0≤2<3)，从A点由静止释放滑块，重力加速度g取10m/s2,sin37°= 0,6,sin53°=0.8. (1)求滑块第一次到达BC中点时的速度， (2)若滑块恰好能到达CD的中点，求2· (3)若2=0，求滑块在BC上运动的总路程. 15.(16分)如图所示，两段半径均为R=2.25m、圆心角均为a=53°的光滑圆管平滑衔接于a 点，其中入口和出口的切线均沿水平方向，放在光滑水平面上的长木板C上表面与出口处 E长 的切线刚好平齐，长木板C的右端固定一挡板，挡板上固定一轻弹簧，弹簧原长时的自由端 刚好位于长木板的b点，b点右侧的长木板光滑，质量为m。的滑块B放在长木板的最左端. 质量为m=0.5kg的滑块A从圆管的人口处静止进人圆管，滑块A的尺寸比圆管的直径略 小，经过一段时间与滑块B发生弹性碰撞，碰后滑块A被反弹，且速率为碰前的子，最终滑 块B又刚好返回到长木板的最左端.已知长木板的质量为M=3kg,滑块B与b点左侧长 木板上表面间的动障擦因数为μ=0.2，重力加速度g=10m/s2,cos53°=0.6，滑块A、B均 可视为质点.求： (1)滑块A第一次运动到a点时与上一段圆管之间的作用力； (2)滑块B的质量o; (3)b点到长木板最左端的距离L以及弹资最大的弹性势能E, C bwwl 7777777777777777 【高三物理第6页（共6页）】 7036C CS扫描全能王 3亿人都在用的扫描App2026~2027学年上学期高三第一次调研考试·物理 参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 8 9 10 答案 B C D A B B D AD AC CD 一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的. 1.【答案】B 【解析】在研究“蹴鞠”在空中旋转时，“蹴鞠”的形状和大小不能忽略，因此不能将“蹴鞠”看成质点，A错误；研 究“蹴鞠”在空中飞行的距离时，“蹴鞠”的形状和大小可忽略不计，可将“蹴鞠”看成质点，B正确；弹力是由于 施力物体的形变而产生的，因此脚对“蹴鞠”的作用力是由于脚的形变而产生的，C错误；脚对“蹴鞠”的作用 力和“蹴鞠”对脚的作用力是一对作用力和反作用力，D错误. 2.【答案C 【解析】做匀速圆周运动的笔帽，线速度大小不变，方向时刻发生变化，A错误；匀速圆周运动中，根据=ωr, 只有角速度一定时，线速度大小和半径成正比，B错误；匀速圆周运动的物体合力提供所需向心力，方向总是 指向圆心，C正确；匀速圆周运动的加速度大小不变，方向时刻发生变化，所以匀速圆周运动是一种变加速运 动，D错误. 3.【答案】D 【解析】该过程中足球动量的变化量为△p=mx一m=[0.45×30-0.45×(一20)]kg·m/s= 22.5kg·m/s,A错误；对足球由动量定理得I=△p,解得I=22.5N·s,B错误；对足球由动能定理得W= 乞m-之mG,代人数据解得W=112.5J,C错误，D正确 1 4.【答案】A 【解析】卫星在轨道I上由O点运行到P点的过程，万有引力对其做负功，根据动能定理知，动能减小，速度 逐渐减小，重力势能增加，由于只有万有引力做功，机械能守恒，A正确；卫星沿轨道I运动至P点时，需向后 喷气加速才能进入轨道Ⅱ，B错误；因轨道I的半长轴小于轨道Ⅱ的半径，根据开普勒第三定律可知，沿轨道 【运行的周期小于沿轨道Ⅱ运行的周期，C结误；根据a-可知，沿轨道I运行时，在0点的加速度大于 在P点的加速度，D错误。 5.【答案B 【解析】篮球在空中运动的时间由竖直方向的高度所决定，由公式方=？g心可知轨迹1的高度较高，则轨迹 在空中运动的时间较长，A错误；设篮球在最高点的速度为，在水平方向上有x=v,t,由于两次的水平位 移相等，又t1>t2,则有2>v1,B正确；篮球由a到b的过程，篮球的机械能守恒，则由机械能守恒定律得 名m话=mgh+号m,由于两次出手篮球的速度大小相等，则两次篮球在6点的速度大小相等，C错误；篮 球由最高点到b点的过程中，篮球做平抛运动，由于轨迹1的最高点到b点的高度较大，则篮球从轨迹1的最 高点到b点的时间较长，由v,=gt可知篮球沿轨迹1到b点时的竖直分速度较大，又由公式Pc=mgu,可 知，轨迹1在b点时，重力的瞬时功率较大，D错误. 【高三物理参考答案第1页（共4页）】 7036C 6.【答案】B 【解析】运动员刚与跳板接触至F弹=mg,做加速度减小的加速运动，处于失重状态，之后F弹>mg,运动员开 始做加速度增大的减速运动，处于超重状态，A错误，B正确；该过程中跳板的形变量一直增大，至最低点时 跳板形变量最大，弹性势能最大，C错误；全程由动能定理得，W。-W%=0一m,即W。=W一之md,D 错误。 7.【答案D 【解析】由v-t图像可得，1s时斜率由正值变为负值，所以1s时汽车加速度开始反向，A错误；o-t图线围成 的面积为汽车位移的大小，汽车在2s末的位移大小为s=24m=4m,B错误；1一2s时间内由图像可知 加速度大小a=4m/s2,由牛顿第二定律可得F一0.1×20N=一2kg×4m/s2,计算可得因刹车额外产生的 制动力的大小为6N,C错误；0~2s时间内克服阻力做的功为0.1×20N×4m=8J,2~3s时间内克服阻力 做的功为0.1×20N×2m=4J,0~3s时间内克服阻力做的功为8J十4J=12J,D正确. 二、选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对 的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分. 8.【答案】AD 【解析】以相框为研究对象受力分析，如图1所示，由于AO>BO,则图中的α<3，由力的平衡条件得在x轴方 向上合力为O,则有FA cos a=FB COS B,故FA<FB,在y轴方向上有FAsin a<Fasin B,A正确，BC错误；将轻 绳BO截取一小段，悬点B向左移动少许，轻绳BO的拉力沿逆时针方向转过一个小角度，如图2所示，则轻 绳AO的拉力减小，D正确. 0X入 G 图1 图2 9.【答案】AC 【解析】口-x图像的斜率=100m/S=2m/s,根据匀加速直线运动的位移与速度的关系=2a,则有 50m 2a==2m/s2,解得a=1m/s2,A正确；t=6s时的速度大小为v=at=6m/s,B错误；根据图像在位移为 50m时，速度为10m/s,则0-50m内的平均速度0010m/s=5m/s,C正确：0~50m所用的时间1=会 =10s,D错误. 10.【答案】CD 【解析】由于长木板的质量大于小物块的质量，则甲、乙组成的系统初态的总动量向左，由题意可知最终二者 共速，且共同的速度向左，因此小物块甲先向右做匀减速直线运动再向左做匀加速直线运动，当二者共速 时，小物块相对长木板的位移最大，由于水平面光滑，则二者组成的系统动量守恒，有(M一m)=(M十 m)u,解得。=2m/s,设长木板的长度为L,由功能关系得mgL=合(M十m)话-号(M十m),解得L 24m,A错误；长木板的速度为4m/s时，由动量守恒定律得(M-m)o=Mv2十m2,此时小物块的速度为 ℃2=一2m/s,方向向右，B错误；当小物块的速度为0时，由动量守恒定律得(M一m)o=M,解得= 3m/s,由以上分析可知当长木板的速度为2.4m/s时，小物块正处在加速阶段，C正确；对长木板由动量定 理得-mgt=Mo-M,解得t=4s,D正确. 【高三物理参考答案第2页（共4页）】 7036C 三、非选择题：本题共5小题，共54分. 11.【答案】(6分) (1)需要(1分) (2)A(1分) (3)小于(2分) t'2t2'2(t好-场) (6—号(2分) 【解析】(1)需要平衡摩擦力，这样力传感器示数才等于小车所受合外力. (2)确保细线与长木板平行，传感器示数为小车所受的合外力，A正确；小车不必每次从同一位置由静止释 放，B错误；探究加速度与合外力的关系，需控制质量M不变，不需要测出具体M值，C错误；力传感器示数 即为小车所受合外力，则不需要保证砂桶与砂的总质量远小于小车总质量M,D错误 (3)=4, '=,'=； d t2 者加速度与合外力成正比，由话一2aL及=可得笔 t2 11 场t t1'2t2'2(t好-t) 11 t号t圪(t1'2一t2'2) 12.【答案】(10分) (1)宁呢=g(2分，结果正确，形式不同可以同样得分) (2)B(2分) (3)偏大(2分) (4)△Ek1一△Ep1>△Ek2一△E2(2分)滑块从B到D过程中的速度大于从D到C过程过程中的速度，克服 摩擦力做功更多(2分) 【解析(1)若机械能守恒，则需满足的关系式为2m呢=mg,弓品-gh: 1 (2)更换为气垫导轨，可减小系统误差，B正确；多次测量高度h取平均值，可减小偶然误差，但不能减小因 摩擦阻力产生的误差，D错误. (3)计算得出的重力势能减少量会偏大，则与动能增加量的比值会偏大； (4)滑块从B到D过程中的速度大于从D到C过程中的速度，根据“速度越大，摩擦力越大”，B到D过程 中摩擦力更大，克服摩擦力做功更多，因此动能减少量与重力势能增加量的差值更大，则△E1一△E> △Ek2-△Ep2. 13.【答案】(10分)(1)10N6N(2)1.6kg 【解析】(1)对结点O受力分析，则有To4sin0=Tos,Ta4cos0=mg(2分) 解得To4=10N,ToB=6N(2分) 以m2、m3为整体，根据受力平衡可知，m3与桌面间的摩擦力为f=Tos=6N(1分) (2)mg与水平桌面间的最大静摩擦力为fmax=(m2十m3)g=14N(1分) 2、m3间的最大静摩擦力为f2=1m2g=12N(1分) 则轻绳OB受到的最大拉力为Tos'=12N,又Ta4'sin0=Tos',Toa'cos0=m1'g(2分) 解得物体m1的最大质量为m1′=1.6kg(1分) 14.【答案】12分)125n/s(2w=号 (3)6m 【解析】(I)设滑块到达BC中点时的速度为1 由动能定理得msku-mg竖=名mi-0(2分) 【高三物理参考答案第3页（共4页）】 7036C 则v1=2√5m/s(2分)》 (2》由能量守恒得mgkn=amgbw十mg受十：mgcos a受 ,L巴(2分) 则=专1分) (3)若斜面CD光滑，由于mghAB二u mgLpc十mgLco sin a,则滑块最终停在BC上，设滑块在BC上运动的 总路程为s(2分) 对全程用动能定理得mnghAB=h1mgs(2分) 则s=6m(1分) 15.【答案】(16分)(1)1N(2)1kg(3)L=1.5mE。=3J 【解析】(1)滑块A从入口处运动到a点的过程，滑块A的机械能守恒，则有 mgR1-cosa）=2md(1分) 滑块A运动到a点时，假设滑块A与圆管的内壁有作用力，由牛顿第二定律得mgco0sQ一F=m R 、(1分) 解得F=-1N(1分) 假设不成立，说明滑块A与圆管的外壁有作用力，即外壁对滑块A的作用力指向O1,作用力的大小为1N (1分) (2)两滑块碰前，对滑块A由机械能守恒定律得2mgR(1一c0s）=号m6(1分) 解得=6m/s(1分) 由题意可知，碰后滑块A的速度大小为u4=9=2m/s,方向向左(1分) 3 由于两滑块的碰撞为弹性碰撞，则该过程动量守恒、机械能守恒，则有mo=一mvA十mg(1分) 号m话=言m暖十合m话1分) 1 解得m=1kg,vg=4m/s（1分) (3)弹簧的弹性势能最大时，滑块B与长木板C共速，该过程由动量守恒定律得 movB=(M+m)(1分) 解得=1m/s(1分) 该过程由能量守恒定律得26=2(M+m)听+mgL+E,1分) 从弹簧最短到滑块B返回到长木板最左端的过程，滑块B与长木板组成的系统动量守恒，则有 (M+m)1=(M+m)2(1分) 解得2=1m/s 该过程由能量守恒定律得号(M+m)d十E。=2(M叶m)暖+gL(1分) 解得L=1.5m,E。=3J(1分) 【高三物理参考答案第4页（共4页）】 7036C