河南部分重点中学2026-2027学年高三上学期9月学情检测物理试卷

HN2026092 高三物理 注意事项： 1.答题前，务必将自己的个人信息填写在答题卡上，并将条形码粘贴在答题卡上的指定 位置。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需 改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题 卡上。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一 项是符合题目要求的。 1.宋代诗人陈与义在《襄邑道中》写道：“飞花两岸照船红，百里榆堤半日风。卧看满天云不 动，不知云与我俱东。”诗中所描绘的航道两岸繁花似锦，船行“百里”长堤仅需“半日”时 光。设诗中“百里”为船行驶的路程，大小为50km,“半日”为12小时。关于该过程，下列 说法正确的是 A.以云为参考系，诗人是向东运动的 B.诗人感觉“云不动”是以榆堤为参考系的 C.研究船的行驶轨迹时可将船视为质点D.船的平均速度大小一定为？kmh 2.如图所示，餐桌上铺有桌布，桌布上压着一个花瓶。小明用抹布擦拭桌布，抹布沿桌布向右 滑动，桌布与桌面相对静止，则花瓶和桌布在此过程中的受力个数分别为 A.2、4 B.2、6 C.3、4 花瓶 抹布 D.3、6 桌布 3.如图所示为放在水平地面的人字梯及其简化示意图，某时刻人字梯中间的固定装置突然脱 落失效，梯子M端抵在墙壁上不动，N端沿水平地面向外滑动。已知AM=AN,当AM与A 的夹角增大到120时底端N的滑动速度大小为v,则此时顶端A的速度大小为 物理第1页（共8页） A.D B 2 M N C./3v D.25v 4.已知某卫星绕地球做椭圆运动，观测到其近地点到地心的距离为2R,其在远地点的速度大 小只有近地点速度大小的一半。地面附近的重力加速度大小为g,地球半径为R,忽略地球 自转，则该卫星的运动周期为 A.4T 2R B.6mr BR C.8π D.12m 6R 5.一只老鼠离开洞穴沿直线觅食，其速度的倒数与离开洞穴的距离关系如图所示，下列说法 正确的是 A.老鼠做匀减速运动 付 B.离洞穴越远，老鼠的速度越小，加速度越大 0.5 刘 C.0~5m,老鼠所用时间为1.5s 0.1 D.在0~5m内，老鼠的平均速度大小为4m/s 0 x/m 6.科技改变生活，童话走进现实。如图1所示，浙江大学研制的迷你喷气式飞行器 —飞行 背包可以让普通人像脚踩风火轮的“哪吒”一样在空中自由飞行。飞行器通过对外喷气获 得与喷气方向相反的推动力F,F的大小正比于单位时间内的喷气量Q,飞行过程中还受到 与飞行方向相反的空气阻力∫，大小与速率成正比。如图2所示，在一次试飞中试飞员先沿 直线AB做匀速直线运动，再从B点开始在竖直平面内做逆时针方向的匀速圆周运动，忽略 运动过程中气体质量的变化，下列说法正确的是 A.AB段喷气方向应该水平向左 B.在B点进人圆周运动时，无需改变喷 气方向，只需增大喷气量即可 C.在C点，喷气方向一定竖直向下 图1 图2 D.在D点，喷气方向有可能向右下方 物理第2页（共8页） 7.2026年世界杯为我们贡献了许多精彩的头球。图为某足球训练场的示意图，球员在场地P 处原地起跳击出头球，可将足球沿平行地面的各个方向水平顶出。顶球瞬间足球离地高度 为2.45m,P点到球门所在平面的距离为12m,P点在球门所在平面的投影到球门的最短 距离为5m,球门宽7m、高2m。不计空气阻力，重力加速度g取10m/2,足球可视为质 点，不考虑球的反弹，若要进球，则击出球的球速范围是 AI9vs<19五m 10 B.130 m/s <v<402 m/s C.292m/s<0<40反m/g D.129五ms<< 30 3 m/s 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项 符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.物流分拣系统常常会用传送带来输送包裹，如图所示，倾角为日的传送带足够长，正以恒定 速率顺时针匀速转动。现将一可视为质点的物块轻轻放在传送带的下端。物块与传送 带间的动摩擦因数为，μ>tan0,最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。物块在 传送带上运动的过程中，下列说法正确的是 A.物块与传送带共速前，在传送带上留下的划痕在物块与 传送带下端之间 B.物块从被放上传送带到与传送带达到共同速度的过程 中，物块的加速度大小为g-gsin0 C.物块从被放上传送带到与传送带达到共同速度的过程，物块的位移大小为 v2 2(ugcos 0-gsin 0) D.物块与传送带共速后，物块受到的摩擦力是静摩擦力 9.如图所示，某火星探测器先被火星捕获进人椭圆停泊轨道I,运行一段时间后，在轨道I的 近火点P变轨进人半径较小的圆形工作轨道Ⅱ。下列说法正确的是 物理第3页（共8页） A.探测器在轨道I上的运行周期大于在轨道Ⅱ上的运行周期 B.探测器在轨道I上经过P点时的加速度大于在轨道Ⅱ上经过 火星 P点时的加速度 C.探测器由轨道I变轨至轨道Ⅱ时需在P点减速 D.探测器在轨道I上经过远火点时的速度大于在轨道Ⅱ上的速度 10.如图所示，一铅球从a点抛出，经过b点后落到地面上的c点。铅球抛出时的速度大小为 o,方向与a、c连线的夹角为60°，经过b点时的速度u,与a、c连线平行，经过c点时的速 度2大小为5o,方向与a、c连线的夹角为30°。已知重力加速度为g,不计空气阻力，下 列说法正确的是 A.铅球从a到c,速度的变化量大小为2vo a B铅球从a到c,运动的时间为2 C.a、b间的水平距离小于b、c间的水平距离 D.v与水平方向的夹角为30° 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(8分)某实验小组利用手机的磁传感器功能设计测量小车加速度的实验方案。实验装置 如图1所示，小车置于水平导轨上，通过细绳跨过轻质定滑轮与重物相连，细绳保持水平， 小车顶部固定两个磁块，两个相同的手机A、B(内置磁传感器)固定于导轨上方，用于检测 磁块到达手机下方时的时刻，从而得出小车上两磁块经过该手机的时间间隔。 手机A 手机B 回 回 小车 6 7 cm 山 磁块 TTTTTTT 重物 0510 图1 图2 实验步骤如下： ①测量两磁块中心的距离d; ②测量手机A、B磁传感器间的距离L; 物理第4页（共8页） ③由静止释放重物，记录小车分别经过手机A和B的时间间隔，和2。 完成下列问题： (1)用直尺测量两手机磁传感器间的距离L=2.05m,用游标卡尺测得两磁块中心的距离 d如图2所示，则d= cm。 (2)某次测量中，小车上两磁块经过手机A的时间间隔七1=0.08s,则小车经过手机A的 速度大小，= m/s;若测得小车经过手机B的速度大小2=1.25m/s,则小 车的加速度大小a= m/s2。（均保留2位有效数字) (3)若不计一切摩擦和空气阻力，重物的质量为m,重力加速度为g,则小车（含两磁块）的 质量M= （用a、g、m表示)。 12.(8分)如图所示，某同学设计了如下只用一个弹簧测力计验证力的平行四边形定则的实 验方案，请补充完整实验步骤，并回答相关问题。 实验器材：木板、白纸、橡皮条、细绳套两根、弹簧测力计一个、三角板、 刻度尺、图钉若干。 (1)实验步骤： ①将白纸用图钉固定在木板上，再将橡皮条的一端用图钉固定在白纸的上方，橡皮条 的另一端系两根细绳套。 ②用弹簧测力计拉其中一根细绳套，用手拉另一根细绳套，将橡皮条与细绳套的结点 拉至某一位置O,记录0点的位置、弹簧测力计的读数F,以及 ③ ,使结点仍然到达O点，记录此时弹簧测力计的读数F2。 ④只用弹簧测力计拉一根细绳套，使结点到达O点，记录此时弹簧测力计的读数F和 细绳套的方向。 ⑤根据力的平行四边形定则作出F,和F2的合力F',与F比较。 (2)若改变两细绳套的夹角重新做一组实验时，发现F,、F,的大小与前一组实验相同，但 橡皮条的长度变短，则细绳套的夹角相比前一组 (选填“更大”或“更小”)。 (3)下列措施中会增大实验误差的是 物理第5页（共8页） A.用两个力拉橡皮条时细绳套之间夹角很大 B.实验时弹簧测力计与木板不平行 C.重复实验再次进行验证平行四边形定则时，结点到达的位置0与前一组不同 13.（10分)如图所示，竖直固定的光滑半圆轨道半径为R,AB为竖直直径，轨道与一水平转盘 相切于转盘圆心（二者不连接），转盘边缘开有一个小孔P。初始时，P与轨道在同一竖直 面内。一可视为质点的小球从A点以某一初速度沿轨道向上运动，恰好能通过最高点B, 且小球能直接落人小孔P。不计空气阻力，重力加速度为。 (1)求水平转盘的半径； (2)小球通过B点后水平抛出，此时转盘以角速度ω开始匀速转动，且小球仍能直接落人 小孔P,求角速度ω的所有可能值。 B R A 物理第6页（共8页） 14.（12分)随着无人机技术的快速发展，无人机已进人各行各业。如图是外卖行业用无人机 1 精准向高层写字楼投送外卖的示意图，无人机用轻绳悬挂外卖沿直线从A点向对面大楼 C点投送，A点到C点的距离AC=187.5m,A、C连线与地面的夹角0=30°。该型号无人 机飞行时，最大加速度为ao=7.5m/s2,最大速度vm=15m/s。在投送外卖时为了防止倾 翻，轻绳偏离竖直方向的角度α不得超过30°，到达C点时无人机需悬停静止。重力加速 度g取10m/s2,不计空气阻力。为了以最短时间将外卖送达，求： (1)无人机从A到C的过程，加速和减速时的加速度大小； (2)无人机从A到C的最短时间。 --------1e 无人机 A297h 15.(16分)如图所示，光滑水平面上有一质量为M=1kg的木板，木板左端的上方有一质量 为m=2kg的物块（可视为质点），木板右侧的水平面上有一固定弹性挡板P。物块与木 板间的动摩擦因数为u=0.2,重力加速度g取10m/s2。 (1)若木板的长度L=3m,给木板施加水平向左的力F=8N,作用一段时间后撤去力F, 最终物块能从木板上滑下，求力F作用的最短时间； (2)若木板足够长（物块始终没有滑离木板），物块和木板一起以u1=9/s的速度向右运 动，当木板撞上挡板后速度大小不变，方向反向。 ①求木板与挡板第5次碰后瞬间的速度大小； ②求木板从第一次与挡板相碰到最终停下所通过的路程。 P mHN2026092 高三物理·答案 1~7题每小题4分，共28分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。8~10题每小题6分， 共18分，在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的，全部选对的得6分，选对但不全的得3分， 有选错的得0分。 1.答案C 命题透析本题以宋代诗句为情境，考查参考系、路程与位移、平均速度等基本概念，考查考生的理解与推理 能力。 思路点拨以云为参考系，由“卧看满天云不动”可知“我”相对云静止，A错误；诗人感觉云不动是以自身为参 考系的，B错误：研究行驶轨迹时，船的大小和形状可忽略，可将船视为质点，C正确：若船的行驶轨迹为曲线， 则位移小于路程，平均速度u=÷<客kmh,D错误。 6 2.答案B 命题透析本题以擦拭桌布为情境，考查受力分析，考查考生的科学思维。 思路点拨花瓶只受重力和支持力，与桌布间没有相对运动趋势，用隔离法可知不受摩擦力，桌布受到重力、桌 面的支持力、花瓶和抹布的压力、抹布的滑动摩擦力、桌面的静摩擦力，共6个力，B正确。 3.答案A 命题透析本题以人字梯滑动为情境，考查关联速度和运动的合成与分解，考查考生的科学思维。 思路点拨M点不动，顶端A的速度垂直于AM向下，将V、A两点的速度分解到沿杆AN方向和垂直于杆AW 方向，根据沿杆方向的分速度相等有cos30°=v4cos30°，得A=v,A正确。 4.答案B 命题透析本题以卫星的椭圆轨道运动为情境，考查开普勒定律、万有引力定律及天体运动规律，考查考生的 科学思维。 思路点拨根据题意可知，对于地球表面的物体，由万有引力等于重力得S恤=m%,可得GM=R'。近地点到 R2 地心的距离为2R,由开普勒第二定律，可知远地点到地心的距离为4R,则卫星椭圆轨道的半长轴为3R,设卫星 道半径为R的圆周上做圆周运动的周期为T,在椭圆轨道上的运动周期为？，由开普勒第三定律有 0,由万有引力提供向心力有=mgR,联立解得7=6m√ R2 巫，B正确。 5.答案C 命题透析本题以老鼠运动的速度倒数一位移图像为情境，考查对图像物理意义的理解、运动学公式及图像面 积的应用，考查考生的分析与推理能力。 1 思路点拨在一小段位移内，图像与横轴围成的面积S=14x=△，即老鼠运动的时间，在纵坐标上，取相同的 速度倒数变化量，可得速度变化量越来越小，时间越来越长，故运动速度和加速度都随位移增大而减小，A、B错 误；当x=5m时，1=方×(0.1+0,5)x5=15,平均速度=号s,C正确，D错误。 1 6.答案D 命题透析本题以喷气式飞行器为背景，考查力与运动的关系和向心力分析，考查考生的科学思维。 思路点拔 匀速直线运动时，由受力平衡得，F,=√+(mg了，与竖直方向的夹角a满足ana=上，进人圆 mg 周运动时大小不变.竖直方向有，-mg受，所以P。=F+(受+s)尸，与竖直方向的夹角B清足 tanB=f ,喷气方向和单位时间的喷气量都要改变，A,B错误；在C点，喷气推动力需提供向左的向心 mg + ♪ 力，放喷气方向应向右下方，C错误：由于速度大小未知，当：<√级时，mg>紧，喷气推动力需斜向左上方提 供支持作用，则喷气方向为右下方，D正确。 7.答案B 命题透析本题以足球头球训练为情境，考查平抛运动的临界条件及水平位移、竖直位移的关系，考查考生的 建模能力与数学运算能力。 2×245 思路点拔速度最小时在近框的地面处进球，水平位移为，=√2+了m=1Bm,运动时间为4=√10 s= 0.7,最小速度为19 m/s,速度最大时在远框的横梁处进球，水平位移为2=√122+(5+7)2m=12√2m,运 动时间为，=√ 2×(2.45-2】s=0.3,最大速度为40万m/s,B正确。 10 8.答案CD 命题透析本题以传送带运送物块为情境，考查摩擦力的判断、牛顿第二定律及相对运动问题，考查考生的分 析综合能力。 思路点拨物块与传送带共速前，传送带向上运动的速度大于物块，物块留下的划痕会被传送带带到物块的 前面，A错误；如图所示，对物块进行受力分析，FN=mgcos0,f=uFN=mgcos0,沿斜面方向合外力为f- mgsin0=ma,故a=gcos0-gsin0,B错误；物块做初速度为0的匀变速直线运动，由v2=2ax可得，位移大小 为2(g)-m),C正确：最大静摩擦力大于重力沿斜面方向的分力，故共速后物块可以与传送带相对静 止，此时物块与传送带之间的摩擦力为静摩擦力，D正确。 mg -2 9.答案AC 命题透析本题以探测器变轨为情境，考查万有引力定律与航天，考查考生的物理观念。 思路点拨根据开普勒第三定律，轨道半长轴越大，周期越大，轨道I的半长轴大于轨道Ⅱ的半径，故T,> T,A正确：根据万有引力定律可知，探测器在轨道I、Ⅱ经过P点时受到的引力相同，结合牛顿第二定律可得 1=01,B错误：万有引力提供向心力，=m号，轨道I在P点的曲率半径r,大于轨道Ⅱ的半径r1,则 R "1>Ⅱ，探测器在轨道I的P点需要减速制动才能进人轨道Ⅱ，C正确；同理可得，探测器在轨道I经过远火 点的速度小于在经过远火点的圆轨道Ⅲ的运行速度1，又在圆轨道的运行速度”二√ G,则1<n<v' D错误。 10.答案ABD 命题透析本题以铅球做斜抛运动为情境，考查运动的分解、速度变化量、水平位移关系及加速度合成，考查 考生的科学思维与推理能力。 思路点拔将铅球的运动分解为沿ac方向与垂直ac方向，沿ac方向有4，=os30-,os60°-，垂直 t c方向有4，么血60+血30.5，且g=√+a,得.24，= 26,速度变化量△u=g=2o, A,B正确：从a到b,垂直ac方向osim60°=a,t,解得t=,则从b到c的时间=t4=2,在水平方向铅 g 球做匀速运动，所以水平距离相同，C错误；假设ac与水平方向的夹角为α，则垂直ac方向的加速度a,= gcos a,解得a=30°，1平行于ac,则51与水平方向的夹角为30°，D正确。 11.答案(1)6.81(2分) (2)0.85(2分)0.20(2分) (3)8-“m(2分)》 a 命题透析本题以用手机测加速度为情境，考查游标卡尺读数、瞬时速度与加速度的计算及牛顿第二定律，考 查考生的实验探究能力。 思路点拨(1)游标卡尺是10分度的，故读数为6.81cm。 (2)4=≈085m/s,a- ≈0.20m/s2。 t 2L (3)由mg=(M+m)a,可得M=8-0 a 12.答案(1)②两根细绳套的方向(2分)③交换弹簧测力计与手所拉细绳套的方向（意思对即可，2分） (2)更大(2分) (3)AB(2分，漏选得1分) 命题透析本题考查验证力的平行四边形定则，考查考生的科学探究能力。 思路点拨(1)②通过细绳套用两个互成角度的力拉橡皮条，使结点移到某一位置O,此时需记下：两细绳套 的方向（即两个分力的方向），弹簧测力计的读数（分力的大小），以及0点位置（两个分力的作用效果）。 ③由于只有一个弹簧测力计，所以需要交换弹簧测力计与手所拉细绳套的方向，来测量另一个分力的大小。 一3 (2)橡皮条的长度更短，说明合力F变小，又因为两个分力大小不变，根据余弦定理，2=F+F+2FF2cos0, 可得细绳套的夹角0增大。 (3)细绳套之间的夹角过大或过小都会增大作图误差，A正确：弹簧测力计与木板不平行时，弹簧测力计测得 的拉力是斜向拉力，会带来误差，B正确：重复实验再次进行验证时，由于不是同一组实验，所以结点到达的位 置0可以与前一组不同，C错误。 13.命题透析本题以竖直圆轨道与水平转盘组合为情境，考查圆周运动、平抛运动及周期性条件，考查考生的科 学思维与数学推理能力。 思路点拨（1)小球恰好过B点，由牛顿第二定律得mg=m (2分) R 解得a=√R ………（(1分）》 小球经过B点后做平抛运动 竖直方向2R=7g …(1分) 水平方向T=形Bt=2R… (1分) (2)转盘匀速转动，且小球能落人P,则t=nT(n=1,2,3…)… (2分) 又T=2π …(1分) 解得w=nT g (n=1,2,3…）…(2分） R 14.命题透析本题以无人机投送外卖为情境，考查牛顿第二定律、运动学公式及最短时间问题，考查考生的建模 能力与综合计算能力。 思路点拨（1)在加速和减速阶段对外卖受力分析，如图1、图2所示，由于加速度始终沿AC方向，则轻绳与 竖直方向夹角越大，外卖所受合力与加速度越大 mg 图1 图2 加速阶段，设轻绳偏离竖直方向的角度为最大值30时，外卖的加速度为α，由几何关系可知 外卖所受合力F,=mg (1分) 根据牛顿第二定律F,=ma… (1分) 则加速度a=g=10m/s2>a=7.5m/s2 (1分) 所以加速阶段加速度大小a1=ao=7.5m/s2…。 (1分) 减速阶段，轻绳偏离竖直方向的角度为最大值30时，由几何关系可知 外卖所受合力F2=mgsin30°…(1分) 加速度大小a2=gsin30°=5m/s2<a …(1分） 4 (2)加速时间1= m=25 (1分) m=15m 加速距离，1=2a, …(1分) 减速时间，==3， …(分) a 减速距离x,=2a -2.5m …(1分) 匀速时间3= 刘-3=10写…（1分 无人机从A到C的总时间t=t1+2+t3=15s…………(们分) 15.命题透析本题以长木板、物块及挡板碰撞为情境，考查牛顿第二定律、板块模型、多次碰撞及路程计算，考查 考生的综合分析能力与数学归纳能力。 思路点拨(1)对物块umg=ma1 (1分) 对长木板F-wmg=Ma2 (1分) 解得a1=2m/s2,a2=4m/s 撤去力F后，物块加速度不变，长木板减速，wmg=M3…(1分) 解得a3=4m/s2 撤去力F时长木板的速度o=a2t… …(1分) 设力F撤去后再经过时间，物块刚好能从长木板上滑下，则滑下时两者共速 0=t-0=a1(t+0）…(1分） 0+20(t+0…(1a分) 2 2 解得力F的最短作用时间t=1.5s…(1分) (2)①长木板第一次与挡扳碰后，物块向右减速，加速度大小为a,长木板加速度大小为a,方向始终向右，长 木板向左减速到0后再向右加速到与物块共速 2=1-a1=-心1+a3…(2分） 解得2=3 ………(1分) 共速后两者一起以2第二次与挡板碰撞，同理第n次与挡板碰撞时v= 2n-1 3 可得=（行） …(1分) 则长木板与挡板第5次碰后瞬间的速度大小，=（兮）5-，=号m/g…（1分) 说明：也可以根据动量守恒定律求与挡板碰撞前的共同速度。 ②长木板第n次与挡扳碰后，长木板向左运动的距离x,=2a ………(1分) 长木板从第一次与挡扳碰后到最终停下时所通过的路程s=2(x1+2+x+…）…(2分) 解得s=行m… …………(1分） -5