江苏苏州实验中学太湖科学城校2026-2027学年高二上学期9月阶段检测物理模拟试题（一）

苏州实验中学太湖科学城校 高二物理月考模拟试题（一） （考试时间 75 分钟　满分 100 分　 ） 一、单项选择题（本题共 10 小题，每小题 4分，共 40 分。每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求） 1. 关于电功、电功率和焦耳热，下列说法正确的是（　　） A．电功率越大的用电器，电流做的功一定越多 B．由 W＝Pt可知，电功率大的用电器在相同时间内电流做的功多 C．焦耳定律Q＝I²Rt 只适用于纯电阻电路 D．1 kW·h 是电功率的单位 2. 一台直流电动机，额定电压 U＝220V，额定电流 I＝10A，线圈电阻 r＝2Ω。电动机正常工作时，输出的机械功率为（　　） A．2200W　　　B．200W　　　C．2000W　　　D．2400W 3.下列哪组物质全部属于不可再生能源（　　） A．风能、核能、太阳能　　　B．煤、沼气、石油 C．石油、天然气、煤　　　 D．太阳能、地热能、核能 4.如图为多用表欧姆挡的原理图，其中电流表的满偏电流为 300μA，内阻 rg＝100Ω，调零电阻的最大阻值R＝50kΩ，串联的固定电阻R＝50Ω，电池电动势 E＝1.5V。用它测量电阻Rx，能准确测量的范围是（　　） A．　　　B． C．　　　 D． 5.如图所示，用 Oa 两端时为电流表，用 Ob 两端时为电压表。已知表头满偏电流 Ig＝100 mA，内阻 Rg＝100 Ω，定值电阻 ＝25Ω，＝200Ω，下列说法正确的是（　　） A．用 Oa 两端时量程为 0.5 A；用 Ob 两端时量程为 22 V B．用 Oa 两端时量程为 0.5 A；用 Ob 两端时量程为 110 V C．用 Oa 两端时量程为 0.6 A；用 Ob 两端时量程为 22 V D．用 Oa 两端时量程为 0.6 A；用 Ob 两端时量程为 110 V 6.如图甲所示，电动势为 E、内阻为 r 的电源与 R＝8Ω的定值电阻、滑动变阻器 RP、开关 S 串联组成回路，已知滑动变阻器消耗的功率 P 与其接入电路的有效阻值 RP 的关系如图乙所示。下列说法正确的是（　　） A.电源的电动势 E＝4V，内阻 r＝2Ω B.图乙中 Rx＝20Ω C.滑动变阻器的滑片向左移动时，R 消耗的功率先增大后减小 D.调整滑动变阻器RP的阻值可以得到该电源的最大输出功率为1.8W 7.如图所示，一重为的通电圆环置于水平桌面上，圆环中电流方向为顺时针方向（从上往下看）。在圆环的正上方用轻绳悬挂一条形磁铁，磁铁的中心轴线通过圆环中心，磁铁的上端为 N 极、下端为 S 极，磁铁自身的重力为。则关于圆环对桌面的压力F和磁铁对轻绳的拉力的大小，下列关系中正确的是（　　） A．F＞G₁, F′>G₂　　　B．F＜G₁, F′>G₂ C．F＜G₁, F′<G₂　　　D．F＞G₁, F′<G₂ 8.如图所示，把一根匝数较多的弹簧悬挂起来，弹簧下端和圆柱形水银槽底圆心相连。现给弹簧通入方向如图所示的较大恒定电流，水银槽不离开桌面。稳定后槽中水银的状态为（　　） A．水银面保持静止　　　 B．水银面上下振动 C．自上向下看顺时针转动　　　D．自上向下看逆时针转动 9.1820 年奥斯特发现了电的磁效应，从此人类开始进入电磁时代。下列关于磁场的表述正确的是（　　） A．为了形象地描述磁场，安培提出了磁感线的概念 B．两个磁极相近的地方，磁感线可以相交 C．由 B＝F/(IL) 可知，B 由 F、I、L 决定 D．磁通量虽然有大小和方向，但它是标量 10.1831 年，法拉第在一个软铁圆环上绕两个互相绝缘的线圈 A 和 B。线圈 A 与电池、开关组成回路，线圈 B 的两端用导线连接，导线正下方有一枚小磁针。使法拉第在“磁生电”方面取得突破性进展的现象是（　　） A．闭合开关瞬间，观察到小磁针不发生偏转 B．闭合开关后，观察到小磁针保持偏转状态 C．断开开关瞬间，观察到小磁针发生偏转 D．断开开关后，观察到小磁针保持偏转状态 二、实验题（本题共 2 小题，每小题 8 分，共 16 分） 11. 某同学用螺旋测微器、游标卡尺测量工件的厚度和直径，并用电压表、电流表读取电表示数，各示数分别如图（1）（2）（3）所示。 （1）图（1）中工件的厚度为 ______ mm；（2分） （2）图（2）中工件的直径为 ______ cm；（2分） （3）图（3）中电压表（量程 3 V）读数为 ______ V， 电流表（量程 0.6 A）读数为 ______ A。（4 分） 12.某同学通过实验测定一个阻值约为 5 Ω 的电阻 Rx 的阻值。 （1）现有电源（4 V，内阻可不计）、滑动变阻器（0～50 Ω，额定电流 2 A）、开关和导线若干，以及下列电表： A．电流表（0～3 A，内阻约 0.025 Ω）　B．电流表（0～0.6 A，内阻约 0.125 Ω） C．电压表（0～3 V，内阻约 3 kΩ）　　　D．电压表（0～15 V，内阻约 15 kΩ） 为减小测量误差，电流表应选用 ______，电压表应选用 ______（选填器材前的字母）；实验电路应采用图中的 ______（选填“甲”或“乙”）。（3 分） （2）若在（1）中选用甲电路，产生误差的主要原因是 ______；若选用乙电路，产生误差的主要原因是 ______。（选填下列选项前的字母）（2 分） A．电流表测量值小于流经 Rx 的电流值　B．电流表测量值大于流经 Rx 的电流值 C．电压表测量值小于 Rx 两端的电压值　D．电压表测量值大于 Rx 两端的电压值 （3）在不损坏电表的前提下，将滑动变阻器滑片 P 从一端滑向另一端，随滑片移动距离 x 的增加，被测电阻 Rx 两端的电压 U 也随之增加，则 U–x 关系图像大致为 ______。（选填“A”“B”或“C”）（3 分） 三、计算题（本题共 4小题，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。） 13.（10分）2024年12月2日《网易》发表文章《1.2万买个蛋？继“剁椒鱼头”后，五菱再出“停车场刺客”？网友：坏了，这真买得起》。如果零蛋电动汽车电源、车灯、电动机构成的电路简化为如图所示，电源的电动势，内阻，电动机的线圈电阻，车灯电阻保持不变，电流表内阻忽略不计。当开关S1、S2都接通时，电流表的示数为，此时电动机正常工作。求： （1）当只有开关S1接通时，电流表的示数及此时车灯的两端电压； （2）当开关S1、S2都接通时，电动机的输出功率。 14.（12分）玩具厂出厂一批会发光的电动玩具汽车时，其玩具汽车的简化电路如图所示，电源电动势，内阻，闭合开关S后，标有“8V，4W”的灯泡恰能正常发光（小灯泡电阻不随温度变化），且电动机M带动车轮转动，已知电动机的内阻，求： (1）小灯泡正常发光时的电流和电阻； （2）闭合开关S后，电源的输出电流； （3）闭合开关S后，车轮电动机的输出功率； 15.（10分）氦氖激光器发射波长为m的单色光，这种光的一个光子的能量为多少？若该激光器的发光功率为W，则每秒发射多少个光子？ 16.（12 分） 如图所示，面积 S＝0.04 m² 的单匝矩形线圈放在磁感应强度 B＝0.5 T 的匀强磁场中，磁场方向垂直于线圈平面。 求：（1）求穿过线圈的磁通量 ； （2）将线圈绕垂直于磁场的轴顺时针转过 60°，求此时穿过线圈的磁通量 及磁通量的变化量 ； （3）判断在转动过程中线圈中是否有感应电流产生，并说明理由。 高二物理试题第 1 页 共 4 页 学科网（北京）股份有限公司 $ 高二年级物理月考模拟试题（一）　 答案解析 一、单项选择题 1.答案：B 【解析】A 错，由 W＝Pt 可知，电流做功的多少不仅取决于电功率，还与通电时间有关；B 对，通电时间相同时，电功率大的用电器电流做功多；C 错，焦耳定律 Q＝I²Rt 是电流热效应的普遍规律，对纯电阻电路和非纯电阻电路都适用；D 错，kW·h 是电功（电能）的单位，电功率的单位是瓦特（W）。故选 B。 2.答案：C 【解析】电动机的输入功率（总功率）P入＝UI＝220×10 W＝2200 W；线圈的发热功率 P热＝I²r＝10²×2 W＝200 W。电动机是非纯电阻用电器，其输出功率（机械功率）P出＝P入－P热＝2200 W－200 W＝2000 W。故选 C。 3.答案：C 【解析】可再生能源是能够源源不断地从自然界得到的能源，如风能、水能、太阳能、生物质能等；不可再生能源是短期内不能从自然界得到补充的能源，如煤、石油、天然气、核能等。A 中风能、太阳能属于可再生能源；B 中沼气属于可再生能源；D 中太阳能、地热能属于可再生能源。只有 C 项石油、天然气、煤全部属于不可再生能源。故选 C。 4.答案：B 【解析】欧姆表的中值电阻附近刻度最均匀，读数误差最小。欧姆表的中值电阻等于其内阻，满偏时 E＝Ig·R中，故 R中＝E/Ig＝1.5 V/(300×10⁻⁶ A)＝5×10³ Ω＝5 kΩ。为使读数准确，被测电阻应在中值电阻附近，即 3 kΩ～8 kΩ 范围内。故选 B。 5.答案：B 【解析】用 Oa 两端时为电流表，表头两端电压 Ug＝IgRg＝0.1×100 V＝10 V，流过 R₁ 的电流 IR₁＝Ug/R₁＝10/25 A＝0.4 A，故电流表量程 I＝Ig＋IR₁＝0.1 A＋0.4 A＝0.5 A；用 Ob 两端时为电压表，总电流 I＝0.5 A 全部流过 R₂，R₂ 两端电压 UR₂＝IR₂＝0.5×200 V＝100 V，再加上表头（与 R₁ 并联）两端电压 10 V，电压表量程 U＝100 V＋10 V＝110 V。故选 B。 6.答案：A 【解析】把定值电阻 R 等效为电源的内阻，由图乙可知功率最大时 RP＝R＋r＝10 Ω，最大功率为 0.4 W，即 E²/[4(R＋r)]＝0.4 W，解得 E＝4 V，r＝2 Ω，A 正确；滑动变阻器接入电路的阻值为 4 Ω 时与接入阻值为 Rx 时消耗的功率相等，由对称关系可得 Rx＝25 Ω，B 错误；滑片向左滑动时，其接入电路的电阻增加，电流减小，R 消耗的功率减小，C 错误；因为定值电阻 R＝8 Ω 大于电源内阻 r＝2 Ω，故滑动变阻器 RP 的阻值为 0 时电源的输出功率最大，Pmax＝I²R＝[E/(R＋r)]²R＝[4/(8＋2)]²×8 W＝1.28 W，D 错误。 7.答案：D 【解析】由安培定则可知，通电圆环（俯视顺时针方向电流）产生的磁场 N 极向下、S 极向上，即圆环上端为 S 极。磁铁下端为 S 极，与圆环上端为同名磁极，相互排斥，故圆环对磁铁产生向上的排斥力，使磁铁对轻绳的拉力 F′＜G₂；由牛顿第三定律，磁铁对圆环产生向下的排斥力，使圆环对桌面的压力 F＞G₁。故选 D。 8.答案：C 【解析】弹簧各匝线圈通入同向电流，相邻匝间存在吸引力，但题设中弹簧下端与水银槽相连，电流经水银从中心沿半径方向流向槽壁（或反向），径向电流在弹簧（线圈）产生的磁场中受到安培力作用，使水银绕中心轴转动。由安培定则和左手定则可判断，自上向下看水银沿顺时针方向转动。故选 C。 9.答案：D 【解析】A 错，磁感线是法拉第为形象描述磁场而提出的，并非安培；B 错，磁场中任意一点的磁场方向唯一，磁感线不可能相交；C 错，B＝F/(IL) 是磁感应强度的定义式（比值定义法），B 由磁场本身决定，与 F、I、L 无关；D 对，磁通量是标量，其正负仅表示磁感线穿过面的方向，运算遵循代数法则。故选 D。 10.答案：C 【解析】产生感应电流（“磁生电”）的条件是穿过闭合回路的磁通量发生变化。闭合或断开开关的瞬间，线圈 A 中的电流发生变化，穿过线圈 B 的磁通量随之变化，线圈 B 中产生感应电流，小磁针发生偏转；电路稳定后磁通量不变，无感应电流，小磁针不再偏转。A 错，闭合开关瞬间小磁针会发生偏转；B、D 错，稳定后小磁针不保持偏转状态；C 对，断开开关瞬间小磁针发生偏转。故选 C。 二、实验题（每小题 8 分，共 16 分） 11．答案：（1）0.01；6.122（6.121～6.124 均对）　（2）0.05；10.230　（3）2.20；0.48 【解析】（1）螺旋测微器的精度为 0.01 mm，固定刻度读出 6 mm，可动刻度约 12.2 格，故厚度为 6 mm＋12.2×0.01 mm＝6.122 mm（估读，6.121～6.124 均可）。 （2）20 分度游标卡尺的精度为 0.05 mm，主尺读出 10.2 cm＝102 mm，游标第 6 格对齐，故直径为 102 mm＋6×0.05 mm＝102.30 mm＝10.230 cm。 （3）电压表量程 3 V，最小分度 0.1 V，估读到 0.01 V，读数为 2.20 V；电流表量程 0.6 A，最小分度 0.02 A，读数为 0.48 A。 12.答案：（1）B；C；甲　（2）B；D　（3）A 【解析】（1）电源电动势 4 V，15 V 的电压表量程太大、读数误差大，故电压表选 C；电压表满偏时电路最大电流约＝3 V/5 Ω＝0.6 A，故电流表选 B。因 Rx 约为5Ω，而电压表内阻3 kΩ、电流表内阻约为0.125Ω，，应采用电流表外接法（甲电路）。 （2）甲电路（外接法）中，电压表的分流使电流表测量值大于流经的电流，选 B；乙电路（内接法）中，电流表的分压使电压表测量值大于两端电压，选 D。 （3）滑动变阻器接入阻值随 x 增大而减小（滑片由左向右），两端电压 U 增大，且增大得越来越快，U–x 图像应为上凸曲线，选 A。 三、计算题（共 34 分） 13．（10 分）答案：（1）300V（2）6448W 【解析】（1）当只有S1接通时，由闭合电路欧姆定律得 由部分电路欧姆定律得，此时车灯的两端电压为 （2）根据题意，由闭合电路欧姆定律得 根据题意，由闭合电路欧姆定律得 此时通过车灯的电流为 因此通过电动机的电流为 电动机的输入功率为 电动机的热功率为 电动机的输出功率为 14．（12 分）答案（1）0.5A，（2）2A （3）7.5W 【解析】 （1）小灯泡正常发光时，电压等于额定电压，功率等于额定功率，由，得；由欧姆定律得小灯泡电阻 （2）由闭合电路欧姆定律 ，外电路并联部分电压等于灯泡额定电压 代入得 （3）电动机与灯泡并联，因此电动机两端电压也为，流过电动机的电流，电动机的输入功率为 ，内阻热功率为 输出功率等于输入功率减去热功率 15. （10分）答案：； 【解析】光子能量 每秒发射光子数 16.（12 分）答案（1）0.02 Wb；（2）减少了 0.01 Wb；（3）有感应电流。理由见解析。 【解析】（1）线圈平面与磁场垂直，磁通量Φ₁＝BS＝0.5×0.04 Wb＝0.02 Wb （2）线圈绕垂直于磁场的轴转过 60°后，线圈法线与磁场方向夹角为 60°（线圈平面与磁场夹角为 60°），磁通量Φ₂＝BScos 60°＝0.02×0.5 Wb＝0.01 Wb 磁通量变化量 ΔΦ＝Φ₂－Φ₁＝0.01 Wb－0.02 Wb＝－0.01 Wb（即减少了 0.01 Wb） （3）有感应电流。 理由：线圈回路闭合，在转动 60° 的过程中，穿过线圈的磁通量由 0.02 Wb 减小到 0.01 Wb，发生了变化。根据产生感应电流的条件——闭合回路中磁通量发生变化，线圈中会产生感应电流。 ( 第 1 页 共 4 页 ) 高二物理模拟一答案 学科网（北京）股份有限公司 $