湖北襄阳市第四中学2026-2027学年高一上学期9月阶段检测物理试题

襄阳四中2026级高一上学期9月素养测评 物理试题 命题人：杨兴敏 审题人：黄河 考试时间：75分钟 一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。第1~7题只有一项符合题目要求，第8~10题 有多项符合题目要求。全对得4分，选对但不全的得2分。 1.下列关于矢量和标量的说法正确的是 A.长度、时间、质量是标量，瞬时速度、加速度、平均速率是矢量 B.同一个物理量可以是矢量，也可以是标量 C.取定正方向，甲、乙发生的位移分别为-20m、10m,则-20m比10m的位移大 D.方向是区分矢量和标量的标准，有正、有负的物理量一定是矢量 2.2024年9月25日8时44分，中国人民解放军火箭军向太平洋相关公海海 域，成功发射1发携载训练模拟弹头的洲际弹道导弹，准确落入预定海域。该 导弹射程（从发射点到命中目标的最太距离，是沿地球表面的长度）约12000千 米。以下说法正确的是 A,研究弹头在空中的运动轨迹时，弹头可以看成质点 B.研究弹头分离过程时，可以将导弹看成质点 C.8时44分指的是导弹在空中飞行的时间 D.射程12000千米指的是导弹的位移大小 3.如图所示，汽车的速度从1变为2.下列正确表示汽车的速度变化方向和加速度方向的是 a △v V2 △v 7 777777777 ① ② ③ ④ A.①② B.②③ C.①④ D.③④ 4.如图所示，水平地面上竖直放一个边长为α的正三角形薄板，其左下角 顶点上有一点A,现使该三角形在地面上不打滑地顺时针翻滚一周，则A 点发生的位移大小和路程分别是 777777777nni1mm77 A 4 A.2a、专aB.3a、3aC.2a、元a D.3a、πa 5.a、b两物体同时从同一地点开始做匀变速直线运动，二者运动的~t ↑vl(m's) 图像如图所示，下列说法正确的是 A.仁1s时两物体的间距等于=3s时两物体的词距 B.a物体的加速度小夺b物体的加速度 C.a、b两物体运动方向相反 2 D.仁3s时，a、b两物体相遇 6.质点做直线运动的位移x和时间平方卫的关系图像如图所示，则该质点 Ax/m A.加速度大小为1m/s2 B.任意相邻1s内的位移差都为1m C.第2s内的位移是2m t2/s2 D.物体第3s内的平均速度大小为5m/s 7.一汽车在水平路面上开始刹车到停止运动的过程可看成是匀减速直线运动，已知刹车最后一秒内与 开始第一秒内的位移之比为K,刹车距离为x,则整个过程的平均速度的数值为 A. 4x B. 2Kx K+1 c 4Kx D. K+1 8.从固定斜面上的O点每隔0.1s由静止释放一个同样的小球，释放后小球做匀加速直线运动。某一 时刻，拍下小球在斜面上滚动的照片，如图所示。测得相邻小球间的距离xB=4cm,xBc-8cm。已知 O点距离斜面底端的长度为=35cm。由以上数据可以得出 A.小球的加速度大小为12m/s2 B.小球在A点的速度为0 C.斜面上最多有5个小球在滚动 D.该照片是距第一个小球释放025s拍摄的 9.如图所示，=0时，质量为0.5kg的物体从光滑斜面上的A点由静止开始下 滑，经过B点后进入水平面（设经过B点前后速度大小不变），最后停在C点。 a 每隔1s将物体的瞬时速度记录在下表中，则下列说法中正确的是 777777777777777 B A.仁1.5s的时刻物体恰好经过B点 tis 0 2 3 B.=5s的时刻物体恰好停在C点 C.物体运动过程中的最大速度为10m/s v/m·s 0 4 6 D.A、B间的距离小于B、C间的距离 10.弹道凝胶是用来模拟测试子弹对人体破坏力的一种凝胶，它的密度、性状等物理特性都非常接近 于人体肌肉组织。某实验者在桌面上紧挨着放置6块完全相同的透明凝胶，枪口对准凝胶的中轴线射 击，子弹即将射出第6块凝胶时速度恰好减为0，子弹在凝胶中运动的总时间为t,假设子弹在凝胶中 的运动可看作匀减速直线运动，子弹可看作质点，则以下说法正确的是 A.子弹穿透第3块凝胶时，速度为刚射入第1块凝胶时的一半 B.子弹穿透前2块凝胶所用时间为3-V6, 3 C.子弹穿透第2块凝胶所用时间为(V2-1: D,子弹穿透第1块与最后1块凝胶的平均速度之比为 6-5} )二、非选择题：本题共5小题，共60分。 11(6分)某兴趣小组先借助光电门，利用如图甲所示的装置来测量物体的速度，具体操作如下。 (1)将铁架台竖直放置在水平桌面上，上端固定电磁 铁M,在电磁铁下方固定一个位置可上下调节的光电 门 (2)先用刻度尺测量小球的直径d,测量结果如图乙 所示，则d= mm: cm (3)闭合控制电磁铁M的开关S,吸住小球，测出小 球与光电门之间的高度差h;断开开关S,小球自由下落，记录小球通过光电门的挡光时间。则小 球通过光电门时的速度大小y= 小球的加速度a= (用题中所给物理量的符号 表示)。 12.(10分)某探究小组的同学利用如图甲所示的装置“探究小车速度随时间变化的规律”，图乙是某 次实验获取的一段纸带。请你根据题图回答以下问题： 电火花打点 计时器 纸带 小车 细线 滞轮 钩码 (单位：cm) 均匀长木板 D 水平实验台 3.624.395.205.996.80 7.62 甲 乙 ()如图，本次实验选择的打点计时器的工作电压是 (2)实验中打点计时器每隔0.02s打一个点，判定小车做匀变速直线运动的依据是 若纸带 上相邻两个计数点之间还有四个点未画出，则打B点时小车的速度大小是 m/s（计算结果保 留2位有效数字)，小车运动的加速a= m/s2（结果保留2位有效数字)。 (3)若在做实验时，交流电的实际频率为48Hz,这样计算出的加速度与真实值相比 (填“偏 大”“偏小”或“不变”)。 13.（12分)某升降机从静止开始上升，先做匀加速运动，加速度为1/s2,经过4s速度达到最大速度， 然后匀速上升2s,最后3s做匀减速运动，恰好停下来，试求： (1)升降机上升的最大速度； (2)减速的加速度； (3)升降机上升的高度。 试卷第2页 14.(14分)沿x轴正方向运动的质点A和质点B其位置一时间图像分别为图中直线A和曲线B,已 知质点B做加速度大小为2ms2的匀减速直线运动，t=3s时，直线A和曲线B刚好相切。求： (1)0-2s内质点A的位移大小： x/m A (2)质点B在t=0时的速度大小和B在前3s内的平均速度 10 B 8 (3)质点B在第1s内的位移大小和位置为0m的时刻。 6 4 2 0 a办S 15.(18分)ETC是高速公路上不停车电子收费系统的简称。如图甲，汽车以20/s的速度行驶，如 果过人工收费通道，需要在收费站中心线处减速至0，经过20s缴费后，再加速至20m/s行驶；如果 过ETC通道，需要在中心线前方6m处减速至6m/s,匀速到达中心线后，再加速至20m/s行驶。设 汽车加速和减速的加速度大小均为2m/s2。 (1)求汽车过人工收费通道，从收费前减速开始，到收费后加速结束，总共通过的路程S: (2)求汽车通过ETC通道比通过人工收费通道节约的时间AM: (3)若汽车过人工收费通道时，驾驶员为避免突然刹车让桑客有明显不舒服的顿挫感，刹车时加速度大 小随时间变化规律如图乙所示，且刹车结束时车辆恰好停在收费站中心线处，求此次刹车的距离s。 收赞站中心线 6m a/m/s2 20m/s→ 匀速行越间：TC通道 20m/s 人工收费通道 92a 0 21/s 图甲 图乙 （共2页) 襄阳四中2026级高一上学期9月素养测评 物理参考答案 愿号 1 2 3 5 6 7 8 9 10 答案 C A B A D B CD BD BD 5.A【详解】由v-t图像可知 a的初速度o=2m/s,t=2s时速度v=4mls,加速度a。=lm/s2 b的初速度vo=5m/s,t=2s时速度v=4m/s,加速度a。=0.5m/s2 A.位移公式x=w+a21=1s时x=2.5m,x=475m间距Ax=2.25m 2 t=3s时x。=10.5m,x。=12.75m间距△x2=2.25m两时间间距相等，故A正确： B.a的加速度大小为1m/s2,b的加速度大小为0.5m/s2,a的加速度大于b的加速度，故B错误； C.a、b的速度均为正值，运动方向相同，故C错误： D.t=3s时，x。=10.5m,x.=12.75m,两物体未相遇，故D错误。 12 6.D【详解】A.根据x=a结合位移x和时间平方P的关系图像，知图线的斜率k=a=名=1 2 2 解得加速度a=2m/s2,故A错误； B.根据△x=aT2任意相邻1s内的位移差都为△x=aT2=2×1?m=2m,故B错误： c第2内的位移为--气位22-2x） m=3m,故C错误； D第3内肉的位移为与--（x2×-x2x2m= 1 21 则第3s内的平均速度大小=兰-6=5s,放D正确。 7.B【详解】设汽车刹车总时间为t,加速度大小为a,则初速度。=at。 刹车第一秒内位移：与=，1-a12=a-a; 2 2 刹车最后一秒内位移：逆向等效为初速度为0的匀加速第1s位移，玉一)4P口 2 1 -a 由题意立=K可知 K,代入解得：平药速度-年点2治 2K at-a 2K 8,cD【详解】A.由Ax=ar2可知小球的加速度大小为a=丝=0,08-004m/3=4m/s,A错误：i 7r2 0.12 小球在B点的速度为y。=+x=0.04+0.08， m/s=0.6m/s,设小球在A点的速度为va,在匀变速直线这 2T 2×0.1 动中vn=v+aT,解得v4=vg-aT=0.6m1s-4×0.1m/s=0.2m/s,B错误； C0点距离斜面底端的长度1=35cm=035m,根据1-20，可知小球在斜面上运动的时间为 212×0.35 ⊙s心0.42s,由于从0点每隔0.1s由静止释放一个同样的小球，所以斜面上最多有5个小球 在滚动，C正确： D.结合C项中的分析，可知C点小球是最早释放的小球，小球从O点到B点的运动时间为 答案第 ,=-06=0.15,所以小球从0点到C点的运动时间为。=1，十T=0.15s十0.15=0258，即该照片是距 第一个小球释放0.25s拍摄的 9.【答案】BD【详解】AC.分析图表中数据知，0-1s内一定是匀加速，1-2s先加速后减速，2-3s做匀减速， 可以求出下滑的加速度a=4m/s2 如果第2s还在斜面上的话，速度应为8m/s,从而判断出第2s已过B点。是在1s到2s之间经过B点.所以 最大速度不是12m/s,在水平面上的加速度a2=-2m/s2 设1s-2s内先在斜面上加速下滑了车，接着在水平面减速滑动2，t+t2=1s 根据运动学公式4m/s+at+at-6m/s,解得t子，t号，到达B点时的速度m/s,故AC错误： B.第3s末的速度是4m/s,到停下来还需的时间t'=2s,所以到C点的时间为5s。故B正确： D.根据AB运动时间小于BC运动时间，且两段平均速度相等。故D正确。 10.BD【详解】A.根据题意可知，因为子弹做匀减速直线运动，可将其视为反向的初速度为0的匀加速直 线运动，设加速度为a,每块凝胶的长度为d,开始进入时的速度为%，子弹穿透第3块凝胶时的速度为， 则有=2a:6d,=2a3d可得5=2%’故A错误： B。设子弹穿透后4块凝胶的时间为，由运动学公式有6d=)ar2,4d=)a叫解得4，= 2 2 3 子弹穿透前2块凝胶所用时间M=1-4,-3-6， t,故B正确： 3 C。受子弹穿透后5块凝胶的时间为名，则5d叫解得6=0， 6 子弹穿透第2块凝胶所用时间为△出，=4，-14= √30-2W6 1,故C错误： 6 D.子弹穿透第1块凝胶所用时间为1。=t-(= 6-V30 6 d 6d 子弹穿透第1块凝胶的平均速度，一A。6-30列： 设子弹穿透最后1块凝胶的时间为4，则有d=)叫解得1=5 2 6 d 6d 所以。：= 6d6d 1 子弹穿透最后1块凝胶的平均速度可=二= (6-V301=6-V51,故D正确。 d d2 11.【答案】 12.5/12.4/12.6 t 2h (每空2分) 【详解】[1]由于刻度尺的分度值为lmm,读数时应估读到分度值的下一位，因此小球的直径为 d=1.25cm=12.5mm [2]小球通过光电门的挡光时间为4，，小球通过光电门时的时间极短，可视为匀速直线运动，则小球通过光电 门时的速度大小为y一号 d2 [3]根据匀变速直线运动规律可得=2h结合上述结论4=一解得小球的加速度为a= t 2h4 12.【答案】(1)220v交流电(2)在误差允许的范围内相邻相等时间间隔位移差相等 0.40 0.80(3) 偏大（每空2分） (2)在匀变速运动中，v4=vg-aT,vc=ya+QT 页（共2页） 两式相加得=因此中间时刻的解时速度等于该段的平均速度，y=C 2 2xT 0.0801 由题图可得xc=9B+sa=0.0362m+0.0439m=0.0801m代入得y。三2x0.10 -m/s=0.4005m/s≈0.40m/s 由逐差法得a=Sns+S+src)-(B+Sc+5n) 92 代入数据得a=(0.0599+0.0680+0.0762)-(0.0362+0.0439+0.0520 2m/s2=0.80m/s2 9×0.102 13.(04s,方向竖直向上(4分：Q回大小为等mg,方向竖直向下(4分)（或表示为-号知s,负号表 示方向与速度方向相反)：(3)22m(4分) 【详解】(1)升降机先匀加速后进入匀速阶段，此时速度达到最大值，可知最大速度为v=4m/s，方向竖直 向上 (2)减速阶段初速度为最大速度v=4m/s,减速时间为5=3s 由加速度定义可得减速时的加速度4=0，'-4m 3ms2 因此，减速的加速度为-4s2,负号表示方向与速度方向相反 2 (3》加速阶段上升高度4-叫=方×1x4m=8m 匀速阶段上升高度h=vt2=4×2m=8m 减速阶段上升高度片=4，-245=12m-6m=6m 升降机上升的高度为h=h+h2+乃=22m 14.（1)4m(4分)：(2)8m/s、5m/s(4分)；(3)7m、=1s或7s(6分) 【详餐】D质点A的这度一岩-8号子 0-2s内质点A的位移大小x=v42=2×2m=4m; （2)x-t图像斜率代表速度，对于B,=3时，速度vB=2ms 质点B做加速度大小为2m/s2的匀减速直线运动a--2m/s2 根据%=%+4代入数据得，在1=0时的速度%=8ms,前3S平均速度为可=。+v2=5m/5 2 (3)质点B在第1s内的位移大小=以+号a叫=8×m方x2xm=7m, 1 w+2r2-7m=0,解得1s或75 15.(1)200m(4分)(2)24.4s(10分)(3)200m(4分) 【详解】(1)汽车通过人工收费通道时，速度减为零的时间为4=”=2” 02s=10s 位移为=宁子=9 ×10m=100m 速度从零加速到原来速度经历的时间为2=4=10s位移为x2=为=100m 从减速到恢复正常行驶过程的总路程，即位移大小为$，=x+x2=200m ↑v/m/s (2)设汽车通过ET℃通道时，从速度v减速到v',行驶的位移为S,时间为 20 B 案第2可 0 2t 4',从速度加速到v行驶的位移为32，时间为42'，根据速度位移公式得，=52= y2-v2400-36 m=91m 2a2×2 运动时间满足=12=”-'-20,6.15 a 2 匀速直线运动的时间5-5=15 6 通过剩余位移用时间为4，则，=。-2-西-20-2×91-6s0.6s 20 汽车通过ET℃通道比所需要的时间是t=4,+t2+43+44=15.6s 汽车通过人工通道时时间1=(10+10+20)s=40s 汽车通过ETC通道比通过人工收费通道节约的时间△M=t-1'=24.4s （3)因a-1图像的面积就表示速度的变化量，所以：2×2=20ms 2 解得2t=20s将a-t图像转化成v-t图像，如图所示： 根据v随t变化的规律，具有对称性的特点可知，在2时间内汽车刹车位移，与以相同初速度经相同时间减 速至0的匀减速直线运动位移相同，得5=20x20 2 m-200m