2026-2027学年九年级上学期期中考试物理终极猜想（上海专用）练习卷

2026-2027学年九年级第一学期期中考试物理终极猜想 （上海专用）（解析版） 1．D 【难度】0.85 【知识点】做功改变物体的内能、热量的概念 【详解】A．热量是过程量，不能说含有多少热量，故A错误； B．热量是过程量，不能说具有多少热量，故B错误； C．物体温度升高了，可能是吸收了热量，也可能是对物体做了功，故C错误； D．热量表示物体吸收或放出能量的多少，即热传递过程中内能的改变量，属于能量的转移过程，故D正确。 故选D。 2．D 【难度】0.65 【知识点】探究水在沸腾前后温度变化的特点、温度、热量与内能的区别与联系 【详解】A．热量是一个过程量，只有在物体发生热传递时，才用热量这个概念，不能说物体含有热量，故A错误； B．刚出锅的小锅米线“热”得烫嘴，“热”表示的是温度，故B错误； C．汤汁在沸腾过程中温度不变，但吸收了热量，其内能增大，故C错误； D．随着小锅米线的温度降低，放出了热量，其内能减少，故D正确。 故选D。 3．B 【难度】0.85 【知识点】柴油机的构造与工作过程、热机工作过程中的能量转化 【详解】内燃机的压缩冲程中，进气门、排气门关闭，活塞向上运动，压缩气缸内的物质，将机械能转化为内能，故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 4．A 【难度】0.85 【知识点】水的比热容特点及应用 【详解】由题意知，水池的水和空气在同样吸放热条件下，因为水的比热容大，温度变化小，所以温度变化较大的甲是气温的图线，温度变化较小的乙是水温的图线。 故选A。 5．B 【难度】0.65 【知识点】计算物体温度变化时的吸放热 【详解】由题知，甲、乙两个金属球的质量之比 升高的温度之比 甲、乙两个金属球吸收相同的热量，则有 由得，两物体比热容之比 故B符合题意，ACD不符合题意。 故选B。 6．D 【难度】0.85 【知识点】水的比热容特点及应用 【详解】水的比热容较大，同样质量的水和沙石，吸收相同的热量（接受相同的太阳辐射能），沙石的温度升高得多，陆面上空空气迅速增温而上升，海面上空的气温相对较冷，冷空气下沉并在近地面流向附近较热的陆面，补充那儿因热空气上升而造成的空缺，形成风。同理，在晚上相同受冷的情况下，陆地的温度低于海洋的温度，从而形成从陆地吹向海洋的风，故这样形成了海陆风。由图可知，风从陆地吹向海洋，则应发生在夜晚，故D符合题意，ABC不符合题意。 故选D。 7．B 【难度】0.85 【知识点】热传递的条件和方向、比热容的相关计算 【分析】质量相等的铁和水，放出相等的热量，比热容大的温度降低的少，而初温相同，可以得出铁和水的末温高低，进而确定热传递的方向． 【详解】铁和水的质量相同，水的比热容大，放出相等的热量，水的温度降低的少，而初温相同，水的末温高，将铁投入水中，热将从温度高的水传向温度低的铁． 8．A 【难度】0.65 【知识点】改变物体内能的两种方式、做功改变物体的内能、热传递改变物体的内能 【详解】试题分析：对试管加热，管内水从酒精灯火焰上吸收热量水温升高，是通过热传递的方式改变水的内能，故A正确；冬天搓手，手会变暖，是克服摩擦做功机械能转化为内能的，是通过做功的方式改变物体内能，故B错误；从滑梯滑下，臀部与滑梯摩擦，机械能转化为内能，臀部发热，摩擦生热这是利用做功来改变物体内能的，故C错误；迅速压下活塞时，对筒内气体做功，机械能转化为内能，筒内气温升高，因此是通过做功改变物体的内能，故D错误；故应选A． 【考点定位】热传递改变物体内能 9．B 【难度】0.76 【知识点】伏安法测电阻实验中的注意事项和故障分析 【详解】A．如果灯泡L断路，整个电路断路，灯泡不亮，电流表示数为零，故A不符合题意； B．如果灯泡L被短接，则灯泡不亮，电路为通路，并且电路电流变大，即电流表指针明显偏转，故B符合题意； C．变阻器R被短接，电路为灯泡的基本电路，则灯泡会发光，电路中有较大的电流，电流表指针有明显的偏转，故C不符合题意； D．开关S是用来控制电路的通断，开关被短接时，灯泡一直发光，电流表有示数，故D不符合题意。 故选B。 10．C 【难度】0.65 【知识点】欧姆定律的简单计算、含有敏感电阻的动态分析 【详解】A．由图可知，保护电阻R0​与压敏电阻R串联，电流表测电路中的电流，电压表并联在压敏电阻R两端，测R两端的电压。有人进入电梯，压力增大，R的阻值减小。电路总电阻减小；由可知，电流表示数增大，故A错误； B．由串联电路分压原理可知，R的阻值减小，其两端的电压减小，即电压表示数减小，故B错误； C．报警时电流为I0且保持不变，若增大保护电阻R0，根据，触发报警时压敏电阻的阻值会更小。而压敏电阻阻值越小，对应的电梯压力越大，也就是电梯的最大承载量变大，C正确； D．电压表与电流表示数之比等于压敏电阻接入电路的电阻，有人进入电梯后��的阻值减小，故比值减小，故D错误。 故选C。 11．B 【难度】0.65 【知识点】串联电路的电流规律、串联电路的电压规律及应用、含有变阻器电路的动态分析、欧姆定律的简单计算 【分析】（1）由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，滑动变阻器滑片在b端时电路中电阻最大，电流最小，电压表示数最大时，求出此时电路中电流，与电流表最大量程相比较，取最小值作为电路允许的最大电流。 （2）当电路中电流最小时，电压表示数最小，电压表示数最大为3V，从而可得电压表示数变化范围。 （3）根据串联电路电压特点可求出滑动变阻器两端电压变化范围。 （4）电路中电流最大时，电路中总电阻最小，滑动变阻器接入电路的阻值最小，滑动变阻器接入电路的最大值为20Ω，从而得到滑动变阻器阻值的变化范围。 【详解】AB．由图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，滑片在b端时接入阻值最大为，电路总电阻 最小电流 电压表测两端电压，电压表最大示数为时，通过的电流最大，串联电路中电流处处相等，故电路中最大电流 未超过电流表量程，故电流表示数变化范围是；电压表最小示数 最大示数为，变化范围是，故B正确，A错误； C．两端最大电压 最小电压 变化范围是，故C错误； D．电路最大电流时接入阻值最小，最小总电阻 接入电路的最小值 阻值变化范围是，故D错误。 故选B。 12．B 【难度】0.85 【知识点】并联电路的电压规律及应用、并联电路的电阻与电流的比值关系及计算 【详解】由图可知，闭合S，、并联，由于并联电路各支路两端的电压相等，所以、两端的电压，已知定值电阻，根据可知，通过、的电流，故B正确，ACD错误。 故选B。 13．B 【难度】0.65 【知识点】应用串、并联电路电流规律 【分析】解决此题的关键是知道并联电路各支路电压相等,干路的电流等于各支路电流之和,结合欧姆定律可以求解. 【详解】ABCD．当通过的电流为时,根据欧姆定律变形公式: 因电阻和并联,所以两端的电压也是,根据公式,可以知道: 所以通过干路的电流: 14．A 【难度】0.65 【知识点】利用并联电路电阻关系的相关计算 【详解】用电阻并联公式可知，并联后 解得总电阻 故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 15．D 【难度】0.9 【知识点】密度的概念、定义式及单位、不同物质的质量和体积关系、比热容的概念、单位和物理意义、热值的概念、单位和物理意义 【详解】A．密度与燃料燃烧放热能力无关，故A不符合题意； B．体积不是燃料的固有放热相关特性，故B不符合题意； C．比热容反映物质吸放热时的温度变化特性，与燃料燃烧放热能力无关，故C不符合题意； D．完成相同工作需要燃料放出的热量相同，根据热值公式，变形得，一定时，热值越大，所需燃料质量越小，符合“消耗燃料更少”的特点，故D符合题意。 故选D。 16．C 【难度】0.7 【知识点】热值的概念、单位和物理意义、热机效率的定义、热机燃料燃烧能量走向示意图 【详解】A．汽油机的效率，故A错误； B．热机工作时废气带走热量、散热和摩擦不可避免，效率不可能达到，故B错误； C．尾气中“汽油味”越浓，说明燃料燃烧越不充分，有用机械能占比越小，效率越低，故C正确； D．热值是燃料本身的特性，利用余热供暖提高了能量利用率，不能提高热值，故D错误。 故选C。 17．B 【难度】0.65 【知识点】燃料的利用和环境保护、热值的概念、单位和物理意义、热机效率的定义、分子热运动的影响因素 【详解】A．氢气燃烧的产物为水，不是导致温室效应的主要原因，故A错误； B．喷气式发动机用于提供巨大推力，其动力和热效率均高于普通家用汽车发动机，故B正确； C．高温气体喷出后会使周围大气温度升高，分子运动加剧，故C错误； D．火箭或喷气式发动机需要强大的动力，选用氢气作燃料是利用其热值大的特点，可以在消耗相同质量燃料的情况下获得更多的能量，产生更大的推力，故D错误。 故选B。 18．C 【难度】0.65 【知识点】温度、热量与内能的区别与联系 【详解】A．物体的内能大小与物体的质量、温度、状态有关，因此，物体的温度越高，内能不一定越大，故A错误； B．做功和热传递都可以改变物体的内能，故物体的内能增大，不一定是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，故B错误； C．热量总是由温度高的物体向温度低的物体传递，物体的内能与质量、温度、状态有关，则内能小的物体的温度可能比内能大的物体温度高，故热量可以从内能小的物体传递到内能大的物体，故C正确； D．一切物体在任何情况下都具有内能，故物体的温度为0℃时，也具有内能，故D错误。 故选C。 19．D 【难度】0.65 【知识点】密度的概念、定义式及单位、流体压强与流速的关系及现象解释 【详解】流体流速越大的位置，压强越小。 大风开窗时，窗外空气流速大、压强小，窗内空气流速小、压强大，产生向外的压力差，将窗帘压向窗外。故选D。 20．BCD 【难度】0.75 【知识点】生活中常见的连通器、大气压的应用 【详解】A．吸饮料时管内气压减小，外界大气压将饮料压入管内，利用大气压强，故A错误； BCD．船闸、下水存水管、锅炉水位计均满足上端开口、底部连通的条件，符合连通器定义，利用连通器原理工作，故BCD正确。 故选BCD。 21．AC 【难度】0.65 【知识点】大气压的应用、流体压强与流速的关系及现象解释 【分析】大风天开窗后，窗外空气流速大、压强小，室内空气流速小、压强大，压强差将窗帘压向窗外，原理是流体压强与流速的关系：流速越大的流体，压强越小。 【详解】A．列车进站时，列车带动周围空气流速变大、压强变小，乘客身体外侧压强更大，会将乘客推向列车，因此要求站在安全线外，原理和题干一致，故A符合题意； B．吸尘器工作时排出内部空气后，内部气压小于外界大气压，依靠大气压将灰尘压入吸尘器，利用的是大气压，和题干原理不同，故B不符合题意； C．同向高速行驶的船舶，两船之间水流通道窄、流速大，压强小于船外侧水压，压强差会将船压向一起引发碰撞，原理也是流体压强与流速的关系，和题干一致，故C符合题意； D．用吸管喝饮料时，吸气后口腔内气压小于外界大气压，依靠大气压将饮料压入口中，利用的是大气压，和题干原理不同，故D不符合题意。 故选AC。 22．(1) 880 大于 (2) < 见解析 【难度】0.65 【知识点】不同物质的吸热本领 【详解】（1）[1]由图可知，1kg的铝温度升高1℃吸收的热量为880J，故铝的比热容为880J/(kg•℃)。 [2]同理可知沙子和铁的比热容分别为920J/(kg·℃)和460J/(kg·℃)，沙子的比热容较大，根据Q=cmΔt可知，质量相等的沙子和铁，降低相同温度，沙子放出的热量大于铁放出的热量。 （2）[1][2]由图可知，AB段是固体的升温过程，CD段是液体的升温过程，AB段升高的温度与CD段升高的温度相同时，AB段所用时间较少，则AB段吸收热量小于CD段吸收的热量，根据Q吸=cmΔt，由图象可知，物质在AB段的比热容小于在CD的比热容，则c1＜c2。 23． 压缩 排气 15 【难度】0.65 【知识点】汽油机的构造与工作过程 【详解】[1]在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小团干燥的棉花，用力将活塞迅速向下压，棉花燃烧起来，说明压缩筒内空气做功，使空气的内能增加；引火仪实验中，活塞的机械能转化为空气的内能，内燃机有四个冲程，在压缩冲程中，活塞压缩空气做功，将机械能转化为内能，故与内燃机的压缩冲程相似。 [2]从图中可以看出，进气门关闭、排气门打开，活塞向上移动的特点，可以判断这个冲程是排气冲程。 [3]四冲程汽油机的飞轮转速为 则该飞轮每秒钟转30圈，因为一个工作循环飞轮转2圈，完成4个冲程，做功1次，所以1s内，飞轮转30圈，共15个工作循环，共60个冲程，共做功15次。 24． 减小 热传递 25 【难度】0.85 【知识点】计算物体温度变化时的吸放热 【详解】[1][2]将酒盏漂浮在清冽的溪水上随溪流动，热量会从酒传递到水，酒的温度降低，则酒放热，水吸热，这是通过热传递的方式减小酒的内能的。 [3]根据Q放＝c酒mΔt得酒降低的温度 酒的末温度 25． 1：1 2：3 【难度】0.85 【知识点】串联电路的电流规律、欧姆定律的简单计算、串联电路的电阻与电压的比值关系及计算 【详解】[1]由图可知，定值电阻、串联，串联电路电流处处相等，所以 [2]、两端的电压之比为 26． 2∶1 变大 【难度】0.85 【知识点】串联电路的电流规律、串联电路的电压规律及应用、串联电路的电阻与电压的比值关系及计算 【详解】[1]由题图可知，电阻R1与R2串联，闭合开关S，电压表测电阻R1两端电压，电阻R1两端电压为2V，又电源电压为3V且保持不变，由串联电路电压特点可知，电阻R2两端电压为1V，电阻R1与R2通过的电流相等，则R1与R2的电阻之比 [2] 闭合开关S，电压表测电阻R1两端电压，当开关S断开时，电压表测电源电压，所以示数变大。 27．1∶4 【难度】0.85 【知识点】串联电路的电压规律及应用、串联电路的电阻与电压的比值关系及计算 【详解】由图可知，闭合开关后，R1和R2串联在电路中，电压表V1测量R1两端电压，电压表V2测量总电压，根据串联电路电压规律可知电压表V2的示数大于电压表V1的示数，两电压表的指针偏转情况完全一样，表明电压表V2是大量程，电压表V1是小量程，因为电压表的大量程是小量程的5倍，所以电压表V2的示数为电压表V1示数的5倍；设R1两端的电压是U，则电源电压是5U，由串联电路电压的规律可知R2两端的电压是 U2=5U-U=4U 由串联分压可知 28． 3 1︰1 【难度】0.85 【知识点】利用并联电路电阻关系的相关计算 【详解】[1]若将R1、R2并联起来，它们的等效电阻R总关系式 所以 [2]因为并联电路中各支路两端的电压相等，所以 29．3∶2 【难度】0.85 【知识点】欧姆定律的应用 【详解】在并联电路中电阻两端的电压相同，则 在串联电路中电流处处相等，则电压之比 故电压之比为3∶2。 30． 0.3 4:1 【难度】0.85 【知识点】并联电路的电流规律、并联电路的电阻与电流的比值关系及计算 【详解】[1]由图甲可知，两个灯泡并联，电流表A2测量干路中的电流，电流表A1测量通过L1的电流，因为并联电路干路电流等于支路电流之和，且两个电流表的指针所指位置相同，所以电流表A2的量程是0～3A，分度值是0.1A，由图乙可知，电流表A2的示数为1.5A；电流表A1的量程是0～0.6A，分度值为0.02A，由图乙可知，电流表A2的示数为0.3A，则通过L1的电流是0.3A。 [2]由并联电路电流的规律可知通过灯泡L2的电流 I2=I-I1=1.5A-0.3A=1.2A 并联电路中各个支路的电压相等，L1、L2两盏灯的电阻之比 31．6 【难度】0.85 【知识点】利用串联电路电阻关系的相关计算、利用并联电路电阻关系的相关计算 【详解】由图知，定值电阻与并联后再与串联。、并联后的总电阻为 则三个电阻的等效电阻值为 故等效的电阻为6Ω。 32． 1kg干木柴完全燃烧放出的热量是 【难度】0.87 【知识点】热值的概念、单位和物理意义、热值的公式及相关计算 【详解】干木柴的热值是1.2×107J/kg，根据热值定义可得其物理意义是：1kg干木柴完全燃烧放出的热量是 由燃料完全燃烧放热公式可得，所需干木柴的质量 33． 0.21 增大 【难度】0.65 【知识点】计算物体温度变化时的吸放热、热值的公式及相关计算、提高热机的效率的方法、加热效率的计算 【详解】完全燃烧1g石蜡放出的热量为 已知石蜡燃烧放出的热量利用率为50%，则有效利用热量为 升高100℃的空气质量为 若在转轴处涂抹润滑油，可以减小摩擦，从而减少由于摩擦而损失的能量，则可以增大其旋转的效率。 34． 30% 不变 【难度】0.87 【知识点】热值的概念、单位和物理意义、热值的公式及相关计算、热机效率的计算 【详解】内燃机运行时的机械效率 汽油完全燃烧产生的热量 输出的有用机械能 因热值是燃料的固有属性，与燃料质量无关，故汽油热值不变。 35． 四点二乘十的三次方焦耳每千克摄氏度 不变 【难度】0.85 【知识点】比热容的概念、单位和物理意义 【详解】[1]根据比热容的定义，比热容的单位读作焦耳每千克摄氏度，故水的比热容为读作四点二乘十的三次方焦耳每千克摄氏度。 [2]比热容是物质的固有特性，仅与物质的种类和状态有关，与物质的质量无关，剩余水的种类和状态均未发生变化，所以比热容不变。 36． 热传递 460J 【难度】0.85 【知识点】热传递改变物体的内能、计算物体温度变化时的吸放热 【详解】[1]改变物体内能的方式有做功和热传递，烧红的铁钉放入冷水中，依靠温度差传递热量，属于热传递改变内能。 [2]释放的热量为 37． A B 【难度】0.95 【知识点】做功改变物体的内能、热传递改变物体的内能 【详解】[1]改变物体内能的方式有热传递和做功。烈日下车身吸收外界热量温度升高，是通过热传递的方式改变内能，对应选项A。 [2]刹车时车轮与地面之间存在摩擦，克服摩擦力做功，将机械能转化为内能，使车轮温度升高，这是通过做功的方式改变内能，对应选项B。 38． 内 做功 甲 【难度】0.85 【知识点】汽油机的构造与工作过程、热机工作过程中的能量转化 【详解】[1][2]塞子冲出过程中，水蒸气对塞子做功，内能减小，将水蒸气的内能转化为塞子的机械能。此过程的能量转化情况与四冲程汽油机的做功冲程相似。 [3]甲图中，进气门、排气门都关闭，活塞向下运动，是做功冲程；乙图中，进气门、排气门都关闭，活塞向上移动，是压缩冲程，因此与甲图相同。 39．(1)BD (2) 压缩 a 压缩气体做功 做功 【难度】0.65 【知识点】做功改变物体的内能、汽油机的构造与工作过程、热机工作过程中的能量转化、热机的种类 【详解】（1）热机是将燃料燃烧产生的内能转化为机械能的装置。洗衣机：靠电动机驱动，将电能转化为机械能，不是热机；蒸汽机：燃烧燃料将内能转化为机械能，属于热机；电视机：将电能转化为光能、声能等，不是热机；柴油机：燃烧柴油将内能转化为机械能，属于热机；电动机：将电能转化为机械能，不是热机。故BD正确，ACE错误。 故选BD。 （2）[1][2][3]由图可知，气门都关闭，活塞向上运动，故可以判断这个冲程是压缩冲程；a是气缸，b是飞轮，汽油机工作时，吸入气缸内的汽油和空气的混合气体处于a位置内；压缩冲程是通过压缩气体做功将机械能转化为内能，此冲程中混合气体的内能增加。 [4]热机的四个冲程中，只有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能，则使汽车获得动力的是做功冲程。 40．(1) B   A (2) 凹 发散 【难度】0.8 【知识点】熟悉眼球的结构及视物原理、近视眼和远视眼的矫正方法及光路图 【详解】（1）照相机的成像原理为当物距大于2倍焦距时，成倒立、缩小的实像。健康眼睛的晶状体和角膜相当于凸透镜，外界物体到眼睛的距离远大于2倍焦距，成像原理与照相机一致，故选B。 根据凸透镜成像规律，当时，成倒立的实像，所以视网膜上形成的是倒立的像，故选A。 （2）近视是因为晶状体曲度过大，折光能力过强，像成在视网膜前方，凹透镜对光线具有发散作用，可延迟光线会聚，能使像后移到视网膜上，所以需要配戴凹透镜矫正。 41．(1) 质量 (2)C 【难度】0.8 【知识点】质量的概念及特性、密度的概念、定义式及单位 【详解】（1）密度的物理定义是单位体积某种物质的质量，题目中冰的密度，其物理意义就是冰的质量为。 （2）质量是物体的固有属性，它不随物体的状态变化而改变。冰熔化成水，只是物质的状态从固态变为液态，所含物质的总量没有发生变化，所以瓶内矿泉水的质量不变，应选C。 42．(1) 增大受力面积 压力 (2)5000 【难度】0.65 【知识点】压强的定义和单位、压强公式的简单应用、减小压强的方法及生活中的实例 【详解】（1）书包背带通常做得比较宽大是在压力一定时通过增大受力面积的方式减小压强； 压强是表示压力作用效果的物理量，减小压强能直接减小压力的作用效果。 （2）书包对肩膀的压强为 43．(1) 运动状态 C (2) 相互 (3) A B 【难度】0.75 【知识点】力作用的相互性、力可以改变物体的运动状态、惯性的概念、流体压强与流速的关系及现象解释 【详解】（1）力的作用效果包括改变物体的形状和运动状态，龙舟由静止变为运动，说明力改变了它的运动状态； 惯性的大小只与物体的质量有关，龙舟加速冲刺过程中质量不变，因此惯性不变，故选C。 （2）桨向后划水时，水会对桨产生一个向前的反作用力，推动龙舟前进，这表明物体间力的作用是相互的。 （3）两船并排同向行驶时，两船之间的水流通道变窄，水的流速大于两船外侧水的流速，故选A。 根据流体压强与流速的关系：流速越大的位置压强越小，因此两船中间水的压强小于外侧水的压强，故选B。 44．(1)连通器 (2)C (3)马德堡半球 (4)托里拆利 (5)B 【难度】0.86 【知识点】连通器的原理、证明大气压的存在、托里拆利实验 【详解】（1）茶壶的壶嘴和壶身上端开口，底部连通，所以壶嘴和壶身构成了一个连通器。 （2）茶壶盖上的小孔能使壶内气体和外界大气相通，从而使壶内的气压等于外界大气压强，这样水才能顺利倒出。 （3）马德堡半球实验有力地证明了大气压存在且很大。这个实验中，将两个铜半球紧密合拢，抽出球内空气，然后用两队马向相反方向拉两个半球，很难拉开，显示了大气压的强大力量。 （4）托里拆利最早通过实验测定了大气压的值。 （5）若壶盖上小孔堵住，壶内外气体被密封隔开，再将茶壶略微倾斜时，壶内气体体积变大、气压减小，小于外界大气压，即壶身中的大气压与壶嘴中水面的大气压不相等，壶嘴和壶身中的水面将不相平。 45．(1)永不停息地做无规则运动 (2)B 【难度】0.8 【知识点】密度的概念、定义式及单位、分子动理论解释生活现象、扩散现象 【详解】（1）打开盖子满屋闻到香味是扩散现象，扩散现象直接说明一切物质的分子都在不停地做无规则运动。 （2）密度是物质本身的一种特性，只与物质种类、状态、温度有关，和物体的质量、体积大小无关。清新剂变少只是质量、体积同步减小，物质种类没变，所以剩余部分密度不变。 46．(1)水的沸点随上方气压的增大而升高 (2)升高 (3)拉萨地区水的沸点低于上海地区水的沸点 【难度】0.65 【知识点】大气压对液体沸点的影响 【详解】（1）分析表格数据可知，当气压增大时，水的沸点会升高，水的沸点随上方气压的增大而升高。 （2）水的沸点随上方气压的增大而升高，用高压锅煮食物，可以增大锅内气体的压强，水的沸点会增大，因此煮食物会更快。 （3）拉萨(海拔约3650米)和上海(海拔约2米)地区水的沸点的大小关系是：拉萨地区水的沸点低于上海地区水的沸点，理由：大气压随高度的增加而减小，且水的沸点与气压有关，气压越低，沸点越低、气压越高，沸点越高；而拉萨地区的海拔大于上海地区的海拔，气压低于上海的气压，因此拉萨地区水的沸点低于上海地区水的沸点。 47． 不变 变小 【难度】0.65 【知识点】压强大小比较、压力大小的计算 【详解】在平底柱形杯中，冰块对杯底的压力等于冰的重力；冰熔化成水后质量不变，水的重力和冰的重力相等，柱形容器内液体对杯底的压力等于液体自身重力，因此‌水对杯底的压力不变‌。 冰熔化成水后，受力面积从冰块的底面积变成了整个杯底的面积，受力面积明显变大。根据，压力F不变、受力面积S变大，因此‌水对杯底的压强变小‌。 48． 马德堡半球 托里拆利 大气的压力为 B A C 【难度】0.65 【知识点】液体压强公式的简单应用、托里拆利实验、标准大气压的值、大气压与高度的关系 【详解】著名的马德堡半球实验向世人证明了大气压强的存在，物理学家托里拆利最早测量出了大气压强的数值。 压强表示单位面积上受到的压力，因此表示1平方米面积受到大气的压力为。 托里拆利实验中，大气压等于管内外水银面的高度差产生的液体压强，由图可知高度差为，根据液体压强公式，大气压测量值为 大气压不变时，竖直向上提升玻璃管（管口未离开槽内水银），管内外水银面的竖直高度差不变，因此管内水银柱长度不变，故选B； 玻璃管倾斜时，水银柱的竖直高度不变，水银柱沿玻璃管的长度会变大，才能维持竖直高度不变，故选A； 大气压随海拔升高而减小，海拔更高处大气压更小，能支持的水银柱长度变小，故选C。 49． 【难度】0.85 【知识点】热值的概念、单位和物理意义 【详解】热值是燃料的一种特性，它和燃料的质量、放出热量的多少无关，且因为其热值为4×107J/kg，所以燃油的热值与其完全燃烧所放出的热量Q的关系图像是一条过热值q轴上4×107J/kg的点并且与热量Q轴平行的射线，如下图所示： 50． 【难度】0.85 【知识点】密度公式的简单应用 【详解】三种液体的质量相等，密度不同，则三种液体的体积就不同，放在相同的容器中，这三种液体的液面高度就不同，根据V=，又因为盐水的密度大于水的密度，水的密度大于酒精的密度，所以相同质量的盐水的体积小于水的体积，水的体积小于酒精的体积，即：酒精液面高于水的液面，水的液面又高于盐水的液面，如图所示： 51．(1)质量相等的同种物质，吸收的热量与升高温度成正比 (2)质量相等的不同物质吸热能力与物质的种类有关 (3) 水 15 【难度】0.74 【知识点】不同物质的吸热本领 【详解】（1）观察表1（或表2），加热时间增加的倍数与温度上升的倍数相同。所以可得出的初步结论是：质量相等的同种物质，吸收的热量与升高温度成正比。 （2）看表1（水）和表2（煤油），第三列、第四列等对应加热时间相同，即吸收相等的热量，水上升的温度比煤油上升的温度小，表明水的吸热能力强。所以可以得出的初步结论是：质量相等的不同物质吸收能力与物质的种类有关。 （3）比热容大的物质放出相同热量，温度变化较小，所以图像B线是水的图像；温度降到15℃就不再变化，说明室温是15℃。 52．(1) 温度计升高的示数 让水和煤油升高相同的温度，比较加热时间的长短 (2) 水 水 (3)煤油 (4) 吸热能力 一定质量的某种物质，在温度升高时所吸收的热量与它的质量和升高的温度的乘积之比 【难度】0.89 【知识点】不同物质的吸热本领、比热容的概念、单位和物理意义 【详解】（1）[1][2]比较物质吸热能力有两种控制变量的思路：一是控制吸收热量相同（加热相同时间），比较二者的温度变化，温度升得越慢，说明吸热能力越强；二是控制升高的温度相同，比较加热时间，加热时间越长，说明吸收的热量越多，吸热能力越强。 （2）[1][2]从表格数据可知，质量相同的水和煤油都从20℃升到30℃，升高相同温度，水的加热时间更长，说明水吸收的热量更多，则水的吸热能力更强。 （3）因为水的吸热能力更强，质量相同的水和煤油吸收相同热量时，煤油的温度升高得更多。 （4）[1][2]不同物质的吸热能力存在差异，物理学中为了描述这个特性引入了比热容；根据初中物理的定义，一定质量的某种物质，在温度升高时所吸收的热量与它的质量和升高的温度的乘积之比，叫这种物质的比热容。 53．(1)同种物质，升高相同的温度，质量越大，吸收热量越多 (2)质量相同的同种物质，升高的温度越多，吸收的热量越多 (3)1、3 (4) 物质的种类 物体的质量 升高的温度 【难度】0.65 【知识点】不同物质的吸热本领、控制变量法、转换法 【详解】（1）对比1、2组：都是水（物质种类相同），升高温度都是8℃，质量200g的水加热时间更长、吸热更多，因此得出结论：同种物质，升高相同的温度，质量越大，吸收热量越多。 （2）对比3、4组：都是煤油（物质种类相同），质量都是200g，升高8℃的煤油比升高4℃的加热时间更长、吸热更多，因此得出结论：质量相同的同种物质，升高的温度越多，吸收的热量越多。 （3）要验证不同物质、质量相等、升高温度相同时吸热不同，需控制质量和升高温度相同，改变物质种类，1、3组符合条件。 （4）结合前三问的实验结论，可归纳出物体温度升高时吸收热量的多少与物质的种类、质量、升高的温度有关。 54． 2.1×103 3.36×105 3.36×105 是 小于 由题意知，利用酒精灯对该物质加热，此物质每隔相同时间吸收的热量相同，即在相同时间内该物质吸收热量相同，由图可知，物体在AB段加热时间为5min温度升高了20℃，在CD段加热时间为10min温度升高了20℃，由此可知，物体在AB段吸收的热量小于CD段，上升的温度相同，质量不变，根据Q吸=cmΔt可知，物质在AB段的比热容小于在CD段的比热容。 【难度】0.65 【知识点】熔化和凝固的图像、不同物质的吸热本领、计算物体温度变化时的吸放热 【详解】（1）[1]由图可知，物质在AB段吸收的热量是4.2×104J，其温度由-20℃升高为0℃，其温度变化为20℃，由Q吸=cmΔt得，该物质在AB段时的比热容为 （2）[2][3]由图可知，AB段的加热时间为5min，BC段加热时间为 45min-5min=40min 是AB段的 由于同一热源加热，加热时间相同，物质吸收的热量相同，所以物质在BC段熔化过程中吸收的热量为 故该物质在BC段增加的内能为 （3）[4]晶体在熔化过程中有固定的熔点，非晶体没有熔点。由图可知，该物质在熔化的过程中，持续吸热，温度保持不变，故为晶体。 （4）[5][6]略。 55．(1) 实验器材 量筒 40 1.4 (2) 密度计 下方 【难度】0.65 【知识点】测量液体密度的实验器材和实验步骤、密度计原理及应用 【详解】（1）测定密度的实验原理就是密度公式； 本实验需要测量质量和体积，给出器材的这一项是实验器材，已有天平测质量，还需要量筒测量蜂蜜的体积； 由图1可知，蜂蜜体积 蜂蜜的密度 （2）图2中直接测量液体密度的工具是密度计； 密度计工作时漂浮在液体中，浮力始终等于自身重力，根据知，浮力不变时，液体密度越大，排开液体的体积越小，密度计浸入液体中的深度越小，因此密度计的刻度“上小下大”。蜂蜜的密度大于水的，因此蜂蜜密度的刻度线在水对应刻度的下方。 56．(1)U形管压强计 (2)不变 (3)在同种液体中，液体内部压强随深度的增加而增大 (4) 丙 丁 有关 【难度】0.7 【知识点】探究液体压强的实验装置和步骤、探究液体压强的实验数据记录和结果分析、液体压强的特点及其应用 【详解】（1）图甲是初中物理中专门用来探究液体内部压强特点的实验装置，名称为U形管压强计，也叫微小压强计。 （2）液体内部同一深度处，向各个方向的压强相等，因此保持金属盒在同一深度，仅转动方向，所测压强不变，U形管两侧液面高度差不变。 （3）乙、丙两图中液体都是水，但丙图中金属盒浸入水中的深度比乙图深，且丙图中U形管两侧液面高度差更大，说明压强更大，因此在同种液体中，液体内部压强随深度的增加而增大。 （4）丙图和丁图中金属盒浸入液体的深度相同，但液体密度不同，且丁图中U形管液面高度差更大，说明压强更大，因此液体内部压强与液体密度有关。 57．(1)深度 (2)（a）、（b）、（c） (3)物体排开液体的体积相同时，液体的密度越大，物体受到的浮力越大 【难度】0.65 【知识点】探究浮力大小与浸入液体中的深度的关系、探究浮力大小与浸在液体中的体积的关系、探究浮力大小与液体密度的关系 【详解】（1）图(a)、(c)、(d)中，液体密度、物体浸入液体的体积都相同，只有物体浸没后的深度不同，且两次弹簧测力计示数相同、物体所受的浮力相同，因此可得浮力与物体浸没在液体中的深度无关。 （2）要探究“液体密度相同时，浸入体积对浮力的影响”，需要控制液体密度相同，改变物体浸入液体的体积，因此选图(a)、(b)、(c)即可满足要求。 （3）图(a)、(c)、(e)或(a)、(d)、(e)中，物体排开液体的体积相同，液体密度不同，盐水的密度大于水的，物体在盐水中受到的浮力更大，因此可得结论：物体排开液体体积相同时，液体密度越大，物体受到的浮力越大。 58．(1) 1.1 电能 (2)电热丝的电阻远大于导线的电阻 (3)水汽化进入气泡和气泡上升过程中受到水的压强减小 (4)液化 (5) (6) 【难度】0.65 【知识点】电功率P=W/t的简单计算、探究水在沸腾前后温度变化的特点、生活中的汽、液化现象、计算物体温度变化时的吸放热 【详解】（1）电热水壶正常工作时功率 消耗电能 生活中用电能表计量家庭电路消耗的用电量。 （2）电热丝和连接的导线串联，电流I和通电时间t相同， 但电热丝的电阻远大于导线的电阻，根据焦耳定律， 电热丝产生的热量远多于导线，所以两者发热差异大。 （3）水沸腾时，整个容器内水温相同，内部水不停地汽化，产生大量水蒸气进入气泡， 同时气泡上升过程中的压强随深度减小而减小，所以气泡体积逐渐变大。 （4）壶内冒出的水蒸气遇冷液化成小水滴，就是我们看到的“白气”。 （5）根据表格数据可得，温度从均匀上升到，之后，温度保持不变， 在图(c)中，先描点，再用平滑曲线连接，后画水平直线。 （6）杯中水的质量为 水从加热到刚好沸腾的过程中吸收的热量 59．(1)游码 (2)AB (3)71.4 【难度】0.87 【知识点】托盘天平的使用方法、托盘天平的读数 【详解】（1）使用托盘天平前，先将天平放在水平桌面上，第一步需要把游码移到标尺左端的零刻度线处，再调节平衡螺母，因此此处填游码。 （2）判断天平调平的依据有两种：①指针静止时，指在分度盘的中央刻度线；②指针摆动时，在中央刻度线左右等幅摆动，两种情况都说明天平平衡。C选项指针静止在分度盘左侧，说明天平不平衡，故选AB。 （3）天平读数规则：物体质量 = 砝码总质量 + 游码对应刻度值，游码左侧对齐刻度线，因此铜块总质量为 60．(1)小桌腿陷入细沙中的深度 (2)甲、乙 (3)降低铁块的释放高度 (4)高度相同时，物体质量越大，重力势能越大 【难度】0.85 【知识点】探究影响物体重力势能因素的实验装置及作用、探究重力势能大小与质量的关系、探究重力势能大小与高度的关系、控制变量法、转换法 【详解】（1）铁块下落撞击小桌，用小桌腿陷入细沙中的深度来表示重力势能的大小。采用的是转换法。 （2）为探究物体的重力势能与被举高的高度关系，需要控制质量相同，改变高度。甲与乙都是同一个铁块A，甲的高度较低，乙的高度较高。比较甲和乙两图：质量相同，高度越高，小桌腿陷入越深，所以物体重力势能越大。 （3）乙、丙、丁三次实验中，铁块A、B、C，质量依次增大，所处的高度相同，但小桌腿每次都全部陷入沙中，说明沙太软或初始高度太高，无法区分重力势能大小。所以改进方法：降低释放高度（或换更硬的沙面）。 （4）乙、丙、丁三次实验中，铁块A、B、C，质量mA<mB<mC，所处的高度相同，小桌腿陷入细沙中的深度依次增大。故得结论：高度相同时，物体质量越大，重力势能越大。 61． 见解析 速度相同，物体的质量越大，动能越大 不能 【难度】0.65 【知识点】探究影响动能因素的实验装置及作用、探究动能大小与速度的关系、探究动能大小与质量的关系 【详解】（1）[1]由图（a）和（b）可知，同一小球从同一装置的不同高度处滚下，小球速度越大，推动木块移动的距离越远，故可以得出同一物体，速度越大，动能越大。 （2）[2]分析比较（a）和（c）两图知，小球自由下滑的高度相同，运动到水平面的速度大小相同，B球质量大，推动木块移动的距离远，故可得出的初步结论是：在速度相同时，物体的质量越大动能越大。 （3）[3]若水平面绝对光滑，根据牛顿第一定律可知，木块将永远不停地运动下去，无法比较木块运动距离的大小，本实验将不能达到探究目的。 62．(1)20℃ (2) (3)0.3kg 【难度】0.73 【知识点】计算物体温度变化时的吸放热 【详解】（1）牛奶升高的温度 （2）牛奶吸收的热量 （3）若不考虑热量损失，热水放出的热量全部被牛奶吸收，热水放出的热量 热水降低的温度 热水的质量 63．(1) (2)36∘C 【难度】0.65 【知识点】计算物体温度变化时的吸放热、热平衡方程及其应用、冷热混合时的温度变化和热交换 【详解】（1）刀具在炉火中煅烧足够长时间后，温度会和炉火温度相同，即末温为836℃。因此刀具温度变化量 刀具在火炉中吸收的热量 （2）不计热量损失时，高温刀具放出的热量全部被水吸收，满足热平衡关系 设最终共同温度为t，则水吸热 刀具放热 代入已知数值 解得淬火后水的温度 64．(1) 焦每千克摄氏度 质量为1kg的水温度升高（或降低）1℃时，吸收（或放出）的热量为 不变 (2) 较大 大于 (3)D (4)水的比热容较大，由可知，相同质量的水和其他物质相比，降低相同温度时，水放出的热量更多，取暖效果更好 (5)AD (6)A 【难度】0.63 【知识点】热传递的条件和方向、水的比热容特点及应用、不同物质的吸热本领、比热容的概念、单位和物理意义 【详解】（1）比热容的单位读作焦每千克摄氏度，水的比热容的物理意义为质量为1kg的水温度升高（或降低）1℃时，吸收（或放出）的热量为。比热容是物质的特性，仅与物质种类和状态有关，与质量无关，故倒去一半后水的比热容不变。 （2）水的比热容较大，相同质量的水和其他物质相比，吸收相同热量升温慢，可减弱热岛效应；由可知，质量相同的水和砂石吸收相同热量时，砂石比热容小，升高温度更大，故砂石升高的温度大于。 （3）探究吸热能力与物质种类的关系，需控制质量、升高温度相同，改变物质种类比较吸收的热量。A、B中物质种类相同，不符合要求；C中体积相同的水和煤油质量不同，未控制质量相同，不符合要求；D中质量、升高温度相同，物质种类不同，吸热不同，可反映吸热能力与种类有关。 故选D。 （4）略 （5）热传递时热量从高温物体传向低温物体，故放热后乙的末温高于甲。由可知，质量相同的物体放出相同热量，比热容越小，温度降低量越大。 A．若、，甲降温幅度大于乙，甲初温更低且降温更多，故甲末温一定低于乙，符合要求，该情况成立，故A符合题意； B．若、，甲降温幅度小于乙，甲初温更高且降温更少，故甲末温一定高于乙，热量从甲传向乙，不符合要求，故B不符合题意； C．若、，甲乙降温幅度相同，甲初温更高，故甲末温一定高于乙，热量从甲传向乙，不符合要求，故C不符合题意； D．若、，甲降温幅度小于乙，当初温差值大于乙比甲多降的温度时，乙末温高于甲，符合要求，该情况可以成立，故D符合题意。 故选AD。 （6）热传递的条件是存在温度差，传递的是热量，方向从高温物体到低温物体。由可知，质量、初温相同的甲乙放出相同热量时，，故甲降温幅度小，末温更高。 A．甲末温高，热量从甲传到乙，故A符合题意； B．热传递过程中传递的是热量，不是温度，故B不符合题意； C．甲乙存在温度差，会发生热传递，故C不符合题意； D．热传递过程中传递的是热量，不是内能，故D不符合题意。 故选A。 65．(1)C (2)A (3) 高 (4) (5)AC 【难度】0.87 【知识点】热传递改变物体的内能、温度、热量与内能的区别与联系、生活中的比热容问题、计算物体温度变化时的吸放热 【详解】（1）A．沙子吸收太阳光的过程属于热传递，没有发生化学反应，故A不符合题意； B．太阳通过热传递的方式改变沙子的内能，不是做功，故B不符合题意； C．太阳的能量通过热传递转移到沙子中，使沙子内能增加、温度升高，故C符合题意； D．“沙滩烫脚”是脚接触沙滩，通过热传导的方式从沙滩吸收热量，并非辐射传热，故D不符合题意。 故选C。 （2）由图可知，近地面气流由海洋流向陆地，为海风。因水的比热容大于砂石的比热容，白天陆地升温更快，气温更高，空气上升，近地面气压低于海洋，风从海洋吹向陆地，形成海风。 故选A。 （3）由可知，质量相同的不同物质，吸收相同热量时，比热容越小，升高的温度越高。干沙子的比热容小于水的比热容，故干沙子升高的温度比水高。 （4）水吸收的热量为 （5）A．热胀冷缩是物体温度升高时膨胀、温度降低时收缩的现象，“热”指温度，故A符合题意； B．摩擦生热是通过做功将机械能转化为内能，“热”指内能，故B不符合题意； C．天气炎热指气温高，“热”指温度，故C符合题意； D．蒸发吸热是蒸发过程中吸收热量，“热”指热量，故D不符合题意； 故选AC。 66．(1) 做功 热传递 等效 (2)B (3)D (4)AC (5) 水的比热容大 质量 水 【难度】0.71 【知识点】做功改变物体的内能、热传递改变物体的内能、温度、热量与内能的区别与联系、水的比热容特点及应用 【详解】（1）搓手时克服摩擦做功，属于做功改变内能；烤暖气时暖气放出热量，手吸收热量，通过热传递改变内能；两种方式都能改变内能，在改变物体内能上是等效的。 （2）搓手取暖是通过做功改变内能。 A．用热水袋捂手是热传递改变内能，故A不符合题意； B．锯木头时锯条克服摩擦做功，内能增加，是做功改变内能，故B符合题意； C．晒太阳时，人吸收热量，是热传递改变内能，故C不符合题意； D．喝热水身体变暖是热传递改变内能，故D不符合题意。 故选B。 （3）A．一切物体在任何温度下都具有内能，的冰也具有内能，故A错误； B．物体吸收热量，温度不一定升高，如晶体熔化时吸热但温度不变，故B错误； C．内能与物体的温度、质量、状态均有关，温度高的物体内能不一定大，故C错误； D．一切物体在任何情况下都具有内能，则一切物体在任何温度下都具有内能，故D正确。 故选D。 （4）A．比热容是物质的特性，与质量无关，一桶水和一杯水的比热容相同，故A错误； B．一切物体在任何温度下都具有内能，炽热的铁水和冰冷的铁块都具有内能，故B正确； C．热传递的条件是存在温度差，热量从温度高的物体传向温度低的物体；内能小的物体可能温度更高，因此热量可以从内能小的物体传递到内能大的物体，故C错误； D．用锯条锯木板时，锯条克服摩擦力做功，机械能转化为内能，锯条温度升高，故D正确。 本题选不正确的选项，故选AC。 （5）由于水的比热容大，相同质量的水和其他物质相比，放出相同的热量，由可知，温度下降少，能长时间保持较高温度； 探究盐水和水的保温效果，根据控制变量法，需控制两种液体的质量、初温相同，故应装入质量相同的水和盐水； 相同保温杯敞口放置时，放热时间反映放出热量，由图乙可知，降低相同温度时，放出的热量与降温时间成正比 由可知，质量相同、降低的温度相同时，比热容与放出的热量成正比，故水的比热容更大，放出的热量更多，降温更慢，保温时间更长。 67．(1) A B (2)D (3)B (4) 对外 减少 降低 (5) b 煤油 【难度】0.73 【知识点】热传递改变物体的内能、温度、热量与内能的区别与联系、内能的概念、不同物质的吸热本领 【详解】（1）物体温度升高，内能增大；太阳照射通过热传递改变内能。 （2）①一切物体都具有内能，且内能与质量、温度、状态均有关，仅温度低不能判定内能小，故①错误； ②改变物体内能的本质方式是做功和热传递，故②正确； ③热传递中热量从温度高的物体转移到温度低的物体，与内能大小无关，故③错误； ④因为分子的无规则运动，一切物体都具有内能，物体可以不具有机械能，故④正确。 故选D。 （3）A．水银是液体，其比热容小于多种固体的比热容，故液体比热容不一定比固体大，A错误； B．水的比热容大，相同质量升高相同温度时吸收热量多，冷却效果好，B正确； C．由可知，质量相等的水和冰吸收相等热量，水的比热容大，温度变化小，C错误； D．由可知，质量相等的铜和铅升高相同温度，吸收热量与比热容成正比，铜的比热容是铅的3倍，故铜吸收热量是铅的3倍，D错误。 故选B。 （4）往瓶里打气，瓶内气体越来越多，压强越来越大，瓶塞跳起来，是瓶内气体把瓶塞推出，所以是瓶内气体对瓶塞做功，也就是对外做功；气体对外做功，自身的内能就会减少；内能减少，气体温度就会降低。 （5）由可知，质量相同的不同物质吸收相同热量，比热容越大，温度变化越小。水的比热容大，升温慢，故图线b对应水。 在0~5min内，水的温度变化量 水吸收的热量 另一种物质的温度变化量 这种物质在0~5min内吸收的热量等于水吸收的热量，即 另一种物质的比热容 由表中数据可知该物质为煤油。 68． 不正确。升高的温度高不代表吸收的热量多，用两个完全相同的电加热器加热相同的时间，电加热器放出的热量是相等，甲和乙吸收的热量也是相等的。 乙 乙 2.4×103 【难度】0.65 【知识点】不同物质的吸热本领、计算物体温度变化时的吸放热、热平衡方程及其应用 【详解】（1）[1]略。 （2）[2][3]由图可知，甲和乙升高相同的温度，如温度都升高到40℃，甲需要的是时间是3min，乙需要的时间是4min，即乙需要更长的加热时间，乙吸收的热量更多，这也就说明了乙的吸热能力强一些。 （3）[4]由图可知，加热4min时，甲的温度变化值为 50℃-10℃=40℃ 乙的温度变化值为 40℃-10℃=30℃ 用相同的电加热器加热相同时间，甲和乙吸收的热量相同，据Q吸=cm(t-t0)得： c甲mt甲=c乙mt乙 所以乙的比热容 c乙== =2.4×103J/(kg•℃) 69．(1)B (2) (3)无规则 【难度】0.65 【知识点】扩散现象、作光的反射光路图、根据平面镜成像特点作光路图、区分音调、响度与音色 【详解】（1）吹笛时，按住不同孔洞会改变笛内空气柱的长度，改变空气柱的振动频率，从而改变声音的音调，故选B音调。 （2）人眼看到杏花的像，是杏花反射的光经水面反射后进入人眼，因此光的传播方向是从杏花（A点）射向水面O点，再反射进入人眼。过入射点，垂直水面画出法线ON，反射角是反射光线与法线ON的夹角，已知入射光线与水面夹角为，因此入射角为，根据光的反射定律，反射角为40°。 （3）扩散现象的本质是分子在永不停息地做无规则运动，从而彼此进入对方。 70．(1) 负 同种电荷相互排斥 负 (2) 【难度】0.75 【知识点】带电体可以吸引轻小物体、两种电荷的相互作用规律、摩擦起电的实质 【详解】（1）摩擦起电的本质是电子的转移，电子带负电，得到电子的物体带负电，因此得到电子的橡胶棒带负电；根据电荷间的作用规律同种电荷相互排斥可知，橡胶棒排斥气球，说明气球和橡胶棒带同种电荷，因此气球也带负电。 （2）带电体具有吸引轻小物体的性质，细小水流会被带电玻璃棒吸引，因此水流向玻璃棒一侧偏折。 71．(1)减小压强 (2) 相互 运动状态 (3) B不受 惯性 (4) B A 重力势能转化为动能 (5)56400J，11280W 【难度】0.65 【知识点】减小压强的方法及生活中的实例、力和力臂的作图、P=W/t、物体运动过程中各种机械能的变化情况 【详解】（1）滑雪板做得宽大是为了在压力一定时，通过增大面积来减小压强。 （2）用撑杆向后撑雪地，给雪地一个向后作用力，雪地就会给撑杆一个向前的力，使她加速向前运动，说明力的作用是相互的； 加速向前运动，运动状态改变，说明力可以改变物体的运动状态； 杠杆作图：①支点 O ：标在桡骨模型的左端（对应肘关节位置）； ②动力 F1 ：作用点在支点 O 右侧，方向向上（肱二头肌收缩的拉力方向）； ③阻力 F2 ：作用点在桡骨模型右端（手握撑杆处），方向竖直向下。 （3）运动员在最高点时，运动方向不断改变，运动状态持续变化，因此不受平衡力； 冲过终点后，运动员由于惯性，要保持原来的运动状态，所以不能立即停下。 （4）从助滑坡下滑过程中，滑雪运动员的质量不变，所处的高度减小，其重力势能减小，速度增加，动能增大，重力势能转化为动能。 （5）重力做功为 功率为 72．(1)A (2)30℃ (3)当触点开关与上面触点接触时，发热电路发热，装置内温度升高，此时热敏电阻阻值减小，控制电路中电流变大，通电螺线管磁性越来越强。当装置内温度升高到某一温度，控制电路中电流增大到10mA时，通电螺线管将衔铁吸下，发热电路断开，装置内温度不会再升高。 【难度】0.61 【知识点】含有敏感电阻的动态分析、判断螺线管极性、电流方向、绕线方式的关系、电磁继电器的结构、原理与工作示意图 【详解】（1）根据安培定则可以判定通电螺线管上端为N极，下端为S极，所以最终小磁针N极将指向下方，故磁针N极按顺时针方向转。 （2）控制电路中电流时，控制电路总电阻为 查表可知，此时装置内温度为30℃ （3）当触点开关与上面触点接触时，发热电路发热，装置内温度升高，此时热敏电阻阻值减小，控制电路中电流变大，通电螺线管磁性越来越强。当装置内温度升高到某一温度，控制电路中电流增大到10mA时，通电螺线管将衔铁吸下，发热电路断开，装置内温度不会再升高。 73．(1) 1 竖直向上 (2)C 【难度】0.65 【知识点】浮力的方向及产生原因、称重法测浮力的大小、物体沉浮状态与浮力、重力和体积的关系 【详解】（1）[1][2]浮力的产生原因主要是由于液体或气体对浸入物体上下表面的压力差，浮力的方向竖直向上。根据称重法，物块受到浮力的大小为 （2）物块受到浮力小于重力，根据物体的浮沉条件，若剪断细线，物块将下沉，故AB不符合题意，C符合题意。 故选C。 74． 动 省力 75．； 76． 【难度】0.65 【知识点】力和力臂的作图、定滑轮的概念、实质及特点、功的计算和估算、P=W/t 【详解】74．由图可知，该滑轮轴心未固定是动滑轮；根据动滑轮的特点可知，该滑轮可以改变力的大小，从而可以省力。 75．由图可知，动滑轮上绳子的段数为，绳子自由端移动的距离为 所以绳子拉力做的功为 则拉力的功率为 76．从支点向动力的作用线作垂线，垂线段即为动力臂；从支点向阻力的作用线作垂线，垂线段即为阻力臂，如图所示。 77．(1) 机械能 (2) pV (3) 增大牵引力 (4)A (5) 0.04 (6)A 【难度】0.4 【知识点】功的计算和估算、P=W/t、P=Fv、汽油机的构造与工作过程、热机工作过程中的能量转化 【详解】（1）内燃机就是将内能转化为机械能的机器，故汽油机工作时将燃料燃烧的内能转化为机械能。 （2）在做功冲程，活塞移动的距离为L，发动机的单缸排量为V=SL，燃气对活塞所做的功为 （3）根据可知，功率一定时，速度越小，牵引力越大，故降低速度是为了增大牵引力。 （4）四汽缸发动机，各个汽缸的做功过程错开，在飞轮转动的每半周里，都有一个汽缸在做功，其他三个汽缸分别在吸气、压缩和排气冲程，则若四缸发动机中1号汽缸在做功冲程中，此时活塞应该向下运动，由于4号曲轴的位置和1号相同，所以4号活塞也向下运动，所以4号汽缸所处的冲程是吸气冲程，故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 （5）在发动机中，飞轮转2周完成一个工作循环，所以发动机转速为3000r/min时，1min完成1500个工作循环，每个工作循环所需要的时间为 （6）设做功冲程燃气对活塞的平均压强为p0，发动机排量为V排，则一个活塞的排气量为，做功冲程燃气对一个活塞的平均压力为 每个做功冲程燃气对一个活塞做的功为 发动机转速为n时，燃气对活塞做功的功率为 故BCD不符合题意，A符合题意。 故选A。 答案第1页（共2页） 答案第1页（共2页） 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026-2027学年九年级第一学期期中考试物理终极猜想 （上海专用）（原卷版） 1．关于热量的概念，下列说法正确的是（　　） A．热量是表示物体含热的多少 B．温度高的物体具有的热量多 C．物体温度升高了，一定是物体吸收了热量 D．热量是热传递过程中物体吸收或放出热的多少 2．小郡应用劳动课上学习的烹饪技能为家人制作美味的小锅米线，下列说法正确的是（　　） A．滚烫的小锅米线含有的热量多 B．刚出锅的小锅米线“热”得烫嘴，“热”表示的是内能 C．汤汁在沸腾过程中温度不变，锅中的汤汁内能也不变 D．出锅后随着小锅米线的温度降低，其内能变小 3．2024年4月20日，我国研制的全球首款本体热效率达53.09%的柴油机正式亮相世界内燃机大会，刷新了柴油机热效率的世界纪录。如图所示，内燃机的四个冲程中，将机械能转化为内能的是（    ） A． B． C． D． 4．星期天，小林同学在父母的协助下，从早上6︰00开始每隔半小时分别对他家附近的气温和一个深水池里的水温进行测量，并根据记录的数据绘成温度一时刻图线，如图所示。则可以判断（　　） A．甲是“气温”图线，乙是“水温”图线，因为水的比热容比空气的大 B．甲是“气温”图线，乙是“水温”图线，因为水的比热容比空气的小 C．甲是“水温”图线，乙是“气温”图线，因为水的比热容比空气的大 D．甲是“水温”图线，乙是“气温”图线，因为水的比热容比空气的小 5．甲、乙两个金属球的质量之比为4∶3，吸收相同的热量后，它们升高的温度之比是1∶3，那么它们的比热容之比c甲∶c乙等于（　　） A．1∶2 B．9∶4 C．4∶9 D．2∶1 6．在沿海地区，炎热、晴朗的天气里常常出现“海陆风”，当出现如图所示风向时，通常（　　）      A．发生在白天，且陆地温度较高 B．发生在白天，且海水温度较高 C．发生在夜晚，且陆地温度较高 D．发生在夜晚，且海水温度较高 7．质量和初温都相同的水和铁放出相同的热量后，再将铁块放入水中，则热的传递是（ ） A．从铁块向水传递 B．从水向铁块传递 C．不发生热传递 D．无法判断 8．下列各图所列举的事例中，属于热传递改变物体内能的是（　　） A． 对试管加热，管内水温升高 B． 冬天搓手，手会变暖 C． 从滑梯滑下，臀部发热 D． 迅速压下活塞，筒内气温升高 9．如图所示，在测量小灯泡的电阻的实验中，当闭合开关S时，发现灯泡L不亮，电流表指针明显偏转。经检测电路中只有一处故障，该故障是（    ） A．灯泡L断路 B．灯泡L被短接 C．变阻器R被短接 D．开关S被短接 10．电梯超载容易引发安全隐患，其超载报警电路简图如图所示。电源电压恒定不变，为保护电阻，R为压敏电阻，阻值大小随电梯内压力增大而减小，电流表的示数超过临界值就会自动报警。电梯正常工作，当有人进入电梯后，下列说法正确的是（     ） A．压敏电阻R减小，电流表示数减小 B．压敏电阻R减小，电压表示数增大 C．若想增大该电梯的最大承载量，可适当增大保护电阻 D．电压表与电流表示数之比不变 11．如图所示，电源电压恒定为4.5V，定值电阻，滑动变阻器标有“20Ω  2A”字样，电压表接入电路的量程为0~3V，电流表接入电路的量程为0~0.6A。在保证电路安全的前提下，当开关S闭合时，滑动变阻器的滑片P从b端向a端移动的过程中，下列说法正确的是（     ） A．电压表示数变化范围是1~3V B．电流表示数变化范围是0.18~0.6A C．滑动变阻器两端的电压变化范围是3~1.5V D．滑动变阻器的阻值变化范围是20~10Ω 12．如图所示，电源电压不变，定值电阻，闭合S，两端的电压分别是，通过的电流分别是。下列判断正确的是（   ） A． B． C． D． 13．电阻和并联，当通过的电流为时，则通过干路的电流为（    ） A． B． C． D． 14．阻值分别为欧和欧的电阻相并联后，它们的总阻值是（　　） A．欧 B．欧 C．欧 D．6欧 15．植物油燃料是一种新型燃料，可用来替代传统燃料。其不易燃、不易爆、无烟无异味，在节能方面比传统燃料更胜一筹，进行同样的工作消耗的燃料更少，是因为该燃料具有较大的（     ） A．密度 B．体积 C．比热容 D．热值 16．某汽油机的能量流向如图所示，下列有关说法正确的是（     ） A．由图可知，该汽油机的效率是72% B．提高汽油机的机械性能可使其工作效率达到100% C．汽车尾气中的“汽油味”越浓，汽油机的效率越低 D．冬天汽车利用尾气中的余热给车内供暖，提高了燃料的热值 17．如图是某喷气式发动机示意图，工作时，输送装置将燃料箱中的气态氢和氧化剂输送到燃烧室燃烧，产生高温气体从喷口喷出而产生动力。下列说法正确的是（     ） A．气态氢燃烧后的产物是加剧地球温室效应的重要原因 B．喷气式发动机比家用汽车发动机动力更大、效率更高 C．在对流层，高温气体喷出后，大气中的分子运动减缓 D．喷气式发动机选用气态氢作燃料是因为它的热值较小 18．关于内能、温度和热量，下列说法正确的是（　　） A．物体温度越高，内能一定越大 B．物体内能增大，一定是吸收了热量 C．热量可以从内能小的物体传递到内能大的物体 D．物体的温度为0℃时，内能为零 19．大风天气，房间内其它窗户都关闭，打开一扇窗户时，窗帘会被“吸”到窗外的原因是（     ） A．窗外空气密度比室内空气小，气流带动窗帘向密度小的一侧运动 B．窗外空气密度比室内空气大，气流带动窗帘向密度小的一侧运动 C．窗外空气流速大、压强大，窗内空气流速小、压强小，气体压力差把窗帘吸向窗外 D．窗外空气流速大、压强小，窗内空气流速小、压强大，气体压力差把窗帘压向窗外 20．下面各实例中，利用连通器原理的是（     ） A．吸管吸饮料 B．船闸 C．下水存水管 D．锅炉水位计 21．下列现象中与大风天气，房间内其它窗户都关闭，打开一扇窗户时，窗帘会被“吸”到窗外的现象原理相同的是（     ） A．地铁站内列车进站时，乘客需要站在“安全线”外 B．吸尘器工作时，叶轮高速转动使吸尘器内气体被排出 C．同向高速行驶的船舶靠得太近容易发生碰撞事故 D．用吸管喝饮料时，口腔吸气使饮料被压入口中 22．按要求回答。 (1)如图甲所示，铝的比热容为______J/（kg·℃）。质量相等的沙子和铁，降低相同温度，沙子放出的热量______（选填“大于”、“小于”或“等于”）铁放出的热量； (2)质量为0.2kg的某物体从固体变为液体的过程中，其温度随时间变化图像如图乙所示，设该物体在相同时间内吸收的热量相同，物体在AB段和CD段的比热容分别用和表示，则______（选填“>”、“<”或“=”），判断依据是______。 23．如图甲所示，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团干燥的棉花，快速压下活塞，可观察到棉花着火燃烧。此过程与四冲程汽油机的___________冲程能量转化相同；如乙图所示的是汽油机的___________冲程，若飞轮的转速为，在1s内，汽油机做功___________次。 24．如图所示，“曲水流觞”是古代文人墨客诗酒唱酬的一种雅事。将酒盏漂浮在清冽的溪水上随溪流动，会降低酒的温度，酒的内能 _______（选填“增大”“减小”或“不变”），这是通过 ________的方式改变酒的内能，若酒盏里质量为100g，温度为30℃的酒在漂流过程中，放出了1700J的热量，酒的温度降低至 _______℃[c酒精＝3.4×103J/（kg•℃）]。 25．定值电阻，，接入如图所示电路中。闭合开关S，则通过、的电流之比___________；、两端的电压之比___________。 26．如图所示，电源电压为3V且保持不变，闭合开关S，电压表的示数为2V，则R1与R2的电阻之比为___________；当开关S断开时，电压表的示数将___________（选填“变大”、“变小”或“不变”）。 27．如图所示，和串联在电路中，闭合开关S发现两电压表的指针偏转情况完全一样，则________。 28．有两个电阻，R1=4Ω，R2=12Ω。若将R1、R2并联起来，它们的等效电阻是____Ω，它们两端的电压之比U1︰U2=____。 29．定值电阻、并联在某电路中，通过和的电流之比是，若将、串联在该电路中，则、两端的电压之比______。 30．如图所示，开关S闭合后，电流表A1、A2两只电流表的指针偏转到了同一位置，则通过L1的电流_________ A，L1、L2两盏灯的电阻之比R1：R2=_________。 31．如图所示的电路中，已知R1=6Ω，R2=3Ω，R3=4Ω，则R1，R2，R3三个电阻的等效电阻值为______Ω。 32．干木柴的热值是1.2×107J/kg，它的物理意义是：________________________________________________________________；若要获得7.2×105J的热量，需要干木柴多少千克_________？ 33．如图所示，走马灯中的蜡烛点燃后会产生气流推动灯旋转，完全燃烧1g石蜡放出的热量为___________J，若石蜡燃烧放出的热量利用率为50%，能使___________kg的空气温度升高100℃；若在转轴处涂抹润滑油，则可以___________（选填“增大”或“减小”）其旋转的效率。[，] 34．一台内燃机运行时各种能量损耗大致为：汽缸散热损失占20%，废气带走的能量占35%，摩擦等机械损耗占15%，则它的机械效率为__________。若它在一个工作循环中消耗了10g汽油（热值为），这些汽油完全燃烧产生的热量是__________J，输出的有用机械能为__________J。汽车在行驶过程中，油箱中的汽油慢慢变少，汽油的热值__________（选填“增大”、“减小”或“不变”）。 35．水的比热容为读作_______。一杯水喝掉一半后，剩余水的比热容_______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。 36．将烧红的铁钉放入冷水中降温，是通过_________（选填“做功”或“热传递”）改变其内能。质量为0.002kg的烧红的铁钉，温度为600℃，用水将它降温到100℃，释放的热量为多少_________？[已知铁的比热容为0.46×103J/（kg·℃）] 37．烈日下，小明摸到路边停靠的共享单车的车身很烫，这主要是通过________方式改变了车身的内能。共享单车在刹车时，由于车轮和地面之间的摩擦，也会使得车轮的温度升高，这是通过_________方式改变了车轮的内能（均选填字母 A：热传递  B：做功） 38．如图所示的实验装置进行了实验，随着试管内水和水蒸气的内能不断增加，水沸腾后，盖在试管口上的塞子会受到水蒸气的压力而冲出，水蒸气的________能转化为塞子的机械能，此过程的能量转化情况与四冲程汽油机的________冲程相似，是图中的________（选填“甲”或“乙”） 39．汽车是现代生活中常用的交通工具。 (1)以下机械中，属于热机的有___________。 A．洗衣机 B．蒸汽机 C．电视机 D．柴油机 E．电动机 (2)如图是汽油机工作的___________冲程，气缸内的汽油和空气的混合气体处于___________（选填“a”或“b”）位置内，此冲程是通过___________的方式改变混合气体的内能。使汽车获得动力的是___________冲程。 40．眼睛视物。 (1)健康眼睛视物：眼球的成像原理类似于______（选涂“A投影仪”“B照相机”“C放大镜”），晶状体和角膜把来自外界物体的光会聚在视网膜上形成物体______（选涂“A倒立”“B正立”）的像。 (2)如果近视了，需要配戴______透镜进行矫正，此透镜对光线有______作用。 41．将一瓶未开封的矿泉水放进冰箱冷冻一段时间后取出，发现瓶中的水结成了冰，且瓶身膨胀了。 (1)已知冰的密度为，它表示冰的________为； (2)将取出的矿泉水瓶静置在室内一段时间后，瓶中的冰全部熔化成水，观察到瓶身表面出现很多小水珠，此时瓶内矿泉水的质量________（选填，“A变大”“B变小”“C不变”）。 42．书包是我们每天都要使用的学习用品。 (1)书包背带通常做得比较宽大，通过______方式减小压强，从而减小______的作用效果； (2)小明的书包总重为50N，背带与肩膀的总接触面积为，则书包对肩膀的压强为______Pa。 43．赛龙舟是端午节的习俗。 (1)全体划桨手用力划桨后，龙舟由静止变为运动，说明力改变了龙舟的________龙舟加速冲刺过程中，龙舟的惯性________（选填“A变大”“B变小”“C不变”）； (2)队员用桨向后划水，龙舟就能前进，说明物体间力的作用是________的； (3)小明发现并排同向的龙舟，两船会靠的越来越近，这是因为两船间水的流速________两船外侧水的流速（选填“A大于”“B小于”“C等于”），所以两船中间水的压强________外侧水的压强（选填“A大于”“B小于”“C等于”），存在压强差的缘故。 44．“围炉煮茶”是一种新的饮茶方式。 (1)如图是一把装有水的茶壶，壶嘴和壶身构成了一个________； (2)茶壶的盖上有一个小孔，使壶内的气压________（选涂“A大于”“B小于”“C等于”）外界大气压强； (3)________实验证明了大气压存在且很大； (4)历史上首先用实验测定了大气压值的科学家是________。 (5)若将壶盖上小孔堵住，壶内外气体被密封隔开，再将茶壶略微倾斜，壶嘴和壶身中的水面将________（选涂“A．相平”或“B．不相平”）。 45．固体空气清新剂是家庭常用的芳香用品。 (1)打开盖子，室内各处都能闻到香味，这一现象表明分子在________； (2)常温下放置一段时间后，固体清新剂会逐渐变小，其剩余部分的密度（     ） A．变大 B．不变 C．变小 46．如图所示，高压锅是厨房中常见的炊具，它省时高效，深受人们欢迎。小华通过查阅资料；了解到不同气压下水的沸点，如下表： 大气压强p/×105Pa 0.44 0.71 0.98 1.01 1.48 1.80 2.05 水的沸点t/℃ 80 90 99 100 111 117 121 (1)分析比较表中大气压强p、水的沸点t的变化情况，可得出的初步结论是：_______； (2)日常生活中，用高压锅煮食物，可以增大锅内气体的压强，使水的沸点_______（“升高”或“降低”），从而使食物熟得更快； (3)请比较拉萨（海拔约3650米）和上海（海拔约2米）地区水的沸点的大小关系，并说明理由。_______ 47．小申将一块冰放进平底柱形杯子里，如图所示，过了一段时间，冰全部熔化成了水，与冰块相比水对杯底的压力将____________，水对杯底压强将____________（均选填“变大”“不变”或“变小”）。 48．著名的____________实验向世人证明了大气压强的存在，____________用如图所示的装置测量出了大气压强的数值（填物理学家名），大气静止时，标准大气压强值约为，表示1平方米面积受到____________；若实验操作规范，水银的密度为，则大气压强的测量值为____________（用题中所给字母和g表示），若仅将玻璃管提升至虚线位置，则管内水银柱长度将____________，若将玻璃管倾斜管内水银柱长度将____________，若在海拔更高的地方进行测量，则管内水银柱长度将____________（后三空均选填“A．变大”、“B．不变”或“C．变小”）。 49．请在图中坐标系中画出某种燃油（其热值为）的热值与其完全燃烧所放出的热量Q的关系图像。 50．在甲、乙、丙三个完全相同的容器中，分别盛有相同质量的水、盐水、酒精，请在图中相应的容器内画出三种液体液面的高低位置． ( ) 51．某小组同学用图1所示的装置“探究物质的吸放热与哪些因素有关”，他们分别将50克的水、50克的煤油装入两个相同的试管中，然后用加热器加热，并利用温度传感器和计算机记录它们的温度随时间的变化情况，数据记录在表1、表2中。（设水和煤油每分钟吸收的热量相等） 表1 50克的水 时间（分钟） 0 1 2 3 4 5 6 温度（℃） 19 21 23 25 27 29 32 升高温度（℃） 0 2 4 6 8 10 12 表2 50克的煤油 时间（分钟） 0 1 2 3 4 5 6 温度（℃） 23 27 31 35 39 42 47 升高温度（℃） 0 4 8 12 16 20 24 (1)分析比较表1（或表2）中的第一行与第三行的数据及相关条件，可得出的初步结论是：_________； (2)分析比较表1和表2中第三列、第四列等有关数据及相关条件，可以得出的初步结论是：_________ ； (3)该小组采集完数据后，关闭加热器，分别将两试管从加热器中取出，在室温中冷却，记录水和煤油在放热过程中温度随时间的变化情况，并且绘制温度﹣时间图像，如图2所示。该图像中，图线B是_____ 的温度﹣时间图像（选填“水”或“煤油”），当时的室温为_______ ℃。 52．为了比较水和煤油的吸热能力，小王做了如下图示的实验，在2个相同的烧杯中分别装有质量相等的水和煤油，用两个相同的酒精灯对其加热，并用相同的两支温度计分别同时测量水和煤油的温度变化，实验数据如下图： 液体 质量（） 初温（） 末温（） 加热时间（min） 水 300 20 30 12 煤油 300 20 30 6 (1)在此实验中，为比较水和煤油吸热能力的大小，我们可以加热相同的时间：观察_________的不同；也可以________________________________________________________________________； (2)分析实验数据可知：质量相同的水和煤油，升高相同的温度时，_________吸收的热量多，表明_________的吸热能力强； (3)如果加热相同的时间，质量相同的水和煤油，_________升高的温度更多； (4)通过实验我们发现不同物质的________________不同，由此引入了比热容；_____________________________________________________________________________________________叫这种物质的比热容。 53．某同学为了探究温度升高时物体吸收热量的多少与哪些因素有关，做了实验：在四个相同的烧杯中分别盛有水和煤油，用同样的加热器加热水和煤油，表中是他的实验数据记录，根据表中的数据记录的分析和推理，可以得出以下结论： 烧杯 液体 质量/g 初温/℃ 末温/℃ 加热时间/min 1 水 200 20 28 8 2 水 100 20 28 4 3 煤油 200 20 28 4 4 煤油 200 20 24 2 (1)比较1、2记录，得出的结论是：________________； (2)比较3、4记录，得出的结论是：_______________； (3)比较____________记录，得出的结论是：不同物质，质量相等，升高温度相同，吸收热量一般不同。 (4)综上所述，温度升高，物体吸收的热量的多少与____________、____________、____________有关。 54．某实验小组利用酒精灯对1kg的某物质均匀加热，此物质每隔相同时间吸收的热量相同。他们每隔相同时间记录一次温度计的示数，并观察物质的状态，如下图是他们根据记录的数据绘制的该物质的“温度-时间”图像。请回答： （1）该物质在AB段吸收的热量是4.2×104 J，则该物质在AB段时的比热容是___________J/（kg·℃）； （2）在BC段，该物质吸收的热量是___________J，增加的内能是___________J； （3）该物质___________晶体（选填“是”“不是”）； （4）该物质在AB段的比热容___________在CD段的比热容（选填“大于”“小于”“等于”），理由是___________。 55．物理兴趣小组的同学想要测量蜂蜜的密度。 (1)第一组同学设计了实验报告（部分）如下，请填写空格处的内容。 实验目的：测定蜂蜜的密度。 实验原理：______。 ______：电子天平、烧杯、适量的蜂蜜，还需要______。 实验步骤：①把天平放在水平桌面上，并校准。 ②将量筒放置在天平上，按下“清零”键。 ③取下量筒，将适量蜂蜜倒入量筒中，如图1所示，蜂蜜的体积为V＝______mL。 ④将量筒再次放置在天平上，读出示数为m＝56.0g。 ⑤蜂蜜的密度＝______。 (2)该小组成员发现除了用上述方法测量蜂蜜密度，也可以直接用如图2所示的工具进行测量，它的名称是____________，若用它来测量蜂蜜的密度，该小组同学测出的蜂蜜密度对应的刻度线在水对应刻度线的______（选填“上方”或“下方”）。 56．“奋斗者”号潜水器的成功研制和应用标志着我国在载人深潜领域达到世界领先水平，这激发了小杨同学探究液体内部压强的兴趣，实验如图所示。 (1)如图甲所示，此实验装置名称是__________________ (2)如图乙所示，保持金属盒在此深度不变，转动金属盒的方向，U形管两侧水面的高度差______（选填“增大”、“减小”或“不变”）； (3)比较图中的乙和丙图，可得出的结论是：__________________ (4)比较图中的______和______图，可初步判断：液体内部压强与液体密度______（填“有关”或“无关”）； 57．如图所示，小傅同学正在做“探究浮力大小与哪些因素有关”的实验。 (1)根据图（a）、（c）、（d）可得：浮力与物体浸没在液体中的______无关。 (2)根据图__________________可得：液体密度相同时，物体浸入液体的体积越大，浮力越大。 (3)根据图（a）、（c）、（e）或（a）、（d）、（e）可得：__________________。 58．小明利用电热水壶装置做“探究水在沸腾前后温度变化的特点”实验。 (1)若图（a）电热水壶铭牌上标有“220V  1100W”字样，接入电路正常工作1小时耗电______度。生活中用______表计量家庭电路消耗的用电量。 (2)热水壶里面的电热丝通电时，会热得发红，连接插头的导线却几乎不发热，两者发热差异的原因是____________。 (3)图（b）中的气泡是沸腾时的情形，查阅资料可知：一定质量的气体，体积随压强的减小而增大，底部产生的气泡体积在上升过程中逐渐变大的理由是_______。 (4)水沸腾时壶口附近会出现“白气”是壶内冒出的水蒸气______（填物态变化）形成。 (5)当水温升到92℃时，每10s记录一次温度计的示数，直到水沸腾并持续一段时间停止加热。部分数据记录如下表所示，在图（c）中大致画出本次实验“温度—时间”的关系图像。 时间/s 0 10 20 30 40 50 60 70 80 90 100 … 温度/℃ 92 93 94 95 96 97 98 98 98 98 98 … (6)杯中水的质量为200g，，请结合上表信息，求水从℃加热到刚好沸腾的过程中吸收的热量。 59．做“用托盘天平测量铜块的质量”实验。 (1)将托盘天平放在水平桌面上，把_______移至零刻度线； (2)（不定项）调节平衡螺母时，下列选项中可作为托盘天平已调至平衡的依据是______。 A．指针指在分度盘的中央刻度线 B．指针于中央刻度线的左右等幅摆动 C．指针在分度盘左侧保持静止 (3)正确实验，若读数时托盘天平右盘中的砝码及游码的位置如图所示，则铜块的质量为______。 60．如图所示，小明探究“影响重力势能大小的因素”，所用的实验器材有：3个实心铁块A、B和C（质量大小关系为mA<mB<mC），木质小桌，细沙，透明塑料盆。在塑料盆中装入足够多的细沙，将铁块举到图示高度后由静止释放。 (1)实验中，通过观察____________来比较各铁块重力势能的大小。 (2)分析____________两次实验可知，物体的重力势能与被举高的高度有关。 (3)为探究物体的重力势能与物体质量的关系，小明进行了乙、丙、丁三次实验，发现每次小桌的桌腿都全部陷入细沙中。在不更换器材的条件下，应采取的改进措施是____________。 (4)小明进行相应调整后，发现桌腿陷入细沙中的深度h乙<h丙<h丁，可得出的初步结论是：_________。 61．某同学用同一装置做“探究动能的大小与哪些因素有关”的实验，该装置由一个水平面与一个对接斜面组成，水平面上放有一块木块。该同学将小球A从同一装置的不同高度处滚下（h1＜h2），其实验过程及现象如图（a）和（b）所示，他由此提出猜想：“”同一物体，速度越大，动能越大。    （1）请写出图（a）和（b）中支持该同学猜想的实验现象：________； （2）接着，他换用质量不同的小球B从该装置的相同高度处滚下（mA＜mB，h1=h3），其实验过程及现象如图（c）所示，分析比较图（a）和（c）两图所示的实验现象及相关条件，可得出的初步结论是：________； （3）若水平面绝对光滑，本实验将________（选填“能”或“不能”）达到探究目的。 六、计算题 62．星期天早上，小琳想喝一杯热牛奶。她把一盒质量为、初温为的牛奶放进盛有热水的盆里，过了一会儿，牛奶的温度升高到了。求： (1)牛奶升高的温度； (2)牛奶吸收的热量[] (3)若不考虑热量损失，热水放出的热量全部被牛奶吸收，小琳至少要用的热水多少千克？[]（计算结果保留1位小数） 63．工匠用钢铁打制刀具时，有一个重要流程叫“淬火”，把刚打制成型的刀具放到炉火中充分煅烧，然后将其迅速放入水中骤冷。现有一成型的合金钢刀具的质量为1kg，温度为20℃，放入836℃的炉火中煅烧足够长时间，迅速取出放入5kg、20℃的水中冷却。最后与水达到共同的温度[不计过程中的热量损失，，]求： (1)此刀具在火炉中吸收了多少热量？ (2)淬火后水的温度为多少摄氏度？ 64．比热容是描述不同物质吸放热性质的物理量 (1)水的比热容为，它的单位读作：_________，它表示___________________________。若将的水倒去一半，剩下的水比热容将_________（选填“变大”、“不变”或“变小”）。 (2)城市中建设人工湖能有效减弱“热岛效应”，这是因为水在常见物质中的比热容_________（选填“较大”或“较小”）。现有一人工湖湖水吸收一定热量，水温升高，若这些热量被同等质量的砂石吸收（），则砂石升高的温度将_________。（选填“大于”、“小于”或“等于”） (3)下列事实中，最能反映物质的吸热能力与物质种类有关的是（     ） A．体积相同的两杯水温度都升高，它们吸收的热量相同 B．质量相同的两块铜温度分别升高和，它们吸收的热量不相同 C．体积相同的水和煤油温度都升高，它们吸收的热量不相同 D．质量相同的水和砂石温度都升高，它们吸收的热量不相同 (4)北方供暖的暖气片里装的是水，这是因为_________________________________________________________________________________。（该题为说理题，须给出必要的公式和文字说明） (5)质量相同的甲、乙两物体放出相同的热量后接触，热量从乙传向甲，则关于两物体的初始温度、及比热容、，下列关系式中可以成立的是（     ） A．， B．， C．， D．， (6)甲、乙两物体的质量、温度都相同，比热容，当两物体放出相等的热量后放在一起（     ） A．热量从甲传到乙 B．温度从乙传到甲 C．不发生热传递 D．内能从甲传到乙 65．夏日傍晚，旻旻光脚踩在沙滩上玩耍，微风拂面，夕阳西下，好不惬意。 (1)下列对“沙滩烫脚”现象的解释，从能量转化的角度最为准确的是（     ）。 A．沙子吸收太阳光，发生了化学反应产生热 B．太阳通过做功的方式改变了沙子的内能 C．太阳通过热传递的方式使沙子的内能增加，温度升高 D．“沙滩烫脚”是沙滩通过辐射的方式把热量传递给脚 (2)海风是指从海上吹向陆地的风，反之称为陆风。海陆风的形成，本质上是由于海洋和陆地温度不同造成的。这种差异使得气流从高压区流向低压区。如图所示是某地空气流动情况，据此判断此时为（     ） A．白天，形成的是海风 B．晚上，形成的是海风 C．白天，形成的是陆风 D．晚上，形成的是陆风 (3)干沙子的比热容约为，同样多的热量被质量相同干沙子完全吸收，干沙子升高的温度比水_________（选填“高”或“低”）。 (4)质量为的水温度升高，吸收的热量为_________。【水的比热容是】 (5)日常生活中，“热”字出现的频率很高，但所含的物理意义不同，下列哪些选项中，“热”字的含义为“温度”（     ） A．热胀冷缩 B．摩擦生热 C．天气炎热 D．蒸发吸热 66．冬天的清晨，小凯起床后觉得手冰凉，他先用力搓了搓手，又把双手放在暖气片旁边烤了一会儿。 (1)搓手取暖是通过_________的方式改变手的内能；烤暖气取暖是通过_________方式改变手的内能。这两种方式在改变物体内能上是_________（选填“等效”或“不等效”）的。 (2)下列实例中，与“搓手取暖”改变内能的方式相同的是（     ） A．用热水袋捂手 B．用锯条锯木头，锯条会发热 C．晒太阳感到暖和 D．喝热水身体变暖 (3)下列关于内能的说法正确的是（     ） A．的冰不具有内能 B．物体吸收热量，温度一定升高 C．温度越高的物体，内能一定越大 D．一切物体在任何温度下都具有内能 (4)下列说法不正确的是（     ） A．一桶水的比热容比一杯水的比热容大 B．炽热的铁水具有内能，冰冷的铁块也具有内能 C．热量不可以从内能小的物体传递到内能大的物体 D．用锯条锯木板，锯条的温度升高，是由于锯条克服摩擦力做功 (5)早些年的冬天，人们为了御寒，晚上会在玻璃瓶子里装满热水，密封后放在被子里取暖，第二天早上瓶里的水还是温的，可以用来洗手洗脸。 ①水能够长时间保持较高的温度是由于__________________。 ②如果用浓盐水替代水会不会保温更长时间呢？ （a）如图甲，用两个同样的保温杯分别装入_________相同、初温的水和盐水，保温杯敞开口，水和盐水温度随时间变化图像如图乙所示。 （b）降低相同温度，杯中盐水与水放出的热量之比为_________；由此分析可知使用_________的保温时间更长一些。 67．我国新能源汽车发展迅猛，受到国内外广大消费者的青睐。 (1)在太阳的照射下车内温度很快升高，内能_________（选填“A增大”、“B不变”或“C减小”），这是通过_________（选填“A做功”或“B热传递”）方式改变其内能的。 (2)关于内能，有以下四个观点，你认为正确的是（　　） ①物体温度越低，内能越小，的物体没有内能 ②改变物体内能的方法有很多，但本质上只有做功和热传递两种方式 ③两物体相互接触时，热量总是从内能大的物体转移到内能小的物体 ④一切物体都具有内能，而不一定具有机械能 A．只有①③ B．只有②③ C．只有①④ D．只有②④ (3)某同学从表中提供的信息，得出以下几个结论，其中正确的是（　　） 几种物质的比热容[] 水 干泥土 煤油 铜 冰 铝 水银 铅 A．液体的比热容一定比固体大 B．汽车发动机用水来冷却效果好是利用了水的比热容较大的特性 C．质量相等的水和冰，吸收相等的热量后，水的温度变化大 D．质量相等的铜和铅，升高相同的温度，铅吸收的热量是铜的3倍 (4)如图所示的实验装置中，瓶内水上方存在着无色透明、无法看到的水蒸气：当推动活塞向内打气时，我们发现当瓶内气体达到一定量时，瓶塞跳起，可以看到瓶内出现了白雾，说明水蒸气液化成了可以看到的小水滴。在这个过程中，气体膨胀_________做功（选填“对内”或“对外”），内能_________（选填“增加”或“减少”），温度_________（选填“升高”或“降低”）。 (5)在探究“物质的吸热能力与哪些因素有关”的实验中，用质量是的水和表中等质量的另一种物质进行对比，作出的图像如图所示。实验过程中，水和另一种物质在相同时间内吸收的热量相等，分析图像可以得出图线_________（选填“a”或“b”）对应的物质为水，另一种物质为_________，这种物质在0~5min内吸收的热量为_________。 物质 比热容 水 酒精 煤油 蓖麻油 68．为研究不同物质的吸热能力，某同学用两个完全相同的电加热器，分别给质量和初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，分别记录加热时间和升高的温度，根据记录的数据作出了两种液体的温度随时间变化的图象，如图所示。 （1）根据图象，某同学认为：“加热相同的时间时，甲升高的温度高一些，这说明甲吸收的热量多一些”这位同学的判断是否正确？请说明理由________； （2）要使甲、乙升高相同的温度，应给________加热更长的时间，这说明________的吸热能力强些； （3）如果已知甲的比热容是1.8×103J/(kg·℃)，则乙的比热容是________J/(kg·℃)。 69．“小楼一夜听春雨，深巷明朝卖杏花” (1)吹笛时，手指按住不同孔洞，改变声音的______（选涂“A响度”“B音调”“C音色”）。 (2)人眼看到杏花经平静的水面所成的像。将这朵杏花用A点表示，人眼看到A点的光的传播路径如图所示，请在图中的两条光线上标上箭头，明确入射光线和反射光线，并标出反射角及其度数。 (3)春风中处处能闻到杏花清香，这是扩散现象，说明分子在不停地做______运动。 70．生活中的静电现象随处可见。 (1)用毛皮摩擦橡胶棒，橡胶棒由于得到电子，带______（选填“负”或“正”）电荷。用该橡胶棒靠近气球时，气球被排斥，根据____________，可判断出气球带______（选填“负”或“正”）电。 (2)在塑料杯底开一小孔，往杯中盛适量水，水沿如图所示的虚线竖直流下。带电玻璃棒靠近细小水流（始终不接触），请用实线粗略画出此时水流的路径。 71．如图（a）所示为运动员在北京冬奥会上比赛的情境。如图（b）所示是跳台滑雪比赛时，重力为600N的她从出发台到终点的过程，请回答以下问题： (1)滑雪板底面做得较宽是为了_________。 (2)她用撑杆向后撑雪地便能加速向前运动，说明力的作用是______的，加速运动还说明力可以改变物体的______。用手提起撑杆的过程中，桡骨在肱二头肌的牵引下绕着肘关节转动，如图（c）所示，桡骨可看作以肘关节为支点的杠杆，请在图（d）的简化模型中画出支点O、动力、阻力的示意图______。 (3)她在最高点，______（选涂“A受”“B不受”）平衡力作用。冲过终点不能立即停下来，是由于她具有____________。 (4)从助滑坡下滑过程中，运动员的重力势能______，动能______（均选涂“A增大”“B减小”“C不变”），试分析下滑过程中的机械能变化情况：____________。 (5)她从跳台滑雪比赛的120m大跳台起滑，经助滑坡起跳，到达高为26m的着陆坡的过程中，用了5s，求此过程中重力所做的功及其功率。 72．小明查阅资料，了解到孵化器的自动控温装置如图所示，R是热敏电阻，其阻值随温度的变化关系如下表所示，已知电磁继电器的线圈中铁芯电阻，左侧控制电路的电源电压为3V，当继电器线圈中的电流大于或等于10mA时，继电器的衔铁被吸下，右侧发热电路的触点开关就断开。发热电路电源电压，发热电阻。 温度t/℃ 0 5 10 15 20 25 30 35 40 电阻 500 450 400 350 320 290 260 230 200 (1)标出通电后小磁针N极的偏转方向是______（选涂“A顺时针”“B逆时针”）。 (2)请通过计算说明此自动控温装置能将温度最高控制在多少摄氏度？ (3)请解释闭合开关S，当温度达到某一值时，右侧发热电路断开的原因：________。 73．如图所示，重为4N的物块，用细线挂在弹簧测力计下浸没在水中，静止时测力计的示数为3N。 (1)物块受到浮力的大小为______N，方向______； (2)若剪断细线，物块将________。 A．上浮 B．悬浮 C．下沉 如图所示，起重机是工程建设中不可或缺的重要设备，起重机的各个部件都运用了机械相关物理知识。请回答下列问题。 74．起重机上吊起重物的滑轮是一个___________滑轮，使用它可以___________________； 75．若某次起重机在作业时，吊起重1000 N的物体，绳索的拉力600 N，重物上升10 m，用时5 s，请计算绳子拉力做的功W、功率P； 76．如图所示是起重机的示意图，请根据图中给出的动力与阻力，画出动力臂和阻力臂 77．阅读短文，回答问题。 汽车发动机 发动机是汽车的动力源。汽油机以汽油为燃料，使活塞在汽缸中往复运动，一个工作循环经历进气、压缩、做功和排气四个冲程，汽油机的性能和汽缸排量有关。汽缸排量指活塞一个冲程中活塞在汽缸内通过的容积，它取决于活塞的面积和活塞上下运动的距离（冲程长度）。如果发动机有若干个汽缸，所有汽缸“工作容积”之和称为发动机排量，实际汽车往往采用多缸发动机。 如图所示发动机有4个汽缸（图中标注1、2、3、4），通过连杆把4个汽缸的活塞连在一根曲轴上。各个汽缸的做功过程错开，在飞轮转动的每半周里，都有一个汽缸在做功，其他三个汽缸分别在吸气、压缩和排气冲程。 (1)汽油机工作时将燃料燃烧的内能转化为___________能。 (2)若一个汽缸排量为V，燃气对活塞的平均压强为p，则一个做功冲程中燃气对活塞所做的功为___________（用字母表示）。 (3)若汽车发动机以恒定功率输出，在爬坡的时候减慢车速，目的是___________。 (4)四缸发动机中1号汽缸在做功冲程中，4号汽缸所处的冲程是___________。 A．吸气 B．压缩 C．做功 D．排气 (5)当发动机转速为3000r/min时，则发动机每个工作循环所需要的时间为___________s； (6)设做功冲程燃气对活塞的平均压强是p0，发动机排量为V排，则发动机转速为n时该轿车的输出功率P与发动机排量为V排的关系式为___________。 A． B．np0V排 C．2np0V排 D．4np0V排 答案第1页（共2页） 答案第1页（共2页） 学科网（北京）股份有限公司 $