专题05 孟德尔两大遗传定律（10年汇编）（浙江专用）2017-2026年高考生物真题分类汇编

专题05 孟德尔两大遗传定律 考点1 分离定律及其应用 1.【答案】C 2.【答案】D 3.【答案】D 4.【答案】C 考点2 分离定律的异常现象分析 1.【答案】C 2.【答案】D 3.【答案】C 4.【答案】（1）HCHC 显性 1:2:1 （2）组3、组4 组3和组4表现为全红，组1和组2表型不变 转录 （3）黑底红点P位点基因表达产生的mRNA总量远远大于红底黑点 黑色斑点面积大小 （4）ABD 考点3 基因自由组合定律 1.【答案】B 2.【答案】B 3.【答案】B 4.【答案】C 5.【答案】B 6.【答案】（1）隐性 aaBB、aaBb （2）hhRR HHRr：HHrr：HhRr：Hhrr=1：1：1：1 1/2 （3）启动子（启动部位/启动） 转录 空间结构 （4）免疫 B 7.【答案】 人工去雄 防止外来花粉授粉 形成配子时，等位基因分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合 宽叶雌株：宽叶正常株=1：1 3/32 8.【答案】 红眼 紫红眼与紫红眼交配，F1出现了红眼 BbDd 4 2 减数分裂过程中，非同源染色体上非等位基因自由组合 5/6 考点4 基因自由组合定律的异常分析 1.【答案】A 2.【答案】（1）GGhh/hhGG 2 /0.375/37.5% （2） （3）G基因无法转录翻译/G基因无法表达，（解除对H基因的抑制） （4）共同祖先/同一祖先/同种祖先 生殖隔离 外植体 考点5 遗传规律的综合应用 1.【答案】A 2.【答案】A 3.【答案】A 4.【答案】（1）常染色体隐性遗传（病） Ⅱ1和Ⅱ2均无甲病，生出患甲病女儿Ⅲ1，可判断出该病为隐性病，且其父亲Ⅱ1为正常人，若为伴X染色体隐性遗传，则其父亲异常 （2）2 Ⅱ4 （3）4 2/459 （4）能行使转运C1-的功能，杂合子表型正常 患（乙）病 5.【答案】（1）隐性 乙 性别 直翅红眼雌：直翅紫红眼雌：直翅红眼雄：直翅紫红眼雄=3：1：3：1 （2）显性致死 （3）卷翅红眼：直翅红眼=4：5 （4）黑体突变体和紫红眼突变体 F1随机交配得F2 灰体红眼:灰体紫红眼:黑体红眼:黑体紫红眼=9∶3∶3∶1 灰体红眼:灰体紫红眼:黑体红眼=2∶1∶1 6.【答案】（1）替换 （2）A2＞A3＞A1 分离 （3）伴X染色体隐性遗传 杂交V的母本为锯翅，父本为圆翅，F1的雌虫全为圆翅，雄虫全为锯翅 （4）6 灰体圆翅雄虫和灰体锯翅雄虫 （5） 7.【答案】（1）自由组合定律 AAXBXB 移除 （2）3/16 X染色体 （3）7/10 （4） 8.【答案】 隐性 2 mRNA 用 DNA 酶处理提取的 RNA 乙和丙的抗除草剂基因位于非同源染色体上，乙和丙上抗除草剂基因的遗传遵循自由组合定律 9.【答案】 红眼雌性个体中B基因纯合致死 X aaXBXb 6 16/27 10.【答案】 伴X染色体隐性遗传 杂交组合甲的亲本均为野生型，F1中雌性个体均为野生型，而雄性个体中出现了朱红眼 BbXAXa BbXAY 两对等位基因均为隐性时表现为白色    11.【答案】 基因座位 有眼 BbXRY 红眼、白眼和无眼 6:2:1 12.【答案】（1）多方向性 （2）c对t为完全显性，t对i为完全显性 9 （3）AaXiXi 控制颜色的基因在X染色体上，亲本雌果蝇 aXt aY （4）1/12 13.【答案】 灰身 r BBXrY 5/6 1/3 试卷第1页，共3页 / 学科网（北京）股份有限公司 $ 专题05 孟德尔两大遗传定律 10年汇编1年模拟 考点分类 浙江考情 命题规律 考点1 分离定律及其应用 2022浙江（2题）、2018浙江（1题）、2017浙江（1题） · 情境设置：以豌豆、番茄等经典材料和人工杂交实验为主要背景。 · 考查重点：纯合子与杂合子判断、显隐性关系、实验操作及分离比。 · 命题趋势：强调基础概念辨析与实验方法选择，注重分离定律在育种中的应用。 考点2 分离定律的异常现象分析 2024浙江（1题）、2021浙江（1题）、2020浙江（1题）、2018浙江（1题） · 情境设置：围绕动物毛色、昆虫斑纹和人类血型等复等位遗传实例设问。 · 考查重点：复等位基因、共显性、不完全显性及致死现象。 · 命题趋势：注重辨析显隐性关系，结合遗传图解和概率分析考查特殊分离现象。 考点3 基因自由组合定律 2026浙江（1题）、2021浙江（1题）、2020浙江（2题）、2018浙江（1题）、2017浙江（2题）、2016浙江（1题） · 情境设置：以作物、昆虫等遗传育种为背景，结合杂交实验与配子分析。 · 考查重点：独立遗传、配子种类及比例、基因型与表现型推断。 · 命题趋势：加强与伴性遗传、致死现象、转基因和育种实践的综合考查。 考点4 基因自由组合定律的异常分析 2026浙江（1题）、2020浙江（1题） · 情境设置：多以作物突变、品系杂交和性状分离实验为载体。 · 考查重点：基因互作、基因对性状的控制关系及异常分离比分析。 · 命题趋势：突出由表型数据反推遗传机制，强化多基因互作与实验设计。 考点5 遗传规律的综合应用 2024浙江（1题）、2023浙江（2题）、2022浙江（2题）、2021浙江（1题）、2020浙江（1题）、2019浙江（2题）、2018浙江（1题）、2017浙江（2题）、2016浙江（1题） · 情境设置：常结合家系图、伴性遗传、果蝇杂交和基因工程育种。 · 考查重点：分离定律、自由组合定律、伴性遗传及概率计算的综合应用。 · 命题趋势：突出多性状、多代次和实验数据分析，强化遗传规律解决实际问题的能力。 考点1 分离定律及其应用 1．（2022·浙江·6月高考真题）番茄的紫茎对绿茎为完全显性。欲判断一株紫茎番茄是否为纯合子，下列方法不可行的是（    ） A．让该紫茎番茄自交 B．与绿茎番茄杂交 C．与纯合紫茎番茄杂交 D．与杂合紫茎番茄杂交 【答案】C 【解析】常用的鉴别方法：（1）鉴别一只动物是否为纯合子，可用测交法；（2）鉴别一棵植物是否为纯合子，可用测交法和自交法，其中自交法最简便；（3）鉴别一对相对性状的显性和隐性，可用杂交法和自交法（只能用于植物）；（4）提高优良品种的纯度，常用自交法；（5）检验杂种F1的基因型采用测交法。设相关基因型为A、a，据此分析作答。 A、 紫茎为显性，令其自交，若为纯合子，则子代全为紫茎，若为杂合子，子代发生性状分离，会出现绿茎， A不符合题意； B、 可通过与绿茎纯合子（aa）杂交来鉴定，如果后代都是紫茎，则是纯合子；如果后代有紫茎也有绿茎，则是杂合子，B不符合题意； C、 与紫茎纯合子（AA）杂交后代都是紫茎，故不能通过与紫茎纯合子杂交进行鉴定，C符合题意； D、 能通过与紫茎杂合子杂交（Aa）来鉴定，如果后代都是紫茎，则是纯合子；如果后代有紫茎也有绿茎，则是杂合子，D不符合题意。 故选C。 2．（2022·浙江·1月高考真题）孟德尔杂交试验成功的重要因素之一是选择了严格自花受粉的豌豆作为材料。自然条件下豌豆大多数是纯合子，主要原因是（    ） A．杂合子豌豆的繁殖能力低 B．豌豆的基因突变具有可逆性 C．豌豆的性状大多数是隐性性状 D．豌豆连续自交，杂合子比例逐渐减小 【答案】D 【解析】连续自交可以提高纯合子的纯合度。 孟德尔杂交试验选择了严格自花授粉的豌豆作为材料，而连续自交可以提高纯合子的纯合度，因此，自然条件下豌豆经过连续数代严格自花授粉后，大多数都是纯合子，D正确。 故选D。 【点睛】本题考查基因分离定律的实质，要求考生识记基因分离定律的实质及应用，掌握杂合子连续自交后代的情况，再结合所学的知识准确答题。 3．（2018·浙江·11月高考真题）下列关于紫花豌豆与白花豌豆杂交实验的叙述，正确的是（ ） A．豌豆花瓣开放时需对母本去雄以防自花授粉 B．完成人工授粉后仍需套上纸袋以防自花授粉 C．F1自交，其F2中出现白花的原因是性状分离 D．F1全部为紫花是由于紫花基因对白花基因为显性 【答案】D 【解析】1、豌豆是一种严格的自花授粉植物，而且是闭花授粉，授粉时无外来花粉的干扰，便于形成纯种。 2、杂交实验的过程：去雄→套袋→授粉→套袋 豌豆花瓣开放时，豌豆已经完成授粉，所以应在花粉尚未成熟时对母本去雄以防自花授粉，A错误；完成人工授粉后仍需套上纸袋以防异花授粉，B错误；F1自交，其F2中同时出现白花和紫花，这种现象是性状分离。出现性状分离的原因是等位基因随同源染色体的分开而分离，C错误；紫花和白花杂交，F1全部为紫花，说明紫花为显性性状，白花为隐性性状，则紫花基因对白花基因为显性，D正确。故选D。 4．（2017·浙江·4月高考真题）豌豆种子的黄色（Y）和绿色（y）、圆粒（R）和皱粒（r）是两对相对性状。下列基因型中属于纯合子的是（　　） A．YyRr B．YYRr C．YYRR D．YyRR 【答案】C 【解析】A、基因型为YyRr个体可能是基因型为YR、yr配子形成的受精卵或基因型为Yr和yR的配子形成的受精卵发育形成的个体，形成受精卵的配子的类型不同，是杂合子，A错误； B、基因型为YYRr个体是由基因型为YR和Yr的配子受精形成的受精卵发育形成的个体，配子的类型不同，是杂合子，B错误； C、基因型为YYRR个体是由基因型为YR的雌雄配子受精形成受精卵发育形成的个体，是纯合子，C正确； D、基因型为YyRR个体是由基因型为YR和yR的配子受精形成的受精卵发育形成的个体，配子的类型不同，是杂合子，D错误。 故选C。 考点2 分离定律的异常现象分析 1．（2021·浙江·1月高考真题）某种小鼠的毛色受AY（黄色）、A（鼠色）、a（黑色）3个基因控制，三者互为等位基因，AY对A、a为完全显性，A对a为完全显性，并且基因型AYAY胚胎致死（不计入个体数）。下列叙述错误的是（　　） A．若AYa个体与AYA个体杂交，则F1有3种基因型 B．若AYa个体与Aa个体杂交，则F1有3种表现型 C．若1只黄色雄鼠与若干只黑色雌鼠杂交，则F1可同时出现鼠色个体与黑色个体 D．若1只黄色雄鼠与若干只纯合鼠色雌鼠杂交，则F1可同时出现黄色个体与鼠色个体 【答案】C 【解析】由题干信息可知，AY对A、a为完全显性，A对a为完全显性，AYAY胚胎致死，因此小鼠的基因型及对应毛色表型有AYA（黄色）、AYa（黄色）、AA（鼠色）、Aa（鼠色）、aa（黑色），据此分析。 A、若AYa个体与AYA个体杂交，由于基因型AYAY胚胎致死，则F1有AYA、AYa、Aa共3种基因型，A正确； B、若AYa个体与Aa个体杂交，产生的F1的基因型及表现型有AYA（黄色）、AYa（黄色）、Aa（鼠色）、aa（黑色），即有3种表现型，B正确； C、若1只黄色雄鼠（AYA或AYa）与若干只黑色雌鼠（aa）杂交，产生的F1的基因型为AYa（黄色）、Aa（鼠色），或AYa（黄色）、aa（黑色），不会同时出现鼠色个体与黑色个体，C错误； D、若1只黄色雄鼠（AYA或AYa）与若干只纯合鼠色雌鼠（AA）杂交，产生的F1的基因型为AYA（黄色）、AA（鼠色），或AYA（黄色）、Aa（鼠色），则F1可同时出现黄色个体与鼠色个体，D正确。 故选C。 2．（2020·浙江·1月高考真题）若马的毛色受常染色体上一对等位基因控制，棕色马与白色马交配，均为淡棕色马，随机交配，中棕色马：淡棕色马：白色马=1：2：1。下列叙述正确的是 A．马的毛色性状中，棕色对白色为完全显性 B．中出现棕色、淡棕色和白色是基因重组的结果 C．中相同毛色的雌雄马交配，其子代中雌性棕色马所占的比例为3/8 D．中淡棕色马与棕色马交配，其子代基因型的比例与表现型的比例相同 【答案】D 【解析】分析题中信息：“棕色马与白色马交配，均为淡棕色马，随机交配，中棕色马：淡棕色马：白色马=1：2：1。”可知马的毛色的控制属于不完全显性。 A、马的毛色性状中，棕色对白色为不完全显性，A错误； B、中出现棕色、淡棕色和白色是基因分离的结果，B错误； C、中相同毛色的雌雄马交配，其子代中棕色马所占的比例为1/4+2/4×1/4=3/8，雌性棕色马所占的比例为3/16，C错误；     D、中淡棕色马与棕色马交配，其子代基因型的比例为1:1，,表现型为淡棕色马与棕色马，比例为1:1， D正确。 故选D。 【点睛】一对等位基因的遗传遵循基因分离定律，根据题中信息可知，马毛色遗传属于不完全显性，然后再依据基因分离定律写出每种表现型对应的基因型，即可得出准确答案。 3．（2018·浙江·4月高考真题）一对A血型和B血型的夫妇，生了AB血型的孩子。AB血型的这种显性类型属于 A．完全显性 B．不完全显性 C．共显性 D．性状分离 【答案】C 【解析】一对A血型（IA_）和B血型（IB_）的夫妇，生了AB血型（IAIB）的孩子，说明IA基因和IB基因控制的性状在子代同时显现出来，这种显性类型属于共显性，C正确，A、B、D均错误。 4．（2024·浙江·6月高考真题）瓢虫鞘翅上的斑点图案多样而复杂。早期的杂交试验发现，鞘翅的斑点图案由某条染色体上同一位点（H基因位点）的多个等位基因（h、HC、HS、HSP等）控制的。HC、HS、HSP等基因各自在鞘翅相应部位控制黑色素的生成，分别使鞘翅上形成独特的斑点图案；基因型为hh的个体不生成黑色素，鞘翅表现为全红。通过杂交试验研究，并不能确定H基因位点的具体位置、序列等情况。回答下列问题： （1）两个体杂交，所得F1的表型与两个亲本均不同，如图所示。 F1的黑色凸形是基因型为______亲本的表型在F1中的表现，表明该亲本的黑色斑是______性状。若F1雌雄个体相互交配，F2表型的比例为_____。 （2）近期通过基因序列研究发现了P和G两个基因位点，推测其中之一就是H基因位点。为验证该推测，研究人员在翻译水平上分别阻止了P和G位点的基因表达，实验结果如表所示。结果表明，P位点就是控制黑色素生成的H基因位点，那么阻止P位点基因表达的实验结果对应表中哪两组？______，判断的依据是_____。此外，还可以在_____水平上阻止基因表达，以分析基因对表型的影响。 组1 组2 组3 组4 未阻止表达 阻止表达 （3）为进一步研究P位点基因的功能，进行了相关实验。两个大小相等的完整鞘翅P位点基因表达产生的mRNA总量，如图甲所示，说明P位点基因的表达可以促进鞘翅黑色素的生成，判断的理由是_____；黑底红点鞘翅面积相等的不同部位P位点基因表达产生的mRNA总量，如图乙所示，图中a、b、c部位mRNA总量的差异，说明P位点基因在鞘翅不同部位的表达决定_____。 （4）进一步研究发现，鞘翅上有产生黑色素的上层细胞，也有产生红色素的下层细胞，P位点基因只在产生黑色素的上层细胞内表达，促进黑色素的生成，并抑制下层细胞生成红色素。综合上述研究结果，下列对第（1）题中F1（HCHS）表型形成原因的分析，正确的有哪几项_____ A．F1鞘翅上，HC、HS选择性表达 B．F1鞘翅红色区域，HC、HS都不表达 C．F1鞘翅黑色凸形区域，HC、HS都表达 D．F1鞘翅上，HC、HS只在黑色区域表达 【答案】（1）HCHC 显性 1:2:1 （2）组3、组4 组3和组4表现为全红，组1和组2表型不变 转录 （3）黑底红点P位点基因表达产生的mRNA总量远远大于红底黑点 黑色斑点面积大小 （4）ABD 【解析】【关键能力】 （1）信息获取与加工 题干关键信息 所学知识 信息加工 亲本为HCHC×HSHS 一对等位基因的遗传遵循基因的分离定律 F1应该为HCHS，结合亲本的表型可知，F1的黑色凸形是基因型为HCHC亲本的表型在F1中的表现，说明黑色斑是显性性状 基因对表型的影响 基因通过控制蛋白质的合成，进而影响生物体性状 可以在转录水平上阻止基因表达，以分析基因对表型的影响 （2）逻辑推理与论证： 【解析】（1）由图分析，HCHC个体有黑色凸形，所以F1的黑色凸形是基因型为HCHC亲本的表型在F1中的表现，表明该亲本的黑色斑是显性性状。F1的基因型为HCHS，若F1雌雄个体相互交配，F2基因型及比例为HCHC：HCHS：HSHS=1:2:1，三种基因型对应的表型各不相同，所以表型比例为1:2:1。 （2）为验证该推测，研究人员在翻译水平上分别阻止了P和G位点的基因表达，实验结果如表所示。结果表明，P位点就是控制黑色素生成的H基因位点，那么阻止P位点基因表达后实验结果应该是没有黑色素生成，对应3、4组。判断的依据是组3和组4相应位点基因表达被阻止后，黑色素无法形成，表现为全红；组1和组2相应基因位点表达被阻止后不影响黑色素生成，表型不变。此外，还可以在转录水平上阻止基因表达，以分析基因对表型的影响。 （3）两个大小相等的完整鞘翅P位点基因表达产生的mRNA总量，如图甲所示，说明P位点基因的表达可以促进鞘翅黑色素的生成，判断的理由是黑底红点P位点基因表达产生的mRNA总量远远大于红底黑点；黑底红点鞘翅面积相等的不同部位P位点基因表达产生的mRNA总量，如图乙所示，图中a、b、c部位mRNA总量的差异，说明P位点基因在鞘翅不同部位的表达决定黑色斑点面积大小。 （4）P位点基因只在产生黑色素的上层细胞内表达，促进黑色素的生成，并抑制下层细胞生成红色素，所以红色区域，HC、HS都不表达，HC、HS只在黑色区域表达，根据图（1）可知HC控制黑色凸形生成，HS控制大片黑色区域生成，所以F1鞘翅上，HC、HS选择性表达，黑色凸形区域，HC表达，ABD正确。 考点3 基因自由组合定律 1．（2021·浙江·6月高考真题）某玉米植株产生的配子种类及比例为 YR∶ Yr∶yR∶yr=1∶1∶1∶1。若该个体自交，其F1中基因型为YyRR个体所占的比例为（　　） A．1/16 B．1/8 C．1/4 D．1/2 【答案】B 【解析】基因的自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的；在减数分裂的过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。 分析题干信息可知：该玉米植株产生的配子种类及比例为 YR∶ Yr∶yR∶yr=1∶1∶1∶1，其中Y∶y=1∶1，R∶r=1∶1，故推知该植株基因型为YyRr，若该个体自交，其F1中基因型为YyRR个体所占的比例为1/2×1/4=1/8，B正确，ACD错误。 故选B。 2．（2020·浙江·7月高考真题）若某哺乳动物毛发颜色由基因De（褐色）、Df（灰色）、d（白色）控制，其中De和Df分别对d完全显性。毛发形状由基因H（卷毛）、h（直毛）控制。控制两种性状的等位基因均位于常染色体上且独立遗传。基因型为DedHh和DfdHh的雌雄个体交配。下列说法正确的是（    ） A．若De对Df共显性、H对h完全显性，则F1有6种表现型 B．若De对Df共显性、H对h不完全显性，则F1有12种表现型 C．若De对Df不完全显性、H对h完全显性，则F1有9种表现型 D．若De对Df完全显性、H对h不完全显性，则F1有8种表现型 【答案】B 【解析】1、基因分离定律和自由组合定律定律的实质：进行有性生殖的生物在进行减数分裂产生配子的过程中，位于同源染色体上的等位基因随同源染色体分离而分离，分别进入不同的配子中，随配子独立遗传给后代，同时位于非同源染色体上的非等位基因进行自由组合。2、 相对性状：一种生物的同一性状的不同表现类型。共显性：如果双亲的性状同时在F1个体上表现出来，这种显性表现称为共显性，或叫并显性。不完全显性：具有相对性状的纯合亲本杂交后，F1显现中间类型的现象。完全显性：具有相对性状的纯合体亲本杂交后，F1只表现一个亲本性状的现象，即外显率为100%。 A、若De对Df共显性，H对h完全显性，基因型为DedHh和DfdHh雌雄个体交配，毛发颜色基因型有则DeDf、Ded、Dfd和dd四种，表现型4种，毛发形状基因型有HH、Hh和hh三种，表现型2种，则F1有4×2=8种表现型，A错误； B、若De对Df共显性，H对h不完全显性，基因型为DedHh和DfdHh雌雄个体交配，毛发颜色基因型有则DeDf、 Ded、Dfd和dd四种，表现型4种，毛发形状基因型有HH、Hh和hh三种，表现型3种，则F1有4×3=12种表现型，B正确； C、若De对Df不完全显性，H对h完全显性，基因型为DedHh和DfdHh雌雄个体交配，毛发颜色基因型有则DeDf、 Ded、Dfd和dd四种，表现型4种，毛发形状基因型有HH、Hh和hh三种，表现型2种，则F1有4×2=8种表现型，C错误； D、若De对Df完全显性，H对h不完全显性，基因型为DedHh和DfdHh雌雄个体交配，毛发颜色基因型有则DeDf、 Ded、Dfd和dd四种，表现型3种，毛发形状基因型有HH、Hh和hh三种，表现型3种，则F1有3×3=9种表现型，D错误。 故选B。 故选B。 3．（2017·浙江·11月高考真题）豌豆子叶的黄色对绿色为显性，种子的圆形对皱形为显性，且两对性状独立遗传。以1株黄色圆形和1株绿色皱形豌豆作为亲本，杂交得到F1，其自交得到的F2中黄色圆形∶黄色皱形∶绿色圆形∶绿色皱形=9∶3∶15∶5，则黄色圆形的亲本产生的配子种类有（　　） A．1种 B．2种 C．3种 D．4种 【答案】B 【解析】根据题文分析可知：亲本为黄色圆形豌豆和绿色皱形豌豆，基因型为Y_R_和yyrr．杂交得到的F1自交，F2的表现型及比例为黄色圆形：黄色皱形：绿色圆形：绿色皱形=9:3:15:5，所以黄色：绿色=（9+1）:（15+5）=3:5，圆形：皱形=（9+15）:（3+5）=3：1。 可将两对基因分开单独研究每一对基因的遗传情况。以1株黄色圆形和1株绿色皱形的豌豆作为亲本，黄色的基因型为YY或Yy，绿色的基因型为yy。若为YY×yy，则F1为Yy，自交子代中黄色：绿色=3：1（不符合，舍弃）；若为Yy×yy，则F1为1/2Yy，1/2yy，自交子代Y_为1/2×3/4=3/8，即黄：绿=3：5，（符合）。同理由于F2圆形：皱形=3：1，所以F1为Rr×Rr，则双亲为RR×rr。因此，亲本的基因型为YyRR×yyrr，其中黄色圆形YyRR的亲本产生的配子有YR和yR，共2种，B正确，ACD错误。 故选B。 4．（2017·浙江·4月高考真题）若利用根瘤农杆菌转基因技术将抗虫基因和抗除草剂基因转入大豆，获得若干转基因植株（T0代），从中选择抗虫抗除草剂的单株S1、S2和S3，分别进行自交获得T1代，T1代性状表现如图所示。已知目的基因能1次或多次插入并整合到受体细胞染色体上。下列叙述正确的是（　　） A．抗虫对不抗虫表现为完全显性，抗除草剂对不抗除草剂表现为不完全显性 B．根瘤农杆菌Ti质粒携带的抗虫和抗除草剂基因分别插入到了S2的2条非同源染色体上，并正常表达 C．若给S1后代T1植株喷施适量的除草剂，让存活植株自交，得到的自交一代群体中不抗虫抗除草剂的基因型频率为1/2 D．若取S3后代T1纯合抗虫不抗除草剂与纯合不抗虫抗除草剂单株杂交，得到的子二代中抗虫抗除草剂的纯合子占1/9 【答案】C 【解析】S3自交的T1代中，抗虫抗除草剂：抗虫不抗除草剂：不抗虫抗除草剂：不抗虫不抗除草剂=9：3：3：1，符合基因自由组合定律，说明一个抗虫和一个抗除草剂基因分别插入到了S3的2条非同源染色体上，且抗虫对不抗虫为显性，抗除草剂对不抗除草剂为显性，设抗虫与不抗虫分别由A和a控制，抗除草剂与不抗除草剂由B和b基因控制。 A、由分析可知，图中抗虫抗除草剂S3自交获得的T1代中，抗虫抗除草剂：抗虫不抗除草剂：不抗虫抗除草剂：不抗虫不抗除草剂=9：3：3：1，抗虫；不抗虫=3：1，抗除草剂：不抗除草剂=3：1，说明抗虫对不抗虫表现为完全显性，抗除草剂对不抗除草剂为完全显性，A错误； B、根瘤农杆菌Ti质粒携带的抗虫和抗除草剂基因分别插入到了S2的2条非同源染色体上，并正常表达，T1代中，抗虫抗除草剂：抗虫不抗除草剂：不抗虫抗除草剂：不抗虫不抗除草剂=9：3：3：1，与题意不符，B错误； C、当S1植株的一对同源染色体中，A基因与b基因在一条染色体上，B基因与a基因位于另一条同源染色体上，才会出现T1代的抗虫抗除草剂（AaBb）：不抗虫抗除草剂（aaBB）：抗虫不抗除草剂（AAbb）=2：1：1，喷施除草剂后，S1后代T1植株中抗虫不抗除草剂植株（AAbb）死亡，剩余的抗除草剂植株为2/3AaBb、1/3aaBB，自交一代获得的后代中不抗虫抗除草剂的基因型（aaBB）频率为2/3×1/4+1/3=1/2，C正确； D、S3后代T1纯合抗虫不抗除草剂与纯合不抗虫抗除草剂的基因型是AAbb、aaBB，单株杂交，得到的子二代中抗虫抗除草剂的纯合子的基因型是AABB，占子二代的1/16，D错误。 故选C。 5．（2016·浙江·10月高考真题）在模拟孟德尔杂交实验中，甲同学分别从下图①②所示烧杯中随机抓取一个小球并记录字母组合；乙同学分别从下图①③所示烧杯中随机抓取一个小球并记录字母组合。将抓取的小球分别往回原烧杯后，重复100次。 下列叙述正确的是 A．甲同学的实验模拟F2产生配子和受精作用 B．乙同学的实验模拟基因自由组合 C．乙同学抓取小球的组合类型中DR约占1/2 D．从①～④中随机各抓取1个小球的组合类型有16种 【答案】B 【解析】本题考查模拟孟德尔杂交试验。根据题意和图示分析可知：①②所示烧杯中的小球表示的是一对等位基因D和d，说明甲同学模拟的是基因分离定律实验；①③所示烧杯中的小球表示的是两对等位基因D、d和R、r，说明乙同学模拟的是基因自由组合定律实验。 A、甲同学的实验模拟F1产生配子和受精作用，A错误； B、乙同学分别从如图①③所示烧杯中随机抓取一个小球并记录字母组合，涉及两对等位基因，模拟了基因自由组合，B正确； C、乙同学抓取小球的组合类型中DR约占1/2×1/2=1/4，C错误； D、从①～④中随机各抓取1个小球的组合类型有3×3=9种，D错误。 故选B。 【点睛】关键要明确实验中所用的烧杯、不同烧杯的小球的随机结合所代表的含义；其次要求学生明确甲、乙两同学操作的区别及得出的结果，再对选项作出准确的判断。 6．（2026·浙江·6月高考真题）亚麻（2n）是重要的纤维和油料作物。锈病是亚麻的主要病害，由亚麻锈菌引起。表1是锈菌Ⅰ、Ⅱ及其杂交后代对亚麻的毒性遗传结果；表2是亚麻甲、乙及其杂交后代对锈菌的抗性遗传结果。已知锈菌毒性相关的基因为A/a和B/b，其遗传遵循孟德尔定律；亚麻抗锈病相关的基因为H/h和R/r；锈菌Ⅰ含有a基因，亚麻甲含有H基因。回答下列问题： 表1 锈菌Ⅰ 锈菌Ⅱ F1 F2 亚麻甲 有毒 无毒 无毒 无毒 有毒 无毒 有毒 亚麻乙 无毒 有毒 无毒 无毒 无毒 有毒 有毒 锈菌培养物（个） 47 16 15 5 注：表中数值为锈菌F2的培养物分别接种到亚麻甲和乙后，对亚麻有毒（无毒）的培养物数。 表2 亚麻甲 亚麻乙 F1 F2 锈菌Ⅰ 感病 抗病 抗病 抗病 感病 抗病 感病 锈菌Ⅱ 抗病 感病 抗病 抗病 抗病 感病 感病 亚麻植株（株） 85 27 28 9 注：表中数值为亚麻F2的单株分别被接种锈菌Ⅰ和Ⅱ后，抗病（感病）的植株数。 （1）锈菌有毒对无毒为______性状。表1的F2中，对亚麻甲有毒而对亚麻乙无毒的锈菌基因型为______。 （2）亚麻乙的基因型是______。若表2中的F1与亚麻甲回交，得到的子一代中，基因型及其比例是______，感锈菌Ⅰ且抗锈菌Ⅱ的个体中杂合子占比为______。 （3）亚麻抗病基因表达过程中，RNA聚合酶结合到该基因的______区域后，通过______过程合成RNA，再经加工形成成熟的mRNA，并翻译出多肽链，最后多肽链盘曲折叠成具有特定______的蛋白质分子，从而行使其功能。 （4）研究发现，亚麻抗病基因编码的产物需要与锈菌无毒基因编码的产物识别并互作，才能激发亚麻产生特异性______反应，侵染部位出现过敏性坏死，进而表现出抗性。综合上述研究结果，亚麻抗性与锈菌毒性的关系表现是______（A．含a和b基因的锈菌杂合子对亚麻所有基因型均无毒  B．含a和b基因的锈菌纯合子对亚麻所有基因型均有毒  C．含h和r基因的亚麻杂合子对锈菌所有基因型均无抗性  D．含H和R基因的亚麻纯合子对锈菌所有基因型均有抗性）。 【答案】（1）隐性 aaBB、aaBb （2）hhRR HHRr：HHrr：HhRr：Hhrr=1：1：1：1 1/2 （3）启动子（启动部位/启动） 转录 空间结构 （4）免疫 B 【解析】（1）据表1可知，锈菌Ⅰ（对甲有毒）×锈菌Ⅱ（对甲无毒），F1对甲无毒，说明无毒是显性性状，有毒是隐性性状；F2表型数量为47：16：15：5，近似9：3：3：1，说明A/a、B/b独立遗传，表1的 F2中，对亚麻甲有毒（aa）而对亚麻乙无毒（B_）基因型为aaB_，即aaBB、aaBb。 （2）据表2可知，亚麻甲（含H基因）对锈菌Ⅰ感病、对锈菌Ⅱ抗病，而亚麻乙对锈菌I抗病、对锈菌Ⅱ感病，F1对两种锈菌均抗病，可推断抗病基因R控制对锈菌I的抗性，H控制对锈菌Ⅱ的抗性，因此亚麻甲基因型为HHrr，亚麻乙基因型为hhRR；表2中的F1基因型为HhRr，亚麻甲为HHrr，两者回交（HhRr×HHrr），配子结合后子代基因型及比例为HHRr ： HHrr ： HhRr ： Hhrr = 1 ： 1 ： 1 ： 1；在上述回交子代中，感锈菌Ⅰ且抗锈菌Ⅱ的个体需要满足感锈菌Ⅰ（rr）且抗锈菌Ⅱ（H_），即基因型为HHrr和Hhrr，这两种基因型中，HHrr为纯合子，Hhrr为杂合子，各占一半，因此杂合子占比为1/2。 （3）RNA聚合酶识别并结合到基因的启动子（启动部位/启动）区域，启动转录；以DNA一条链为模板，通过转录过程合成RNA；多肽链经过盘曲折叠，形成具有特定空间结构的蛋白质分子，从而具备生物学功能。 （4）抗病基因产物与无毒基因产物识别协作，激发植物的特异性免疫反应，从而表现出抗性；亚麻的抗病基因（H、R）需要识别锈菌的无毒基因（A、B）产物才能激发免疫，如果锈菌含有a和b基因的纯合子（aabb），即缺乏无毒基因A和B，亚麻的H和R基因无法识别其产物，因此无法激发免疫反应，导致aabb对亚麻所有基因型均表现出毒性，而含H和R的纯合子（HHRR）虽然对含有A或B的锈菌有抗性，但对aabb无抗性，B正确，ACD错误。 7．（2020·浙江·1月高考真题）已知某二倍体雌雄同株（正常株）植物，基因t纯合导致雄性不育而成为雌株，宽叶与窄叶由等位基因（A、a）控制。将宽叶雌株与窄叶正常株进行杂交实验，其F1全为宽叶正常株。F1自交产生F2，F2的表现型及数量：宽叶雌株749株、窄叶雌株251株、宽叶正常株2250株、窄叶正常株753株。回答下列问题： （1）与正常株相比，选用雄性不育株为母本进行杂交实验时操作更简便，不需进行_____处理。授粉后需套袋，其目的是______。 （2）为什么F2会出现上述表现型及数量？______。 （3）若取F2中纯合宽叶雌株与杂合窄叶正常株杂交，则其子代（F3）的表现型及比例为_____，F3群体随机授粉，F4中窄叶雌株所占的比例为_____。 （4）选择F2中的植株，设计杂交实验以验证F1植株的基因型，用遗传图解表示_______。 【答案】 人工去雄 防止外来花粉授粉 形成配子时，等位基因分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合 宽叶雌株：宽叶正常株=1：1 3/32 【解析】分析题意可知，宽叶与窄叶亲本杂交，F1全为宽叶，所以宽叶对窄叶为显性。F1自交产生F2，F2的表现型及比例为：宽叶雌株：窄叶雌株：宽叶正常株：窄叶正常株=3：1：3：9，符合自由组合定律分离比，说明两对等位基因的遗传遵循基因自由组合定律。 （1）与正常株相比，选用雄性不育株为母本进行杂交实验时操作更简便，由于雄性不育，所以不需进行人工去雄处理。授粉后需套袋的目的是防止外来花粉授粉。 （2）两对等位基因的遗传遵循基因自由组合定律，形成配子时，同源染色体上的等位基因分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合，所以F2会出现9：3：3：1的分离比。 （3）若取F2中纯合宽叶雌株AAtt与杂合窄叶正常株aaTt杂交，则其子代（F3）的表现型及比例为宽叶雌株Aatt：宽叶正常株AaTt =1：1，F3群体中雄配子种类及比例为：1/4AT、1/4At、1/4aT、1/4at，雌配子种类及比例为3/8At、3/8at、1/8AT、1/8aT，所以F4中窄叶雌株aatt所占的比例为1/4×3/8=3/32。 （4）验证F1植株的基因型，用测交的方法，遗传图解为： 【点睛】解决本题的关键在于将题目中表现型的数量关系转换成考生们熟悉的比例关系，再联系所学的3:1和9:3:3:1的分离比或其变形去解题。 8．（2018·浙江·11月高考真题）某种昆虫的正常翅与裂翅、红眼与紫红眼分别由基因B（b）、D（d）控制。为研究其遗传机制，选取裂翅紫红眼雌、雄个体随机交配，得到的F1表现型及数目见下表。 裂翅紫红眼 裂翅红眼 正常翅紫红眼 正常翅红眼 雌性个体（只） 102 48 52 25 雄性个体（只） 98 52 48 25 （1）红眼与紫红眼中，隐性性状是__________，判断的依据是__________。亲本裂翅紫红眼雌性个体的基因型为__________。 （2）F1的基因型共__________种。F1正常翅紫红眼雌性个体的体细胞内基因D的数目最多时有__________个。F1出现4种表现型的原因是____________________。 （3）若从Fl中选取裂翅紫红眼雌性个体和裂翅红眼雄性个体交配。理论上，其子代中杂合子的比例为__________。 【答案】 红眼 紫红眼与紫红眼交配，F1出现了红眼 BbDd 4 2 减数分裂过程中，非同源染色体上非等位基因自由组合 5/6 【解析】1、根据题意可知，裂翅雌、雄个体随机交配，F1表现出裂翅和正常翅，F1表现出的亲本性状–裂翅，为显性性状，正常翅为隐性性状。紫红眼雌、雄个体随机交配，F1表现出红眼和紫红眼，F1表现出的亲本性状–紫红眼，为显性性状，红眼为隐性性状。 2、裂翅紫红眼雌、雄个体随机交配，F1中表现型与性别无关，说明基因B（b）、D（d）均不是位于性染色体上。裂翅:正常翅＝2:1，紫红眼:红眼＝2:1，说明基因型出现BB或DD的个体均无法存活。因此，亲本裂翅紫红眼个体的基因型为BbDd。 （1）根据题意可知，紫红眼雌、雄个体随机交配，F1表现出红眼和紫红眼，F1表现出的亲本性状–紫红眼，为显性性状，红眼为隐性性状。由分析可知，亲本裂翅紫红眼雌性个体的基因型为BbDd。 （2）由分析可知，基因型出现BB或DD的个体均无法存活，因此F1的基因型有BbDd、Bbdd、bbDd、bbdd共４种。F1正常翅紫红眼雌性个体的体细胞经过染色体复制后，细胞内含有2个基因D。F1出现4种表现型的原因是减数分裂过程中，非同源染色体上非等位基因自由组合。 （3）Fl中裂翅紫红眼雌性个体的基因型为BbDd，裂翅红眼雄性个体的基因型为Bbdd，雌雄个体杂交。对B与b分析可得，Bb×Bb→1BB（死亡）: 2Bb: 1bb，对D与d分析可得，Dd×dd→1Dd: 1 dd。综合分析可知，子代中纯合子的比例为1/3×1/2＝1/6，因此子代中杂合子的比例为1–1/6＝5/6。 【点睛】解答本题可将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题。按照分离定律进行逐一分析，最后将获得的结果进行综合，得出正确答案。 考点4 基因自由组合定律的异常分析 1．（2020·浙江·7月高考真题）某植物的野生型（AABBcc）有成分R，通过诱变等技术获得3个无成分R的稳定遗传突变体（甲、乙和丙）。突变体之间相互杂交，F1均无成分R。然后选其中一组杂交的F1（AaBbCc）作为亲本，分别与3个突变体进行杂交，结果见下表： 杂交编号 杂交组合 子代表现型（株数） Ⅰ F1×甲 有（199），无（602） Ⅱ F1×乙 有（101），无（699） Ⅲ F1×丙 无（795） 注：“有”表示有成分R，“无”表示无成分R 用杂交Ⅰ子代中有成分R植株与杂交Ⅱ子代中有成分R植株杂交，理论上其后代中有成分R植株所占比例为（    ） A．21/32 B．9/16 C．3/8 D．3/4 【答案】A 【解析】分析题意可知：基因型为AABBcc的个体表现为有成分R，又知无成分R的纯合子甲、乙、丙之间相互杂交，其中一组杂交的F1基因型为AaBbCc且无成分R，推测同时含有A、B基因才表现为有成分R，C基因的存在可能抑制A、B基因的表达，即基因型为A_B_cc的个体表现为有成分R，其余基因型均表现为无成分R。根据F1与甲杂交，后代有成分R：无成分R≈1：3，有成分R所占比例为1/4，可以将1/4分解为1/2×1/2，则可推知甲的基因型可能为AAbbcc或aaBBcc；F1与乙杂交，后代有成分R：无成分R≈1：7，可以将1/8分解为1/2×1/2×1/2，则可推知乙的基因型为aabbcc；F1与丙杂交，后代均无成分R，可推知丙的基因型可能为AABBCC或AAbbCC或aaBBCC。 杂交Ⅰ子代中有成分R植株基因型为AABbcc和AaBbcc，比例为1：1，或（基因型为AaBBcc和AaBbcc，比例为1：1，）杂交Ⅱ子代中有成分R植株基因型为AaBbcc，故杂交Ⅰ子代中有成分R植株与杂交Ⅱ子代中有成分R植株相互杂交，后代中有成分R所占比例为：1/2×1×3/4×1+1/2×3/4×3/4×1=21/32，A正确。 故选A。 2．（2026·浙江·1月高考真题）栽培辣椒（2n=24）是茄科的蔬菜作物，可自花授粉也可异花授粉。已知辣椒果实着生方式的下垂和直立为1对相对性状，由2对独立遗传的等位基因G/g和H/h共同控制，且G抑制H的表达，而果实直立需H的正常表达。现有果实下垂的纯合辣椒甲和杂合辣椒乙，以及果实直立的辣椒丙，杂交结果如下表所示。 亲本组合 后代的表型及其比例 甲×丙 全部为果实下垂 果实下垂︰果实直立=13︰3 乙×乙 果实下垂︰果实直立=3︰1 一 回答下列问题： （1）甲的基因型是________，乙产生________种类型的雄配子。乙自交得到的植株再全部自交，得到的中ggHH基因型频率是________。 （2）甲×丙得到，写出与丙杂交的遗传图解________。 （3）研究发现，G基因的启动子核心区域出现序列的缺失，使RNA聚合酶与启动子不能正常识别和结合，结果导致部分植株的果实着生方式从下垂变为直立，其原因是______________。 （4）辣椒的辣度与果实中辣椒素的含量直接相关。在茄科作物番茄、马铃薯中也存在与辣椒素合成相关基因的同源基因，这可作为辣椒、番茄、马铃薯由________进化而来的分子水平证据之一。将栽培辣椒与某高辣度的野生辣椒（2n=26）进行杂交，可形成早期胚胎，但胚胎不能正常发育，体现了物种之间存在________的现象。为获得具有高辣度的杂交后代，可取早期胚胎材料作为________进行培养，实现胚胎的拯救，得到再生植株。 【答案】（1）GGhh/hhGG 2 /0.375/37.5% （2） （3）G基因无法转录翻译/G基因无法表达，（解除对H基因的抑制） （4）共同祖先/同一祖先/同种祖先 生殖隔离 外植体 【解析】甲和丙杂交，F2果实下垂︰果实直立=13︰3（9:3:3:1 的变式），符合基因自由组合定律，说明G/g和H/h两对等位基因位于两对同源染色体上。 （1）甲与丙（果实直立，基因型为 ggHH）杂交，F1全为果实下垂，F2中果实下垂：果实直立 = 13:3（9:3:3:1 的变式），说明 F1基因型为 GgHh，果实直立基因型为ggH-，果实下垂基因型为G-H-、G-hh、gghh，因此甲的基因型为 GGhh，丙是ggHH。乙 × 乙杂交，F1果实下垂：果实直立 = 3:1，说明乙的基因型为GgHH，其产生的雄配子类型为 GH、gH，共 2 种。乙（GgHH）自交，F1为1/4GGHH、1/2GgHH、1/4ggHH。F1再全部自交，F2中ggHH=1/2×1/4+1/4×1=3/8。 （2） 甲（GGhh），丙（ggHH），F1为GgHh，杂交如图所示。 （3）G 基因的启动子核心区域序列缺失，使 RNA 聚合酶无法正常识别和结合，导致 G 基因转录受阻，无法合成抑制 H 基因表达的蛋白质，H 基因正常表达，从而使果实着生方式由下垂变为直立。 （4）同源基因的存在是生物由共同祖先进化而来的分子证据。不同物种杂交后胚胎不能正常发育，体现了生殖隔离现象。可取早期胚胎材料作为外植体进行植物组织培养，获得可育的再生植株。 考点5 遗传规律的综合应用 1．（2024·浙江·1月高考真题）某昆虫的性别决定方式为XY 型，张翅（A）对正常翅（a）是显性，位于常染色体；红眼（B）对白眼（b）是显性，位于 X 染色体。从白眼正常翅群体中筛选到一只雌性的白眼张翅突变体，假设个体生殖力及存活率相同，将此突变体与红眼正常翅杂交，子一代群体中有张翅和正常翅且比例相等，若子一代随机交配获得子二代，子二代中出现红眼正常翅的概率为（    ） A．9/32 B．9/16 C．2/9 D．1/9 【答案】A 【解析】基因自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或自由组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。 白眼正常翅群体中筛选到一只雌性的白眼张翅突变体，假设个体生殖力及存活率相同，将此突变体与红眼正常翅杂交，子一代群体中有张翅和正常翅且比例相等，推知雌性的白眼张翅突变体基因型为AaXbXb,红眼正常翅基因型为aaXBY，子一代群体基因型及比例为aaXBXb:AaXBXb:aaXbY:AaXbY=1：1：1：1，子一代随机交配获得子二代，子二代中出现红眼正常翅，即aaXBY和aaXBXb的概率：aa与Aa随机交配获得aa的概率为：3/4×3/4=9/16，XBXb与XbY随机交配得到XBY和XBXb的概率为：1×1/2=1/2，因此子二代中出现红眼正常翅，即aaXBY和aaXBXb的概率9/16×1/2=9/32，A正确，BCD错误。 故选A。 2．（2019·浙江·4月高考真题）一对表现型正常的夫妇生了一个患半乳糖血症的女儿和一个正常的儿子。若这个儿子与一个半乳糖血症携带者的女性结婚，他们所生子女中，理论上患半乳糖血症女儿的可能性是 A．1/12 B．1/8 C．1/6 D．1/3 【答案】A 【解析】根据题意分析，表现型正常的夫妇生下了患病的后代，则半乳糖血症为隐性遗传，又因为后代中患病的是女儿，则半乳糖血症不可能为伴性遗传，故该病为常染色体隐性遗传病。 根据题意分析，半乳糖血症为常染色体隐性遗传病，设该病的致病基因为a，其正常的等位基因为A，则可得儿子的基因型为AA和Aa，该儿子与半乳糖血症的携带者女性结婚，理论上患半乳糖血症的女儿的可能性为为。A选项为正确答案。 【点睛】本题的易错点在于学生容易混淆计算“患病的女儿”和“女儿患病”的概率的方法。计算“患病的女儿”的概率时，需要计算生出女儿的概率，需要在计算出所需的基因型概率后再乘；计算“女儿患病”的概率时，则已经默认出生的后代为女性，则不需要考虑生出女儿的的概率。 3．（2018·浙江·4月高考真题）为研究某种植物3种营养成分（A、B和C）含量的遗传机制，先采用CRISPR/Cas9基因编辑技术，对野生型进行基因敲除突变实验，经分子鉴定获得3个突变植株（M1、M2和M3）。其自交一代结果见下表，表中高或低指营养成分含量高或低。 下列叙述正确的是   A．从M1自交一代中取纯合的（A高B低C低）植株，与M2基因型相同的植株杂交，理论上其杂交一代中只出现（A高B低C低）和（A低B低C高）两种表现型，且比例一定是1：1 B．从M2自交一代中取纯合的（A低B高C低）植株，与M3基因型相同的植株杂交，理论上其杂交一代中，纯合基因型个体数：杂合基因型个体数一定是1：1 C．M3在产生花粉的减数分裂过程中，某对同源染色体有一小段没有配对，说明其中一个同源染色体上一定是由于基因敲除缺失了一个片段 D．可从突变植株自交一代中取A高植株与B高值株杂交，从后代中选取A和B两种成分均高的植株，再与C高植株杂交，从杂交后代中能选到A、B和C三种成分均高的植株 【答案】A 【解析】M1自交后代中A高B低C低的纯合个体为AAbbCC，与M2的基因型为AABbCc杂交产生的后代的表现型比例为A低B低C高（AABbC_）：A高B低C低（AAbbC_）=1：1。 A、M1自交后代中A高B低C低的纯合个体为AAbbCC，与M2的基因型为AABbCc杂交产生的后代的表现型比例为A低B低C高（AABbC_）：A高B低C低（AAbbC_）=1：1，A正确； B、同理可得M2后代中A低B高C低的纯合个体为AABBcc，与M3（AaBBCc）杂交，产生的后代的基因型及比例为AABBCc：AABBcc：AaBBCc：AaBBcc=1：1：1：1，其中纯合子只占1/4，B错误； C、基因编辑可以导致基因内部碱基序列缺失，也可能导致破基序列增加，C错误； D、该实验的三种成分通过三个连锁反应而产生，前一成分可被后一反应所利用，三种成分无法同时积累，故无法通过选取自交后代杂交得到ABC三种成分均高的植株，D错误。 故选A。 4．（2023·浙江·6月高考真题）某家系甲病和乙病的系谱图如图所示。已知两病独立遗传，各由一对等位基因控制，且基因不位于Y染色体。甲病在人群中的发病率为1/2500。    回答下列问题： （2）甲病的遗传方式是______，判断依据是______。 （2）从系谱图中推测乙病的可能遗传方式有______种。为确定此病的遗传方式，可用乙病的正常基因和致病基因分别设计DNA探针，只需对个体______（填系谱图中的编号）进行核酸杂交，根据结果判定其基因型，就可确定遗传方式。 （3）若检测确定乙病是一种常染色体显性遗传病。同时考虑两种病，Ⅲ3个体的基因型可能有______种，若她与一个表型正常的男子结婚，所生的子女患两种病的概率为______。 （4）研究发现，甲病是一种因上皮细胞膜上转运Cl-的载体蛋白功能异常所导致的疾病，乙病是一种因异常蛋白损害神经元的结构和功能所导致的疾病，甲病杂合子和乙病杂合子中均同时表达正常蛋白和异常蛋白，但在是否患病上表现不同，原因是甲病杂合子中异常蛋白不能转运Cl-，正常蛋白______；乙病杂合子中异常蛋白损害神经元，正常蛋白不损害神经元，也不能阻止或解除这种损害的发生，杂合子表型为______。 【答案】（1）常染色体隐性遗传（病） Ⅱ1和Ⅱ2均无甲病，生出患甲病女儿Ⅲ1，可判断出该病为隐性病，且其父亲Ⅱ1为正常人，若为伴X染色体隐性遗传，则其父亲异常 （2）2 Ⅱ4 （3）4 2/459 （4）能行使转运C1-的功能，杂合子表型正常 患（乙）病 【解析】基因分离定律的实质：在杂合子的细胞中，位于一对同源染色体上的等位基因，具有一定的独立性；生物体在进行减数分裂形成配子时，等位基因会随着同源染色体的分开而分离，分别进入到两个配子中，独立地随配子遗传给后代。基因自由组合定律实质：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的， 在减数分裂形成配子的过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离，非同源染色体上的非等位基因自由组合。基因的分离定律是基因的自由组合定律的基础，两者的本质区别是基因的分离定律研究的是一对等位基因，基因的自由组合定律研究的是两对或两对以上的等位基因，所以很多自由组合的题目都可以拆分成分离定律来解题。 （1）由系谱图可知，Ⅱ1和Ⅱ2都是正常人，却生出患甲病女儿Ⅲ1，说明甲病为隐性基因控制，设为a，正常基因为A，假设其为伴X染色体遗传，则Ⅲ1基因型为XaXa，其父亲Ⅱ1基因型为XaY，必定为患者，与系谱图不符，则可推断甲病为常染色体隐性病，Ⅲ1基因型为aa，其父母Ⅱ1和Ⅱ2基因型都是Aa。 （2）由系谱图可知，Ⅱ4和Ⅱ5都是乙病患者，二者儿子Ⅲ4为正常人，则可推知乙病由显性基因控制，设为B基因，正常基因为b，该病可能为常染色体显性遗传病，或伴X染色体显性遗传病。 若为常染色体显性遗传病，则Ⅲ4基因型为bb，其父亲Ⅱ4（是乙病患者）基因型为Bb（同时含有B基因和b基因）；若为伴X染色体显性遗传病，则Ⅲ4基因型为XbY，其父亲Ⅱ4（是乙病患者）基因型为XBY（只含有B基因），若用乙病的正常基因和致病基因分别设计DNA探针，对Ⅱ4进行核酸检测，若出现两条杂交带则为常染色体显性遗传病，若只有一条杂交带，则为伴X染色体显性遗传病。 （3）若乙病是一种常染色体显性遗传病，仅考虑乙病时，Ⅲ4基因型为bb，Ⅱ4和Ⅱ5基因型为Bb，二者所生患乙病女儿Ⅲ3基因型可能为两种：BB或Bb，且BB：Bb=1:2；若仅考虑甲病，Ⅲ5为甲病患者，其基因型为aa，Ⅱ4和Ⅱ5基因型为Aa，二者所生女儿Ⅲ3不患甲病，其基因型可能为两种：AA或Aa，且AA：Aa=1:2，综合考虑这两对基因，Ⅲ3个体的基因型可能有2×2=4种。 仅考虑甲病时，已知甲病在人群中的发病率为1/2500，即aa=1/2500，则可计算出a=1/50，A=49/50，人群中表型正常的男子所占的概率为：A_=1-1/2500=2499/2500，人群中杂合子Aa=2×1/50×49/50=98/2500，那么该正常男子为杂合子Aa的概率=98/2500÷2499/2500=2/51；由上面分析可知，Ⅲ3的基因型为2/3Aa，因此Ⅲ3与一个表型正常的男子结婚后，生出患甲病孩子的概率为aa=2/51×2/3×1/4=1/153。 仅考虑乙病，人群中的表型正常的男子基因型均为bb，且由上面分析可知，Ⅲ3基因型可能为1/3BB和2/3Bb，则二者生出患乙病孩子B_的概率=1/3+2/3×1/2=2/3。 综合考虑这两种病，Ⅲ3与一个表型正常的男子结婚后，生出患两种病的孩子的概率=1/153×2/3=2/459。 （4）甲病为隐性基因控制的遗传病，甲病杂合子的正常基因可以表达正常的转运Cl-的载体蛋白，虽然异常基因表达的异常载体蛋白无法转运Cl-，但是正常蛋白仍然可以转运Cl-，从而使机体表现正常。 乙病为显性基因控制的遗传病，乙病杂合子的异常基因表达的异常蛋白质损害神经元，虽然正常基因表达的正常蛋白质不损害神经元，但是也无法阻止或解除这种损害的发生，因此杂合子表现为患病。 5．（2023·浙江·1月高考真题）某昆虫的性别决定方式为XY型，野生型个体的翅形和眼色分别为直翅和红眼，由位于两对同源染色体上两对等位基因控制。研究人员通过诱变育种获得了紫红眼突变体和卷翅突变体昆虫。为研究该昆虫翅形和眼色的遗传方式，研究人员利用紫红眼突变体卷翅突变体和野生型昆虫进行了杂交实验，结果见下表。 表 杂交组合 P F1 F2 甲 紫红眼突变体、紫红眼突变体 直翅紫红眼 直翅紫红眼 乙 紫红眼突变体、野生型 直翅红眼 直翅红眼∶直翅紫红眼＝3∶1 丙 卷翅突变体、卷翅突变体 卷翅红眼∶直翅红眼＝2∶1 卷翅红眼∶直翅红眼＝1∶1 丁 卷翅突变体、野生型 卷翅红眼∶直翅红眼＝1∶1 卷翅红眼∶直翅红眼＝2∶3 注：表中F1为1对亲本的杂交后代，F2为F1全部个体随机交配的后代；假定每只昆虫的生殖力相同。 回答下列问题： （1）红眼基因突变为紫红眼基因属于__________（填“显性”或“隐性”）突变。若要研究紫红眼基因位于常染色体还是X染色体上，还需要对杂交组合__________的各代昆虫进行__________鉴定。鉴定后，若该杂交组合的F2表型及其比例为__________，则可判定紫红眼基因位于常染色体上。 （2）根据杂交组合丙的F1表型比例分析，卷翅基因除了控制翅形性状外，还具有纯合__________效应。 （3）若让杂交组合丙的F1和杂交组合丁的F1全部个体混合，让其自由交配，理论上其子代（F2）表型及其比例为__________。 （4）又从野生型（灰体红眼）中诱变育种获得隐性纯合的黑体突变体，已知灰体对黑体完全显性，灰体（黑体）和红眼（紫红眼）分别由常染色体的一对等位基因控制。欲探究灰体（黑体）基因和红眼（紫红眼）基因的遗传是否遵循自由组合定律。现有3种纯合品系昆虫：黑体突变体、紫红眼突变体和野生型。请完善实验思路，预测实验结果并分析讨论。 （说明：该昆虫雄性个体的同源染色体不会发生交换；每只昆虫的生殖力相同，且子代的存活率相同；实验的具体操作不作要求） ①实验思路： 第一步：选择__________进行杂交获得F1，__________。 第二步：观察记录表型及个数，并做统计分析。 ②预测实验结果并分析讨论： Ⅰ：若统计后的表型及其比例为__________，则灰体（黑体）基因和红眼（紫红眼）基因的遗传遵循自由组合定律。 Ⅱ：若统计后的表型及其比例为__________，则灰体（黑体）基因和红眼（紫红眼）基因的遗传不遵循自由组合定律。 【答案】（1）隐性 乙 性别 直翅红眼雌：直翅紫红眼雌：直翅红眼雄：直翅紫红眼雄=3：1：3：1 （2）显性致死 （3）卷翅红眼：直翅红眼=4：5 （4）黑体突变体和紫红眼突变体 F1随机交配得F2 灰体红眼:灰体紫红眼:黑体红眼:黑体紫红眼=9∶3∶3∶1 灰体红眼:灰体紫红眼:黑体红眼=2∶1∶1 【解析】据杂交组合乙分析可得红眼为显性，紫红眼为隐性；据杂交组合丙分析可得卷翅为显性，直翅为隐性。 （1）杂交组合乙分析：紫红眼突变体与野生型交配，F1全为红眼，F2红眼∶紫红眼＝3∶1，可得红眼为显性，紫红眼为隐性，因此红眼基因突变为紫红眼基因属于隐性突变；若要研究紫红眼基因位于常染色体还是X染色体上，还需要对杂交组合乙的各代昆虫进行性别鉴定；若该杂交组合的F2表型及其比例为直翅红眼雌：直翅紫红眼雌：直翅红眼雄：直翅紫红眼雄=3：1：3：1，子代表型符合自由组合定律，与性别无关，则可判定紫红眼基因位于常染色体上。 （2）根据杂交组合丙的F1表型比例分析，卷翅∶直翅＝2∶1，不为基因分离定律的分离比3：1，因此卷翅基因具有纯合显性致死效应。 （3）由于卷翅基因具有纯合显性致死效应，设其基因用A表示，丙、丁两组的F1均为红眼，只看卷翅和直翅这对性状，则杂交组合丙的F1的卷翅Aa∶直翅aa＝2∶1，即2Aa、1aa，杂交组合丁的F1卷翅Aa∶直翅aa＝1∶1，即2Aa、2aa（考虑个体繁殖率相同），丙、丁两组的F1全部个体混合，则Aa为4/7、aa3/7，自由交配，则A的配子为2/7，a=5/7，则Aa：aa=（2×2/7×5/7）：（5/7×5/7）=4：5，即理论上其子代F2中表型及其比例为卷翅红眼：直翅红眼=4：5。 （4）实验思路：选择黑体突变体和紫红眼突变体进行杂交获得F1，F1随机交配得F2，观察F2表型及个数。 预测实验结果并分析讨论：若统计后的F2表型及其比例为灰体红眼:灰体紫红眼:黑体红眼:黑体紫红眼=9∶3∶3∶1，则灰体（黑体）基因和红眼（紫红眼）基因的遗传遵循自由组合定律；若统计后的表型及其比例为灰体红眼:灰体紫红眼:黑体红眼=2∶1∶1，则灰体（黑体）基因和红眼（紫红眼）基因的遗传不遵循自由组合定律。 6．（2022·浙江·6月高考真题）某种昆虫野生型为黑体圆翅，现有3个纯合突变品系，分别为黑体锯翅、灰体圆翅和黄体圆翅。其中体色由复等位基因A1/A2/A3控制，翅形由等位基因B/b控制。为研究突变及其遗传机理，用纯合突变品系和野生型进行了基因测序与杂交实验。回答下列问题： （1）基因测序结果表明，3个突变品系与野生型相比，均只有1个基因位点发生了突变，并且与野生型对应的基因相比，基因长度相等。因此，其基因突变最可能是由基因中碱基对发生___________导致。 （2）研究体色遗传机制的杂交实验，结果如表1所示： 表1 杂交组合 P F1 F2 ♀ ♂ ♀ ♂ ♀ ♂ Ⅰ 黑体 黄体 黄体 黄体 3黄体：1黑体 3黄体：1黑体 Ⅱ 灰体 黑体 灰体 灰体 3灰体：1黑体 3灰体：1黑体 Ⅲ 灰体 黄体 灰体 灰体 3灰体：1黄体 3灰体：1黄体 注：表中亲代所有个体均为圆翅纯合子。 根据实验结果推测，控制体色的基因A1（黑体）、A2（灰体）和A3（黄体）的显隐性关系为___________（显性对隐性用“>”表示），体色基因的遗传遵循___________定律。 （3）研究体色与翅形遗传关系的杂交实验，结果如表2所示： 表2 杂交组合 P F1 F2 ♀ ♂ ♀ ♂ ♀ ♂ Ⅳ 灰体圆翅 黑体锯翅 灰体圆翅 灰体圆翅 6灰体圆翅：2黑体圆翅 3灰体圆翅：1黑体圆翅：3灰体锯翅：1黑体锯翅 Ⅴ 黑体锯翅 灰体圆翅 灰体圆翅 灰体锯翅 3灰体圆翅：1黑体圆翅：3灰体锯翅：1黑体锯翅 3灰体圆翅：1黑体圆翅：3灰体锯翅：1黑体锯翅 根据实验结果推测，锯翅性状的遗传方式是___________，判断的依据是___________。 （4）若选择杂交Ⅲ的F2中所有灰体圆翅雄虫和杂交Ⅴ的F2中所有灰体圆翅雌虫随机交配，理论上子代表现型有___________种，其中所占比例为2/9的表现型有哪几种？___________。 （5）用遗传图解表示黑体锯翅雌虫与杂交Ⅲ的F1中灰体圆翅雄虫的杂交过程。 【答案】（1）替换 （2）A2＞A3＞A1 分离 （3）伴X染色体隐性遗传 杂交V的母本为锯翅，父本为圆翅，F1的雌虫全为圆翅，雄虫全为锯翅 （4）6 灰体圆翅雄虫和灰体锯翅雄虫 （5） 【解析】根据题干信息可知，控制体色的A1/ A2/ A3是复等位基因，符合基因的分离定律，并且由表1的F1和F2雌雄个体表现型一致，可知控制体色的基因位于常染色体上。只看翅型，从表2的组合V，F1的雌虫全为圆翅，雄虫全为锯翅，性状与性别相关联，可知控制翅型的基因位于X染色体上，所以控制体色和控制翅型的基因符合基因的自由组合定律。 （1）由题干信息可知，突变的基因 “与野生型对应的基因相比长度相等”，基因突变有碱基的增添、缺失和替换三种类型，突变后基因长度相等，可判定是碱基的替换导致。 （2）由杂交组合Ⅰ的F1可知，黄体（A3）对黑体（A1）为显性；由杂交组合Ⅱ可知，灰体（A2）对黑体（A1）为显性，由杂交组合Ⅲ可知，灰体（A2）对黄体（A3）为显性，所以三者的显隐性关系为黄体对黑体为显性，灰体对黄体对黑体为显性，即A2＞A3＞A1，由题意可知三个体色基因为复等位基因，根据等位基因概念“位于同源染色体上控制相对性状的基因”可知，体色基因遵循基因分离定律。 （3）分析杂交组合V，母本为锯翅，父本为圆翅，F1的雌虫全为圆翅，雄虫全为锯翅，性状与性别相关联，可知控制锯翅的基因是隐性基因，并且在X染色体上，所以锯翅性状的遗传方式是伴X染色体隐性遗传。 （4）表1中亲代所有个体均为圆翅纯合子，杂交组合Ⅲ的亲本为灰体（基因型A2A2）和黄体（基因型A3A3），F1的灰体基因型为A2A3，雌雄个体相互交配，子代基因型是A2A2（灰体）：A2A3（灰体）：A3A3（黄体）=1：2：1，所以杂交组合Ⅲ中F2的灰体圆翅雄虫基因型为1/3 A2A2XBY和2/3 A2A3XBY；杂交组合Ⅴ中，只看体色这对相对性状，因为F1只有一种表现型，故亲本为A1A1 A2A2，F1基因型为A1A2，雌雄个体相互交配，F2基因型为A1A1（黑体）：A1A2（灰体）：A2A2（灰体）=1：2：1；只看杂交组合Ⅴ中关于翅型的性状，亲本为XbXbXBY，F1基因型为XBXb，XbY，F1雌雄个体相互交配，F2的圆翅雌虫的基因型为XBXb，所以杂交组合Ⅴ的F2的灰体圆翅雌虫基因型为1/3 A2A2XBXb，2/3 A1A2 XBXb。控制体色和翅型的基因分别位于常染色体和X染色体，符合自由组合定律，可先按分离定律分别计算，再相乘，所以杂交组合Ⅲ中F2的灰体圆翅雄虫和杂交组合Ⅴ的F2的灰体圆翅雌虫随机交配，只看体色，A2A2、A2A3和A2A2、 A1A2随机交配，雄配子是1/3A3、2/3A2，雌配子是1/3A1、2/3A2，子代基因型为4/9 A2A2（灰体）、2/9 A2A3（灰体）、2/9 A1A2（灰体）、1/9 A1A3（黄体），可以出现灰体（占8/9）和黄体（占1/9）2种体色；只看翅型，XBY与XBXb杂交，子代基因型为1/4XBXB、1/4XBXb、1/4XBY、1/4XbY，雌性只有圆翅1种表现型，雄性有圆翅和锯翅2种表现型，所以子代的表现型共有2×3=6种。根据前面所计算的子代表现型，2/9=8/9（灰体）×1/4（圆翅雄虫或锯翅雄虫），故所占比例为2/9的表现型有灰体圆翅雄虫和灰体锯翅雄虫。 （5）黑体锯翅雌虫的基因型为A1A1XbXb，由（4）解析可知，杂交组合Ⅲ的F1灰体雄虫基因型为A2A3，所以灰体圆翅雄虫的基因型为A2A3XBY，二者杂交的遗传图解如下： 7．（2022·浙江·1月高考真题）果蝇的正常眼和星眼受等位基因A、a控制，正常翅和小翅受等位基因B、b控制其中1对基因位于常染色体上。为进一步研究遗传机制，以纯合个体为材料进行了杂交实验，各组合重复多次，结果如下表。 杂交组合 P F1 ♀ ♂ ♀ ♂ 甲 星眼正常翅 正常眼小翅 星眼正常翅 星眼正常翅 乙 正常眼小翅 星眼正常翅 星眼正常翅 星眼小翅 丙 正常眼小翅 正常眼正常翅 正常眼正常翅 正常眼小翅 回答下列问题： （1）综合考虑A、a和B、b两对基因，它们的遗传符合孟德尔遗传定律中的__________。组合甲中母本的基因型为__________。果蝇的发育过程包括受精卵、幼虫、蛹和成虫四个阶段。杂交实验中，为避免影响实验结果的统计，在子代处于蛹期时将亲本__________。 （2）若组合乙F1的雌雄个体随机交配获得F2，则F2中星眼小翅雌果蝇占____________。果蝇的性染色体数目异常可影响性别，如XYY或XO为雄性，XXY为雌性。若发现组合甲F1中有1只非整倍体星眼小翅雄果蝇，原因是母本产生了不含__________的配子。 （3）若有一个由星眼正常翅雌、雄果蝇和正常眼小翅雌、雄果蝇组成的群体，群体中个体均为纯合子。该群体中的雌雄果蝇为亲本，随机交配产生F1，F1中正常眼小翅雌果蝇占21/200、星眼小翅雄果蝇占49/200，则可推知亲本雄果蝇中星眼正常翅占__________。 （4）写出以组合丙F1的雌雄果蝇为亲本杂交的遗传图解。____________。 【答案】（1）自由组合定律 AAXBXB 移除 （2）3/16 X染色体 （3）7/10 （4） 【解析】分析题意可知，甲、乙组中星眼与正常眼杂交，子代全为星眼，说明星眼为显性，且性别与形状无关，A、a基因位于常染色体上；甲组中雌性正常翅与雄性小翅杂交，子代全为正常翅，乙组中雌性小翅与雄性正常翅杂交，子代中雌性为正常翅，雄性为小翅，说明该性状与性别相关联，位于X染色体上，且正常翅为显性。 （1）结合分析可知，A、a位于常染色体，而B、b位于X染色体，两对基因分别位于两对同源染色体，它们的遗传遵循自由组合定律；组合甲中母本为星眼正常翅，均为显性性状，且为纯合子，故基因型为AAXBXB；杂交实验中，为避免影响实验结果的统计，在子代处于蛹期时将亲本移除。 （2）组合乙为♀正常眼小翅（aaXbXb）×♂星眼正常翅（AAXBY），F1基因型为AaXBXb、AaXbY，F1的雌雄个体随机交配获得F2，则F2中星眼（A-）小翅雌果蝇（XbXb）占3/4×1/4=3/16；组合甲基因型为AAXBXB、aaXbY，F1基因型应为AaXBXb、AaXBY，若发现组合甲F1中有1只非整倍体星眼小翅雄果蝇，则该个体基因型可能为AaXbO。原因是母本产生了不含X染色体的配子。 （3）设亲本星眼正常翅雄果蝇在亲本雄果蝇中占比为m，则正常眼小翅雄果蝇在雄果蝇中占比为（1-m）。同理设亲本雌果蝇中正常眼小翅在雌果蝇中占比为n,则星眼正常翅雌果蝇占比为（1-n）。由题意可知，子代正常眼小翅雌果蝇占21/200，即为aaXbXb,1/2×aaXbXb×aaXbY=1/2（1-m）n=21/200，星眼小翅雄果蝇占49/200，即为AaXbY=1/2×AAXBY×aaXbXb=1/2mn=49/200。可算出n=7/10,1-m=3/10,则m=7/10，即亲本星眼正常翅雄果蝇在亲本雄果蝇中占比为7/10。 （4）组合丙的双亲基因型为aaXbXb×aaXBY，F1基因型为aaXBXb、aaXbY，F1的雌雄果蝇为亲本杂交的遗传图解为： 。 【点睛】本题考查学生理解基因分离定律和自由组合定律的实质和使用条件，学会根据子代表现型比例推测亲本基因型及性状偏离比出现的原因，并能结合题意分析作答。 8．（2021·浙江·6月高考真题）利用转基因技术，将抗除草剂基因转入纯合不抗除草剂水稻（2n）（甲），获得转基因植株若干。从转基因后代中选育出纯合矮秆抗除草剂水稻（乙）和纯合高秆抗除草剂水稻（丙）。用甲、乙、丙进行杂交，F2结果如下表。转基因过程中，可发生基因突变，外源基因可插入到不同的染色体上。高秆（矮秆）基因和抗除草剂基因独立遗传，高秆和矮秆由等位基因 A（a）控制。有抗除草剂基因用B+表示、无抗除草剂基因用 B-表示： 杂交组合 F2的表现型及数量（株） 矮秆抗除草剂 矮秆不抗除草剂 高秆抗除草剂 高秆不抗除草剂 甲×乙 513 167 0 0 甲×丙 109 37 313 104 乙×丙 178 12 537 36 回答下列问题： （2）矮秆对高秆为__________性状，甲×乙得到的F1产生__________种配子。 （2）为了分析抗除草剂基因在水稻乙、丙叶片中的表达情况，分别提取乙、丙叶片中的RNA并分离出__________，逆转录后进行PCR扩增。为了除去提取 RNA中出现的DNA污染，可采用的方法是__________。 （3）乙×丙的 F2中，形成抗除草剂与不抗除草剂表现型比例的原因是__________。 （4）甲与丙杂交得到F1，F1再与甲杂交，利用获得的材料进行后续育种。写出F1与甲杂交的遗传图解__________。 【答案】 隐性 2 mRNA 用 DNA 酶处理提取的 RNA 乙和丙的抗除草剂基因位于非同源染色体上，乙和丙上抗除草剂基因的遗传遵循自由组合定律 【解析】1、甲×乙杂交组合的F2 性状比为3∶1，是由一对基因控制的分离定律； 2、甲×丙杂交组合的F2 性状比为9∶3∶3∶1，是由两对基因控制的自由组合定律； 3、乙×丙杂交组合的F2 性状比为45∶15∶3∶1，是（3∶1）3的变式，由三对独立遗传基因控制的自由组合定律。 （1）根据杂交组合“乙×丙”，只分析高矮这一对相对性状，乙（纯合矮秆）与丙（纯合高秆）杂交，F2中矮秆∶高秆=（178+12）∶（537+36）=1∶3，可知矮秆是隐性性状，乙丙的基因型分别为aa和AA。 根据杂交组合“甲×乙”，只分析是否抗除草剂这一对相对性状，甲（纯合不抗除草剂）与乙（纯合抗除草剂）杂交，F2中抗除草剂∶不抗除草剂=（513+0）∶（167+0）=3∶1，可知抗除草剂是显性性状，又知矮秆是隐性性状，所以甲乙的基因型分别为aaB-B-和aaB+B+。故甲×乙得到的F1基因型为aaB+B-，所以其能产生aB+ 和aB-两种配子。 （2）目的基因的提取可采用逆转录法，即以控制目的蛋白的mRNA为模板，通过逆转录的方法合成目的基因，所以应从乙、丙叶片中提取并分离出抗除草剂基因的mRNA。若要除去RNA中的DNA污染，可利用酶的专一性，使用DNA（水解）酶处理即可（酶解法）。 （3）乙×丙的F2中，抗除草剂∶不抗除草剂 =（178+537）∶（12+36）≈15∶1，是9∶3∶3∶1的变式（9+3+3）∶1，同时又根据题干“外源基因可插入到不同的染色体上”，说明乙和丙的抗除草剂基因位于非同源染色体上，乙和丙上抗除草剂基因的遗传遵循自由组合定律。 （4）根据杂交组合“甲×丙”，F2中矮秆抗除草剂∶矮秆不抗除草剂∶高秆抗除草剂∶高秆不抗除草剂=109∶37∶313∶104=3∶1∶9∶3，说明控制两对性状的基因位于非同源染色体上，遵循自由组合定律。所以甲（aaB-B-）与丙（AAB+B+）杂交得到的F1基因型为AaB+B-，F1 （AaB+B-）与甲（aaB-B-）的杂交遗传图解为： 【点睛】掌握自由组合定律的实质：位于非同源染色体上的非等位基因随非同源染色体的自由组合而自由组合。乙和丙的抗除草剂基因是因为导入不同对的同源染色体上，所以遵循自由组合定律。 9．（2020·浙江·7月高考真题）某昆虫灰体和黑体、红眼和白眼分别由等位基因A（a）和B（b）控制，两对基因均不位于Y染色体上。为研究其遗传机制，进行了杂交实验，结果见下表： 杂交编号及亲体 子代表现型及比例 Ⅰ（红眼♀×白眼♂） F1 1红眼♂∶1红眼♀∶1白眼♂∶1白眼♀ Ⅱ（黑体红眼♀×灰体白眼♂） F1 1灰体红眼♂∶1灰体红眼♀∶1灰体白眼♂∶1灰体白眼♀ F2 6灰体红眼♂∶12灰体红眼♀∶18灰体白眼♂∶9 灰体白眼♀∶2黑体红眼♂∶4黑体红眼♀∶6黑体白眼♂∶3黑体白眼♀ 注：F2由杂交Ⅱ中的F1随机交配产生 回答下列问题： （1）从杂交Ⅰ的F1中选择红眼雌雄个体杂交，子代的表现型及比例为红眼♂∶红眼♀∶白眼♂=1：1：1。该子代红眼与白眼的比例不为3：1的原因是__________，同时也可推知白眼由__________染色体上的隐性基因控制。 （2）杂交Ⅱ中的雌性亲本基因型为__________。若F2灰体红眼雌雄个体随机交配，产生的F3有__________种表现型，F3中灰体红眼个体所占的比例为__________。 （3）从杂交Ⅱ的F2中选择合适个体，用简便方法验证杂交Ⅱ的F1中的灰体红眼雄性个体的基因型，用遗传图解表示_____。 【答案】 红眼雌性个体中B基因纯合致死 X aaXBXb 6 16/27 【解析】某昆虫灰体和黑体（A、a）、红眼和白眼（B、b）分别由两对等位基因控制，且两对等位基因均不位于Y染色体上，因此，不用考虑同源区段。从杂交Ⅱ的亲本为黑体♀和灰体♂，F1全为灰体，F2无论雌雄灰体∶黑体=3∶1，可知灰体为显性，且A、a位于常染色体（若位于X的非同源区段，则F1雄性全为黑体，不符合题意）。杂交Ⅱ的亲本为黑体♀（aa）和灰体♂（AA）。同理，根据组合Ⅱ的F2可知，雌性中红眼∶白眼=4∶3，雄性中红眼∶白眼=1∶3，可知控制该对性状的基因位于X染色体上，且杂交Ⅱ的亲本为红眼♀和白眼♂，F1雄性中红眼∶白眼=1∶1，可知红眼为显性，且杂交Ⅱ的亲本为红眼♀（XBXb）和白眼♂（XbY）。 （1）由以上分析可知，红眼、白眼基因（B、b）位于X染色体上。杂交Ⅱ的亲本为红眼♀（XBXb）和白眼♂（XbY）。F1雌性为1/2XBXb、1/2XbXb，雌配子为1/4XB、3/4Xb，雄性为1/2XBY、1/2XbY，雄配子为1/4XB、1/4Xb、1/2Y，F2雌性中红眼∶白眼=4∶3，雄性中红眼∶白眼=1∶3，可知红眼中XBXB致死。因此杂交Ⅰ（XBXb、XbY）的F1中选择红眼雌雄（XBXb、XBY）交配，后代比例为红眼♀（XBXb）∶红眼♂（XBY）∶白眼♂（XbY）=1∶1∶1，红眼∶白眼为2∶1，不是3∶1。 （2）据分析可知，杂交Ⅱ的亲本为黑体红眼♀（aaXBXb）和灰体白眼♂（AAXbY），雌性亲本基因型为aaXBXb。若F2灰体红眼雌雄果蝇随机交配，随机交配的亲本为A_XBXb×A_XBY，A_中有1/3AA、2/3Aa，产生的F3表现型有2×3=6种。随机交配的母本为1/3AAXBXb、2/3AaXBXb，雌配子为2/6AXB、2/6AXb、1/6aXB、1/6aXb，随机交配的父本为1/3AAXBY、2/3AaXBY，雄配子为2/6AXB、1/6aXB、2/6AY、1/6aY，利用棋盘法计算，由于XBXB致死，因此F3中灰体红眼的比例为（4+2+4+2+2+2）/（6×6-4-2-2-1）=16/27。 （3）用简便方法验证杂交Ⅱ的F1中的灰体红眼雌雄性个体（AaXBY）的基因型，通常采用将待测个体与隐性个体杂交，即让F1与黑体白眼雌果蝇（aaXbXb）进行杂交。遗传图解的书写要注意：亲本的基因型及表现型、子代的基因型和表现型、配子及各种符号、子代表现型比例，注表现型中应有性别。正确的遗传图解书写如下。 【点睛】本题的切入点是基因的位置判断，快速判断基因的位置能为解答本题赢取更多的时间，从杂交Ⅱ的F2的雌雄中红眼、白眼的比例不一致可以判断相关基因位于X染色体上，结合F1黑体与灰体判断另一对等位基因位于常染色体上，注意雌雄比例一致不一定位于常染色体上，在此基础上再进行致死判断及概率计算。要求学生在平时的做题中注意遗传规律的总结及概率计算方法的熟练应用。 10．（2019·浙江·4月高考真题）某种昆虫眼色的野生型和朱红色、野生型和棕色分别由等位基因A、a和B、b控制， 两对基因分别位于两对同源染色体上。为研究其遗传机制，进行了杂交实验，结果见下表： 杂交组合 P F1（单位：只） ♀ ♂ ♀ ♂ 甲 野生型 野生型 402（野生型） 198（野生型） 201（朱红眼） 乙 野生型 朱红眼 302（野生型） 99（棕眼） 300（野生型） 101（棕眼） 丙 野生型 野生型 209（野生型） 101（棕眼） 150（野生型） 149（朱红眼） 50（棕眼）  49（白眼） 回答下列问题： （1）野生型和朱红眼的遗传方式为______，判断的依据是______。 （2）杂交组合丙中亲本的基因型分别为______和______，F1中出现白眼雄性个体的原因是______。 （3）以杂交组合丙F1中的白眼雄性个体与杂交组合乙中的雌性亲本进行杂交，用遗传图解表示该过程____。 【答案】 伴X染色体隐性遗传 杂交组合甲的亲本均为野生型，F1中雌性个体均为野生型，而雄性个体中出现了朱红眼 BbXAXa BbXAY 两对等位基因均为隐性时表现为白色    【解析】根据杂交组合甲分析可得，等位基因A、a位于X染色体上；根据杂交组合乙分析可得，等位基因B、b位于常染色体上；同时结合杂交组合甲、乙、丙分析可知，白眼雄性个体是由于两对等位基因均呈隐性表达时出现。 （1）分析杂交组合甲可得，野生型和朱红眼的遗传方式受到性别影响，两个野生型亲本杂交，得到全是野生型的雌性后代和既有野生型又有朱红眼雄性后代，故野生型和朱红眼的遗传方式为伴X染色体隐性遗传； （2）分析可得A、a基因位于X染色体上，后代中雌性无朱红眼，雄性有朱红眼，所以亲本基因型为XAXa和XAY，B、b基因位于常染色体上，后代中出现野生型：棕眼=3:1，故亲本基因型为Bb和Bb，因此杂交组合丙中亲本的基因型为BbXAXa和BbXAY；F1中出现白眼雄性个体的原因可以发现是由于A、a基因和B、b基因均呈隐性表达时出现； （3）由于杂交组合丙中亲本的基因型为BbXAXa和BbXAY，故杂交组合丙F1中的白眼雄性个体的基因型为bbXaY，可产生的配子为bXa和bY，比例为1:1；由于B、b基因位于常染色体上，丙组F1中出现棕眼个体且没有朱红眼个体，故杂交组合乙中的雌性亲本的基因型为BbXAXA可产生的配子为BXA和bXA，比例为1:1；因此可获得后代基因型有BbXAXa、bbXAXa、BbXAY和bbXAY，且比例满足1:1:1:1，故遗传图解如下：    【点睛】此题考查基因分离定律和自由组合的应用、遗传的细胞学基础，侧重考查利用遗传学基本原理分析、解释遗传现象的能力，考查理解能力和科学思维能力。本题易错点在于判断白眼雄性个体的产生原因，白眼雄性个体的产生不是一个或两个的偶然原因，所以需要排除基因突变的可能性，又由于白眼雄性个体数量满足一定比例，我们才可判断白眼雄性个体是由于两个等位基因均为隐性表达时产生。 11．（2017·浙江·11月高考真题）果蝇的有眼与无眼由一对等位基因（B、b）控制,眼色的红色与白色由另一对等位基因（R、r）控制,两对基因均不位于Y染色体上。一只无眼雌果蝇与一只白眼雄果蝇交配,F1全为红眼,让F1雌雄果蝇随机交配得F2,F2的表现型及比例如下表 回答下列问题 （1）基因B在果蝇染色体上的位置称为__________ （2）果蝇的有眼与无眼中,显性性状是__________，F1雄蝇的基因型是__________ （3）让F2中全部的红眼果蝇随机交配,理论上F3雄果蝇的表现型为__________,其比例是__________用测交方法鉴定F2双杂合红眼雌果蝇基因型,用遗传图解表示__________。 【答案】 基因座位 有眼 BbXRY 红眼、白眼和无眼 6:2:1 【解析】一只无眼雌果蝇与一只白眼雄果蝇交配，F1全为红眼，说明有眼（B）对无眼（b）显性，红眼（R）对白眼（r）显性。F1雌雄果蝇随机交配得F2，F2中的白眼只出现在雄蝇中，说明控制红眼与白眼的这对基因的遗传为伴X遗传，F2中无眼与有眼在雌雄中均存在，且其数量比为1：1，说明控制有眼与无眼这对基因的遗传属于常染色体遗传。据此答题。 （1）基因B在果蝇染色体上的位置称为基因座位。 （2）据题意“一只无眼雌果蝇与一只白眼雄果蝇交配,F1全为红眼”，说明有眼对无眼为显性，红眼对白眼为显性，且亲本的基因型为bbXRXR（雌）、BBXrY（雄），进一步可推出F1的基因型为BbXRXr、BbXRY。 （3）由（2）的分析可知F1的基因型为BbXRXr、BbXRY，二者杂交得到子二代，其中红眼的果蝇的基因型及比例为1/6BBXRXR、1/6BB XRXr、2/6Bb XRXR、2/6Bb XRXr 、1/3BB XRY、2/3Bb XRY，雌雄随机交配，雌配子有：6/12BXR、2/12BXr、3/12bXR、1/12bXr；雄配子有：2/6BXR 、1/6bXR 、2/6BY、1/6bY，子代雄果蝇的基因型及概率： 24/72B_XRY红眼雄、8/72B_XrY 白眼雄、4/72bbX-Y无眼。因此F3雄果蝇的表现型为红眼、白眼和无眼，其比例是（24/72）：（8/72）：（4/72）=6:2:1。用测交方法鉴定F2双杂合红眼雌果蝇基因型，用遗传图解表示如下图所示： 【点睛】本题考查了基因的自由组合定律在伴性遗传中的应用，意在考查学生分析表格数据的能力、判断遗传病遗传方式的能力、从题中获取有效信息的能力、以及能用数学方式准确地描述生物学方面的内容、以及数据处理能力。 12．（2017·浙江·4月高考真题）果蝇的翻翅与正常翅是一对相对性状，受一对等位基因（A、a）控制，且A 是纯合致死基因；果蝇的颜色伊红、淡色和乳白色分别由复等位基因e、t 和i 控制。为探究上述两对性状的遗传规律，用两组果蝇进行了杂交实验，其结果如下表。 回答下列问题： （1）控制颜色的基因e、t 和i 均由野生型突变而来，这说明基因突变具有________特点。 （2）e、t 和i 之间的显隐关系为_______________。若只考虑颜色的遗传，果蝇的基因型有_______种。 （3）甲杂交组合中亲本雌果蝇的基因型为___________，F1 中雄果蝇均为乳白眼的原因是____________。乙杂交组合中亲本雄果蝇产生配子的基因型为________。 （4）已知翻翅伊红眼雌果蝇与翻翅乳白眼雄果蝇杂交，F1 中出现了正常翅乳白眼雄果蝇。若再将F1 中的翻翅伊红眼雌果蝇与翻翅乳白眼雄果蝇杂交，则F2 中正常翅伊红眼雌果蝇的概率为________。 【答案】（1）多方向性 （2）c对t为完全显性，t对i为完全显性 9 （3）AaXiXi 控制颜色的基因在X染色体上，亲本雌果蝇 aXt aY （4）1/12 【解析】分析表格可知，后代雌雄之间翻翅：正常翅均为2：1，且与性别无关，说明控制翅型的基因（A和a）在常染色体上。而眼色遗传在雌雄之间有性别差异，说明控制颜色的基因（e、t和i）在X染色体。 （1）控制眼色的基因c、t和i均由野生型突变而来，这说明基因突变具多方向性的持点。 （2）由题可知，A是纯合致死基因 ,而且甲中亲本杂交，后代雌雄之间翻翅：正常翅均为2:1，雌性中眼色均为淡色，雄性中均为乳白色，眼色遗传在雌雄之间有性别差异，因此可知控制翅型的基因在常染色体上，控制颜色的基因在X染色体上。根据甲实验可知t对i是完全显性，乙实验可知e对t完全显性，故显隐性关系为c对t为完全显性，t对i为完全显性。只考虑眼色遗传，果蝇的基因型有9种，其中雄性有六种，雌性有三种。 （3）根据甲实验，推知亲本雄性果蝇的基因型分别为AaXiXi、AaXtY。AaXtY 产生配子的基因型为aXt和aY。 （4）根据题中可推知亲本为AaXeXi , AaXiY ， F1中翻翅伊红雌果蝇与翻翅乳白眼果蝇的基因型也和亲本相同，则F2代中正常伊红雌果蝇（ AaXeXi）的概率为1/3×1/4=1/12。 13．（2016·浙江·10月高考真题）果蝇的灰身、黑身是由等位基因（B、b）控制，等位基因（R、r）会影响雌、雄黑身果蝇的体色深度，两对等位基因分别位于两对同源染色体上。现有黑身雌果蝇与灰身雄果蝇杂交，F1全为灰身，F1随机交配，F2表现型及数量如下表。 请回答： （1）果蝇的灰身和黑身是一对相对性状，其中显性性状为_________。R、r基因中使黑身果蝇的体色加深的是_________。 （2）亲代灰身雄果蝇的基因型为_________，F2灰身雌果蝇中杂合子占的比例为_________。 （3）F2灰身雌果蝇与深黑身雄果蝇随机交配，F3中灰身雌果蝇的比例为_________。 （4）请用遗传图解表示以F2中杂合的黑身雌果蝇与深黑身雄果蝇为亲本杂交得到子代的过程。_________ 【答案】 灰身 r BBXrY 5/6 1/3 【解析】本题主要考查基因的自由组合定律的应用。根据题意分析可知：蝇的灰身和黑身有常染色体上的等位基因（B-b）控制，等位基因（R-r）位于X染色体上，说明控制体色的两对等位基因分别位于两对同源染色体上，因此在遗传过程中遵循自由组合定律。纯合的黑身雌果蝇与纯合的灰身雄果蝇杂交，F1全为灰身，说明灰身对黑身是显性性状．子二代中雌、雄果蝇灰身：黑身=3：1，其中雌果蝇没有深黑身，雄果蝇黑身：深黑身=1：1，说明子一代雄果蝇的基因型是BbXRY，雌果蝇的基因型是BbXRXr．因此，亲本雄果蝇的基因型是BBXrY，雌果蝇的基因型是bbXRXR。 （1）由于黑身雌果蝇与灰身雄果蝇杂交，F1全为灰身，故灰身为显性；假如R是使黑身果蝇的体色加深。亲本雌雄果蝇的基因型为bbXrXr和BBXRY，子一代雌性是BbXRXr雄性是BbXrY，子二代雌性有6种基因型BBXRXr、BBXrXr、2BbXRXr、2BbXrXr、bbXRXr、bbXrXr，雌性也出现深黑色，这不符合深黑身只有雄性果蝇；假如r是使黑身果蝇的体色加深。亲本雌雄果蝇的基因型为bbXRXR和BBXrY，子一代雌性是BbXRXr，雄性是BbXRY，子二代雌性有6种基因型BBXRXR、BBXRXr、2BbXRXR、2BbXRXr、bbXRXR、bbXRXr，无深黑身，雄性也有6种基因型BBXRY、BBXrY、2BbXRY、2BbXrY、bbXRY、bbXrY，其中bbXrY是深黑身； （2）根据上述推理，亲代灰身雄果蝇的基因型为bbXRY；子一代的基因型是BbXRY、BbXRXr，子二代灰身雌果蝇中纯合子的比例是1/3×1/2=1/6，F2灰身雌果蝇中杂合子占的比例为5/6； （3）F2中灰身雌果蝇的基因型是B_XRX-，深黑身雄果蝇bbXrY，2/3Bb×bb→bb=1/3，因此Bb=2/3，r使黑色加深，对灰身无影响，因此杂交产生F3中灰身雌果蝇的比例2/3×1/2=1/3。 （4）F2杂合的黑身雌果蝇为bbXRXr，深黑身雄果蝇为bbXrY，遗传图解如下： 【点睛】解答本题的关键是结合题中F2表现型的数据及题干的条件推出r基因使黑色加深，双隐性个体是深黑色。 试卷第1页，共3页 / 学科网（北京）股份有限公司 $ 专题05 孟德尔两大遗传定律 10年汇编1年模拟 考点分类 浙江考情 命题规律 考点1 分离定律及其应用 2022浙江（2题）、2018浙江（1题）、2017浙江（1题） · 情境设置：以豌豆、番茄等经典材料和人工杂交实验为主要背景。 · 考查重点：纯合子与杂合子判断、显隐性关系、实验操作及分离比。 · 命题趋势：强调基础概念辨析与实验方法选择，注重分离定律在育种中的应用。 考点2 分离定律的异常现象分析 2024浙江（1题）、2021浙江（1题）、2020浙江（1题）、2018浙江（1题） · 情境设置：围绕动物毛色、昆虫斑纹和人类血型等复等位遗传实例设问。 · 考查重点：复等位基因、共显性、不完全显性及致死现象。 · 命题趋势：注重辨析显隐性关系，结合遗传图解和概率分析考查特殊分离现象。 考点3 基因自由组合定律 2026浙江（1题）、2021浙江（1题）、2020浙江（2题）、2018浙江（1题）、2017浙江（2题）、2016浙江（1题） · 情境设置：以作物、昆虫等遗传育种为背景，结合杂交实验与配子分析。 · 考查重点：独立遗传、配子种类及比例、基因型与表现型推断。 · 命题趋势：加强与伴性遗传、致死现象、转基因和育种实践的综合考查。 考点4 基因自由组合定律的异常分析 2026浙江（1题）、2020浙江（1题） · 情境设置：多以作物突变、品系杂交和性状分离实验为载体。 · 考查重点：基因互作、基因对性状的控制关系及异常分离比分析。 · 命题趋势：突出由表型数据反推遗传机制，强化多基因互作与实验设计。 考点5 遗传规律的综合应用 2024浙江（1题）、2023浙江（2题）、2022浙江（2题）、2021浙江（1题）、2020浙江（1题）、2019浙江（2题）、2018浙江（1题）、2017浙江（2题）、2016浙江（1题） · 情境设置：常结合家系图、伴性遗传、果蝇杂交和基因工程育种。 · 考查重点：分离定律、自由组合定律、伴性遗传及概率计算的综合应用。 · 命题趋势：突出多性状、多代次和实验数据分析，强化遗传规律解决实际问题的能力。 考点1 分离定律及其应用 1．（2022·浙江·6月高考真题）番茄的紫茎对绿茎为完全显性。欲判断一株紫茎番茄是否为纯合子，下列方法不可行的是（    ） A．让该紫茎番茄自交 B．与绿茎番茄杂交 C．与纯合紫茎番茄杂交 D．与杂合紫茎番茄杂交 2．（2022·浙江·1月高考真题）孟德尔杂交试验成功的重要因素之一是选择了严格自花受粉的豌豆作为材料。自然条件下豌豆大多数是纯合子，主要原因是（    ） A．杂合子豌豆的繁殖能力低 B．豌豆的基因突变具有可逆性 C．豌豆的性状大多数是隐性性状 D．豌豆连续自交，杂合子比例逐渐减小 3．（2018·浙江·11月高考真题）下列关于紫花豌豆与白花豌豆杂交实验的叙述，正确的是（ ） A．豌豆花瓣开放时需对母本去雄以防自花授粉 B．完成人工授粉后仍需套上纸袋以防自花授粉 C．F1自交，其F2中出现白花的原因是性状分离 D．F1全部为紫花是由于紫花基因对白花基因为显性 4．（2017·浙江·4月高考真题）豌豆种子的黄色（Y）和绿色（y）、圆粒（R）和皱粒（r）是两对相对性状。下列基因型中属于纯合子的是（　　） A．YyRr B．YYRr C．YYRR D．YyRR 考点2 分离定律的异常现象分析 1．（2021·浙江·1月高考真题）某种小鼠的毛色受AY（黄色）、A（鼠色）、a（黑色）3个基因控制，三者互为等位基因，AY对A、a为完全显性，A对a为完全显性，并且基因型AYAY胚胎致死（不计入个体数）。下列叙述错误的是（　　） A．若AYa个体与AYA个体杂交，则F1有3种基因型 B．若AYa个体与Aa个体杂交，则F1有3种表现型 C．若1只黄色雄鼠与若干只黑色雌鼠杂交，则F1可同时出现鼠色个体与黑色个体 D．若1只黄色雄鼠与若干只纯合鼠色雌鼠杂交，则F1可同时出现黄色个体与鼠色个体 2．（2020·浙江·1月高考真题）若马的毛色受常染色体上一对等位基因控制，棕色马与白色马交配，均为淡棕色马，随机交配，中棕色马：淡棕色马：白色马=1：2：1。下列叙述正确的是 A．马的毛色性状中，棕色对白色为完全显性 B．中出现棕色、淡棕色和白色是基因重组的结果 C．中相同毛色的雌雄马交配，其子代中雌性棕色马所占的比例为3/8 D．中淡棕色马与棕色马交配，其子代基因型的比例与表现型的比例相同 3．（2018·浙江·4月高考真题）一对A血型和B血型的夫妇，生了AB血型的孩子。AB血型的这种显性类型属于 A．完全显性 B．不完全显性 C．共显性 D．性状分离 4．（2024·浙江·6月高考真题）瓢虫鞘翅上的斑点图案多样而复杂。早期的杂交试验发现，鞘翅的斑点图案由某条染色体上同一位点（H基因位点）的多个等位基因（h、HC、HS、HSP等）控制的。HC、HS、HSP等基因各自在鞘翅相应部位控制黑色素的生成，分别使鞘翅上形成独特的斑点图案；基因型为hh的个体不生成黑色素，鞘翅表现为全红。通过杂交试验研究，并不能确定H基因位点的具体位置、序列等情况。回答下列问题： （1）两个体杂交，所得F1的表型与两个亲本均不同，如图所示。 F1的黑色凸形是基因型为______亲本的表型在F1中的表现，表明该亲本的黑色斑是______性状。若F1雌雄个体相互交配，F2表型的比例为_____。 （2）近期通过基因序列研究发现了P和G两个基因位点，推测其中之一就是H基因位点。为验证该推测，研究人员在翻译水平上分别阻止了P和G位点的基因表达，实验结果如表所示。结果表明，P位点就是控制黑色素生成的H基因位点，那么阻止P位点基因表达的实验结果对应表中哪两组？______，判断的依据是_____。此外，还可以在_____水平上阻止基因表达，以分析基因对表型的影响。 组1 组2 组3 组4 未阻止表达 阻止表达 （3）为进一步研究P位点基因的功能，进行了相关实验。两个大小相等的完整鞘翅P位点基因表达产生的mRNA总量，如图甲所示，说明P位点基因的表达可以促进鞘翅黑色素的生成，判断的理由是_____；黑底红点鞘翅面积相等的不同部位P位点基因表达产生的mRNA总量，如图乙所示，图中a、b、c部位mRNA总量的差异，说明P位点基因在鞘翅不同部位的表达决定_____。 （4）进一步研究发现，鞘翅上有产生黑色素的上层细胞，也有产生红色素的下层细胞，P位点基因只在产生黑色素的上层细胞内表达，促进黑色素的生成，并抑制下层细胞生成红色素。综合上述研究结果，下列对第（1）题中F1（HCHS）表型形成原因的分析，正确的有哪几项_____ A．F1鞘翅上，HC、HS选择性表达 B．F1鞘翅红色区域，HC、HS都不表达 C．F1鞘翅黑色凸形区域，HC、HS都表达 D．F1鞘翅上，HC、HS只在黑色区域表达 考点3 基因自由组合定律 1．（2021·浙江·6月高考真题）某玉米植株产生的配子种类及比例为 YR∶ Yr∶yR∶yr=1∶1∶1∶1。若该个体自交，其F1中基因型为YyRR个体所占的比例为（　　） A．1/16 B．1/8 C．1/4 D．1/2 2．（2020·浙江·7月高考真题）若某哺乳动物毛发颜色由基因De（褐色）、Df（灰色）、d（白色）控制，其中De和Df分别对d完全显性。毛发形状由基因H（卷毛）、h（直毛）控制。控制两种性状的等位基因均位于常染色体上且独立遗传。基因型为DedHh和DfdHh的雌雄个体交配。下列说法正确的是（    ） A．若De对Df共显性、H对h完全显性，则F1有6种表现型 B．若De对Df共显性、H对h不完全显性，则F1有12种表现型 C．若De对Df不完全显性、H对h完全显性，则F1有9种表现型 D．若De对Df完全显性、H对h不完全显性，则F1有8种表现型 3．（2017·浙江·11月高考真题）豌豆子叶的黄色对绿色为显性，种子的圆形对皱形为显性，且两对性状独立遗传。以1株黄色圆形和1株绿色皱形豌豆作为亲本，杂交得到F1，其自交得到的F2中黄色圆形∶黄色皱形∶绿色圆形∶绿色皱形=9∶3∶15∶5，则黄色圆形的亲本产生的配子种类有（　　） A．1种 B．2种 C．3种 D．4种 4．（2017·浙江·4月高考真题）若利用根瘤农杆菌转基因技术将抗虫基因和抗除草剂基因转入大豆，获得若干转基因植株（T0代），从中选择抗虫抗除草剂的单株S1、S2和S3，分别进行自交获得T1代，T1代性状表现如图所示。已知目的基因能1次或多次插入并整合到受体细胞染色体上。下列叙述正确的是（　　） A．抗虫对不抗虫表现为完全显性，抗除草剂对不抗除草剂表现为不完全显性 B．根瘤农杆菌Ti质粒携带的抗虫和抗除草剂基因分别插入到了S2的2条非同源染色体上，并正常表达 C．若给S1后代T1植株喷施适量的除草剂，让存活植株自交，得到的自交一代群体中不抗虫抗除草剂的基因型频率为1/2 D．若取S3后代T1纯合抗虫不抗除草剂与纯合不抗虫抗除草剂单株杂交，得到的子二代中抗虫抗除草剂的纯合子占1/9 5．（2016·浙江·10月高考真题）在模拟孟德尔杂交实验中，甲同学分别从下图①②所示烧杯中随机抓取一个小球并记录字母组合；乙同学分别从下图①③所示烧杯中随机抓取一个小球并记录字母组合。将抓取的小球分别往回原烧杯后，重复100次。 下列叙述正确的是 A．甲同学的实验模拟F2产生配子和受精作用 B．乙同学的实验模拟基因自由组合 C．乙同学抓取小球的组合类型中DR约占1/2 D．从①～④中随机各抓取1个小球的组合类型有16种 6．（2026·浙江·6月高考真题）亚麻（2n）是重要的纤维和油料作物。锈病是亚麻的主要病害，由亚麻锈菌引起。表1是锈菌Ⅰ、Ⅱ及其杂交后代对亚麻的毒性遗传结果；表2是亚麻甲、乙及其杂交后代对锈菌的抗性遗传结果。已知锈菌毒性相关的基因为A/a和B/b，其遗传遵循孟德尔定律；亚麻抗锈病相关的基因为H/h和R/r；锈菌Ⅰ含有a基因，亚麻甲含有H基因。回答下列问题： 表1 锈菌Ⅰ 锈菌Ⅱ F1 F2 亚麻甲 有毒 无毒 无毒 无毒 有毒 无毒 有毒 亚麻乙 无毒 有毒 无毒 无毒 无毒 有毒 有毒 锈菌培养物（个） 47 16 15 5 注：表中数值为锈菌F2的培养物分别接种到亚麻甲和乙后，对亚麻有毒（无毒）的培养物数。 表2 亚麻甲 亚麻乙 F1 F2 锈菌Ⅰ 感病 抗病 抗病 抗病 感病 抗病 感病 锈菌Ⅱ 抗病 感病 抗病 抗病 抗病 感病 感病 亚麻植株（株） 85 27 28 9 注：表中数值为亚麻F2的单株分别被接种锈菌Ⅰ和Ⅱ后，抗病（感病）的植株数。 （1）锈菌有毒对无毒为______性状。表1的F2中，对亚麻甲有毒而对亚麻乙无毒的锈菌基因型为______。 （2）亚麻乙的基因型是______。若表2中的F1与亚麻甲回交，得到的子一代中，基因型及其比例是______，感锈菌Ⅰ且抗锈菌Ⅱ的个体中杂合子占比为______。 （3）亚麻抗病基因表达过程中，RNA聚合酶结合到该基因的______区域后，通过______过程合成RNA，再经加工形成成熟的mRNA，并翻译出多肽链，最后多肽链盘曲折叠成具有特定______的蛋白质分子，从而行使其功能。 （4）研究发现，亚麻抗病基因编码的产物需要与锈菌无毒基因编码的产物识别并互作，才能激发亚麻产生特异性______反应，侵染部位出现过敏性坏死，进而表现出抗性。综合上述研究结果，亚麻抗性与锈菌毒性的关系表现是______（A．含a和b基因的锈菌杂合子对亚麻所有基因型均无毒  B．含a和b基因的锈菌纯合子对亚麻所有基因型均有毒  C．含h和r基因的亚麻杂合子对锈菌所有基因型均无抗性  D．含H和R基因的亚麻纯合子对锈菌所有基因型均有抗性）。 7．（2020·浙江·1月高考真题）已知某二倍体雌雄同株（正常株）植物，基因t纯合导致雄性不育而成为雌株，宽叶与窄叶由等位基因（A、a）控制。将宽叶雌株与窄叶正常株进行杂交实验，其F1全为宽叶正常株。F1自交产生F2，F2的表现型及数量：宽叶雌株749株、窄叶雌株251株、宽叶正常株2250株、窄叶正常株753株。回答下列问题： （1）与正常株相比，选用雄性不育株为母本进行杂交实验时操作更简便，不需进行_____处理。授粉后需套袋，其目的是______。 （2）为什么F2会出现上述表现型及数量？______。 （3）若取F2中纯合宽叶雌株与杂合窄叶正常株杂交，则其子代（F3）的表现型及比例为_____，F3群体随机授粉，F4中窄叶雌株所占的比例为_____。 （4）选择F2中的植株，设计杂交实验以验证F1植株的基因型，用遗传图解表示_______。 8．（2018·浙江·11月高考真题）某种昆虫的正常翅与裂翅、红眼与紫红眼分别由基因B（b）、D（d）控制。为研究其遗传机制，选取裂翅紫红眼雌、雄个体随机交配，得到的F1表现型及数目见下表。 裂翅紫红眼 裂翅红眼 正常翅紫红眼 正常翅红眼 雌性个体（只） 102 48 52 25 雄性个体（只） 98 52 48 25 （1）红眼与紫红眼中，隐性性状是__________，判断的依据是__________。亲本裂翅紫红眼雌性个体的基因型为__________。 （2）F1的基因型共__________种。F1正常翅紫红眼雌性个体的体细胞内基因D的数目最多时有__________个。F1出现4种表现型的原因是____________________。 （3）若从Fl中选取裂翅紫红眼雌性个体和裂翅红眼雄性个体交配。理论上，其子代中杂合子的比例为__________。 考点4 基因自由组合定律的异常分析 1．（2020·浙江·7月高考真题）某植物的野生型（AABBcc）有成分R，通过诱变等技术获得3个无成分R的稳定遗传突变体（甲、乙和丙）。突变体之间相互杂交，F1均无成分R。然后选其中一组杂交的F1（AaBbCc）作为亲本，分别与3个突变体进行杂交，结果见下表： 杂交编号 杂交组合 子代表现型（株数） Ⅰ F1×甲 有（199），无（602） Ⅱ F1×乙 有（101），无（699） Ⅲ F1×丙 无（795） 注：“有”表示有成分R，“无”表示无成分R 用杂交Ⅰ子代中有成分R植株与杂交Ⅱ子代中有成分R植株杂交，理论上其后代中有成分R植株所占比例为（    ） A．21/32 B．9/16 C．3/8 D．3/4 2．（2026·浙江·1月高考真题）栽培辣椒（2n=24）是茄科的蔬菜作物，可自花授粉也可异花授粉。已知辣椒果实着生方式的下垂和直立为1对相对性状，由2对独立遗传的等位基因G/g和H/h共同控制，且G抑制H的表达，而果实直立需H的正常表达。现有果实下垂的纯合辣椒甲和杂合辣椒乙，以及果实直立的辣椒丙，杂交结果如下表所示。 亲本组合 后代的表型及其比例 甲×丙 全部为果实下垂 果实下垂︰果实直立=13︰3 乙×乙 果实下垂︰果实直立=3︰1 一 回答下列问题： （1）甲的基因型是________，乙产生________种类型的雄配子。乙自交得到的植株再全部自交，得到的中ggHH基因型频率是________。 （2）甲×丙得到，写出与丙杂交的遗传图解________。 （3）研究发现，G基因的启动子核心区域出现序列的缺失，使RNA聚合酶与启动子不能正常识别和结合，结果导致部分植株的果实着生方式从下垂变为直立，其原因是______________。 （4）辣椒的辣度与果实中辣椒素的含量直接相关。在茄科作物番茄、马铃薯中也存在与辣椒素合成相关基因的同源基因，这可作为辣椒、番茄、马铃薯由________进化而来的分子水平证据之一。将栽培辣椒与某高辣度的野生辣椒（2n=26）进行杂交，可形成早期胚胎，但胚胎不能正常发育，体现了物种之间存在________的现象。为获得具有高辣度的杂交后代，可取早期胚胎材料作为________进行培养，实现胚胎的拯救，得到再生植株。 考点5 遗传规律的综合应用 1．（2024·浙江·1月高考真题）某昆虫的性别决定方式为XY 型，张翅（A）对正常翅（a）是显性，位于常染色体；红眼（B）对白眼（b）是显性，位于 X 染色体。从白眼正常翅群体中筛选到一只雌性的白眼张翅突变体，假设个体生殖力及存活率相同，将此突变体与红眼正常翅杂交，子一代群体中有张翅和正常翅且比例相等，若子一代随机交配获得子二代，子二代中出现红眼正常翅的概率为（    ） A．9/32 B．9/16 C．2/9 D．1/9 2．（2019·浙江·4月高考真题）一对表现型正常的夫妇生了一个患半乳糖血症的女儿和一个正常的儿子。若这个儿子与一个半乳糖血症携带者的女性结婚，他们所生子女中，理论上患半乳糖血症女儿的可能性是 A．1/12 B．1/8 C．1/6 D．1/3 3．（2018·浙江·4月高考真题）为研究某种植物3种营养成分（A、B和C）含量的遗传机制，先采用CRISPR/Cas9基因编辑技术，对野生型进行基因敲除突变实验，经分子鉴定获得3个突变植株（M1、M2和M3）。其自交一代结果见下表，表中高或低指营养成分含量高或低。 下列叙述正确的是   A．从M1自交一代中取纯合的（A高B低C低）植株，与M2基因型相同的植株杂交，理论上其杂交一代中只出现（A高B低C低）和（A低B低C高）两种表现型，且比例一定是1：1 B．从M2自交一代中取纯合的（A低B高C低）植株，与M3基因型相同的植株杂交，理论上其杂交一代中，纯合基因型个体数：杂合基因型个体数一定是1：1 C．M3在产生花粉的减数分裂过程中，某对同源染色体有一小段没有配对，说明其中一个同源染色体上一定是由于基因敲除缺失了一个片段 D．可从突变植株自交一代中取A高植株与B高值株杂交，从后代中选取A和B两种成分均高的植株，再与C高植株杂交，从杂交后代中能选到A、B和C三种成分均高的植株 4．（2023·浙江·6月高考真题）某家系甲病和乙病的系谱图如图所示。已知两病独立遗传，各由一对等位基因控制，且基因不位于Y染色体。甲病在人群中的发病率为1/2500。    回答下列问题： （2）甲病的遗传方式是______，判断依据是______。 （2）从系谱图中推测乙病的可能遗传方式有______种。为确定此病的遗传方式，可用乙病的正常基因和致病基因分别设计DNA探针，只需对个体______（填系谱图中的编号）进行核酸杂交，根据结果判定其基因型，就可确定遗传方式。 （3）若检测确定乙病是一种常染色体显性遗传病。同时考虑两种病，Ⅲ3个体的基因型可能有______种，若她与一个表型正常的男子结婚，所生的子女患两种病的概率为______。 （4）研究发现，甲病是一种因上皮细胞膜上转运Cl-的载体蛋白功能异常所导致的疾病，乙病是一种因异常蛋白损害神经元的结构和功能所导致的疾病，甲病杂合子和乙病杂合子中均同时表达正常蛋白和异常蛋白，但在是否患病上表现不同，原因是甲病杂合子中异常蛋白不能转运Cl-，正常蛋白______；乙病杂合子中异常蛋白损害神经元，正常蛋白不损害神经元，也不能阻止或解除这种损害的发生，杂合子表型为______。 5．（2023·浙江·1月高考真题）某昆虫的性别决定方式为XY型，野生型个体的翅形和眼色分别为直翅和红眼，由位于两对同源染色体上两对等位基因控制。研究人员通过诱变育种获得了紫红眼突变体和卷翅突变体昆虫。为研究该昆虫翅形和眼色的遗传方式，研究人员利用紫红眼突变体卷翅突变体和野生型昆虫进行了杂交实验，结果见下表。 表 杂交组合 P F1 F2 甲 紫红眼突变体、紫红眼突变体 直翅紫红眼 直翅紫红眼 乙 紫红眼突变体、野生型 直翅红眼 直翅红眼∶直翅紫红眼＝3∶1 丙 卷翅突变体、卷翅突变体 卷翅红眼∶直翅红眼＝2∶1 卷翅红眼∶直翅红眼＝1∶1 丁 卷翅突变体、野生型 卷翅红眼∶直翅红眼＝1∶1 卷翅红眼∶直翅红眼＝2∶3 注：表中F1为1对亲本的杂交后代，F2为F1全部个体随机交配的后代；假定每只昆虫的生殖力相同。 回答下列问题： （1）红眼基因突变为紫红眼基因属于__________（填“显性”或“隐性”）突变。若要研究紫红眼基因位于常染色体还是X染色体上，还需要对杂交组合__________的各代昆虫进行__________鉴定。鉴定后，若该杂交组合的F2表型及其比例为__________，则可判定紫红眼基因位于常染色体上。 （2）根据杂交组合丙的F1表型比例分析，卷翅基因除了控制翅形性状外，还具有纯合__________效应。 （3）若让杂交组合丙的F1和杂交组合丁的F1全部个体混合，让其自由交配，理论上其子代（F2）表型及其比例为__________。 （4）又从野生型（灰体红眼）中诱变育种获得隐性纯合的黑体突变体，已知灰体对黑体完全显性，灰体（黑体）和红眼（紫红眼）分别由常染色体的一对等位基因控制。欲探究灰体（黑体）基因和红眼（紫红眼）基因的遗传是否遵循自由组合定律。现有3种纯合品系昆虫：黑体突变体、紫红眼突变体和野生型。请完善实验思路，预测实验结果并分析讨论。 （说明：该昆虫雄性个体的同源染色体不会发生交换；每只昆虫的生殖力相同，且子代的存活率相同；实验的具体操作不作要求） ①实验思路： 第一步：选择__________进行杂交获得F1，__________。 第二步：观察记录表型及个数，并做统计分析。 ②预测实验结果并分析讨论： Ⅰ：若统计后的表型及其比例为__________，则灰体（黑体）基因和红眼（紫红眼）基因的遗传遵循自由组合定律。 Ⅱ：若统计后的表型及其比例为__________，则灰体（黑体）基因和红眼（紫红眼）基因的遗传不遵循自由组合定律。 6．（2022·浙江·6月高考真题）某种昆虫野生型为黑体圆翅，现有3个纯合突变品系，分别为黑体锯翅、灰体圆翅和黄体圆翅。其中体色由复等位基因A1/A2/A3控制，翅形由等位基因B/b控制。为研究突变及其遗传机理，用纯合突变品系和野生型进行了基因测序与杂交实验。回答下列问题： （1）基因测序结果表明，3个突变品系与野生型相比，均只有1个基因位点发生了突变，并且与野生型对应的基因相比，基因长度相等。因此，其基因突变最可能是由基因中碱基对发生___________导致。 （2）研究体色遗传机制的杂交实验，结果如表1所示： 表1 杂交组合 P F1 F2 ♀ ♂ ♀ ♂ ♀ ♂ Ⅰ 黑体 黄体 黄体 黄体 3黄体：1黑体 3黄体：1黑体 Ⅱ 灰体 黑体 灰体 灰体 3灰体：1黑体 3灰体：1黑体 Ⅲ 灰体 黄体 灰体 灰体 3灰体：1黄体 3灰体：1黄体 注：表中亲代所有个体均为圆翅纯合子。 根据实验结果推测，控制体色的基因A1（黑体）、A2（灰体）和A3（黄体）的显隐性关系为___________（显性对隐性用“>”表示），体色基因的遗传遵循___________定律。 （3）研究体色与翅形遗传关系的杂交实验，结果如表2所示： 表2 杂交组合 P F1 F2 ♀ ♂ ♀ ♂ ♀ ♂ Ⅳ 灰体圆翅 黑体锯翅 灰体圆翅 灰体圆翅 6灰体圆翅：2黑体圆翅 3灰体圆翅：1黑体圆翅：3灰体锯翅：1黑体锯翅 Ⅴ 黑体锯翅 灰体圆翅 灰体圆翅 灰体锯翅 3灰体圆翅：1黑体圆翅：3灰体锯翅：1黑体锯翅 3灰体圆翅：1黑体圆翅：3灰体锯翅：1黑体锯翅 根据实验结果推测，锯翅性状的遗传方式是___________，判断的依据是___________。 （4）若选择杂交Ⅲ的F2中所有灰体圆翅雄虫和杂交Ⅴ的F2中所有灰体圆翅雌虫随机交配，理论上子代表现型有___________种，其中所占比例为2/9的表现型有哪几种？___________。 （5）用遗传图解表示黑体锯翅雌虫与杂交Ⅲ的F1中灰体圆翅雄虫的杂交过程。 7．（2022·浙江·1月高考真题）果蝇的正常眼和星眼受等位基因A、a控制，正常翅和小翅受等位基因B、b控制其中1对基因位于常染色体上。为进一步研究遗传机制，以纯合个体为材料进行了杂交实验，各组合重复多次，结果如下表。 杂交组合 P F1 ♀ ♂ ♀ ♂ 甲 星眼正常翅 正常眼小翅 星眼正常翅 星眼正常翅 乙 正常眼小翅 星眼正常翅 星眼正常翅 星眼小翅 丙 正常眼小翅 正常眼正常翅 正常眼正常翅 正常眼小翅 回答下列问题： （1）综合考虑A、a和B、b两对基因，它们的遗传符合孟德尔遗传定律中的__________。组合甲中母本的基因型为__________。果蝇的发育过程包括受精卵、幼虫、蛹和成虫四个阶段。杂交实验中，为避免影响实验结果的统计，在子代处于蛹期时将亲本__________。 （2）若组合乙F1的雌雄个体随机交配获得F2，则F2中星眼小翅雌果蝇占____________。果蝇的性染色体数目异常可影响性别，如XYY或XO为雄性，XXY为雌性。若发现组合甲F1中有1只非整倍体星眼小翅雄果蝇，原因是母本产生了不含__________的配子。 （3）若有一个由星眼正常翅雌、雄果蝇和正常眼小翅雌、雄果蝇组成的群体，群体中个体均为纯合子。该群体中的雌雄果蝇为亲本，随机交配产生F1，F1中正常眼小翅雌果蝇占21/200、星眼小翅雄果蝇占49/200，则可推知亲本雄果蝇中星眼正常翅占__________。 （4）写出以组合丙F1的雌雄果蝇为亲本杂交的遗传图解。____________。 8．（2021·浙江·6月高考真题）利用转基因技术，将抗除草剂基因转入纯合不抗除草剂水稻（2n）（甲），获得转基因植株若干。从转基因后代中选育出纯合矮秆抗除草剂水稻（乙）和纯合高秆抗除草剂水稻（丙）。用甲、乙、丙进行杂交，F2结果如下表。转基因过程中，可发生基因突变，外源基因可插入到不同的染色体上。高秆（矮秆）基因和抗除草剂基因独立遗传，高秆和矮秆由等位基因 A（a）控制。有抗除草剂基因用B+表示、无抗除草剂基因用 B-表示： 杂交组合 F2的表现型及数量（株） 矮秆抗除草剂 矮秆不抗除草剂 高秆抗除草剂 高秆不抗除草剂 甲×乙 513 167 0 0 甲×丙 109 37 313 104 乙×丙 178 12 537 36 回答下列问题： （2）矮秆对高秆为__________性状，甲×乙得到的F1产生__________种配子。 （2）为了分析抗除草剂基因在水稻乙、丙叶片中的表达情况，分别提取乙、丙叶片中的RNA并分离出__________，逆转录后进行PCR扩增。为了除去提取 RNA中出现的DNA污染，可采用的方法是__________。 （3）乙×丙的 F2中，形成抗除草剂与不抗除草剂表现型比例的原因是__________。 （4）甲与丙杂交得到F1，F1再与甲杂交，利用获得的材料进行后续育种。写出F1与甲杂交的遗传图解__________。 9．（2020·浙江·7月高考真题）某昆虫灰体和黑体、红眼和白眼分别由等位基因A（a）和B（b）控制，两对基因均不位于Y染色体上。为研究其遗传机制，进行了杂交实验，结果见下表： 杂交编号及亲体 子代表现型及比例 Ⅰ（红眼♀×白眼♂） F1 1红眼♂∶1红眼♀∶1白眼♂∶1白眼♀ Ⅱ（黑体红眼♀×灰体白眼♂） F1 1灰体红眼♂∶1灰体红眼♀∶1灰体白眼♂∶1灰体白眼♀ F2 6灰体红眼♂∶12灰体红眼♀∶18灰体白眼♂∶9 灰体白眼♀∶2黑体红眼♂∶4黑体红眼♀∶6黑体白眼♂∶3黑体白眼♀ 注：F2由杂交Ⅱ中的F1随机交配产生 回答下列问题： （1）从杂交Ⅰ的F1中选择红眼雌雄个体杂交，子代的表现型及比例为红眼♂∶红眼♀∶白眼♂=1：1：1。该子代红眼与白眼的比例不为3：1的原因是__________，同时也可推知白眼由__________染色体上的隐性基因控制。 （2）杂交Ⅱ中的雌性亲本基因型为__________。若F2灰体红眼雌雄个体随机交配，产生的F3有__________种表现型，F3中灰体红眼个体所占的比例为__________。 （3）从杂交Ⅱ的F2中选择合适个体，用简便方法验证杂交Ⅱ的F1中的灰体红眼雄性个体的基因型，用遗传图解表示_____。 10．（2019·浙江·4月高考真题）某种昆虫眼色的野生型和朱红色、野生型和棕色分别由等位基因A、a和B、b控制， 两对基因分别位于两对同源染色体上。为研究其遗传机制，进行了杂交实验，结果见下表： 杂交组合 P F1（单位：只） ♀ ♂ ♀ ♂ 甲 野生型 野生型 402（野生型） 198（野生型） 201（朱红眼） 乙 野生型 朱红眼 302（野生型） 99（棕眼） 300（野生型） 101（棕眼） 丙 野生型 野生型 209（野生型） 101（棕眼） 150（野生型） 149（朱红眼） 50（棕眼）  49（白眼） 回答下列问题： （1）野生型和朱红眼的遗传方式为______，判断的依据是______。 （2）杂交组合丙中亲本的基因型分别为______和______，F1中出现白眼雄性个体的原因是______。 （3）以杂交组合丙F1中的白眼雄性个体与杂交组合乙中的雌性亲本进行杂交，用遗传图解表示该过程____。 11．（2017·浙江·11月高考真题）果蝇的有眼与无眼由一对等位基因（B、b）控制,眼色的红色与白色由另一对等位基因（R、r）控制,两对基因均不位于Y染色体上。一只无眼雌果蝇与一只白眼雄果蝇交配,F1全为红眼,让F1雌雄果蝇随机交配得F2,F2的表现型及比例如下表 回答下列问题 （1）基因B在果蝇染色体上的位置称为__________ （2）果蝇的有眼与无眼中,显性性状是__________，F1雄蝇的基因型是__________ （3）让F2中全部的红眼果蝇随机交配,理论上F3雄果蝇的表现型为__________,其比例是__________用测交方法鉴定F2双杂合红眼雌果蝇基因型,用遗传图解表示__________。 12．（2017·浙江·4月高考真题）果蝇的翻翅与正常翅是一对相对性状，受一对等位基因（A、a）控制，且A 是纯合致死基因；果蝇的颜色伊红、淡色和乳白色分别由复等位基因e、t 和i 控制。为探究上述两对性状的遗传规律，用两组果蝇进行了杂交实验，其结果如下表。 回答下列问题： （1）控制颜色的基因e、t 和i 均由野生型突变而来，这说明基因突变具有________特点。 （2）e、t 和i 之间的显隐关系为_______________。若只考虑颜色的遗传，果蝇的基因型有_______种。 （3）甲杂交组合中亲本雌果蝇的基因型为___________，F1 中雄果蝇均为乳白眼的原因是____________。乙杂交组合中亲本雄果蝇产生配子的基因型为________。 （4）已知翻翅伊红眼雌果蝇与翻翅乳白眼雄果蝇杂交，F1 中出现了正常翅乳白眼雄果蝇。若再将F1 中的翻翅伊红眼雌果蝇与翻翅乳白眼雄果蝇杂交，则F2 中正常翅伊红眼雌果蝇的概率为________。 13．（2016·浙江·10月高考真题）果蝇的灰身、黑身是由等位基因（B、b）控制，等位基因（R、r）会影响雌、雄黑身果蝇的体色深度，两对等位基因分别位于两对同源染色体上。现有黑身雌果蝇与灰身雄果蝇杂交，F1全为灰身，F1随机交配，F2表现型及数量如下表。 请回答： （1）果蝇的灰身和黑身是一对相对性状，其中显性性状为_________。R、r基因中使黑身果蝇的体色加深的是_________。 （2）亲代灰身雄果蝇的基因型为_________，F2灰身雌果蝇中杂合子占的比例为_________。 （3）F2灰身雌果蝇与深黑身雄果蝇随机交配，F3中灰身雌果蝇的比例为_________。 （4）请用遗传图解表示以F2中杂合的黑身雌果蝇与深黑身雄果蝇为亲本杂交得到子代的过程。_________ 试卷第1页，共3页 / 学科网（北京）股份有限公司 $