普通高等学校招生全国统一考试·物理精编精华仿真卷12套(三)-【金卷1号】2027年高考物理模拟精华仿真12套

普通高等学校招生全国统一考试·物理 4.某带电粒子转向器的横截而如图所示，转向器中有辐向电场，粒子从M点射人，沿着由 半径分别为R1和R的圆弧平滑连接成的虚线（等势线）运动，并从虚线上的N点射出， 精编精华仿真卷12套（三） 虚线处电场强度大小分别为E1和E2,则R1、R,和E1、E2应满足 () (时间：75分钟满分：100分) -N 一、选择题（本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符 合题目要求，每小题4分：第8一10题有多项特合题目要求，每小题6分，全部选对的得6 0 分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。) 1.放射性元素的原子核往往需要经历一系列的α衰变和B衰变才能达到稳定的状态，如 Th→aHe十b-e十Pb。若号Th、He、-e和Pb的质量分别用m,、mz,ma和m 表示。则下列说法正确的是 () A层-是 B是- c层- A.在Th→aHe+b-9e+器Pb中，a=6,b=4 5.如图甲所示，一质量m=4kg的小球（可视为质点）以%=4m/s的速度从A点冲上竖直 B.衰变过程中释放出的α射线比3射线的穿透能力强 光滑半圆轨道。当半圆轻道的半径R发生改变时，小球对B点的压力与半径R的关系 C.20个号Th核经过2个半衰期后还剩5个2铝Th核 图像如图乙所示，g取10m/s2,下列说法正确的是 () D.一个号Th核衰变成一个Pb核释放的核能为(m,一m一m,一m,) ↑FW 2.某扫地机器人电池容量2000mA·h,额定工作电压15V,额定功率30W,则下列说法 正确的是 () /m A.扫地机器人的电阻是7.52 B.题中mA·h是能量的单位 A.x=2.5 C.扫地机器人正常工作时的电流是2A B.y=40 D.扫地机器人充满电后可工作的时间约为4h C,若小球能通过轨道上的C点，则其落地点距A点的最大水平距离为0.80耳 3.如图所示，用轻绳将一条形磁体竖直悬挂于O点，在其正下方的水平绝缘桌面上放置一 D.当小球恰能通过轨道上的C点时，半圆轨道的半径R=64cm 铜质圆环。现将磁体从A处由静止释放，经过B、C到达最低处D,再摆到左侧最高处 6.如图所示，两个平行金属板水平放置，要使一个电荷量为一g、质量为m的微粒，以速度 E,圆环始终保持静止，则磁体 沿两板中心轴线S:S:向右运动，可在两板间施加匀强电场或匀强磁场。设电场强度为 E,磁感应强度为B,不计空气阻力，已知重力加速度为g,下列选项可行的是() Sog.. A.只施加竖直向上的电场，且满足E=mg A.从B到C的过程中，圆环中产生逆时针方向的电流（从上往下看） B.只施加竖直向上的磁场，且满足B=ms qu B.摆到D处时，圆环给桌面的压力小于圆环受到的重力 C同时施加竖直向下的电场和竖直向上的磁场，且满足E-,+Bm C.从A到D和从D到E的过程中，圆环受到摩擦力方向相同 D.在A、E两处的重力势能相等 D.同时施加竖直向下的电场和垂直纸面向里的磁场，且满足E一mg十B 7,如图甲所示，正方形硬质金属框αbcd放置在磁场中，金属框平面与磁场方向垂直。磁感 A.两球发射的初速度A:g=1：2 应强度B随时间t的变化规律如图乙所示。在0一0.2s的时间内与0.2~0.6s的时 B.两球发射的初速度w:g=2:1 间内 () C.两球从P点发射到碰到墙面所用的时间tA:t=1t√2 D,两球从P点发射到碰到墙面所用的时间tA:tn=1:2 10,某汽车的四冲程内燃机利用奥托循环进行工作。该循环由两个绝热过程和两个等容过 002 0.61/s 程组成，下图为一定质量的理想气体所经历的奥托循环，则该气体 () A.通过金属框的电荷量之比为2：1 B.金属框中电流的电功率之比为4：1 C.金属框中产生的热量之比为4·1 D.金属框的ab边受到安培力的方向相同 A.在状态a和c时的内能可能相等 8.总质量为m的汽车在平直公路上以速度。匀速行驶时，发动机的功率为P。司机为合 B.在a→b过程中，外界对其做的功全部用于增加内能 理进人限速区，减小了油门，使汽车功率立即减小到三P并保持该功率继续行驶，设汽车 C.bc过程中增加的内能大于d·a过程中减少的内能 行驶过程中所受阻力大小不变。从司机减小油门开始，汽车的。一：图像如图所示，从汽 D.d→a过程单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数诚少 车开始诚速到再次达到匀速运动的过程中，行驶的位移为5，汽车因油耗而改变的质量可 二、非选择题（本题共5小题，共54分。） 忽略。则在该过程中，下列说法正确的是 () 11.(6分)某学习兴趣小组利用如图甲所示的装置完成了用单摆测量重力加速度大小的 m·s 实验。 tis A汽车再次匀速运动时速度大小为型 B.t=0时刻，汽车的加速度大小为3m (1)他们用机械式停表记录了单摆完成50次全振动所需的时间，如图乙所示。停表的 C.汽车的牵引力不断 读数为 D经历的时间为器一院 (2)如下列选项所示，给出了摆线上端的四种悬挂方式，其中摆长测量误差较小的是 9.如图所示，水平放置的网球发球机正对着竖直墙面发射网球，两次发射的网球分别在墙 上留下A、B两点印迹。测得4=，OP为水平线，若忽略网球在空中受到的阻力，下 列说法正确的是 () 网球发球机网球出口竖直蜡 细线被 细线系在 细线绕在 细线穿过 夹住 细针上 用干上 小圆孔 A B C D (3)通过查阅资料，该学习兴趣小组再次进行实验，测定了最大摆角分别为2°、3°，4°、5 77777777777% 水平地向 及10°、15°，20°时单摆的周期，数据记录如下表所示 -10 最大摆角 2 3 4° 5 10 15° 20° ③正确连接电路后，调节滑动变阻器的阻值，当标准电流表A1示数为I时，电流表A指针 周期/s 指示的格数为N,则电流表A的量程表达式I.=。(用已知物理量字母表示) 2.0062.006 2.006 2.006 2.010 2.014 2.018 13.(10分)一列简谐横波沿x轴正向传播，M、P,N是x轴上沿正向依次分布的三个质点， 根据表中数据，你可以得出的结论是 M,N两质点平衡位置间的距离为1.3，P质点平衡位置到M、N两质点平衡位置的 距离相等。M、N两质点的振动图像分别如图甲、乙所示。 12.(8分)实验室有一电流表A,表盘共有30个均匀小格，某实验小组欲测量其内阻R。和 量程I。,已知该电流表量程约0~0.06A。 0. (1)该小组选择多用电表欧姆“X1”挡，进行欧姆调零后和一电阻箱及待测电流表相连， 0.i0.2s 0.02s -02-- -0.2- 如图甲所示，请补画完整电路连接图。正确连接电路后，调整电阻箱阻值进行测量，电 阻箱及多用电表示数如图乙所示，则待测电流表的内阻R。= n。 (1)求P质点的振动周期： (2)求这列波的波长。 黑表笔 甲 (2)为了测量电流表A的最大测量值I,现有下列器材可供选择 标准电流表A1(量程030mA,内阻R1=4.02): 定值电阻R(阻值为4.0)： 定值电阻R2(阻值为400D): 滑动变阻器R,(最大阻值约为5n): 滑动变阻器R,(最大阻值约为2002)： 电源E(电动势约1.5V,内阻不计)： 开关、导线若干。 ①定值电阻应选择 ,滑动变阻器应选择 ②在下面的方框中画出实验电路图： 14.(12分)某兴趣小组设计了一种检测油深度的油量计，如图甲所示，油量计固定在油桶盖 15.(18分)一种探测气体放电过程的装置如图甲所示，充满氖气(N©)的电离室中有两电极 上并使油量计可以竖直插入油桶，不计油量计对油面变化的影响。图乙是油量计的正 与长直导线连接，并通过两水平长导线与高压电源相连。在与长直导线垂直的平面内， 视图，它是由透明塑料制成的，它的下边是锯齿形，锯齿部分是n个相同的等腰直角三 以导线为对称轴安装一个用阻值R。=100的细导线绕制、匝数n=5X103的圆环形螺 角形，腰长为受4，相邻两个锯齿连接的竖直短线长度为号，最右边的儡齿刚好接触到油 线管，细导线的始末两端c、d与阻值R=90n的电阻连接。螺线管的横截而是半径a= 1.0×10m的圆，其中心与长直导线的距离r=0,1m。气体被电离后在长直导线回 桶的底部，油面不会超过图乙中的虚线I,塑料的折射率小于油的折射率。用一束单色 路中产生顺时针方向的电流1，其I-1图像如图乙所示。为便于计算，螺线管内各处的 平行光垂直照射油量计的上表面时，观察到有明暗区域。 明暗区域 磁感应强度大小均可视为B-,其中k=2X10-T·/A。 油桶盖 油量计 竖直 短 0 高压电潮 (1)为了明显观察到明暗区域，求透明塑料的折射率的最小值： 气中 (2)当油面在图丙所示虚线Ⅱ位置时，请在图丙上画出明暗交界处的光路图并标注出明 1.02.03.04.05.06.0103s 暗区域。若某次测量最左边亮区域的宽度为，求此时油的深度。 (1)求0一6.0×10-38内通过长直导线横截面的电荷量Q: (2)求3.0×103s时，通过螺线管某一匝线圈的磁通量Φ： (3)若规定c→R·d为电流的正方向，在不考虑线圈自感的情况下，通过计算，画出通过 电阻R的R-t图像： (4)若规定c→R→d为电流的正方向，考虑线圈自感，定性画出通过电阻R的R-t 图像。 -12碰撞过程中动量守恒，有m西一(m十m) 律，对于大量原子核囊变时才适用，对于个别原 乞mw,且R≤0.32m,联立解得x P2P 碰撞结来后到刚滑上圆或轨道有一尚X2mg4■ 子核没有意义，C错误，根据质能方程可得，一 3一，B正确。汽车微减逵运动，连 ×2m-×2m 个Th核衰变成一个橙Pb核释放的核能为 √/1.6m-4R)4R,当R=0,2m时，x'取最大 度减小，功率不变，据P=F加，牵引力不断增大，C △E=△m2=(m1一6m一4m8一m)c2,D错误. 值，xa'=0.80m,故C正骑. 在半国轨道漠低，点满是R一2mg-2m览 2.C根据题意，扫地机器人是非她电阻用电器，无 6.D因微粒带负电，故只施加坚直向下的电场， 错误。由功能定理有号h-W。=之m(学 法计算扫地机器人的电阻，A错误。题中mA·h 联立解得Fx=12mg 且满足E=坚，才能沿S,S:向右运动，A错误。 之m,其中克服阻力做功W。一F5,所经历 是电荷量的单位，故B错误。扫地机器人正常工 由中顿第三定律可知，两个小物块刚滑上丰固 因微粒带负电，只施加垂直纸面向外的磁场，且 35_5mw 轨道时对轨道的压力大小为12加g。 作时的电流为1一号-智A-2A,C正瑞， 的时间一一2PD正确 满足B=m8时，才能沿S,S,向右运动，B错误。 (3)如果不税离轨近有两种可能，一是上清的 9.BC设la一lm一h,忽略空气阻力，网球在空 2000mA·h=2A·h,扫地机器人充满电后可 最大高度不超过半径R,再一个是通过圆孤最 因藏粒帮负电，阿时施加竖直向下的电场和垂 工作的时间约为1-2公-1hD错误. 中微平熟运动，竖直方向有h=气2,2h= 高点。由题日可知当弹簧压缩量为【时，弹性 直纸面向里的磁场时，静电力竖直向上，由左手 势能E,=12mg4,小物块P被弹簧弹开到与Q 3.C磁休从B到C的过程中，圆环中的磁场向 定则可知洛伦兹力竖直向下，重力竖直向下，由 2',整理可以得到41a=1V区，C正确， 相难之前有E一mgh=名m 上且磁通量增大，据“增反减同”可判斯置环产 平衡条件可得E一mg十gb和.解得E-四g+ D错误。水平方向为匀速运动，而且水平位移 生顺时针方向的电流（从上往下看），A错误 大小相等，则x=dA=sB,整理可以得到以 碰撞过程中动量守恤，有m一(m十m) 磁体摆到D处时，圆环中的磁通量最大，不产生 Be,C错误，D正璃 :g=√2：1，A错误，B正确， 碰撞站来后到刚滑上圆兹轨道有一：X2mg山= 感应电流，故给来面的压力等于圆环受到的重 △BS 号×2m,2-是×2m 力，B错误。由得次定律的推论“来拒去留”可 7B通过金属框的电荷量q==辰=尺4= 10.BCD从c到d为施热膨张，有Q=0,W<0, 根据热力学第一定律，可知△U<0,温度降 知，磁体从A到D和从D到E的过程中，圈环 能滑上副孤要求出>0 受到摩擦力方向均向右，C正确。由于有部分 发5，因在0~-0.2的时间4内与0.20.6s 低：从d到a,体积不变，由查理定律C-号， 不超过国心等高处格界有受×2m2=2mg· 机械能转化为电能，故在A、E两处险体的重力 的时间内，磁感应致度随时间的变化量△B 可如压强减小，则温度降低，射状态c的温度 势能不相等，D错溪。 相网，故通过金属框的电荷量之比为1t1,A错 高于我态a的温度，根据一定质量的理想气 R,联立可得号<号 4。A根据题意知，静电力提供粒子做圆周运动的 (△BS 远。金属瓶中电流的电功来P三 体内能由温度决定，所以状态的内能小于 如果能够通过图孤最高点，滑到最高点有 向心力，有Eg=m荒，E9=m荒联主两式解 我态c的内能，A错误。Q→b过程为绝热压 -2mgX2R=号×2mw-×2m (△BS)2 缩，外界对气体微功W>0,Q=0,根据热力 得会是选项A三境 新以上一三一1·B正确，金%里中 学第一定律可知△U=W,即外界对其做的功 在最高点恰好由重力提供向心力2mg= 5.C小球从A到B,根撼动能定理可得一mgR 2n紧联立解得：一号 产生的然量Q=,得8-品-导，C错民 全部用于增加内能，B正确。从b·c过程系 统从外界吸收热量，从©+d系镜对外殿功， m时-m,在B点，根据牛频第二定律得 在0一0.2s的时间内与0.2一0.68的时间内， 从d→a系统放出热量，从a→b外界对系统 要通过最高点，需委满足≤司 通过线柜的电流方向相反，磁场的方向相同，所 下-紧，联立解得F-货-80(N),结合道困乙 微功，根据力-V图像“面积”即为气体微功 综上所述，两物块不税离图燕轨道，动摩擦因 以金属框ab边受到的安培力方向相反，D错误， 大小，可知图像中b+c+d+a围成的困形的 8.ABD汽车以速度西匀速行驶时，牵引力等于 数肛的取值范围为音<<号减≤行 可知y=80N,=程m=号m,故A,B错 面积为气体对外微的功，整个过程气体内能 误。恰能通过最高点时，在最高点，根据牛领第 变化为零，则△W十△Q=0,即△Q=一△W> 普通高等学校招生全国统一考试·物理 阻方，有R。-F一号汽本以功养号P匀选行状 精编精华仿真卷12套（三） 二定律可得mg一m紧，从最低点到最高点，根 8 0,脚在一次猜环过程中吸数的热量大于放出 1.A根据电荷数守慢和质量数中恒，可加a 时，幸引力等于阻力，有Fm=F= 格动能定理可得一2mgR一名m2-之mw,解 ,可得 的热量，则b→c过程中增加的内能大于d一@ 过程中减少的内能，C正确。d→a过程，气 232-208=6,b=2a+82-90=4,A正W.来 4 得R=0.32m,故D错误。从最高，点做平抛运 口-号，A正痛.1=0时刻，汽车的幸引力 体体积不变，外界对气体不做功，而气体压强 变过程中释效出的@射线比B射线的电高能力 减小，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子 强，穿逢能力弱，B错误。半囊期是统计学榄 动，则2R=2gz=t,-2mgR=2me R-铝汽车的加地度大小a-F。-R一 数减少，D正确 52 11.答案：(1)99.8(2)ABD(3)见解析 26 入数据可得Φ-6.28×10Wb。 末造度，即上升阶段平均速度较大，上升时间较 解析：(1)停表的读数为t=1.5min+9,8s= 13.答案：10.2s(254n3mn=0,1,2, (3)在01.0×103s时间内电流均匀增加 短，故选A, 解析：(1)由题意，根搭振动因像易得，频动周 99.8s, 由据次定律可知感应电流的方向为c→R→d, 2.D步骤①和②都从相同的高度下落，不网的 (2)为了逆免实验时由于小琼的摆动导致悬点 期为T=0.2s。 产生恒定的感应电动势E■m9@× 是豆粒的个数，故它模显的气体压强与分子密 摇动，而使摆长发生变化，故悲挂点不能摇动， (2②)波从M向N传指，由报动圈像得m+子)a 集程度的关系，也说明大量的立粒连续地作用 要因定，故选A、B、D △1 E 5.2 由闭合电路欧定排可得一R十R,代 在盘于上能产生持续的作用力：而步赚②和团 (3)由表格中数得出结论是在最大摆角不大 1.3m(m=0,1,2,…),解得A=4m千3m 的豆粒个数相同，让它们从不同的高度落下，豆 入数据解得iR=3.14×10-1A 于5”时，单摆振动周期跟振幅无关，大于5时， 26 5(4n+3Dm(n=0,l,2,…). 粒撞击的速率不同，所以它们模椒的是分于的 在1.0X10-3~5.0×10Js电流恒定，穿过圈 振动周期随最大摆角的增大而增大。 地率与气体压强的关系，或者说是气体的分子 14.答案：(1)w2(2)如图所示 }(nd-D 形螺线管的磁场幢定，国此感应电动势为0，感 12.答案：(1)见解析图8.0(2)①RR 应电流为0，而在5.0×10-1~6.0×10s时 平均动能与气体压强的关系，故速D。 ②电路图见解析®0 明风域 3,B因为小圆环穿过轻蝇且可在绳上自由滑动， 间内电流随时间均匀变化，针率大小和0一 所以AC绳的拉力和BC绳的拉力大小相等， 解析：(1)屯略连接园如图所示 暗区域 1.0×10」s时间内斜率大小相可，因此电流大 C,D错误。小年如采静止或者匀速查线运动， 小相同，由据次定律可知感应电流的方向为 小圆环应该位于AB中点的正下方，现在小圆 d+R→c,则图像如图所示 环在中点偏右，并且角度不变，根牛顿第二定 t103A) 律，小测环有向左的加速度且不变，说明小车正 3.1 在向右匀减连运动，A错误，B正 102030405.06.07.0103到 4D闭合开关后，为泡两端的电压为U一鼎U, 解析：(1)由于油量计的下边是等胶直角三角 由多月电表得到的读数为20.0，电但箱读数 形，所以光线从塑料入射到空气时格界角最大 为120，所以电流表内阻为8.02。 (4)考惑自感的情况下，线框会产生自感电动 是u,-A)=0兴U-W)=U-00, (2)①特测电流表量程约为0~60mA,内阻为 为45，由此可得nCn行2。 势阻得电流的增加，阀此电流是缓慢增加的， U1一50V,U,<U1,A错误。变压器不放变频 8.02,标准电流表量程为0一30mA,内阻为 (2)竖直向下的光在塑料和空气的界面处发生 过一段时间电路达到德定后自感消失，电流的 4.0,所以定值电但应孩选R:,与标准电流表 全反射，光线从上端射出，人看到的就是亮区 峰值和之前大小相同，在1,0×101一5.0× 率，文支电流的频率为∫一器一50H,B错误 设升压变压器的输出电压为2，输送电流为 并联分流：由于电流表量程为0一60mA,如采 城。由于堂科的斯射率小于油的折射率，整直 10s时间内电路中的磁道量不变化，电流要 I,所有灯泡获得的总功率为P=U:I2一I:r 用限流式连接电路图，可得应该控制滑动变阻 向下的光在塑补和油的暴面处发生折射，人看 减小为0，因此白感电动势会阻碍电流的减小， 器阻值大于150，而R阻值范国过大，不使于 到的就是暗区域。因此由题意可知每齿宽 使得电流缓慢减小为0，电流图像如图所示。 -山一艺岁+，用合的开关数越多，方池 调节，因此只能用R并采用分压式接法。 2X号·号=d安高=兰1宽的区越的贵 ↑103A) 总电阻越小，电流12越大，所以灯泡总功率有 四电路图如下】 2 3.14 可能先增大后减小，也有可能一直减小，C错 1.02.0 3.04.05.d6.0 7.0103划 误，依次闭合开关S,S,S,灯泡慈电阻遂澌 A) (nd-D. 减小，输运电流逐渐增大，所以灯泡两端的电压 逐渐减小，灯泡L1越来越暗，D正确。 R S 15.答案：(1)0.5C(2)6.28×10Wb(3)见 普通高等学校招生全国统一考试·物理 精编精华仿真卷12套（四） 5.D机械手臂受到的摩擦力和小球受到的摩擦 ③由电路特点，A中电流为A中电流的2倍， 解析图(4)见解析图 1,A上升阶段，捷度逐渐减小，所以图像斛率逐 力是一对作用力和反作用力，大小相等，方向相 因此当标准电流表A示数为【时，电流表A 解析：(1)由q■1可知I一t图像下方的面积 渐减小，在最高，点，遽度为0，即针率为0，下降 反，即祝械手臂受到的摩擦力方向竖克向下，A 表示电荷量，固此有Q=11△1+1△+】△ 中电流为21，电流表制度均匀，所以有品-引。 阶段，速度逐衔增大，所以图像斜率逐渐增大 错误，小球受到的压力在水平方向上，压力与 代入数据解得Q=0.5C 因为上升阶段合力较大，加逸度较大，根据位移 重力不是一对平衡力，B错误。对小球遗行受 可释，-0， (2)由难通量的定义可得中=BS=×和，代 速度公式，上升阶段的初速度大于下降段的 力分析，如图所示，小球处于平衡秋态，根力 53