普通高等学校招生全国统一考试·物理精编精华仿真卷12套(二)-【金卷1号】2027年高考物理模拟精华仿真12套

普通高等学校招生全国统一考试·物理 精编精华仿真卷12套（二） (时间：75分钟满分：100分) 品 一、选择题（本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1一7题只有一项符 A.52.5W B.63W C.352.5W D.423W 合题目要求，每小题4分：第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6 5.如图所示，质量m=1kg的物块放置在竖直固定的弹簧上方（未拴接），用力向下压物块 分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。) 至某一位置，然后由静止释放，取该位置为物块运动的起始位置，物块上升过程的α-x 1.对于光的认识，下列说法正确的是 图像如图所示，不计空气阻力，g取10m/s2。则下列说法正确的是 () A.不容易观察到光的衍射现象是因为光的速度太大 4a/m·s B.偏振光可以是横波，也可以是纵波 0.1不20.30.40.5xm C.照相机镜头的偏振滤光片可使水下影像清晰 777777777 D.雨后路面上的油膜呈现彩色，是光的折射现象 A.物块运动过程的最大加速度大小为20m/s 2.某校高三体育专业生正在水平地面上进行拉轮胎的负荷训练，设该同学做匀速直线运 B.弹簧的劲度系数为50N/m 动，运动过程中保持双肩及两绳的端点A、B等高，且m=l如，为简便计算，假设两绳间 C.弹簧最大弹性势能为9J 的夹角为0=60°，绳AO、BO与水平面间的夹角恒为Y=30°，地面对轮胎的摩擦阻力大小 D,物块加速度为0时离开弹簧 恒为F,则每根绳的拉力大小为 () 6.迷你系绳卫星在地球赤道正上方的电离层中，沿圆形轨道绕地飞行。系绳卫星由两子卫 星组成，它们之间的导体绳沿地球半径方向，如图所示。在电池和感应电动势的共同作 用下，导体绳中形成指向地心的电流，等效总电阻为。导体绳所受的安培力克服大小为 F的环境阻力，可使卫星保持在原轨道上。已知卫星离地平均高度为h,导体绳长为！ (《h),地球半径为R,质量为m,轨道处磁感应强度大小为B,方向垂直于赤道平面。忽 A号 C.23F 3 D.√2F 路地球自转的影响。据此可得，电池电动势为 () 3.铅球被水平推出，不计空气阻力，下列关于铅球在空中运动时的加速度大小a、速度大小 动能E和机械能E随运动时间：的变化关系正确的是 远地子卫显 电池 xB 电流 导体绳 速度 近地子卫星 e 4,如图所示，领角为α、长为2m的斜面固定在水平地面上，质量为100kg的滑块置于斜面 底部A处，滑块与斜面之间的动摩擦因数为0.1，现用恒力F沿斜面将滑块拉到B处时， AB队、A+ BB队，A 速度变为1m/s,g取10m/s2,sina=0.6,cosa=0.8。将滑块沿斜面拉到0.72m处时 Gm Bl 拉力F的功率为 () C.B D.BL√R干hFr 7,如图所示，平行板电容器与光电管相连，用蓝光照射光电管时，处在电容器中的带电粒子 A.浮标上下振动的周期为T=2s P处于静止状态，可以判断 () B.该列波的被速为2m/s C.再经0.5s,x=4m处的质点到达被谷位置 D.图甲是x=2m处质点的振动图像 10.图甲是一种振动发电机的示意图，半径r=0.1m、匝数n=25的线圈（每匝的周长相等） A.粒子P带的是负电荷 位于辐向分布的磁场中，磁场的磁感线均沿半径方向均匀分布（其右视图如图乙所示）， B.保持蓝光的强度不变，增大电容器两板间的距离，粒子P将向上运动 C,若换用紫光照射，粒子P将向上运动 线圈所在位置的磁感应强度的大小均为B=O,6T,外力F作用在线圈框架的P端，使 D.若换用紫光照射，粒子P将向下运动 线圈沿轴线做往复运动，线圈运动速度？随时间1变化的规律如图丙（正弦函数曲线）所 8.如图所示，坐标平面内有边界过P点和坐标原点O的圆形匀强磁场区域，OP的长度为 示。按图甲电路图连接电路，变压器为理想变压器，发电机正常工作时三个小灯泡均正 1,磁场方向垂直于坐标平面，一质量为m、电荷量为e的电子（不计重力），从P点以初速 常发光，灯泡完全相同且R=1Q,不计线陶电阻，下列说法正确的是 () 度。平行于x轴正方向射人磁场区域，从x轴上的Q点射出磁场区域，此时速度与x轴 正方向的夹角为60°，下列说法正确的是 () 4o/m·s 24681012i0's 60 A.发电机产生的电动势的瞬时值表达式为e=6sin5πt(V) B变压器原，副线圈的匝数比为21 A.磁场方向垂直于坐标平面向外 C.每个小灯泡正常发光时的功率为4W B磁场的蓝感应强度B=爱 D.=0,1s时理想电压表的示数为6V C.圆形磁场区域的半径为( 二、非选择题（本题共5小题，共54分。） D.圆形磁扬的圆心坐标为(，) 11.(6分)某同学用两根完全相同的轻弹簧和一瓶矿泉水等器材验证力的平行四边形定则。 实验时，先将一弹簧一端固定在墙上A处的钉子上，另一端挂矿泉水瓶，如图甲所示；然 9,小明某天正在一湖边钓鱼，突然湖的周围起了风，他发现湖中钓鱼的浮标上下浮动。他 后将两弹簧一端分别周定在墙上A,B处的钉子上，另一端连接于结点O,在结点O挂 根据自已的经验认为浮标上下浮动可简化成竖直方向的简谐运动，他通过观测绘制出了 矿泉水瓶，静止时分别测出AO、BO与竖直方向的偏角α、3，如图乙所示。改变B处钉 浮标的振动图像，如图甲所示，接着他又根据湖面的波纹绘制出了水的波动图像，如图乙 子的位置，按照上述方法多测几次。 所示。假设图乙是一列沿x轴正方向传播的水波在t=0.5s时的波形，图甲是图乙中离 原点0~4m范围内某质点的振动图像，则下列说法正确的是 () y/cm 一6 (1)依据上述方案并根据力的平行四边形定则，为画出力的合成图，必须进行的操作是 13.(10分)趣味运动“充气碰碰球”如图所示。用完全封闭的PVC薄膜充气膨胀成型，人钻 人洞中，进行碰撞游戏。充气之后碰碰球内气体体积为0.8m3,压强为1.5×105Pa。 A.实验中要使AO、BO长度相同 碰撞时气体最大压缩量是0.08m,不考虑压缩时气体的温度变化 B.要测量弹簧的原长 (1)求压缩量最大时，球内气体的压强：（结果保留3位有效数字） C.要测量图甲、乙中弹簧的长度 (2)为保障游戏安全，球内气体压强不能超过1.75×105P,那么，在早晨17℃环境下 D.实验中要使结点O的位置始终固定不变 充完气的碰碰球，球内气体压强为1.5×10Pa,若升温引起的球内容积变化可忽略，请 (2)根据实验原理及操作，为验证力的平行四边形定则，在作图时，图（选填 通过计算判断是否可以安全地在中午37℃的环境下进行碰撞游戏。 “丙”或“丁”)是正确的。 (3)某次实验中测得图乙中a=30°，B=45°，保持a偏角不变，将OB从图乙中位置沿顺 时针方向缓慢转到水平位置，则OA中弹簧的长度将 ,OB中弹簧的长度 将 。(均选填“一直增大”“一直减小”“先减小后增大”或“先增大后 减小”) 12.(8分)图甲为某探究小组自制多用电表的电路图，图乙为相应的实物图。其中电流表G 量程为0~1mA,内阻为18n:R。=22:滑动变阻器R1的最大阻值为20002：电源电 动势E=1.5V,内阻不计。 (1)将图乙中未连接的实物图补充完整。 (2)图甲中，当开关S闭合，单刀双掷开关S接1时，可作为量程为0~mA 的电流表。 (3)图甲中，将开关S接2时，为欧姆表。若开关S断开，欧姆调零后R1的阻值为 :若开关S断开时，倍率为“×10”挡，则开关S闭合时，倍率为（选 填“×1”或“X100”)挡 14.(12分)如图所示，在竖直平而内建立xOy直角坐标系。一质量为m、电荷量为q的质 15.(18分)一轻质弹簧竖直放置，将一质量为12m的小物块轻放于弹簧顶端，弹簧最大压 子，自原点O以初速度。沿x轴正方向运动。若在以O为圆心的圆形区域内分布着垂 缩量为。如图所示，水平地面上有一固定挡板，将此弹簧一端固定在挡板上且水平放 直于xOy平面的匀强磁场，一段时间后质子沿与y轴夹角为30°方向经P点射人第二 置，一质量为m的小物块P紧靠弹簧的另一端但不拴接：在水平地面右侧固定有一半 象限。若撤去磁场，在第一象限内加一与工轴正方向夹角为150°的匀强电场（电场、磁 径R=1的竖直光滑半圆轨道，轨道最低点与地面相切。将另一质量也为m的小物块Q 场均未画出)，该质子恰能经过y轴上的P点。已知点P到O的距离为(，求： 放置在距半圆轨道最低点2=4处。现向左推小物块P压缩弹簧，使弹簧形变量为， (1)磁场的磁感强度B的大小： 此时小物块P与Q的距离为=21。撤去外力，小物块P被弹簧弹开，然后与小物块Q (2)匀强电场的电场强度E的大小。 正碰，碰后瞬间粘在一起。小物块P、Q均可看作质点，且与水平地面间的动摩擦因数 相同，重力加速度为g。 (1)求弹簧最大压缩量为【时，弹簧具有的弹性势能： (2)若两物块P,Q与水平地面间的动摩擦因数山=号，求两个小物块刚滑上半圆轨道 时对轨道的压力大小： (3)若两物块P、Q与地面间的动摩擦因数4可以改变，要求两个小物块在半圆轨道上 运动时不脱离轨道，求动摩擦因数丛的取值范围号n,解得R=8.0Q,由于电压表V:的分 14.答案：(1D21十)g 2 (2)(1-k)g (3)带电粒于在电场中的加建度为a一 在运动过程中不计空气阻力，机械能守恒，D EaggBBol 正确。 流，使得测量的电流偏大，所以待测电阻R。测 量值比真实值偏小， ax+片高 dm 2dm 4.D对物块受力分新有F一ngsin&一mgcos a= 粒子在电场中做匀加速直线运动，满足d= ma,根瑪运动学公式有=2ax,联立解得F (3实验时可以引入辅助电源E,利用当辅助 解析：(1)设礼花弹的质量为m1,上升过程中， 回路和测量回路的电流相等时灵敏电流计G 由牛领第二定律可得mg十km1g=m1a1,解得 r 705N,a=0.25m/s,将滑块沿钟面拉到 中无电流这一特点，在测量电路中没有电流表 41=(1十)g 为保江粒子一直加速，应满是长否，解得 0.72m处时，速度为=√2ar=0,6m/s,则 的情况下，仍然测得其园路中的电流，从而消 由运动学公式可得0一w2=2(-)h,解得 拉力的功率为P=F=423W,故选D。 隆由子电流表的内凰带来的误盖，则尺，=号 h-2(1g d路 5.A由题图可知，在位移为0,2m处加速度为 0,在位移为0.3m后，加逸度不变，即物体离开 普通高等学校招生全国统一考试·物理 &n=8.1n. (2)由题意可知，炸开后，整直下幕的弹片加速 精编精华仿真卷12套（二） 了弹簧，其加速度为重力加速度。所以有 度最小，设孩弹片质量为m:,由牛顿第二定律 1,C能观察到明显衍射的条件是障碍物或小孔 k(0.3m一0,2m)=mg,在起始位置物体加违 13.答案：(1)b(2)150°2y6R c 可得m:g一km:g=maa,解得a=(1一k)g。 的尺寸与波长差不多或小于波长，而光的波长 度最大，有F=k·0.3m一mg=ma,解得a= 解析：(1)同种介质时，光的频率越高，折射率 (3)由(1)的分析可知，速度大小为m的弹片上 太小方是光不客易观察到衍射现象的原因，与 20m/s,A正确，D错误，弹簧的动度系数为 越大，红光和紫光从空气进入水中时，入射角 升过程的最大位移大小为=h=21十)g 光速无类，故A错误；偏振是横波特有的现象， mg 表=0.3m0.2m=100N/m,B错误。弹簧淡 相同，光偏折较大，b光偏折较小，可知是 偏振光是横波，不是纵波，故B错溪：由于水面 紫光，b是红光， 诚过粗所用时间1=西一 复形变的过程中，弹簧弹力做的功为W= 4,(1十) 形成的反射光是偏顿光，故在照相机镜头前加 (2)从A点入射时，设折射角为Y,根据光的折 从最高点下降过报十=a,解得下降 装偏振滤光片可以滤去水面的反射光，使拍摄 ·0.3mx=4.5J,C错谈。 2 射定律=sin 的水下的景物更清斯，故C正痛：雨后路面上的 sin y 时河为4-约 2 油膜呈现彩色，是光的薄膜干涉现象，故D 6,A报据GRh=mR干方，可得卫星微国 错误。 Gm 孩弹片在空中运动的慈时间为1=4十1 周运动的线速度一√辰竿，根据右手定则可 2,A设每根绳的拉力为F,则这两根绳拉力的合 如，导体蝇产生的感应屯动势相当于上端为正 力F,=2F©0s号，方向活绳子所组成角的角平 极的电源，其大小为E=B和，国导体绳所受阻 根撼已知条件可知，折射角Y=30 16.答案：盟e器od品最 分线，与水平面的夹角为Y,如副所示。由平衡 力F与安培力F平衡，则安培力与速度方向 因此在A点入射时虹光语顺时针方向旋转了 解析：(1)根無洛伦兹力充当向心力Bg 条件得Facos y=F,联立解得F 相同，可知导体蝇中的电流方向向下，即电池电 △8=6-y=15 F 动势大于乎体绳切割磁感线产生的感应电动 在B点发生反射时，由于△OAB为等腰三角 ,代入数据得F=号F,故选A v qB cosY2cos号 形，∠ABO=Y 势，可得，=B,马，解得E=B罕十 在B点红光活顺时针方向偏转了△品=180°一 导休棒的角选度道小值为。一华-盟。 品故选A 2y=120° 在出射，点C,很据对称性，红光沿顺时针方向的 (2)振据洛伦营力充当向心力B9=m。 R可 7.C由于粒子P处于静止状态，短子P受力平 偏转角也为△9，因此红光的偏向角 得粗子离开加速器的速度为斯=B 衡，可知粒子P受到的静屯力向上，蓝光感射光 △9-2△9，+△9-150° 电管时，有光电子遮出，刷上极板带负电，极板 由法拉第电磁感应定律，导体棒初制础感线的 根据几何关系及对称性，红光在球内传播的路 3,D铅球在空中运动时，加造度不变，A错误：铅 间的静电方向向上，粒子P受到静电力方向向 程s=4 Rcos y=2√3R 电动势为E。=Ao=9BB, 上，因此粒子P带正电，A错误。保背蓝光的强 2m 球运动的速度大小四=√十(gt)严，口与t不是 度不变，则两板问的电压不变，增大电容器两板 红先在球内传播建率一。，因光红先在球内 根羯动能定理nE。q=之m,得加建的次数 线性关系，B错误：铅球运功的动能B一？m十 网的距离，由E-号可知，极板间的电扬强度成 传播时网1=言，垫理得1=2那 mg(2g),E与t不是线性关系，C错误：铅球 小，粒子P受到的静电力减小，粒子P将向下运 50 动，B错误。若换用紫光照射，因紫光的频率高 2mxrB=2×25×xX0.1×0.6×2V=6V, 于蓝先的颜率，所以两极板间的电压升高，板间 1答案：02a量 的电场强度增大，粒予P受到的静电力增大，粗 由题国丙可知，T=0.4s,角选度侧=行，解得 解析：(1)质子在磁场中在洛伦兹力作用下微 子P将向上递动，C正确，D错溪。 为递國周造动，设其桃達半径为T,山B一 o=5rd/s,则发电机产生的电动势的瞬时值 8.BC粗子运动的轨迹如图所示，根据左手定别 表达式为e=6sin5rt(V),A正确。发电机正 可知磁场垂直纸面向里，A错误。根据几何知 常工作时三个小灯泡均正常发光，则有变压器 识可知，粒子的轨连半径为r=21,又洛伦兹力 (2)当开关S:闭合，单刀双掷开关S:接1时， 的原、朝线图两端的屯流关系为1一212，根据 流过电流表G的最大电流为1mA,由于电流 提供向心力，得B=m,所以B= er 是-票影变压器原制线圈的医数比为21 表的内阻为18Q,R。=2n,此时流过R的电 器，B正确。根据几何知识可知，由于 流为9mA,故此时可作为量程为0一10mA的 B正确。电源的有效值E=E=3反V,设小 2 电流表。 ∠QOP=90°，所以PQ为圆形磁场区域的直径， 灯泡正常发光时两端的电压为U,则刚线圈两 (3)欧姆调零时，电流表满编，故欧姆表的内阻 由题意知，粒于在磁场中的轨进如图甲实线所 所以2R一r,则磁场区域的半径R一1，C正确。 端的电压为U,根据匠数比和电压的关系，则 为风-是-15×10n,由于电选表的内程 示，其圆心C在y柚上，由图中几何关系得= 由题意和图中的儿何关系可得，过P,O、Q三点 原线图两端的电压为2U,则有E=U+2U,解 的周的圆心在PQ连线的中点，所以离心的工 为18Q,欧姆调零后R1的阻值为14820：开 3,联立释B=肥 轴坐标为江=R,血60-y轴坐标为y= 得U=巨V,小灯泡正专发无的功率P震 关S,断开时，欧姆表内部阻值为1500n,即 (2)去掉磁场，在静电力的作用下，粒子的轨 2W,C错误。理想电压表测量的是有效值，则 中值电阻为15000，倍率为“×10”描。则当 迹如图乙所示。在x轴正方向上一Eq· 1一R·os60=,故0点坐样为c停.. 任何时刻读数为3√厄V,D错误 开关S闲合时，欧瓣衣内部的阻值为R。'■ sin60°=ma1 D错误。 11.答案：(1)BC(2)丙(3)一直增大先减小 是-15×100，中中值包阻为1500，所以修 后增大 率为“×1”格。 解析：(1)实验中，题图甲用来涮量合力，题图 13.答案：(1)1.67×10°Pa(2)不能 乙用来测量两个分力，根器胡克定排，力的大 解析：(1)碰撞游戏时，气体从初始到压缩量最 60 小与弹簧伸长量成正比，力的大小可用弹簧伸 大的过程中，经历等温变化，由玻意平定律得 长量来我示，因此必须测量弹簧的仲长量，但 PiVi-p:V 粒子先向右匀减速到0，然后向左匀加速，设 AO、BO长度不必相同，A错误，B、C正确。实 其中：=1.5×10Pm.V=0.8m3,V:= 匀减追的时间为t1,0一6=a1t 验中重物重力是定值，所以不必保证O点围定 在y轴正方向上Eg·cos60°=ma丝，设粒子运 9.ABD由题图甲可知，浮标振动的周期T=28, (0.8-0.08)m3=0.72m,代入数撼解得 不变，D错误， 由题图乙可知，波长1一4m,该波的液進 =1.67×10Pa 动的时同为4，有1=司01 (2)实验中矿泉水瓶的重力方向始终坚直向 产-2m/s,A,B正扇。由题困甲可知，质点在 (2)从早晨充好气，到中午遵控游戏前，气体经 由运动的对称性可知红=21，联立得 下，所以1需要浩着整直方向，故因丙是正 1一0.5s时处于平衡位置且沿y拍负方向运动， 确的。 历等客支化，由查理定律有号一异 婴 在0~4m范围内的质点在t=0,58时刺有x= (3)对O点受力分析，O点处于动态平衡中，重 其中T:=(17+273)K=290K,T=(37+ 0,x=2m、x=4m处的质点处在平衡位置，但 力大小，方向不变，OA蝇中拉力方向不变，根 273)K=310K 15.答案：(112mRl（212mg（3)号<<号或 只有x一2m处的质点是活y拾负方向运动的， 据平行四边形定则易得OA中弹力将一直变 中午碰撞游戏时，气体从初始状态到压缩量最 ≤号 故题图甲是x=2m处质点的频动图像，此时到 大，OB中弹力将先减小后增大。所以OA中 大的过程中，气体经历等温变化，由玻意耳定 解析：(1)由题意可知当弹簧瓜馆量为！时，弹 x=4m处的质点正向y轴正方向运动，故再经 弹簧的长度将一直增大，OB中弹簧的长度将 律有V=,V: 性势能E,=12mgl, 0.5s,x=4m处质点应到达波峰位置，C错误， 先减小后增大。 联立并代入数携解得p:=1.78X10Pa> (2)小物块P故弹簧弹开到与Q相碰之前解 D正确. 12.答案：(1)见解析图(2)10(3)1482×1 1.75×10Pa,所以不能安全地在中午37℃的 10,AB线图中产生的感应电动势最大值为Em= 解析：(1)补充完整的实物图如图所示 环境下进行碰撞游戏 间有E-么mg=之o 51 碰撞过程中动量守恒，有m西一(m十m) 律，对于大量原子核囊变时才适用，对于个别原 乞mw,且R≤0.32m,联立解得x P2P 碰撞结来后到刚滑上圆或轨道有一尚X2mg4■ 子核没有意义，C错误，根据质能方程可得，一 3一，B正确。汽车微减逵运动，连 ×2m-×2m 个Th核衰变成一个橙Pb核释放的核能为 √/1.6m-4R)4R,当R=0,2m时，x'取最大 度减小，功率不变，据P=F加，牵引力不断增大，C △E=△m2=(m1一6m一4m8一m)c2,D错误. 值，xa'=0.80m,故C正骑. 在半国轨道漠低，点满是R一2mg-2m览 2.C根据题意，扫地机器人是非她电阻用电器，无 6.D因微粒带负电，故只施加坚直向下的电场， 错误。由功能定理有号h-W。=之m(学 法计算扫地机器人的电阻，A错误。题中mA·h 联立解得Fx=12mg 且满足E=坚，才能沿S,S:向右运动，A错误。 之m,其中克服阻力做功W。一F5,所经历 是电荷量的单位，故B错误。扫地机器人正常工 由中顿第三定律可知，两个小物块刚滑上丰固 因微粒带负电，只施加垂直纸面向外的磁场，且 35_5mw 轨道时对轨道的压力大小为12加g。 作时的电流为1一号-智A-2A,C正瑞， 的时间一一2PD正确 满足B=m8时，才能沿S,S,向右运动，B错误。 (3)如果不税离轨近有两种可能，一是上清的 9.BC设la一lm一h,忽略空气阻力，网球在空 2000mA·h=2A·h,扫地机器人充满电后可 最大高度不超过半径R,再一个是通过圆孤最 因藏粒帮负电，阿时施加竖直向下的电场和垂 工作的时间约为1-2公-1hD错误. 中微平熟运动，竖直方向有h=气2,2h= 高点。由题日可知当弹簧压缩量为【时，弹性 直纸面向里的磁场时，静电力竖直向上，由左手 势能E,=12mg4,小物块P被弹簧弹开到与Q 3.C磁休从B到C的过程中，圆环中的磁场向 定则可知洛伦兹力竖直向下，重力竖直向下，由 2',整理可以得到41a=1V区，C正确， 相难之前有E一mgh=名m 上且磁通量增大，据“增反减同”可判斯置环产 平衡条件可得E一mg十gb和.解得E-四g+ D错误。水平方向为匀速运动，而且水平位移 生顺时针方向的电流（从上往下看），A错误 大小相等，则x=dA=sB,整理可以得到以 碰撞过程中动量守恤，有m一(m十m) 磁体摆到D处时，圆环中的磁通量最大，不产生 Be,C错误，D正璃 :g=√2：1，A错误，B正确， 碰撞站来后到刚滑上圆兹轨道有一：X2mg山= 感应电流，故给来面的压力等于圆环受到的重 △BS 号×2m,2-是×2m 力，B错误。由得次定律的推论“来拒去留”可 7B通过金属框的电荷量q==辰=尺4= 10.BCD从c到d为施热膨张，有Q=0,W<0, 根据热力学第一定律，可知△U<0,温度降 知，磁体从A到D和从D到E的过程中，圈环 能滑上副孤要求出>0 受到摩擦力方向均向右，C正确。由于有部分 发5，因在0~-0.2的时间4内与0.20.6s 低：从d到a,体积不变，由查理定律C-号， 不超过国心等高处格界有受×2m2=2mg· 机械能转化为电能，故在A、E两处险体的重力 的时间内，磁感应致度随时间的变化量△B 可如压强减小，则温度降低，射状态c的温度 势能不相等，D错溪。 相网，故通过金属框的电荷量之比为1t1,A错 高于我态a的温度，根据一定质量的理想气 R,联立可得号<号 4。A根据题意知，静电力提供粒子做圆周运动的 (△BS 远。金属瓶中电流的电功来P三 体内能由温度决定，所以状态的内能小于 如果能够通过图孤最高点，滑到最高点有 向心力，有Eg=m荒，E9=m荒联主两式解 我态c的内能，A错误。Q→b过程为绝热压 -2mgX2R=号×2mw-×2m (△BS)2 缩，外界对气体微功W>0,Q=0,根据热力 得会是选项A三境 新以上一三一1·B正确，金%里中 学第一定律可知△U=W,即外界对其做的功 在最高点恰好由重力提供向心力2mg= 5.C小球从A到B,根撼动能定理可得一mgR 2n紧联立解得：一号 产生的然量Q=,得8-品-导，C错民 全部用于增加内能，B正确。从b·c过程系 统从外界吸收热量，从©+d系镜对外殿功， m时-m,在B点，根据牛频第二定律得 在0一0.2s的时间内与0.2一0.68的时间内， 从d→a系统放出热量，从a→b外界对系统 要通过最高点，需委满足≤司 通过线柜的电流方向相反，磁场的方向相同，所 下-紧，联立解得F-货-80(N),结合道困乙 微功，根据力-V图像“面积”即为气体微功 综上所述，两物块不税离图燕轨道，动摩擦因 以金属框ab边受到的安培力方向相反，D错误， 大小，可知图像中b+c+d+a围成的困形的 8.ABD汽车以速度西匀速行驶时，牵引力等于 数肛的取值范围为音<<号减≤行 可知y=80N,=程m=号m,故A,B错 面积为气体对外微的功，整个过程气体内能 误。恰能通过最高点时，在最高点，根据牛领第 变化为零，则△W十△Q=0,即△Q=一△W> 普通高等学校招生全国统一考试·物理 阻方，有R。-F一号汽本以功养号P匀选行状 精编精华仿真卷12套（三） 二定律可得mg一m紧，从最低点到最高点，根 8 0,脚在一次猜环过程中吸数的热量大于放出 1.A根据电荷数守慢和质量数中恒，可加a 时，幸引力等于阻力，有Fm=F= 格动能定理可得一2mgR一名m2-之mw,解 ,可得 的热量，则b→c过程中增加的内能大于d一@ 过程中减少的内能，C正确。d→a过程，气 232-208=6,b=2a+82-90=4,A正W.来 4 得R=0.32m,故D错误。从最高，点做平抛运 口-号，A正痛.1=0时刻，汽车的幸引力 体体积不变，外界对气体不做功，而气体压强 变过程中释效出的@射线比B射线的电高能力 减小，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子 强，穿逢能力弱，B错误。半囊期是统计学榄 动，则2R=2gz=t,-2mgR=2me R-铝汽车的加地度大小a-F。-R一 数减少，D正确 52