浙江省（单独招生）机械类 《机械基础》项目四任务十九 45分钟专题训练卷

浙江省（单独招生）机械类《机械基础》45分钟专题训练卷专辑，共152份试卷。试卷命题与高考紧密相关，精选具有代表性和典型性的高考常考题。旨在帮助学生系统地复习和巩固机械类理论知识，熟悉高考题型和命题规律，提高解题能力和应试技巧，为高考取得优异成绩打下坚实的基础，本训练卷适用于即将参加机械类高考的学生。 与本专辑配套的还有浙江省单独招生考试《机械制图》《极限配合与技术测量》45分钟专题训练卷专辑，欢迎同学和老师们下载使用。 浙江省（单独招生）机械类 《机械基础》 项目四：连接 任务十九：凸轮轮廓的绘制 时间：45分钟 总分：100分 班级＿＿＿＿　姓名＿＿＿＿　学号＿＿＿＿　成绩＿＿＿＿ 一、单项选择题（本大题共20小题，每题2分，共40分） 1. 绘制尖顶直动从动件盘形凸轮轮廓时，基圆应确定为（ ） A. 以凸轮中心为圆心的最大半径圆 B. 以凸轮中心为圆心的最小半径圆 C. 以从动件升程为半径的辅助圆 D. 以从动件偏距为半径的辅助圆 【答案】B 【解析】基圆是以凸轮转轴中心为圆心、以凸轮理论轮廓的最小向径为半径所作的圆。绘制轮廓时，各位置的向径均以基圆半径为基础确定。 2. 用图解法绘制直动从动件盘形凸轮轮廓时，通常采用的基本方法是（ ） A. 按压力角直接修正法 B. 按反转原理作图法 C. 按受力状态估算法 D. 按运动速度积分法 【答案】B 【解析】凸轮轮廓通常采用反转法绘制，即假设凸轮固定不动，使从动件按相反方向运动，再根据各位置的位移确定轮廓点。其他方法不能直接完成标准的轮廓作图。 3. 下图为砂型输送装置，所采用的间歇运动机构是( ) A. 轮齿式棘轮机构 B. 摩擦式棘轮机构 C. 连杆机构 D. 齿轮机构 【答案】A 【解析】由图形判断出是轮齿式棘轮机构。 4. 采用等速运动规律绘制从动件上升段位移图线时，将运动角等分后应采用的位移分配方式是（ ） A. 各等分角对应各等分位移 B. 前半段位移大于后半段位移 C. 前半段位移小于后半段位移 D. 各等分角对应相等速度值 【答案】A 【解析】等速运动规律要求从动件在相等时间内产生相等位移。凸轮等速转动时，相等的转角对应相等的时间，因此运动角等分后应将升程等量分配。 5. 绘制滚子直动从动件凸轮轮廓时，滚子中心在各位置形成的曲线称为（ ） A. 凸轮的实际轮廓曲线 B. 凸轮的基圆边界曲线 C. 从动件的位移变化曲线 D. 凸轮的理论轮廓曲线 【答案】D 【解析】滚子中心随凸轮转动形成的曲线称为理论轮廓曲线或节曲线。实际凸轮轮廓是以理论轮廓上各点为圆心、以滚子半径作圆后形成的内包络线。 6. 绘制尖顶直动从动件凸轮轮廓时，某位置的从动件位移为 s，该位置轮廓点到凸轮转轴中心的距离应为（ ） A. 基圆半径减去位移 s B. 升程数值加上偏距数值 C. 升程数值减去基圆半径 D. 基圆半径加上位移 s 【答案】D 【解析】对于尖顶直动从动件，轮廓点位于相应的从动件运动线上，其向径等于基圆半径加上该位置的从动件位移。由此可在各分度位置确定轮廓点。 7. 图为自行车的飞轮机构，下列说法错误的是（ ） A. 属于内啮合单向式棘轮机构 B. 链轮1顺时针方向转动带动轴2（自行车后轮）转动，使自行车前进 C. 链轮1逆时针方向转动时，棘爪3在链轮内齿背上滑过，则轴2不转动 D. 当链轮不转动，即脚不蹬时，轴2也无法转动 【答案】D 【解析】当链轮不转动，即脚不蹬时，轴2可顺时针方向转动，车轮可借惯性继续转动，因此自行车滑行时发出“嗒嗒”的响声。 8. 采用等速运动规律设计凸轮时，从动件上升段的位移图线通常表现为（ ） A. 连接起止点的倾斜直线 B. 连接起止点的水平直线 C. 连接起止点的圆弧曲线 D. 连接起止点的抛物线曲线 【答案】A 【解析】等速运动规律中，从动件位移随时间均匀变化，因此上升段位移图线为连接起点和终点的倾斜直线。水平直线表示停歇段，曲线则对应其他运动规律。 9. 凸轮轮廓反转法的作图原理是将从动件相对于固定凸轮（ ） A. 按相同方向作等速转动 B. 按相反方向作等速转动 C. 按相反方向作变速转动 D. 保持原方向作往复移动 【答案】B 【解析】反转法假设凸轮固定，使从动件和导路相对于凸轮以与凸轮转动方向相反的角速度运动。再按位移规律确定从动件尖端或滚子中心的位置，即可绘制轮廓。 10. 如图所示的放映机卷片机，采用的是（ ） A. 摩擦式棘轮机构 B. 凸轮式间歇运动机构 C. 不完全齿轮机构 D. 槽轮机构 【答案】D 【解析】放映机卷片机，采用的是槽轮机构 11. 滚子从动件凸轮轮廓的实际曲线，应由理论轮廓上各点为圆心所作滚子圆的（ ）确定 A. 外部公切线形成的曲线 B. 内部包络线形成的曲线 C. 圆心连接线形成的曲线 D. 半径延长线形成的曲线 【答案】B 【解析】理论轮廓表示滚子中心的运动轨迹，实际凸轮轮廓是各滚子圆的内包络线。作图时应以理论轮廓上的各点为圆心、以滚子半径作圆，再作其内包络线。 12. 在凸轮从动件位移图中，停歇段的位移变化线应绘制为（ ） A. 保持位移不变的水平线 B. 持续位移增加的斜线 C. 持续位移减小的斜线 D. 位移往复变化的曲线 【答案】A 【解析】停歇段表示从动件在一段凸轮转角内保持位置不变，因此位移图线为水平线。根据该段的固定位移值，可确定凸轮轮廓上的相应圆弧或曲线段。 13. 某尖顶直动从动件盘形凸轮的基圆半径为30毫米，最大升程为20毫米，且从动件沿凸轮中心线运动，则凸轮的最大向径为（ ） A. 20毫米 B. 30毫米 C. 50毫米 D. 60毫米 【答案】C 【解析】尖顶直动从动件的最大向径等于基圆半径与最大升程之和。计算得30毫米加20毫米，结果为50毫米。 14. 如图为一种回转工作台的结构示意图，滑动轴承安装并固定在机座的孔中，轴在轴承内转动。工作台安装在轴的上端，通过圆柱销和内六角螺栓固定在轴上，槽轮安装在轴的下端，通过平键与轴连接，并用轴端挡圈、弹簧垫圈和六角螺栓锁紧。下列表述错误的是______ 。（ ） A. 回转工作台合理的装配流程:安装滑动轴承--安装轴--安装平键--安装槽轮--安装轴端挡圈--安装弹簧垫圈--安装六角螺栓--安装工作台--安装圆柱销--安装内六角螺栓 B. 平键为标准件，连接轴和轴上零件，实现轴向固定和传递转矩 C. 回转工作台使用槽轮机构具有转位方便，工作可靠等优点 D. 此处弹簧垫圈的作用是防止紧固件松动 【答案】B 15. 采用尖顶从动件绘制凸轮轮廓时，确定轮廓各分点的主要依据是（ ） A. 凸轮基圆半径与材料强度 B. 凸轮转角与从动件位移规律 C. 从动件质量与凸轮加工精度 D. 凸轮转速与机构安装位置 【答案】B 【解析】凸轮轮廓各分点的位置由凸轮转角对应的从动件位移确定，因此绘制时必须依据从动件的运动规律。其他因素会影响设计或加工，但不能直接确定轮廓分点。 16. 滚子从动件凸轮机构中，滚子中心相对于凸轮的运动轨迹称为（ ） A. 凸轮实际轮廓 B. 凸轮基圆轮廓 C. 凸轮理论轮廓 D. 从动件位移曲线 【答案】C 【解析】滚子中心的运动轨迹称为凸轮理论轮廓，也称节曲线。实际凸轮轮廓是滚子圆族的包络线，不能直接把滚子中心轨迹作为加工轮廓。 17. 如图所示为电影放映机卷片机构，下列表述错误的是（ ） A. 该机构主要运用了槽轮机构 B. 该机构与棘轮机构一样，属于间歇运动机构 C. 该机构中，槽轮转一周，拨盘4转 D. 在图示状态下，圆柱销3将进入槽轮，并带动槽轮顺时针转动 【答案】C 18. 绘制凸轮理论轮廓时，以凸轮转动中心为圆心、通过理论轮廓最小向径端点所作的圆称为（ ） A. 节圆 B. 基圆 C. 分度圆 D. 工作圆 【答案】B 【解析】基圆是以凸轮转动中心为圆心、半径等于理论轮廓最小向径的圆，是绘制凸轮轮廓和确定从动件位移的基准。节圆、分度圆主要用于其他机构或特定几何参数的表示。 19. 绘制滚子从动件凸轮的实际轮廓时，正确的处理方法是（ ） A. 将理论轮廓各点直接顺次连接 B. 以理论轮廓为中心线作等距曲线 C. 以基圆半径作圆并绘制其切线 D. 以滚子半径作圆并绘制其包络线 【答案】D 【解析】滚子中心轨迹为理论轮廓，实际凸轮轮廓应由以理论轮廓各点为圆心、滚子半径为半径的圆族包络得到。直接连接理论轮廓或简单作等距曲线都不能准确表示实际轮廓。 20. 某凸轮转动一周为，从动件经历升程、远休止、回程，则近休止所占的凸轮转角为（ ） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】近休止转角为凸轮一周转角减去升程、远休止和回程转角，即减去、和，结果为。 二、填空题（本大题共10小题，每题2分，共20分） 21. 凸轮理论轮廓的最小向径所对应的基准圆称为______。 【答案】基圆 【解析】基圆以凸轮转动中心为圆心，其半径等于理论轮廓的最小向径，是绘制凸轮轮廓的重要基准。 22. 滚子从动件中心的运动轨迹称为凸轮的______轮廓。 【答案】理论 【解析】滚子中心的运动轨迹是理论轮廓，也称节曲线。实际轮廓需要根据滚子半径由理论轮廓进一步作包络得到。 23. 从动件沿远离凸轮转动中心方向运动的过程称为______程。 【答案】升 【解析】从动件远离凸轮转动中心、位移逐渐增大的运动过程称为升程，是凸轮运动循环中的基本阶段之一。 24. 凸轮转动过程中，从动件位移保持不变的阶段称为______阶段。 【答案】停歇 【解析】当凸轮转过一定角度而从动件位置保持不变时，该阶段称为停歇阶段，按位置不同可分为远休止和近休止。 25. 凸轮从动件的位移随凸轮转角变化的关系曲线称为______曲线。 【答案】位移 【解析】位移曲线反映从动件位移与凸轮转角之间的对应关系，绘制凸轮轮廓时可依据该曲线确定各转角位置的从动件位移。 26. 绘制盘形凸轮轮廓时，以凸轮转动中心为圆心，按从动件最低位置作出的圆称为______。 【答案】基圆 【解析】基圆是以凸轮转动中心为圆心、以凸轮基圆半径绘制的圆，是确定凸轮轮廓和从动件位移起始位置的基准。 27. 绘制滚子从动件盘形凸轮轮廓时，滚子中心随凸轮转动形成的轨迹称为______。 【答案】节曲线 【解析】滚子中心的运动轨迹称为节曲线。实际凸轮轮廓是在节曲线上各点为圆心、以滚子半径为半径作出的包络线。 28. 按给定的从动件位移规律和凸轮转角，逐点确定从动件位移并连接所得的曲线称为______。 【答案】位移曲线 【解析】位移曲线表示从动件位移随凸轮转角变化的关系。绘制凸轮轮廓时，应依据该曲线确定各分点的从动件位移。 29. 绘制尖顶直动从动件盘形凸轮轮廓时，各分点从动件尖顶的位置连接形成的曲线就是凸轮的______。 【答案】理论轮廓 【解析】尖顶从动件的尖顶直接与凸轮轮廓接触，其运动轨迹可直接作为凸轮的理论轮廓。滚子从动件则需要先确定滚子中心的节曲线。 30. 凸轮推动从动件由最低位置上升到最高位置的过程中，凸轮所转过的角度称为______。 【答案】推程运动角 【解析】从动件由最低位置上升到最高位置的过程称为推程，对应的凸轮转角称为推程运动角。该角度用于划分凸轮轮廓的推程段。 三、判断题（本大题共10小题，每题1分，共10分） 31. 凸轮轮面的绘制需要根据凸轮的转动角度来确定轮廓曲线。 （ ） 【答案】正确 【解析】凸轮轮面的绘制需要考虑凸轮的转动角度和从动杆的位置关系，以确定轮廓曲线。 32. 一只凸轮只有一种预定的运动规律（ ） 【答案】正确 【解析】凸轮机构从动件的运动规律取决于凸轮轮廓曲线，一只凸轮一旦做成了，轮廓曲线不再变化了，所以从动件只有一种预定的运动规律。 33. 绘制滚子从动件盘形凸轮轮廓时，滚子中心的运动轨迹可以直接作为凸轮的实际工作轮廓。（ ） 【答案】错误 【解析】滚子中心的运动轨迹是节曲线，不是实际工作轮廓。实际工作轮廓应由以节曲线上各点为圆心、以滚子半径为半径形成的包络线确定。 34. 在从动件位移规律和工作行程不变的条件下，适当增大盘形凸轮的基圆半径，通常可以减小从动件的最大压力角。（ ） 【答案】正确 【解析】基圆半径增大后，同样的从动件位移相对于凸轮轮廓的变化程度减小，通常有利于降低最大压力角。压力角减小可改善凸轮机构的受力和传动性能。 35. 棘轮机构在该浇注自动线步进装置中实现了砂型的单向间歇运动（ ） 【答案】正确 【解析】棘轮机构的固有特性是单向间歇运动，此装置中正是通过该特性控制砂型有序步进。 36. 绘制凸轮轮廓时，推程段和回程段都应按照各自给定的从动件位移规律进行分点定位。（ ） 【答案】正确 【解析】推程和回程可能采用不同的运动规律，分点定位时必须分别依据对应的位移数据。只有按各段规律确定分点，连接后才能得到符合要求的凸轮轮廓。 37. 对于具有偏置的直动尖顶从动件凸轮机构，只需将凸轮转角等分基圆，再沿各等分点的半径量取位移，即可准确绘出凸轮轮廓。（ ） 【答案】错误 【解析】偏置直动从动件的运动方向不通过凸轮转动中心，不能简单沿基圆半径量取位移。绘制时还必须依据偏置方向确定从动件运动线，并在相应位置定位尖顶。 38. 同一凸轮轮廓上不同位置的压力角可能不同，因此绘制完成后应关注最大压力角所在的工作区段。（ ） 【答案】正确 【解析】压力角取决于凸轮轮廓在不同位置的几何关系，随着凸轮转角变化通常会发生变化。最大压力角过大可能引起从动件受力增大和传动性能变差，因此需要重点校核。 39. 绘制尖顶直动从动件盘形凸轮轮廓时，应先根据从动件位移规律确定各转角位置的从动件端点，再依次连接这些端点形成轮廓曲线。（ ） 【答案】正确 【解析】凸轮轮廓的绘制应以从动件的位移规律为依据，按相应转角分点确定从动件端点，并用连续曲线连接各分点。这样才能反映凸轮转动与从动件运动之间的对应关系。 40. 绘制具有偏置的直动尖顶从动件盘形凸轮轮廓时，应按反转法使从动件导路线相对凸轮转动相反方向，并依据位移确定各位置的尖顶点。（ ） 【答案】正确 【解析】反转法作图时，凸轮固定不动，使从动件导路线按凸轮转动的相反方向分度，再按位移规律确定尖顶位置并顺次连接，才能得到准确的凸轮轮廓。 四、简答题（本大题共4小题，每题5分，共20分） 41. 比较尖顶直动从动件和滚子直动从动件在盘形凸轮轮廓绘制方法上的主要区别。 【答案】（1）绘制尖顶直动从动件凸轮时，按各转角对应的位移量确定尖顶位置，依次连接各尖顶位置形成实际轮廓。 （2）绘制滚子直动从动件凸轮时，先按位移量确定滚子中心位置，连接各中心位置得到节曲线。 （3）在节曲线上以滚子半径作滚子圆，并作出滚子圆的包络线，所得包络线才是凸轮的实际工作轮廓。 （4）滚子半径会影响实际轮廓的形状，绘制时应检查轮廓是否出现尖点、过度凹陷等不利情况。 【解析】两种从动件的主要区别在于轮廓确定对象不同。尖顶位置本身构成实际轮廓，而滚子中心位置只构成节曲线，必须进一步作滚子圆包络才能得到凸轮工作轮廓。 42. 下图为可变向棘轮机构，试说明其工作原理。 【答案】摇杆摆动时，带动棘爪运动。当棘爪处于某一位置，推动棘轮单向间歇转动；通过改变棘爪方向（如翻转棘爪），摇杆再次摆动时，棘爪可推动棘轮向另一方向间歇转动，从而实现棘轮的双向间歇转动。 43. 简述采用反转法绘制偏置直动滚子从动件盘形凸轮轮廓的基本步骤。 【答案】（1）确定凸轮的基圆、转动中心、从动件导路位置及偏置方向，并按照位移规律划分凸轮转角。 （2）以凸轮转动中心为圆心，将从动件导路沿凸轮反转的相反方向依次转过各分角，得到各个反转位置。 （3）在各反转位置的导路上，按对应位移量确定滚子中心位置，连接各中心位置得到节曲线。 （4）以滚子半径为半径，在节曲线上作滚子圆，并作出滚子圆的包络线，得到凸轮实际轮廓。 【解析】反转法将凸轮与从动件的相对运动转化为从动件导路相对静止凸轮的反向转动。先利用位移规律确定滚子中心的各个位置，再由滚子圆包络确定实际轮廓，偏置方向和反转方向必须保持一致。 44. 在根据从动件位移曲线绘制盘形凸轮轮廓时，说明分点数量和连接曲线应满足的基本要求。 【答案】（1）应按照凸轮运动规律划分推程、远休止、回程和近休止等阶段，并在各阶段内按相同转角进行分点。 （2）分点数量应能反映位移曲线的变化特征，曲率变化较快的区段应适当增加分点。 （3）各分点的位移量必须准确转换为对应的从动件位置，不能混淆转角方向和位移方向。 （4）连接分点时应采用连续、光滑的曲线，使轮廓在各运动阶段的连接处满足运动规律，避免出现尖角和突变。 【解析】凸轮轮廓是由从动件位移规律离散分点后拟合得到的。合理分点能够减小作图误差，连续光滑的连接曲线有利于保证从动件运动平稳，避免冲击和速度突变。 五、综合应用题（本大题共1小题，每题10分，共10分） 45. 某自动送料设备采用盘形凸轮驱动尖顶直动从动件，并采用棘轮机构实现送料盘的间歇转位。凸轮基圆半径为 30 mm，从动件行程为 20 mm。凸轮转角安排为：～为等速上升，～为远休止，～为等速下降，～为近休止。凸轮转速为 30 r/min，棘轮有 12 个齿，棘爪每次推动棘轮转过 1 个齿。以从动件处于最低位置时凸轮尖顶所在位置为起始位置，完成以下任务：（1）计算凸轮转角为 和 时从动件的位移及凸轮轮廓半径；计算棘轮每次转位的角度、每次转位所需时间以及棘轮转一周所需时间。（2）按照给定运动规律，说明凸轮轮廓绘制的主要步骤，并判断从动件在 ～和 ～两个区间内的运动状态。（3）分析该送料机构采用棘轮机构实现间歇运动时，棘轮齿数和棘爪每次拨动齿数发生变化对送料盘转位角度的影响，并提出保证转位准确性的两项措施。 【答案】（1）等速上升段内，从动件位移为，轮廓半径为。等速下降段内，从动件位移为，轮廓半径为。棘轮每次转位角度为。凸轮每转一周的时间为，棘轮转一周需要 12 次转位，因此所需时间为。（2）以凸轮中心为圆心，以基圆半径作基圆；按运动规律将凸轮转角划分为上升、远休止、下降和近休止四个区段；在上升段和下降段内按等分角度确定从动件位移；从基圆上各分点沿从动件运动方向量取相应位移，得到轮廓点；连接各轮廓点并作光滑曲线。～和～为远休止和近休止，从动件均保持静止。（3）棘轮齿数增加时，每次拨动一个齿所对应的转位角度减小；每次拨动齿数增加时，送料盘单次转过的角度增大，计算关系为，其中 为每次拨动齿数， 为棘轮齿数。措施：减小棘轮齿形误差并保证棘爪与齿槽正确啮合；设置止回棘爪或定位装置，防止棘轮回转和停位偏差。 【解析】（1）处于等速上升段，s=20×45/90=10 mm，r=40 mm；处于等速下降段，s=20×(240-195)/90=10 mm，r=40 mm。棘轮单次转位角为；凸轮一周需2 s，棘轮转一周需24 s。（2）作基圆，划分四个运动区段，按等速规律量取位移并连接轮廓点。～远休止，～近休止，从动件均静止。（3）θ=k/z；齿数增加，转位角减小，拨齿数增加，转位角增大。保证齿形和啮合精度，设置止回棘爪或定位装置。 原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！ 学科网（北京）股份有限公司 $ 浙江省（单独招生）机械类《机械基础》45分钟专题训练卷专辑，共152份试卷。试卷命题与高考紧密相关，精选具有代表性和典型性的高考常考题。旨在帮助学生系统地复习和巩固机械类理论知识，熟悉高考题型和命题规律，提高解题能力和应试技巧，为高考取得优异成绩打下坚实的基础，本训练卷适用于即将参加机械类高考的学生。 与本专辑配套的还有浙江省单独招生考试《机械制图》《极限配合与技术测量》45分钟专题训练卷专辑，欢迎同学和老师们下载使用。 浙江省（单独招生）机械类 《机械基础》 项目四：连接 任务十九：凸轮轮廓的绘制 时间：45分钟 总分：100分 班级＿＿＿＿　姓名＿＿＿＿　学号＿＿＿＿　成绩＿＿＿＿ 一、单项选择题（本大题共20小题，每题2分，共40分） 1. 绘制尖顶直动从动件盘形凸轮轮廓时，基圆应确定为（ ） A. 以凸轮中心为圆心的最大半径圆 B. 以凸轮中心为圆心的最小半径圆 C. 以从动件升程为半径的辅助圆 D. 以从动件偏距为半径的辅助圆 2. 用图解法绘制直动从动件盘形凸轮轮廓时，通常采用的基本方法是（ ） A. 按压力角直接修正法 B. 按反转原理作图法 C. 按受力状态估算法 D. 按运动速度积分法 3. 下图为砂型输送装置，所采用的间歇运动机构是( ) A. 轮齿式棘轮机构 B. 摩擦式棘轮机构 C. 连杆机构 D. 齿轮机构 4. 采用等速运动规律绘制从动件上升段位移图线时，将运动角等分后应采用的位移分配方式是（ ） A. 各等分角对应各等分位移 B. 前半段位移大于后半段位移 C. 前半段位移小于后半段位移 D. 各等分角对应相等速度值 5. 绘制滚子直动从动件凸轮轮廓时，滚子中心在各位置形成的曲线称为（ ） A. 凸轮的实际轮廓曲线 B. 凸轮的基圆边界曲线 C. 从动件的位移变化曲线 D. 凸轮的理论轮廓曲线 6. 绘制尖顶直动从动件凸轮轮廓时，某位置的从动件位移为 s，该位置轮廓点到凸轮转轴中心的距离应为（ ） A. 基圆半径减去位移 s B. 升程数值加上偏距数值 C. 升程数值减去基圆半径 D. 基圆半径加上位移 s 7. 图为自行车的飞轮机构，下列说法错误的是（ ） A. 属于内啮合单向式棘轮机构 B. 链轮1顺时针方向转动带动轴2（自行车后轮）转动，使自行车前进 C. 链轮1逆时针方向转动时，棘爪3在链轮内齿背上滑过，则轴2不转动 D. 当链轮不转动，即脚不蹬时，轴2也无法转动 8. 采用等速运动规律设计凸轮时，从动件上升段的位移图线通常表现为（ ） A. 连接起止点的倾斜直线 B. 连接起止点的水平直线 C. 连接起止点的圆弧曲线 D. 连接起止点的抛物线曲线 9. 凸轮轮廓反转法的作图原理是将从动件相对于固定凸轮（ ） A. 按相同方向作等速转动 B. 按相反方向作等速转动 C. 按相反方向作变速转动 D. 保持原方向作往复移动 10. 如图所示的放映机卷片机，采用的是（ ） A. 摩擦式棘轮机构 B. 凸轮式间歇运动机构 C. 不完全齿轮机构 D. 槽轮机构 11. 滚子从动件凸轮轮廓的实际曲线，应由理论轮廓上各点为圆心所作滚子圆的（ ）确定 A. 外部公切线形成的曲线 B. 内部包络线形成的曲线 C. 圆心连接线形成的曲线 D. 半径延长线形成的曲线 12. 在凸轮从动件位移图中，停歇段的位移变化线应绘制为（ ） A. 保持位移不变的水平线 B. 持续位移增加的斜线 C. 持续位移减小的斜线 D. 位移往复变化的曲线 13. 某尖顶直动从动件盘形凸轮的基圆半径为30毫米，最大升程为20毫米，且从动件沿凸轮中心线运动，则凸轮的最大向径为（ ） A. 20毫米 B. 30毫米 C. 50毫米 D. 60毫米 14. 如图为一种回转工作台的结构示意图，滑动轴承安装并固定在机座的孔中，轴在轴承内转动。工作台安装在轴的上端，通过圆柱销和内六角螺栓固定在轴上，槽轮安装在轴的下端，通过平键与轴连接，并用轴端挡圈、弹簧垫圈和六角螺栓锁紧。下列表述错误的是______ 。（ ） A. 回转工作台合理的装配流程:安装滑动轴承--安装轴--安装平键--安装槽轮--安装轴端挡圈--安装弹簧垫圈--安装六角螺栓--安装工作台--安装圆柱销--安装内六角螺栓 B. 平键为标准件，连接轴和轴上零件，实现轴向固定和传递转矩 C. 回转工作台使用槽轮机构具有转位方便，工作可靠等优点 D. 此处弹簧垫圈的作用是防止紧固件松动 15. 采用尖顶从动件绘制凸轮轮廓时，确定轮廓各分点的主要依据是（ ） A. 凸轮基圆半径与材料强度 B. 凸轮转角与从动件位移规律 C. 从动件质量与凸轮加工精度 D. 凸轮转速与机构安装位置 16. 滚子从动件凸轮机构中，滚子中心相对于凸轮的运动轨迹称为（ ） A. 凸轮实际轮廓 B. 凸轮基圆轮廓 C. 凸轮理论轮廓 D. 从动件位移曲线 17. 如图所示为电影放映机卷片机构，下列表述错误的是（ ） A. 该机构主要运用了槽轮机构 B. 该机构与棘轮机构一样，属于间歇运动机构 C. 该机构中，槽轮转一周，拨盘4转 D. 在图示状态下，圆柱销3将进入槽轮，并带动槽轮顺时针转动 18. 绘制凸轮理论轮廓时，以凸轮转动中心为圆心、通过理论轮廓最小向径端点所作的圆称为（ ） A. 节圆 B. 基圆 C. 分度圆 D. 工作圆 19. 绘制滚子从动件凸轮的实际轮廓时，正确的处理方法是（ ） A. 将理论轮廓各点直接顺次连接 B. 以理论轮廓为中心线作等距曲线 C. 以基圆半径作圆并绘制其切线 D. 以滚子半径作圆并绘制其包络线 20. 某凸轮转动一周为，从动件经历升程、远休止、回程，则近休止所占的凸轮转角为（ ） A. B. C. D. 二、填空题（本大题共10小题，每题2分，共20分） 21. 凸轮理论轮廓的最小向径所对应的基准圆称为______。 22. 滚子从动件中心的运动轨迹称为凸轮的______轮廓。 23. 从动件沿远离凸轮转动中心方向运动的过程称为______程。 24. 凸轮转动过程中，从动件位移保持不变的阶段称为______阶段。 25. 凸轮从动件的位移随凸轮转角变化的关系曲线称为______曲线。 26. 绘制盘形凸轮轮廓时，以凸轮转动中心为圆心，按从动件最低位置作出的圆称为______。 27. 绘制滚子从动件盘形凸轮轮廓时，滚子中心随凸轮转动形成的轨迹称为______。 28. 按给定的从动件位移规律和凸轮转角，逐点确定从动件位移并连接所得的曲线称为______。 29. 绘制尖顶直动从动件盘形凸轮轮廓时，各分点从动件尖顶的位置连接形成的曲线就是凸轮的______。 30. 凸轮推动从动件由最低位置上升到最高位置的过程中，凸轮所转过的角度称为______。 三、判断题（本大题共10小题，每题1分，共10分） 31. 凸轮轮面的绘制需要根据凸轮的转动角度来确定轮廓曲线。 （ ） 32. 一只凸轮只有一种预定的运动规律（ ） 33. 绘制滚子从动件盘形凸轮轮廓时，滚子中心的运动轨迹可以直接作为凸轮的实际工作轮廓。（ ） 34. 在从动件位移规律和工作行程不变的条件下，适当增大盘形凸轮的基圆半径，通常可以减小从动件的最大压力角。（ ） 35. 棘轮机构在该浇注自动线步进装置中实现了砂型的单向间歇运动（ ） 36. 绘制凸轮轮廓时，推程段和回程段都应按照各自给定的从动件位移规律进行分点定位。（ ） 37. 对于具有偏置的直动尖顶从动件凸轮机构，只需将凸轮转角等分基圆，再沿各等分点的半径量取位移，即可准确绘出凸轮轮廓。（ ） 38. 同一凸轮轮廓上不同位置的压力角可能不同，因此绘制完成后应关注最大压力角所在的工作区段。（ ） 39. 绘制尖顶直动从动件盘形凸轮轮廓时，应先根据从动件位移规律确定各转角位置的从动件端点，再依次连接这些端点形成轮廓曲线。（ ） 40. 绘制具有偏置的直动尖顶从动件盘形凸轮轮廓时，应按反转法使从动件导路线相对凸轮转动相反方向，并依据位移确定各位置的尖顶点。（ ） 四、简答题（本大题共4小题，每题5分，共20分） 41. 比较尖顶直动从动件和滚子直动从动件在盘形凸轮轮廓绘制方法上的主要区别。 42. 下图为可变向棘轮机构，试说明其工作原理。 43. 简述采用反转法绘制偏置直动滚子从动件盘形凸轮轮廓的基本步骤。 44. 在根据从动件位移曲线绘制盘形凸轮轮廓时，说明分点数量和连接曲线应满足的基本要求。 五、综合应用题（本大题共1小题，每题10分，共10分） 45. 某自动送料设备采用盘形凸轮驱动尖顶直动从动件，并采用棘轮机构实现送料盘的间歇转位。凸轮基圆半径为 30 mm，从动件行程为 20 mm。凸轮转角安排为：～为等速上升，～为远休止，～为等速下降，～为近休止。凸轮转速为 30 r/min，棘轮有 12 个齿，棘爪每次推动棘轮转过 1 个齿。以从动件处于最低位置时凸轮尖顶所在位置为起始位置，完成以下任务：（1）计算凸轮转角为 和 时从动件的位移及凸轮轮廓半径；计算棘轮每次转位的角度、每次转位所需时间以及棘轮转一周所需时间。（2）按照给定运动规律，说明凸轮轮廓绘制的主要步骤，并判断从动件在 ～和 ～两个区间内的运动状态。（3）分析该送料机构采用棘轮机构实现间歇运动时，棘轮齿数和棘爪每次拨动齿数发生变化对送料盘转位角度的影响，并提出保证转位准确性的两项措施。 原创精品资源学科网独家享有版权，侵权必究！ 学科网（北京）股份有限公司 $