河南南阳市第一中学2026-2027学年高二上学期第一次检测物理试题

南阳一中高二第一次教学检测物理试题 一、单选题（每小题4分，共24分) 1.在物理学的发展过程中，许多物理学家都作出了重大贡献，他们也创造出了许多物理学研究 方法，下列关于物理学史和物理学方法的叙述中正确的是() A.元电荷是带电量的最小单位，密立根最早测算出了元电荷的数值 B.在对自由落体运动研究中，伽利略猜想运动速度大小与下落时间成正比，并直接用实 验进行了验证 C.库仑首先提出了电场的概念，并引入了电场线来形象地描述电场 D.静电场并不存在，是科学家为了研究问题的方便引入的虚拟模型 2.下列说法中，正确的是（) A.由公式p=卫可知电场中某点的电势p与g成反比 B。公式C一号，其中电容器的电容C与电容器两极板间电势差U无关 C.试探电荷在电场中所受的电场力F与其电量q无关 D.电容器电容越大，电容器所带的电荷量就越多 3.如图甲所示，α、b是点电荷电场中同一电场线上的两点，一个带电粒子在a点由静止释放， 仅在静电力作用下从α点向b点运动，粒子运动的-t图像如图乙所示，则下列说法中正确的 是() A.α点场强比b点场强大 B.a点电势比b点电势高 C.带电粒子与场源电荷带异种电荷 D.带电粒子在a点的电势能比在b点的电势能小 4.如图，导体棒原来不带电，现将一电荷量为9的正点电荷放在棒的中心轴线上距离棒的左端 R处，A、B为棒上中心轴线上的两点，A距离棒左端为L,A、B间的距离也为L,静电力 常量为k。当棒达到静电平衡后() A.棒左端感应出正电荷，右端感应出负电荷 9 B B.A点场强大于B点的场强 kq C.棒上感应电荷在A点产生的场强大小为(R+L了 R D.棒上感应电荷在B点处的电场强度方向水平向右 5.某静电场在x轴正半轴的电势P随x变化的图像如图所示，α、b、c、d为x轴上四个点() A.a点电势小于c点电势 B.a点到c点之间电场强度方向不变 C.负电荷从b移到c,电场力做正功 D.正电荷在b点静止释放后可以做往复运动 6.如图所示，两带等量正电荷的小球分别固定在M、N两点，O点为其连线中点，A和A、B' 和B分别为竖直中垂线上对称的点。现将另一质量为、电荷量为q的小球从O点由静止释放， 小球经过A、B两点时的加速度大小均为2g。已知O、A、B三点的电势分别为O、0A和B。O、 高二第一次教学检测物理试题 第1页共6页 A两点间距为1，O、B两点间距为2。小球均可视为质点。重力加速度为g。不计空气阻力。 若该小球从B'点以某一初动能竖直下落，则() B ⊕ ⊕ M A.小球从B'点运动到A'点的过程中所受静电力逐渐增大 B.小球从B'点运动到A'点的过程中速度先减小后增大 C.若小球能从B'点运动到O点，其初动能至少大于qp4-PB)-mg(h2-h) D.小球从B'点运动到O点的过程中机械能的变化量为q(P。-P) 二、多选题（每小题6分，共24分。选对但不全得3分，错选得0分) 7.关于各图中包含的物理知识，下列说法正确的是() 丙 A.图甲，用金属网把验电器罩起来，使带电金属球靠近验电器，箔片不会张开 B.图乙，导体棒A端带负电，B端带正电 C.图丙，A、B两点与中心电荷的距离相等，故A、B两点的电场强度相同 D.图丁，利用库仑扭秤实验装置探究带电小球间的库仑力大小影响因素时，无需测出小 球的电荷量 8.真空中存在点电荷4、42产生的静电场，其电场线的分布如图所示，图中P、Q两点的位置 关于点电荷4水平对称。P、Q两点电场强度的大小分别为E、E2,电势分别为、Pe。一 个带电粒子仅在电场力作用下沿虚线轨迹从M运动至N,则() A.Ep>Eo,Pp>Po B.9和q2带异种电荷，且4=q2 C.粒子从M运动至N,加速度先增大后减小 D.粒子带正电，从M至N它的电势能先变大后变小 9.如图，平行板电容器与一直流电源连接，下极板接地，静电计金属球与电容器上极板连接， 静电计开始时所带电荷量很少，可忽略。开关闭合，稳定时一带电的油滴静止于两极板间的P 点。若断开开关K,将平行板电容器的下极板竖直向下平移一小段距离，则下列说法正确的是 () A.带电油滴保持静止 R B.静电计指针的张角保持不变 C.P点电势变大 D.带电油滴的电势能变大 高二第一次教学检测物理试题 第2页共6页 10.如图所示，倾斜放置的平行板电容器两极板与水平面夹角为日，极板间距为d,一质量为、 电荷量为q的带负电微粒，从极板M的左边缘A处以初速度，水平射入，沿直线运动并从极板 N的右边缘B处射出，重力加速度为g。则() A.M极板带负电，N极板带正电 M B.M、N两极板的电势差为”gd gcos0 B C.微粒从A点到B点的过程电势能减少ms cos0 D.微粒到达B点时动能为m,-ms 1 N cosθ 三、实验题（每空2分，共14分） 11.如图所示的实验装置可用来探究影响平行板电容器电容的因素，使电容器带电后与电源断 开，将电容器左侧极板和静电计外壳均接地，电容器右侧极板与静电计金属球相连。 00902QQ (1)该实验使用的科学方法是 。(填序号) A.类比法 B.控制变量法 C.假设法 (2)实验中使用静电计的目的是 A.直接测量静电计上电荷量的变化情况 B.直接测量电容器电容的变化情况 C.观察电容器电荷量的变化情况 D.观察电容器电势差的变化情况 (3)影响平行板电容器电容的因素有 A.极板的材料 B.两极板间距离和两极板的正对面积 C.电容器储存的电荷量 12.如图甲所示是观察电容器的充、放电现象的实验装置。电源输出电压恒为8V,S是单刀 双掷开关，G为灵敏电流计，C为平行板电容器。(1A=103mA) 个ImA 6t切 甲 (1)将开关s接1给电容器充电，则充电时电流 （填“向左”或“向右”)流过电 流计G:平行板电容器两极板之间电势差U (填“增大”或“减小”) 高二第一次教学检测物理试题 第3页共6页 (2)将G表换成电流传感器，电容器充电完毕后再放电，其放电电流随时间变化图像如 图乙所示，图像包围的小方格数量约为41个，则可估算出电容器开始放电时所带的电荷量 9= C(保留两位有效数字)： (3)电容器充电后就储存了能量，某同学从等效的思想出发，认为电容器储存的能量等于 把电荷从一个极板搬运到另一个极板过程中克服电场力所做的功。为此他做出电容器两极间的 电压U随电荷量Q变化的图像如图所示。按他的想法，下列说法正确的是 (填正确 答案标号) A.U-Q图线的斜率越大，电容C越大 B.搬运△q的电量，克服电场力所做的功近似等于△q上方小矩形的面积 C.对同一电容器，电容器储存的能量E与两极间电压U成正比 D.若电容器电荷量为Q时储存的能量为B,则电容器电荷量为g时储存的能量为三 ) 四、解答题 13.(12分)如图所示，在真空中，带电小球A固定，带电荷量为+9的小球B挂在绝缘丝线 下端，处于静止状态。B球的质量为m,丝线与竖直方向夹角为O,A和B在同一条水平线上， 重力加速度为8，静电力常数为k,带电小球A、B均可看作点电荷。求： (1)带电小球A在图中B球静止位置处产生的电场强度大小为多少？ (2)小球A带何种电荷？若小球A带电荷量大小为Q,A、B两球间的距离为多少？ LLLNIMIN A B 高二第一次教学检测物理试题 第4页共6页 14.(12分)如图所示，一个静止的电子经过电压为U的加速电场加速后，沿平行于板面方向 进入A、B两极板间的偏转电场，两极板的长度为l,相距为d,极板间的电压为U,。已知电 子紧靠负极板，电荷量大小为，质量为m,偏转电场可看作匀强电场。求： (1)电子进入偏转电场的速度大小： (2)电子射出偏转电场时沿垂直于板面方向偏移的距离为y； (3)电子离开偏转电场时的动能大小E。 高二第一次教学检测物理试题 第5页共6页 15.(14分)在空间某处存在一水平向右的匀强电场。在电场中的O点，用长为L的轻绳（形 变可忽略)，系一个质量为、电量为+q的带电小球（体积可忽略）。开始时小球静止在轻绳与 竖直方向夹日=30°角的B点。现用外力把小球缓慢拉至轻绳水平且恰好伸直的A点，然后由静 止释放，小球最远能运动到轻绳与竖直方向夹角的C点，如图所示。求： (1)匀强电场场强E的大小： (2)a角的大小（要求用物理规律证明计算）： (3)小球从A到C过程中轻绳最大的拉力Tm。 30° 高二第一次教学检测物理试题 第6页共6页南阳一中高二第一次教学检测物理答案 1.A【详解】A.元电荷是电荷量的最小单位，密立根通过油滴实验首次精确测定了元电荷的 数值，故A正确： B.伽利略通过斜面实验间接验证自由落体规律（匀加速运动），但因当时技术限制无法直 接测量速度与时间的关系，故B错误； C.法拉第首先提出电场概念并引入电场线，库仑的贡献是库仑定律，故C错误； D.静电场是客观存在的物质，电场线才是虚拟模型，故D错误。故选A。 2.B【详解】A.公式9=是电势的比值定义式，电场中某点的电势P由电场本身性质决定， d 与试探电荷的电荷量9、电势能E。均无关，不能认为P与9成反比，故A错误： B.公式C=9是电容的比值定义式，电容C是电容器本身的固有属性，由极板正对面积、 极板间距、极板间电介质决定，与电容器带电量Q、两极板间电势差U均无关，故B正确： C.根据电场力公式F=qE,电场中确定位置的场强E不变，试探电荷所受电场力F与电 荷量q成正比，二者有关，故C错误： D.由C=9得Q=CU,电容器带电量2由电容C和极板间电压U共同决定，仅电容大时， 若电压U很小，带电量也不一定多，故D错误。故选B。 3.A【详解】A.仅在静电力作用下从a点向b点运动，由图乙知其加速度减小，又a=画 n 故场强减弱，即α点场强比b点场强大，故A正确： B.因为不知道场源点电荷的电性，也无法确定α、b两点电势的高低，故B错误： C.由A选项知场源点电荷在α点的左侧，粒子仅在静电力作用下从α点向b点运动，说 明其受到电场力是斥力，故带电粒子与场源电荷带同种电荷，故C错误： D.粒子仅在静电力作用下从α点向b点做加速运动，动能增大，说明电场力做正功，则 电势能减小，即带电粒子在α点的电势能比在b点的电势能大，故D错误。故选A。 4.C【详解】A.由于9为正电荷，根据静电感应规律可知，棒左端感应负电荷，右端感应正 电荷，A错误： B.处于静电平衡的导体是等势体，内部场强处处为零，A、B两点的场强都是零，B错误： C.静电平衡时A点的合场强为零，因此感应电荷在A点的场强与点电荷9在A点的场强等 .kg kq 反向，根据E=k号有ER+下，则棒上感应电荷在A点产生的场强大小也为R+仍 C正确； D.静电平衡时B点的合场强为零，点电荷9在B点的电场强度方向水平向右，则棒上感应 电荷在B点处的电场强度方向水平向左，D错误。故选C。 5.B【详解】A.由图像可知a点电势在零电势以上，c点电势最低，故Pa>P,故A错误： B.由电势与电场强度的关系E,=-A9 △x a点到C点之间图像斜率始终为负，故E,>0,电场强度方向始终沿x轴正方向，故B正确： C.由电势能的定义E。=qp,负电荷从b点移到C点时4，>P。且q<0，故电势能增大。 电场力做功与电势能变化的关系W=-△E。<0,故C错误； D.由由动能与电势能之和守恒得，正电荷从b点由静止释放后，在b点右侧任一有限位置 答案第1页（共4页） x处有)m=9风-p()》>0正电荷速度不可能为零，不能返回，故D错误。故选B。 6.C【详解】A.等量正电荷中垂线的电场特点：O点（连线中点）场强为0，沿中垂线向两 侧，场强先增大后减小，方向为沿中垂线背离O点：结合题意分析得小球带正电，对称点 A(A)、B(B)场强大小相等，且A、B处Eg+mg=m2g解得A、B处E="mA从、B处电场力 向上，大小也为E=m8从B到A(向0靠近)，场强先增大后减小（因为B、A处场强大小均 q 为3，中间场强更大)，因此静电力先增大后减小，不是逐渐增大，故A错误： B.从B到A过程中，电场力一直向上，且qE≥mg（起点、终点qE=mg,中间gE>mg) 合力一直向上，速度方向向下，因此小球一直做减速运动，不是先减小后增大，故B错误： C.小球从B到O过程中，'点是速度最小点：A'点以上合力向上（减速），点到O合 力向下（加速），因此只要小球能到达A点，就能运动到O点。对B→A'过程，刚好到达时 末动能为0，由动能定理可得mg(h-h)+q(Pg-p)=0-E0整理得最小初动能 Eo=q(p4-P)-mg(h2-h)),因此初动能至少大于该值，故C正确： D,机械能变化量等于除重力外其他力做功，即等于电场力做功 △E=W=q(pg-po)=q(pg-po),故D错误。故选C。 7.AD【详解】A.根据静电屏蔽，图甲用金属网把验电器罩起来，使其内部不受影响，故使 带电金属球靠近验电器，箔片不会张开，故A正确； B.根据静电感应原理可知，图乙导体棒A端带负电，由于导体棒A端接地，所以B端不 带电，故B错误； C.根据点电荷的场强决定式E=号图丙，么B两点与中心电衔的距窝相等，故4、B两 点的电场强度大小相等，方向不同，故C错误： D.图丁，利用库仑扭秤实验装置探究带电小球间的库仑力大小影响因素时，无需测出小 球的电荷量，故D正确。故选AD。 8.AD【详解】A.根据电场线的疏密程度表示场强的大小，结合题图可知E,>Eg;P、Q两 点关于点电荷4水平对称，P到4之间场强较大，根据U=Ed可知，电势降低较快，可知p>P2, 故A正确： B.由电场线分布可知，4带负电，带正电，由电场线的疏密程度可知，4的电荷量绝 对值大于q的电荷量绝对值，故B错误； C.由电场线分布可知，粒子从M移动至，电场强度先减小后增大，根据qE=@ 可知，粒子的加速度先减小后增大，故C错误： D.粒子受力方向与电场线方向相同，所以粒子带正电，粒子从M移动至N,电场力先做 负功后做正功，则粒子的电势能先变大后变小，故D正确。故选AD。 9.AC【详解】B.若断开开关K,由于静电计所带电荷量很少，可忽略不计，所以可认为电容 器所带电荷量保持不变。将平行板电容器的下极板竖直向下平移一小段距离，板间距离增大， 根据c 可知，电容器的电容变小，由C=号分析可知，电容器极板间电压增大，则静电 Axkd U 计指针的张角变大，故B错误： A.根据E=, C=8S 可知板间电场强度不变，带电油滴受 U 4πkd 可得B=4πg ES 答案第2页（共4页） 到的电场力保持不变，则带电油滴仍保持静止状态，故A正确： CD.根据U=E,由于板间电场强度不变，P点与下极板距离变大，又下极板接地，电势 为零，可知P点电势变大；根据平衡条件可知，带电油滴受到的电场力竖直向上，与电场方向 相反，则带电油滴带负电，根据E心，可知带电油滴在P点电势能变小，故C正确，D错误。 故选AC。 10.BD【详解】由题可知粒子做直线运动，则粒子所受合力与速度在一条直线上，则受力分析 如图所示 A.微粒带负电，根据受力情况可知M极板带正电，N极板带负电，故A错误： B.电场力大小为F=gB=”8 coSθ 所以两极板电势差为U=Bd=gd gcos6'故B正确： C.电场力做负功，电势能增加，增加的电势能为E。=qU=m8C ,故 F合 cose C错误； D.根据粒子受力分析可知电场力做负功，动能减小，由动能定理 1 mg cos日’故D正确。 0=Em知到达B点时的动能为马7m。2”8心 2 故选BD。 11.(1)B (2)D (3)B 【详解】(1)本实验中，若研究电容与其中一个变量的关系时，需要其他量保持不变，所 以采用的科学方法是控制变量法。故选B。 (2)电容器带电后与电源断开，带电量Q保持不变；静电计不能直接测量电荷量和电容， 它与电容器相接，几乎不会改变电容器的带电量，且可以通过指针张角的大小，反映电容器两 极板间电势差的变化。故选D。 (3)由平行板电容器的决定式C= 4πkd 可知，影响平行板电容器电容的因素有两极板间 距离、两极板的正对面积和两极板之间的电介质。故选B。 12.(1)向右增大(2)3.1×10-33.3×10-3(3)BD 【详解】(1)开关S接1时，电源正极与电容器上极板相连，常规电流由电源正极流出， 沿开关、电流计流向电容器上极板，因此电流从左向右流过电流计G (2)由电流的定义1-是，可知，在很短时间：内遥过电流传感器的电荷量：心， 把各小段电荷量相加，所得总电荷量等于I-t图线与坐标轴围成的面积。横轴每小格表示0.4$， 纵轴每小格表示0.2mA=2.0×104A。故每小格面积对应的电荷量 △=△1t=2.0×10-4×0.4C=8.0×105C 图像约占41个小格，故开始放电时电容器所带的电荷量 q=41△☑=41×8.0×105C=3.28×10-3C≈3.3×103C (3)A白电容定义式C-号可得U-Q图线的斜率k~哥名斜率越大，电容越小，故 U 1 A错误： B.在搬运一小段电荷量△q的过程中，电压变化很小，可近似看作不变，克服电场力做的 功△WU△q,其数值近似等于△q上方小矩形的面积，故B正确： CD.把搬运各小段电荷量所做的功相加，电容器储存的能量等于U-Q图线下的三角形面 答案第3页（共4页） 积，即B=00对同一电容器，由电容定义式Q=CU代入能量公式得B=CU能量与电压 的平方成正比，同理，由V-吕可得B-g当电荷量变为号时，储存的能量： 2C 2 号}1g2-g, 2C42C4 故C错误，D正确。故选BD。 13.(1)E=mgtan (2)A带负电荷，r= kOq 9 mg tanθ 【详解】(1)根据平衡条件可知qE=mg tan0解得E=mgan 9 (2)AB间为吸引力，则A带负电，根据点电荷产生电场公式有E= 解得r二 kOq r2 \mg tane eUP 14.(1)%= 2eU (2)y= U,2 (3)E=eU1+ m AU d 4U,d2 【详解】(1)电子在加速电场中，根据动能定理有0，=2mG-0解得， 2eU m (2)电子在偏转电场中做类平抛运动，沿平行于板面方向有1='。1，沿垂直于板面方向有 。at2根据牛顿第二定律有 =mu解得y=U d AUd U (3》对电子运动的全程，根据动能定理有，+e号y=-0解得=cU+ eUp 4U d2 15.(1)B=3mg (2)0=30° 3q (3)Z.-4g 3 【详解】(1)分析小球在B点静止时的受力，由平衡条件得：B☑=gtam0解得B=V5m腿 _3g (2)小球从A点运动到C点的过程中，由动能定理得gLcosa-Eq(L+Isina)=0 解得0=30° (3)小球到B点时的速度最大，小球从A点运动到B点的过程中，由动能定理得 mgLcos0-Bg(L-Lsin0)-后设小球在B点受到的最大拉力为Z,由牛顿第二定律得 工Vef+阿.空解得7-g 答案第4页（共4页）