专题03 细胞中的有机物（期中真题汇编，重庆专用）（5大高频考点）高一生物上学期

**基本信息** 聚焦细胞中有机物五大高频考点，汇编重庆多所中学期中试题，以奶茶、PET-CT示踪剂、可吸收缝合线等生活与科技情境为载体，覆盖糖类分类功能、脂质种类作用、蛋白质结构功能、核酸结构及生物大分子综合，注重基础概念与科学思维的结合。 **题型特征** |题型|题量|知识覆盖|命题特色| |----|----|----|----| |选择题|85题|糖类（15）、脂质（14）、蛋白质（25）、核酸（21）、综合（10）|结合魔芋多糖、血红蛋白运输氧气等实例考查物质功能| |非选择题|34题|蛋白质计算（12）、核酸结构分析（5）、生物大分子转化（17）|以胰岛素合成、蓖麻种子萌发等为情境设计综合题，渗透结构与功能观|

专题03 细胞中的有机物 5大高频考点 1. 细胞中糖类的分类和功能 2. 细胞中脂质的种类及功能 3. 蛋白质的结构和功能 4. 核酸的结构和功能 5. 生物大分子综合 考点1 细胞中糖类的分类和功能 1．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）下列选项中，属于细胞能直接吸收的糖类是（　　） A．葡萄糖、核糖、脱氧核糖 B．葡萄糖、淀粉和果糖 C．淀粉、脱氧核糖、乳糖 D．麦芽糖、果糖、乳糖 2．（25-26高一上·重庆九校联盟·期中）“糖生物学”是研究糖类在生命活动中作用的学科。研究发现细胞膜上的糖类可与蛋白质结合形成糖蛋白，这些糖蛋白与细胞识别和信息传递有密切关系。这体现了糖类的哪项功能（　　） A．结构成分 B．储能物质 C．信息传递 D．主要能源物质 3．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）摄入适量糖类并合理运动，有助于保持健康的体重和良好的形体。下列食物中最有利于人类获取糖类的是（　　） A．绿色蔬菜 B．玉米 C．羊肉 D．花生 4．（25-26高一上·重庆八中·期中）下列选项中，均属于细胞能直接吸收的糖类是（　　） A．葡萄糖、核糖、脱氧核糖 B．葡萄糖、淀粉、果糖 C．淀粉、脱氧核糖、乳糖 D．麦芽糖、果糖、蔗糖 5．（25-26高一上·重庆九校联盟·期中）“网红”食品魔芋富含魔芋多糖，是一种极好的膳食纤维，几乎不被人体消化吸收。下列关于魔芋多糖的叙述，合理的是（　　） A．魔芋多糖可被人体直接吸收用于供能 B．魔芋多糖与淀粉、糖原的元素组成不同 C．魔芋多糖可能有助于肠道蠕动 D．魔芋多糖是构成植物细胞壁的主要成分 6．（25-26高一上·重庆一中·期中）奶茶是深受年轻人喜爱的时尚饮品，主料为牛奶和茶叶，辅料为高浓度果糖、蔗糖、椰果 （纤维素凝胶）等。下列相关叙述，正确的是（　　） A．茶叶富含 Mg、Zn、K等大量元素，其烘焙加工过程中细胞可失去结合水 B．牛奶经高温消毒后，其中的蛋白质空间结构改变，不与双缩脲试剂反应显色 C．果糖和蔗糖经水解后产物相同，水解产物氧化分解所释放的能量少于等质量脂肪 D．椰果中的纤维素很难被人体消化吸收，但适量食用可促进肠道蠕动 7．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）PET-CT 检查是一种使用示踪剂的医学影像技术。示踪剂由细胞的主要能源物质改造而成，进入细胞后不易被代谢。肿瘤细胞因代谢活跃，会大量摄取此类示踪剂，从而在影像中形成高亮区域。由此可知，这种示踪剂可比喻为（　　） A．“伪装的无机盐” B．“伪装的氨基酸” C．“伪装的葡萄糖” D．“伪装的脂质” 8．（25-26高一上·重庆名校联盟·期中）糖类是细胞主要的能源物质，但长期糖摄入超标会引发肥胖、高血压、龋齿、糖尿病等，因此在日常生活中“控糖”显得尤为重要。下列有关糖类的叙述正确的是（    ） A．葡萄糖常被形容为“生命的燃料”，生物体内的糖类大多数以葡萄糖的形式存在 B．核酸中含有的糖为五碳糖 C．乳汁中的乳糖不用水解可直接被婴儿的肠道吸收 D．几丁质是由许多葡萄糖连接而成的，被称为人类的“第七类营养素” 9．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）海藻糖是由两个葡萄糖分子构成的非还原性二糖，其对多种生物活性物质具有非特异性保护作用。海藻糖在自然界许多可食用动植物及微生物体内都广泛存在，对许多生命体而言，海藻糖的有与无，意味着生存或者死亡。下列叙述不合理的是（    ） A．组成海藻糖的元素与纤维素和脂肪的化学元素相同 B．海藻糖与斐林试剂在水浴加热条件下不会产生砖红色沉淀 C．海藻糖含有人体必需的微量元素 D．海藻糖不可被人体小肠绒毛上皮细胞直接吸收 10．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）纤维素制成的纱布是常用的伤口敷料，但止血效果不佳。科学家开发了一种由几丁质加工而成的伤口敷料，能有效阻止血液外流。几丁质由1000~3000个N-乙酰葡萄糖胺聚合而成。下列关于纤维素和几丁质的叙述，正确的是（    ） A．纤维素存在于植物体内，不能为其他生物供能 B．几丁质又称壳多糖，存在于各种动物的骨骼中 C．两者都属于多糖，它们彻底水解后的产物相同 D．几丁质还可以用于制作人造皮肤、处理废水等 11．（25-26高一上·重庆巴南·期中）下列选项中，属于动植物细胞共有的糖类是（    ） A．淀粉、脱氧核糖、乳糖 B．葡萄糖、纤维素和果糖 C．葡萄糖、核糖、脱氧核糖 D．麦芽糖、果糖、乳糖 12．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）如图为将植物体内的多糖转化为葡萄糖的常用方法，下列叙述错误的是（    ）    A．图中①和②可能分别代表淀粉和纤维素 B．糖类是细胞中重要的结构物质和能源物质 C．利用大麦生产麦芽糖浆的过程可能与方法一过程类似 D．①经枯草杆菌水解成麦芽糖后可直接被人体细胞吸收利用 13．（25-26高一上·重庆渝东九校·期中）几丁质因其良好的生物相容性、可降解性和天然的抑菌活性，被广泛应用于制造人造皮肤。这种人造皮肤能为创面提供物理屏障，促进细胞生长，并最终被人体自然降解吸收。下列相关叙述不正确的是（　　） A．几丁质属于多糖，但其组成元素和糖原等多糖不完全相同 B．几丁质广泛存在于甲壳动物和昆虫的外骨骼中，这使其来源丰富，成本低廉，适合大规模生产 C．利用几丁质制作人造皮肤，主要利用了其能为人体细胞供能的特性 D．几丁质属于大分子物质，其合成过程会产生水，分解过程会消耗水 14．（25-26高一上·重庆渝东九校·期中）下图表示糖类的化学组成和种类，下列相关叙述错误的是（　　） A．①、②、③统称为“碳水化合物”，都含有C、H、O三种元素 B．①可被细胞直接吸收，②水解后才能被细胞吸收，其水解产物中均有葡萄糖 C．④、⑤分别为纤维素、肌糖原，二者分别是植物体内的结构物质和动物体内的储能物质 D．③由多个葡萄糖分子连接而成，具有还原性 15．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）下列概念与图示不相符的是（    ） A．若a表示生物，b、c、d可分别表示真核生物、原核生物和病毒 B．若a表示二糖，b、c、d可分别表示果糖、蔗糖、麦芽糖 C．若a表示固醇，b、c、d可分别表示性激素、胆固醇、维生素D D．若a表示脂质，b、c、d可分别表示脂肪、磷脂、固醇 考点2 细胞中脂质的种类及功能 1．（25-26高一上·重庆渝东九校·期中）2025年4月24日，神舟二十号载人飞船在酒泉卫星发射中心成功发射。在规划航天员长期太空任务的膳食时，营养学家需要精确考虑各类营养素的配比。下列关于食谱中脂质成分的分析，正确的是（　　） A．添加在航天食品中的花生油，富含脂肪，是构成细胞膜的主要成分 B．胆固醇是构成动物细胞膜的重要成分，摄入越多越有益 C．航天员摄入的核桃仁富含磷脂，其主要功能是作为主要能源物质 D．为预防太空环境下的骨质流失，食谱中应富含维生素D，它属于固醇类脂质，能促进钙的吸收 2．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）目前，瘦成“一道闪电”受到许多人的追捧，但是脂肪也是人体重要营养物质，人体内脂肪的生理功能包括（   ） （25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）①生物膜的重要成分 ②良好的储能物质 ③缓冲、减压和保护内脏 ④对生命活动具有调节作用 ⑤促进人体肠道对钙磷的吸收 ⑥绝热、保温作用 A．②③⑥ B．①②⑥ C．③④⑤ D．①②③④⑤⑥ 3．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）2018年中秋时节，家住安徽省患糖尿病的韩奶奶，因食用“无糖月饼”而被“甜晕”，还好抢救及时，脱离危险。目前很多广告语存在科学性错误，下列你认为正确的是（    ） A．无糖月饼没有甜味，属于无糖食品 B．“XX牌”口服液含有丰富的N、P、Zn等微量元素 C．某地大棚蔬菜，天然种植，不含任何化学元素，是真正的绿色食品 D．“XX牌”鱼肝油，含有丰富的维生素D，有助于宝宝骨骼健康 4．（25-26高一上·重庆八中·期中）下列广告语中比较科学的是（　　） A．服用鱼肝油（富含维生素D）有助于促进宝宝骨骼发育 B．来自深海生物的稀有核酸片剂，满足您对特殊核酸的需求 C．××八宝粥由桂圆、红豆、糯米等精制而成，不含糖，适合糖尿病病人食用 D．××口服液含有丰富的C、N、P、Zn等微量元素 5．（25-26高一上·重庆巴南·期中）下图是生物细胞中某种有机分子的结构式，下列相关叙述错误的是（　　） A．图示物质是脂肪，只含有 C、H、O 三种元素 B．图示物质水解可获得一分子甘油和三分子脂肪酸，脂肪酸的种类和分子长短不完全相同 C．图示物质中的脂肪酸为饱和脂肪酸，在室温时呈液态 D．图示物质存在于植物细胞和动物细胞中，是细胞中良好的储能物质 6．（25-26高一上·重庆长寿中学校·期中）胆固醇是合成固醇类激素和维生素D的底物，还是构成动物细胞膜的重要成分。如图表示胆固醇分子在磷脂双分子层中的排布情况。下列叙述错误的是（    ） A．据图推测胆固醇具有限制磷脂分子运动、增加其有序性的作用 B．若血液中胆固醇水平过低，机体可能出现代谢紊乱和缺钙的症状 C．据图分析胆固醇分子具有疏水性 D．胆固醇、磷脂和维生素D都属于固醇类物质 7．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）温度降低时膜的流动性减小，最后磷脂处于紧密排列的状态，膜于是固化。膜固化的温度决定于组成它的脂质的类型，如动物细胞膜中的胆固醇在温度低时可以阻止液晶的形成，保持其流动性。与其结构相似的豆固醇为大豆细胞的成分，不能被人体肠道吸收，饭后服用豆固醇能抑制肠黏膜对胆固醇的吸收。下列关于固醇的说法错误的是（    ） A．豆固醇可以作为降低人体内胆固醇含量的药物 B．推测豆固醇可能也位于大豆细胞膜上，起到和动物细胞膜胆固醇类似的作用 C．胆固醇在人体内可以参与血液中脂质的运输 D．豆固醇与糖类、磷脂的组成元素相同 8．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）有关脂质的叙述，正确的是（    ） A．日常炒菜用的花生油中的脂肪含不饱和脂肪酸 B．细胞膜中含磷脂，细胞器膜中不含磷脂 C．维生素D是构成骨骼的主要成分，缺乏维生素D会影响骨骼发育 D．脂质能被苏丹Ⅲ染液染成橘黄色 9．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）下列关于人体脂质的叙述，错误的是（　　） A．组成脂肪与糖原的元素种类相同 B．磷脂水解产物包括甘油、磷酸、脂肪酸等 C．由C、H、O三种元素构成的性激素能促进人和动物生殖器官的发育及生殖细胞的形成 D．维生素D是构成骨骼的主要成分，缺乏维生素D 会影响骨骼发育 10．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）大豆是我国重要的粮食作物，富含蛋白质和脂质。下列叙述正确的是（　　） A．大豆蛋白质可提供人体细胞不能合成的非必需氨基酸 B．大豆榨油后剩余的豆渣的主要成分是无机盐 C．大豆油含有不饱和脂肪酸，熔点较高，不易凝固，室温下呈液态 D．大豆中的脂肪在人体消化道内水解为脂肪酸和甘油后，可被小肠上皮细胞吸收 11．（25-26高一上·重庆名校联盟·期中）某分子的结构简式如图所示，R1和R2表示脂肪酸，下列有关脂质的叙述错误的是（    ） A．若R3代表脂肪酸，则该结构简式代表脂肪；若R3代表磷酸及其他衍生物，则该结构简式可代表磷脂 B．若脂肪酸长链上存在双键，那么碳原子连接的氢原子数目就不能达到饱和，这样形成的脂肪酸就是不饱和脂肪酸 C．磷脂和胆固醇是构成细胞膜的重要成分，是所有细胞必不可少的脂质 D．糖类在供应充足的情况下，可以大量转化为脂肪，而脂肪却不能大量转化为糖类 12．（25-26高一上·重庆八中·期中）下列有关脂质的叙述，正确的是（    ） A．磷脂分子参与细胞膜的组成 B．维生素D和性激素不属于固醇类物质 C．脂肪比相同质量的多糖彻底氧化产能少 D．多数动物脂肪富含不饱和脂肪酸 13．（25-26高一上·重庆八中·期中）蓖麻种子富含脂肪。某研究小组将蓖麻种子置于黑暗及其他各项条件均适宜的环境中培养。定期检查萌发种子（含幼苗）的干重以及部分物质的含量的变化情况结果如图所示。据图分析，下列相关叙述不正确的是（    ） A．在蓖麻种子萌发过程中，油脂可以转化成糖类 B．用苏丹Ⅲ对蓖麻种子切片染色，可在光学显微镜下看到橘黄色脂肪颗粒 C．前6天蓖麻种子的干重增加，导致种子干重增加的主要元素是C D．相较于水稻等淀粉类种子，蓖麻种子适宜播种浅一些 14．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）冬小麦在生长过程中会经历春化和光照两大阶段。收获后的种子可以制作加工成各类食品，食品被人体消化吸收后通过一系列代谢来提供营养。分析回答下列相关问题： （1）冬小麦种子中脂肪水解产物大多含有________（填“饱和”或“不饱和”）脂肪酸，这种脂肪在室温时呈______态。 （2）冬小麦在冬天来临之前，由于温度降低，一部分自由水就转化成了结合水，使结合水的比例逐渐上升，这部分水就失去了__________性和__________性，其生理意义是: ____________。 （3）经检测某患者肝脏B超明显“亮肝”（脂肪明显沉积），且血液中低密度脂蛋白胆固醇和高密度脂蛋白胆固醇含量异常，前者主要将血液中某些脂质运进肝脏再清除出血液，后者主要将肝脏的某些脂质运出送往全身储藏，这表明胆固醇的功能之一是____________，预测该患者的血液中高密度脂蛋白含量_________（填“高于”或“低于”）正常水平。 （4）甲同学要减肥，制定了高蛋白、高淀粉、低脂的减肥餐，乙同学根据图示信息，评价该方案无效，你认为理由是___________。丙同学也要减肥，制定了高蛋白、低淀粉、低脂的减肥餐，但运动量较少，同样收效甚微，分析原因是____________。 考点3 蛋白质的结构和功能 1．（25-26高一上·重庆渝东九校·期中）下列物质中，属于构成蛋白质的氨基酸的是（　　） A． B． C． D． 2．（25-26高一上·重庆巴南·期中）某降血压药物说明书上注明：“本品含钙通道阻滞剂，抑制血管平滑肌细胞的跨膜钙离子内流……”。细胞膜上的钙通道是蛋白质复合物，该降压药主要影响了蛋白质的（　　） A．运输功能 B．催化功能 C．贮存功能 D．免疫功能 3．（25-26高一上·重庆巴南·期中）下列物质能参与构成生物体内天然蛋白质的有（    ） A．①②③ B．①②③④ C．①②③④⑤ D．①②③④⑤⑥ 4．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）球状蛋白分子空间结构为外圆中空，氨基酸侧链极性基团分布在分子的外侧，而非极性基团分布在内侧。蛋白质变性后，会出现生物活性丧失及一系列理化性质的变化。下列叙述错误的是（　　） A．蛋白质变性可导致部分肽键断裂 B．变性后的蛋白质可以用双缩脲试剂鉴定 C．加热变性的蛋白质不能恢复原有的结构和性质 D．变性后生物活性丧失是因为原有空间结构破坏 5．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）下列有关生物体内蛋白质多样性原因的叙述中，不正确的是（    ） A．组成肽键的化学元素不同 B．组成蛋白质的氨基酸种类和数量不同 C．蛋白质的空间结构不同 D．组成蛋白质的氨基酸排列顺序不同 6．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）中华鲎体内存在一种含铜的蛋白质——“血蓝蛋白”，其生物学功能之一是运输氧气。血蓝蛋白与氧气结合时呈蓝色，脱氧状态呈无色。下列说法或推测正确的是（　　） A．大量元素铜可参与构成生物大分子 B．正常流动状态下，中华鲎的血液是无色的 C．血蓝蛋白和血红蛋白的氨基酸序列完全一致 D．血蓝蛋白在中华鲎体内氧气浓度低的地方容易与氧气分离 7．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）免疫球蛋白IgG的结构如图所示，其中—S—S—表示连接两条相邻肽链的二硫键。若该IgG由m个氨基酸构成，则该IgG有肽键数及形成该蛋白质时相对分子质量减少了（   ） A．m个　（m-4）×18 B．（m+1）个　（m-4）×18 C．（m-1）个 （m-4）×18-6 D．（m-4）个 （m-4）×18+6 8．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）下列分子中，不属于构成生物体蛋白质的氨基酸的是（    ） A． B． C． D． 9．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）生物学的一个基本观点是结构与功能相适应， 蛋白质结构的多样性使得蛋白质的功能也具有多样性， 下列关于蛋白质功能的叙述， 错误的是（    ） A．人体内抗体的本质是蛋白质， 可以帮助人体抵御病菌和病毒等抗原，说明蛋白质具有调节的作用 B．神经细胞的细胞膜上的钠—钾泵（一种蛋白质） 能将细胞外钾离子运进细胞， 将细胞内钠离子运出细胞， 是蛋白质运输功能的具体体现 C．绝大多数酶的本质是蛋白质， 酶具有生物催化作用 D．人体肌肉纤维的成分主要是蛋白质， 这样的蛋白质称为结构蛋白 10．（25-26高一上·重庆八中·期中）如图是三种组成蛋白质的氨基酸的结构式，据图分析下列叙述错误的是（　　） A．以上这三种氨基酸的R基依次是一 B．氨基酸需经过脱水缩合和盘曲折叠才能形成蛋白质 C．甲是组成人体蛋白质的相对分子质量最小的氨基酸 D．只要含有一个氨基和一个羧基的化合物就是组成蛋白质的氨基酸 11．（25-26高一上·重庆八中·期中）将蛋白质暴露在高浓度的尿素中会发生蛋白质的变性，除去尿素后，蛋白质的空间结构和生物功能可以恢复。下列说法正确的是（　　） A．高浓度的尿素使蛋白质变性的过程中破坏了蛋白质中的肽键 B．煮熟的鸡蛋更容易消化是由于高温使蛋白质的空间结构松散 C．若构成蛋白质的氨基酸种类和数量相同，则蛋白质结构一定相同 D．向经尿素处理后的蛋白质溶液中加入双缩脲试剂不会发生紫色反应 12．（25-26高一上·重庆八中·期中）如图表示蛋白质结构的一部分，图中甲、乙、丙、丁标出的是不同的化学键，当蛋白质发生水解反应时，断裂的化学键是（    ） A．甲 B．乙 C．丙 D．丁 13．（25-26高一上·重庆八中·期中）某多肽链的分子式为C42H65N11O9，它彻底水解后只得到以下3种氨基酸，则此多肽中含有的赖氨酸个数为（　　） A．2个 B．3个 C．5个 D．8个 14．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）一条由39个氨基酸形成的环状多肽，其中有4个谷氨酸（R基为-CH2-CH2-COOH）,则该多肽（　　） A．有38个肽键 B．可能没有游离氨基 C．至少有5个游离羧基 D．至多有36种氨基酸 15．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）下列有关蛋白质的结构的叙述中，正确的是（　　） A．雄性激素能调节生命活动，其功能体现了蛋白质具有信息传递作用 B．蛋白质高温加热后会变性，不能与双缩脲试剂发生颜色反应 C．肽键的连接方式不同是影响蛋白质结构多样性的原因 D．一条多肽链分解成n条短肽链时，增加的羧基数为（n-1） 16．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）胶原蛋白是细胞外基质的主要成分之一，含有18种氨基酸。下列叙述不合理的是（    ） A．人体可以合成组成该蛋白质的所有氨基酸 B．皮肤表面涂抹的胶原蛋白不能被直接吸收 C．未经折叠的该蛋白不具有生物学功能 D．作为手术缝合线的胶原蛋白能被组织分解、吸收 17．（25-26高一上·重庆巴南·期中）下图表示细胞中常见的反应，下列叙述错误的是（    ） A．图中箭头所指的为肽键 B．化合物甲的R基为H C．化合物丙含2个游离羧基 D．图中的X是水 18．（25-26高一上·重庆长寿中学校·期中）鱼胶原蛋白具有易吸收、高生物活性、低致敏性及可食用性等特点，在医学修复（如手术缝合线）、美容护肤及食品工业中逐步替代陆生动物胶原蛋白。鱼胶原蛋白的氨基酸序列以“甘氨酸—脯氨酸—羟脯氨酸”为核心重复单元，下列叙述错误的是（    ） A．作为手术缝合线的胶原蛋白能被相关酶分解从而被人体组织吸收 B．鱼胶原蛋白的美容护肤作用与核心重复单元的高生物活性相关 C．鱼胶原蛋白可作为食品添加剂，但不能大量添加到某些食品中 D．甘氨酸、脯氨酸等人体细胞不能合成的非必需氨基酸有 13 种 19．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）诗圣杜甫的《发秦州》有“充肠多薯蓣，崖蜜亦易求”的名句，薯蓣俗名山药，焦作的怀山药畅销全国，其块茎中平均含粗蛋白质14．48%，粗纤维3．48%，淀粉43．7%，糖1．14%及多种微量元素等。下列相关叙述正确的是（    ） A．山药细胞中微量元素有Zn、Fe、Ca等 B．山药细胞中的糖类都是能源物质 C．山药中核酸的彻底水解产物是核苷酸 D．山药中蛋白质的药用功能由其结构决定 20．（25-26高一上·重庆渝东九校·期中）现代外科手术中使用的可吸收缝合线，其成分可以是羊肠线（主要成分为胶原蛋白）或人工合成的聚乳酸羟基乙酸等材料。下列有关缝合线与蛋白质功能的叙述，错误的是（　　） A．若使用羊肠线，其成分胶原蛋白被人体吸收的过程需要蛋白酶的参与，体现了蛋白质的催化功能 B．伤口愈合时，抗体等蛋白质在局部发挥作用，体现了蛋白质的免疫功能 C．愈合过程中，新生细胞需要利用氨基酸合成肌动蛋白等蛋白质，体现了蛋白质的组成细胞结构的功能 D．该缝合线蛋白质在伤口愈合的过程中，能直接为周边细胞的修复提供能量 21．（25-26高一上·重庆渝东九校·期中）重庆火锅的食材种类繁多，从常见的肉类、海鲜到各种蔬菜、豆制品，几乎无所不包。其中，毛肚、黄喉、鸭肠和脑花是重庆火锅的经典食材。相关叙述错误的是（　　） A．毛肚细胞中的核酸，携带了毛肚细胞的遗传信息 B．脑花中含量丰富的磷脂，是构成细胞膜、细胞器膜等膜结构的重要成分 C．各种蔬菜中丰富的纤维素有利于降脂、降血糖，保护心脑血管健康 D．涮黄喉的过程中高温使其中的蛋白质空间结构变得伸展、松散，不能与双缩脲试剂产生紫色反应 22．（25-26高一上·重庆渝东九校·期中）皮蛋（松花蛋）制作过程中，会将鲜蛋浸入以草木灰（主要成分K2CO3，呈碱性）、生石灰（CaO）和食盐等配制的料液中。在强碱性环境中，蛋白质分子结构发生变化，最终形成独特的风味、色泽及凝胶状的透明蛋白，部分蛋清上还会有“松花”结晶（主要成分为Mg（OH）2等）。下列关于该过程的叙述，错误的是（　　） A．料液中的碱性物质破坏了蛋清蛋白质的肽键，使其水解为氨基酸 B．经过上述处理形成的皮蛋和生鸡蛋相比，皮蛋更容易被消化 C．蛋清由液态变为富有弹性的凝胶，是蛋白质空间结构改变的结果 D．皮蛋制作过程中，蛋白质结构的改变是不可逆的 23．（25-26高一上·重庆九校联盟·期中）人的血红蛋白由574个氨基酸组成，含两条α链和两条β链，四条肽链通过二硫键（—S—S—）连接。下列有关叙述正确的是（    ） A．血红蛋白的N元素主要位于氨基中，其含有570个肽键 B．组成血红蛋白的氨基酸含Fe，Fe为血红蛋白的特征元素 C．高温处理后的血红蛋白仍然能与双缩脲试剂发生紫色反应 D．蛋白质结构多样性的原因之一是氨基酸的空间结构差异巨大 24．（25-26高一上·重庆一中·期中）“乙酰化修饰”是指在蛋白质分子链上“接种”一个乙酰基分子，这是蛋白质最主要的修饰方式之一。下列叙述错误的是（　　） A．乙酰基分子最可能连接在氨基酸的R基上 B．“乙酰化修饰”改变了蛋白质的结构，也可能会影响其功能 C．组成蛋白质的肽链盘曲折叠在一个平面上，具有特定功能 D．高温、强酸、高浓度酒精等均可能会使蛋白质变性 25．（25-26高一上·重庆一中·期中）某六十肽中有4个丙氨酸（相应位置如图），现脱掉其中的丙氨酸，得到4条肽链和5个氨基酸，其中脱下的氨基酸均以游离态存在。下列叙述错误的是（　　） A．该六十肽水解得到的几种有机物比原六十肽增加了4个氧原子 B．该六十肽水解得到的4条肽链比原六十肽的肽键数目减少8个 C．若新生成的肽链中有5个羧基，那么其中必有1个羧基在R基上 D．若将得到的5个氨基酸缩合成一条肽链，则有5种不同的氨基酸序列 26．（25-26高一上·重庆一中·期中）人体的携氧蛋白可以携带并运输O2，又被称为“分子肺”，主要包括红细胞中的血红蛋白、肌肉细胞中的肌红蛋白和脑组织中的脑红蛋白，三者的氨基酸序列差异较大。下列叙述合理的是（    ） A．携氧蛋白属于结构蛋白，是构成人体结构的重要物质 B．缺Mg会导致红细胞中血红蛋白数量减少，影响O2运输 C．肌红蛋白和脑红蛋白均能运输O2，但空间结构存在差异 D．携氧蛋白发生变性会导致其肽键、二硫键等多种化学键断裂 27．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）有一种链状“十五肽”的化学式为CxHyNzOdSe（z>15，x>16）。已知其彻底水解后得到下列几种氨基酸：天门冬氨酸（C4H7NO4）；苯丙氨酸（C9H11NO2）；半胱氨酸（C3H7NSO2）；赖氨酸（C6H14N2O2）。下列有关说法中不正确的是（　　） A．水解可得e个半胱氨酸 B．水解可得个天门冬氨酸 C．水解可得z-15个赖氨酸 D．苯丙氨酸有22-e-z-个 28．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）下列与蛋白质的功能无直接关系的是（　　） A．氧气在血液中的运输 B．胰岛素调节血糖浓度 C．花生种子中储存能量 D．催化乳糖水解为半乳糖和葡萄糖 29．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）脑啡肽是一种多肽，可以镇静、调节人体对痛的感觉。图1 为脑啡肽的结构式（不包括指示用的箭头、虚线和数字编号）。脑啡肽经释放后，会作用在一些特殊的脑神经细胞上，这些脑神经的细胞膜接受到脑啡肽刺激后，会进行一系列生理过程，从而达到镇痛作用（如图2）。下列相关叙述正确的是（　　） A．脑啡肽是由氨基酸经脱水缩合连接而成，图1中表示肽键的是④ B．通过结构式可知，脑啡肽是由4种不同的氨基酸形成的四肽 C．细胞膜就是质膜，图2中某种离子经通道蛋白运输进入细胞内 D．细胞膜的基本骨架是图2中①与②形成的整体 30．（25-26高一上·重庆名校联盟·期中）泛素是一类真核细胞内广泛存在的由76个氨基酸组成的小分子蛋白质，它可以与目标蛋白中赖氨酸的ε氨基结合，对目标蛋白形成多聚泛素化标记，然后引导其进入蛋白酶体（含有大量水解酶）。当必需氨基酸匮乏时，肝细胞中E3泛素连接酶Ubr1会失活，不能让脂滴保护蛋白Plin2发生多聚泛素化降解。下列叙述正确的是（    ） A．泛素化标记的蛋白质水解会产生水、小的多肽或氨基酸 B．泛素与目标蛋白赖氨酸的ε氨基结合可能由E3泛素连接酶催化完成 C．缬氨酸、丝氨酸等必需氨基酸是人体细胞不能合成的氨基酸 D．肝细胞中Ubr1失活有助于减轻脂肪肝 31．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）胶原蛋白是细胞外基质的主要成分，可被用来制作手术缝合线，在手术过后无需拆线，避免了拆线的痛苦。下面有关胶原蛋白等蛋白质叙述正确的是（    ） A．组成胶原蛋白的元素组成主要是C、H、O、N、P，其中N元素主要存在于氨基中 B．组成胶原蛋白的基本单位是氨基酸，氨基酸脱水缩合能形成肽键，肽键可表示为“-CO-NH-” C．手术缝合线之所以不用拆线是因为胶原蛋白能被分解成可以被人体吸收的氨基酸 D．胶原蛋白等蛋白质和多糖、脂肪等都是以碳链为骨架的生物大分子，共同构成细胞生命大厦的基本框架 32．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）“红伞伞，白杆杆，吃完一起躺板板”警示了毒蘑菇的危害，其中的毒蝇伞含有的鹅膏蕈碱（主要致幻毒素之一），是一种环状八肽，能有效抑制真核生物细胞核内RNA聚合酶的活性，使RNA合成受阻。下列相关叙述正确的是（    ） A．鹅膏蕈碱的基本单位是核糖核苷酸 B．高温加热后的鹅膏蕈碱能与双缩脲试剂发生紫色反应 C．鹅膏蕈碱是由8个氨基酸脱水缩合而成，此过程脱去7个水分子并形成7个肽键 D．若氨基酸平均相对分子质量为128，则鹅膏蕈碱的相对分子质量是898 33．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）（多选）近期科学家发现了组成人体蛋白质的第21种氨基酸-硒代半胱氨酸，其化学式为C3H7NO2Se,在人体中硒含量很少，合成硒代半胱氨酸的原料需不断从食物中获取。下列说法错误的是（    ） A．硒代半胱氨酸是必需氨基酸，该氨基酸的R基团为-CH3Se B．硒代半胱氨酸中有一个氨基和一个羧基，并连接在同一个碳原子上 C．硒代半胱氨酸在肽链中的位置改变时，相应蛋白质的功能可能发生变化 D．两个硒代半胱氨酸分子脱水缩合过程产生的H2O中的H只来源于羧基 34．（25-26高一上·重庆八中·期中）头发中的主要蛋白质是角蛋白，它含有二硫键（—S—S—），从而使头发强韧且有弹性。烫发药剂会破坏角蛋白中的二硫键，使头发软化并改变形状，随后通过氧化剂重建二硫键从而固定发型。烫发、染发等化学处理会不可逆地破坏部分二硫键，导致头发脆化、易断。下列相关叙述错误的是（　　） A．角蛋白是一种结构蛋白，其S元素存在于氨基酸的R基中 B．与烫发前相比，烫发后角蛋白的相对分子质量可能会发生改变 C．烫发药剂与高温可分别破坏角蛋白的二硫键、肽键使蛋白质变性 D．烫发后重建的二硫键位置可能与原结构不同，导致头发形状改变 35．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）角蛋白是头发的主要成分，由2条肽链组成，含有2个二硫键（-S-S-）。烫发原理如下图。下列叙述不合理的是（    ） A．烫发过程中角蛋白的肽键没有断裂，蛋白质的空间结构没有发生改变 B．与烫发前的初始状态相比，烫发后角蛋白增加了2个H C．角蛋白的2条肽链之间可通过二硫键相互连接 D．角蛋白体现了蛋白质可以参与构成生物体的结构 36．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）肌红蛋白是哺乳动物肌肉细胞中储氧的蛋白质，是一条由153个氨基酸组成的肽链盘绕一个含 Fe的血红素辅基形成的。下列有关肌红蛋白的叙述，不合理的是（    ） A．进食牛羊肉，可获得必需氨基酸和微量元素 B．肌红蛋白的元素组成与血红蛋白类似，但空间结构更简单 C．Fe是肌红蛋白的基本组成单位 D．血液中检测到肌红蛋白数值异常增高，可能存在肌肉受损或细胞破裂 37．（25-26高一上·重庆长寿中学校·期中）LAR 是一种由类芽孢杆菌属细菌产生的“套索”状多肽抗生素（如图），由 18 个氨基酸组成。下列相关叙述错误的是（　　）    A．合成 1 个 LAR 分子需脱去 18 个 B．LAR 合成后，需要高尔基体的修饰 C．LAR 合成过程中，逐渐延伸的是 C 端 D．LAR 的功能与其“套索”结构密切相关 38．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）某三十九肽中含有4个丙氨酸（C3H7O2N），现用水解的方法脱去全部的丙氨酸，得到4条长短不等的肽（如下图），与原本的三十九肽相比，这4条肽链中相关结构的数量变化，判断正确的是（　　） A．肽键数目减少7个 B．游离的氨基数增加4个 C．C原子数目减少11个 D．O原子数目不变 39．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）某肽链的骨架为“N1-C2-C3-N4-C5-C6-N7-C8-C9-N10-C11-C12-N13-C14-C15”。下列分析不正确的是（    ） A．该肽链至少含有6个氧原子 B．完整的“- C15”应表示成“-COOH” C．该肽链中含有3个肽键 D．与N4相连的还有“-H” 40．（25-26高一上·重庆名校联盟·期中）经测定，某多肽分子式是C21HxOyN4S2，其中含有一个二硫键（—S—S—）。二硫键的形成过程为—SH+—SH→—S—S—+2H。已知该多肽是由下列氨基酸中的几种作为原料合成的：苯丙氨酸（C9H11O2N）、天冬氨酸（C4H7O4N）、丙氨酸（C3H7O2N）、亮氨酸（C6H13O2N）、半胱氨酸（C3H7O2NS）。下列有关该多肽的叙述，正确的是（    ） A．该多肽有4个N原子，说明有4个肽键，称为五肽 B．该多肽中H原子数和O原子数分别是30和5 C．该多肽水解后产生的氨基酸分别是半胱氨酸、丙氨酸和亮氨酸 D．该多肽在形成过程中相对分子质量减少了54 41．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）若蛋白酶1作用于苯丙氨酸（C₉H₁₁NO₂）两侧的肽键，蛋白酶2作用于赖氨酸（C6H14N2O2）氨基端的肽键，某四十九肽经酶1和酶2作用后的情况如图，图中数字表明对应的氨基酸序号。下面说法不合理的是（    ） A．17号、31号和32号的氨基酸均为苯丙氨酸 B．短肽A、B、C比四十九肽的氧原子数少1个 C．苯丙氨酸的R基为-C₇H₇， 赖氨酸的 R 基为-C₄H₁₀N D．该四十九肽含有第22、49号位两个赖氨酸 42．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）牛胰核糖核酸酶A（RNaseA）由124个氨基酸脱水缩合形成的一条肽链构成，在特定条件下其空间结构能够发生如下图所示变化。下列叙述不合理的是（    ） A．构成牛胰核糖核酸酶的氨基酸中，有的含有C、H、O、N、S元素 B．用巯基乙醇和尿素处理RNaseA后，RNaseA仍可以与双缩脲试剂产生紫色反应 C．RNaseA用巯基乙醇和尿素处理后的结构变化是不可逆的 D．RNaseA 至少含有 125个氧原子 43．（25-26高一上·重庆巴南·期中）肉毒杆菌产生的肉毒类毒素是一种致病性极高的神经麻痹毒素，该物质是由两条链盘曲折叠而成的一种生物大分子，下图是肉毒类毒素的局部结构简式。回答下列问题： （1）上图所示的片段，是由________个肽键，________种氨基酸组成的；从左向右数，第三个氨基酸不同于其他氨基酸的基团是________（填化学式）。 （45）1g肉毒类毒素可毒死20亿只小鼠，但煮沸1min或75℃下加热5~10min，就能使其完全丧失活性，高温可使肉毒类毒素失活的主要原理是________。 （3）肉毒类毒素可用________试剂鉴定，在煮沸后的肉毒类毒素溶液（无色）中加入该试剂，其溶液颜色将变为________。 （4）蛋白质的功能多样，除了构成细胞和生物体的重要物质、催化作用外，还有________、________、________等功能。 44．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）胰岛素是由胰岛B细胞分泌的一种激素。在核糖体上合成的是一条由110个氨基酸形成的单链多肽，称前胰岛素原，是胰岛素的前身，在它的氨基端比胰岛素原多一段肽链，称为信号肽。信号肽引导新生多肽链进入内质网腔后，立即被酶切除，剩余的多肽链折叠成含3个二硫键的胰岛素原。后者进入高尔基体，在酶的催化下除去一段连接胰岛素A链和B链的连接肽（C肽），转变为成熟的胰岛素（A链有21个氨基酸，B链有30个氨基酸），成熟的胰岛素和C肽会一起进入分泌小泡并分泌到血液中。 （1）胰岛素属于一种蛋白质，构成胰岛素的元素有_____。 （2）氨基酸形成前胰岛素原的结合方式是_____，前胰岛素原切除信号肽及C肽产生一分子胰岛素，该过程至少需要消耗_____分子水；一分子该胰岛素的肽键有_____个。已知成熟的胰岛素中有5个游离的羧基，那么该胰岛素完全水解得到的氨基酸中有_____个羧基。 （3）在胰岛素的作用下，血液中多余的葡萄糖可以合成糖原储存起来，也可以转变成脂肪和某些氨基酸，这说明蛋白质具有_____的功能。 （4）对于接受胰岛素治疗的患者，由于体内同时存在外源注射的胰岛素以及自身胰岛细胞分泌的胰岛素，直接测定血中胰岛素水平并不能很好地评价自身胰岛功能，请你结合题干资料，提出一种可能的检测指标或者方法_____。 45．（25-26高一上·重庆渝东九校·期中）2024年诺贝尔化学奖授予美国两位科学家，以表彰他们在蛋白质设计和蛋白质结构预测领域作出的贡献。图甲是人血红蛋白结构示意图，血红蛋白由2条 α 链（每条链由141个氨基酸组成）、2条 β 链（每条链由146个氨基酸组成）和血红素构成，图乙是其部分氨基酸序列结构示意图，据图回答有关问题： （1）组成血红蛋白的化学元素至少包含___________。 （2）图乙所示的片段，由____种氨基酸组成，它们的结构通式为__________；其中，人体细胞可以合成的属于__________氨基酸。 （3）一分子血红蛋白至少含有______个氨基和______个羧基，在血红蛋白形成过程中需脱去______个水分子。 （4）科学家在设计蛋白质时，需要考虑___________________________（至少答2点）对蛋白质结构多样性的影响。 46．（25-26高一上·重庆九校联盟·期中）如图甲表示某蛋白质的肽链结构示意图，其中数字表示氨基酸序号，虚线表示脱去2个H形成的二硫键，如图乙表示该肽链的部分放大图，请据图回答下列问题：    （1）该蛋白质的肽链是由______个氨基酸脱去______分子水缩合而成的。 （2）蛋白质结构的多样性与______有关。 （3）图乙所示结构中含有的R基是______（填数字）。氨基酸的结构通式是______，氨基酸的结构特点是______。 （4）图乙中①表示______（写出基团的中文名称）。从图乙可推知该蛋白质至少含有______个游离的羧基。 （5）该蛋白质的相对分子质量比组成它的氨基酸的相对分子质量之和少______。 47．（25-26高一上·重庆名校联盟·期中）蛋白质是生命活动的主要承担者，其结构复杂、种类众多、功能各异，请回答下列蛋白质相关问题： （1）胰岛素是由胰岛B细胞分泌的一种激素，它能促进某组织细胞摄取、利用和储存葡萄糖，其结构及作用机理如图所示（A链有21个氨基酸，B链有30个氨基酸）。 ①构成胰岛素的元素至少有______，氨基酸的结构通式为_______。 ②已知成熟的胰岛素中有7个游离的氨基，那么组成胰岛素的氨基酸的R基中有______个氨基。 ③图2示过程能体现的蛋白质功能包括______。 （2）牛胰核糖核酸酶（RNaseA）是一种由124个氨基酸组成的蛋白质，可催化RNA的水解。RNaseA是用于研究蛋白质折叠的常用物质，尿素及β-巯基乙醇可作用RNaseA，过程如图所示 据图3分析：加入尿素和β-巯基乙醇后因破坏该酶的__________键而使该酶失去活性（变性）。透析去除尿素及β-巯基乙醇获得的产物不一定具有生物活性，可能的原因是______。据图3推测RNaseA常被用来研究蛋白质折叠的原因是________。 48．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）鲫鱼是一种高蛋白、低脂肪、肉质鲜美的食用鱼类。为使鲫鱼肉在蒸煮过程中保持良好的品质和营养价值，研究者通过实验探寻了合适的热加工条件。下图1、2是鲫鱼某蛋白质的肽链结构示意图（图1中的数字表示氨基酸序号）及部分肽链放大示意图（图2）。请据图回答下列问题： （1）据图1，鲫鱼某蛋白质由氨基酸脱去______个水分子形成，这种结合方式叫做_______。 （2）图2中表示R基的编号为________（填序号）；③⑤⑦表示的结构称为_______。据图2推测，该肽链至少有_______个游离的羧基。 （3）鱼肉在热加工过程中，蛋白质变性后 _______（能/不能）恢复原来的状态。鱼肉在热加工过程中，会发生汁液流失导致质量减少，而鲫鱼的肌原纤维蛋白变性越快，鱼肉质地更紧密，口感更好。研究者测定了蒸煮损失率，据图3可知，你认为最合理的鲫鱼热加工条件是_______（填温度和时间）。 （4）总结蛋白质具有多样性的原因：_______________________。 49．（25-26高一上·重庆八中·期中）用氨基酸自动分析仪测得几种多肽化合物的氨基酸数目如表所示： 多肽化合物 氨基酸 多肽化合物 氨基酸 ① 催产素 9 ⑤ 牛胰蛋白酶 223 ② 牛加压素 9 ⑥ 人胰岛素 51 ③ 血管舒张素 9 ⑦ 抗体 660 ④ 平滑肌舒张素 10 ⑧ 人血红蛋白 574 （1）表中①②③的氨基酸数目虽相同，但其生理作用彼此不同，这是因为它们的_______不同导致结构不同。 （2）⑥的生理功能说明蛋白质具有__________作用；⑦的生理功能说明蛋白质具有_____作用，⑧的生理功能说明蛋白质具有________作用。 （3）组成上述8种化合物的单体所共有的结构通式是____________。 （4）⑧有4条肽链，由574个氨基酸分子组成，则每形成1分子⑧的过程中脱去______分子水。 （5）图中所示化合物是由______种氨基酸经_________过程形成的，该化合物中有______个羧基。 50．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）血红蛋白由1个珠蛋白和4个血红素组成，每个珠蛋白包括4条多肽链，其中α、β链各2条，肽链由α、β珠蛋白基因编码。图1是血红蛋白的四级结构示意图，图2是图1中β链氨基端的氨基酸序列。回答下列问题： （1）图2中①的名称是_____。图2片段是由_____种氨基酸脱水缩合而成的。据两图可知一条β肽链至少含有_____个羧基。 （2）若血红蛋白分子中含有574个氨基酸，由图可知需脱去_____个水，水中的H来自_____（填基团名称）。图中肽链盘曲过程中形成了三个二硫键，则形成该蛋白质的过程中减少的分子质量为_____。 （3）蛋白质表面吸附的水构成“水膜”以保护蛋白质。强酸能破坏蛋白质表面的“水膜”使蛋白质变性，导致其空间结构变得伸展、松散，从而暴露出更多的肽键。已知双缩脲试剂中的Cu²⁺可与肽键结合，形成紫色络合物，且Cu²⁺结合的肽键越多，紫色越深。为验证盐酸能使蛋白质变性，最好选用_____（填“血红蛋白”或“豆浆”）为材料。实验分为甲、乙两组，甲组给予适量_____处理，乙组为对照组，添加_____，预测实验结果是甲组样液的紫色程度比乙组的_____（填“深”或“浅”）。 51．（25-26高一上·重庆长寿中学校·期中）“瘦素”是一种由脂肪组织分泌的蛋白质类激素，进入血液循环后会参与糖、脂肪及能量代谢的调节，促使机体减少摄食，增加能量释放，抑制脂肪细胞的合成，进而使体重减轻。其前体由167个氨基酸残基组成，N末端有21个氨基酸残基信号肽，该前体的信号肽在血液中被切掉而成为含有146氨基酸的一条成熟的“瘦素”。图表示“瘦素”的局部结构简式： （1）组成“瘦素”的氨基酸的结构特点是____，最多有____种。 （2）“瘦素”和胰岛素都是机体中的激素，都参与糖的调节，这反映了蛋白质的____功能，二者的结构不相同，原因可能是____的不同。 （3）氨基酸通过____形成“瘦素”前体，“瘦素”前体水解形成“瘦素”的过程破坏了____（填图中序号）。H₂O中的H元素的去路为____（填“氨基”或“羧基”或“氨基和羧基”）。 52．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）2024年诺贝尔化学奖授予英国两位科学家，以表彰他们在蛋白质设计和蛋白质结构预测领域作出的贡献。蛋白质的研究与应用也是科研领域的重要内容。牛胰岛素和人血红蛋白是两种常见的蛋白。回答下列与蛋白质相关的问题： （1）皮下注射胰岛素是治疗糖尿病的有效手段之一，胰岛素进入机体后可与靶细胞膜上的________结合，引起靶细胞的生理活动发生变化，从而降低血糖，该过程体现了细胞膜具有_________的功能。 （2）人正常血红蛋白的空间结构呈球状，由四条肽链（2条a链，2条β链）构成，其中含有574个氨基酸，已知血红蛋白中有3个二硫键，由此可知，在血红蛋白形成过程中相对分子质量减少了__________。 （3）现有一条由 12个氨基酸组成的肽链, 分子式为 CxHyOwNzS（z>12，w>13）, 这条多肽链经过水解后的产物中有 5 种氨基酸：半胱氨酸（C₃H7O₂NS）、丙氨酸（C₃H7O₂N）、天冬氨酸（C₄H7O₄N）、赖氨酸（C₆H₁₄O₂N₂）、苯丙氨酸（C9H₁₁O₂N）。水解产物中天冬氨酸的数目是______；水解产物中赖氨酸的数目是________。 （4）某50肽中有丙氨酸（R基为——CH₃）4个，相应位置如下图，左侧是氨基端，末端氨基酸为酪氨酸，现脱掉其中的丙氨酸，得到多肽链和游离的氨基酸。 新生成的多肽链比原来50肽中肽键少______个，氧原子数比原来50肽少________个。 53．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）牛胰核糖核酸酶由一条多肽链构成，包含8个带巯基（-SH）的半胱氨酸，脱氢后形成4对二硫键（-S-S-）。形成如图所示结构时，该酶具有生物活性，并可在细胞内外发挥作用。图中圆圈表示氨基酸，数字表示氨基酸的序号，半胱氨酸缩写为“半胱”、其它氨基酸的标注略。请回答下列问题： 请回答问题： （1）在细胞中，氨基酸经______的结合方式合成该酶的多肽链，半胱氨酸的分子式为C₃H₇NO₂S，根据氨基酸的结构通式推测，其R基可表示为______。 （2）科学家发现，β-巯基乙醇可破坏该酶的二硫键，尿素可破坏其氢键。若用二者同时处理该酶，其活性丧失。若随后去除β-巯基乙醇仅保留尿素，可以重新形成二硫键，约1%左右的该酶分子可恢复活性，从二硫键重建的角度分析，可能的原因是______；若去除尿素仅保留β-巯基乙醇时，可以重新形成氢键，约90%左右的该酶分子可恢复活性，说明在维持该酶空间结构的因素中，氢键比二硫键的作用______。 （3）以上结果表明，氨基酸序列决定了蛋白质分子中氢键和二硫键的位置，进而决定其空间结构与生物活性。将未知结构的蛋白质氨基酸序列与结构已被证实的氨基酸序列进行比较，并与计算机算法结合，可进行蛋白质结构预测。 2年诺贝尔化学奖授予进行蛋白质结构相关研究的三位科学家：德米斯·哈萨比斯和约翰·江珀开发的AI模型——AlphaFold2能以超过90%的正确率依据氨基酸序列预测人类所知的2亿种蛋白质结构：大卫·贝克设计出自然界中从未存在过的蛋白质结构图，再利用计算机程序找到这一结构背后的氨基酸序列，根据这个序列制造出相应的蛋白质，获得“从头设计”蛋白质的重大突破。 请根据以上资料回答下列问题： ①如图所示蛋白质氨基酸序列和三维结构的关系。 图中能表示大卫·贝克和德米斯·哈萨比斯的研究思路的字母分别是______。 ②基于上述资料，下列表述正确的是______（多选）。 A.AlphaFold2等人工智能技术能完全取代实验技术研究蛋白质的结构 B.训练AlphaFold2所需数据库应包含蛋白质的氨基酸序列和对应的结构信息 C.人工智能预测蛋白质结构有助于深入理解蛋白质三维结构的形成机制 D.现代生物技术既可改造天然蛋白质，也可设计并获得全新蛋白质 54．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）数蛋白质在合成后会出现自剪接过程（如图1），一段内含肽被剪切后，两侧肽链连接起来。 （1）图1 所示过程通过形成新的______（填化学键名称）将两侧肽链连接起来，该化学键总数在反应后较反应前______（填“增加”或“减少”）______个。内含肽中①、②处对应的化学基团分别是______。 （2）研究发现多数内含肽中包含核酸内切酶的序列，为研究这段序列在蛋白质剪接过程中是否起到作用，科学家设计了A、B、C三种能够在大肠杆菌中合成的蛋白质。 其中A蛋白中含有完整的内含肽序列，B蛋白中核酸内切酶序列被无关肽序列替代，C蛋白中______完全被无关肽序列替代，三种蛋白相对分子质量大致相同。 （3）现有三种大肠杆菌菌株1、2、3，分别含A、B、C蛋白。各菌株中H段所在的蛋白质可被分离出来。对分离到的蛋白质进行肽段种类和相对分子质量的分析，结果如下表： 菌株类型 菌株1 菌株2 菌株3 肽段种类和相对分子质量 106kD，58kD 106kD，58kD 106kD 综合分析三组实验，结果表明______。 考点4 核酸的结构和功能 1．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）“核酸”，顾名思义，就是从细胞核中提取的具有酸性的物质，下列有关核酸的叙述正确的是（    ） A．核酸分为脱氧核糖核酸（DNA）和核糖核苷酸（RNA）两大类 B．真核细胞的DNA只分布在细胞核中，RNA只分布在细胞质中 C．具有细胞结构的生物才含有核酸 D．线粒体、叶绿体中也含有DNA 2．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）新型冠状病毒是一种RNA病毒。其遗传物质RNA完全水解后，得到的化学物质是（　　） A．氨基酸、葡萄糖、含氮碱基 B．氨基酸、核苷酸、葡萄糖 C．核糖、核苷酸、葡萄糖 D．核糖、含氮碱基、磷酸 3．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）如下图是DNA和RNA组成的结构示意图，下列有关说法正确的是（    ）    A．人体细胞中都有5种碱基和8种核糖核苷酸 B．硝化细菌的遗传物质DNA由5种碱基构成 C．某一种病毒也可同时具有上述两种核酸和5种碱基 D．DNA彻底水解得到的产物中有脱氧核糖，而没有核糖 4．（25-26高一上·重庆渝东九校·期中）莽草也被叫做“野八角”，对人和动物有毒性，它与调味品中的八角外形极为相似，不易区分。科研人员可通过现代技术提取DNA进行分析并精准鉴别两种植物，其科学依据是（　　） A．两种植物的DNA的碱基种类不同 B．两种植物的DNA中脱氧核苷酸的连接方式不同 C．两种植物的DNA分布情况不同 D．两种植物的DNA的脱氧核苷酸序列存在差异 5．（25-26高一上·重庆九校联盟·期中）甲含有碱基U，乙是由核苷酸连接成的核苷酸链片段示意图，下列有关叙述错误的是（　　） A．甲中的五碳糖是核糖 B．甲可代表脱氧核苷酸 C．乙中的①和④表示磷酸基团 D．乙中③的排列顺序贮存着遗传信息 6．（25-26高一上·重庆一中·期中）DNA条形码（细胞内一段特定的DNA序列）技术可对不同海洋贝类进行准确和快速鉴定。下列有关叙述正确的是（　　） A．海洋贝类的遗传物质主要是DNA B．DNA彻底水解后的产物是4种脱氧核苷酸 C．海洋贝类的DNA主要分布在细胞核中，少量分布在线粒体和叶绿体中 D．DNA条形码技术鉴定的依据是不同DNA的碱基排列顺序不同 7．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）DNA 指纹技术利用遗传信息的特异性，在现代刑侦工作中发挥了重要作用，下列叙述正确的是（　　） A．细胞中的DNA通常是由脱氧核苷酸连接而成的1条长链分子 B．不同生物的DNA分子中，碱基的种类和数目均存在明显差异 C．DNA指纹技术的原理体现在不同DNA 分子的脱氧核苷酸排列顺序不同 D．办案人员身体疲惫时服用核酸类保健口服液，可对自身基因进行有效修复 8．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）2021 年 11 月，为防止新冠疫情出现聚集性爆发和扩散，成都市在中高风险区进行了大规模的核酸检测，传递出抗疫的力量和决心。通过检测痰液、咽拭子中病毒的核酸（RNA）即可判断人体是否感染新冠病毒，原因是新冠病毒的核酸（　　） A．可以控制生物的遗传和蛋白质的合成 B．具有特异性的核糖核苷酸排列顺序 C．是以碳链为基本骨架的生物大分子 D．是由核糖核苷酸组成的单链结构 9．（25-26高一上·重庆八中·期中）有5个核酸分子，经分析共有5种碱基、8种核苷酸、8条多核苷酸链，它的组成是（    ） A．3个RNA、2个DNA B．2个RNA、3个DNA C．5个DNA D．5个RNA 10．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）如图为两种核酸的基本组成单位。下列叙述合理的是（    ） A．核酸甲的单体3'位置的碳原子上为-H B．核酸乙一般在细胞中以单链形式存在 C．核酸甲和核酸乙彻底水解后的产物中仅五碳糖存在差异 D．生物体内核酸甲的多样性与核苷酸的种类、数量、排序及连接方式均有关 11．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）端粒是染色体末端的一段DNA片段。端粒酶由RNA和蛋白质组成，该酶在催化过程中能结合到端粒上，以自身的RNA为模板合成并延伸出端粒DNA。在正常情况下，端粒酶只在不断分裂的细胞中具有活性。下列有关端粒酶的叙述，正确的是（　　） A．仅由C、H、O、N四种元素组成 B．催化过程以4种脱氧核苷酸为原料 C．两种组成成分都在核糖体上合成 D．端粒酶在所有细胞中均有较高活性 12．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）人类免疫缺陷病毒 HIV 是一种 RNA 病毒，构成该病毒的两种重要化合物的化学组成关系如下图所示，下列相关叙述中，正确的是（　　） A．图中大分子化合物 B 呈双螺旋结构 B．小分子化合物 a 的种类约 21 种，b 的种类为 8 种 C．a 与 a 之间通过 “磷酸二酯键” 连接，b 与 b 之间通过 “肽键” 连接 D．HIV 的遗传信息储存在大分子化合物 B 中，B 为生物大分子 RNA 13．（25-26高一上·重庆渝东九校·期中）2025年初甲型流感再次席卷而来，流行株以H1N1（一种RNA病毒）为主，能够侵染人体肺泡细胞。对此理解正确的是（　　） A．为研究H1N1的致病机理，可用营养物质齐全的培养基培养该病毒 B．H1N1与人体肺泡细胞的主要区别是前者无以核膜为界限的细胞核 C．H1N1的遗传物质彻底水解后产物为6种物质 D．H1N1营寄生生活，是一种自养生物 14．（25-26高一上·重庆渝东九校·期中）核酸甲和乙是某生物体内的两种核酸，这两种核酸的基本组成单位如图所示，下列叙述正确（　　） A．与5’碳原子相连的结构是磷酸，含C、H、O、N、P等元素 B．核酸甲主要分布在细胞质中，核酸乙主要分布在细胞核中 C．M与N相比，M的2’位置的碳原子上少一个氧 D．A、G、C、T参与合成的核苷酸共有4种 15．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）甲流是由甲型H3N2流感病毒引起的呼吸系统疾病，该病毒是一种RNA病毒，以下相关叙述错误的是（　　） A．该病毒的RNA 中大多数磷酸基团均与两个核糖相连 B．该病毒的蛋白质由其遗传物质指导病毒的核糖体合成 C．该病毒的蛋白质在盐溶液中析出时，其功能可能并未改变 D．该病毒的 RNA 彻底水解产物有核糖、磷酸和含氮碱基 16．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）下列关于核酸的叙述，正确的是（　　） A．念珠蓝细菌的核酸中碱基种类有8种 B．大豆的细胞核与细胞质中的遗传物质分别为DNA、RNA C．HIV的遗传物质为RNA，其碱基和核苷酸各有4种 D．细胞中多种多样的核苷酸是遗传信息的携带者 17．（25-26高一上·重庆名校联盟·期中）帕蒂西兰是用于治疗家族性淀粉样多发性神经病变（FAP）的小干扰RNA类药物，它由两条链构成，核苷酸链含有游离的磷酸基团端为5'端，另一端为3'端。两条链各含21个核苷酸，形成19个碱基对；每条链的3'末端含有两个悬空的未配对核苷酸。下列有关叙述正确的是（    ） A．帕蒂西兰3'末端共含2个未配对碱基 B．帕蒂西兰彻底水解得到的碱基最多有5种 C．RNA是生物大分子，不同RNA分子中核苷酸的种类、数目、排列顺序不同 D．人体细胞中储存遗传信息的核酸，含有4种含氮碱基、4种核苷酸 18．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）不同生物含有的核酸种类不同。下列生物中关于碱基、核苷酸种类的描述正确的是（    ） 项目 A口腔上皮细胞 B洋葱叶肉细胞 C脊髓灰质炎病毒 D豌豆根毛细胞 碱基 5种 5种 5种 8种 核苷酸 5种 8种 8种 8种 A．A B．B C．C D．D 19．（25-26高一上·重庆八中·期中）诺如病毒传染性强、传播速度快，容易引起呕吐、腹泻等症状。经检测该病毒的遗传物质中含有核糖，病毒表面被衣壳蛋白覆盖。下列关于该病毒的说法正确的是（　　） A．诺如病毒的遗传信息编码在RNA分子上 B．诺如病毒没有细胞结构，属于原核生物 C．诺如病毒的衣壳蛋白在其核糖体上合成 D．诺如病毒通过分裂产生子代病毒 20．（25-26高一上·重庆八中·期中）海南黎锦是非物质文化遗产，其染料主要来源于植物。DNA条形码技术可利用DNA准确鉴定出染料植物的种类。下列有关叙述正确的是（　　） A．不同染料植物的DNA 均含有元素C、H、O、N、S B．DNA 由核糖核苷酸连接而成 C．染料植物的DNA 仅存在于细胞核中 D．DNA条形码技术鉴定染料植物的依据是不同物种的DNA 不同 21．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）新型冠状病毒是一种RNA病毒，目前通常采用核酸检测，即查找患者的呼吸道标本、血液或粪便中是否存在外来入侵病毒的核酸，从而确定是否被新冠病毒感染。因此一旦检测为核酸“阳性”，即可证明患者体内有病毒存在。下列说法正确的是（    ） A．该病毒含有5种碱基 B．该病毒的核酸彻底水解得到4种脱氧核苷酸 C．该病毒的核酸中不含糖 D．核苷酸排列顺序的特异性是核酸检测的依据 22．（25-26高一上·重庆长寿中学校·期中）帕蒂西兰是用于治疗家族性淀粉样多发性神经病变（FAP）的小干扰RNA类药物，它由两条链构成，核苷酸链含有游离的磷酸基团端为5'端，另一端为3'端。两条链各含21个核苷酸，形成19个碱基对；每条链的3'末端含有两个悬空的未配对核苷酸。下列有关叙述正确的是（　　） A．帕蒂西兰3'末端共含2个未配对碱基 B．帕蒂西兰彻底水解得到的碱基最多有5种 C．人体细胞中含有RNA，但RNA不是人的遗传物质 D．帕蒂西兰既可用于治疗FAP，又是遗传信息的载体 23．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）如图甲是组成乙或丙的基本单位（单体），下列相关叙述错误的是（    ） A．若甲中的m是T，则甲是乙的组成单位 B．乙彻底水解的产物有6种 C．人的神经细胞中含有甲的种类是8种 D．丙的结构比乙的结构更稳定 24．（25-26高一上·重庆八中·期中）甲、乙两核酸分子局部结构如图1所示，据图回答下列问题∶ （1）核酸甲的中文名称是________，最可靠的判断依据是________。 （2）图中结构1、4、5的中文名称分别是________、________、________。 （3）核酸是细胞内携带________的物质。部分病毒（如HIV、SARS等）中承担该功能的核酸种类是________。 （4）图1中共有________种碱基，有________种核苷酸。 （5）由一分子磷酸、一分子碱基和一分子化合物a构成了化合物b，如图2所示。若m为T，则由b形成的多聚体能储存大量的遗传信息，请分析什么是遗传信息∶________。 25．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）某研究小组从猪的肝细胞中提取核酸，经检测得到两种核酸分子，其碱基组成如表，图1表示某种核苷酸的结构，图2表示一条核苷酸长链的部分结构。 两种核酸分子的碱基组成 碱基占比 核酸类型 A G C T U 核酸甲 28% 22% 22% 28% 0% 核酸乙 25% 30% 25% 0% 20% 请回答下列相关问题： （1）除表所示的化合物外，生物大分子还包括______（写出两大类），构成了细胞生命大厦的基本框架。 （2）核酸甲的中文名称是______。图2中标号4的中文名称为______。 （3）图1与图2中结构6的差异是序号______（填“①”、“②”或“③”）所示的基团。图1存在于核酸______（填“甲”或“乙”）中。乳酸菌的遗传信息储存在核酸______（填“甲”或“乙”）中，SARS病毒的遗传信息贮存在核酸______（填“甲”或“乙”）中。 26．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）如图为甲、乙两核酸分子局部结构示意图，请据图回答： （1）核酸甲的中文名称是_________________，最可靠的判断依据是__________________________。 （2）图中结构4的中文名称是_____________________________。 （3）图1中共有_____________种碱基，有_____________种核苷酸。 （4）由一分子磷酸、一分子碱基和一分子化合物a构成了化合物b，如图2所示。若m为T，由b形成的多聚体能储存大量的遗传信息，遗传信息指________________________。 考点5 生物大分子综合 1．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）下列元素中，构成有机物基本骨架的是（    ） A．氮 B．氢 C．氧 D．碳 2．（25-26高一上·重庆八中·期中）淀粉、淀粉酶（本质为蛋白质）、控制淀粉酶合成的基因（DNA片段）都是多聚体，它们的单体依次是（　　） A．氨基酸、葡萄糖、脱氧核糖 B．蔗糖、氨基酸、核糖核苷酸 C．葡萄糖、氨基酸、脱氧核苷酸 D．麦芽糖、多肽、脱氧核苷酸 3．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）对细胞中某些物质的组成进行分析，可以作为鉴别真核生物的不同个体是否为同一物种的辅助手段，一般不采用的物质是（    ） A．蛋白质 B．DNA C．RNA D．核苷酸 4．（25-26高一上·重庆八中·期中）洛阳燕菜又称牡丹燕菜，是河南洛阳独具风格的传统名菜，主料有白萝卜、海参、鱿鱼、鸡肉等，其中主要的营养成分包含糖类、蛋白质等。下列叙述正确的是（　　） A．白萝卜可以促进胃肠道蠕动，原因是含有的纤维素易被人体消化吸收 B．海参中含脂肪较少，等量的脂肪比糖类氧化分解时消耗氧气少 C．鱿鱼中富含钙、磷、铁等大量元素，对骨骼发育和氧气运输有益 D．鸡肉中富含蛋白质，经消化、吸收后可用于合成人体蛋白质 5．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）“糖不甩”是一种粤菜甜点，口感酥滑香甜，其做法是先把糯米粉煮熟，揉搓成粉丸，在铁锅中用滚热的糖浆煮熟，最后撒上碾碎的炒花生和切丝的煎鸡蛋。下列叙述合理的是（    ） A．“糖不甩”中含有脂肪、胆固醇等含氮有机物 B．炒花生中储存的脂肪大多含有饱和脂肪酸 C．“糖不甩”消化后产生的麦芽糖可被细胞直接吸收 D．长期过多食用“糖不甩”会导致高血糖，还可能进一步引起高血脂 6．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）蜂蜡和蜂蜜都是良好的保健品，蜂蜡中富含饱和脂肪酸等脂类物质，而蜂蜜的主要成分是葡萄糖和果糖。下列关于蜂蜡和蜂蜜的叙述，不合理的是（    ） A．蜂蜜的主要成分能被人体直接吸收 B．蜂蜡在室温下熔点较高，呈固态 C．蜂蜜中加入斐林试剂并水浴加热后能产生砖红色沉淀 D．与蜂蜡相比，蜂蜜中氢含量更高，所含能量更多 7．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）图甲、乙分别为油菜种子在形成和萌发过程中可溶性糖和脂肪的变化曲线。下列分析不合理的是（    ） A．种子形成时，可溶性糖转化为脂肪，需要大量的氧元素 B．种子形成时，脂肪含量逐渐增多，说明脂肪是种子生命活动的重要能源物质 C．种子萌发时，脂肪含量逐渐减少，可能是可溶性糖更利于在种子萌发过程中供能 D．图中数据说明脂肪和可溶性糖可能相互转化 8．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）2025年我国将健康体重管理行动纳入健康中国行动。科学管理体重需注意合理膳食、适量运动等。下列叙述错误的是（　　） A．糖类可在体内转化为脂肪，长期糖摄入超标可能导致肥胖 B．食物中搭配奶制品和大豆制品等，可补充人体的必需氨基酸 C．纤维素难以被人体消化吸收，科学减重期间应减少膳食纤维的摄入 D．无机盐对维持人体细胞渗透压有重要作用，大量出汗需适量补充水和无机盐 9．（25-26高一上·重庆巴南·期中）“小饼小葱加蘸料，烧烤灵魂三件套”，肥瘦相间的五花肉均匀地裹着孜然，在木炭的高温下，每块五花肉都被烤得滋滋冒油，又劲道又嫩。下列关于糖类和脂质的叙述正确的是（　　） A．适当补充维生素D有利于青少年骨骼发育 B．不饱和脂肪酸主要存在于肥肉中，易凝固 C．“三件套”中的多糖和五花肉中的脂肪均可作为细胞中的储能物质 D．糖原主要分布在人和动物的肝脏和肌肉中，血糖低时均可分解产生葡萄糖补充血糖 10．（25-26高一上·重庆巴南·期中）为倡导和推进文明健康生活方式，2025年国家卫生健康委呼吁启动为期三年的“体重管理年”活动。下列说法错误的是（    ） A．日常饮食中含有的糖类和脂肪在人体中可以大量相互转化 B．肥胖症等“现代文明病”的根源在于膳食结构改变导致的体内脂肪堆积 C．必需氨基酸是人体细胞不能合成的氨基酸，需要从外界环境中获取 D．纤维素虽不能被人体消化吸收，但可加速胃肠蠕动并促进消化吸收 11．（25-26高一上·重庆长寿中学校·期中）下列图中动植物糖类、脂质的种类的正确的是（　　） A． B． C． D． 12．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）有关生物大分子的种类及组成，下列叙述错误的是（　　） A．淀粉、胰岛素、DNA都是生物大分子 B．生物大分子的形成过程都发生了脱水缩合反应 C．生物大分子都因单体的种类多样而具有结构多样性 D．生物大分子及其单体都以碳链为骨架 13．（25-26高一上·重庆渝东九校·期中）多糖、蛋白质、核酸等生物大分子是由许多单体连接而成的多聚体，如图表示有关生物大分子的简要概念图，下列叙述错误的是（　　） A．生物大分子以碳链为基本骨架 B．若B为核糖核苷酸，则C存在于所有生物体内 C．若C具有信息传递、运输、催化、免疫等功能，则B可为氨基酸 D．若B为葡萄糖，则C在植物细胞中可能为淀粉和纤维素，两者分子结构不同 14．（25-26高一上·重庆渝东九校·期中）花生种子富含脂肪，种子萌发初期，脂肪水解并转化为糖类，供给胚进行生长发育。花生种子中脂肪与糖类转化的过程如图所示，下列叙述错误的是（　　） A．糖类和脂肪是可以相互转化的 B．等质量的花生干种子储存的能量比玉米干种子更多 C．图中X物质表示脂肪酸，植物脂肪大多含有不饱和脂肪酸，在室温时一般呈液态 D．油料种子萌发初期，干重先增加后减少，导致种子干重增加的主要元素是C元素 15．（25-26高一上·重庆一中·期中）为研究运动员在不同海拔训练时，体内糖原和脂肪的供能占比（指二者提供的能量占运动员每日消耗总能量的比例）随海拔变化的规律，科研人员统计了不同海拔下二者的供能数据，并绘制如下曲线。下列叙述正确的是（　　） A．运动员体内的脂质和糖类都是重要的能源物质 B．随着海拔的升高，运动员体内的脂肪大量转化为糖原 C．在海拔4000米处训练时，运动员体内脂肪的消耗量等于糖原的消耗量 D．在高海拔地区进行训练时，运动员饮食中的脂肪比例需大于低海拔地区 16．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）细胞中化合物A与化合物B生成化合物（或结构）D的过程如图所示，其中C表示二者之间的连接。下列叙述正确的是（　　） A．若A为葡萄糖，B为半乳糖，则D为动物特有的麦芽糖 B．若A、B为两条肽链，D为蛋白质，则C通常为肽键 C．若A为甘油，B为脂肪酸，则化合物D为动物特有的储能物质 D．若A为胞嘧啶脱氧核苷酸，B为鸟嘌呤脱氧核苷酸，则C可为氢键或磷酸二酯键 17．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）以碳链为骨架的生物大分子是构成细胞生命大厦的基本框架。下列叙述正确的是（　　） A．组成生物体的糖类、蛋白质和核酸均属于生物大分子 B．生物大分子是由一种或多种小分子物质连接而成的多聚体物质 C．几丁质属于多糖，存在于甲壳类动物和昆虫的细胞壁中，可用于废水处理 D．若组成生物大分子的基本单位的种类和数量相同，则形成的为同一种物质 18．（25-26高一上·重庆名校联盟·期中）生物大分子是构成生命的基础，它们的作用涵盖了生命活动的方方面面。下图为三种生物大分子的模式图，其中丙是细胞壁的重要成分。下列说法正确的是（    ） A．生物大分子的单体都以碳链为基本骨架，是因为生物大分子以碳链为基本骨架 B．甲、乙、丙都含有C、H、O，其中乙特有的元素是N，甲特有的元素是P C．若甲图中b为核糖，则d是组成RNA的基本单位之一 D．丙不能与斐林试剂发生颜色反应，但其彻底水解产物可以 19．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）（多选）如图可表示生物概念模型，下列相关叙述正确的是（　　） A．若①表示动植物共有的糖类，则②③④可分别表示核糖、脱氧核糖、葡萄糖 B．若①表示固醇，则②③④可分别表示胆固醇、性激素、维生素D C．若①表示糖类和脂肪的组成元素，则②③④可分别表示C、H、O D．若①表示人体细胞内的储能物质，则②③④可分别表示脂肪、淀粉、糖原 20．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）玉米胚乳中含有大量淀粉，而胚芽中脂肪的含量达17%～45%，故可从玉米种子中提炼玉米油。种子吸水萌发时，玉米胚芽合成赤霉素并释放到胚乳和糊粉层，糊粉层细胞接受赤霉素刺激后产生水解酶并释放到胚乳，促进淀粉水解。下列叙述错误的是（    ） A．淀粉的单体是葡萄糖，葡萄糖常作为细胞生命活动的能源物质 B．相同质量的淀粉和脂肪中，脂肪分子中氧的含量低于糖类，而氢的含量高于糖类 C．萌发期玉米籽粒的胚乳提取液在一定条件下与斐林试剂反应后会出现砖红色沉淀 D．玉米油中主要含有饱和脂肪酸，在室温时呈液态 21．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）生物大分子通常都有一定的分子结构规律，即是由一定的基本结构单位，按一定的排列顺序和连接方式形成的多聚体。下列表述正确的是（    ） A．若该图为一段肽链的结构模式图，则1表示肽键，2表示中心碳原子，3的种类约有21种 B．若该图为一段RNA的结构模式图，则1表示核糖，2表示磷酸基团，3的种类有4种 C．若该图为一段单链DNA的结构模式图，则1表示磷酸基团，2表示脱氧核糖，3的种类有4种 D．若该图表示多糖的结构模式图，淀粉、纤维素和几丁质的组成单体都是葡萄糖 22．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）如图表示细胞内不同化学元素所组成的化合物。以下说法不正确的是（    ） A．若图中①为某种多聚体，则①可具有运输的作用 B．若②分布于内脏器官周围，则②可具有缓冲和减压的作用 C．若③为某种有机物，则③一定是核酸 D．若④是植物细胞壁的组成成分，则④是纤维素 23．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）能量胶是一种高热量的浓稠半胶体食品，能够快速补充大运动量下人体所需的能量和无机盐。下列相关分析不合理的是（    ） A．能量胶可能富含葡萄糖，便于机体迅速补充血糖 B．能量胶中的无机盐可参与维持机体正常的渗透压 C．能量胶可能富含蛋白质，便于给机体提供能量 D．马拉松比赛中，运动员体内的肝糖原可分解产生葡萄糖 24．（25-26高一上·重庆八中·期中）健康饮食模式推荐植物油、建议增加粗粮、白肉及豆制品、蔬菜，保证适量水果、坚果、奶类等，同时强烈推荐蒸、煮、涮的烹饪方式。下列叙述正确的是（　　） A．摄入的蛋白质和淀粉是组成元素完全相同的生物大分子 B．淀粉、纤维素都是由葡萄糖连接而成，两者结构相同 C．植物脂肪比动物脂肪更容易凝固，食用过多易引起肥胖 D．生活中长期的高糖饮食，可能会造成人体血脂过高 25．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）以碳链为基本骨架的单体能构成许多不同的多聚体，表示为 的形式，其中S₁~S₄代表单体。下列有关于单体和多聚体的叙述不合理的是（    ） A．若图中多聚体是RNA，则构成RNA的单体一般有4种 B．若图中多聚体是纤维素，则彻底水解产物S₁、S₂、S₃、S₄等相同 C．若图中多聚体是人体蛋白质，则S共有21种可能性，有8种只能从外界环境获取 D．因为碳原子在细胞鲜重中的占比最大，所以科学家说“碳是生命的核心元素” 26．（25-26高一上·重庆长寿中学校·期中）生物体内参与生命活动的生物大分子可由单体聚合而成，构成蛋白质等生物大分子的单体和连接键以及检测生物大分子的试剂等信息如下表： 单体 连接键 生物大分子 检测试剂或染色 葡萄糖 - ① - ② ③ 蛋白质 ④ ⑤ - 核酸 ⑥ 根据表中信息，下列叙述正确的是（    ） A．④若是双缩脲试剂，蛋白质高温处理后无法用其检测 B．大肠杆菌中的⑤有5种 C．②和⑤都一定含有C、H、O、N、P元素 D．若①代表植物体内的多糖分子，则可以是淀粉或纤维素 27．（25-26高一上·重庆长寿中学校·期中）甲图是油菜种子在发育过程中，糖类和脂肪的变化曲线；乙图是小麦种子成熟过程中相关物质干重的百分含量变化，据图分析，下列说法错误的是（    ） A．油菜种子发育过程，需要更多的N元素来合成脂肪 B．开花后油菜种子形成过程可溶性糖含量下降，可用于转化形成脂肪 C．小麦种子成熟过程中淀粉含量上升的原因是由还原性糖转化形成 D．小麦种子成熟过程淀粉含量先增加后保持相对稳定 28．（25-26高一上·重庆渝东九校·期中）图1表示细胞内某些有机物的元素组成和功能关系，其中A、B代表元素，I、II、III、IV是生物大分子，X、Y、Z、P分别为构成生物大分子的基本单位；图2为核酸的部分结构示意图。请回答下列问题： （1）图1中A是指______________。 （2）若Ⅰ为植物细胞特有的储能物质，则Ⅰ为________；若物质Ⅴ在动植物细胞中均可含有，并且作为细胞内最理想的储能物质，则Ⅴ是 __________。与糖类相比，从元素组成上看，____________________，所以相同质量的Ⅴ氧化分解时释放的能量更多。 （3）若图2为II的部分结构示意图，则⑤的中文名称是________________________。在细胞中，II是细胞内携带遗传信息的物质，在生物体的____________________________________中具有极其重要的功能。 29．（25-26高一上·重庆九校联盟·期中）糖类是生物体生命活动的主要能源物质，脂质存在于所有细胞中，是组成细胞和生物体的重要化合物。下图为糖类的概念图，请分析回答下列相关问题： （1）如果某种单糖A为果糖，则它与葡萄糖缩合失去1分子水后形成的物质①是______。如果某种单糖A经缩合反应形成的物质③是动物细胞中储存能量的物质，则物质③是______________。如果缩合反应形成的物质③是植物细胞壁的组成成分，则物质③是________________。 （2）如果某种单糖A与磷酸和碱基结合形成物质②，其中碱基是尿嘧啶，则形成的物质②是____________，它是构成__________（中文名）的基本单位。 （3）常见的脂质有脂肪、磷脂和固醇等，胆固醇属于固醇类物质，胆固醇是构成______的重要成分，在人体内还参与________________。 （4）血液中的葡萄糖除供细胞利用外，多余的部分可以合成糖原储存起来，如果还有富余，就可以转变成____________________。 30．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）下图表示真核细胞内某些有机物的元素组成和功能关系，其中A、B代表元素，Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ是生物大分子，图中X、Y、Z、P分别为构成生物大分子的基本单位。请回答下列问题： （1）物质P的不同取决于__________的不同。图中A、B所代表的元素在Y、P中都肯定含有的是__________（填元素名称）。 （2）Ⅴ在动物、植物细胞均含有，是生物体内良好的储能物质。则Ⅴ是__________。 （3）Ⅰ在小麦种子中主要是指__________。若Ⅰ是动物细胞特有的储能物质，则Ⅰ是__________，其在人体中主要分布在_________________细胞中。 31．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）糖类和脂肪是可以相互转化的，图1是人体中相关物质的变化过程，①~④表示物质合成或分解、转化途径。回答下列问题： （1）当人和动物血液中葡萄糖含量低于正常值时，会通过图1中_____（填图中序号）途径及时补充葡萄糖。而当葡萄糖有富余时，葡萄糖会通过图1中_____（填图中序号）途径分别参与合成肌糖原和肝糖原，通过图1中_____（填图中序号）途径转化为脂肪。 （2）检测脂肪细胞中的脂肪颗粒时，需使用的试剂是_____，脂滴呈现的颜色为_____。 （3）酮体是脂肪酸分解代谢的中间产物，其酸性较强。研究发现，在饥饿条件下，人体血浆中葡萄糖和酮体浓度变化的趋势如图2所示。 ①由图2可知，饥饿条件下脂肪的分解速度_____，判断依据是_____。 ②依据上述结果，人在长期不能进食时需注射葡萄糖溶液，除及时满足人体的能量需求外，再列举一个原因：_____。 32．（25-26高一上·重庆巴南·期中）下图表示人体中相关物质的变化过程，图中①②③④表示物质合成或分解、转化途径，分析回答以下相关问题 （1）生活中的白糖、红糖、冰糖主要成分都是___________，可以用于废水处理、制作人造皮肤的糖类是___________。 （2）血液中的葡萄糖除供细胞利用外，多余的部分可以合成糖原存储在___________中；当人和动物血液中葡萄糖含量低于正常值时，会通过图中___________（填序号）及时补充葡萄糖。 （3）北京鸭育肥利用的是图中___________（填图中序号）过程；北京鸭的肝脏中含丰富的胆固醇，长期过量地摄入胆固醇往往会诱发一些心脑血管疾病，但是在日常健康生活中我们依然要摄入一定量的胆固醇，原因是___________。 33．（25-26高一上·重庆一中·期中）下图甲表示生物体内某些重要的有机化合物，其中A~E表示有机物，a~e代表组成有机物的单体或有机物的组成成分；图乙为某化合物的结构示意图；图丙为大肠杆菌遗传物质的结构示意图。请回答下列问题： （1）图甲中a代表________；物质C具有F1~F5五方面功能，试从物质c的角度分析物质C具有功能多样性的原因：________。 （2）图乙所示化合物是物质________（填A~E）的基本组成单位，理由是________。 （3）图丙所示化合物的每条长链是对应单体通过________过程连接而成的，其中一条长链上的相邻碱基是通过________（结构）联系起来的；该化合物中的每个五碳糖和________个磷酸基团连接，其中胞嘧啶脱氧核苷酸可用________表示。（填①~④） 34．（25-26高一上·重庆名校联盟·期中）拟南芥是一种生物学模式植物，常用于生物学研究。图1表示拟南芥细胞内某些化合物的元素组成及其相互关系，甲、乙、丙、丁、戊、己代表不同的有机物，染色体主要是由DNA和蛋白质构成，1、2、3、4代表组成大分子物质的单体。图2表示一种蛋白质的结构，其化学式为C232H376N108O68S4，其中含有8个天冬氨酸、4个半胱氨酸（C3H7NO2S）。图3表示天冬氨酸的分子结构。请回答下列问题： （1）拟南芥细胞内，数量最多的元素是_______。 （2）从物质组成的角度分析，细胞中的2与1相比特有的化学成分是________。 （3）丁在该细胞中代表的物质是________。若丁和戊代表细胞中的储能物质，相同质量的丁、戊含能量多的是_________，原因是_______。 （4）图2中蛋白质含有羧基数至少为_______，含有的氨基酸数最多为_______。 试卷第1页，共3页 / 学科网（北京）股份有限公司 $ 专题03 细胞中的有机物 5大高频考点 1. 细胞中糖类的分类和功能 2. 细胞中脂质的种类及功能 3. 蛋白质的结构和功能 4. 核酸的结构和功能 5. 生物大分子综合 考点1 细胞中糖类的分类和功能 1．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）下列选项中，属于细胞能直接吸收的糖类是（　　） A．葡萄糖、核糖、脱氧核糖 B．葡萄糖、淀粉和果糖 C．淀粉、脱氧核糖、乳糖 D．麦芽糖、果糖、乳糖 【答案】A 【解析】糖类分为单糖、二糖和多糖，不同糖类在动植物细胞中的分布不同，动植物细胞共有的糖是葡萄糖、核糖、脱氧核糖。 A、葡萄糖、核糖、脱氧核糖均为单糖，可以直接被吸收，A正确； BCD、淀粉属于多糖，需要经过消化变成葡萄糖才能被吸收，乳糖属于二糖，需要分解成单糖才能被吸收，麦芽糖是植物细胞特有的糖类，属于二糖，需要分解成单糖才能被吸收，BCD错误。 故选A。 2．（25-26高一上·重庆九校联盟·期中）“糖生物学”是研究糖类在生命活动中作用的学科。研究发现细胞膜上的糖类可与蛋白质结合形成糖蛋白，这些糖蛋白与细胞识别和信息传递有密切关系。这体现了糖类的哪项功能（　　） A．结构成分 B．储能物质 C．信息传递 D．主要能源物质 【答案】C 【解析】糖蛋白作为细胞膜上的受体或识别位点，参与细胞间信息交流（如识别、信号传导），C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 3．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）摄入适量糖类并合理运动，有助于保持健康的体重和良好的形体。下列食物中最有利于人类获取糖类的是（　　） A．绿色蔬菜 B．玉米 C．羊肉 D．花生 【答案】B 【解析】A、绿色蔬菜主要含有纤维素（一种多糖，但人体难以消化吸收）、维生素和矿物质，糖类含量低，不利于直接获取可利用糖类，A错误； B、玉米富含淀粉（多糖），淀粉是植物性食物中主要的糖类形式，易被人体消化吸收，有利于获取糖类，B正确； C、羊肉主要成分是蛋白质和脂肪，几乎不含糖类，不利于获取糖类，C错误； D、花生主要含有脂肪和蛋白质，糖类含量较低，不是糖类的主要来源，D错误。 故选B。 4．（25-26高一上·重庆八中·期中）下列选项中，均属于细胞能直接吸收的糖类是（　　） A．葡萄糖、核糖、脱氧核糖 B．葡萄糖、淀粉、果糖 C．淀粉、脱氧核糖、乳糖 D．麦芽糖、果糖、蔗糖 【答案】A 【解析】A、葡萄糖、核糖、脱氧核糖均为单糖，可直接被细胞吸收，A正确； B、淀粉属于多糖，需分解为葡萄糖后才能吸收，B错误； C、淀粉（多糖）和乳糖（二糖）均需分解为单糖后才能吸收，C错误； D、麦芽糖（二糖）和蔗糖（二糖）需分解为单糖后才能吸收，D错误。 故选A。 5．（25-26高一上·重庆九校联盟·期中）“网红”食品魔芋富含魔芋多糖，是一种极好的膳食纤维，几乎不被人体消化吸收。下列关于魔芋多糖的叙述，合理的是（　　） A．魔芋多糖可被人体直接吸收用于供能 B．魔芋多糖与淀粉、糖原的元素组成不同 C．魔芋多糖可能有助于肠道蠕动 D．魔芋多糖是构成植物细胞壁的主要成分 【答案】C 【解析】A、魔芋多糖属于高分子多糖，需经消化酶分解为单糖才能被吸收供能，题干明确其“几乎不被人体消化吸收”，故不能被直接吸收供能，A错误； B、魔芋多糖、淀粉、糖原均为多糖，元素组成均为C、H、O，三者元素组成相同，B错误； C、膳食纤维可促进肠道蠕动（如增强肠蠕动、增加粪便体积），题干称其为“极好的膳食纤维”，C正确； D、植物细胞壁主要成分为纤维素和果胶，魔芋多糖（葡甘露聚糖）并非细胞壁主要成分，D错误。 故选C。 6．（25-26高一上·重庆一中·期中）奶茶是深受年轻人喜爱的时尚饮品，主料为牛奶和茶叶，辅料为高浓度果糖、蔗糖、椰果 （纤维素凝胶）等。下列相关叙述，正确的是（　　） A．茶叶富含 Mg、Zn、K等大量元素，其烘焙加工过程中细胞可失去结合水 B．牛奶经高温消毒后，其中的蛋白质空间结构改变，不与双缩脲试剂反应显色 C．果糖和蔗糖经水解后产物相同，水解产物氧化分解所释放的能量少于等质量脂肪 D．椰果中的纤维素很难被人体消化吸收，但适量食用可促进肠道蠕动 【答案】D 【解析】糖类分为：单糖、二糖、多糖，其中单糖包括葡萄糖、果糖、核糖和脱氧核糖，二糖包括麦芽糖、蔗糖和乳糖，多糖包括淀粉、纤维素和糖原。 A、Zn是微量元素，不是大量元素，A错误； B、牛奶经高温消毒后，其中的蛋白质空间结构发生改变，但肽键并没有断裂，所以仍能与双缩脲试剂反应显色，B错误； C、果糖是单糖，它不能再水解，蔗糖是二糖，一分子蔗糖水解后会产生一分子葡萄糖和一分子果糖，C错误； D、人体消化道内没有能够消化纤维素的酶，所以椰果中的纤维素很难被人体消化吸收。 但是纤维素可以促进肠道蠕动，有助于维持肠道正常的生理功能，适量食用对人体有益，D正确。 故选D。 7．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）PET-CT 检查是一种使用示踪剂的医学影像技术。示踪剂由细胞的主要能源物质改造而成，进入细胞后不易被代谢。肿瘤细胞因代谢活跃，会大量摄取此类示踪剂，从而在影像中形成高亮区域。由此可知，这种示踪剂可比喻为（　　） A．“伪装的无机盐” B．“伪装的氨基酸” C．“伪装的葡萄糖” D．“伪装的脂质” 【答案】C 【解析】A、无机盐主要用于维持细胞渗透压、酸碱平衡及酶活性等，不参与能量供应，非能源物质，A错误； B、氨基酸是蛋白质的基本组成单位，可通过脱氨基作用提供能量，但非细胞主要能源物质（细胞优先利用糖类），B错误； C、葡萄糖是细胞的主要能源物质，通过细胞呼吸氧化分解产生ATP；示踪剂由其改造而成，进入细胞后不易被代谢，肿瘤细胞因高代谢率而大量摄取，符合“伪装的葡萄糖”比喻，C正确； D、脂质（如脂肪）是储能物质，需先分解为甘油和脂肪酸才能供能，非直接主要能源物质（葡萄糖是首选），D错误。 故选C。 8．（25-26高一上·重庆名校联盟·期中）糖类是细胞主要的能源物质，但长期糖摄入超标会引发肥胖、高血压、龋齿、糖尿病等，因此在日常生活中“控糖”显得尤为重要。下列有关糖类的叙述正确的是（    ） A．葡萄糖常被形容为“生命的燃料”，生物体内的糖类大多数以葡萄糖的形式存在 B．核酸中含有的糖为五碳糖 C．乳汁中的乳糖不用水解可直接被婴儿的肠道吸收 D．几丁质是由许多葡萄糖连接而成的，被称为人类的“第七类营养素” 【答案】B 【解析】A、葡萄糖常被形容为“生命的燃料”，但生物体内的糖类大多数以多糖的形式存在，而不是葡萄糖的形式，A错误； B、核酸包括DNA和RNA，DNA中含有的糖是脱氧核糖（五碳糖），RNA中含有的糖是核糖（五碳糖），所以核酸中含有的糖为五碳糖，B正确； C、乳糖是二糖，需要水解为葡萄糖和半乳糖后才能被婴儿的肠道吸收，C错误； D、纤维素能促进胃肠的蠕动，被称为人类的“第七类营养素”，D错误。 故选B。 9．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）海藻糖是由两个葡萄糖分子构成的非还原性二糖，其对多种生物活性物质具有非特异性保护作用。海藻糖在自然界许多可食用动植物及微生物体内都广泛存在，对许多生命体而言，海藻糖的有与无，意味着生存或者死亡。下列叙述不合理的是（    ） A．组成海藻糖的元素与纤维素和脂肪的化学元素相同 B．海藻糖与斐林试剂在水浴加热条件下不会产生砖红色沉淀 C．海藻糖含有人体必需的微量元素 D．海藻糖不可被人体小肠绒毛上皮细胞直接吸收 【答案】C 【解析】A、海藻糖（C、H、O）与纤维素（C、H、O）、脂肪（C、H、O）的组成元素均为C、H、O，A正确； B、斐林试剂用于检测还原糖，需在沸水浴条件下反应。海藻糖是非还原性二糖，无法与斐林试剂产生砖红色沉淀，B正确； C、海藻糖由葡萄糖构成，仅含C、H、O元素，不含人体必需的微量元素（如Fe、Zn等），C错误； D、二糖需水解为单糖才能被吸收，海藻糖需分解为葡萄糖后才能被小肠绒毛上皮细胞吸收，D正确。 故选C。 10．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）纤维素制成的纱布是常用的伤口敷料，但止血效果不佳。科学家开发了一种由几丁质加工而成的伤口敷料，能有效阻止血液外流。几丁质由1000~3000个N-乙酰葡萄糖胺聚合而成。下列关于纤维素和几丁质的叙述，正确的是（    ） A．纤维素存在于植物体内，不能为其他生物供能 B．几丁质又称壳多糖，存在于各种动物的骨骼中 C．两者都属于多糖，它们彻底水解后的产物相同 D．几丁质还可以用于制作人造皮肤、处理废水等 【答案】D 【解析】A、纤维素是植物细胞壁的主要成分，虽然人类无法直接分解纤维素，但某些微生物（如分解纤维素的细菌）或动物（如反刍动物通过共生微生物）可利用纤维素供能，A错误； B、几丁质（壳多糖）主要存在于节肢动物的外骨骼和真菌的细胞壁中，而非“各种动物的骨骼”，脊椎动物骨骼由钙盐和蛋白质构成，B错误； C、纤维素由葡萄糖聚合而成，彻底水解产物为葡萄糖；几丁质由N-乙酰葡萄糖胺聚合而成，水解产物为N-乙酰葡萄糖胺，两者产物不同，C错误； D、几丁质具有生物相容性和吸附性，可用于制作人造皮肤、废水处理等，符合实际应用，D正确。 故选D。 11．（25-26高一上·重庆巴南·期中）下列选项中，属于动植物细胞共有的糖类是（    ） A．淀粉、脱氧核糖、乳糖 B．葡萄糖、纤维素和果糖 C．葡萄糖、核糖、脱氧核糖 D．麦芽糖、果糖、乳糖 【答案】C 【解析】A、淀粉存在于植物细胞中，乳糖存在于动物细胞中，A不符合题意； B、纤维素和果糖存在于植物细胞中，B不符合题意； C、葡萄糖（细胞的主要能源物质）、核糖（RNA的组成成分）和脱氧核糖（DNA的组成成分）均为动植物细胞共有的单糖，C符合题意； D、麦芽糖（植物二糖）和果糖存在于植物细胞中，乳糖存在于动物细胞中，D不符合题意。 故选C。 12．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）如图为将植物体内的多糖转化为葡萄糖的常用方法，下列叙述错误的是（    ）    A．图中①和②可能分别代表淀粉和纤维素 B．糖类是细胞中重要的结构物质和能源物质 C．利用大麦生产麦芽糖浆的过程可能与方法一过程类似 D．①经枯草杆菌水解成麦芽糖后可直接被人体细胞吸收利用 【答案】D 【解析】糖类一般由C、H、O三种元素组成，分为单糖、二糖和多糖，是主要的能源物质。常见的单糖有葡萄糖、果糖、半乳糖、核糖和脱氧核糖等。植物细胞中常见的二糖是蔗糖和麦芽糖，动物细胞中常见的二糖是乳糖。植物细胞中常见的多糖是纤维素和淀粉，动物细胞中常见的多糖是糖原。 A、据图可知，淀粉先分解为麦芽糖，麦芽糖继续分解为葡萄糖；纤维素在酶的作用下分解为纤维二糖，纤维二糖继续在酶的作用下分解为葡萄糖，故①②分别是淀粉和纤维素，A正确； B、纤维素等构成细胞中重要的结构 ，葡萄糖等是能源物质，糖类是细胞中重要的结构物质和能源物质，B正确； C、图示可知，方法一过程会产生麦芽糖，故利用大麦生产麦芽糖浆的过程可能与方法一过程类似，C正确； D、麦芽糖为二糖，不能直接被人体细胞吸收利用，D错误。 故选D。 13．（25-26高一上·重庆渝东九校·期中）几丁质因其良好的生物相容性、可降解性和天然的抑菌活性，被广泛应用于制造人造皮肤。这种人造皮肤能为创面提供物理屏障，促进细胞生长，并最终被人体自然降解吸收。下列相关叙述不正确的是（　　） A．几丁质属于多糖，但其组成元素和糖原等多糖不完全相同 B．几丁质广泛存在于甲壳动物和昆虫的外骨骼中，这使其来源丰富，成本低廉，适合大规模生产 C．利用几丁质制作人造皮肤，主要利用了其能为人体细胞供能的特性 D．几丁质属于大分子物质，其合成过程会产生水，分解过程会消耗水 【答案】C 【解析】A、几丁质属于多糖，其基本单位为N-乙酰葡糖胺，组成元素为C、H、O、N；而糖原、淀粉等常见多糖仅含C、H、O，故元素组成不同，A正确； B．甲壳动物（如虾、蟹）的外骨骼和昆虫体表均富含几丁质，自然界储量丰富，提取成本低，符合大规模生产需求，B正确； C．题干明确提及几丁质用于人造皮肤是基于其"物理屏障作用""促进细胞生长"和"抑菌活性"，而非供能。人体细胞主要利用葡萄糖供能，几丁质作为结构多糖不易被人体酶降解供能，C错误； D．几丁质是多糖大分子，其单体通过脱水缩合形成肽键（实为糖苷键）时产生水，水解时消耗水，符合生物大分子合成与分解规律，D正确。 故选C。 14．（25-26高一上·重庆渝东九校·期中）下图表示糖类的化学组成和种类，下列相关叙述错误的是（　　） A．①、②、③统称为“碳水化合物”，都含有C、H、O三种元素 B．①可被细胞直接吸收，②水解后才能被细胞吸收，其水解产物中均有葡萄糖 C．④、⑤分别为纤维素、肌糖原，二者分别是植物体内的结构物质和动物体内的储能物质 D．③由多个葡萄糖分子连接而成，具有还原性 【答案】D 【解析】A、由图可知，①是单糖，②是二糖，③是多糖。糖类分子一般是由C、H、O三种元素构成的。因为多数糖类分子中氢原子和氧原子之比是2：1，类似水分子，因而糖类又被称为“碳水化合物”，A正确； B、①是单糖，可以被细胞直接吸收；②是二糖，二糖水解后才能被细胞吸收，二糖如蔗糖、麦芽糖和乳糖的水解产物中均有葡萄糖，B正确； C、多糖包括淀粉、纤维素和糖原等，④是纤维素是组成植物细胞壁的主要成分，是结构物质；⑤是肌糖原，肌糖原可作为储能物质，C正确； D、③表示多糖，属于非还原糖，不具有还原性，且几丁质的基本单位不是葡萄糖，D错误。 故选D。 15．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）下列概念与图示不相符的是（    ） A．若a表示生物，b、c、d可分别表示真核生物、原核生物和病毒 B．若a表示二糖，b、c、d可分别表示果糖、蔗糖、麦芽糖 C．若a表示固醇，b、c、d可分别表示性激素、胆固醇、维生素D D．若a表示脂质，b、c、d可分别表示脂肪、磷脂、固醇 【答案】B 【解析】A、生物包括真核生物、原核生物和病毒，若a表示生物，b、c、d分别表示真核生物、原核生物和病毒，A正确；    B 、 二糖包括蔗糖、麦芽糖、乳糖等，果糖是单糖，不是二糖。若a表示二糖，b（果糖）不符合，B错误； C、 固醇包括性激素、胆固醇、维生素D，若a表示固醇，b、c、d分别表示性激素、胆固醇、维生素D，C正确； D、 脂质包括脂肪、磷脂、固醇等，若a表示脂质，b、c、d分别表示脂肪、磷脂、固醇，D正确。 故选B。 考点2 细胞中脂质的种类及功能 1．（25-26高一上·重庆渝东九校·期中）2025年4月24日，神舟二十号载人飞船在酒泉卫星发射中心成功发射。在规划航天员长期太空任务的膳食时，营养学家需要精确考虑各类营养素的配比。下列关于食谱中脂质成分的分析，正确的是（　　） A．添加在航天食品中的花生油，富含脂肪，是构成细胞膜的主要成分 B．胆固醇是构成动物细胞膜的重要成分，摄入越多越有益 C．航天员摄入的核桃仁富含磷脂，其主要功能是作为主要能源物质 D．为预防太空环境下的骨质流失，食谱中应富含维生素D，它属于固醇类脂质，能促进钙的吸收 【答案】D 【解析】A、脂肪（如花生油）是良好的储能物质，但构成细胞膜的主要成分是磷脂而非脂肪，A错误； B、胆固醇是动物细胞膜的组成成分之一，但摄入过多会导致其在血管内壁沉积，引发心血管疾病，并非“越多越有益”，B错误； C、磷脂（如核桃仁中的成分）是构成细胞膜及细胞器膜的重要成分，其主要功能是参与生物膜构建，而主要能源物质是糖类，C错误； D、维生素D属于固醇类脂质，能促进肠道对钙和磷的吸收，可预防太空环境中因失重导致的骨质流失，D正确。 故选D。 2．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）目前，瘦成“一道闪电”受到许多人的追捧，但是脂肪也是人体重要营养物质，人体内脂肪的生理功能包括（   ） （25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）①生物膜的重要成分 ②良好的储能物质 ③缓冲、减压和保护内脏 ④对生命活动具有调节作用 ⑤促进人体肠道对钙磷的吸收 ⑥绝热、保温作用 A．②③⑥ B．①②⑥ C．③④⑤ D．①②③④⑤⑥ 【答案】A 【解析】磷脂是生物膜的重要成分之一，①错误；脂肪是良好的储能物质，动物及人体内的脂肪还有绝热、保温作用，可减少热量散失、维持体温恒定、缓冲、减压和保护内脏器官的作用，②③⑥正确；激素对生命活动具有调节作用，脂肪不属于激素，④错误；维生素D能促进人体肠道对钙磷的吸收，⑤错误。综上分析，A正确，B、C、D均错误。 3．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）2018年中秋时节，家住安徽省患糖尿病的韩奶奶，因食用“无糖月饼”而被“甜晕”，还好抢救及时，脱离危险。目前很多广告语存在科学性错误，下列你认为正确的是（    ） A．无糖月饼没有甜味，属于无糖食品 B．“XX牌”口服液含有丰富的N、P、Zn等微量元素 C．某地大棚蔬菜，天然种植，不含任何化学元素，是真正的绿色食品 D．“XX牌”鱼肝油，含有丰富的维生素D，有助于宝宝骨骼健康 【答案】D 【解析】A、无糖月饼含有淀粉等糖类，A错误； B.、N、P是大量元素，Zn是微量元素，B错误； C、蔬菜是有机化合物，含C、H、O等化学元素，C错误； D、维生素D能有效地促进人和动物肠道对钙和磷的吸收，有助于宝宝骨骼健康，D正确。 故选D。 4．（25-26高一上·重庆八中·期中）下列广告语中比较科学的是（　　） A．服用鱼肝油（富含维生素D）有助于促进宝宝骨骼发育 B．来自深海生物的稀有核酸片剂，满足您对特殊核酸的需求 C．××八宝粥由桂圆、红豆、糯米等精制而成，不含糖，适合糖尿病病人食用 D．××口服液含有丰富的C、N、P、Zn等微量元素 【答案】A 【解析】A、维生素D能促进肠道对钙、磷的吸收，有助于婴幼儿骨骼发育，预防佝偻病，A正确； B、核酸在消化道内会被分解为核苷酸，B错误； C、糯米、红豆等含大量淀粉（多糖），消化后转化为葡萄糖，会导致血糖升高，不适合糖尿病患者，C错误； D、C、N、P属于大量元素，Zn是微量元素，D错误。 故选A。 5．（25-26高一上·重庆巴南·期中）下图是生物细胞中某种有机分子的结构式，下列相关叙述错误的是（　　） A．图示物质是脂肪，只含有 C、H、O 三种元素 B．图示物质水解可获得一分子甘油和三分子脂肪酸，脂肪酸的种类和分子长短不完全相同 C．图示物质中的脂肪酸为饱和脂肪酸，在室温时呈液态 D．图示物质存在于植物细胞和动物细胞中，是细胞中良好的储能物质 【答案】C 【解析】A、脂肪是由三分子脂肪酸与一分子甘油发生反应而形成的酯，即甘油三酯。从图中可以看出该物质是由三个脂肪酸分子和一个甘油分子通过酯化反应形成的，所以图示物质是脂肪，且只含有C、H、O三种元素，A正确； B、脂肪水解可获得一分子甘油和三分子脂肪酸。脂肪酸的种类繁多，不同来源的脂肪所含的脂肪酸种类和分子长短不完全相同，B正确； C、图示物质中的脂肪酸的烃基中没有不饱和键，属于饱和脂肪酸。饱和脂肪酸在室温时一般呈固态，而不饱和脂肪酸在室温时通常呈液态，C错误； D、脂肪在植物细胞和动物细胞中都存在，其是细胞内良好的储能物质，当生命活动需要时可以分解利用，D正确。 故选C。 6．（25-26高一上·重庆长寿中学校·期中）胆固醇是合成固醇类激素和维生素D的底物，还是构成动物细胞膜的重要成分。如图表示胆固醇分子在磷脂双分子层中的排布情况。下列叙述错误的是（    ） A．据图推测胆固醇具有限制磷脂分子运动、增加其有序性的作用 B．若血液中胆固醇水平过低，机体可能出现代谢紊乱和缺钙的症状 C．据图分析胆固醇分子具有疏水性 D．胆固醇、磷脂和维生素D都属于固醇类物质 【答案】D 【解析】A、磷脂具有长长的尾部，易于运动，胆固醇的存在具有限制磷脂分子运动、增加其有序性的作用，A正确； B、胆固醇是合成维生素D的底物，维生素D促进人体对钙的吸收，若血液中胆固醇水平太低，可能使机体出现代谢紊乱和缺钙的症状，B正确； C、胆固醇一端和磷酸相连，大部分存在于脂肪酸链处，说明胆固醇分子具有疏水性，C正确； D、脂质包括磷脂、脂肪、固醇，固醇类物质又包括胆固醇、性激素和维生素，D错误。 故选D。 7．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）温度降低时膜的流动性减小，最后磷脂处于紧密排列的状态，膜于是固化。膜固化的温度决定于组成它的脂质的类型，如动物细胞膜中的胆固醇在温度低时可以阻止液晶的形成，保持其流动性。与其结构相似的豆固醇为大豆细胞的成分，不能被人体肠道吸收，饭后服用豆固醇能抑制肠黏膜对胆固醇的吸收。下列关于固醇的说法错误的是（    ） A．豆固醇可以作为降低人体内胆固醇含量的药物 B．推测豆固醇可能也位于大豆细胞膜上，起到和动物细胞膜胆固醇类似的作用 C．胆固醇在人体内可以参与血液中脂质的运输 D．豆固醇与糖类、磷脂的组成元素相同 【答案】D 【解析】A、分析题意可知，豆固醇能抑制肠黏膜对胆固醇的吸收，因此豆固醇可以作为降低人体内胆固醇含量的药物，A正确； B、题干指出豆固醇是大豆细胞的成分，且与胆固醇结构相似，由此推测豆固醇可能也位于大豆细胞膜上，起到和动物细胞膜胆固醇类似的作用，B正确； C、胆固醇是动物细胞膜成分之一，同时参与血液中脂质的运输，C正确； D、豆固醇属于固醇类，组成元素为C、H、O；糖类组成元素为C、H、O；磷脂含C、H、O、P，有些还含有N，D错误。 故选D。 8．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）有关脂质的叙述，正确的是（    ） A．日常炒菜用的花生油中的脂肪含不饱和脂肪酸 B．细胞膜中含磷脂，细胞器膜中不含磷脂 C．维生素D是构成骨骼的主要成分，缺乏维生素D会影响骨骼发育 D．脂质能被苏丹Ⅲ染液染成橘黄色 【答案】A 【解析】常见的脂质有脂肪、磷脂和固醇。①脂肪是最常见的脂质，是细胞内良好的储能物质，还是一种良好的绝热体，起保温作用，分布在内脏周围的脂肪还具有缓冲和减压的作用，可以保护内脏器官；②磷脂是构成细胞膜的重要成分，也是构成多种细胞器膜的重要成分；③固醇类物质包括胆固醇、性激素和维生素D，胆固醇是构成细胞膜的重要成分、在人体内还参与血液中脂质的运输，性激素能促进人和动物生殖器官的发育以及生殖细胞的形成，维生素D能有效地促进人和动物肠道对钙和磷的吸收。 A、植物中的脂肪常含有不饱和脂肪酸，动物中的脂肪常含有饱和脂肪酸，A正确； B、生物膜的成分都主要是磷脂分子和蛋白质分子，细胞膜和细胞器膜的成分中都含有磷脂，B错误； C、钙是构成骨骼的成分，维生素D能有效地促进人和动物肠道对钙和磷的吸收，缺乏维生素D会影响钙的吸收，影响骨骼发育，C错误； D、脂质中的脂肪能被苏丹Ⅲ染液染成橘黄色，不是所有的脂质，D错误。 故选A。 9．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）下列关于人体脂质的叙述，错误的是（　　） A．组成脂肪与糖原的元素种类相同 B．磷脂水解产物包括甘油、磷酸、脂肪酸等 C．由C、H、O三种元素构成的性激素能促进人和动物生殖器官的发育及生殖细胞的形成 D．维生素D是构成骨骼的主要成分，缺乏维生素D 会影响骨骼发育 【答案】D 【解析】A、脂肪由甘油和脂肪酸组成，元素为C、H、O，糖原为多糖，元素也为C、H、O，两者元素种类相同，A正确； B、 磷脂是细胞膜的主要成分，其水解产物包括甘油、脂肪酸、磷酸及含氮碱基（如胆碱），B正确； C、性激素属于固醇类脂质，由C、H、O三种元素构成，具有促进生殖器官发育和生殖细胞形成的作用，C正确； D、维生素D能促进钙和磷的吸收，有助于骨骼钙化，但骨骼的主要成分是钙盐（如碳酸钙等）和胶原蛋白等，维生素D本身不是构成骨骼的成分，缺乏维生素D也会导致佝偻病或骨质疏松，影响骨骼发育，但选项前半句表述错误，D错误。 故选D。 10．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）大豆是我国重要的粮食作物，富含蛋白质和脂质。下列叙述正确的是（　　） A．大豆蛋白质可提供人体细胞不能合成的非必需氨基酸 B．大豆榨油后剩余的豆渣的主要成分是无机盐 C．大豆油含有不饱和脂肪酸，熔点较高，不易凝固，室温下呈液态 D．大豆中的脂肪在人体消化道内水解为脂肪酸和甘油后，可被小肠上皮细胞吸收 【答案】D 【解析】A、非必需氨基酸是人体细胞可以自身合成的氨基酸，不需要从食物中摄取；大豆蛋白质提供的是人体细胞不能合成的必需氨基酸，而非非必需氨基酸，A错误； B、大豆榨油后，脂质被提取，剩余的豆渣主要成分是蛋白质和纤维素等有机物，而非无机盐；无机盐是矿物质成分，含量较低，B错误； C、大豆油含有丰富的不饱和脂肪酸，其熔点较低，导致油脂不易凝固，在室温下呈液态；选项中说“熔点较高”与事实相反，C错误； D、大豆中的脂肪（主要成分为甘油三酯）在人体消化道内被脂肪酶水解为脂肪酸和甘油，这些水解产物可被小肠上皮细胞吸收。该过程符合脂肪的消化和吸收机制，D正确。 故选D。 11．（25-26高一上·重庆名校联盟·期中）某分子的结构简式如图所示，R1和R2表示脂肪酸，下列有关脂质的叙述错误的是（    ） A．若R3代表脂肪酸，则该结构简式代表脂肪；若R3代表磷酸及其他衍生物，则该结构简式可代表磷脂 B．若脂肪酸长链上存在双键，那么碳原子连接的氢原子数目就不能达到饱和，这样形成的脂肪酸就是不饱和脂肪酸 C．磷脂和胆固醇是构成细胞膜的重要成分，是所有细胞必不可少的脂质 D．糖类在供应充足的情况下，可以大量转化为脂肪，而脂肪却不能大量转化为糖类 【答案】C 【解析】A、脂肪由甘油、脂肪酸组成，若R3代表脂肪酸，则该结构简式代表脂肪；磷脂由甘油、脂肪酸和磷酸组成，若R3代表磷酸及其他衍生物，则该结构简式可代表磷脂，A正确； B、不饱和脂肪酸的定义是脂肪酸链含双键，导致氢原子数未达饱和。脂肪酸链上的双键会让与之相连的氢原子数目减少，无法达到饱和状态，这样的脂肪酸就是不饱和脂肪酸，B正确； C、磷脂是所有细胞细胞膜的必需成分，但胆固醇仅存在于动物细胞膜中（植物细胞、原核细胞的细胞膜不含胆固醇），C错误； D、细胞中糖可以大量转化为脂肪，而脂肪只有在糖类供能不足的情况下，才可以少量转化为糖类，D正确。 故选C。 12．（25-26高一上·重庆八中·期中）下列有关脂质的叙述，正确的是（    ） A．磷脂分子参与细胞膜的组成 B．维生素D和性激素不属于固醇类物质 C．脂肪比相同质量的多糖彻底氧化产能少 D．多数动物脂肪富含不饱和脂肪酸 【答案】A 【解析】脂质分为脂肪、磷脂和固醇，固醇包括胆固醇、性激素和维生素D，与糖类相比，脂肪分子中的氢含量多，氧含量少，氧化分解时产生的能量多，因此是良好的储能物质，磷脂双分子层构成生物膜的基本骨架，固醇中的胆固醇是动物细胞膜的重要组成成分，也参与脂质在血液中的运输。 A、磷脂分子构成细胞膜的基本支架，参与细胞膜的组成，A正确； B、维生素D和性激素都属于固醇类物质，B错误； C、脂肪的含氢量比糖类高，因此脂肪比相同质量的多糖彻底氧化产能多，C错误； D、多数动物脂肪富含饱和脂肪酸，D错误。 故选A。 13．（25-26高一上·重庆八中·期中）蓖麻种子富含脂肪。某研究小组将蓖麻种子置于黑暗及其他各项条件均适宜的环境中培养。定期检查萌发种子（含幼苗）的干重以及部分物质的含量的变化情况结果如图所示。据图分析，下列相关叙述不正确的是（    ） A．在蓖麻种子萌发过程中，油脂可以转化成糖类 B．用苏丹Ⅲ对蓖麻种子切片染色，可在光学显微镜下看到橘黄色脂肪颗粒 C．前6天蓖麻种子的干重增加，导致种子干重增加的主要元素是C D．相较于水稻等淀粉类种子，蓖麻种子适宜播种浅一些 【答案】C 【解析】由图可知，种子萌发过程中干重先增加后下降，油脂含量下降，葡萄糖、蔗糖含量上升，可见萌发过程中胚乳组织中的脂肪酶催化脂肪水解成甘油、脂肪酸，然后再转变为葡萄糖、蔗糖作为胚生长和呼吸消耗的原料。 A、由图可知，蓖麻种子在萌发过程中油脂含量下降，糖类含量上升，说明油脂可以转化成糖类，A正确； B、苏丹III可以将脂肪染成橘黄色，用苏丹Ⅲ对蓖麻种子切片染色，可在光学显微镜下看到橘黄色脂肪颗粒，B正确； C、前6天，油脂不断地转变成糖类，糖类物质中氧含量大于脂肪，因此导致种子干重增加的主要元素是氧元素，C错误； D、油料作物种子富含脂肪，同等质量的脂肪与糖类相比，脂肪中C、H比例高，氧化分解时耗氧量高，萌发时呼吸作用需要大量氧气，因此播种时宜浅播，D正确。 故选C。 14．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）冬小麦在生长过程中会经历春化和光照两大阶段。收获后的种子可以制作加工成各类食品，食品被人体消化吸收后通过一系列代谢来提供营养。分析回答下列相关问题： （1）冬小麦种子中脂肪水解产物大多含有________（填“饱和”或“不饱和”）脂肪酸，这种脂肪在室温时呈______态。 （2）冬小麦在冬天来临之前，由于温度降低，一部分自由水就转化成了结合水，使结合水的比例逐渐上升，这部分水就失去了__________性和__________性，其生理意义是: ____________。 （3）经检测某患者肝脏B超明显“亮肝”（脂肪明显沉积），且血液中低密度脂蛋白胆固醇和高密度脂蛋白胆固醇含量异常，前者主要将血液中某些脂质运进肝脏再清除出血液，后者主要将肝脏的某些脂质运出送往全身储藏，这表明胆固醇的功能之一是____________，预测该患者的血液中高密度脂蛋白含量_________（填“高于”或“低于”）正常水平。 （4）甲同学要减肥，制定了高蛋白、高淀粉、低脂的减肥餐，乙同学根据图示信息，评价该方案无效，你认为理由是___________。丙同学也要减肥，制定了高蛋白、低淀粉、低脂的减肥餐，但运动量较少，同样收效甚微，分析原因是____________。 【答案】（1） 不饱和 液 （2） 流动 溶解 增强抗寒能力 （3） 运输脂质 低于 （4） 淀粉可转化为脂肪 蛋白质、脂肪可转化为糖类供能，多余能量仍会储存为脂肪 【解析】细胞中的水有两种，分别是自由水和结合水；一般而言，结合水相对比例越大，植株的抗逆性越强，自由水相对比例越大，代谢越旺盛；脂质包括脂肪、磷脂和固醇等，固醇类物质包括胆固醇、性激素和维生素D等，胆固醇是构成细胞膜的重要成分，在人体内还参与血液中脂质的运输。 （1）植物脂肪大多含有不饱和脂肪酸，冬小麦种子中脂肪水解产生的脂肪酸是不饱和脂肪酸，在室温时呈液态。 （2）细胞内结合水的存在形式主要是水与蛋白质、多糖等物质结合，这样水就失去流动性和溶解性，成为生物体的构成成分；冬季来临时，冬小麦细胞内自由水的比例逐渐降低，而结合水的比例逐渐上升，这可以避免气温下降，自由水过多导致结冰而损害自身，增强了植株的抗寒能力，这是植物适应环境的一种表现。 （3）低密度脂蛋白胆固醇主要将血液中某些脂质运进肝脏再清除出血液，而高密度脂蛋白胆固醇主要将肝脏的某些脂质运出送往全身储藏，这说明胆固醇能参与血液中脂质的运输。高密度脂蛋白胆固醇主要将肝脏的某些脂质运出送往全身储藏，该患者肝脏B超明显“亮肝”（脂肪明显沉积），说明其血液中高密度脂蛋白含量低于正常水平，不能使肝脏内的脂质及时运出。 （4）高蛋白、高淀粉、低脂的减肥餐中淀粉充足，淀粉可转化为脂肪；高蛋白、低淀粉、低脂的减肥餐，但运动量较少，同样收效甚微，原因是蛋白质、脂肪可转化为糖类供能，多余能量仍会储存为脂肪。 考点3 蛋白质的结构和功能 1．（25-26高一上·重庆渝东九校·期中）下列物质中，属于构成蛋白质的氨基酸的是（　　） A． B． C． D． 【答案】C 【解析】AB、氨基和羧基没有连接在同一个中心碳原子上，所以不是构成蛋白质的氨基酸，AB错误； C、氨基和羧基连接在同一个中心碳原子上，其R基是甲基（-CH3），是构成蛋白质的氨基酸，C正确； D、该氨基酸的氨基和羧基没有连接在同一个中心碳原子上，D错误。 故选C。 2．（25-26高一上·重庆巴南·期中）某降血压药物说明书上注明：“本品含钙通道阻滞剂，抑制血管平滑肌细胞的跨膜钙离子内流……”。细胞膜上的钙通道是蛋白质复合物，该降压药主要影响了蛋白质的（　　） A．运输功能 B．催化功能 C．贮存功能 D．免疫功能 【答案】A 【解析】通道蛋白只容许与自身通道的直径和形状相适配、大小和电荷相适宜的分子或离子通过。分子或离子通过通道蛋白时，不需要与通道蛋白结合。 分析题意，“本品含钙通道阻滞剂，抑制血管平滑肌细胞的跨膜钙离子内流……”。细胞膜上的钙通道是蛋白质复合物，由此可知该降压药主要影响了蛋白质的运输功能，A正确。 故选A。 3．（25-26高一上·重庆巴南·期中）下列物质能参与构成生物体内天然蛋白质的有（    ） A．①②③ B．①②③④ C．①②③④⑤ D．①②③④⑤⑥ 【答案】B 【解析】蛋白质由氨基酸脱水缩合而成，构成蛋白质的氨基酸具有以下共同的特点：一个氨基和一个羧基连接在同一个C原子上，该C原子上同时还连有一个H和一个R基。 构成蛋白质的基本单位是氨基酸，氨基酸具有共同的结构特点：一个氨基和一个羧基连接在同一个C原子上，该C原子上同时还连有一个H和一个R基，据图可知，①②③④均满足该特点，⑤中缺少氨基，⑥中氨基和羧基未连接在同一个C原子上，B正确，ACD错误。 故选B。 4．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）球状蛋白分子空间结构为外圆中空，氨基酸侧链极性基团分布在分子的外侧，而非极性基团分布在内侧。蛋白质变性后，会出现生物活性丧失及一系列理化性质的变化。下列叙述错误的是（　　） A．蛋白质变性可导致部分肽键断裂 B．变性后的蛋白质可以用双缩脲试剂鉴定 C．加热变性的蛋白质不能恢复原有的结构和性质 D．变性后生物活性丧失是因为原有空间结构破坏 【答案】A 【解析】蛋白质变性是指蛋白质在某些物理和化学因素作用下其特定的空间构象被破坏，从而导致其理化性质的改变和生物活性丧失的现象。 A、蛋白质的变性作用主要是由于蛋白质分子内部的结构被破坏，一般不会导致肽键断裂，A错误； B、变性后的蛋白质不影响肽键，可以用双缩脲试剂鉴定，B正确； C、加热变性的蛋白质空间结构发生改变，该空间结构改变不可逆，不能恢复原有的结构和性质，C正确； D、变性后空间结构改变，导致一系列理化性质变化，生物活性丧失，D正确。 故选A。 5．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）下列有关生物体内蛋白质多样性原因的叙述中，不正确的是（    ） A．组成肽键的化学元素不同 B．组成蛋白质的氨基酸种类和数量不同 C．蛋白质的空间结构不同 D．组成蛋白质的氨基酸排列顺序不同 【答案】A 【解析】蛋白质的基本单位是氨基酸，氨基酸通过脱水缩合形成多肽，再形成具有一定空间结构的蛋白质；蛋白质分子结构的多样性与组成蛋白质的氨基酸的种类、数目、排列顺序和蛋白质空间结构的千差万别有关。 A、组成肽键的基本元素都是C、H、O、N，A错误； B、组成蛋白质的氨基酸的种类、数量不同是蛋白质多样性的原因之一，B正确； C、肽链盘曲、折叠形成蛋白质的空间结构千差万别是蛋白质多样性的原因之一，C正确； D、蛋白质中氨基酸的排列顺序不同是蛋白质多样性的原因之一，D正确。 故选A。 6．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）中华鲎体内存在一种含铜的蛋白质——“血蓝蛋白”，其生物学功能之一是运输氧气。血蓝蛋白与氧气结合时呈蓝色，脱氧状态呈无色。下列说法或推测正确的是（　　） A．大量元素铜可参与构成生物大分子 B．正常流动状态下，中华鲎的血液是无色的 C．血蓝蛋白和血红蛋白的氨基酸序列完全一致 D．血蓝蛋白在中华鲎体内氧气浓度低的地方容易与氧气分离 【答案】D 【解析】A、铜是微量元素（如Fe、Zn、Cu等），而非大量元素（如C、H、O、N等），A错误； B、血蓝蛋白与氧气结合时呈蓝色，脱氧时无色，在正常流动状态下，血液因循环中含氧，通常呈现蓝色，而非无色，B错误； C、血蓝蛋白（含铜，存在于节肢动物）和血红蛋白（含铁，存在于脊椎动物）是不同蛋白质，其氨基酸序列和空间结构均不同，C错误； D、血蓝蛋白作为氧气运输蛋白，具有可逆结合氧气的特性，在氧气浓度低处（如组织）易与氧气分离以释放氧气，D正确； 故选D。 7．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）免疫球蛋白IgG的结构如图所示，其中—S—S—表示连接两条相邻肽链的二硫键。若该IgG由m个氨基酸构成，则该IgG有肽键数及形成该蛋白质时相对分子质量减少了（   ） A．m个　（m-4）×18 B．（m+1）个　（m-4）×18 C．（m-1）个 （m-4）×18-6 D．（m-4）个 （m-4）×18+6 【答案】D 【解析】本题考查的是蛋白质相对分子量的计算。蛋白质分子中肽键数=氨基酸数-肽链数，该免疫球蛋白中肽键数=m-4；形成该蛋白质过程中脱去了m-4水分子，以及脱去了6个H，所以该蛋白质相对分子量减少了（m-1）×18+6 点评：本题难度中等，属于理解层次，学生需要理解蛋白质的形成过程。 8．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）下列分子中，不属于构成生物体蛋白质的氨基酸的是（    ） A． B． C． D． 【答案】D 【解析】每种氨基酸分子至少都含有一个氨基（-NH1）和一个羧基（-COOH），并且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上。 A、该分子有一个氨基（-NH1）和一个羧基（-COOH）连接在同一个碳原子上，属于构成生物体蛋白质的氨基酸，A错误； B、该分子中有一个氨基（-NH2）和一个羧基（-COOH）连接在同一个碳原子上，符合氨基酸的结构通式，属于构成生物体蛋白质的氨基酸，B错误； C、该分子有一个氨基（-NH2）和一个羧基（-COOH）连接在同一个碳原子上，属于构成生物体蛋白质的氨基酸。C错误； D、该分子有一个氨基（-NH2）和一个羧基（-COOH），但未连接在同一个碳原子上，不属于构成生物体蛋白质的氨基酸，D正确。 故选D。 9．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）生物学的一个基本观点是结构与功能相适应， 蛋白质结构的多样性使得蛋白质的功能也具有多样性， 下列关于蛋白质功能的叙述， 错误的是（    ） A．人体内抗体的本质是蛋白质， 可以帮助人体抵御病菌和病毒等抗原，说明蛋白质具有调节的作用 B．神经细胞的细胞膜上的钠—钾泵（一种蛋白质） 能将细胞外钾离子运进细胞， 将细胞内钠离子运出细胞， 是蛋白质运输功能的具体体现 C．绝大多数酶的本质是蛋白质， 酶具有生物催化作用 D．人体肌肉纤维的成分主要是蛋白质， 这样的蛋白质称为结构蛋白 【答案】A 【解析】按功能将蛋白质分类：结构蛋白、调节蛋白（比如胰岛素）、催化蛋白（比如胃蛋白酶）、运输蛋白（比如血红蛋白）、免疫蛋白（比如抗体）。 A、人体内抗体的本质是蛋白质， 可以帮助人体抵御病菌和病毒等抗原，说明蛋白质具有免疫的作用，A错误； B、神经细胞的细胞膜上的钠—钾泵（一种蛋白质） 能将细胞外钾离子运进细胞， 将细胞内钠离子运出细胞， 是蛋白质运输功能的具体体现，B正确； C、绝大多数酶的本质是蛋白质， 少数酶是RNA，酶具有生物催化作用，C正确； D、人体肌肉纤维的成分主要是蛋白质， 这样的蛋白质称为结构蛋白，D正确。 故选A。 10．（25-26高一上·重庆八中·期中）如图是三种组成蛋白质的氨基酸的结构式，据图分析下列叙述错误的是（　　） A．以上这三种氨基酸的R基依次是一 B．氨基酸需经过脱水缩合和盘曲折叠才能形成蛋白质 C．甲是组成人体蛋白质的相对分子质量最小的氨基酸 D．只要含有一个氨基和一个羧基的化合物就是组成蛋白质的氨基酸 【答案】D 【解析】A、据图可知，图示三种氨基酸的R基依次是－H、－CH1、－CH2OH，是三种不同的氨基酸，A正确； B、氨基酸需经过脱水缩合形成肽链，而后经过加工盘曲折叠才能形成具有一定空间结构的蛋白质，B正确； C、图中甲氨基酸的R基是-H，R基最简单，所以该氨基酸是相对分子质量最小的氨基酸，C正确； D、构成蛋白质的氨基酸具有的特征是，其结构式中至少都有一个氨基和一个羧基，并且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上，只含有一个氨基和一个羧基的化合物未必是组成蛋白质的氨基酸，D错误。 故选D。 11．（25-26高一上·重庆八中·期中）将蛋白质暴露在高浓度的尿素中会发生蛋白质的变性，除去尿素后，蛋白质的空间结构和生物功能可以恢复。下列说法正确的是（　　） A．高浓度的尿素使蛋白质变性的过程中破坏了蛋白质中的肽键 B．煮熟的鸡蛋更容易消化是由于高温使蛋白质的空间结构松散 C．若构成蛋白质的氨基酸种类和数量相同，则蛋白质结构一定相同 D．向经尿素处理后的蛋白质溶液中加入双缩脲试剂不会发生紫色反应 【答案】B 【解析】A、将蛋白质暴露在高浓度的尿素中会发生蛋白质的变性，虽然该过程中蛋白质的空间结构发生了改变，但蛋白质中的肽键没有被破坏，A错误； B、煮熟的鸡蛋更容易消化是由于高温使蛋白质的空间结构松散，肽键暴露，容易与蛋白酶结合，B正确； C、蛋白质结构多样性取决于氨基酸的种类、数目、排列顺序及构成的空间结构多样，氨基酸种类和排列顺序相同的蛋白质结构不一定相同，C错误； D、尿素处理后的蛋白质中的肽键没有断裂，向经尿素处理后的蛋白质溶液中加入双缩脲试剂仍会发生紫色反应，D错误。 故选B。 12．（25-26高一上·重庆八中·期中）如图表示蛋白质结构的一部分，图中甲、乙、丙、丁标出的是不同的化学键，当蛋白质发生水解反应时，断裂的化学键是（    ） A．甲 B．乙 C．丙 D．丁 【答案】C 【解析】据图分析，甲表示一个氨基酸内部氨基与中心碳原子之间的化学键，乙表示一个氨基酸内部羧基与中心碳原子之间的化学键，丙表示两个氨基酸之间的化学键即肽键，丁表示一个氨基酸的羧基内部的氧原子与碳原子之间的化学键。 氨基酸通过脱水缩合形成肽链，在此过程中，连接两个氨基酸分子的键叫肽键（结构“—NH—CO—”中的“—”为肽键），因此蛋白质水解时肽键断裂，图中属于肽键的化学键是丙，C正确，ABD错误。 故选C。 13．（25-26高一上·重庆八中·期中）某多肽链的分子式为C42H65N11O9，它彻底水解后只得到以下3种氨基酸，则此多肽中含有的赖氨酸个数为（　　） A．2个 B．3个 C．5个 D．8个 【答案】B 【解析】1、构成蛋白质的基本单位是氨基酸，每种氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上，这个碳原子还连接一个氢和一个R基，氨基酸的不同在于R基的不同。 2、氨基酸在核糖体中通过脱水缩合形成多肽链，而脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基（-COOH ）和另一个氨基酸分子的氨基（-NH2）相连接，同时脱出一分子水的过程；连接两个氨基酸的化学键是肽键。 【解析】假设水解得到的氨基酸个数为N，则该多肽合成时脱去的水分子数目为N－1。且图中三种氨基酸的羧基均只有一个，则根据氧原子守恒进行计算，该多肽中氧原子数目＝氨基酸数目×2－脱去的水分子数＝2N－（N－1）＝9，可计算出N＝8，由于三种氨基酸中只有赖氨酸含有两个氨基，假设每个氨基酸中只含有一个氨基，则多余的氨基来自赖氨酸，所以赖氨酸的数目为11－8＝3个，B正确。 故选B。 14．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）一条由39个氨基酸形成的环状多肽，其中有4个谷氨酸（R基为-CH2-CH2-COOH）,则该多肽（　　） A．有38个肽键 B．可能没有游离氨基 C．至少有5个游离羧基 D．至多有36种氨基酸 【答案】B 【解析】A.由于该多肽由39个氨基酸形成，且为环状多肽，故含有39个肽键，A错误； B.如果R基上没有氨基，则没有游离的氨基，故B正确； C.由于含有4个谷氨酸，谷氨酸的R基上有游离的羧基，环状多肽只有R基上有游离的氨基和羧基，故至少有4个游离的羧基，故C错误； D.组成蛋白质的氨基酸最多有20种，故D错误； 因此，本题答案选B。 本题考查蛋白质的结构的有关知识，意在考查考生能用文字、图表以及数学方式等多种表达形式准确地描述生物学方面的内容的能力。 15．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）下列有关蛋白质的结构的叙述中，正确的是（　　） A．雄性激素能调节生命活动，其功能体现了蛋白质具有信息传递作用 B．蛋白质高温加热后会变性，不能与双缩脲试剂发生颜色反应 C．肽键的连接方式不同是影响蛋白质结构多样性的原因 D．一条多肽链分解成n条短肽链时，增加的羧基数为（n-1） 【答案】D 【解析】1、蛋白质结构的多样性决定功能的多样性，蛋白质结构多样性与组成蛋白质的氨基酸的种类、数目、排列顺序和肽链的空间结构有关；组成蛋白质的氨基酸至少含有一个氨基和一个羧基，且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上。 2、氨基酸脱水缩合反应过程中，一个氨基酸的氨基与另一个氨基酸的羧基反应产生1分子水，氨基酸之间由肽键连接，在形成环肽时，形成的肽键数与氨基酸数相等，环肽中游离的氨基或羧基数是氨基酸中R基上的氨基或羧基数。 【解析】A、雄性激素的化学本质为固醇，不是蛋白质，A错误； B、蛋白质加热后会变性，其空间结构被破坏，没有破坏肽键，变性的蛋白质与双缩脲试剂还能发生紫色反应，B错误； C、不同蛋白质中的肽键结构以及连接方式都是相同的，不是影响蛋白质结构多样性的原因，C错误； D、一条多肽链至少含有一个氨基和一个羧基，n条多肽链至少含有n个氨基和n个羧基，因此一条肽分解成n条短肽链时增加的氨基和羧基分别为（n-1），D正确。 故选D。 16．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）胶原蛋白是细胞外基质的主要成分之一，含有18种氨基酸。下列叙述不合理的是（    ） A．人体可以合成组成该蛋白质的所有氨基酸 B．皮肤表面涂抹的胶原蛋白不能被直接吸收 C．未经折叠的该蛋白不具有生物学功能 D．作为手术缝合线的胶原蛋白能被组织分解、吸收 【答案】A 【解析】A、胶原蛋白含有18种氨基酸，其中包含人体必需的氨基酸（如赖氨酸等），而必需氨基酸必须通过食物摄入，人体无法自行合成，因此“人体可以合成所有氨基酸”的说法错误，A符合题意； B、胶原蛋白是大分子物质，无法直接通过皮肤细胞的细胞膜被吸收，必须分解为小分子氨基酸后才能吸收，B不符合题意； C、蛋白质的功能依赖其特定的空间结构，未正确折叠的胶原蛋白因结构异常无法发挥功能，C不符合题意； D、手术缝合线使用的胶原蛋白可被人体组织中的蛋白酶（如胶原蛋白酶）分解为氨基酸后被吸收，D不符合题意； 故选A。 17．（25-26高一上·重庆巴南·期中）下图表示细胞中常见的反应，下列叙述错误的是（    ） A．图中箭头所指的为肽键 B．化合物甲的R基为H C．化合物丙含2个游离羧基 D．图中的X是水 【答案】B 【解析】A、根据题干信息可知,图中甲、乙分别代表一个氨基酸分子，丙则是由甲、乙通过脱水缩合形成的二肽。图中箭头所指的连接两个氨基酸分子的化学键叫肽键，A正确； B、化合物甲的R基为—CH2COOH，B错误； C、化合物丙含有2个游离羧基，C正确； D、图中的X是脱水缩合产生的水，D正确。 故选B。 18．（25-26高一上·重庆长寿中学校·期中）鱼胶原蛋白具有易吸收、高生物活性、低致敏性及可食用性等特点，在医学修复（如手术缝合线）、美容护肤及食品工业中逐步替代陆生动物胶原蛋白。鱼胶原蛋白的氨基酸序列以“甘氨酸—脯氨酸—羟脯氨酸”为核心重复单元，下列叙述错误的是（    ） A．作为手术缝合线的胶原蛋白能被相关酶分解从而被人体组织吸收 B．鱼胶原蛋白的美容护肤作用与核心重复单元的高生物活性相关 C．鱼胶原蛋白可作为食品添加剂，但不能大量添加到某些食品中 D．甘氨酸、脯氨酸等人体细胞不能合成的非必需氨基酸有 13 种 【答案】D 【解析】A、人体内存在胶原蛋白酶等可将胶原蛋白分解为小分子氨基酸，从而能被人体组织吸收，A正确； B、鱼胶原蛋白以“甘氨酸-脯氨酸-羟脯氨酸”为核心重复单元，具有高生物活性，这与其美容护肤作用相关，B正确； C、鱼胶原蛋白虽可作为食品添加剂，但过量添加可能对人体产生不良影响，不能大量添加到某些食品中，C正确； D、甘氨酸、脯氨酸属于人体细胞能合成的非必需氨基酸，人体细胞不能合成的必需氨基酸有8种，D错误。 故选D。 19．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）诗圣杜甫的《发秦州》有“充肠多薯蓣，崖蜜亦易求”的名句，薯蓣俗名山药，焦作的怀山药畅销全国，其块茎中平均含粗蛋白质14．48%，粗纤维3．48%，淀粉43．7%，糖1．14%及多种微量元素等。下列相关叙述正确的是（    ） A．山药细胞中微量元素有Zn、Fe、Ca等 B．山药细胞中的糖类都是能源物质 C．山药中核酸的彻底水解产物是核苷酸 D．山药中蛋白质的药用功能由其结构决定 【答案】D 【解析】1.糖类一般由C、H、O三种元素组成，分为单糖、二糖和多糖，是主要的能源物质。常见的单糖有葡萄糖、果糖、半乳糖、核糖和脱氧核糖等。植物细胞中常见的二糖是蔗糖和麦芽糖，动物细胞中常见的二糖是乳糖。植物细胞中常见的多糖是纤维素和淀粉，动物细胞中常见的多糖是糖原。淀粉是植物细胞中的储能物质，糖原是动物细胞中的储能物质。构成多糖的基本单位是葡萄糖。 2.核酸的基本单位：核苷酸，是由一分子磷酸、一分子五碳糖（DNA为脱氧核糖、RNA为核糖）和一分子含氮碱基组成；组成DNA的核苷酸叫做脱氧核苷酸，组成RNA的核苷酸叫做核糖核苷酸。 【解析】A、山药细胞中微量元素有Zn、Fe等，而Ca为大量元素，A错误； B、糖类是细胞中的主要能源物质，山药也不例外，但其中含有的纤维素虽然也是糖类，但不作为能源物质，是细胞壁的主要成分，B错误； C、核酸分为核糖核酸和脱氧核糖核酸两种，核酸的彻底水解产物有8种，分别是A、G、C、T、U五种碱基、两种五碳糖（核糖和脱氧核糖）和磷酸，C错误； D、根据结构与功能相适应的原理课推测，山药中蛋白质的药用功能由其结构决定，D正确。 故选D。 【点睛】 20．（25-26高一上·重庆渝东九校·期中）现代外科手术中使用的可吸收缝合线，其成分可以是羊肠线（主要成分为胶原蛋白）或人工合成的聚乳酸羟基乙酸等材料。下列有关缝合线与蛋白质功能的叙述，错误的是（　　） A．若使用羊肠线，其成分胶原蛋白被人体吸收的过程需要蛋白酶的参与，体现了蛋白质的催化功能 B．伤口愈合时，抗体等蛋白质在局部发挥作用，体现了蛋白质的免疫功能 C．愈合过程中，新生细胞需要利用氨基酸合成肌动蛋白等蛋白质，体现了蛋白质的组成细胞结构的功能 D．该缝合线蛋白质在伤口愈合的过程中，能直接为周边细胞的修复提供能量 【答案】D 【解析】A、胶原蛋白作为被分解的底物，其吸收过程依赖蛋白酶（化学成分是蛋白质）的催化作用，但该过程体现的是蛋白质的催化功能，A正确； B、抗体由免疫细胞产生，可特异性识别并清除病原体，属于蛋白质的免疫功能，B正确； C、肌动蛋白是细胞骨架的重要成分，参与细胞形态维持和运动，新生细胞合成此类蛋白质体现了蛋白质构成细胞结构的功能，C正确； D、蛋白质需经水解为氨基酸后才能参与氧化供能，缝合线中的蛋白质不能直接提供能量，D错误。 故选D。 21．（25-26高一上·重庆渝东九校·期中）重庆火锅的食材种类繁多，从常见的肉类、海鲜到各种蔬菜、豆制品，几乎无所不包。其中，毛肚、黄喉、鸭肠和脑花是重庆火锅的经典食材。相关叙述错误的是（　　） A．毛肚细胞中的核酸，携带了毛肚细胞的遗传信息 B．脑花中含量丰富的磷脂，是构成细胞膜、细胞器膜等膜结构的重要成分 C．各种蔬菜中丰富的纤维素有利于降脂、降血糖，保护心脑血管健康 D．涮黄喉的过程中高温使其中的蛋白质空间结构变得伸展、松散，不能与双缩脲试剂产生紫色反应 【答案】D 【解析】A、核酸（包括DNA和RNA）是遗传信息的携带者，毛肚细胞中的核酸储存了该细胞的遗传信息，A正确； B、磷脂是构成生物膜（如细胞膜、细胞器膜）的主要成分，B正确； C、纤维素是植物细胞壁的主要成分，属于膳食纤维，可促进肠道蠕动，有助于降脂、降血糖及维护心血管健康，C正确； D、高温使蛋白质空间结构改变（变性），但肽键未被破坏，仍可与双缩脲试剂发生紫色反应，D错误。 故选D。 22．（25-26高一上·重庆渝东九校·期中）皮蛋（松花蛋）制作过程中，会将鲜蛋浸入以草木灰（主要成分K2CO3，呈碱性）、生石灰（CaO）和食盐等配制的料液中。在强碱性环境中，蛋白质分子结构发生变化，最终形成独特的风味、色泽及凝胶状的透明蛋白，部分蛋清上还会有“松花”结晶（主要成分为Mg（OH）2等）。下列关于该过程的叙述，错误的是（　　） A．料液中的碱性物质破坏了蛋清蛋白质的肽键，使其水解为氨基酸 B．经过上述处理形成的皮蛋和生鸡蛋相比，皮蛋更容易被消化 C．蛋清由液态变为富有弹性的凝胶，是蛋白质空间结构改变的结果 D．皮蛋制作过程中，蛋白质结构的改变是不可逆的 【答案】A 【解析】A、料液中的碱性物质使蛋白质变性，破坏的是其空间结构（如氢键等），而非肽键。蛋白质水解为氨基酸需要蛋白酶催化断裂肽键，碱性环境本身不能直接水解肽键，A错误。 B、蛋白质变性后空间结构松散，更易被蛋白酶分解，更易消化，B正确。 C、蛋清凝胶化是因强碱破坏蛋白质空间结构，导致其疏水基团暴露、分子聚集，形成网状凝胶结构，C正确。 D、蛋白质变性（如高温、强酸强碱）导致的空间结构破坏不可逆，皮蛋的凝胶状态无法恢复为生蛋清液态，D正确。 故选A。 23．（25-26高一上·重庆九校联盟·期中）人的血红蛋白由574个氨基酸组成，含两条α链和两条β链，四条肽链通过二硫键（—S—S—）连接。下列有关叙述正确的是（    ） A．血红蛋白的N元素主要位于氨基中，其含有570个肽键 B．组成血红蛋白的氨基酸含Fe，Fe为血红蛋白的特征元素 C．高温处理后的血红蛋白仍然能与双缩脲试剂发生紫色反应 D．蛋白质结构多样性的原因之一是氨基酸的空间结构差异巨大 【答案】C 【解析】A、血红蛋白的N元素主要存在于肽键中，而非氨基中；肽键数=氨基酸总数-肽链数=574-4=570，A错误； B、Fe位于血红蛋白的辅基（血红素）中，并非组成氨基酸的元素，B错误； C、高温破坏蛋白质空间结构，但未断裂肽键，双缩脲试剂仍可检测，C正确； D、蛋白质结构多样性源于氨基酸种类、数量、排列顺序及多肽链的空间结构，D错误。 故选C。 24．（25-26高一上·重庆一中·期中）“乙酰化修饰”是指在蛋白质分子链上“接种”一个乙酰基分子，这是蛋白质最主要的修饰方式之一。下列叙述错误的是（　　） A．乙酰基分子最可能连接在氨基酸的R基上 B．“乙酰化修饰”改变了蛋白质的结构，也可能会影响其功能 C．组成蛋白质的肽链盘曲折叠在一个平面上，具有特定功能 D．高温、强酸、高浓度酒精等均可能会使蛋白质变性 【答案】C 【解析】A、乙酰化修饰发生在蛋白质分子链上，构成蛋白质的氨基酸中，氨基和羧基参与形成肽键，而R基未参与，因此乙酰基最可能连接在R基上，A正确； B、蛋白质的结构决定功能，乙酰化修饰改变了蛋白质的结构，所以也可能会影响其功能，B正确； C、蛋白质的功能依赖于其特定的空间结构，组成蛋白质的肽链盘曲折叠不在一个平面上，具有一定的空间结构，从而具有一定的功能，C错误； D、高温、强酸、高浓度酒精等会破坏蛋白质的空间结构，可能会使蛋白质变性，D正确。 故选C。 25．（25-26高一上·重庆一中·期中）某六十肽中有4个丙氨酸（相应位置如图），现脱掉其中的丙氨酸，得到4条肽链和5个氨基酸，其中脱下的氨基酸均以游离态存在。下列叙述错误的是（　　） A．该六十肽水解得到的几种有机物比原六十肽增加了4个氧原子 B．该六十肽水解得到的4条肽链比原六十肽的肽键数目减少8个 C．若新生成的肽链中有5个羧基，那么其中必有1个羧基在R基上 D．若将得到的5个氨基酸缩合成一条肽链，则有5种不同的氨基酸序列 【答案】A 【解析】A、肽键水解的反应式为：−CO−NH−+H2O→ −COOH+ −NH2，每水解1个肽键，需要消耗1分子水（增加1个O原子），该六十肽中有4个丙氨酸，水解时需断裂8个肽键（每个丙氨酸两侧各断裂1个肽键，共4×2=8个），因此消耗8分子水，增加8个O原子，A错误； B、每脱掉1个丙氨酸需要破坏2个肽键，脱掉4个丙氨酸共破坏了8个肽键，B正确； C、据图分析可知：脱掉其中丙氨酸，得到4条多肽链，每条肽链中至少有1个游离的氨基和1个游离的羧基，故新生成的4条多肽至少有4个氨基，至少有4个羧基多出的羧基（或氨基）必定在R基上，若新生成的肽链中有5个羧基，那么其中必有1个羧基在R基上，C正确； D、得到的5个氨基酸，其中有4个是相同的丙氨酸，故这5个氨基酸缩合成五肽，可有5种不同的氨基酸序列，D正确。 故选A。 26．（25-26高一上·重庆一中·期中）人体的携氧蛋白可以携带并运输O2，又被称为“分子肺”，主要包括红细胞中的血红蛋白、肌肉细胞中的肌红蛋白和脑组织中的脑红蛋白，三者的氨基酸序列差异较大。下列叙述合理的是（    ） A．携氧蛋白属于结构蛋白，是构成人体结构的重要物质 B．缺Mg会导致红细胞中血红蛋白数量减少，影响O2运输 C．肌红蛋白和脑红蛋白均能运输O2，但空间结构存在差异 D．携氧蛋白发生变性会导致其肽键、二硫键等多种化学键断裂 【答案】C 【解析】A、结构蛋白主要构成细胞或生物体的结构，携氧蛋白的主要功能是携带并运输O2，属于功能蛋白而非结构蛋白，A不符合题意； B、血红蛋白的合成需要Fe2+作为辅基，而Mg2+是叶绿素的组成成分，与血红蛋白无关，缺Fe会导致血红蛋白减少，B不符合题意； C、依据题干信息，肌红蛋白和脑红蛋白的氨基酸序列差异较大，但均能携带并运输O2，说明二者空间结构存在差异但功能相似，C符合题意； D、携氧蛋白发生变性会导致空间结构遭到破坏，在此过程中二硫键会发生断裂，但肽键不会发生断裂，D不符合题意。 故选C。 27．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）有一种链状“十五肽”的化学式为CxHyNzOdSe（z>15，x>16）。已知其彻底水解后得到下列几种氨基酸：天门冬氨酸（C4H7NO4）；苯丙氨酸（C9H11NO2）；半胱氨酸（C3H7NSO2）；赖氨酸（C6H14N2O2）。下列有关说法中不正确的是（　　） A．水解可得e个半胱氨酸 B．水解可得个天门冬氨酸 C．水解可得z-15个赖氨酸 D．苯丙氨酸有22-e-z-个 【答案】D 【解析】A．题干中的氨基酸只有半胱氨酸含S原子，水解可得半胱氨酸的数量等于硫原子数 ，A正确； B．根据各氨基酸的化学式可推测只有天冬氨酸的R基中含1个羧基，链状“十五肽”的肽链中O原子数（除R基中O原子） 为16，O原子总数为d，所以可推测R基中的羧基数= ，所以水解可得个天门冬氨酸，B正确； C．根据各氨基酸的化学式可知只有赖氨酸的R基中含1个氨基。“十五肽”中总氮原子数=z ，其肽链中N原子总数（除R基中的N原子）=15,，因此赖氨酸的数量= ，C正确； D．根据B、C选项分析可知天冬氨酸的数量为，赖氨酸的数量为z15，因为只有半胱氨酸含S元素，所以可得半胱氨酸的数量为e，所以可得苯丙氨酸的数量=-（z-15）=38-e-z-d/2，D错误。 故选D。 28．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）下列与蛋白质的功能无直接关系的是（　　） A．氧气在血液中的运输 B．胰岛素调节血糖浓度 C．花生种子中储存能量 D．催化乳糖水解为半乳糖和葡萄糖 【答案】C 【解析】A、氧气在血液中的运输依赖于血红蛋白（一种蛋白质）的运输功能，血红蛋白能与氧气结合并运输，因此与蛋白质功能直接相关，A不符合题意； B、胰岛素是一种蛋白质类激素，通过调节血糖浓度体现其信息传递和调节功能，因此与蛋白质功能直接相关，B不符合题意； C、花生种子中储存能量的主要物质是脂肪（油），脂肪是细胞内良好的储能物质；蛋白质虽可提供能量，但储存能量并非其直接或主要功能，与蛋白质功能无直接关系，C符合题意； D、催化乳糖水解为半乳糖和葡萄糖的是乳糖酶，酶的本质是蛋白质，体现酶的催化功能，因此与蛋白质功能直接相关，D不符合题意。 故选C。 29．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）脑啡肽是一种多肽，可以镇静、调节人体对痛的感觉。图1 为脑啡肽的结构式（不包括指示用的箭头、虚线和数字编号）。脑啡肽经释放后，会作用在一些特殊的脑神经细胞上，这些脑神经的细胞膜接受到脑啡肽刺激后，会进行一系列生理过程，从而达到镇痛作用（如图2）。下列相关叙述正确的是（　　） A．脑啡肽是由氨基酸经脱水缩合连接而成，图1中表示肽键的是④ B．通过结构式可知，脑啡肽是由4种不同的氨基酸形成的四肽 C．细胞膜就是质膜，图2中某种离子经通道蛋白运输进入细胞内 D．细胞膜的基本骨架是图2中①与②形成的整体 【答案】C 【解析】A、脑啡肽由氨基酸通过肽键连接而成，图中③表示肽键，A错误； B、氨基酸的种类是由R基决定的，根据图示可知，图中含有5个氨基酸，但R基只有4种，因此脑啡肽是由4种不同的氨基酸脱水缩合形成的五肽，B错误； C、细胞膜就是质膜，其基本支架是磷脂双分子层（图 2 中①表示磷脂分子），属于脂质；图 2 中 “某种离子” 通过通道蛋白（膜上的蛋白质通道）顺浓度梯度进入细胞，属于协助扩散，C正确； D、细胞膜的基本骨架是磷脂双分子层（图 2 中的①），D错误。 故选C。 30．（25-26高一上·重庆名校联盟·期中）泛素是一类真核细胞内广泛存在的由76个氨基酸组成的小分子蛋白质，它可以与目标蛋白中赖氨酸的ε氨基结合，对目标蛋白形成多聚泛素化标记，然后引导其进入蛋白酶体（含有大量水解酶）。当必需氨基酸匮乏时，肝细胞中E3泛素连接酶Ubr1会失活，不能让脂滴保护蛋白Plin2发生多聚泛素化降解。下列叙述正确的是（    ） A．泛素化标记的蛋白质水解会产生水、小的多肽或氨基酸 B．泛素与目标蛋白赖氨酸的ε氨基结合可能由E3泛素连接酶催化完成 C．缬氨酸、丝氨酸等必需氨基酸是人体细胞不能合成的氨基酸 D．肝细胞中Ubr1失活有助于减轻脂肪肝 【答案】B 【解析】A、蛋白质水解是破坏肽键的过程，肽键断裂需要消耗水，而不是产生水。蛋白质水解的产物是小的多肽或氨基酸，A错误； B、根据题干“当必需氨基酸匮乏时，肝细胞中E3泛素连接酶Ubr1会失活，不能让脂滴保护蛋白Plin2发生多聚泛素化降解”，可推测泛素与目标蛋白赖氨酸的ε-氨基结合可能由E3泛素连接酶催化完成，B正确； C、必需氨基酸是人体细胞不能合成的氨基酸，而丝氨酸属于非必需氨基酸（人体细胞能合成），C错误； D、肝细胞中Ubr1失活，不能让脂滴保护蛋白Plin2发生多聚泛素化降解，会使脂滴保护蛋白积累，不利于脂滴的分解，会加重脂肪肝，而不是减轻，D错误。 故选B。 31．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）胶原蛋白是细胞外基质的主要成分，可被用来制作手术缝合线，在手术过后无需拆线，避免了拆线的痛苦。下面有关胶原蛋白等蛋白质叙述正确的是（    ） A．组成胶原蛋白的元素组成主要是C、H、O、N、P，其中N元素主要存在于氨基中 B．组成胶原蛋白的基本单位是氨基酸，氨基酸脱水缩合能形成肽键，肽键可表示为“-CO-NH-” C．手术缝合线之所以不用拆线是因为胶原蛋白能被分解成可以被人体吸收的氨基酸 D．胶原蛋白等蛋白质和多糖、脂肪等都是以碳链为骨架的生物大分子，共同构成细胞生命大厦的基本框架 【答案】C 【解析】A、胶原蛋白属于蛋白质，其元素组成为C、H、O、N，不含P元素；蛋白质中的N元素主要存在于肽键连接的基团-CO-NH-中，而非氨基，A错误； B、氨基酸脱水缩合形成的肽键为连接“-NH-CO-”中间的化学键，B错误； C、胶原蛋白作为手术缝合线，可被人体内的蛋白酶分解为氨基酸，从而被吸收，因此无需拆线，C正确； D、蛋白质、多糖属于生物大分子，但脂肪是小分子物质，并非以碳链为骨架的生物大分子，D错误。 故选C。 32．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）“红伞伞，白杆杆，吃完一起躺板板”警示了毒蘑菇的危害，其中的毒蝇伞含有的鹅膏蕈碱（主要致幻毒素之一），是一种环状八肽，能有效抑制真核生物细胞核内RNA聚合酶的活性，使RNA合成受阻。下列相关叙述正确的是（    ） A．鹅膏蕈碱的基本单位是核糖核苷酸 B．高温加热后的鹅膏蕈碱能与双缩脲试剂发生紫色反应 C．鹅膏蕈碱是由8个氨基酸脱水缩合而成，此过程脱去7个水分子并形成7个肽键 D．若氨基酸平均相对分子质量为128，则鹅膏蕈碱的相对分子质量是898 【答案】B 【解析】A、鹅膏蕈碱是环状八肽，其基本单位为氨基酸，而非核糖核苷酸，核糖核苷酸是RNA的基本单位，A错误； B、高温会破坏蛋白质的空间结构，但环状八肽的肽键未被破坏，仍可与双缩脲试剂发生紫色反应，B正确； C、环状八肽由8个氨基酸脱水缩合形成，脱去8个水分子并形成8个肽键，链状八肽脱7个水，C错误； D、环状八肽相对分子质量=氨基酸数×平均分子量-脱去水数×18=8×128-8×18=880，而非898，D错误。 故选B。 33．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）（多选）近期科学家发现了组成人体蛋白质的第21种氨基酸-硒代半胱氨酸，其化学式为C3H7NO2Se,在人体中硒含量很少，合成硒代半胱氨酸的原料需不断从食物中获取。下列说法错误的是（    ） A．硒代半胱氨酸是必需氨基酸，该氨基酸的R基团为-CH3Se B．硒代半胱氨酸中有一个氨基和一个羧基，并连接在同一个碳原子上 C．硒代半胱氨酸在肽链中的位置改变时，相应蛋白质的功能可能发生变化 D．两个硒代半胱氨酸分子脱水缩合过程产生的H2O中的H只来源于羧基 【答案】AD 【解析】A、硒代半胱氨酸的化学式为C3H7NO2Se，根据氨基酸的结构通式可知，一个氨基酸除去R基分子式为C2H4NO2，故该氨基酸的R基团为-CH3Se，细胞内能合成，故硒代半胱氨酸是非必需氨基酸，A错误；   B、每种氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，硒代半胱氨酸的R基（-CH3Se,）没有氨基和羧基，因此硒代半胱氨酸中有一个氨基和一个羧基，氨基酸的不同在于R基，故氨基酸的基本性质与其R基团有关，B正确； C、蛋白质的结构与氨基酸的排列顺序有关，硒代半胱氨酸在肽链中的位置改变时，相应蛋白质的结构发生改变，由于结构决定功能，故硒代半胱氨酸在肽链中的位置改变时，相应蛋白质的功能会发生变化，C正确； D、根据氨基酸的脱水缩合反应，两个硒代半胱氨酸分子脱水缩合过程产生的H2O中的氢来源于羧基和氨基，D错误。 故选AD。 34．（25-26高一上·重庆八中·期中）头发中的主要蛋白质是角蛋白，它含有二硫键（—S—S—），从而使头发强韧且有弹性。烫发药剂会破坏角蛋白中的二硫键，使头发软化并改变形状，随后通过氧化剂重建二硫键从而固定发型。烫发、染发等化学处理会不可逆地破坏部分二硫键，导致头发脆化、易断。下列相关叙述错误的是（　　） A．角蛋白是一种结构蛋白，其S元素存在于氨基酸的R基中 B．与烫发前相比，烫发后角蛋白的相对分子质量可能会发生改变 C．烫发药剂与高温可分别破坏角蛋白的二硫键、肽键使蛋白质变性 D．烫发后重建的二硫键位置可能与原结构不同，导致头发形状改变 【答案】C 【解析】A、角蛋白属于结构蛋白，其S元素来源于氨基酸的R基（如半胱氨酸中的—SH），A正确； B、烫发过程中二硫键断裂（—S—S—变为—SH）会加入H原子，导致相对分子质量增加；重建时可能减少H原子，但若二硫键数量变化，总分子质量可能改变，B正确； C、高温仅破坏蛋白质的空间结构（如氢键），不破坏肽键；烫发药剂破坏二硫键，而非肽键，C错误； D、重建的二硫键位置改变会导致角蛋白空间结构变化，从而固定新发型，D正确。 故选C。 35．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）角蛋白是头发的主要成分，由2条肽链组成，含有2个二硫键（-S-S-）。烫发原理如下图。下列叙述不合理的是（    ） A．烫发过程中角蛋白的肽键没有断裂，蛋白质的空间结构没有发生改变 B．与烫发前的初始状态相比，烫发后角蛋白增加了2个H C．角蛋白的2条肽链之间可通过二硫键相互连接 D．角蛋白体现了蛋白质可以参与构成生物体的结构 【答案】A 【解析】A、烫发过程中，角蛋白的二硫键断裂又重新形成，蛋白质的空间结构发生了改变，而肽键是氨基酸之间的连接键，烫发过程中肽键没有断裂，A错误； B、烫发时，2个二硫键（-S-S-）断裂，形成4个-SH，后续又形成新的二硫键，此过程中有2个-SH未参与新二硫键形成，相当于增加了2个H，所以与烫发前相比，烫发后角蛋白增加了2个H，B正确； C、从图中及题目信息可知，角蛋白的2条肽链之间可通过二硫键相互连接，C正确； D、角蛋白是头发的主要成分，体现了蛋白质可以参与构成生物体的结构，D正确。 故选A。 36．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）肌红蛋白是哺乳动物肌肉细胞中储氧的蛋白质，是一条由153个氨基酸组成的肽链盘绕一个含 Fe的血红素辅基形成的。下列有关肌红蛋白的叙述，不合理的是（    ） A．进食牛羊肉，可获得必需氨基酸和微量元素 B．肌红蛋白的元素组成与血红蛋白类似，但空间结构更简单 C．Fe是肌红蛋白的基本组成单位 D．血液中检测到肌红蛋白数值异常增高，可能存在肌肉受损或细胞破裂 【答案】C 【解析】A、牛羊肉中的蛋白质含有必需氨基酸（人体不能合成的氨基酸），且血红素中的Fe属于微量元素，通过进食可获取，A正确； B、肌红蛋白和血红蛋白均含有C、H、O、N、Fe，但血红蛋白由4条肽链构成，空间结构更复杂，而肌红蛋白为单链，结构更简单，B正确； C、肌红蛋白的基本组成单位是氨基酸，Fe是血红素辅基的组成元素，并非基本单位，C错误； D、肌红蛋白存在于肌肉细胞中，若血液中含量异常增高，可能是肌细胞破裂（如肌肉损伤）导致其释放，D正确。 故选C。 37．（25-26高一上·重庆长寿中学校·期中）LAR 是一种由类芽孢杆菌属细菌产生的“套索”状多肽抗生素（如图），由 18 个氨基酸组成。下列相关叙述错误的是（　　）    A．合成 1 个 LAR 分子需脱去 18 个 B．LAR 合成后，需要高尔基体的修饰 C．LAR 合成过程中，逐渐延伸的是 C 端 D．LAR 的功能与其“套索”结构密切相关 【答案】B 【解析】A、多肽由氨基酸通过脱水缩合形成，若为环肽（“套索” 结构暗示存在环化），则脱水数 = 氨基酸数。LAR 由18个氨基酸组成，若形成环肽，合成1个LAR分子需脱去18个H2O，A正确； B、LAR由类芽孢杆菌属细菌（原核生物）产生，原核生物仅含核糖体，无高尔基体等复杂细胞器。因此，LAR 合成后不需要高尔基体的修饰，B错误； C、多肽合成时，核糖体沿mRNA从N 端向C端延伸肽链，因此LAR合成过程中逐渐延伸的是C端，C正确； D、蛋白质的结构决定功能，LAR的 “套索” 结构是其特定空间结构，与其功能（作为抗生素）密切相关，D正确。 故选B。 38．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）某三十九肽中含有4个丙氨酸（C3H7O2N），现用水解的方法脱去全部的丙氨酸，得到4条长短不等的肽（如下图），与原本的三十九肽相比，这4条肽链中相关结构的数量变化，判断正确的是（　　） A．肽键数目减少7个 B．游离的氨基数增加4个 C．C原子数目减少11个 D．O原子数目不变 【答案】A 【解析】A、去掉第8位、第18位、第27位的丙氨酸时，各需要断开两个肽键，而去掉第39位丙氨酸，要断开1个肽键，因此形成的4条多肽与原三十九肽相比肽键数目共减少3×2+1=7个，A正确； B、该三十九肽去除4个丙氨酸后将导致7个肽键断裂，所得产物（4条短肽和4个丙氨酸）共增加7个氨基和7个羧基，而每个丙氨酸含有1个氨基和1个羧基，故形成的4条多肽与原三十九肽相比，氨基和羧基分别增加3个，B错误； C、水解掉的4个丙氨酸带走3×4=12个C原子，因此C原子数目减少12个，C错误； D、根据丙氨酸的位置可知去除4个丙氨酸后将导致7个肽键断裂，即水解需要7个水分子，产物增加7个O原子，同时脱去了4个丙氨酸（每个丙氨酸含有2个O原子），所以形成的4条多肽与原三十九肽相比，O原子数目减少1个，D错误。 故选A。 39．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）某肽链的骨架为“N1-C2-C3-N4-C5-C6-N7-C8-C9-N10-C11-C12-N13-C14-C15”。下列分析不正确的是（    ） A．该肽链至少含有6个氧原子 B．完整的“- C15”应表示成“-COOH” C．该肽链中含有3个肽键 D．与N4相连的还有“-H” 【答案】C 【解析】A、每个氨基酸的羧基含2个氧，形成肽键时脱去1个氧，最后一个氨基酸的羧基含有2个氧。若有5个氨基酸（对应5个N），总氧原子数为5+1=6，A正确； B、肽链末端的C15为羧基末端，完整结构应为“-COOH”，B正确； C、题干中肽链骨架含N1、N4、N7、N10、N13共5个氨基，说明由5个氨基酸组成，肽键数=氨基酸数-1=4个，C错误； D、肽键中的N原子（如N4）连接1个H原子，因此与N4相连的还有“-H”，D正确。 故选C。 40．（25-26高一上·重庆名校联盟·期中）经测定，某多肽分子式是C21HxOyN4S2，其中含有一个二硫键（—S—S—）。二硫键的形成过程为—SH+—SH→—S—S—+2H。已知该多肽是由下列氨基酸中的几种作为原料合成的：苯丙氨酸（C9H11O2N）、天冬氨酸（C4H7O4N）、丙氨酸（C3H7O2N）、亮氨酸（C6H13O2N）、半胱氨酸（C3H7O2NS）。下列有关该多肽的叙述，正确的是（    ） A．该多肽有4个N原子，说明有4个肽键，称为五肽 B．该多肽中H原子数和O原子数分别是30和5 C．该多肽水解后产生的氨基酸分别是半胱氨酸、丙氨酸和亮氨酸 D．该多肽在形成过程中相对分子质量减少了54 【答案】B 【解析】A、该多肽有4个N原子，因为每种氨基酸都只含1个N原子，所以该多肽由4个氨基酸组成，称为四肽，含有3个肽键，A错误； B、分析题干信息，在苯丙氨酸（C9H11O2N）、天冬氨酸（C4H7O4N）、丙氨酸（C3H7O2N）、亮氨酸（C6H13O2N）、半胱氨酸（C3H7O2NS）中，每分子均含1个N原子，只有半胱氨酸含有1个S原子，若分子式是C21HxOyN4S2的多肽为以上几种氨基酸中的几种合成的，根据N原子数量可知，该多肽由4个氨基酸组成，根据S原子可知该多肽中含有2个半胱氨酸，根据C原子守恒，半胱氨酸含有3个C，所以另两个氨基酸共含有C原子个数为21-3×2=15个，可知为苯丙氨酸和亮氨酸，该多肽由2个半胱氨酸、1个苯丙氨酸和1个亮氨酸经脱水缩合反应失去3分子水和一个氢分子形成，该多肽中H原子数=2×7+11+13-3×2-2=30个、O原子数=2×2+2+2-3=5个，B正确； C、该多肽水解后产生的氨基酸是2个半胱氨酸、1个苯丙氨酸、1个亮氨酸，C错误； D、该多肽形成过程中，脱去3分子水（相对分子质量减少3×18=54），同时形成一个二硫键脱去2个H（相对分子质量减少2），所以相对分子质量总共减少54+2=56，D错误。 故选B。 41．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）若蛋白酶1作用于苯丙氨酸（C₉H₁₁NO₂）两侧的肽键，蛋白酶2作用于赖氨酸（C6H14N2O2）氨基端的肽键，某四十九肽经酶1和酶2作用后的情况如图，图中数字表明对应的氨基酸序号。下面说法不合理的是（    ） A．17号、31号和32号的氨基酸均为苯丙氨酸 B．短肽A、B、C比四十九肽的氧原子数少1个 C．苯丙氨酸的R基为-C₇H₇， 赖氨酸的 R 基为-C₄H₁₀N D．该四十九肽含有第22、49号位两个赖氨酸 【答案】D 【解析】A、因为蛋白酶1作用于苯丙氨酸两侧的肽键，从图中酶1作用后的肽段可知，17号、31号、32号为苯丙氨酸，A正确； B、短肽A、B、C的形成过程中，每断开一个肽键需要1分子水，而增加1个氧原子，现在形成这三个短肽断开了5个肽键，应增加5个氧原子，但苯丙氨酸含有2个氧原子，去掉3个苯丙氨酸，共去掉6个氧原子，所以短肽A、B、C比四十九肽的氧原子数少1个，B正确； C、氨基酸的分子式为C2H4NO2R，苯丙氨酸分子式为C9H11NO2，赖氨酸分子式为C6H14N2O2，可推出苯丙氨酸的R基为-C7H7，赖氨酸的R基为-C4H10N，C正确； D、由于蛋白酶2作用于赖氨酸氨基端的肽键，由图中酶2作用后的肽段可知，该四十九肽含有第22、23、49号位三个赖氨酸，而不是两个，D错误。 故选D。 42．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）牛胰核糖核酸酶A（RNaseA）由124个氨基酸脱水缩合形成的一条肽链构成，在特定条件下其空间结构能够发生如下图所示变化。下列叙述不合理的是（    ） A．构成牛胰核糖核酸酶的氨基酸中，有的含有C、H、O、N、S元素 B．用巯基乙醇和尿素处理RNaseA后，RNaseA仍可以与双缩脲试剂产生紫色反应 C．RNaseA用巯基乙醇和尿素处理后的结构变化是不可逆的 D．RNaseA 至少含有 125个氧原子 【答案】C 【解析】A、牛胰核糖核酸酶A（RNaseA）由124个氨基酸脱水缩合形成的一条肽链构成，其基本单位氨基酸中，有的含有C、H、O、N、S等元素，A正确； B、用巯基乙醇和尿素处理RNaseA后，RNaseA仍然含有肽键，可以与双缩脲试剂产生紫色反应，B正确； C、据图可知，通过去除尿素和β-巯基乙醇，在空气中氧化，RNaseA可以恢复活性，说明牛胰核糖核酸酶用巯基乙醇和尿素处理后的结构变化是可逆的，C错误； D、RNaseA由124个氨基酸脱水缩合形成一条肽链，肽键数=氨基酸数-1=124-1=123个，每个肽键含1个O原子，每条肽链至少有1个游离的羧基（含2个O原子），所以氧原子数至少为123+2=125个，D正确。 故选C。 43．（25-26高一上·重庆巴南·期中）肉毒杆菌产生的肉毒类毒素是一种致病性极高的神经麻痹毒素，该物质是由两条链盘曲折叠而成的一种生物大分子，下图是肉毒类毒素的局部结构简式。回答下列问题： （1）上图所示的片段，是由________个肽键，________种氨基酸组成的；从左向右数，第三个氨基酸不同于其他氨基酸的基团是________（填化学式）。 （45）1g肉毒类毒素可毒死20亿只小鼠，但煮沸1min或75℃下加热5~10min，就能使其完全丧失活性，高温可使肉毒类毒素失活的主要原理是________。 （3）肉毒类毒素可用________试剂鉴定，在煮沸后的肉毒类毒素溶液（无色）中加入该试剂，其溶液颜色将变为________。 （4）蛋白质的功能多样，除了构成细胞和生物体的重要物质、催化作用外，还有________、________、________等功能。 【答案】（1） 4/四 5/五 -CH3 （2）高温使蛋白质空间结构遭到破坏 （3） 双缩脲 紫色 （4） 调节 运输 免疫 【解析】由题图可知，图示的局部结构简式中含有4个肽键，5个氨基酸残基，且这5个氨基酸残基的R基依次是-CH2-C6H4OH、-H、-CH1、-CH2-C6H5、-CH2-CH（CH3）2。 （1）上图所示的片段中，共有4个肽键。组成该片段的5个氨基酸的R基分别为-CH2-C6H4OH、-H、-CH3、-CH2-C6H5、-CH2-CH（CH3）2，故该片段由5种氨基酸组成；从左向右数，第三个氨基酸不同于其他氨基酸的基团是R基，即-CH3。 （2）高温会使肉毒类毒素的空间结构遭到破坏，从而使肉毒类毒素失活。 （3）肉毒类毒素的化学本质是蛋白质，可用双缩脲试剂鉴定。肉毒类毒素煮沸后空间结构虽遭到破坏，但肽键并没有断裂，因此在煮沸后的肉毒类毒素溶液（无色）中加入双缩脲试剂，其溶液颜色将变为紫色。 （4）蛋白质除了构成细胞和生物体的重要物质、催化作用外，还有调节、运输、免疫等多种功能。 44．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）胰岛素是由胰岛B细胞分泌的一种激素。在核糖体上合成的是一条由110个氨基酸形成的单链多肽，称前胰岛素原，是胰岛素的前身，在它的氨基端比胰岛素原多一段肽链，称为信号肽。信号肽引导新生多肽链进入内质网腔后，立即被酶切除，剩余的多肽链折叠成含3个二硫键的胰岛素原。后者进入高尔基体，在酶的催化下除去一段连接胰岛素A链和B链的连接肽（C肽），转变为成熟的胰岛素（A链有21个氨基酸，B链有30个氨基酸），成熟的胰岛素和C肽会一起进入分泌小泡并分泌到血液中。 （1）胰岛素属于一种蛋白质，构成胰岛素的元素有_____。 （2）氨基酸形成前胰岛素原的结合方式是_____，前胰岛素原切除信号肽及C肽产生一分子胰岛素，该过程至少需要消耗_____分子水；一分子该胰岛素的肽键有_____个。已知成熟的胰岛素中有5个游离的羧基，那么该胰岛素完全水解得到的氨基酸中有_____个羧基。 （3）在胰岛素的作用下，血液中多余的葡萄糖可以合成糖原储存起来，也可以转变成脂肪和某些氨基酸，这说明蛋白质具有_____的功能。 （4）对于接受胰岛素治疗的患者，由于体内同时存在外源注射的胰岛素以及自身胰岛细胞分泌的胰岛素，直接测定血中胰岛素水平并不能很好地评价自身胰岛功能，请你结合题干资料，提出一种可能的检测指标或者方法_____。 【答案】（1）C、H、O、N、S （2） 脱水缩合 3（或三） 49 54 （3）调节机体的生命活动 （4）检测血液中C肽的含量 【解析】1、氨基酸在核糖体中通过脱水缩合形成多肽链，而脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基和另一个氨基酸分子的氨基相连接，脱去一分子水后形成肽键将两个氨基酸连接起来的过程； 2、氨基酸形成多肽过程中的相关计算：肽键数=脱去水分子数=氨基酸数-肽链数，蛋白质的相对分子质量=氨基酸数目×氨基酸平均相对分子质量-脱去水分子数×18。 【解析】（1）胰岛素是蛋白质，基本组成元素为 C、H、O、N，题干明确胰岛素含3个二硫键（-S-S-），故还含S元素，所以组成元素为 C、H、O、N、S。 （2）氨基酸形成前胰岛素原的结合方式是脱水缩合；肽链在内质网中经酶切割掉氨基端一段短肽后成为胰岛素原，该过程中切断一个肽键，需要一分子水；进入高尔基体的胰岛素原经酶催化去除中间片段（C肽），该过程中切断C肽前后2个肽键，需要2分子水，因此，1分子前胰岛素原在产生一分子胰岛素过程中共消耗3分子水； 成熟的胰岛素共有两条链，共有51个氨基酸形成，因此该胰岛素的肽键有51-2=49个肽键； 除两条链的一端有游离的羧基，还有3个羧基在R基上，故组成胰岛素的氨基酸中共有三个氨基酸的R基含有羧基； 依据题干信息，胰岛素的两条链共有51个氨基酸，每个氨基酸至少有一个羧基，加上3个R基中的羧基，共有54个羧基。 （3）在胰岛素的作用下，血液中多余的葡萄糖可以合成糖原储存起来，也可以转变成脂肪和某些氨基酸，这说明蛋白质具有调节机体生命活动的功能。 （4）成熟胰岛素和C肽一起进入分泌小泡并分泌到血液中，且C肽是自身胰岛细胞分泌的胰岛素原水解产物，外源注射的胰岛素不含C肽。通过检测C肽含量，可反映自身胰岛细胞分泌胰岛素的能力（C 肽与自身胰岛素的分泌量呈正相关），故检测指标为血液中C肽的含量。 45．（25-26高一上·重庆渝东九校·期中）2024年诺贝尔化学奖授予美国两位科学家，以表彰他们在蛋白质设计和蛋白质结构预测领域作出的贡献。图甲是人血红蛋白结构示意图，血红蛋白由2条 α 链（每条链由141个氨基酸组成）、2条 β 链（每条链由146个氨基酸组成）和血红素构成，图乙是其部分氨基酸序列结构示意图，据图回答有关问题： （1）组成血红蛋白的化学元素至少包含___________。 （2）图乙所示的片段，由____种氨基酸组成，它们的结构通式为__________；其中，人体细胞可以合成的属于__________氨基酸。 （3）一分子血红蛋白至少含有______个氨基和______个羧基，在血红蛋白形成过程中需脱去______个水分子。 （4）科学家在设计蛋白质时，需要考虑___________________________（至少答2点）对蛋白质结构多样性的影响。 【答案】（1）C、H、O、N、Fe （2） 5 非必需 （3） 4 4 570 （4）氨基酸的种类、数目、排列顺序，肽链的盘曲折叠方式及其形成的空间结构千差万别 【解析】氨基酸通过脱水缩合形成多肽，多肽通常呈链状结构，称为肽链；肽链通过盘曲、折叠形成有一定空间结构的蛋白质分子。蛋白质结构的多样性决定了蛋白质功能的多样性。 （1）血红蛋白属于蛋白质，基本元素为C、H、O、N，还含有Fe元素用于运输氧气。 （2）根据图乙中氨基酸的R基差异，可判断出有5种不同的氨基酸。所有氨基酸都包含一个氨基-NH2、一个羧基-COOH、一个氢原子H和一个侧链基团（R基），这四个部分都连接在同一个中心碳原子上，这是氨基酸最关键的。人体细胞可以合成的氨基酸属于非必需氨基酸，必需氨基酸需从食物中获取。 （3）血红蛋白由2条α链和2条β链组成，每条肽链至少有1个氨基，因此至少有2+2=4个氨基。脱水数=氨基酸总数-肽链数，氨基酸总数为2×141 + 2×146 = 574，肽链数为4，因此脱水数=574 - 4 = 570。 （4）蛋白质结构多样性的原因是氨基酸种类不同；氨基酸数目不同；氨基酸排列顺序不同；肽链的盘曲、折叠方式及其形成的空间结构不同。所以需要考虑氨基酸的种类、数目、排列顺序以及肽链的盘曲、折叠方式及其形成的空间结构，对蛋白质结构多样性的影响。 46．（25-26高一上·重庆九校联盟·期中）如图甲表示某蛋白质的肽链结构示意图，其中数字表示氨基酸序号，虚线表示脱去2个H形成的二硫键，如图乙表示该肽链的部分放大图，请据图回答下列问题：    （1）该蛋白质的肽链是由______个氨基酸脱去______分子水缩合而成的。 （2）蛋白质结构的多样性与______有关。 （3）图乙所示结构中含有的R基是______（填数字）。氨基酸的结构通式是______，氨基酸的结构特点是______。 （4）图乙中①表示______（写出基团的中文名称）。从图乙可推知该蛋白质至少含有______个游离的羧基。 （5）该蛋白质的相对分子质量比组成它的氨基酸的相对分子质量之和少______。 【答案】（1） 124 123 （2）氨基酸的种类、数目、排列顺序和蛋白质的空间结构 （3） ②④⑥⑧    至少都含有一个氨基和一个羧基，且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上 （4）   氨基 3 （5）2220 【解析】图甲为某蛋白质的肽链结构示意图，该蛋白质含有1条肽链，由124个氨基酸组成且有3个二硫键；图乙为图甲中的部分肽链放大示意图，②、④、⑥、⑧表示R基（依次是-CH2-NH1、-CH3、-CH2-COOH、-CH2-COOH），③⑤⑦表示肽键。 （1）通过甲图可以得知，该蛋白质是由124个氨基酸组成，只含有1条肽链，脱水数-=基酸数-肽链数=124-1=123个，氨基酸通过脱水缩合反应形成肽链，因此该蛋白质的肽链是由124个氨基酸脱去123个水分子而成的，这种反应叫脱水缩合。 （2）组成蛋白质的基本单位为氨基酸，蛋白质结构的多样性与氨基酸的种类、数目、排列顺序和蛋白质的空间结构有关。 （3） 该蛋白质的局部结构中含有4个氨基酸，其R基是②④⑥⑧；每种氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上，这个碳原子还连接一个氢和一个R基，因此组成蛋白质的氨基酸的结构通式为：  。 （4）图乙中①表示游离的氨基（-NH2）； 图乙肽链中的R基上共含有1个肽键和2个羧基，该蛋白质含有1条肽链，故该蛋白质至少含有3个游离的羧基和2个游离的氨基。 （5） 该蛋白质形成时共失去水分子数=氨基酸数-肽链数=124-1=123个，从甲图中可以看出形成了3个二硫键，每形成一个二硫键失去2个H。因而形成该蛋白质形成共减少了=123×18+3×2=2220。 47．（25-26高一上·重庆名校联盟·期中）蛋白质是生命活动的主要承担者，其结构复杂、种类众多、功能各异，请回答下列蛋白质相关问题： （1）胰岛素是由胰岛B细胞分泌的一种激素，它能促进某组织细胞摄取、利用和储存葡萄糖，其结构及作用机理如图所示（A链有21个氨基酸，B链有30个氨基酸）。 ①构成胰岛素的元素至少有______，氨基酸的结构通式为_______。 ②已知成熟的胰岛素中有7个游离的氨基，那么组成胰岛素的氨基酸的R基中有______个氨基。 ③图2示过程能体现的蛋白质功能包括______。 （2）牛胰核糖核酸酶（RNaseA）是一种由124个氨基酸组成的蛋白质，可催化RNA的水解。RNaseA是用于研究蛋白质折叠的常用物质，尿素及β-巯基乙醇可作用RNaseA，过程如图所示 据图3分析：加入尿素和β-巯基乙醇后因破坏该酶的__________键而使该酶失去活性（变性）。透析去除尿素及β-巯基乙醇获得的产物不一定具有生物活性，可能的原因是______。据图3推测RNaseA常被用来研究蛋白质折叠的原因是________。 【答案】（1） C、H、O、N、S 5/五 信息传递（调节）、运输、催化 （2） 氢键、二硫键 未形成原有位点配对的二硫键（未形成原有的空间结构） 空间结构被破坏后易恢复（变性后易复性） 【解析】1、氨基酸在核糖体中通过脱水缩合形成多肽链，而脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基（-COOH ）和另一个氨基酸分子的氨基（-NH2）相连接，同时脱出一分子水的过程；连接两个氨基酸的化学键是肽键；氨基酸形成多肽过程中的相关计算：肽键数=脱去水分子数=氨基酸数一肽链数，游离氨基或羧基数=肽链数+R基中含有的氨基或羧基数，至少含有的游离氨基或羧基数=肽链数。 2、蛋白质结构多样性的直接原因：构成蛋白质的氨基酸的种类、数目、排列顺序和肽链的空间结构千差万别。 【解析】（1）①胰岛素的化学本质时蛋白质，蛋白质的主要组成元素为C、H、O、N，由图1可知，胰岛素中还含有S，因此构成胰岛素的元素至少有C．H．O．N．S，氨基酸的结构简式为。 ②由图1可知，胰岛素由两条链组成，则其主链上有2个游离的氨基和羧基，成熟的胰岛素中有7个游离的氨基，则组成胰岛素的氨基酸的R基中有5个氨基。 ③图2中胰岛素、胰岛素受体、葡萄糖转运蛋白、糖原合酶等的化学本质都是蛋白质，胰岛素和受体结合体现蛋白质具有信息传递（调节）功能，葡萄糖转运蛋白体现了运输功能，糖原合酶体现了催化功能。 （2）由图可知，加入尿素和β-巯基乙醇后因破坏该酶的氢键和二硫键（-SH重新出现），导致酶失活（变性）。透析去除尿素及β-巯基乙醇获得的产物不一定具有生物活性，可能的原因有未形成原有位点配对的二硫键（未形成原有的空间结构）。据图3推测RNaseA常被用来研究蛋白质折叠的原因是空间结构被破坏后易恢复（变性后易复性）。 48．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）鲫鱼是一种高蛋白、低脂肪、肉质鲜美的食用鱼类。为使鲫鱼肉在蒸煮过程中保持良好的品质和营养价值，研究者通过实验探寻了合适的热加工条件。下图1、2是鲫鱼某蛋白质的肽链结构示意图（图1中的数字表示氨基酸序号）及部分肽链放大示意图（图2）。请据图回答下列问题： （1）据图1，鲫鱼某蛋白质由氨基酸脱去______个水分子形成，这种结合方式叫做_______。 （2）图2中表示R基的编号为________（填序号）；③⑤⑦表示的结构称为_______。据图2推测，该肽链至少有_______个游离的羧基。 （3）鱼肉在热加工过程中，蛋白质变性后 _______（能/不能）恢复原来的状态。鱼肉在热加工过程中，会发生汁液流失导致质量减少，而鲫鱼的肌原纤维蛋白变性越快，鱼肉质地更紧密，口感更好。研究者测定了蒸煮损失率，据图3可知，你认为最合理的鲫鱼热加工条件是_______（填温度和时间）。 （4）总结蛋白质具有多样性的原因：_______________________。 【答案】（1） 123 脱水缩合 （2） ②④⑥⑧ 肽键 3 （3） 不能 90℃蒸煮6min （4）氨基酸的种类、数目、排列顺序多种多样，肽链的盘曲、折叠方式及形成的空间结构千差万别 【解析】根据题意和图示分析可知：图1为某蛋白质的肽链结构示意图，其中数字为氨基酸序号，该蛋白质是由124个氨基酸脱水缩合形成，含有一条肽链。图2为图1部分肽链的放大图，其中①是氨基，②④⑥⑧表示R基，③⑤⑦表示肽键。 （1）图1化合物由124个氨基酸脱水缩合形成，含有一条肽链，氨基酸脱水缩合形成的水分子数=氨基酸的数目－肽链的数目=124-1=123，由氨基酸形成该化合物的结合方式叫做脱水缩合。 （2）氨基酸的基本通式中R基团决定了氨基酸的种类的不同，图2中表示R基的编号为②④⑥⑧；③⑤⑦表示的结构称为肽键；由于⑥⑧中含有游离的羧基，该肽链至少含有的游离的羧基数=肽链数+R基中含有的羧基数=1+2=3个。 （3）高温会使蛋白质的空间结构改变，鱼肉在热加工过程中，蛋白质变性后不能恢复原来的状态。图3为不同温度和时间下，鱼肉蒸煮的损失率。观察图表，60℃或90℃，不同时间的鱼肉蒸煮损失率均较低，所以蒸煮温度控制在60℃或90℃较好。对比蒸煮时间，90℃蒸煮6min与60℃蒸煮15min相比，90℃蒸煮6min蒸煮损失率最低，鱼肉口感较好且汁液流失较少，故最合理的鲫鱼热加工条件是90℃蒸煮6min。 （4）在细胞内，组成蛋白质的氨基酸的种类、数目、排列顺序多种多样，肽链的盘曲、折叠方式及形成的空间结构千差万别，因此，蛋白质的分子结构极其多样。 49．（25-26高一上·重庆八中·期中）用氨基酸自动分析仪测得几种多肽化合物的氨基酸数目如表所示： 多肽化合物 氨基酸 多肽化合物 氨基酸 ① 催产素 9 ⑤ 牛胰蛋白酶 223 ② 牛加压素 9 ⑥ 人胰岛素 51 ③ 血管舒张素 9 ⑦ 抗体 660 ④ 平滑肌舒张素 10 ⑧ 人血红蛋白 574 （1）表中①②③的氨基酸数目虽相同，但其生理作用彼此不同，这是因为它们的_______不同导致结构不同。 （2）⑥的生理功能说明蛋白质具有__________作用；⑦的生理功能说明蛋白质具有_____作用，⑧的生理功能说明蛋白质具有________作用。 （3）组成上述8种化合物的单体所共有的结构通式是____________。 （4）⑧有4条肽链，由574个氨基酸分子组成，则每形成1分子⑧的过程中脱去______分子水。 （5）图中所示化合物是由______种氨基酸经_________过程形成的，该化合物中有______个羧基。 【答案】（1）氨基酸的种类、排列顺序不同 （2） 调节 免疫 运输 （3） （4）570 （5） 3/三 脱水缩合 2/二/两 【解析】氨基酸通过脱水缩合形成多肽，多肽通常呈链状结构，叫做肽链，肽链能盘曲、折叠，形成有一定空间结构的蛋白质分子。脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基和另一个氨基酸分子的氨基相连接，同时脱出一分子水。连接两个氨基酸分子的键叫肽键。肽键数＝脱去的水分子数＝氨基酸数—肽链数，蛋白质的相对分子质量＝氨基酸分子量×氨基酸数—脱去的水分子数×18。 （1）表中①②③的氨基酸数目虽相同，但氨基酸的种类、排列顺序不同，因此它们的生理作用不同。 （2）⑥胰岛素能调节血糖浓度，说明蛋白质具有调节功能；⑦免疫球蛋白（抗体）具有免疫功能，说明蛋白质具有免疫功能；⑧血红蛋白能运输氧气，说明蛋白质具有运输功能。 （3）上述8种化合物为蛋白质，其单体为氨基酸，结构通式为。 （4）⑧有4条肽链，由574个氨基酸分子组成，则每形成1分子⑧的过程中脱去574-4=570分子水。 （5）图中所示化合物具有4个R基，其中有两个氨基酸的R基团相同，因此是由4个、3种氨基酸经脱水缩合形成的。该化合物中有2个羧基。 50．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）血红蛋白由1个珠蛋白和4个血红素组成，每个珠蛋白包括4条多肽链，其中α、β链各2条，肽链由α、β珠蛋白基因编码。图1是血红蛋白的四级结构示意图，图2是图1中β链氨基端的氨基酸序列。回答下列问题： （1）图2中①的名称是_____。图2片段是由_____种氨基酸脱水缩合而成的。据两图可知一条β肽链至少含有_____个羧基。 （2）若血红蛋白分子中含有574个氨基酸，由图可知需脱去_____个水，水中的H来自_____（填基团名称）。图中肽链盘曲过程中形成了三个二硫键，则形成该蛋白质的过程中减少的分子质量为_____。 （3）蛋白质表面吸附的水构成“水膜”以保护蛋白质。强酸能破坏蛋白质表面的“水膜”使蛋白质变性，导致其空间结构变得伸展、松散，从而暴露出更多的肽键。已知双缩脲试剂中的Cu²⁺可与肽键结合，形成紫色络合物，且Cu²⁺结合的肽键越多，紫色越深。为验证盐酸能使蛋白质变性，最好选用_____（填“血红蛋白”或“豆浆”）为材料。实验分为甲、乙两组，甲组给予适量_____处理，乙组为对照组，添加_____，预测实验结果是甲组样液的紫色程度比乙组的_____（填“深”或“浅”）。 【答案】（1） 氨基 3 3 （2） 570 氨基和羧基 10266 （3） 豆浆 盐酸 等量清水 深 【解析】1、氨基酸形成多肽过程中的相关计算：肽键数=脱去水分子数=氨基酸数-肽链数，游离氨基或羧基数=肽链数+R基中含有的氨基或羧基数，至少含有的游离氨基或羧基数=肽链数，氮原子数=肽键数+肽链数+R基上的氮原子数=各氨基酸中氮原子总数，氧原子数=肽键数+2×肽链数+R基上的氧原子数=各氨基酸中氧原子总数-脱去水分子数，蛋白质的相对分子质量=氨基酸数目×氨基酸平均相对分子质量-脱去水分子数×18。 2、蛋白质结构多样性的直接原因：构成蛋白质的氨基酸的种类、数目、排列顺序和肽链的空间结构千差万别。 【解析】（1）图2左侧为β链氨基端，①标注为-NH2，是氨基。图2片段中氨基酸的R基分别为-CH2-NH2、-CH3、-CO-COOH，共3种不同R基，故由3种氨基酸脱水缩合而成。一条肽链至少含1个游离羧基（位于羧基端），图2片段中R基有2个羧基，故至少含有3个。 （2）血红蛋白含4条多肽链，氨基酸总数574个。脱水缩合时，脱去水分子数=氨基酸数-肽链数=574-4=570个。 脱水缩合是相邻氨基酸的氨基（-NH2）提供1个H，羧基（-COOH）提供1个H和1个O，故水中的H来自氨基和羧基。减少的质量包括脱去的水的质量和二硫键形成时脱去的H的质量。1个水分子质量约18，570个水质量为570×18=10260；1个二硫键（-S-S-）由2个-SH脱去2个H形成，3个二硫键脱去6个H，质量为6×1=6；总减少质量=10260+6=10266。 （3）血红蛋白本身为红色，会干扰双缩脲试剂紫色反应的观察；豆浆为白色，无颜色干扰，故选用豆浆。 实验分组：甲组为实验组，需给予盐酸处理（验证盐酸的作用）；乙组为对照组，需遵循单一变量原则，添加等量清水（排除溶剂影响）。 实验结果：盐酸使蛋白质变性，空间结构松散，暴露出更多肽键；Cu2+与肽键结合的数量增加，紫色更深，故甲组紫色程度比乙组深。 51．（25-26高一上·重庆长寿中学校·期中）“瘦素”是一种由脂肪组织分泌的蛋白质类激素，进入血液循环后会参与糖、脂肪及能量代谢的调节，促使机体减少摄食，增加能量释放，抑制脂肪细胞的合成，进而使体重减轻。其前体由167个氨基酸残基组成，N末端有21个氨基酸残基信号肽，该前体的信号肽在血液中被切掉而成为含有146氨基酸的一条成熟的“瘦素”。图表示“瘦素”的局部结构简式： （1）组成“瘦素”的氨基酸的结构特点是____，最多有____种。 （2）“瘦素”和胰岛素都是机体中的激素，都参与糖的调节，这反映了蛋白质的____功能，二者的结构不相同，原因可能是____的不同。 （3）氨基酸通过____形成“瘦素”前体，“瘦素”前体水解形成“瘦素”的过程破坏了____（填图中序号）。H₂O中的H元素的去路为____（填“氨基”或“羧基”或“氨基和羧基”）。 【答案】（1） 每个氨基酸至少含有一个氨基和一个羧基，且二者连在同一个碳原子上 21 （2） 调节 氨基酸的种类、数目、排列顺序或空间结构的不同 （3） 脱水缩合 ③⑤⑦ 氨基和羧基 【解析】氨基酸在结构上具有的特点是：每种氨基酸分子至少都含有一个氨基（—NH1）和一个羧基（—COOH），并且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上。各种氨基酸之间的区别在于R基的不同。 （1）组成“瘦素”的氨基酸的结构特点是每个氨基酸至少含有一个氨基和一个羧基，且二者连在同一个碳原子上。自然界中构成蛋白质的氨基酸共有 21种，题目中“瘦素”由146个氨基酸组成，其种类最多为21种。 （2）“瘦素”和胰岛素都是机体中的激素，都参与糖的调节，这反映了蛋白质的调节功能，二者的结构不相同，原因可能是氨基酸的种类、数目、排列顺序或空间结构的不同。 （3）氨基酸通过脱水缩合形成“瘦素”前体，“瘦素”前体水解形成“瘦素”的过程破坏了肽键，即图中的③⑤⑦。水解过程断裂肽键，需消耗水分子。水中H的来源：在脱水缩合时，H来自氨基（-NH2）和羧基（-COOH），水解时，H重新分配到氨基和羧基中。 52．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）2024年诺贝尔化学奖授予英国两位科学家，以表彰他们在蛋白质设计和蛋白质结构预测领域作出的贡献。蛋白质的研究与应用也是科研领域的重要内容。牛胰岛素和人血红蛋白是两种常见的蛋白。回答下列与蛋白质相关的问题： （1）皮下注射胰岛素是治疗糖尿病的有效手段之一，胰岛素进入机体后可与靶细胞膜上的________结合，引起靶细胞的生理活动发生变化，从而降低血糖，该过程体现了细胞膜具有_________的功能。 （2）人正常血红蛋白的空间结构呈球状，由四条肽链（2条a链，2条β链）构成，其中含有574个氨基酸，已知血红蛋白中有3个二硫键，由此可知，在血红蛋白形成过程中相对分子质量减少了__________。 （3）现有一条由 12个氨基酸组成的肽链, 分子式为 CxHyOwNzS（z>12，w>13）, 这条多肽链经过水解后的产物中有 5 种氨基酸：半胱氨酸（C₃H7O₂NS）、丙氨酸（C₃H7O₂N）、天冬氨酸（C₄H7O₄N）、赖氨酸（C₆H₁₄O₂N₂）、苯丙氨酸（C9H₁₁O₂N）。水解产物中天冬氨酸的数目是______；水解产物中赖氨酸的数目是________。 （4）某50肽中有丙氨酸（R基为——CH₃）4个，相应位置如下图，左侧是氨基端，末端氨基酸为酪氨酸，现脱掉其中的丙氨酸，得到多肽链和游离的氨基酸。 新生成的多肽链比原来50肽中肽键少______个，氧原子数比原来50肽少________个。 【答案】（1） 特异性受体 进行细胞间信息交流 （2）10266 （3） （w-13）/2 z-12 （4） 8/八 3 【解析】1、胰岛素是信号分子，作用于靶细胞时，需与靶细胞膜上的特异性受体结合。 2、氨基酸脱水缩合形成蛋白质时，脱去的水分子数=形成的肽键数=氨基酸数-肽链数。蛋白质水解时断裂一个肽键需要一个水分子，参与脱水缩合一个氨基酸的氨基与相邻氨基酸的羧基。 【解析】（1）胰岛素是一种信号分子，作用于靶细胞时，需与靶细胞膜上的特异性受体结合，从而传递信息，引起靶细胞的生理活动发生变化，这体现了细胞膜具有进行细胞间信息交流的功能 （2）血红蛋白由4条肽链构成，含574个氨基酸，脱去的水分子数为574-4=570。每形成1个二硫键，会脱去2个H，血红蛋白中有3个二硫键，脱去H的总数3×2=6。相对分子质量减少值为脱去的水分子的相对分子质量与脱去H的相对原子质量之和，即570×18+6=10266。 （3）先分析氮原子数目：一条由12个氨基酸组成的肽链，形成时脱去的水分子数是12-1=11个。设水解产物中赖氨酸的数目是x，已知赖氨酸的R基中有一个-NH2（含1个N原子），其他4种氨基酸的R基中均不含N原子。根据N原子守恒，肽链中的N原子数=氨基酸数+赖氨酸的R基中N原子数，即z=12+ x，所以x=z-12。 然后分析氧原子数目：设天冬氨酸的数目为y，天冬氨酸的R基中有一个-COOH（含2个O原子），其他氨基酸的R基中O原子数为0。根据O原子守恒，肽链中的O原子数=肽键数+2+天冬氨酸R基中O原子数，即w=11+2+2y，所以y=（w-13）/2。 （4）脱掉4个丙氨酸，需断裂8个肽键（每个丙氨酸两侧各断裂1个肽键）。每断裂1个肽键消耗1分子水，共消耗8分子水，增加O原子数为8×1=8。去掉4个丙氨酸和一个酪氨酸，减少O原子数为4×2+3=11，氧原子数比原来50肽少3个。 53．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）牛胰核糖核酸酶由一条多肽链构成，包含8个带巯基（-SH）的半胱氨酸，脱氢后形成4对二硫键（-S-S-）。形成如图所示结构时，该酶具有生物活性，并可在细胞内外发挥作用。图中圆圈表示氨基酸，数字表示氨基酸的序号，半胱氨酸缩写为“半胱”、其它氨基酸的标注略。请回答下列问题： 请回答问题： （1）在细胞中，氨基酸经______的结合方式合成该酶的多肽链，半胱氨酸的分子式为C₃H₇NO₂S，根据氨基酸的结构通式推测，其R基可表示为______。 （2）科学家发现，β-巯基乙醇可破坏该酶的二硫键，尿素可破坏其氢键。若用二者同时处理该酶，其活性丧失。若随后去除β-巯基乙醇仅保留尿素，可以重新形成二硫键，约1%左右的该酶分子可恢复活性，从二硫键重建的角度分析，可能的原因是______；若去除尿素仅保留β-巯基乙醇时，可以重新形成氢键，约90%左右的该酶分子可恢复活性，说明在维持该酶空间结构的因素中，氢键比二硫键的作用______。 （3）以上结果表明，氨基酸序列决定了蛋白质分子中氢键和二硫键的位置，进而决定其空间结构与生物活性。将未知结构的蛋白质氨基酸序列与结构已被证实的氨基酸序列进行比较，并与计算机算法结合，可进行蛋白质结构预测。 2年诺贝尔化学奖授予进行蛋白质结构相关研究的三位科学家：德米斯·哈萨比斯和约翰·江珀开发的AI模型——AlphaFold2能以超过90%的正确率依据氨基酸序列预测人类所知的2亿种蛋白质结构：大卫·贝克设计出自然界中从未存在过的蛋白质结构图，再利用计算机程序找到这一结构背后的氨基酸序列，根据这个序列制造出相应的蛋白质，获得“从头设计”蛋白质的重大突破。 请根据以上资料回答下列问题： ①如图所示蛋白质氨基酸序列和三维结构的关系。 图中能表示大卫·贝克和德米斯·哈萨比斯的研究思路的字母分别是______。 ②基于上述资料，下列表述正确的是______（多选）。 A.AlphaFold2等人工智能技术能完全取代实验技术研究蛋白质的结构 B.训练AlphaFold2所需数据库应包含蛋白质的氨基酸序列和对应的结构信息 C.人工智能预测蛋白质结构有助于深入理解蛋白质三维结构的形成机制 D.现代生物技术既可改造天然蛋白质，也可设计并获得全新蛋白质 【答案】（1） 脱水缩合 -CH2SH （2） 8个半胱氨酸形成二硫键的可能性有 7×5×3=105种，其中正确的只有1种，占1%左右（或者：8个半胱氨酸均在正确位置形成二硫键的概率低，所以只有少数酶分子能形成正确结构） 强 （3） b、a BCD 【解析】氨基酸通过脱水缩合形成多肽链，而脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基（-COOH ）和另一个氨基酸分子的氨基（-NH1）相连接，同时脱出一分子水的过程；连接两个氨基酸的化学键是肽键。 （1）细胞中，氨基酸通过脱水缩合形成多肽链。该过程中，一个氨基酸的羧基（-COOH）与另一个氨基酸的氨基（-NH2）连接，脱去一分子水，形成肽键。氨基酸的结构通式为：中心碳原子连接一个氨基（-NH2）、一个羧基（-COOH）、一个氢原子（-H）和一个 R 基。 半胱氨酸的分子式为 C₃H₇NO₂S，减去结构通式中固定部分（C₂H₄NO₂），剩余部分为-SH和1个C、1个H，即R基为-CH2SH。 （2）现有8个半胱氨酸形成二硫键，先选2个半胱氨酸形成二硫键，则形成第一个二硫键的可能性有7种可能。由此类推，形成第二个二硫键的概率为5种可能、形成第三个二硫键的概率为3种可能、形成第四个二硫键的概率为1种，则8个半胱氨酸形成二硫键的可能性有7×5×3×1=105种，其中正确的只有1种，占1%左右，因此若去除β-巯基乙醇只保留尿素时，该酶活性仅恢复到1%左右。若去除尿素只保留β-巯基乙醇时，可以重新形成氢键，该酶活性能恢复到90%左右，说明在维持该酶空间结构的因素中，氢键比二硫键的作用强。 （3）德米斯・哈萨比斯的AlphaFold2：依据氨基酸序列预测蛋白质结构，即氨基酸序列→三维结构，对应图中字母a。 大卫・贝克的从头设计：先确定目标三维结构，再推导对应的氨基酸序列，即三维结构→氨基酸序列，对应图中字母b。 A、AlphaFold2等人工智能技术可高效预测蛋白质结构，但无法完全取代实验技术，实验技术是验证预测结果和研究复杂结构的关键，A错误； B、AlphaFold2 需通过大量氨基酸序列 - 对应结构的数据训练，才能实现高准确率预测，数据库需包含这两类核心信息，B正确； C、AlphaFold2等人工智能技术预测可快速获取海量蛋白质结构，帮助研究者分析氨基酸序列与空间结构的关联，深入理解结构形成机制，C正确； D、AlphaFold2 可辅助改造天然蛋白质，大卫・贝克的研究则实现了全新蛋白质的设计与合成，D正确。 故选BCD。 54．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）数蛋白质在合成后会出现自剪接过程（如图1），一段内含肽被剪切后，两侧肽链连接起来。 （1）图1 所示过程通过形成新的______（填化学键名称）将两侧肽链连接起来，该化学键总数在反应后较反应前______（填“增加”或“减少”）______个。内含肽中①、②处对应的化学基团分别是______。 （2）研究发现多数内含肽中包含核酸内切酶的序列，为研究这段序列在蛋白质剪接过程中是否起到作用，科学家设计了A、B、C三种能够在大肠杆菌中合成的蛋白质。 其中A蛋白中含有完整的内含肽序列，B蛋白中核酸内切酶序列被无关肽序列替代，C蛋白中______完全被无关肽序列替代，三种蛋白相对分子质量大致相同。 （3）现有三种大肠杆菌菌株1、2、3，分别含A、B、C蛋白。各菌株中H段所在的蛋白质可被分离出来。对分离到的蛋白质进行肽段种类和相对分子质量的分析，结果如下表： 菌株类型 菌株1 菌株2 菌株3 肽段种类和相对分子质量 106kD，58kD 106kD，58kD 106kD 综合分析三组实验，结果表明______。 【答案】（1） 肽键 减少 1个 氨基（或-NH2）和羧基（或-COOH） （2）内含肽序列 （3）核酸内切酶序列不影响内含肽剪接 【解析】（1）分析图1，蛋白质中一段内含肽被剪切后，得到的两段肽链之间会重新形成肽键进行连接。 （2）每条肽链的一端是一个游离的氨基，另一端则是一个游离的羧基。 （1）图1 所示过程通过形成新的肽键，将两条肽链连接形成一条肽链，反应前的肽键数为氨基酸数-1，反应后的肽键数为氨基酸数-2，因此肽键总数在反应后较反应前减少1个，每条肽链末端含有一个氨基和一个羧基，所以内含肽中①、②处对应的化学基团分别是氨基（或-NH2）和羧基（或-COOH）。 （2）对比分析图2中的A、B、C三种蛋白质的结构，结合内含肽与替换的无关肽图示，可知，C蛋白中内含肽序列完全被无关序列替代。 （3）含A大肠杆菌菌株1获得的两种蛋白相对分子质量分别为106kD和58kD，结合图2中H段相对分子质量约为5kD，I段相对分子质量约为48kD，M段相对分子质量约为53kD，则H+I+M的相对分子质量的总和约为106kD，说明一部分蛋白质没有发生内含肽剪接，分子量保持106kD；H+M的相对分子质量约为58kD，说明一部分蛋白质发生内含肽剪接形成58kD蛋白，同理，综合分析三组实验结果，可知，核酸内切酶序列不影响内含肽剪接。 考点4 核酸的结构和功能 1．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）“核酸”，顾名思义，就是从细胞核中提取的具有酸性的物质，下列有关核酸的叙述正确的是（    ） A．核酸分为脱氧核糖核酸（DNA）和核糖核苷酸（RNA）两大类 B．真核细胞的DNA只分布在细胞核中，RNA只分布在细胞质中 C．具有细胞结构的生物才含有核酸 D．线粒体、叶绿体中也含有DNA 【答案】D 【解析】1、核酸是遗传信息携带者，是一切生物的遗传物质。 2、核酸 英文缩写 基本组成单位 五碳糖 含氮碱基 存在场所 结构 DNA 脱氧核糖核苷酸 脱氧核糖 A、C、G、T 主要在细胞核中，在叶绿体和线粒体中有少量存在 一般是双链结构 RNA 核糖核苷酸 核糖 A、C、G、U 主要存在细胞质中 一般是单链结构 【解析】A、根据五碳糖不同，核酸分为脱氧核糖核酸（DNA）和核糖核酸（RNA）两大类，A错误； B、真核细胞的DNA主要分布在细胞核，RNA主要分布在细胞质，B错误； C、没有细胞结构的病毒，也含所有核酸，C错误； D、真核细胞中DNA主要分布在细胞核，线粒体、叶绿体中也含有DNA，D正确。 故选D。 2．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）新型冠状病毒是一种RNA病毒。其遗传物质RNA完全水解后，得到的化学物质是（　　） A．氨基酸、葡萄糖、含氮碱基 B．氨基酸、核苷酸、葡萄糖 C．核糖、核苷酸、葡萄糖 D．核糖、含氮碱基、磷酸 【答案】D 【解析】A、氨基酸是蛋白质的组成单位，葡萄糖是单糖，RNA中不含这两种物质，A错误； B、核苷酸是RNA部分水解的产物，而题目要求完全水解，且氨基酸和葡萄糖与RNA无关，B错误； C、核苷酸是RNA部分水解的产物，核糖和含氮碱基正确，但葡萄糖不存在于RNA中，C错误； D、RNA完全水解后，核糖核苷酸分解为核糖、含氮碱基（A、U、C、G）和磷酸，D正确； 故选D。 3．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）如下图是DNA和RNA组成的结构示意图，下列有关说法正确的是（    ）    A．人体细胞中都有5种碱基和8种核糖核苷酸 B．硝化细菌的遗传物质DNA由5种碱基构成 C．某一种病毒也可同时具有上述两种核酸和5种碱基 D．DNA彻底水解得到的产物中有脱氧核糖，而没有核糖 【答案】D 【解析】A、人体成熟的红细胞无细胞核和各种细胞器，不含DNA和RNA，所以不含碱基和核苷酸，A错误； B、硝化细菌的遗传物质为DNA，由4种碱基构成，B错误； C、病毒只有一种核酸，为DNA或RNA，因此病毒只含有1种核酸和4种碱基，C错误； D、DNA所含的五碳糖是脱氧核糖，所以其彻底水解得到的产物中有脱氧核糖，而没有核糖，D正确。 故选D。 4．（25-26高一上·重庆渝东九校·期中）莽草也被叫做“野八角”，对人和动物有毒性，它与调味品中的八角外形极为相似，不易区分。科研人员可通过现代技术提取DNA进行分析并精准鉴别两种植物，其科学依据是（　　） A．两种植物的DNA的碱基种类不同 B．两种植物的DNA中脱氧核苷酸的连接方式不同 C．两种植物的DNA分布情况不同 D．两种植物的DNA的脱氧核苷酸序列存在差异 【答案】D 【解析】A、所有生物的DNA均由四种碱基（A、T、C、G）组成，碱基种类相同，A错误； B、DNA中脱氧核苷酸均通过磷酸二酯键连接，连接方式相同，B错误； C、DNA在真核细胞中主要分布于细胞核，两种植物均为真核生物，分布情况无本质差异，C错误； D、不同物种DNA的脱氧核苷酸序列（碱基排列顺序）具有特异性差异，可通过DNA测序技术精准鉴别，D正确。 故选D。 5．（25-26高一上·重庆九校联盟·期中）甲含有碱基U，乙是由核苷酸连接成的核苷酸链片段示意图，下列有关叙述错误的是（　　） A．甲中的五碳糖是核糖 B．甲可代表脱氧核苷酸 C．乙中的①和④表示磷酸基团 D．乙中③的排列顺序贮存着遗传信息 【答案】B 【解析】AB、由图可知，甲中的五碳糖为核糖，甲为尿嘧啶核糖核苷酸，A正确，B错误； CD、乙中的①和④表示磷酸基团，②为五碳糖，③为含氮碱基，③含氮碱基的排列顺序贮存着遗传信息，CD正确。 故选B。 6．（25-26高一上·重庆一中·期中）DNA条形码（细胞内一段特定的DNA序列）技术可对不同海洋贝类进行准确和快速鉴定。下列有关叙述正确的是（　　） A．海洋贝类的遗传物质主要是DNA B．DNA彻底水解后的产物是4种脱氧核苷酸 C．海洋贝类的DNA主要分布在细胞核中，少量分布在线粒体和叶绿体中 D．DNA条形码技术鉴定的依据是不同DNA的碱基排列顺序不同 【答案】D 【解析】A、海洋贝类属于真核生物，其遗传物质是DNA，而非“主要是DNA”。所有细胞生物的遗传物质均为DNA，该表述错误，A错误； B、DNA彻底水解的产物是磷酸、脱氧核糖和含氮碱基（A、T、C、G），而非脱氧核苷酸（脱氧核苷酸是DNA初步水解的产物），B错误； C、海洋贝类为动物，其细胞中无线粒体，DNA主要分布于细胞核，少量存在于线粒体中，不存在叶绿体（叶绿体为植物细胞特有），C错误； D、DNA条形码技术通过比较特定DNA片段的碱基排列顺序差异进行物种鉴定，因DNA的多样性由碱基排列顺序决定，D正确。 故选D。 7．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）DNA 指纹技术利用遗传信息的特异性，在现代刑侦工作中发挥了重要作用，下列叙述正确的是（　　） A．细胞中的DNA通常是由脱氧核苷酸连接而成的1条长链分子 B．不同生物的DNA分子中，碱基的种类和数目均存在明显差异 C．DNA指纹技术的原理体现在不同DNA 分子的脱氧核苷酸排列顺序不同 D．办案人员身体疲惫时服用核酸类保健口服液，可对自身基因进行有效修复 【答案】C 【解析】A、细胞中的DNA通常是由两条脱氧核苷酸链组成的双螺旋结构，A错误； B、不同生物的DNA分子中，碱基的种类均为腺嘌呤（A）、胸腺嘧啶（T）、胞嘧啶（C）、鸟嘌呤（G）四种，无差异，B错误； C、DNA指纹技术的原理是基于不同个体DNA分子的脱氧核苷酸排列顺序（即碱基序列）不同，导致遗传信息具有特异性，C正确； D、办案人员服用核酸类保健口服液后，核酸在消化道内被分解为核苷酸，用于核苷酸合成，但无法直接参与基因修复，D错误； 故选C。 8．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）2021 年 11 月，为防止新冠疫情出现聚集性爆发和扩散，成都市在中高风险区进行了大规模的核酸检测，传递出抗疫的力量和决心。通过检测痰液、咽拭子中病毒的核酸（RNA）即可判断人体是否感染新冠病毒，原因是新冠病毒的核酸（　　） A．可以控制生物的遗传和蛋白质的合成 B．具有特异性的核糖核苷酸排列顺序 C．是以碳链为基本骨架的生物大分子 D．是由核糖核苷酸组成的单链结构 【答案】B 【解析】A、所有生物的遗传物质都能控制生物的遗传和蛋白质的合成，据此不能进行判断，A错误； B、RNA是该病毒的遗传物质，其携带的遗传信息储存在RNA分子的核糖核苷酸序列当中，每一种生物的遗传物质都具有特异性的核苷酸序列，B正确； C、所有生物的核酸都是以碳链为基本骨架的生物大分子，据此不能进行判断，C错误； D、人体中的RNA也是由核糖核苷酸组成的单链，据此不能进行判断，D错误。 故选B。 9．（25-26高一上·重庆八中·期中）有5个核酸分子，经分析共有5种碱基、8种核苷酸、8条多核苷酸链，它的组成是（    ） A．3个RNA、2个DNA B．2个RNA、3个DNA C．5个DNA D．5个RNA 【答案】B 【解析】DNA一般为双链结构，含有四种脱氧核苷酸，含氨碱基有A、C、G、T四种；RNA分子一般为单链结构，含有四种核糖被苷酸，含氮碱基有A、C、G、U四种。 DNA分子和RNA分子中共有5种碱基，8种核苷酸，这5个核酸分子含有5种碱基，8种核苷酸，8条核苷酸长链，可见这5个核酸分子既有DNA又有RNA，DNA一般为双链结构，RNA分子一般为单链结构，因此可以得出这五个核酸分子由3个DNA分子和2个RNA分子组成，ACD错误，B正确。 故选B。 10．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）如图为两种核酸的基本组成单位。下列叙述合理的是（    ） A．核酸甲的单体3'位置的碳原子上为-H B．核酸乙一般在细胞中以单链形式存在 C．核酸甲和核酸乙彻底水解后的产物中仅五碳糖存在差异 D．生物体内核酸甲的多样性与核苷酸的种类、数量、排序及连接方式均有关 【答案】B 【解析】A、核酸甲是DNA（含有碱基A、G、C、T及脱氧核糖），其3'位置的碳原子上为-OH，A错误； B、核酸乙为RNA（含有碱基A、G、C、U及核糖），在细胞中一般是单链，B正确； C、核酸甲和核酸乙彻底水解后的产物中五碳糖、碱基均有差别，C错误； D、核酸甲（DNA）的多样性与核苷酸的数量、排序有关，不同DNA的核苷酸种类及连接方式是相同的，D错误。 故选B。 11．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）端粒是染色体末端的一段DNA片段。端粒酶由RNA和蛋白质组成，该酶在催化过程中能结合到端粒上，以自身的RNA为模板合成并延伸出端粒DNA。在正常情况下，端粒酶只在不断分裂的细胞中具有活性。下列有关端粒酶的叙述，正确的是（　　） A．仅由C、H、O、N四种元素组成 B．催化过程以4种脱氧核苷酸为原料 C．两种组成成分都在核糖体上合成 D．端粒酶在所有细胞中均有较高活性 【答案】B 【解析】A、端粒酶由RNA和蛋白质组成，RNA的组成元素是C、H、O、N、P，蛋白质的组成元素主要是C、H、O、N，所以端粒酶不是仅由C、H、O、N四种元素组成，A错误； B、端粒酶催化合成的是端粒DNA，DNA的基本组成单位是脱氧核苷酸，所以催化过程以4种脱氧核苷酸为原料，B正确； C、端粒酶的RNA成分在细胞核中合成，蛋白质成分在核糖体上合成，并非两种组成成分都在核糖体上合成，C错误； D、题干明确说明端粒酶仅在不断分裂的细胞中具有活性，而高度分化的细胞中活性较低或无活性，D错误。 故选B。 12．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）人类免疫缺陷病毒 HIV 是一种 RNA 病毒，构成该病毒的两种重要化合物的化学组成关系如下图所示，下列相关叙述中，正确的是（　　） A．图中大分子化合物 B 呈双螺旋结构 B．小分子化合物 a 的种类约 21 种，b 的种类为 8 种 C．a 与 a 之间通过 “磷酸二酯键” 连接，b 与 b 之间通过 “肽键” 连接 D．HIV 的遗传信息储存在大分子化合物 B 中，B 为生物大分子 RNA 【答案】D 【解析】A、大分子化合物B是RNA，RNA通常为单链结构，而双螺旋结构是DNA的典型结构，A错误； B、小分子化合物a（氨基酸）的种类约21种，小分子化合物b（核糖核苷酸）的种类为4种（腺嘌呤核糖核苷酸、鸟嘌呤核糖核苷酸、胞嘧啶核糖核苷酸、尿嘧啶核糖核苷酸），B错误； C、a（氨基酸）之间通过肽键连接，b（核糖核苷酸）之间通过磷酸二酯键连接，C错误； D、HIV的遗传物质是RNA（大分子化合物B），其遗传信息就储存在RNA中，D正确。 故选D。 13．（25-26高一上·重庆渝东九校·期中）2025年初甲型流感再次席卷而来，流行株以H1N1（一种RNA病毒）为主，能够侵染人体肺泡细胞。对此理解正确的是（　　） A．为研究H1N1的致病机理，可用营养物质齐全的培养基培养该病毒 B．H1N1与人体肺泡细胞的主要区别是前者无以核膜为界限的细胞核 C．H1N1的遗传物质彻底水解后产物为6种物质 D．H1N1营寄生生活，是一种自养生物 【答案】C 【解析】A、病毒无细胞结构，缺乏独立代谢能力，必须寄生在活细胞内才能增殖。培养基无法提供病毒复制所需的宿主细胞环境，因此不能用普通培养基培养病毒，A错误； B、H1N1病毒无细胞结构，而人体肺泡细胞为真核细胞，具有以核膜为界限的细胞核。但病毒与细胞的根本区别在于有无细胞结构，而非仅有无核膜，B错误； C、H1N1的遗传物质为RNA，彻底水解产物包括磷酸、核糖和4种含氮碱基（腺嘌呤、尿嘧啶、鸟嘌呤、胞嘧啶），共6种物质，C正确； D、病毒营寄生生活，属于异养生物（需从宿主获取营养），不能进行自养代谢，D错误； 故选C。 14．（25-26高一上·重庆渝东九校·期中）核酸甲和乙是某生物体内的两种核酸，这两种核酸的基本组成单位如图所示，下列叙述正确（　　） A．与5’碳原子相连的结构是磷酸，含C、H、O、N、P等元素 B．核酸甲主要分布在细胞质中，核酸乙主要分布在细胞核中 C．M与N相比，M的2’位置的碳原子上少一个氧 D．A、G、C、T参与合成的核苷酸共有4种 【答案】C 【解析】A、与5’碳原子相连的结构是磷酸，含H、O、P等元素，A错误； B、核酸甲含有碱基T，所以是DNA，核酸乙是RNA， 核酸甲DNA主要分布在细胞核中，核酸乙RNA主要分布在细胞质中，B错误； C、M（脱氧核糖）与N（核糖）相比，M的2’位置的碳原子上少一个氧，C正确； D、A、G、C、T参与合成的核苷酸共有7种，A、G、C均能构成脱氧核苷酸和核糖核苷酸，T参与构成脱氧核糖核苷酸，D错误。 故选C。 15．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）甲流是由甲型H3N2流感病毒引起的呼吸系统疾病，该病毒是一种RNA病毒，以下相关叙述错误的是（　　） A．该病毒的RNA 中大多数磷酸基团均与两个核糖相连 B．该病毒的蛋白质由其遗传物质指导病毒的核糖体合成 C．该病毒的蛋白质在盐溶液中析出时，其功能可能并未改变 D．该病毒的 RNA 彻底水解产物有核糖、磷酸和含氮碱基 【答案】B 【解析】A、在RNA分子中，磷酸基团通过磷酸二酯键连接相邻两个核糖核苷酸的核糖（即一个磷酸基团与上游核苷酸的核糖3'碳和下游核苷酸的核糖5'碳相连），因此除末端磷酸基团外，大多数磷酸基团均与两个核糖相连，A正确； B、病毒是非细胞生物，无自身核糖体。甲型H3N2流感病毒的蛋白质合成由其遗传物质（RNA）指导宿主细胞的核糖体完成，而非病毒自身的核糖体，B错误； C、蛋白质在盐溶液中析出属于盐析现象，盐析不破坏蛋白质的空间结构，因此其功能（如酶活性）可能未改变，且可通过透析恢复，C正确； D、RNA彻底水解的产物包括单糖（核糖）、磷酸和含氮碱基（如腺嘌呤、鸟嘌呤、胞嘧啶、尿嘧啶），D正确。 故选B。 16．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）下列关于核酸的叙述，正确的是（　　） A．念珠蓝细菌的核酸中碱基种类有8种 B．大豆的细胞核与细胞质中的遗传物质分别为DNA、RNA C．HIV的遗传物质为RNA，其碱基和核苷酸各有4种 D．细胞中多种多样的核苷酸是遗传信息的携带者 【答案】C 【解析】A、念珠蓝细菌是原核生物，同时含有DNA和RNA，其核酸中的碱基种类包括腺嘌呤（A）、鸟嘌呤（G）、胞嘧啶（C）、胸腺嘧啶（T）和尿嘧啶（U），共5种，不是8种，A错误； B、大豆是真核生物，细胞核中的遗传物质为DNA，细胞质中的线粒体和叶绿体（含叶绿素）的遗传物质也为DNA，RNA主要参与蛋白质合成，并非遗传物质，B错误； C、HIV是RNA病毒，遗传物质为RNA，RNA由腺嘌呤（A）、鸟嘌呤（G）、胞嘧啶（C）、尿嘧啶（U）4种碱基组成，对应4种核糖核苷酸（如腺嘌呤核糖核苷酸等），因此碱基和核苷酸各有4种，C正确； D、遗传信息的携带者是核酸（DNA或RNA），而非核苷酸，核苷酸是核酸的基本组成单位，其多样性构成核酸序列，但核苷酸本身不直接携带遗传信息，D错误。 故选C。 17．（25-26高一上·重庆名校联盟·期中）帕蒂西兰是用于治疗家族性淀粉样多发性神经病变（FAP）的小干扰RNA类药物，它由两条链构成，核苷酸链含有游离的磷酸基团端为5'端，另一端为3'端。两条链各含21个核苷酸，形成19个碱基对；每条链的3'末端含有两个悬空的未配对核苷酸。下列有关叙述正确的是（    ） A．帕蒂西兰3'末端共含2个未配对碱基 B．帕蒂西兰彻底水解得到的碱基最多有5种 C．RNA是生物大分子，不同RNA分子中核苷酸的种类、数目、排列顺序不同 D．人体细胞中储存遗传信息的核酸，含有4种含氮碱基、4种核苷酸 【答案】D 【解析】A、帕蒂西兰由两条链构成，每条链的3'末端含有两个悬空的未配对核苷酸，所以两条链的3'末端共含2×2=4个未配对碱基，A错误； B、帕蒂西兰是小干扰RNA类药物，RNA彻底水解得到的碱基有A（腺嘌呤）、U（尿嘧啶）、G（鸟嘌呤）、C（胞嘧啶），共4种，B错误； C、RNA是生物大分子，不同RNA分子中核苷酸的种类（都为核糖核苷酸，种类相同）、数目、排列顺序不同，C错误； D、人体细胞中储存遗传信息的核酸是DNA，DNA含有A、T、G、C这4种含氮碱基，4种脱氧核苷酸，D正确。 故选D。 18．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）不同生物含有的核酸种类不同。下列生物中关于碱基、核苷酸种类的描述正确的是（    ） 项目 A口腔上皮细胞 B洋葱叶肉细胞 C脊髓灰质炎病毒 D豌豆根毛细胞 碱基 5种 5种 5种 8种 核苷酸 5种 8种 8种 8种 A．A B．B C．C D．D 【答案】B 【解析】1、核酸根据五碳糖不同分为DNA和RNA，细胞结构中含有DNA和RNA两种核酸，病毒只含有DNA或RNA一种核酸； 2、DNA与RNA在组成成分上的差异：①五碳糖不同，DNA中的五碳糖是脱氧核糖，RNA中的五碳糖是核糖，②碱基不完全相同，DNA中的碱基是A、T、G、C，RNA中的碱基是A、U、G、C，根据碱基不同，DNA的基本组成单位分为四种脱氧核糖核苷酸，RNA的基本组成单位是四种核糖核苷酸。 【解析】A、口腔上皮细胞为动物细胞，含有DNA和RNA2种核酸，含有的碱基、核苷酸种类为5种、8种，A错误； B、洋葱叶肉细胞为植物细胞，含有有DNA和RNA2种核酸，含有的碱基、核苷酸种类为5种、8种，B正确； C、脊髓灰质炎病毒只含有一种核酸，含有的碱基、核苷酸种类为4种、4种，C错误； D、豌豆根毛细胞为植物，含有有DNA和RNA2种核酸，含有的碱基、核苷酸种类为5种、8种，D错误。 故选B。 【点睛】 19．（25-26高一上·重庆八中·期中）诺如病毒传染性强、传播速度快，容易引起呕吐、腹泻等症状。经检测该病毒的遗传物质中含有核糖，病毒表面被衣壳蛋白覆盖。下列关于该病毒的说法正确的是（　　） A．诺如病毒的遗传信息编码在RNA分子上 B．诺如病毒没有细胞结构，属于原核生物 C．诺如病毒的衣壳蛋白在其核糖体上合成 D．诺如病毒通过分裂产生子代病毒 【答案】A 【解析】生物病毒是一类个体微小，结构简单，只含单一核酸（DNA或RNA），必须在活细胞内寄生并以复制方式增殖的非细胞型微生物。 A、已知该病毒的遗传物质中含有核糖，而含有核糖的核酸是RNA。 病毒的遗传信息就编码在其遗传物质上，所以诺如病毒的遗传信息编码在RNA分子上，A正确； B、病毒没有细胞结构，而原核生物是具有细胞结构的，只是没有以核膜为界限的细胞核。 所以诺如病毒不属于原核生物，B错误； C、病毒没有核糖体等细胞器。 病毒的衣壳蛋白是在宿主细胞的核糖体上利用宿主细胞的原料等合成的，而不是在自身核糖体上合成，C错误； D、分裂是细胞的增殖方式，病毒没有细胞结构，不能进行分裂。 病毒是利用宿主细胞进行增殖，以复制的方式产生子代病毒，D错误。 故选A。 20．（25-26高一上·重庆八中·期中）海南黎锦是非物质文化遗产，其染料主要来源于植物。DNA条形码技术可利用DNA准确鉴定出染料植物的种类。下列有关叙述正确的是（　　） A．不同染料植物的DNA 均含有元素C、H、O、N、S B．DNA 由核糖核苷酸连接而成 C．染料植物的DNA 仅存在于细胞核中 D．DNA条形码技术鉴定染料植物的依据是不同物种的DNA 不同 【答案】D 【解析】A、DNA的基本组成元素为C、H、O、N、P，不含S元素，A错误； B、DNA的基本单位是脱氧核糖核苷酸，而核糖核苷酸是RNA的组成单位，B错误； C、植物细胞的DNA主要存在于细胞核，但线粒体和叶绿体中也含有少量DNA，C错误； D、DNA条形码技术通过分析不同物种DNA的特异性序列差异来鉴定物种，D正确。 故选D。 21．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）新型冠状病毒是一种RNA病毒，目前通常采用核酸检测，即查找患者的呼吸道标本、血液或粪便中是否存在外来入侵病毒的核酸，从而确定是否被新冠病毒感染。因此一旦检测为核酸“阳性”，即可证明患者体内有病毒存在。下列说法正确的是（    ） A．该病毒含有5种碱基 B．该病毒的核酸彻底水解得到4种脱氧核苷酸 C．该病毒的核酸中不含糖 D．核苷酸排列顺序的特异性是核酸检测的依据 【答案】D 【解析】1.核酸是遗传信息的携带者，是一切生物的遗传物质，在生物体的遗传、变异和蛋白质的生物合成中具有重要作用，细胞中的核酸根据所含五碳糖的不同分为DNA（脱氧核糖核酸）和RNA（核糖核酸）两种，构成DNA与RNA的基本单位分别是脱氧核苷酸和核糖核苷酸，每个脱氧核苷酸分子是由一分子磷酸、一分子脱氧核糖糖和一分子含氮碱基形成，每个核糖核苷酸分子是由一分子磷酸、一分子核糖和一分子含氮碱基形成。 2.脱氧核苷酸和核糖核苷酸在组成上的差异有： ①五碳糖不同，脱氧核苷酸中的五碳糖是脱氧核糖，核糖核苷酸中的五碳糖是核糖； ②碱基不完全相同，脱氧核苷酸中的碱基是A、T、G、C，核糖核苷酸中的碱基是A、U、G、C。 【解析】A、新型冠状病毒是一种RNA病毒，其遗传物质是RNA，其中含有四种碱基，A错误； B、新型冠状病毒中含有的核酸是RNA，该病毒的核酸彻底水解得到6种产物，分别是核糖、磷酸和四种碱基，B错误； C、该病毒的核酸是RNA，其中含有的糖是核糖，C错误； D、核酸的特异性表现在各种核酸中核苷酸的排列顺序不同，是核酸检测的依据，D正确。 故选D。 【点睛】 22．（25-26高一上·重庆长寿中学校·期中）帕蒂西兰是用于治疗家族性淀粉样多发性神经病变（FAP）的小干扰RNA类药物，它由两条链构成，核苷酸链含有游离的磷酸基团端为5'端，另一端为3'端。两条链各含21个核苷酸，形成19个碱基对；每条链的3'末端含有两个悬空的未配对核苷酸。下列有关叙述正确的是（　　） A．帕蒂西兰3'末端共含2个未配对碱基 B．帕蒂西兰彻底水解得到的碱基最多有5种 C．人体细胞中含有RNA，但RNA不是人的遗传物质 D．帕蒂西兰既可用于治疗FAP，又是遗传信息的载体 【答案】C 【解析】 A、根据题干，每条链的 3' 末端含有2 个未配对核苷酸，而药物由两条链构成，因此 3' 末端未配对碱基总数应为 2×2=4 个，A错误； B、帕蒂西兰是小干扰RNA类药物，RNA彻底水解得到的碱基是A（腺嘌呤）、U（尿嘧啶）、C（胞嘧啶）、G（鸟嘌呤），共4种，B错误； C、人体细胞中含有DNA和RNA，但只有DNA是遗传物质，RNA主要承担催化、传递遗传信息等功能，并非遗传物质，C正确； D、遗传信息的载体是 DNA，帕蒂西兰是RNA类药物，可用于治疗FAP，但不是遗传信息的载体，D错误。 故选C。 23．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）如图甲是组成乙或丙的基本单位（单体），下列相关叙述错误的是（    ） A．若甲中的m是T，则甲是乙的组成单位 B．乙彻底水解的产物有6种 C．人的神经细胞中含有甲的种类是8种 D．丙的结构比乙的结构更稳定 【答案】D 【解析】A、T（胸腺嘧啶）是DNA特有的碱基，若甲中的m是T，则甲是脱氧核苷酸，是DNA（乙）的组成单位，A正确； B、乙是DNA，彻底水解的产物是磷酸、脱氧核糖、4种含氮碱基（A、T、G、C），共6种，B正确； C、人的神经细胞中含有DNA和RNA，DNA的基本单位是4种脱氧核苷酸，RNA的基本单位是4种核糖核苷酸，所以含有甲（核苷酸）的种类是8种，C正确； D、乙是DNA（双螺旋结构），丙是RNA（单链结构），DNA的双螺旋结构比RNA的单链结构更稳定，D错误。 故选D。 24．（25-26高一上·重庆八中·期中）甲、乙两核酸分子局部结构如图1所示，据图回答下列问题∶ （1）核酸甲的中文名称是________，最可靠的判断依据是________。 （2）图中结构1、4、5的中文名称分别是________、________、________。 （3）核酸是细胞内携带________的物质。部分病毒（如HIV、SARS等）中承担该功能的核酸种类是________。 （4）图1中共有________种碱基，有________种核苷酸。 （5）由一分子磷酸、一分子碱基和一分子化合物a构成了化合物b，如图2所示。若m为T，则由b形成的多聚体能储存大量的遗传信息，请分析什么是遗传信息∶________。 【答案】（1） 脱氧核糖核酸 核酸甲含有碱基T （2） 磷酸 腺嘌呤脱氧核苷酸 核糖 （3） 遗传信息 RNA （4） 5 7 （5）DNA中脱氧核苷酸的排列顺序蕴藏着遗传信息 【解析】题图分析：图1中核酸甲含有碱基T，为DNA链，其中1为磷酸，2为含氮碱基，3为脱氧核糖，4为（腺嘌呤）脱氧核苷酸。核酸乙含有碱基U，为RNA链，其中5为核糖；图2中a为五碳糖，b为核苷酸，m为含氮碱基。 （1）DNA与 RNA的核心区别是：DNA含胸腺嘧啶（T），RNA含尿嘧啶（U）。 图中核酸甲含有碱基T（胸腺嘧啶），因此核酸甲的中文名称是脱氧核糖核酸，判断依据是核酸甲含有碱基T。 （2）结构1：是核苷酸的组成成分之一，为磷酸（磷酸基团）。 结构4：由腺嘌呤、脱氧核糖和磷酸组成，是腺嘌呤脱氧核苷酸（DNA 的基本组成单位之一）。 结构5：核酸乙含碱基U（尿嘧啶），为RNA；RNA中的五碳糖是核糖，因此结构5是核糖。 （3）核酸是细胞内携带遗传信息的物质，能储存、传递和表达遗传信息。 HIV、SARS等病毒的遗传物质是RNA，因此这些病毒中承担 “携带遗传信息” 功能的核酸种类是RNA。 （4）碱基：核酸甲（DNA）含碱基A、T、C、G；核酸乙（RNA）含碱基A、U、G、C。因此共有5种碱基（A、T、C、G、U）。 DNA的基本单位是 4 种脱氧核苷酸（腺嘌呤脱氧核苷酸、胸腺嘧啶脱氧核苷酸、胞嘧啶脱氧核苷酸、鸟嘌呤脱氧核苷酸）；RNA的基本单位是3种核糖核苷酸（腺嘌呤核糖核苷酸、尿嘧啶核糖核苷酸、鸟嘌呤核糖核苷酸）。因此共有7 种核苷酸（4种脱氧核苷酸 + 3种核糖核苷酸）。 （5）若m为 T（胸腺嘧啶），则化合物b是胸腺嘧啶脱氧核苷酸，由b形成的多聚体是DNA。 遗传信息是指DNA中脱氧核苷酸的排列顺序（不同的排列顺序代表不同的遗传信息，可储存大量遗传信息）。 25．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）某研究小组从猪的肝细胞中提取核酸，经检测得到两种核酸分子，其碱基组成如表，图1表示某种核苷酸的结构，图2表示一条核苷酸长链的部分结构。 两种核酸分子的碱基组成 碱基占比 核酸类型 A G C T U 核酸甲 28% 22% 22% 28% 0% 核酸乙 25% 30% 25% 0% 20% 请回答下列相关问题： （1）除表所示的化合物外，生物大分子还包括______（写出两大类），构成了细胞生命大厦的基本框架。 （2）核酸甲的中文名称是______。图2中标号4的中文名称为______。 （3）图1与图2中结构6的差异是序号______（填“①”、“②”或“③”）所示的基团。图1存在于核酸______（填“甲”或“乙”）中。乳酸菌的遗传信息储存在核酸______（填“甲”或“乙”）中，SARS病毒的遗传信息贮存在核酸______（填“甲”或“乙”）中。 【答案】（1）多糖、蛋白质 （2） 脱氧核糖核酸 胞嘧啶脱氧核苷酸 （3） ③ 乙 甲 乙 【解析】核苷酸是核酸的基本组成单位。每个核酸分子是由几十个乃至上亿个核苷酸连接而成的长链。一个核苷酸是由一分子含氮的碱基、一分子五碳糖和一分子磷酸组成的。根据五碳糖的不同，可以将核苷酸分为脱氧核糖核苷酸（简称脱氧核苷酸）和核糖核苷酸。 （1）细胞内的生物大分子包括核酸、多糖、蛋白质。 （2）核酸甲含碱基 T（胸腺嘧啶）、不含 U（尿嘧啶），因此是脱氧核糖核酸（DNA）； 图 2 是核糖核苷酸链，标号 4 对应的碱基是 U（尿嘧啶），因此图 2 中标号 4 是胞嘧啶核糖核苷酸。 （3）图 1 是核糖核苷酸（含核糖），图 2 是脱氧核糖核苷酸链（含T），二者差异在③（五碳糖）：图 1 的五碳糖是核糖，图 2 是脱氧核糖； 图 1 是核糖核苷酸，存在于含RNA 中（核酸乙含 U，是 RNA）； 乳酸菌是原核生物，遗传物质是 DNA，对应核酸甲； SARS 病毒是 RNA 病毒，遗传物质是 RNA，对应核酸乙（核酸乙含 U，是 RNA）。 26．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）如图为甲、乙两核酸分子局部结构示意图，请据图回答： （1）核酸甲的中文名称是_________________，最可靠的判断依据是__________________________。 （2）图中结构4的中文名称是_____________________________。 （3）图1中共有_____________种碱基，有_____________种核苷酸。 （4）由一分子磷酸、一分子碱基和一分子化合物a构成了化合物b，如图2所示。若m为T，由b形成的多聚体能储存大量的遗传信息，遗传信息指________________________。 【答案】（1） 脱氧核糖核酸 核酸甲含有碱基T （2）腺嘌呤脱氧核苷酸 （3） 5 7 （4）DNA中脱氧核苷酸的排列顺序 【解析】核酸甲含有碱基T，为DNA链，其中1为磷酸，2为含氮碱基，3为脱氧核糖，4为（腺嘌呤）脱氧核苷酸。核酸乙含有碱基U，为RNA链，其中5为核糖。 （1）核酸甲含有碱基T，为DNA，其中文名称是脱氧核糖核酸。 （2）由于核酸甲是DNA，4的碱基是腺嘌呤，因此图中结构4的中文名称是腺嘌呤脱氧核苷酸。 （3）图1中核酸甲是DNA，核酸乙含有碱基U，乙是RNA。结合图示可知，图1中共有5种碱基，分别是A、T、C、G、U。核酸甲有4种脱氧核苷酸，核酸乙中出现了3种核糖核苷酸，因此共有7种核苷酸。 （4）若m为T，则由一分子磷酸、一分子碱基和一分子化合物a脱氧核糖构成了化合物b脱氧核苷酸形成的多聚体为DNA，DNA能储存大量的遗传信息，遗传信息指DNA中脱氧核苷酸的排列顺序。 考点5 生物大分子综合 1．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）下列元素中，构成有机物基本骨架的是（    ） A．氮 B．氢 C．氧 D．碳 【答案】D 【解析】1、大量元素：这是指含量占生物体总重量的万分之一以上的元素。例如C、H、O、N、P、S、K、Ca、Mg等。 2、微量元素：通常指植物生活所必需，但是需要量却很少的一些元素。例如 Fe、Mn、Zn、Cu、B、Mo等。微量元素在生物体内含量虽然很少，可是它是维持正常生命活动不可缺少的。 3、组成生物体的化学元素的重要作用：在组成生物体的大量元素中，C是最基本的元素；无论鲜重还是干重，C、H、O、N含量最多，这四种元素是基本元素；C、H、O、N、P、S六种元素是组成原生质的主要元素。 【解析】A、氮是组成细胞的基本元素之一，但不是构成有机物基本骨架的元素，A错误； B、氢是组成细胞的基本元素之一，但不是构成有机物基本骨架的元素，B错误； C、氧是组成细胞的基本元素之一，但不是构成有机物基本骨架的元素，C错误； D、碳链构成了生物大分子的基本骨架，因此构成生物大分子基本骨架的元素是C，D正确。 故选D。 2．（25-26高一上·重庆八中·期中）淀粉、淀粉酶（本质为蛋白质）、控制淀粉酶合成的基因（DNA片段）都是多聚体，它们的单体依次是（　　） A．氨基酸、葡萄糖、脱氧核糖 B．蔗糖、氨基酸、核糖核苷酸 C．葡萄糖、氨基酸、脱氧核苷酸 D．麦芽糖、多肽、脱氧核苷酸 【答案】C 【解析】淀粉属于多糖，其基本组成单位是葡萄糖；淀粉酶的化学本质是蛋白质，其基本组成单位是氨基酸；控制淀粉酶合成的基因的基本组成单位是脱氧核糖核苷酸，所以组成淀粉、淀粉酶、控制淀粉酶合成的基因的单体依次是葡萄糖、氨基酸、脱氧核苷酸，C正确，ABD错误。 故选C。 3．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）对细胞中某些物质的组成进行分析，可以作为鉴别真核生物的不同个体是否为同一物种的辅助手段，一般不采用的物质是（    ） A．蛋白质 B．DNA C．RNA D．核苷酸 【答案】D 【解析】核酸是遗传信息的携带者，分为DNA和RNA，核酸对于生物的遗传变异和蛋白质的生物合成具有重要作用，不同生物的核酸中的遗传信息不同，核酸的基本组成单位是核苷酸；蛋白质是由核酸控制合成的，不同生物的核酸中的遗传信息不同，控制合成的蛋白质结构不同。 蛋白质和核酸均具有特定的结构，同一物种的不同个体含有相同或相近的蛋白质或核酸，不同物种的DNA、RNA和蛋白质有较大差异；而在不同细胞中，DNA由4种脱氧核苷酸组成、RNA由4种核糖核苷酸组成，核苷酸的种类都是8种，不能作为鉴别不同个体是否为同一物种的辅助手段。综上所述，ABC不符合题意，D符合题意。 故选D。 4．（25-26高一上·重庆八中·期中）洛阳燕菜又称牡丹燕菜，是河南洛阳独具风格的传统名菜，主料有白萝卜、海参、鱿鱼、鸡肉等，其中主要的营养成分包含糖类、蛋白质等。下列叙述正确的是（　　） A．白萝卜可以促进胃肠道蠕动，原因是含有的纤维素易被人体消化吸收 B．海参中含脂肪较少，等量的脂肪比糖类氧化分解时消耗氧气少 C．鱿鱼中富含钙、磷、铁等大量元素，对骨骼发育和氧气运输有益 D．鸡肉中富含蛋白质，经消化、吸收后可用于合成人体蛋白质 【答案】D 【解析】A、纤维素属于植物细胞壁的主要成分，但人体缺乏分解纤维素的酶，无法将其消化吸收，只能促进肠道蠕动，A错误； B、脂肪的碳氢比例高于糖类，等量脂肪氧化分解时消耗的氧气更多，B错误； C、铁属于微量元素，C错误； D、鸡肉中的蛋白质经消化为氨基酸后被吸收，氨基酸可作为原料重新合成人体蛋白质，D正确。 故选D。 5．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）“糖不甩”是一种粤菜甜点，口感酥滑香甜，其做法是先把糯米粉煮熟，揉搓成粉丸，在铁锅中用滚热的糖浆煮熟，最后撒上碾碎的炒花生和切丝的煎鸡蛋。下列叙述合理的是（    ） A．“糖不甩”中含有脂肪、胆固醇等含氮有机物 B．炒花生中储存的脂肪大多含有饱和脂肪酸 C．“糖不甩”消化后产生的麦芽糖可被细胞直接吸收 D．长期过多食用“糖不甩”会导致高血糖，还可能进一步引起高血脂 【答案】D 【解析】A、脂肪由甘油和脂肪酸组成，不含氮元素；胆固醇属于固醇类，也不含氮元素，二者均不属于含氮有机物，A错误； B、花生属于植物，其脂肪中主要含不饱和脂肪酸（如油酸、亚油酸），而饱和脂肪酸多存在于动物脂肪中，B错误； C、麦芽糖为二糖，需经水解为葡萄糖后才能被细胞吸收，不能直接吸收，C错误； D、长期过量摄入糖类会导致血糖升高，多余糖分可转化为脂肪储存，导致血脂升高，D正确。 故选D。 6．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）蜂蜡和蜂蜜都是良好的保健品，蜂蜡中富含饱和脂肪酸等脂类物质，而蜂蜜的主要成分是葡萄糖和果糖。下列关于蜂蜡和蜂蜜的叙述，不合理的是（    ） A．蜂蜜的主要成分能被人体直接吸收 B．蜂蜡在室温下熔点较高，呈固态 C．蜂蜜中加入斐林试剂并水浴加热后能产生砖红色沉淀 D．与蜂蜡相比，蜂蜜中氢含量更高，所含能量更多 【答案】D 【解析】A、蜂蜜的主要成分是葡萄糖和果糖，葡萄糖和果糖属于单糖可以被人体直接吸收利用，故蜂蜜的主要成分能被人体直接吸收，A正确； B、蜂蜡中富含饱和脂肪酸等脂类物质，而饱和脂肪酸在室温下熔点较高，呈固态，故蜂蜡在室温下熔点较高，呈固态，B正确； C、蜂蜜的主要成分为葡萄糖和果糖，其均为还原糖，故蜂蜜中加入斐林试剂并水浴加热后能产生砖红色沉淀，C正确； D、蜂蜡的主要成分属于脂类物质，而蜂蜜的主要成分为糖类，脂类物质氢的含量高于糖类，糖类的氧含量高于脂类物质，故蜂蜡的主要成分与蜂蜜相比，其氢的含量高但氧的含量低，氧化分解释放的能量更多，D错误。 故选D。 7．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）图甲、乙分别为油菜种子在形成和萌发过程中可溶性糖和脂肪的变化曲线。下列分析不合理的是（    ） A．种子形成时，可溶性糖转化为脂肪，需要大量的氧元素 B．种子形成时，脂肪含量逐渐增多，说明脂肪是种子生命活动的重要能源物质 C．种子萌发时，脂肪含量逐渐减少，可能是可溶性糖更利于在种子萌发过程中供能 D．图中数据说明脂肪和可溶性糖可能相互转化 【答案】A 【解析】A、由图甲可知，油菜种子在形成过程中，可溶性糖的含量下降，脂肪含量上升，说明可溶性糖转变成脂肪，由于脂肪中氧的含量远远低于糖类，故这个过程不需要大量氧元素，A错误； B、种子形成时，可溶性糖含量下降，而脂肪含量逐渐增多，说明种子生命活动的重要能源物质是以脂肪储存，B正确； C、由图乙可知，种子萌发时，脂肪含量逐渐减少，可溶性糖增多，说明脂肪转变成可溶性糖，脂肪是重要的储能物质，其中的能量随物质转化到可溶性糖中，C正确； D、油菜种子在形成过程中，可溶性糖的含量下降，脂肪含量上升，说明可溶性糖转变成脂肪，种子萌发时，脂肪含量逐渐减少，可溶性糖增多，说明脂肪转变成可溶性糖，说明脂肪和可溶性糖可能相互转化，D正确。 故选A。 8．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）2025年我国将健康体重管理行动纳入健康中国行动。科学管理体重需注意合理膳食、适量运动等。下列叙述错误的是（　　） A．糖类可在体内转化为脂肪，长期糖摄入超标可能导致肥胖 B．食物中搭配奶制品和大豆制品等，可补充人体的必需氨基酸 C．纤维素难以被人体消化吸收，科学减重期间应减少膳食纤维的摄入 D．无机盐对维持人体细胞渗透压有重要作用，大量出汗需适量补充水和无机盐 【答案】C 【解析】A、糖类在人体内可转化为脂肪储存，长期过量摄入糖会导致脂肪堆积，引发肥胖，A正确； B、奶制品和大豆制品分别含动物蛋白和植物蛋白，搭配食用可提供全部必需氨基酸（如大豆中的赖氨酸补充谷物蛋白的不足），B正确； C、纤维素虽无法被人体消化，但能促进肠道蠕动，增加饱腹感，减少热量摄入，科学减重期间应适当摄入而非减少，C错误； D、无机盐（如Na+、K+）维持细胞渗透压，大量出汗导致水分和无机盐流失，需及时补充以维持内环境稳态，D正确。 故选C。 9．（25-26高一上·重庆巴南·期中）“小饼小葱加蘸料，烧烤灵魂三件套”，肥瘦相间的五花肉均匀地裹着孜然，在木炭的高温下，每块五花肉都被烤得滋滋冒油，又劲道又嫩。下列关于糖类和脂质的叙述正确的是（　　） A．适当补充维生素D有利于青少年骨骼发育 B．不饱和脂肪酸主要存在于肥肉中，易凝固 C．“三件套”中的多糖和五花肉中的脂肪均可作为细胞中的储能物质 D．糖原主要分布在人和动物的肝脏和肌肉中，血糖低时均可分解产生葡萄糖补充血糖 【答案】A 【解析】1、糖类是生物体的主要能源物质，大致分为单糖、二糖和多糖；二糖包括蔗糖、乳糖和麦芽糖，蔗糖由葡萄糖和果糖组成，麦芽糖是由2分子葡萄糖组成，乳糖是由葡萄糖和半乳糖组成，多糖包括淀粉、纤维素和糖原，多糖的基本组成单位都是葡萄糖；多糖和二糖只有水解形成单糖才能被细胞吸收利用。 2、脂质包括油脂（脂肪）、磷脂和固醇，固醇又分为胆固醇、性激素和维生素D。 【解析】A、维生素D能有效地促进人体肠道对钙和磷的吸收，故适当补充维生素D有利于青少年骨骼发育，A正确； B、饱和脂肪酸主要存在于肥肉中，易凝固，B错误； C、“三件套”中有植物，植物细胞壁的多糖主要有纤维素，纤维素是结构物质不是储能物质，C错误； D、糖原主要分布在人和动物的肝脏和肌肉中，血糖低时肝糖原可分解产生葡萄糖补充血糖，肌糖原不可以补充血糖浓度，D错误。 故选A。 10．（25-26高一上·重庆巴南·期中）为倡导和推进文明健康生活方式，2025年国家卫生健康委呼吁启动为期三年的“体重管理年”活动。下列说法错误的是（    ） A．日常饮食中含有的糖类和脂肪在人体中可以大量相互转化 B．肥胖症等“现代文明病”的根源在于膳食结构改变导致的体内脂肪堆积 C．必需氨基酸是人体细胞不能合成的氨基酸，需要从外界环境中获取 D．纤维素虽不能被人体消化吸收，但可加速胃肠蠕动并促进消化吸收 【答案】A 【解析】A、糖类在人体内可转化为脂肪，但脂肪分解产生的甘油可转化为糖类，脂肪酸则不能大量转化为糖类，因此两者不能“大量相互转化”，A错误； B、肥胖症等现代文明病的根源是能量摄入超过消耗，导致体内脂肪堆积，B正确； C、必需氨基酸是人体无法合成的氨基酸（如赖氨酸），必须通过食物摄取，C正确； D、纤维素虽无法被人体消化吸收，但能促进肠道蠕动，帮助消化吸收，D正确。 故选A。 11．（25-26高一上·重庆长寿中学校·期中）下列图中动植物糖类、脂质的种类的正确的是（　　） A． B． C． D． 【答案】A 【解析】A、由糖类的分类和分布可知，动植物细胞共有的糖是葡萄糖、核糖、脱氧核糖，动物细胞特有的糖是乳糖和糖原，植物细胞特有的糖是麦芽糖、蔗糖、淀粉和纤维素，A正确； B、葡萄糖和果糖是单糖，蔗糖是二糖，且蔗糖不具有还原性，B错误； C、脂肪与固醇是并列关系，二者同属于脂质，C错误； D、固醇、淀粉和纤维素均属于有机化合物，D错误。 故选A。 12．（25-26高一上·重庆西藏中学·期中）有关生物大分子的种类及组成，下列叙述错误的是（　　） A．淀粉、胰岛素、DNA都是生物大分子 B．生物大分子的形成过程都发生了脱水缩合反应 C．生物大分子都因单体的种类多样而具有结构多样性 D．生物大分子及其单体都以碳链为骨架 【答案】C 【解析】A、淀粉（多糖）、胰岛素（蛋白质）、DNA（脱氧核糖核酸）均属于生物大分子，A正确； B、生物大分子如多糖、蛋白质、核酸的形成均通过脱水缩合（如单糖间脱水、氨基酸间脱水、核苷酸间形成磷酸二酯键），B正确； C、多糖（如淀粉、纤维素）的单体均为葡萄糖，其结构多样性由单体排列方式和空间结构决定，而非单体种类多样，C错误； D、生物大分子及其单体（如葡萄糖、氨基酸、核苷酸）均以碳链为骨架，D正确。 故选C。 13．（25-26高一上·重庆渝东九校·期中）多糖、蛋白质、核酸等生物大分子是由许多单体连接而成的多聚体，如图表示有关生物大分子的简要概念图，下列叙述错误的是（　　） A．生物大分子以碳链为基本骨架 B．若B为核糖核苷酸，则C存在于所有生物体内 C．若C具有信息传递、运输、催化、免疫等功能，则B可为氨基酸 D．若B为葡萄糖，则C在植物细胞中可能为淀粉和纤维素，两者分子结构不同 【答案】B 【解析】A、碳链是构成生物大分子的基本骨架，A正确； B、B为核糖核苷酸，则C是RNA，有些病毒（DNA病毒）没有RNA，B错误； C、若C具有信息传递、运输、催化、免疫等功能，C为蛋白质，B为氨基酸，C正确； D、若B为葡萄糖，则C在植物细胞中可能为淀粉和纤维素，由于葡萄糖的连接方式不同，两者分子结构不同，D正确； 故选B。 14．（25-26高一上·重庆渝东九校·期中）花生种子富含脂肪，种子萌发初期，脂肪水解并转化为糖类，供给胚进行生长发育。花生种子中脂肪与糖类转化的过程如图所示，下列叙述错误的是（　　） A．糖类和脂肪是可以相互转化的 B．等质量的花生干种子储存的能量比玉米干种子更多 C．图中X物质表示脂肪酸，植物脂肪大多含有不饱和脂肪酸，在室温时一般呈液态 D．油料种子萌发初期，干重先增加后减少，导致种子干重增加的主要元素是C元素 【答案】D 【解析】A、糖类和脂肪是可以相互转化的，A正确； B、花生干种子富含脂肪，玉米干种子富含淀粉，脂肪与糖类相比，脂肪中H多，氧化分解产生的能量更多，因此，相同质量下花生干种子储存能量比玉米干种子更多，B正确； C、脂肪由甘油和脂肪酸组成，据图可知，图中X物质表示脂肪酸；植物脂肪大多含有不饱和脂肪酸，在室温时一般呈液态，C正确； D、脂肪与糖类相比，脂肪中H多，氧化分解耗氧多，种子萌发时，脂肪水解成脂肪酸和甘油，其脂肪酸和甘油又分别在多种酶的催化作用下，形成葡萄糖，最后转变成蔗糖，并转运至胚轴，供给胚的生长和发育，油料种子萌发初期（真叶长出之前），干重先增加后减少，导致种子干重增加的主要元素是O， D错误。 故选D。 15．（25-26高一上·重庆一中·期中）为研究运动员在不同海拔训练时，体内糖原和脂肪的供能占比（指二者提供的能量占运动员每日消耗总能量的比例）随海拔变化的规律，科研人员统计了不同海拔下二者的供能数据，并绘制如下曲线。下列叙述正确的是（　　） A．运动员体内的脂质和糖类都是重要的能源物质 B．随着海拔的升高，运动员体内的脂肪大量转化为糖原 C．在海拔4000米处训练时，运动员体内脂肪的消耗量等于糖原的消耗量 D．在高海拔地区进行训练时，运动员饮食中的脂肪比例需大于低海拔地区 【答案】D 【解析】A、糖类是重要的能源物质，脂质中的脂肪是良好的储能物质，人体中的脂质并非都作为能源物质供能，A错误； B、随着海拔升高，脂肪供能占比上升，糖原供能占比下降，是因为脂肪参与供能的比例增加，而不是大量脂肪转化为糖原的结果，B错误； C、等质量的脂肪和糖原氧化分解时，脂肪释放的能量多于糖原。在海拔4000米处，二者供能占比相同，即二者提供的能量相同，因此脂肪的消耗量应小于糖原的消耗量，C错误； D、从曲线可知，高海拔地区训练时，脂肪供能占比高。为适应机体供能需求，饮食中应增加脂肪比例，使摄入的能源物质供能特点与机体消耗相匹配，所以在高海拔地区进行训练时，饮食中的脂肪比例要大于低海拔地区，D正确。 故选D。 16．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）细胞中化合物A与化合物B生成化合物（或结构）D的过程如图所示，其中C表示二者之间的连接。下列叙述正确的是（　　） A．若A为葡萄糖，B为半乳糖，则D为动物特有的麦芽糖 B．若A、B为两条肽链，D为蛋白质，则C通常为肽键 C．若A为甘油，B为脂肪酸，则化合物D为动物特有的储能物质 D．若A为胞嘧啶脱氧核苷酸，B为鸟嘌呤脱氧核苷酸，则C可为氢键或磷酸二酯键 【答案】D 【解析】A、若A为葡萄糖，B为半乳糖，则D为动物特有的乳糖，A错误； B、若A、B为两条肽链，D为蛋白质，则C可能是二硫键，B错误； C、若A为甘油，B为脂肪酸，则D是脂肪，动物细胞、植物细胞都含有脂肪，C错误； D、若A为胞嘧啶脱氧核苷酸，B为鸟嘌呤脱氧核苷酸， DNA 分子中二者通过氢键或磷酸二酯键连接，故C为氢键或磷酸二酯键，D正确。 故选D。 17．（25-26高一上·重庆巴蜀中学·期中）以碳链为骨架的生物大分子是构成细胞生命大厦的基本框架。下列叙述正确的是（　　） A．组成生物体的糖类、蛋白质和核酸均属于生物大分子 B．生物大分子是由一种或多种小分子物质连接而成的多聚体物质 C．几丁质属于多糖，存在于甲壳类动物和昆虫的细胞壁中，可用于废水处理 D．若组成生物大分子的基本单位的种类和数量相同，则形成的为同一种物质 【答案】B 【解析】A、糖类包括单糖、二糖和多糖，其中单糖（如葡萄糖）和二糖（如蔗糖）不属于生物大分子，只有多糖（如淀粉、纤维素）是生物大分子；蛋白质和核酸属于生物大分子，但糖类并非全部属于，A错误； B、生物大分子（如多糖、蛋白质、核酸）是由一种或多种单体（小分子物质，如单糖、氨基酸、核苷酸）通过脱水缩合连接而成的多聚体，例如淀粉由葡萄糖单体聚合而成，蛋白质由多种氨基酸单体聚合而成，B正确； C、几丁质属于多糖，可用于废水处理，但主要存在于甲壳类动物和昆虫的外骨骼（如外壳）中，而非细胞壁；细胞壁是植物和真菌的结构，C错误； D、生物大分子的性质不仅取决于基本单位（单体）的种类和数量，还取决于单体的排列顺序和空间结构，D错误。 故选B。 18．（25-26高一上·重庆名校联盟·期中）生物大分子是构成生命的基础，它们的作用涵盖了生命活动的方方面面。下图为三种生物大分子的模式图，其中丙是细胞壁的重要成分。下列说法正确的是（    ） A．生物大分子的单体都以碳链为基本骨架，是因为生物大分子以碳链为基本骨架 B．甲、乙、丙都含有C、H、O，其中乙特有的元素是N，甲特有的元素是P C．若甲图中b为核糖，则d是组成RNA的基本单位之一 D．丙不能与斐林试剂发生颜色反应，但其彻底水解产物可以 【答案】D 【解析】A、生物大分子以碳链为基本骨架，但其单体的碳链是自身的结构基础，并非 “因为生物大分子以碳链为骨架”，因果关系错误，A错误； B、甲（核苷酸链）含C、H、O、N、P，乙（蛋白质）含C、H、O、N，丙（多糖）含C、H、O。N不是乙 “特有的”（甲也含N），B错误； C、若甲图中b为核糖，那么甲为核糖核苷酸链，但从结构来看，d不能构成核糖核苷酸，e是组成RNA的基本单位之一，C错误； D、丙是细胞壁的重要成分，是纤维素，属于非还原糖，不能与斐林试剂发生颜色反应，其彻底水解产物是葡萄糖，葡萄糖属于还原糖，能与斐林试剂发生颜色反应，D正确。 故选D。 19．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）（多选）如图可表示生物概念模型，下列相关叙述正确的是（　　） A．若①表示动植物共有的糖类，则②③④可分别表示核糖、脱氧核糖、葡萄糖 B．若①表示固醇，则②③④可分别表示胆固醇、性激素、维生素D C．若①表示糖类和脂肪的组成元素，则②③④可分别表示C、H、O D．若①表示人体细胞内的储能物质，则②③④可分别表示脂肪、淀粉、糖原 【答案】ABC 【解析】1.糖类一般由C、H、O三种元素组成，分为单糖、二糖和多糖，是主要的能源物质。常见的单糖有葡萄糖、果糖、半乳糖、核糖和脱氧核糖等。植物细胞中常见的二糖是蔗糖和麦芽糖，动物细胞中常见的二糖是乳糖。植物细胞中常见的多糖是纤维素和淀粉，动物细胞中常见的多糖是糖原。淀粉是植物细胞中的储能物质，糖原是动物细胞中的储能物质。 2.组成脂质的化学元素主要是C、H、O，有些脂质还含有P和N，细胞中常见的脂质有： （1）脂肪：是由脂肪酸与甘油发生反应而形成的，作用：①细胞内良好的储能物质；②保温、缓冲和减压作用。 （2）磷脂：构成膜（细胞膜、核膜、细胞器膜）结构的重要成分。 （3）固醇：维持新陈代谢和生殖起重要调节作用，包括胆固醇、性激素、维生素D等。 【解析】A、动植物共有的糖类包括葡萄糖、核糖和脱氧核糖。若①表示动植物共有的糖类，则②③④可分别表示核糖（RNA的组成成分）、脱氧核糖（DNA的组成成分）、葡萄糖，A正确； B、固醇包括胆固醇、性激素、维生素D，若①表示脂质中的固醇，则②③④可分别表示胆固醇、性激素、维生素D，B正确； C、糖类一般由C、H、O三种元素组成，组成脂肪的化学元素为C、H、O，若①表示糖类和脂肪的组成元素，则②③④可分别表示C、H、O，C正确； D、若①表示人体细胞内的储能物质，则②③④可分别表示脂肪、肝糖原、肌糖原，不可能是淀粉（植物的储能物质），D错误。 故选ABC。 20．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）玉米胚乳中含有大量淀粉，而胚芽中脂肪的含量达17%～45%，故可从玉米种子中提炼玉米油。种子吸水萌发时，玉米胚芽合成赤霉素并释放到胚乳和糊粉层，糊粉层细胞接受赤霉素刺激后产生水解酶并释放到胚乳，促进淀粉水解。下列叙述错误的是（    ） A．淀粉的单体是葡萄糖，葡萄糖常作为细胞生命活动的能源物质 B．相同质量的淀粉和脂肪中，脂肪分子中氧的含量低于糖类，而氢的含量高于糖类 C．萌发期玉米籽粒的胚乳提取液在一定条件下与斐林试剂反应后会出现砖红色沉淀 D．玉米油中主要含有饱和脂肪酸，在室温时呈液态 【答案】D 【解析】A、淀粉由葡萄糖脱水缩合形成，葡萄糖是细胞的主要能源物质，A正确； B、脂肪的H比例高于糖类，O比例较低，故相同质量下脂肪储能更多，B正确； C、萌发时胚乳淀粉水解为葡萄糖，葡萄糖是还原糖，斐林试剂在沸水浴条件下可与还原糖反应生成砖红色沉淀，C正确； D、玉米油为植物油，主要含不饱和脂肪酸，室温下呈液态，D错误。 故选D。 21．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）生物大分子通常都有一定的分子结构规律，即是由一定的基本结构单位，按一定的排列顺序和连接方式形成的多聚体。下列表述正确的是（    ） A．若该图为一段肽链的结构模式图，则1表示肽键，2表示中心碳原子，3的种类约有21种 B．若该图为一段RNA的结构模式图，则1表示核糖，2表示磷酸基团，3的种类有4种 C．若该图为一段单链DNA的结构模式图，则1表示磷酸基团，2表示脱氧核糖，3的种类有4种 D．若该图表示多糖的结构模式图，淀粉、纤维素和几丁质的组成单体都是葡萄糖 【答案】B 【解析】氨基酸通过脱水缩合形成肽链，肽键在两个中心碳原子之间。DNA和RNA分子中的五碳糖是不同的，碱基也不完全相同，核苷酸通过磷酸与三号碳形成磷酸二酯键而连接。淀粉、纤维素基本组成相同，都是葡萄糖，但和几丁质不同。 A、若该图为一段肽链的结构模式图，则1表示中心碳原子，2表示肽键，3表示R基，3的种类有21种，A错误； B、若该图为一段RNA的结构模式图，则1表示核糖，2表示磷酸基团，3为含氮碱基，3的种类有4种（A、U、C、G），B正确； C、若该图为一段单链DNA的结构模式图，则1表示脱氧核糖，2表示磷酸基团，3表示含氮碱基，3的种类有4种（A、T、C、G），C错误； D、若该图表示多糖的结构模式图，淀粉、纤维素的组成单体相同，都是葡萄糖，和几丁质的组成单体不同，D错误。 故选B。 22．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）如图表示细胞内不同化学元素所组成的化合物。以下说法不正确的是（    ） A．若图中①为某种多聚体，则①可具有运输的作用 B．若②分布于内脏器官周围，则②可具有缓冲和减压的作用 C．若③为某种有机物，则③一定是核酸 D．若④是植物细胞壁的组成成分，则④是纤维素 【答案】C 【解析】分析题图：①的组成元素是C、H、O、N，最可能是蛋白质或氨基酸；②④的组成元素只有C、H、O，可能是糖类或脂肪或固醇等；③的组成元素是C、H、O、N、P，可能是ATP或核酸等。 A、图中①的元素组成是C、H、O、N，且①为多聚体，则①可能是蛋白质，可能具有运输的作用，如载体蛋白，A正确； B、②的元素组成是C、H、O，且②分布于内脏器官周围，则②可能是脂肪，脂肪具有缓冲和减压的作用，B正确； C、③的元素组成是C、H、O、N、P，若③为某种有机物，则③可能是核酸，也可能是ATP、磷脂分子，C错误； D、④的元素组成是C、H、O，若④是植物细胞壁的组成成分，则④是纤维素，D正确。 故选C。 23．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）能量胶是一种高热量的浓稠半胶体食品，能够快速补充大运动量下人体所需的能量和无机盐。下列相关分析不合理的是（    ） A．能量胶可能富含葡萄糖，便于机体迅速补充血糖 B．能量胶中的无机盐可参与维持机体正常的渗透压 C．能量胶可能富含蛋白质，便于给机体提供能量 D．马拉松比赛中，运动员体内的肝糖原可分解产生葡萄糖 【答案】C 【解析】糖类是重要的能源物质，在通常情况下，生命活动所需的能量主要来自糖类的氧化分解。细胞中的糖类大致可以分为单糖、二糖、多糖等几类，单糖中的葡萄糖是细胞生命活动所需要的主要能源物质。当人和动物血液中的葡萄糖含量低于正常时，多糖中的肝糖原可分解产生葡萄糖及时补充。 AB、能量胶能够快速补充大运动量下人体所需的能量和无机盐，据此可推测：能量胶可能富含葡萄糖，便于机体迅速补充血糖，能量胶中的无机盐可参与维持机体正常的渗透压，AB正确； C、糖类是重要的能源物质，能给机体提供能量，蛋白质一般不提供能量，C错误； D、马拉松比赛中，运动员体内的细胞生命活动消耗的能量增多，导致血液中葡萄糖含量低于正常值，肝糖原可分解产生葡萄糖及时补充，D正确。 故选C。 24．（25-26高一上·重庆八中·期中）健康饮食模式推荐植物油、建议增加粗粮、白肉及豆制品、蔬菜，保证适量水果、坚果、奶类等，同时强烈推荐蒸、煮、涮的烹饪方式。下列叙述正确的是（　　） A．摄入的蛋白质和淀粉是组成元素完全相同的生物大分子 B．淀粉、纤维素都是由葡萄糖连接而成，两者结构相同 C．植物脂肪比动物脂肪更容易凝固，食用过多易引起肥胖 D．生活中长期的高糖饮食，可能会造成人体血脂过高 【答案】D 【解析】A、蛋白质的组成元素主要为C、H、O、N，而淀粉仅含C、H、O，两者元素组成不同，A错误； B、淀粉和纤维素虽均由葡萄糖构成，但淀粉的葡萄糖以α-1,4糖苷键连接，纤维素以β-1,4糖苷键连接，结构不同，B错误； C、植物脂肪含较多不饱和脂肪酸，常温下呈液态（如植物油），不易凝固；而动物脂肪含较多饱和脂肪酸，常温下呈固态（如猪油），无论来源，过量脂肪均会导致肥胖，C错误； D、长期高糖饮食时，多余糖类可转化为脂肪（如甘油三酯），导致血脂升高，D正确。 故选D。 25．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）以碳链为基本骨架的单体能构成许多不同的多聚体，表示为 的形式，其中S₁~S₄代表单体。下列有关于单体和多聚体的叙述不合理的是（    ） A．若图中多聚体是RNA，则构成RNA的单体一般有4种 B．若图中多聚体是纤维素，则彻底水解产物S₁、S₂、S₃、S₄等相同 C．若图中多聚体是人体蛋白质，则S共有21种可能性，有8种只能从外界环境获取 D．因为碳原子在细胞鲜重中的占比最大，所以科学家说“碳是生命的核心元素” 【答案】D 【解析】A、RNA由4种核糖核苷酸（腺嘌呤、鸟嘌呤、胞嘧啶、尿嘧啶核糖核苷酸）构成，单体种类正确，A正确； B、纤维素由葡萄糖通过β-1,4糖苷键连接，彻底水解后产物均为葡萄糖，S₁~S₄相同，B正确； C、人体蛋白质的单体为氨基酸。组成蛋白质的氨基酸共有21种（包括硒代半胱氨酸），其中8种必需氨基酸需从外界获取，C正确； D、碳是生命核心元素的原因是其构成有机物的碳链骨架，而非细胞鲜重中占比最大（鲜重占比最大的是氧），D错误； 故选D。 26．（25-26高一上·重庆长寿中学校·期中）生物体内参与生命活动的生物大分子可由单体聚合而成，构成蛋白质等生物大分子的单体和连接键以及检测生物大分子的试剂等信息如下表： 单体 连接键 生物大分子 检测试剂或染色 葡萄糖 - ① - ② ③ 蛋白质 ④ ⑤ - 核酸 ⑥ 根据表中信息，下列叙述正确的是（    ） A．④若是双缩脲试剂，蛋白质高温处理后无法用其检测 B．大肠杆菌中的⑤有5种 C．②和⑤都一定含有C、H、O、N、P元素 D．若①代表植物体内的多糖分子，则可以是淀粉或纤维素 【答案】D 【解析】A、双缩脲试剂检测的是蛋白质的肽键，高温破坏的是空间结构而非肽键，因此变性后的蛋白质仍能与双缩脲试剂反应呈紫色，A错误； B、大肠杆菌的核酸包括DNA和RNA，其单体⑤核苷酸共有8种（4种脱氧核苷酸+4种核糖核苷酸），而非5种，B错误； C、②为氨基酸，其组成元素为C、H、O、N（部分含S），不含P；⑤为核苷酸，含C、H、O、N、P，C错误； D、植物体内的多糖①包括淀粉（储能）和纤维素（细胞壁成分），D正确。 故选D。 27．（25-26高一上·重庆长寿中学校·期中）甲图是油菜种子在发育过程中，糖类和脂肪的变化曲线；乙图是小麦种子成熟过程中相关物质干重的百分含量变化，据图分析，下列说法错误的是（    ） A．油菜种子发育过程，需要更多的N元素来合成脂肪 B．开花后油菜种子形成过程可溶性糖含量下降，可用于转化形成脂肪 C．小麦种子成熟过程中淀粉含量上升的原因是由还原性糖转化形成 D．小麦种子成熟过程淀粉含量先增加后保持相对稳定 【答案】A 【解析】A、脂肪不含N元素，故合成脂肪不需要N元素，A错误； B、据甲图可知，开花后油菜种子形成过程可溶性糖含量下降，可用于转化形成脂肪，B正确； C、据乙图可知，小麦种子成熟过程中，还原性糖的含量逐渐降低，淀粉的含量逐渐升高，说明小麦种子成熟过程淀粉含量上升的原因是由还原性糖转化形成，C正确； D、据乙图可知，小麦种子成熟过程淀粉含量先增加后保持相对稳定，D正确。 故选A。 28．（25-26高一上·重庆渝东九校·期中）图1表示细胞内某些有机物的元素组成和功能关系，其中A、B代表元素，I、II、III、IV是生物大分子，X、Y、Z、P分别为构成生物大分子的基本单位；图2为核酸的部分结构示意图。请回答下列问题： （1）图1中A是指______________。 （2）若Ⅰ为植物细胞特有的储能物质，则Ⅰ为________；若物质Ⅴ在动植物细胞中均可含有，并且作为细胞内最理想的储能物质，则Ⅴ是 __________。与糖类相比，从元素组成上看，____________________，所以相同质量的Ⅴ氧化分解时释放的能量更多。 （3）若图2为II的部分结构示意图，则⑤的中文名称是________________________。在细胞中，II是细胞内携带遗传信息的物质，在生物体的____________________________________中具有极其重要的功能。 【答案】（1）N、P （2） 淀粉 脂肪 脂质分子中氧的含量远远低于糖类，而氢的含量更高（合理即可） （3） 腺嘌呤脱氧（核糖）核苷酸 遗传、变异和蛋白质的生物合成 【解析】分析图1，I、II、III、IV是生物大分子，X是单糖，Y是脱氧核糖核苷酸，Z是核糖核苷酸；A指N、P，B指N等元素。 分析图2，①指磷酸基团，②指五碳糖（在DNA中是脱氧核糖，在RNA中是核糖），③指含氮碱基，④在DNA中是鸟嘌呤脱氧核苷酸，在RNA中是鸟嘌呤核糖核苷酸；⑤在DNA中是腺嘌呤脱氧核苷酸，在RNA中是腺嘌呤核糖核苷酸。 （1）图1中，携带遗传信息的生物大分子是核酸，Y、Z都属于核苷酸，核苷酸的元素组成是C、H、O、N、P，因此A指N、P。 （2）充当重要能源物质的大分子物质I是多糖，植物细胞特有的储能的多糖是淀粉；物质Ⅴ是良好的储能物质，在动植物细胞中均可含有，则Ⅴ是脂肪。与糖类相比，从元素组成上看，脂肪中氧的含量远远低于糖类，而氢的含量更高，所以相同质量的Ⅴ氧化分解时释放的能量更多。 （3）主要分布在细胞核，又能携带遗传信息的生物大分子II是脱氧核糖核酸（DNA），若图2为DNA的部分结构示意图，则⑤的中文名称是腺嘌呤脱氧核苷酸。在细胞中，DNA是细胞内携带遗传信息的物质，在生物体的遗传、变异和蛋白质的生物合成中具有极其重要的功能。 29．（25-26高一上·重庆九校联盟·期中）糖类是生物体生命活动的主要能源物质，脂质存在于所有细胞中，是组成细胞和生物体的重要化合物。下图为糖类的概念图，请分析回答下列相关问题： （1）如果某种单糖A为果糖，则它与葡萄糖缩合失去1分子水后形成的物质①是______。如果某种单糖A经缩合反应形成的物质③是动物细胞中储存能量的物质，则物质③是______________。如果缩合反应形成的物质③是植物细胞壁的组成成分，则物质③是________________。 （2）如果某种单糖A与磷酸和碱基结合形成物质②，其中碱基是尿嘧啶，则形成的物质②是____________，它是构成__________（中文名）的基本单位。 （3）常见的脂质有脂肪、磷脂和固醇等，胆固醇属于固醇类物质，胆固醇是构成______的重要成分，在人体内还参与________________。 （4）血液中的葡萄糖除供细胞利用外，多余的部分可以合成糖原储存起来，如果还有富余，就可以转变成____________________。 【答案】（1） 蔗糖 糖原 纤维素 （2） 尿嘧啶核糖核苷酸 核糖核酸 （3） 动物细胞膜 血液中脂质的运输 （4）脂肪 【解析】分析图，①是某种单糖A与葡萄糖形成的二糖，若A是果糖，则①是蔗糖，若A是葡萄糖，则①是麦芽糖，若A是半乳糖，则①是乳糖；②和④是不同的单糖与磷酸和碱基形成的两种核苷酸，其中一个是核糖+磷酸+碱基构成的核糖核苷酸，另一个是脱氧核糖+磷酸+碱基构成的脱氧（核糖）核苷酸；③可能是某种单糖A缩合形成的多糖。 （1）如果某种单糖A为果糖，则它与葡萄糖缩合失去1分子水后形成的物质①是蔗糖。图中③可能是某种单糖A缩合形成的多糖，如果某种单糖A经缩合反应形成的物质③是动物细胞中储存能量的物质，则物质③是糖原。植物细胞壁主要由纤维素和果胶构成，纤维素和果胶都是多糖，但是纤维素是由葡萄糖脱水缩合形成，果胶由多种单糖或其衍生物缩合而成，果胶不能是图中的③。如果缩合反应形成的物质③是植物细胞壁的组成成分，则物质③是纤维素。 （2）②和④是不同的单糖与磷酸和碱基形成的两种核苷酸，如果某种单糖A与磷酸和碱基结合形成物质②，其中碱基是尿嘧啶，尿嘧啶是核糖核酸（RNA）的特有碱基，它形成的物质②是尿嘧啶核糖核苷酸，它是构成核糖核酸的基本单位。 （3）常见的脂质有脂肪、磷脂和固醇等，胆固醇属于固醇类物质，胆固醇是构成动物细胞膜的重要成分，在人体内还参与血液中脂质的运输。 （4）脂肪是良好的储能物质，血液中的葡萄糖除供细胞利用外，多余的部分可以合成糖原储存起来，如果还有富余，就可以转变成脂肪。 30．（25-26高一上·重庆复旦中学教共体·期中）下图表示真核细胞内某些有机物的元素组成和功能关系，其中A、B代表元素，Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ是生物大分子，图中X、Y、Z、P分别为构成生物大分子的基本单位。请回答下列问题： （1）物质P的不同取决于__________的不同。图中A、B所代表的元素在Y、P中都肯定含有的是__________（填元素名称）。 （2）Ⅴ在动物、植物细胞均含有，是生物体内良好的储能物质。则Ⅴ是__________。 （3）Ⅰ在小麦种子中主要是指__________。若Ⅰ是动物细胞特有的储能物质，则Ⅰ是__________，其在人体中主要分布在_________________细胞中。 【答案】（1） R基 氮/N （2）脂肪 （3） 淀粉 糖原 肝脏和肌肉 【解析】蛋白质的组成元素有 C 、 H 、O、 N ，有些还含有 P 、 S；核酸（ DNA 和 RNA ）的组成元素为 C 、 H 、O、 N 、 P ；脂质的组成元素有 C 、 H 、O，有些还含有 N 、 P；糖类（如葡萄糖、脱氧核糖等）的组成元素为 C 、 H 、 O。 （1） P是氨基酸，氨基酸的不同取决于R基的不同。C、H、O和A元素构成了核苷酸，则A代表N、P，C、H、O和B构成了氨基酸，则B代表N，所以Y、P中都肯定含有的是N元素。 （2） 脂肪是动物和植物中均含有的良好的储能物质。 （3）Ⅰ是能源物质，应为多糖，在小麦种子中主要指淀粉。若Ⅰ是动物细胞特有的储能物质，则Ⅰ是糖原，糖原主要存在于人体的肌肉和肝脏中。 31．（25-26高一上·重庆南开中学·期中）糖类和脂肪是可以相互转化的，图1是人体中相关物质的变化过程，①~④表示物质合成或分解、转化途径。回答下列问题： （1）当人和动物血液中葡萄糖含量低于正常值时，会通过图1中_____（填图中序号）途径及时补充葡萄糖。而当葡萄糖有富余时，葡萄糖会通过图1中_____（填图中序号）途径分别参与合成肌糖原和肝糖原，通过图1中_____（填图中序号）途径转化为脂肪。 （2）检测脂肪细胞中的脂肪颗粒时，需使用的试剂是_____，脂滴呈现的颜色为_____。 （3）酮体是脂肪酸分解代谢的中间产物，其酸性较强。研究发现，在饥饿条件下，人体血浆中葡萄糖和酮体浓度变化的趋势如图2所示。 ①由图2可知，饥饿条件下脂肪的分解速度_____，判断依据是_____。 ②依据上述结果，人在长期不能进食时需注射葡萄糖溶液，除及时满足人体的能量需求外，再列举一个原因：_____。 【答案】（1） ③ ①② ④ （2） 苏丹Ⅲ染液 橘黄色 （3） 加快 饥饿条件下血浆中酮体的浓度快速升高，而酮体来自脂肪的分解 避免酮体含量过高，破坏血浆的酸碱平衡，导致酸中毒 【解析】细胞中的糖类和脂肪可以相互转化，血液中的葡萄糖除供细胞利用外，多余的部分可以合成糖原储存起来；如果葡萄糖还有富余，就可以转变成脂肪和某些氨基酸。分析题图2可知，在饥饿状态下，血浆中葡萄糖浓度逐渐降低，酮体浓度逐渐升高，又知酮体酸性较高，因此酮体增加，会降低血浆的pH。 （1）当人和动物血液中葡萄糖含量低于正常值时，会通过图中③途径及时补充葡萄糖。结合图1分析，当葡萄糖有富余时，多余的葡萄糖可通过①②途径分别参与合成肌糖原和肝糖原，通过④途径转化为脂肪，从而使血液中葡萄糖浓度降低。 （2）检测脂肪细胞中的脂肪颗粒时，需使用苏丹Ⅲ染液，脂肪可被苏丹Ⅲ染液染成橘黄色。 （3）①由图2可知，在饥饿条件下，血浆中酮体的浓度快速升高，而酮体来自脂肪的分解，因此判断脂肪的分解速度加快。 ②依据题意可知，人在长期不能进食时需注射葡萄糖溶液，除及时满足人体的能量需求外，还可避免脂肪大量分解使酮体含量过高，破坏血浆的酸碱平衡，导致酸中毒。 32．（25-26高一上·重庆巴南·期中）下图表示人体中相关物质的变化过程，图中①②③④表示物质合成或分解、转化途径，分析回答以下相关问题 （1）生活中的白糖、红糖、冰糖主要成分都是___________，可以用于废水处理、制作人造皮肤的糖类是___________。 （2）血液中的葡萄糖除供细胞利用外，多余的部分可以合成糖原存储在___________中；当人和动物血液中葡萄糖含量低于正常值时，会通过图中___________（填序号）及时补充葡萄糖。 （3）北京鸭育肥利用的是图中___________（填图中序号）过程；北京鸭的肝脏中含丰富的胆固醇，长期过量地摄入胆固醇往往会诱发一些心脑血管疾病，但是在日常健康生活中我们依然要摄入一定量的胆固醇，原因是___________。 【答案】（1） 蔗糖 几丁质 （2） 肝脏和肌肉 ③ （3） ④ 胆固醇是构成动物细胞膜的重要成分，在人体内还参与血液中脂质的运输 【解析】脂质主要是由C、H、O三种化学元素组成，有些还含有N和P，脂质包括脂肪、磷脂、和固醇。脂肪是生物体内的储能物质，除此以外，脂肪还有保温、缓冲、减压的作用；磷脂是构成包括细胞膜在内的膜物质重要成分。固醇类物质主要包括胆固醇、性激素、维生素D等，这些物质对于生物体维持正常的生命活动起着重要的调节作用，胆固醇是构成动物细胞膜的重要成分，在人体内还参与血液中脂质的运输；性激素能促进人和动物生殖器官的发育及生殖细胞的形成；维生素D能有效地促进人和动物肠道对钙和磷的吸收。 （1）生活中的白糖、红糖、冰糖主要成分都是蔗糖；可以用于废水处理、制作人造皮肤的糖类是几丁质。    （2）血液中的葡萄糖除供细胞利用外，多余的部分可以合成糖原存储在肝脏和肌肉中；当人和动物血液中葡萄糖含量低于正常值时，肝糖原可以分解为葡萄糖，通过图中③及时补充葡萄糖。 （3）北京鸭育肥利用的是葡萄糖转化为脂肪的过程，即图中④过程；胆固醇是构成动物细胞膜的重要成分，在人体内还参与血液中脂质的运输，所以在日常健康生活中我们依然要摄入一定量的胆固醇。 33．（25-26高一上·重庆一中·期中）下图甲表示生物体内某些重要的有机化合物，其中A~E表示有机物，a~e代表组成有机物的单体或有机物的组成成分；图乙为某化合物的结构示意图；图丙为大肠杆菌遗传物质的结构示意图。请回答下列问题： （1）图甲中a代表________；物质C具有F1~F5五方面功能，试从物质c的角度分析物质C具有功能多样性的原因：________。 （2）图乙所示化合物是物质________（填A~E）的基本组成单位，理由是________。 （3）图丙所示化合物的每条长链是对应单体通过________过程连接而成的，其中一条长链上的相邻碱基是通过________（结构）联系起来的；该化合物中的每个五碳糖和________个磷酸基团连接，其中胞嘧啶脱氧核苷酸可用________表示。（填①~④） 【答案】（1） 甘油和脂肪酸 构成C蛋白质的c氨基酸的种类、数目、排列顺序千差万别 （2） E 图乙中五碳糖是核糖，则其为核糖核苷酸；E携带遗传信息，主要分布在细胞质，则E是RNA，RNA的基本组成单位为核糖核苷酸 （3） 磷酸二酯键 —脱氧核糖—磷酸—脱氧核糖— 1或2 ② 【解析】甲图分析，A是脂肪，是由甘油和脂肪酸构成，则a是甘油和脂肪酸。B是淀粉，b为葡萄糖。C是蛋白质，c是氨基酸。D是DNA，d是脱氧核苷酸。E是RNA，e是核糖核苷酸。 乙图分析，图中五碳糖是核糖，则其为核糖核苷酸。 （1）分析图甲，A是细胞内良好的储能物质，为脂肪，是由甘油和脂肪酸构成，则a是甘油和脂肪酸。C是生命活动的主要承担者，为蛋白质，c是氨基酸。C蛋白质结构多样性的直接原因是构成C蛋白质的c氨基酸的种类、数目、排列顺序千差万别。 （2）图乙中五碳糖是核糖，则其为核糖核苷酸；E携带遗传信息，主要分布在细胞质，则E是RNA，RNA的基本组成单位为核糖核苷酸，故图乙所示化合物是物质E的基本组成单位。 （3）图丙为大肠杆菌遗传物质（DNA）的结构示意图，图丙所示化合物（DNA）的每条长链是对应单体（脱氧核苷酸）通过磷酸二酯键过程连接而成的；DNA分子一条链上的相邻碱基通过"—脱氧核糖—磷酸—脱氧核糖—“相连；该核苷酸链中除最后一个五碳糖外，其余的每个五碳糖都连接了两个磷酸基团，即该化合物中的每个五碳糖和1或2个磷酸基团连接；分析图丙可知②可以表示胞嘧啶脱氧核苷酸。 34．（25-26高一上·重庆名校联盟·期中）拟南芥是一种生物学模式植物，常用于生物学研究。图1表示拟南芥细胞内某些化合物的元素组成及其相互关系，甲、乙、丙、丁、戊、己代表不同的有机物，染色体主要是由DNA和蛋白质构成，1、2、3、4代表组成大分子物质的单体。图2表示一种蛋白质的结构，其化学式为C232H376N108O68S4，其中含有8个天冬氨酸、4个半胱氨酸（C3H7NO2S）。图3表示天冬氨酸的分子结构。请回答下列问题： （1）拟南芥细胞内，数量最多的元素是_______。 （2）从物质组成的角度分析，细胞中的2与1相比特有的化学成分是________。 （3）丁在该细胞中代表的物质是________。若丁和戊代表细胞中的储能物质，相同质量的丁、戊含能量多的是_________，原因是_______。 （4）图2中蛋白质含有羧基数至少为_______，含有的氨基酸数最多为_______。 【答案】（1）氢 （2）尿嘧啶（U）和核糖 （3） 淀粉、纤维素 戊（脂肪） 脂肪含氢比例更高，所含的氢原子数量多，在氧化过程中能释放的能量就越多 （4） 10 50 【解析】分析题图1：根据染色体主要由DNA和蛋白质构成的，并且甲、乙、丙存在中心法则，因而甲是DNA，乙是RNA，丙是蛋白质。1、2、3分别是甲乙丙的单体，1是脱氧核糖核苷酸，2是核糖核苷酸，3是氨基酸。丁和戊都是由C、H、O组成的，其中丁具有单体4，因而丁是多糖，4是葡萄糖，戊是脂肪。 （1）拟南芥细胞内含量最多的化合物是水（H2O），每个水分子含2个氢原子，因此氢（H）是细胞内数量最多的元素。 （2）由图1及染色体（DNA+蛋白质）的组成和甲、乙丙之间的关系可推知：甲是DNA、乙是RNA、丙是蛋白质，因此1是脱氧核苷酸（DNA的单体），2是核糖核苷酸（RNA的单体。从物质组成的角度分析，细胞中的2（RNA）与1（DNA）相比特有的化学成分是核糖和尿嘧啶。 （3）由图1可知，丁是由d构成的生物大分子，组成元素是C、H、O，故丁为多糖，d这葡萄糖，在拟南芥细胞中丁主要是淀粉、纤维素。若丁和戊代表细胞中的储能物质，则戊是脂肪，由于脂肪含氢比例更高，所含的氢原子数量多，在氧化过程中能释放的能量就越多，因此相同质量的丁、戊含能量多的是戊（脂肪）。 （4）图2中蛋白质含有4个半胱氨酸，半胱氨酸的R基中无羧基，有8个天冬氨酸，天冬氨酸的R基中含有羧基，该蛋白质有3条肽链，根据每条肽链至少含有1个羧基，再加上R基中的羧基，所以该蛋白质3条链上含有的羧基数至少为3+8 =11个，而乙链和丙链间形成了1个肽键，消耗了1个羧基，因此图2中该蛋白质含有羧基数至少为11-1=10个。设氨基酸总数为n，肽链数为3，天冬氨酸（含额外2个氧）有8个，乙链和丙链间形成了1个肽键，失去1个H2O，减少了1个O。所以总O数=氨基酸总O数−肽键数-1，即68=（2n+8×2）−（n−3）-1，解得n=50，因此氨基酸数最多为50。 试卷第1页，共3页 / 学科网（北京）股份有限公司 $ 专题03 细胞中的有机物 考点1 细胞中糖类的分类和功能 1.【答案】A 2.【答案】C 3.【答案】B 4.【答案】A 5.【答案】C 6.【答案】D 7.【答案】C 8.【答案】B 9.【答案】C 10.【答案】D 11.【答案】C 12.【答案】D 13.【答案】C 14.【答案】D 15.【答案】B 考点2 细胞中脂质的种类及功能 1.【答案】D 2.【答案】A 3.【答案】D 4.【答案】A 5.【答案】C 6.【答案】D 7.【答案】D 8.【答案】A 9.【答案】D 10.【答案】D 11.【答案】C 12.【答案】A 13.【答案】C 14.【答案】（1） 不饱和 液 （2） 流动 溶解 增强抗寒能力 （3） 运输脂质 低于 （4） 淀粉可转化为脂肪 蛋白质、脂肪可转化为糖类供能，多余能量仍会储存为脂肪 考点3 蛋白质的结构和功能 1.【答案】C 2.【答案】A 3.【答案】B 4.【答案】A 5.【答案】A 6.【答案】D 7.【答案】D 8.【答案】D 9.【答案】A 10.【答案】D 11.【答案】B 12.【答案】C 13.【答案】B 14.【答案】B 15.【答案】D 16.【答案】A 17.【答案】B 18.【答案】D 19.【答案】D 20.【答案】D 21.【答案】D 22.【答案】A 23.【答案】C 24.【答案】C 25.【答案】A 26.【答案】C 27.【答案】D 28.【答案】C 29.【答案】C 30.【答案】B 31.【答案】C 32.【答案】B 33.【答案】AD 34.【答案】C 35.【答案】A 36.【答案】C 37.【答案】B 38.【答案】A 39.【答案】C 40.【答案】B 41.【答案】D 42.【答案】C 43.【答案】（1） 4/四 5/五 -CH3 （2）高温使蛋白质空间结构遭到破坏 （3） 双缩脲 紫色 （4） 调节 运输 免疫 44.【答案】（1）C、H、O、N、S （2） 脱水缩合 3（或三） 49 54 （3）调节机体的生命活动 （4）检测血液中C肽的含量 45.【答案】（1）C、H、O、N、Fe （2） 5 非必需 （3） 4 4 570 （4）氨基酸的种类、数目、排列顺序，肽链的盘曲折叠方式及其形成的空间结构千差万别 46.【答案】（1） 124 123 （2）氨基酸的种类、数目、排列顺序和蛋白质的空间结构 （3） ②④⑥⑧    至少都含有一个氨基和一个羧基，且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上 （4）   氨基 3 （5）2220 47.【答案】（1） C、H、O、N、S 5/五 信息传递（调节）、运输、催化 （2） 氢键、二硫键 未形成原有位点配对的二硫键（未形成原有的空间结构） 空间结构被破坏后易恢复（变性后易复性） 48.【答案】（1） 123 脱水缩合 （2） ②④⑥⑧ 肽键 3 （3） 不能 90℃蒸煮6min （4）氨基酸的种类、数目、排列顺序多种多样，肽链的盘曲、折叠方式及形成的空间结构千差万别 49.【答案】（1）氨基酸的种类、排列顺序不同 （2） 调节 免疫 运输 （3） （4）570 （5） 3/三 脱水缩合 2/二/两 50.【答案】（1） 氨基 3 3 （2） 570 氨基和羧基 10266 （3） 豆浆 盐酸 等量清水 深 51.【答案】（1） 每个氨基酸至少含有一个氨基和一个羧基，且二者连在同一个碳原子上 21 （2） 调节 氨基酸的种类、数目、排列顺序或空间结构的不同 （3） 脱水缩合 ③⑤⑦ 氨基和羧基 52.【答案】（1） 特异性受体 进行细胞间信息交流 （2）10266 （3） （w-13）/2 z-12 （4） 8/八 3 53.【答案】（1） 脱水缩合 -CH2SH （2） 8个半胱氨酸形成二硫键的可能性有 7×5×3=105种，其中正确的只有1种，占1%左右（或者：8个半胱氨酸均在正确位置形成二硫键的概率低，所以只有少数酶分子能形成正确结构） 强 （3） b、a BCD 54.【答案】（1） 肽键 减少 1个 氨基（或-NH2）和羧基（或-COOH） （2）内含肽序列 （3）核酸内切酶序列不影响内含肽剪接 考点4 核酸的结构和功能 1.【答案】D 2.【答案】D 3.【答案】D 4.【答案】D 5.【答案】B 6.【答案】D 7.【答案】C 8.【答案】B 9.【答案】B 10.【答案】B 11.【答案】B 12.【答案】D 13.【答案】C 14.【答案】C 15.【答案】B 16.【答案】C 17.【答案】D 18.【答案】B 19.【答案】A 20.【答案】D 21.【答案】D 22.【答案】C 23.【答案】D 24.【答案】（1） 脱氧核糖核酸 核酸甲含有碱基T （2） 磷酸 腺嘌呤脱氧核苷酸 核糖 （3） 遗传信息 RNA （4） 5 7 （5）DNA中脱氧核苷酸的排列顺序蕴藏着遗传信息 25.【答案】（1）多糖、蛋白质 （2） 脱氧核糖核酸 胞嘧啶脱氧核苷酸 （3） ③ 乙 甲 乙 26.【答案】（1） 脱氧核糖核酸 核酸甲含有碱基T （2）腺嘌呤脱氧核苷酸 （3） 5 7 （4）DNA中脱氧核苷酸的排列顺序 考点5 生物大分子综合 1.【答案】D 2.【答案】C 3.【答案】D 4.【答案】D 5.【答案】D 6.【答案】D 7.【答案】A 8.【答案】C 9.【答案】A 10.【答案】A 11.【答案】A 12.【答案】C 13.【答案】B 14.【答案】D 15.【答案】D 16.【答案】D 17.【答案】B 18.【答案】D 19.【答案】ABC 20.【答案】D 21.【答案】B 22.【答案】C 23.【答案】C 24.【答案】D 25.【答案】D 26.【答案】D 27.【答案】A 28.【答案】（1）N、P （2） 淀粉 脂肪 脂质分子中氧的含量远远低于糖类，而氢的含量更高（合理即可） （3） 腺嘌呤脱氧（核糖）核苷酸 遗传、变异和蛋白质的生物合成 29.【答案】（1） 蔗糖 糖原 纤维素 （2） 尿嘧啶核糖核苷酸 核糖核酸 （3） 动物细胞膜 血液中脂质的运输 （4）脂肪 30.【答案】（1） R基 氮/N （2）脂肪 （3） 淀粉 糖原 肝脏和肌肉 31.【答案】（1） ③ ①② ④ （2） 苏丹Ⅲ染液 橘黄色 （3） 加快 饥饿条件下血浆中酮体的浓度快速升高，而酮体来自脂肪的分解 避免酮体含量过高，破坏血浆的酸碱平衡，导致酸中毒 32.【答案】（1） 蔗糖 几丁质 （2） 肝脏和肌肉 ③ （3） ④ 胆固醇是构成动物细胞膜的重要成分，在人体内还参与血液中脂质的运输 33.【答案】（1） 甘油和脂肪酸 构成C蛋白质的c氨基酸的种类、数目、排列顺序千差万别 （2） E 图乙中五碳糖是核糖，则其为核糖核苷酸；E携带遗传信息，主要分布在细胞质，则E是RNA，RNA的基本组成单位为核糖核苷酸 （3） 磷酸二酯键 —脱氧核糖—磷酸—脱氧核糖— 1或2 ② 34.【答案】（1）氢 （2）尿嘧啶（U）和核糖 （3） 淀粉、纤维素 戊（脂肪） 脂肪含氢比例更高，所含的氢原子数量多，在氧化过程中能释放的能量就越多 （4） 10 50 试卷第1页，共3页 / 学科网（北京）股份有限公司 $