精品解析：山东聊城市莘县第一中学2025-2026学年第二学期第一次教学质量抽测高二物理试题

2025--2026学年第二学期第一次教学质量抽测 高二物理试题 （分值：100分钟，时间：90分钟） 注意事项： 1、本试卷为问答分离式试卷，共x页，其中问卷x页，答卷x页。答题前，请考生务必将自己的学校、姓名、座位号、准考证号等信息填写在机读卡上及答卷的密封区内。 2、作答非选择题时必须用黑色字迹0.5毫米签字笔书写在答卷的指定位置上，作答选择题必须用2B铅笔在机读卡上将对应题目的选项涂黑。如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其它答案，请保持机读卡卡面清洁和答题纸清洁，不折叠、不破损。 3、考试结束后，请将答题纸和机读卡交回。 一、单选题（每题3分，共24分） 1. 电磁感应现象在科技和生活中有着广泛的应用，下列说法正确的是（　　） A. 图甲中，发射线圈接入恒定电流也能实现手机充电 B. 图乙中，电磁炉不能使用陶瓷锅，是因为陶瓷不能产生涡流 C. 图丙中，冶炼炉的炉外线圈通入高频交流电时，线圈产生大量热量，冶炼金属 D. 图丁中，电流表在运输时要用导线把两个接线柱连在一起，利用了电磁驱动原理 【答案】B 【解析】 【详解】A．充电设备中的发射线圈通恒定电流，其产生的磁场是恒定的，不能使手机产生感应电流，不能实现无线充电，故A错误； B．电磁炉不能用陶瓷锅是因为陶瓷锅属于绝缘材料，不会产生涡流，故B正确； C．真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，线圈产生交变磁场，被冶炼的金属产生涡流，产生大量的热从而冶炼金属，故C错误； D．电流表在运输时要用导线把两个接线柱连在一起，这是为了保护电表指针，利用了电磁阻尼原理，故D错误。 故选B。 2. 如图所示为演示交变电流产生的装置图，关于这个实验，下列说法正确的是（　　） A. 图示位置为中性面，线圈中无感应电流 B. 图示位置ab边的感应电流方向为b→a C. 线圈平面与磁场方向平行时，磁通量变化率为零 D. 线圈每转动一周，电流方向改变两次 【答案】D 【解析】 【详解】A．线圈平面与磁场方向平行不是中性面，ab、cd边垂直切割磁感线，线圈产生的感应电动势最大，感应电流最大，A错误； B．线圈处于题图所示位置时，ab边向右运动，由右手定则，ab边的感应电流方向为a→b，B错误； C．线圈平面与磁场方向平行时，ab、cd边垂直切割磁感线，线圈产生的感应电动势最大，感应电流最大，可知线圈平面与磁场方向平行时，磁通量为零，但磁通量的变化率最大，C错误； D．线圈在磁场中匀速转动时，在电路中产生呈周期性变化的交变电流，线圈经过中性面时电流方向改变，线圈每转动一周，有两次通过中性面，电流方向改变两次，D正确。 故选D。 3. 两个相同的电阻R1、R2和两个相同的灯泡A1、A2与两个线圈L连接成如下甲、乙两电路，在实验过程中灯泡均没有烧毁，线圈的直流电阻很小、自感系数很大．下列说法正确的是( ) A. 在电路甲中，S闭合，灯泡A1逐渐变亮，并能稳定发光 B. 在电路甲中，S先闭合待稳定后再断开，灯泡A1不亮 C. 在电路乙中，S闭合，灯泡A2逐渐变亮，直到稳定发光 D. 在电路乙中，S先闭合待稳定后再断开，灯泡A2将闪一下，再熄灭 【答案】C 【解析】 【详解】A. 在电路甲中，开关闭合瞬间，由于线圈自感系数很大，电流为零，A1灯立刻变亮；通过线圈的电流逐渐增大，由于线圈的直流电阻很小，最后线圈将灯泡A1短路，灯泡逐渐熄灭，故A错误； B. 在电路甲中，S先闭合待稳定后再断开，由于自感作用，自感线圈中电流逐渐减小，线圈和灯泡A1、电阻R1组成回路，灯泡A1发光，故B错误； C．在电路乙中，S闭合瞬间，由于磁能量增大，线圈产生自感电动势，这个自感电动势将阻碍电流的增大，所以通过A2灯的电流逐渐增大，灯泡A2逐渐变亮，直到稳定发光，故C正确； D．在电路乙中，S先闭合待稳定后再断开的瞬间，线圈产生自感电动势，电路中的电流逐渐减小，所以此瞬间通过A2灯的电流不会比开关闭合稳定时大，灯泡A2不会闪一下再熄灭，故D错误． 故选C 点睛：当通过线圈的电流发生变化时，会产生感应电动势去阻碍线圈中电流的变化．但阻碍不等于阻止，只能使其慢慢的变化．以次判断电流的大小，确定灯泡亮度的变化． 4. 如图所示，铁芯左边悬挂一个轻质金属环，铁芯上有两个线圈和，线圈和电源、开关、热敏电阻相连，线圈与电流表相连。已知热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，保持开关闭合，下列说法正确的是（　　） A. 当电流从经电流表到时，可知温度升高 B. 当温度不变时，电流表示数不为0 C. 当温度升高时，金属环向右摆动 D. 当电流表示数增大时，可知温度升高 【答案】A 【解析】 【详解】A．当电流从a经电流表到b时，可知感应电流产生的磁场水平向左，与原磁场方向相反，根据楞次定律知原磁场的磁通量增大，故电流增大，的阻值减小，说明温度升高，故A正确； B．当温度不变时，电流不变，穿过螺旋管的磁通量不变，无感应电流产生，电流表示数为0，故B错误； C．保持开关闭合，当温度升高时，热敏电阻的阻值减小，电流增大，由右手螺旋定则可得电流产生的磁场方向向右穿过螺旋管，如图所示 穿过小金属环的磁通量向右增大，由楞次定律可得穿过小金属环的感应电流I3的方向，从而使得小金属环在原磁场中受安培力而阻碍磁通量的增大，故小金属环有缩小的趋势和向左摆动，故C错误； D．当电流表示数增大，根据法拉第电磁感应定律知，是穿过线圈的磁通量的变化率增大，故电流的变化率变大，故的阻值变化的快，温度变化的快，温度并不一定升高，故D错误。 故选A。 5. 如图所示，有一等腰直角三角形的区域，其斜边长为2L，高为L。在该区域内分布着如图所示的磁场，左侧磁场方向垂直纸面向外，右侧磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小均为B。一边长为L、总电阻为R的正方形导线框abcd，从图示位置开始沿x轴正方向以速度v匀速穿过磁场区域。取沿顺时针的感应电流方向为正，则下列表示线框中电流i随bc边的位置坐标x变化的图象正确的是（　　） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【分析】首先根据楞次定律判断出感应电流的方向。再分段确定线框有效的切割长度，分析线框中感应电动势的大小与位置坐标的关系。线框的电阻一定，感应电流与感应电动势成正比。 【详解】边的位置坐标在过程，线框边有效切线长度为 感应电动势为 感应电流 根据楞次定律判断出来感应电流方向沿，为正值。 在过程，边和边都切割磁感线，产生感应电动势，穿过线框的磁通量增大，总的磁感线方向向里，根据楞次定律判断出来感应电流方向沿，为负值，线框有效切线长度为，感应电动势为 感应电流 在过程，线框边有效切线长度为 感应电动势为 感应电流 根据楞次定律判断出来感应电流方向沿，为正值。 由图示图象可知，D正确，ABC错误。 故选D。 【点睛】本题关键确定线框有效的切割长度与x的关系，再结合数学知识选择图象。 6. 如图所示为一理想自耦式变压器，原线圈两端加220V交流电，V1、V2为理想电压表。下列说法正确的是（　　） A. 若P不动，F向下滑动，V1、V2示数都变小 B. 若P不动，F向上滑动，灯泡消耗的功率变小 C. 若F不动，P向上滑动，V1示数不变、V2示数增大 D. 若F不动，P向下滑动，灯泡消耗的功率变小 【答案】D 【解析】 【详解】A．若P不动，F向下滑动，原线圈电压U1由交流电源决定，故V1示数不变，根据原、副线圈电压比等于匝数比有 由于副线圈匝数n2减小，可知副线圈两端电压U2减小，由于副线圈电阻都不变，可知V2示数变小，故A错误； B．若P不动，F向上滑动，根据 可知副线圈两端电压U2增大，由于副线圈电阻都不变，可知副线圈电流增大，灯泡消耗的功率变大，故B错误； C．若F不动，P向上滑动，根据 可知原线圈电压U1、副线圈两端电压U2不变，滑动变阻器接入电路电阻减小，可知副线圈电流增大，可知灯泡两端电压增大，滑动变阻器两端电压减小，即V2示数变小，故C错误； D．若F不动，P向下滑动，根据 可知原线圈电压U1不变，副线圈两端电压U2不变，滑动变阻器接入电路电阻增大，副线圈电流减小，故灯泡消耗的功率变小，故D正确。 故选D。 7. 如图所示，绝缘水平面上固定一足够长且间距为的光滑水平导轨，其左端连有一阻值为的电阻，整个装置处于磁感应强度大小为、方向竖直向下的匀强磁场中。质量为的导体棒垂直导轨放置，且与导轨接触良好，导轨和导体棒的电阻均忽略不计。在水平向右的恒定外力的作用下，导体棒由静止开始运动且始终与导轨垂直，则（　　） A. 导体棒上点电势高于点电势 B. 导体棒能达到的最大速度为 C. 导体棒的速度从0增加到最大的过程中，外力对导体棒做功的大小为 D. 导体棒的速度从0增加到最大的过程中，通过电阻的电荷量为 【答案】B 【解析】 【详解】A．根据右手定则，流过导体棒的电流方向为，则d点电势高于e点电势，故A错误； B．对导体棒受力分析，其在水平方向受到水平向右的恒力F和水平向左的安培力作用，根据法拉第电磁感应定律和牛顿第二定律，导体棒先做加速度减小的加速运动，当安培力增大到与F相等时，速度达到最大值，则有 解得 故B正确； C．导体棒速度从0增加到最大的过程中，根据动能定理可得 则有 故C错误； D．导体棒速度从0增加到最大的过程中，根据动量定理可得 又 因t未知，所以无法计算出q的大小，故D错误。 故选B。 8. 如图所示，一理想变压器的原线圈一侧接在电压为220V的正弦交流电源上，原、副线圈的匝数比为9∶1，原线圈串联定值电阻R1，副线圈接滑动变阻器R2。当滑动变阻器滑片P位于某一位置时，R1、R2消耗的功率之比为2∶9。则下列说法正确的是（　　） A. 副线圈回路中滑动变阻器两端的电压为22V B. 此时定值电阻R1与滑动变阻器接入电路的阻值之比为18∶1 C. 若滑动变阻器滑片向上移动，电阻R1的功率增大 D. 若原线圈匝数可调，现原、副线圈的匝数比变为3∶1，滑动变阻器滑片处于原位置不动，电阻R1的功率减小 【答案】B 【解析】 【详解】A．原副线圈的功率总是相等，则R2消耗的功率也就等于原线圈的功率，所以R1、原线圈消耗的功率之比为，而流过R1和原线圈的电流相等，根据，可知R1、原线圈的电压之比也是，则原线圈电压为 则副线圈电压为 可知副线圈回路中滑动变阻器两端的电压为20V，故A错误； B．R1电压为 根据电功率公式，可得此时定值电阻与滑动变阻器接入的阻值之比为，故B正确； C．将变压器与滑动变阻器看成一个等效电阻，则有 若滑动变阻器滑片向上移动，滑动变阻器接入电路阻值增大，则等效电阻阻值增大；等效电阻与R1串联，则通过R1的电流减小，电阻R1的功率减小，故C错误； D．若原线圈匝数可调，现原、副线圈的匝数比变为3∶1，根据 可知等效电阻阻值减小；等效电阻与R1串联，则通过R1的电流增大，电阻R1的功率增大，故D错误。 故选B。 二、多选题（每题4分，部分2分，共16分） 9. 如图甲所示为LC振荡电路，乙图为该振荡电路中电容器上极板M的电荷量q随时间t变化的关系图像，下列说法正确的是（　　） A. a时刻，电容器的电场能最大 B. b时刻，线圈中的电流最小 C. b~c过程中，线圈中电流逐渐减小 D. 若在电容器内插入电介质，振荡电路的频率变大 【答案】AC 【解析】 【详解】A．由图乙可知，a时刻，电容器所带电荷量最大，电容器C的电场能最大，故A正确； B．由图乙可知，b时刻，电容器刚放电完成，回路中的电流最大，故B错误； C．b~c过程中，电容器所带电荷量逐渐增大，电容器充电，回路中的电流减小，故C正确； D．若在电容器内插入电介质，根据 可知，电容器的电容增大，由振荡频率公式 可知，荡频率会减小，故D错误。 故选AC。 10. 如图甲所示，先后用不同的交流电源给同一个灯泡供电。第一次灯泡两端的电压随时间按正弦规律变化，如图乙所示；第二次灯泡两端的电压变化规律如图丙所示。若图乙、丙中的U0、T所表示的电压、周期值是相等的，则以下说法正确的是（ ） A. 第一次灯泡两端的电压有效值是U0 B. 第二次灯泡两端的电压有效值是U0 C. 第一次和第二次灯泡的电功率之比是2∶9 D. 第一次和第二次灯泡的电功率之比是1∶5 【答案】AD 【解析】 【详解】AB．第一次灯泡两端的电压有效值为 设第二次电压的有效值为U2，根据有效值的定义，则有 解得 故A正确，B错误。 CD．由功率的公式得，灯泡的电功率之比是 故C错误，D正确。 故选AD。 11. 如图所示，用粗细均匀的铜导线制成半径为r、电阻为4R的圆环，PQ为圆环的直径，在PQ的左右两侧均存在垂直圆环所在平面的匀强磁场，磁感应强度大小均为B，但方向相反。一根长为2r、电阻不计的金属棒MN绕着圆心O以角速度ω顺时针匀速转动，金属棒与圆环紧密接触。下列说法正确的是（　　） A. 金属棒MN两端的电压大小为Bωr2 B. 金属棒MN中的电流大小为 C. 图示位置金属棒中电流方向为从M到N D. 金属棒MN在转动一周的过程中电流方向不变 【答案】AC 【解析】 【分析】 【详解】A．金属棒MO和NO都切割磁感线，产生感应电动势，由右手定则可知两端产生的感应电动势方向相同，所以MN产生的感应电动势为 又因为MN的电阻不计，所以MN两端的电压就等于MN棒产生的电动势Bωr2，A正确； B．MN棒把圆环分为相等的两部分，每部分的电阻为2R，且两部分是并联的，所以电路中的总电阻为R，由闭合电路欧姆定律可知MN中的电流为，B错误； C．由右手定则可知图示位置金属棒中电流方向为从M到N，C正确； D．由右手定则可知MO转到右侧磁场时，金属棒中电流方向为从N到M，D错误。 故选AC。 12. 如图所示，足够长的水平放置的光滑平行导轨，宽轨道的间距为窄轨道的2倍，轨道处于竖直方向的匀强磁场中，甲、乙两导体棒垂直导轨放置，质量分别为2m、m，电阻分别为2R、R。某时刻甲以速度v0向右滑动，若甲始终在宽轨道上运动，最终（　　） A. 甲的速度为 B. 甲的速度为 C. 乙产生的热量为 D. 乙产生的热量为 【答案】AC 【解析】 【详解】AB．最终状态两棒均做匀速运动，此时两棒切割产生的电动势大小相等，则有 解得 对甲棒，根据动量定理可得 对乙棒，根据动量定理可得 联立解得，，故A正确，B错误； CD．根据能量守恒可知，回路中产生的总热量为 结合上述结论， 解得 则乙棒产生的热量为，故C正确，D错误。 故选AC。 三、实验题（每空2分，共14分） 13. 在“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”实验中，利用可拆变压器能方便地改变原、副线圈的匝数比。 （1）为实现探究目的，保持原线圈输入电压一定，通过改变原、副线圈匝数，测量副线圈上的电压，并记录相关数据，这个探究过程采用的科学探究方法是______。 A. 控制变量法 B. 等效替代法 C. 演绎法 D. 理想实验法 （2）某次实验中，用匝数匝和匝的线圈做实验，测量的数据如下表所示，下列说法中正确的是______。 1.80 2.80 3.80 4.90 4.00 6.01 8.02 9.98 A. 原线圈的匝数为，用较粗导线绕制 B. 副线圈的匝数为，用较细导线绕制 C. 原线圈的匝数为，用较细导线绕制 D. 副线圈的匝数为，用较粗导线绕制 （3）该同学在分析数据时发现上述实验数据没有严格遵从，下列原因可能正确的是______。 A. 在交变电流产生的过程中，副线圈中电流的频率比原线圈中电流的频率低 B. 变压器副线圈的磁通量变为原线圈的磁通量的两倍，使线圈的电阻增加 C. 铁芯在交变磁场的作用下会发热 D. 原线圈中电流产生的磁场能在向副线圈转移过程中有损失 【答案】（1）A （2）C （3）CD 【解析】 【小问1详解】 本实验通过改变原副线圈匝数，探究原副线圈的电压比与匝数比的关系，实验中要运用控制变量法。 故选A。 【小问2详解】 由表格数据可知 考虑到实验中所用变压器并非理想变压器，即存在功率损失，使得原、副线圈电压之比大于匝数比，所以原线圈的匝数为，副线圈的匝数为；原线圈电压较大，电流较小，所以原线圈用较细导线绕制，而副线圈电压较小，电流较大，所以副线圈用较粗导线绕制。 故选C。 【小问3详解】 A．变压器不改变交变电流的频率，原、副线圈电流频率相同，故A错误； B．理想情况下原、副线圈磁通量变化率相同，且线圈电阻由材料、长度、横截面积决定，与磁通量无关，故B错误； C．铁芯在交变磁场中会产生涡流，导致铁芯发热，这是铁损的一种，会造成能量损失，使实际输出电压偏离理想值，故C正确； D．原线圈磁场能向副线圈转移时，存在漏磁（部分磁场未穿过副线圈），这是磁损，会导致副线圈感应电压降低，偏离理想电压比，故D正确。 故选CD。 14. 某同学使用如图所示的三组器材探究电磁感应现象。 （1）在甲图中，闭合开关S后，将滑片P向右迅速移动的过程中，线圈B中的磁通量_________（选填“增大”或“减小”）。 （2）在乙图中，将导体棒上下运动的过程中，电表指针_________（选填“偏转”或“不偏转”）。 （3）在丙图中，将条形磁铁向下插入线圈的过程中，感应电流从_________（选填“正”或“负”）极接线柱流入电表。如果线圈两端取下电流计不接任何原件，则线圈中将_________ A.仍然有感应电流 B.无感应电流，只有感应电动势 C.不能用楞次定律判断感应电动势方向 D.可以用楞次定律判断感应电动势方向。 【答案】 ①. 增大 ②. 不偏转 ③. 正 ④. BD##DB 【解析】 【详解】（1）[1]在甲图中，闭合开关S后，将滑片P向右迅速移动的过程中，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，由闭合电路欧姆定律可知，电路中的电流变大，线圈A产生的磁场增强，线圈B中的磁通量增大。 （2）[2]在乙图中，将导体棒上下运动的过程中，导棒不切割磁感线，没有感应电流产生，电表指针不偏转。 （3）[3]在丙图中，将条形磁铁向下插入线圈的过程中，线圈中的磁场方向向上，磁通量增加，闭合电路中有感应电流产生，由楞次定律可知，感应电流从电表的正极接线柱流入电表。 [4]如果线圈两端取下电流计不接任何原件，在线圈中磁通量发生变化时，即使线圈不闭合，线圈中也有电磁感应现象，但无感应电流，只有感应电动势，同样可以利用楞次定律判断感应电动势方向，BD正确，AC错误。 故选BD。 四、解答题 15. 如图所示，正方形线圈绕对称轴在匀强磁场中匀速转动，转速。已知，匝数匝，磁感应强度，图示位置线圈平面与磁感线平行。线圈总电阻，外接电阻，交流电压表为理想电表。 （1）从如图位置开始计时，写出感应电动势的瞬时值表达式。 （2）求从如图位置开始，转过30°时交流电压表的示数。 （3）求从如图位置开始，转过60°的过程中通过线圈某横截面的电荷量。 【答案】（1）；（2）；（3） 【解析】 【详解】（1）由题意可得 则感应电动势的最大值为 感应电动势的瞬时值表达式为 （2）感应电动势的有效值为 电压表测量路端电压，则电压表的示数为 （3）从图示位置开始，转过60°的过程中通过线圈某横截面的电量为 其中 解得 16. 某发电机输电电路的简图如图所示，发电机的矩形线框ABCD处于磁感应强度大小为的水平匀强磁场中，线框面积为S=0.5m2，匝数为100匝，电阻不计。线框绕垂直于磁场的轴OO'以角速度ω=100πrad/s匀速转动，并与升压变压器的原线圈相连，升压变压器原、副线圈的匝数之比1：10 ，降压变压器的副线圈接入若干“220V，100W”的灯泡，两变压器间的输电线等效电阻R=10Ω，变压器均为理想变压器。当发电机输出功率为时，灯泡正常发光。求： （1）输电线上损失的功率； （2）降压变压器原、副线圈的匝数之比。 【答案】（1）1000W （2）245：11 【解析】 【小问1详解】 发电机产生的感应电动势最大值 线框电阻不计，升压变压器原线圈电压等于电动势有效值 升压变压器原线圈的电流 设输电线上的电流为，则有 输电线上损失的功率 【小问2详解】 设升压变压器的副线圈电压为，则有 输电线上的电压损失 则降压变压器的原线圈电压 由题意知，降压变压器的副线圈的电压，则有 联立解得降压变压器原、副线圈的匝数之比 17. 如图（a）所示，一端封闭的两条平行光滑导轨相距L，距左端L处的中间一段被弯成 半径为H的四分之一圆弧，导轨左右两段处于高度相差H的水平面上。圆弧导轨所在区域无磁场，右段区域存在磁场B0，左段区域存在均匀分布但随时间线性变化的磁场B（t），如图（b）所示，两磁场方向均竖直向上。在圆弧顶端，放置一质量为m的金属棒ab，与导轨左段形成闭合回路，从金属棒下滑开始计时，经过时间t0滑到圆弧底端。设金属棒在回路中的电阻为R，导轨电阻不计，重力加速度为g。 （1）问金属棒在圆弧内滑动时，回路中感应电流的大小和方向是否发生改变？为什么？ （2）求0到时间t0内，回路中感应电流产生的焦耳热量。 （3）探讨在金属棒滑到圆弧底端进入匀强磁场B0的一瞬间，回路中感应电流的大小和方向。 【答案】（1）不发生改变，见解析；（2）；（3）见解析 【解析】 【详解】（1）感应电流的大小和方向均不发生改变。因为金属棒滑到圆弧任意位置时，回路中磁通量的变化率相同。 （2）0~t0时间内，设回路中感应电动势大小为E0，感应电流为I，感应电流产生的焦耳热为Q，由法拉第电磁感应定律 根据闭合电路的欧姆定律 由焦耳定律 （3）设金属进入磁场B0的瞬间，速度为v，金属棒在圆弧区域下滑的过程中，机械能守恒 根据法拉第电磁感应定律，金属棒进入磁场B0区域瞬间产生的感应电动势大小为E，则 ，方向为 而左端磁场的感应电动势为 方向为。 由闭合电路欧姆定律，求得感应电流 讨论： I．当时，I=0； II．当时 ，方向为 III．当时 ，方向为 18. 如图甲所示，两根足够长的光滑金属导轨在水平面内平行放置，其间距为，处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度随时间变化的规律如图乙所示。、两根导体棒长度略大于，质量均为电阻均为，垂直导轨放置，两棒之间的距离为。水平细线的一端固定于墙面，另一端与棒连接，能承受的最大拉力，细线的水平部分左端与棒连接，右端跨过光滑的定滑轮竖直连接质量为2kg的重物，0~2s内使棒始终保持静止，2s时刻释放棒，当下落高度时恰好断开，导轨电阻不计，运动过程中棒始终与导轨垂直且接触良好，重力加速度为。求： （1）时刻棒所受安培力； （2）刚断开时，棒的速度大小； （3）从释放棒到恰好断开，经历的时间和棒产生的热量。 【答案】（1），水平向右 （2） （3）， 【解析】 【小问1详解】 0~2s，磁场均匀变化，感应电动势 感应电流 安培力（其中时） 解得 方向水平向右。 【小问2详解】 2s后，磁场恒定，b棒与物体c运动，当M恰好要断裂时，对a棒（其中） 感应电动势 b棒切割磁感线，则 解得 【小问3详解】 从释放b棒到M恰好断开，对导体棒，由动量定理 对重物c，由动量定理有 其中 联立解得 从释放b棒到M断开的过程，对整个系统，由能量守恒定律可得 则 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2025--2026学年第二学期第一次教学质量抽测 高二物理试题 （分值：100分钟，时间：90分钟） 注意事项： 1、本试卷为问答分离式试卷，共x页，其中问卷x页，答卷x页。答题前，请考生务必将自己的学校、姓名、座位号、准考证号等信息填写在机读卡上及答卷的密封区内。 2、作答非选择题时必须用黑色字迹0.5毫米签字笔书写在答卷的指定位置上，作答选择题必须用2B铅笔在机读卡上将对应题目的选项涂黑。如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其它答案，请保持机读卡卡面清洁和答题纸清洁，不折叠、不破损。 3、考试结束后，请将答题纸和机读卡交回。 一、单选题（每题3分，共24分） 1. 电磁感应现象在科技和生活中有着广泛的应用，下列说法正确的是（　　） A. 图甲中，发射线圈接入恒定电流也能实现手机充电 B. 图乙中，电磁炉不能使用陶瓷锅，是因为陶瓷不能产生涡流 C. 图丙中，冶炼炉的炉外线圈通入高频交流电时，线圈产生大量热量，冶炼金属 D. 图丁中，电流表在运输时要用导线把两个接线柱连在一起，利用了电磁驱动原理 2. 如图所示为演示交变电流产生的装置图，关于这个实验，下列说法正确的是（　　） A. 图示位置为中性面，线圈中无感应电流 B. 图示位置ab边的感应电流方向为b→a C. 线圈平面与磁场方向平行时，磁通量变化率为零 D. 线圈每转动一周，电流方向改变两次 3. 两个相同的电阻R1、R2和两个相同的灯泡A1、A2与两个线圈L连接成如下甲、乙两电路，在实验过程中灯泡均没有烧毁，线圈的直流电阻很小、自感系数很大．下列说法正确的是( ) A. 在电路甲中，S闭合，灯泡A1逐渐变亮，并能稳定发光 B. 在电路甲中，S先闭合待稳定后再断开，灯泡A1不亮 C. 在电路乙中，S闭合，灯泡A2逐渐变亮，直到稳定发光 D. 在电路乙中，S先闭合待稳定后再断开，灯泡A2将闪一下，再熄灭 4. 如图所示，铁芯左边悬挂一个轻质金属环，铁芯上有两个线圈和，线圈和电源、开关、热敏电阻相连，线圈与电流表相连。已知热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，保持开关闭合，下列说法正确的是（　　） A. 当电流从经电流表到时，可知温度升高 B. 当温度不变时，电流表示数不为0 C. 当温度升高时，金属环向右摆动 D. 当电流表示数增大时，可知温度升高 5. 如图所示，有一等腰直角三角形的区域，其斜边长为2L，高为L。在该区域内分布着如图所示的磁场，左侧磁场方向垂直纸面向外，右侧磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小均为B。一边长为L、总电阻为R的正方形导线框abcd，从图示位置开始沿x轴正方向以速度v匀速穿过磁场区域。取沿顺时针的感应电流方向为正，则下列表示线框中电流i随bc边的位置坐标x变化的图象正确的是（　　） A. B. C. D. 6. 如图所示为一理想自耦式变压器，原线圈两端加220V交流电，V1、V2为理想电压表。下列说法正确的是（　　） A. 若P不动，F向下滑动，V1、V2示数都变小 B. 若P不动，F向上滑动，灯泡消耗的功率变小 C. 若F不动，P向上滑动，V1示数不变、V2示数增大 D. 若F不动，P向下滑动，灯泡消耗的功率变小 7. 如图所示，绝缘水平面上固定一足够长且间距为的光滑水平导轨，其左端连有一阻值为的电阻，整个装置处于磁感应强度大小为、方向竖直向下的匀强磁场中。质量为的导体棒垂直导轨放置，且与导轨接触良好，导轨和导体棒的电阻均忽略不计。在水平向右的恒定外力的作用下，导体棒由静止开始运动且始终与导轨垂直，则（　　） A. 导体棒上点电势高于点电势 B. 导体棒能达到的最大速度为 C. 导体棒的速度从0增加到最大的过程中，外力对导体棒做功的大小为 D. 导体棒的速度从0增加到最大的过程中，通过电阻的电荷量为 8. 如图所示，一理想变压器的原线圈一侧接在电压为220V的正弦交流电源上，原、副线圈的匝数比为9∶1，原线圈串联定值电阻R1，副线圈接滑动变阻器R2。当滑动变阻器滑片P位于某一位置时，R1、R2消耗的功率之比为2∶9。则下列说法正确的是（　　） A. 副线圈回路中滑动变阻器两端的电压为22V B. 此时定值电阻R1与滑动变阻器接入电路的阻值之比为18∶1 C. 若滑动变阻器滑片向上移动，电阻R1的功率增大 D. 若原线圈匝数可调，现原、副线圈的匝数比变为3∶1，滑动变阻器滑片处于原位置不动，电阻R1的功率减小 二、多选题（每题4分，部分2分，共16分） 9. 如图甲所示为LC振荡电路，乙图为该振荡电路中电容器上极板M的电荷量q随时间t变化的关系图像，下列说法正确的是（　　） A. a时刻，电容器的电场能最大 B. b时刻，线圈中的电流最小 C. b~c过程中，线圈中电流逐渐减小 D. 若在电容器内插入电介质，振荡电路的频率变大 10. 如图甲所示，先后用不同的交流电源给同一个灯泡供电。第一次灯泡两端的电压随时间按正弦规律变化，如图乙所示；第二次灯泡两端的电压变化规律如图丙所示。若图乙、丙中的U0、T所表示的电压、周期值是相等的，则以下说法正确的是（ ） A. 第一次灯泡两端的电压有效值是U0 B. 第二次灯泡两端的电压有效值是U0 C. 第一次和第二次灯泡的电功率之比是2∶9 D. 第一次和第二次灯泡的电功率之比是1∶5 11. 如图所示，用粗细均匀的铜导线制成半径为r、电阻为4R的圆环，PQ为圆环的直径，在PQ的左右两侧均存在垂直圆环所在平面的匀强磁场，磁感应强度大小均为B，但方向相反。一根长为2r、电阻不计的金属棒MN绕着圆心O以角速度ω顺时针匀速转动，金属棒与圆环紧密接触。下列说法正确的是（　　） A. 金属棒MN两端的电压大小为Bωr2 B. 金属棒MN中的电流大小为 C. 图示位置金属棒中电流方向为从M到N D. 金属棒MN在转动一周的过程中电流方向不变 12. 如图所示，足够长的水平放置的光滑平行导轨，宽轨道的间距为窄轨道的2倍，轨道处于竖直方向的匀强磁场中，甲、乙两导体棒垂直导轨放置，质量分别为2m、m，电阻分别为2R、R。某时刻甲以速度v0向右滑动，若甲始终在宽轨道上运动，最终（　　） A. 甲的速度为 B. 甲的速度为 C. 乙产生的热量为 D. 乙产生的热量为 三、实验题（每空2分，共14分） 13. 在“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”实验中，利用可拆变压器能方便地改变原、副线圈的匝数比。 （1）为实现探究目的，保持原线圈输入电压一定，通过改变原、副线圈匝数，测量副线圈上的电压，并记录相关数据，这个探究过程采用的科学探究方法是______。 A. 控制变量法 B. 等效替代法 C. 演绎法 D. 理想实验法 （2）某次实验中，用匝数匝和匝的线圈做实验，测量的数据如下表所示，下列说法中正确的是______。 1.80 2.80 3.80 4.90 4.00 6.01 8.02 9.98 A. 原线圈的匝数为，用较粗导线绕制 B. 副线圈的匝数为，用较细导线绕制 C. 原线圈的匝数为，用较细导线绕制 D. 副线圈的匝数为，用较粗导线绕制 （3）该同学在分析数据时发现上述实验数据没有严格遵从，下列原因可能正确的是______。 A. 在交变电流产生的过程中，副线圈中电流的频率比原线圈中电流的频率低 B. 变压器副线圈的磁通量变为原线圈的磁通量的两倍，使线圈的电阻增加 C. 铁芯在交变磁场的作用下会发热 D. 原线圈中电流产生的磁场能在向副线圈转移过程中有损失 14. 某同学使用如图所示的三组器材探究电磁感应现象。 （1）在甲图中，闭合开关S后，将滑片P向右迅速移动的过程中，线圈B中的磁通量_________（选填“增大”或“减小”）。 （2）在乙图中，将导体棒上下运动的过程中，电表指针_________（选填“偏转”或“不偏转”）。 （3）在丙图中，将条形磁铁向下插入线圈的过程中，感应电流从_________（选填“正”或“负”）极接线柱流入电表。如果线圈两端取下电流计不接任何原件，则线圈中将_________ A.仍然有感应电流 B.无感应电流，只有感应电动势 C.不能用楞次定律判断感应电动势方向 D.可以用楞次定律判断感应电动势方向。 四、解答题 15. 如图所示，正方形线圈绕对称轴在匀强磁场中匀速转动，转速。已知，匝数匝，磁感应强度，图示位置线圈平面与磁感线平行。线圈总电阻，外接电阻，交流电压表为理想电表。 （1）从如图位置开始计时，写出感应电动势的瞬时值表达式。 （2）求从如图位置开始，转过30°时交流电压表的示数。 （3）求从如图位置开始，转过60°的过程中通过线圈某横截面的电荷量。 16. 某发电机输电电路的简图如图所示，发电机的矩形线框ABCD处于磁感应强度大小为的水平匀强磁场中，线框面积为S=0.5m2，匝数为100匝，电阻不计。线框绕垂直于磁场的轴OO'以角速度ω=100πrad/s匀速转动，并与升压变压器的原线圈相连，升压变压器原、副线圈的匝数之比1：10 ，降压变压器的副线圈接入若干“220V，100W”的灯泡，两变压器间的输电线等效电阻R=10Ω，变压器均为理想变压器。当发电机输出功率为时，灯泡正常发光。求： （1）输电线上损失的功率； （2）降压变压器原、副线圈的匝数之比。 17. 如图（a）所示，一端封闭的两条平行光滑导轨相距L，距左端L处的中间一段被弯成 半径为H的四分之一圆弧，导轨左右两段处于高度相差H的水平面上。圆弧导轨所在区域无磁场，右段区域存在磁场B0，左段区域存在均匀分布但随时间线性变化的磁场B（t），如图（b）所示，两磁场方向均竖直向上。在圆弧顶端，放置一质量为m的金属棒ab，与导轨左段形成闭合回路，从金属棒下滑开始计时，经过时间t0滑到圆弧底端。设金属棒在回路中的电阻为R，导轨电阻不计，重力加速度为g。 （1）问金属棒在圆弧内滑动时，回路中感应电流的大小和方向是否发生改变？为什么？ （2）求0到时间t0内，回路中感应电流产生的焦耳热量。 （3）探讨在金属棒滑到圆弧底端进入匀强磁场B0的一瞬间，回路中感应电流的大小和方向。 18. 如图甲所示，两根足够长的光滑金属导轨在水平面内平行放置，其间距为，处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度随时间变化的规律如图乙所示。、两根导体棒长度略大于，质量均为电阻均为，垂直导轨放置，两棒之间的距离为。水平细线的一端固定于墙面，另一端与棒连接，能承受的最大拉力，细线的水平部分左端与棒连接，右端跨过光滑的定滑轮竖直连接质量为2kg的重物，0~2s内使棒始终保持静止，2s时刻释放棒，当下落高度时恰好断开，导轨电阻不计，运动过程中棒始终与导轨垂直且接触良好，重力加速度为。求： （1）时刻棒所受安培力； （2）刚断开时，棒的速度大小； （3）从释放棒到恰好断开，经历的时间和棒产生的热量。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $