湖南长沙麓山国际实验学校2026-2027学年高二上学期开学物理试题

麓山国际实验学校2025级高二9月入学学情检测物理试卷 命题人：高逸湘 审题人：罗重学 总分：100分 时量：75分钟 一，单选题（本题共7小题，每小题4分，共28分。每小题只有一个选项符合题目要求) 1.下列关于静电场及静电现象说法正确的是（) A.若电场中的某点不放试探电荷，则该点的电场强度一定为0 B.法国科学家库仑认为电荷之间的相互作用通过场来传递，提出了电场的概念 C.公式E=k表明在点电荷的电场中，某点的电场强度的大小与电荷量成正比 D.优质耳机线内包裹着金属丝网是利用了静电吸附的原理 2.有三个完全相同的平行板电容器甲、乙、丙，将乙电容器两极板的正对面积减小一些，丙电 容器两极板间的距离减小一些，随后将它们分别接入相同电路，做“用传感器观察电容器的 充放电过程”的实验，得到的i-t图像如图中曲线a、b、c所示。则a、b、c对应的电容器 分别是() t A.甲、乙、丙 B.乙、甲、丙 C.丙、甲、乙 D.丙、乙、甲 3.如图所示，大量程电压表、电流表都是由灵敏电流表G和变阻箱R改装而成。已知灵敏电 流表G的满偏电流为Ig=100mA,内阻为Rg=202,变阻箱R接入电路的阻值为Ro,下列 说法正确的是(） ET© A.甲表是电流表，R减小时量程减小 插孔1 插孔2 B.乙表是电压表，R增大时量程减小 表笔A表笔B C.丙电路图表示欧姆表，表笔A是黑表笔 甲 乙 丙 D.在乙图中，若改装成的电压表的量程为3V,则Ro=102 4.如图甲，多级直线加速器由多个横截面积相同的金属圆简依次排列，其中心轴线在同一直线 上，序号为奇数和偶数的圆筒分别与图乙所示交变电源两极相连。t=0时，位于金属圆板（序 号为0)中央的电子，由静止开始加速。若已知电子的质量为m、电荷量为-e、交流电周期 第1页（共8页） 为T,电子通过圆筒间隙的时间不计，忽略相对论效应，下列说法正确的是（) 0234 8 交变电压 甲 A.电子在圆筒内做匀加速直线运动 B.电子在第2个与第4个圆筒中的速度之比为1：2 C.电子在各圆筒中的运动时间均为T D.图甲中各圆筒的长度之比为1：√2：√3… 5.两条完全相同的均匀电阻丝α、b,现把电阻丝b均匀拉长到原来的2倍记为b',将电阻丝 a、b'并联接入电路，电阻丝α、b'中的自由电荷定向移动的平均速率之比为() A.4:1 B.2:1 C.1:2 D.1:4 6.如图所示，电源电动势为E、内阻为r,R1、R2为定值电阻，电表均为理想电表。闭合开关 S,将滑动变阻器R3的滑片从左向右移动的过程中，电流表A1、2、电压表2示数变化的 绝对值分别为△1、△2、△U2,下列说法正确的是（) R R R E,r A.电压表1示数增大 B.电流表A2示数增大 C.袋=R+r D.△1<△2 7.(（★)运动员为了练习腰部力量，在腰部拴上轻绳然后沿着斜面下滑，运动的简化模型如图 所示，倾角为37°的光滑斜面固定放置，质量为m运动员与质量为m的重物通过轻质细绳连 接，细绳跨过天花板上的两个定滑轮，运动员从斜面上的某点由静止开始下滑，当运动到A 点时速度大小为，=√2g,且此时细绳与斜面垂直，当运动到B点时，细绳与斜面的夹 角为37°，已知A、B两点之间的距离为2L,重力加速度为g,运动员在运动的过程中一直 未离开斜面，细绳一直处于伸直状态，不计细绳与滑轮之间的摩擦，运动员与重物（均视为 第2页（共8页） 质点)总在同一竖直面内运动，si37°=0.6，cos37°=0.8，下列说法正确的是（) A.运动员在A点时，重物的速度大小为装√2g配 B.运动员从A点运动到B点，重物重力势能的增加量为m 2 C.运动员从A点运动到B点，系统总重力势能的减小为mg 371 D.运动员在B点时，其速度大小为√2gL 37 二.多选题（本题共3小题，每小题5分，共15分。每小题有多个选项符合题目要求，全部 选对得5分，选对但不全得3分，有选错或不选得0分) 8.(★)如图所示，平面内直线AB和CD垂直相交于O点，A、B关于O点对称，C、D关于 O点对称，M是AO的中点，N是OB的中点，则下列说法正确的是（) C A.若将电荷量为+Q的点电荷放置在O点，则C、M、D、N四点的电场强度相同 B.若将电荷量为+Q和-Q的点电荷分别放置在A点和B点，则M、N两点电场强度相同 C.若在M点和N点分别放置等量同种点电荷，一电子从O点沿直线运动到C点的过程中 所受静电力的大小是一直增大的 D.若在M点和N点分别放置等量正点电荷，一电子从C点由静止释放，电子将在C、D间 做往返运动 9.如图所示，A、B、C、D是匀强电场中的四个水平的等差等势面，相邻等势面间的距离均为 2.5cm,已知B等势面上的电势为零。一个电子从D等势面上的P点以初动能Ek=20eV进 入电场，刚好从N点离开电场，离开时，N点的动能为5eV,E,表示电子在电场中的电势能。 下列说法正确的是() --------B A.结合电子的运动轨迹和等势面可知，电子在该匀强电场中的受力方向水平向右 B.该匀强电场的场强为200Vm C.该粒子经过等势面C时的动能为10eV D.该粒子从P到N的过程，△Ek+△E,=0 第3页（共8页） 10.在x轴的坐标原点O和x轴负半轴上的P点各固定一个点电荷，规定沿x轴正向为电场强 度的正方向，x轴正半轴上电场强度随x变化的关系如图所示。P点横坐标你=-21，设无 穷远处电势为零，则下列判断正确的是() AE A.P点的点电荷带正电，O点的点电荷带负电 B.P、O两点的点电荷的电量之比为3：1 C.x轴正半轴上，除无穷远处，电势为零的点在坐标原点O与x=x1之间的某个位置 D.x轴正半轴上，x=2处的电势随x变化最慢 三.填空题（本题共2小题，共16分） 11.某同学要测量由某种导电材料制成的横截面积为2mm2的电阻丝的电阻率： (1)先用游标卡尺测量其长度，如图所示，其读数为 mm。 01234,5、6 7 8 9cm主尺 hn山wwL mxmmxmmmmmmm 01落345678910游标尺 (2)再用多用电表粗测其阻值，选择欧姆“×10”挡位，发现指针偏转角度过大，故而将选 择开关旋到挡位 (填“x1”或“×100”)。接下来进行的操作是 A.直接测量 B.欧姆调零 C.机械调零 (3)该同学采用代安法更精确测量其阻值，除待测电阻丝外，实验室还备有的实验器材如 下： 电源E（电动势4.5V,内阻约22) 电压表V(量程3V,内阻约3k2) 电流表A（量程0.6A,内阻未知) 滑动变阻器R(阻值0~102，额定电流1A) 开关S 导线若干 第4页（共8页） 实验电路如图所示，用试触法时发现电压表示数变化较大，故应将电压表导线接在 处（填“a”或“b”)。 R E (4)通过该实验测得的金属丝电阻率与其真实值相比 (选填“偏大”、“偏小” 或“相等”) 12.某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材： A.待测干电池一节； B.电流表A:量程0-0.6A,内阻为0.62； C.电压表W:量程0-3V,内阻未知； D.滑动变阻器R:0-202; E.开关、导线若干 伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统 误差。在现有器材的条件下，为消除上述系统误差，尽可能准确地测量电池的电动势和内阻。 (1)实验电路图应选择下图中的 (填“甲”或“乙”)。 A ④H E.r E,r 甲 乙 (2)根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图所示的U-I图像。由此可知电池电动势 E= V,干电池的内电阻r= 2。（结果都保留到小数点后一位) 1.5 1.0 0 0.50IA) 第5页（共8页） 四.计算题（本题共3小题，其中第13题10分，第14题15分，第15题16分，共41分。 写出必要的推理过程，仅有结果不得分) 13.在如图所示电路中，电源电动势为12V,内阻r未知，电流表的内阻不计，小灯泡的规格 为“10V,10W”,电动机M线圈电阻为2.52。当开关S闭合时，小灯泡L和电动机M均 正常工作，此时电流表示数为2A,求：（小灯泡视为纯电阻元件，电阻保持不变） (1)电源内阻 (2)电动机的输出功率P1; (3)电动机因故障不能转动时，通过电动机的电流是多大，电动机消耗的功率P2是多大。 A E 夕R /S 第6页（共8页） 14.如图所示，质量为m=0.5kg的小物块静置于水平台面的A点，在水平推力F的作用下沿 直线运动至B点，AB的距离为x=2,力F与物块运动位移x的大小关系如图所示。物块到 达B点时水平飞出台面，同时撤去力F,物块恰好沿C点切线方向进入光滑竖直圆孤轨道， 最后滑上传送带。圆弧轨道半径R=1m,圆心为O,D为轨道最低点，圆弧CD、DE对应的 圆心角均为0=37°，且C、E两点等高，圆弧轨道与倾斜传送带相切于E点，传送带顺时针 运转的速率v=1ms,传送带轨道EF长度L=5m,。已知物块与水平台间的动摩擦因数4= 0.7,与传送带间的动摩擦因数2=0.75，取g=10m/s2,sin37°=0.6，cos37°=0.8。求： F F/N 777777777777777777777777777 0 1 2 x/m (1)物块飞出B点时的速度大小阳； (2)物块从E端运动到F端的过程中产生的热量Q: (3)物块从E端运动到F端的过程中摩擦力对物块所做的功W。 第7页（共8页） 15.（(★)某工厂生产的质量检测装置如图所示，该装置用于筛选合格的带电微粒产品。装置中 的平行金属板（板长L=1m,间距d=0.2m)构成水平检测通道，内部电路由电动势E=6V、 内阻r=0.52的电源，定值电阻R1=R2=3.52,滑动变阻器R(0~102)和电流表（视为理 想电表)组成。质量m=0.01kg、电荷量g=0.02C的待检带负电微粒以o=20m/s的速度从 左侧沿金属板中心线射入，能够沿直线匀速通过检测区的微粒视为合格品。取重力加速度大 小g=10m/s2。 (I)求检测通道间的电压UN; (2)求电流表的示数； (3)调节滑动变阻器接入电路的阻值，求当滑动变阻器消耗的功率最大时微粒穿过金属板 的偏转位移大小y。 M R -9 m 00 第8页（共8页）麓山国际实验学校2025级高二9月入学学情检测物理试卷 参考答案与试题解析 一.单选题 1.【解答】解：A.电场强度是电场的固有属性，由电场本身的性质决定，与是否放置试探电荷无关，故A 错误：B.法拉第认为电荷之间的相互作用通过场来传递，提出了电场的概念，库仑的贡献是总结了库仑 定律，故B错误：C.B=k号是点电荷电场强度的决定式，对电场中某一确定点，距离r固定，电场强 度大小与场源电荷量Q成正比，故C正确：D.优质耳机线内包裹着金属丝网是利用了静电屏蔽的原理， 故D错误。故选：C。 2.【解答】解：由平行板电容器电容公式：C=4a(其中S为极板正对面积，d为极板间距)可知三个电容 器的电容大小关系为：C2<C<C两。结合1-t图像的面积表示为充电过程中充入的总电量，由Q=CU可 知，a、b、c分别对应乙、甲、丙，故ACD错误，B正确。故选：B。 3.【解答】解：A甲表是电流表，R减小时分流增大，则量程增大，故A错误：B.乙表是电压表，R增大时 分压变大，可知量程变大，故B错误；C丙图表示欧姆表，表笔B与内部电源的正极相连，是黑表笔， 故C错误：D在乙图中，改装电压表的量程为3V,则R。=号-Rg:解得R=10n,故D正确，放选：D。 4.【解答】解A.金属圆筒中电场为零，电子不受电场力，做匀速运动，故A错误；BD.电子进入第个 圆筒时，经过n次加速，根据动能定理neu=2mw哈，解得vn= 2C所以.电了在第2个与第4个图 筒中的速度之比为1：V2:第n个圆筒长度L。=,×号-号 2neu ,则各圆筒的长度之比为1：√2：√3· ··,故B错误，D正确；C.只有电子在每个圆筒中匀速运动时间为。时，才能保证每次在缝隙中被电场 加速，故C错误。故选：D。 5.【解答】解：设原来电阻丝电阻为R,根据电阻定律R=P导可知a的电阻为R,把电阻丝b均匀拉长到 原米的2倍，则b的横我面积变为原米的号故b'的电阻变为4银：根据欧姆定律1一只可知并联后a b'的电流之比4：1，又根据电流的微观表达式I=nqSv,可得电阻丝a、b'中的自由电荷定向移动的平 均速率之比色=名故B正确，ACD错误。故选：B。 6.【解答】解：AB、当滑动变阻器R3的滑片向右移动时，其接入电路的阻值R3增大。并联部分等效电阻R并= 随之增大，使得外电路总电阻R8=R+R在指大。根据闭合电路欧姆定1-号总电流（即电 流表A2示数)减小；由U1=R1可得定值电阻R1两端电压（即电压表V1示数）减小，故AB错误；C、 电压表V2测量并联电路电压U2,电流表A2测量总电流I2。将R1视为电源内阻时，根据闭合电路欧姆定 第1页（共4页） 律有U=E-I(R1r),该线性关系斜率的绝对值为k=R1+r。由于题目中△U2和△I2均为绝对值，故 U2 412 2随之 R1十，故C正确：D、并联部分电压U=E-2(R1)随1减小而增大，通过R的电流I2=2 增大。根据节点电流关系I2=I1+H2,其变化量满足△I2=△I1+△IR3(矢量关系)。由于△I2<0而AIR2> 0,故△I1必须为负且满足|△I1=|△IH△IR,因此△I>|△I,故D错误。故选：C。 7.【解答】解：A、设运动员速度为v,绳与斜面夹角为，则沿绳方向的分速度即重物的速度为v1=v' cosa,垂直绳方向的分速度为v2=v'sina,可知在A点时，细绳与斜面垂直，所以运动员在A点时，重 物的速度大小为零，故A错误；B、运动员从A点运动到B点，重物重力势能的增加量为4E,1=mg(cos3示 2L 2Ltan37)=mgL,故B错误；C、运动员从A点运动到B点，运动员的重力势能减少42=mg·2Lsin37°= 号mgl,可得系统总重力势能的增加量为4B,=Ep1-Bp:=一号mgL,即减少了日mgl,放C正确：D、 结合思意可加，运动员运动过程中，整个系统机锭能守缸，根据系统机城使守恒可知，有令m2十 (00379-m6,整理可得运动员在B点时，其速度大小为加=V2。放D销误。故选：C 二.多选题 8.【解答】解：A、电荷量为+Q的点电荷放置在O点，C、M、D、N四点的电场强度大小相等，方向不同， 则电场强度不相同，故A错误；B、若将电荷量为+Q和-Q的点电荷分别放置在A点和B点，根据等量 异种点电荷的电场分布特点可知，M、N两点的电场强度大小相等，方向均由A指向B,即M、N两点的 电场强度相同，故B正确：C、若在M点和N点分别放置等量同种的点电荷，则O点的电场强度是零， 从O点沿、的中垂线经过C点到无限远处，电场强度大小从零先增大后减小到零，则电子从O点沿直 线运动到C点的过程中，所受静电力的大小可能是一直增大的，也可能是先增大后减小的，故C错误；D、 若在M点和N点分别放置等量正点电荷，则MN连线的中垂线上，关于O点对称的两点电场强度等大反 向，因此电子在C0间与OD间受力具有对称性，都指向O点，所以当一电子从C点由静止释放，电子 将在C、D间做往返运动，故D正确。故选：BD。 9.【解答】解：A、电子受力方向竖直向下，电场线方向竖直向上，故A错误：B、一个电子从D等势面上 的P点以初动能E=20eV进入电场，刚好从N点离开电场，离开时，N点的动能为5eV,则电势能增加 了15eV,电场力做负功W=-15eV,根据W=EedAD知E=e=e×3)025Vhm=200Vm,故B正确； C、根据W=Ed知每降落相同的电势差电场力做功相等，所以该粒子经过等势面C时的动能为20eV- 5eV=l5V,故C错误：D、从P到N的过程只有电场力做功，发生动能和电势能的转化，所以动能和电 势能总和守恒，△Ek+△Ep=O,故D正确：故选：BD。 10.【解答】解：A、O与x=x1之间的坐标轴上的电场强度方向沿x轴负方向，x=x1右侧的坐标轴上电场 第2页（共4页） 强度方向沿x轴正方向，根据电场的叠加可知，P点的点电荷带正电、O点的点电荷带负电，故A正确： B、结合水®k器：代入数据可得ae:90=9:1,故B错误：C、在×轴正半轴上，白于无穷远处 电势为零，且沿着电场强度的方向电势降低，因此x=x1处的电势大于零，靠近坐标原点O处的电势趋于 负的无穷大，因此除无穷远处，电势为零的点在坐标原点O与x=x1之间的某个位置，故C正确；D、结 合E=发可知，电场强度越大，电势随x变化越快，故D错误。故选：AC。 三.填空题 11.【解答】解：(1)游标卡尺的最小分度为0.02mm,读数为41m+10×0.02m=41.20mm (2)发现指针偏转角度过大，说明电阻较小，应选择小挡位，故将选择开关旋到挡位×1： 换挡后需重新进行欧姆调零。故B正确，AC错误。故选：B。 (3)待测电阻的阻值远小于电压表内阻，采用电流表外接法可减小系统误差，故电压表接： (4)电流表外接法电阻测量值小于真实值，故电阻率测量值也小于真实值： 故答案为：(1)41.20；(2)×1，B;(3)a;(4)偏小。 12.【解答】解：(1)因为知道电流表内阻的具体值，故选甲。 (2)由闭合电路的欧姆定律得U=E-I(+RA),U-I图像的纵轴截距b=E=1.5V,图像斜率的绝对值 k=r+R:-155p=10n,其中电流表内阻为R4=060,解得r=04n 故答案为：(1)甲；(2)1.5：0.4。 四.计算题 13.【解答】解：(1)根据闭合电路的欧姆定律，电源内阻r=E'=12,100=10…2分 2 (2)流过电动机的电流为M=I-五，亚=元=A=lA1分 电动机的输出功率P1=iU-IRM,代入数据解得P1=7.5TW…2分 (3)电动机因故除不能转动时，电动机是纯电阻电路，灯泡电阻R=号-=1001分 外电阻R，-瓷-2爱82=201分 E 12 根据闭合电路的欧姆定律1定2牛=41分 流过电动机的电流为1血=R十RM 10 RL.1色0t25×4A=3.2A …1分 电动机消耗的功率P2=IRM=3.2X2.5W=25.W…. ……1分 14.【解答】解：(1)物块飞出平台时，由动能定理Wr-41mgx=m哈 ……1分 其中wg=Fx=7x2引=1山… …1分 第3页（共4页） 解得VB=4/g… …2分 (2)物块从B到C做平抛运动，由几何关系得vc=cos37,即vc=5s…1分 由机械能守恒可知，vc=E=5m/s因为vE=5m/s>v=1m/s物块向上先做匀减速运动 由牛顿第二定律得mgsin:37°+12 ngcos.37°=ma1得：a1=121m/s2…1分 则到两者共速所背的时间一。代入数据解得，一宝 1 …1分 此阶段物块减速运动的位移为x1=DEt1,代入数据解得x1=1m 2 …1分 此阶段传送带的位移为x传=m… …1分 故产生的热量Q=μgc0s37°(X1-X传)=2J…1分 因为μ2=tan37°，物块共速后匀速向上运动，与传送带保持相对静止，没有热量再产生。 (3)在物块匀减速阶段摩擦力做负功W1=-2gcos37°·x1,代入数据解得W1=-3J…1分 物块共速后匀速向上运动，摩擦力由滑动摩擦力突变为静摩擦力，方向沿斜面向上 物块匀速运动的位移X2=L-X1,即X2=4m…1分 此阶段摩擦力做正功W2=mgsin37°x2,计算可得W2=12J… …1分 故摩擦力对物块做的总功W=W+W2,即W=9J… …2分 15.【解答】解：(1)微粒沿金属板中心线做直线运动，小球受重力和电场力， 由二力平衡有g=qE…1分 又E=小型…l分 d 解得U时=1V…2分 （2)由闭合电路欧姆定律有E=U叶I(R1r)… …2分 解得I=1.25A… …2分 (3)设滑动变阻器的阻值为R时，其功率最大，有P= E2 (R4R1+)2R 由数学知识可知，当R=R1+r=42时，滑动变阻器的功率最大…2分 此时金属板间的电压U'=B=3V…1分 微粒此时做类平抛运动，在水平方向上有L=v0t… …1分 在竖直方向上有y=a2州 …1分 由牛顿第二定律有q-mg=ma… …1分 解得y=0.025m…2分 第4页（共4页）