2026年中考物理真题完全解读（江苏无锡卷）

该初中物理中考复习资料覆盖声、光、热、力、电等主干考点，构建“物理量—规律—单位—证据”知识链，通过考点细目表梳理、四步审题法指导、真题逐题解读，形成“基础—应用—探究—综合”能力梯度，助力学生系统突破难点。 亮点在于情境化真题与核心素养融合，如用寄畅园八音涧考查音色、风电平台建模力电综合，强化科学思维与探究。特设实验变量控制、跨章节知识链训练，配合避坑提醒和规范表达指导，帮助学生高效提升应考能力，为教师提供精准复习节奏把控依据。

2026年江苏省无锡市中考物理真题完全解读 试卷总评·考情分析·复习策略·真题解读 试题分析 试卷结构 本卷满分100分，考试时间100分钟，共30题。第一部分为12道单项选择题，共24分；第二部分为12道填空题，共36分；第三部分为6道解答题，共40分，其中第25题为作图题，第26—30题为实验探究、计算与综合应用。试题覆盖声、光、热、力、电、磁、能源和信息等主干内容。 考查内容与能力层级 选择题侧重概念辨析、图示识读和简单定量推理；填空题把物态变化、声学、力学、能量和电磁知识嵌入文化、体育、生活与科技情境；解答题强调实验设计、图像证据、故障判断、规范作图和多步计算，形成“识记理解—情境应用—实验探究—综合建模”的能力梯度。 核心素养覆盖 物理观念体现在运动与相互作用、物质属性和能量转化的整体认识；科学思维体现在模型建构、控制变量、比例推理、守恒分析和证据论证；科学探究体现在实验方案、仪器读数、图像处理、故障定位与误差评价；科学态度与责任体现在安全用电、节能减排、航天通信、生态工程和高空坠物防范等情境。 难度定位 全卷基础覆盖面广，综合题区分度较高。第1—5题、第13—20题主要考查概念与基本规律；第6题、第10题、第21—24题要求建立物理模型并进行定量推理；第25—30题把实验探究、工程设计和跨章节计算结合起来，突出从材料中提取条件、控制变量和规范表达。 试题亮点 一、地方文化与科技情境真实：寄畅园八音涧、江阴渡江第一船、鸿山玉飞凤、冬奥会、水电站、微厘空间卫星和风电平台等素材，使物理规律与城市文化、科技发展相连接。 二、实验探究链条完整：液体压强、阻力对运动影响、重力势能、沸腾、电流热效应、欧姆定律和密度计等题目连续考查变量控制、转换测量、图像处理、故障分析与方案评价。 三、综合建模层次分明：动滑轮、起重机、漂浮式风电平台、蒸汽熨烫机等题目把力学、热学、电学和能源知识组织在真实系统中，要求先识别过程再选规律。 四、图表与规范作图并重：平面镜、液体压强装置、电路、滑轮、温度图像、I-U 图像和密度计刻度等多种图示，检验学生的读图、作图和证据表达能力。 命题趋势 真实任务驱动：继续以生活、工程、体育和科技问题承载基础规律，要求从冗余信息中筛选有效条件并建立简化模型。 实验评价深化：实验题将更多追问研究对象、控制变量、转换指标、异常现象、数据图像和方案可行性。 跨章节综合稳定：密度—浮力、功—效率、电路—功率、热量—电能、光现象—作图等知识链会继续以综合题形式出现。 表达规范前置：作图题强调箭头、作用点、力臂和电路逻辑；计算题强调公式、单位、过程和结论完整。 素养导向突出：能源环境、安全责任、传统文化和科技创新等情境将继续承担物理观念、科学思维与责任意识的评价功能。 考点细目表 题号 情境 知识点 设问角度 1 寄畅园八音涧 音色与发声体材料 声音特性辨析 2 渡江第一船 长度估测与比例 数量级判断 3 平面镜矫正姿势 平面镜成像 虚实、等距、垂直 4 汽油机 冲程能量转化 压缩冲程判断 5 串联灯泡 串联电压规律 电压表接线识读 6 液体压强实验 深度与压强 控制变量、转换法 7 排球上抛 重力与阻力合力 方向和大小判断 8 通电线圈 磁场对电流作用 往复摆动原因 9 多插位接线板 电功率与安全 最大功率比较 10 动滑轮 功和机械效率 读数、位移、效率 11 微厘空间卫星 电磁波通信 传播时间与覆盖 12 小灯泡伏安法 欧姆定律、电功率 数据综合判断 13 樟脑丸 升华、扩散 物态与微观运动 14 鼓面与红豆 声音产生与传播 转换法、介质 15 永动机设想 磁极作用、能量守恒 物理边界判断 16 拉弓射箭 形变、势能、惯性 能量和运动解释 17 玉飞凤 长度单位、凸透镜 估测与成像 18 小车实验 阻力与运动 控制变量、平衡力 19 钉板落锤 重力势能 转换法、参考面 20 自行车助力器 发电机、电动机 能量转化 21 冬奥滑雪 机械能和功 最高点、重力功 22 水电站 密度、热值、效率 能源数据计算 23 电流热效应 焦耳定律 控制变量与比较 24 起重机模型 杠杆、滑轮、轮轴 平衡、效率 25 作图综合 光路、受力、电路 规范作图 26 漂浮式风电平台 能源、材料、流量 工程属性与质量 27 水沸腾 物态变化、热传递 图像与微重力 28 欧姆定律实验 电流、电压、电阻 排故、图像、反比 29 简易密度计 密度、浮力 漂浮与刻度设计 30 蒸汽熨烫机 液化、压强、电功率 系统建模与计算 考点模块占比分析 知识模块 题号 分值占比 考查侧重 运动、力与机械 2、7、10、16、18、19、21、24、25、26、29、30 约35% 受力、运动、功、机械、浮力与工程模型 电与磁 5、8、9、11、12、15、20、23、25、28、30 约30% 电路规律、功率、电磁作用、实验排故 热与物质 4、13、15、22、23、27、30 约18% 物态变化、内能、热值、电热与材料属性 光学 3、17、25 约7% 平面镜、凸透镜与光路作图 声学 1、14 约4% 音色、振动、介质与转换法 能源与信息 11、15、20、22、26 约6% 电磁通信、可再生能源、能量守恒与责任 核心备考策略 （1）建立“物理量—规律—单位—证据”四步审题链，计算题先写规律再代入，结果带单位。 （2）重做教材实验，明确研究对象、自变量、因变量、控制变量和转换指标，结论必须带条件。 （3）强化图文转换，面对装置图、电路图、过程图和数据表，先标对象、状态、方向和测量量，再列关系。 （4）重点训练密度—浮力、功—效率、欧姆定律—电功率、物态—内能等跨章节知识链。 避坑提醒 选择题先判关键词：注意“正确的是”“不正确的是”“能够再插接”等限定语，选项逐一核对。 实验题先查变量和状态：先判断控制变量和转换量，再读量程、分度值及图像，结论不要越过证据范围。 计算题先统一单位并写过程：密度、热值、功率、效率和测距问题要分别明确输入量、有效量及单位。 作图题先定规则：光线箭头按传播方向，受力图按平衡条件，电路图按每种状态逐一验证。 逐题解读 江苏省无锡市2026年初中学业水平考试 物理 本试卷满分100分，考试时间100分钟。 一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分。每小题给出的四个选项中只有一个正确） 1. 无锡寄畅园内的“八音涧”是黄石垒砌的石涧景观，夏季多雨时节，流水撞击黄石，能模拟出“金、石、丝、竹、匏、土、革、木”不同材料做的乐器所发出的声音。这里的“八音”是指声音的（　　） A. 音色 B. 音调 C. 响度 D. 速度 【答案】A 【命题透视】 ▶核心考点：声音的音色与发声体材料、结构 ▶课标关联方向：运动和相互作用主题中的声现象，侧重依据发声体材料和结构解释音色差异。 ▶命题分析：由流水撞击黄石模拟不同材料乐器，考查把情境信息对应到音色决定因素。 【解析】 【详解】音色是声音的特色，由发声体的材料、结构决定，不同材料的乐器发出声音的特色不同，也就是音色不同。题干里流水撞击黄石模拟出不同材质乐器的发声，模拟的就是不同声音的特色，对应的是声音的音色。 故选A。 【易错点】 声音的音色由发声体的材料和结构决定，不能把音色与音调、响度混淆。 【知识总结】 音调由频率决定，响度由振幅决定，音色由材料和结构决定。 2. 下图是陈列于江阴军事文化博物馆的“渡江第一船”。写有“渡江第一船”的帆高6.5 m，根据图片信息判断，该船的长度最接近（ ） A. 100 m B. 50 m C. 10 m D. 5 m 【答案】C 【学科材料分析】 题干中的图示、数据或实验装置提供了可直接读取的物理证据：长度估测、比例关系和单位选择。分析时先确认研究对象和状态，再把图中位置、方向、读数或数据变化转换为物理量关系；涉及实验时保持题目要求的控制变量，只根据可比较的两组数据归纳结论。对于原题中的公式图形和配图，源 Word 将保留其原始对象与位置。 【命题透视】 ▶核心考点：长度估测、比例关系和单位选择 ▶课标关联方向：运动和相互作用主题，侧重选择合适单位、利用参照物和数量级进行估测。 ▶命题分析：以渡江第一船照片和已知帆高建立比例，考查图文转换与数量级判断。 【解析】 【详解】由图可知，船的长度大约是帆高的1.5倍。帆高，则船的长度 最接近10m，故选C。 【易错点】 忽略照片比例或把帆高直接当作船长；估测结果应保留合理数量级。 【知识总结】 估测先找参照物和比例，再选择合适单位；长度单位换算必须统一。 3. 如下图所示，小华借助平面镜矫正姿势。下列说法正确的是（　　） A. 她靠镜面越近，所成的像越大 B. 她在平面镜中所成的像是实像 C. 她与镜面距离1m，则像与她的距离1m D. 她抬起的脚尖和镜中像的脚尖连线与镜面垂直 【答案】D 【学科材料分析】 题干中的图示、数据或实验装置提供了可直接读取的物理证据：平面镜成像的虚实、等大、等距和垂直关系。分析时先确认研究对象和状态，再把图中位置、方向、读数或数据变化转换为物理量关系；涉及实验时保持题目要求的控制变量，只根据可比较的两组数据归纳结论。对于原题中的公式图形和配图，源 Word 将保留其原始对象与位置。 【命题透视】 ▶核心考点：平面镜成像的虚实、等大、等距和垂直关系 ▶课标关联方向：运动和相互作用主题中的光现象，侧重用对称模型解释像的位置、大小和虚实。 ▶命题分析：四个选项分别考查等大、虚像、像物距离和垂直关系，突出概念辨析。 【解析】 【详解】A．由平面镜成像特点可知像与物大小相等，她靠镜面越近，所成的像大小不变，故A错误； B．平面镜所成的像是虚像，故B错误； C．由平面镜成像特点可知像与物到镜面的距离相等，她与镜面距离1m，则像与镜面距离也为1m，像与她的距离为1m+1m=2m，故C错误； D．由平面镜成像特点可知像与物的连线与镜面垂直，所以她抬起的脚尖和镜中像的脚尖连线与镜面垂直，故D正确。 故选D。 【易错点】 把像物距离误读为物距；误认为平面镜能成实像或靠近镜面像会变大。 【知识总结】 平面镜成正立、等大、虚像；像距等于物距，像物连线垂直镜面。 4. 汽油机工作过程中，将机械能转化为内能的是（ ） A. 吸气冲程 B. 压缩冲程 C. 做功冲程 D. 排气冲程 【答案】B 【学科材料分析】 题干中的图示、数据或实验装置提供了可直接读取的物理证据：内燃机压缩冲程的能量转化。分析时先确认研究对象和状态，再把图中位置、方向、读数或数据变化转换为物理量关系；涉及实验时保持题目要求的控制变量，只根据可比较的两组数据归纳结论。对于原题中的公式图形和配图，源 Word 将保留其原始对象与位置。 【命题透视】 ▶核心考点：内燃机压缩冲程的能量转化 ▶课标关联方向：能量主题，侧重识别机械能与内能的转化方向并解释技术装置。 ▶命题分析：通过汽油机冲程判断能量流向，考查压缩冲程与做功冲程的区别。 【解析】 【详解】AD．吸气冲程、排气冲程无能量转化，故AD不符合题意； B．压缩冲程中活塞向上运动，压缩气缸内燃气，机械能转化为内能，故B符合题意； C．做功冲程中高温高压燃气膨胀对外做功，内能转化为机械能，故C不符合题意。 故选B。 【易错点】 混淆压缩冲程和做功冲程；吸气、排气冲程不等同于主要能量转化冲程。 【知识总结】 压缩冲程机械能转化为内能，做功冲程内能转化为机械能。 5. 如图所示，将电压表接在灯泡L1的两端，闭合开关，电压表的示数为1.4 V；将导线a改接至图中虚线位置，电压表示数为2.9 V。则灯泡L2两端的电压为（ ） A. 1.4 V B. 1.5 V C. 2.9 V D. 4.3 V 【答案】B 【学科材料分析】 题干中的图示、数据或实验装置提供了可直接读取的物理证据：串联电路电压规律和电压表测量对象。分析时先确认研究对象和状态，再把图中位置、方向、读数或数据变化转换为物理量关系；涉及实验时保持题目要求的控制变量，只根据可比较的两组数据归纳结论。对于原题中的公式图形和配图，源 Word 将保留其原始对象与位置。 【命题透视】 ▶核心考点：串联电路电压规律和电压表测量对象 ▶课标关联方向：运动和相互作用主题中的电路，侧重根据接线位置判断测量对象并应用串联电压规律。 ▶命题分析：两次改接电压表形成总电压与局部电压之差，考查电路图识读和守恒关系。 【解析】 【详解】由图可知，灯泡与串联。电压表接在两端时测电压，即；导线a改接至虚线位置后，电压表测电源电压，即，由串联电路中的电压规律可知，灯泡L2两端的电压。 故选B。 【易错点】 把电压表示数当作某一灯泡电压而忽略接线变化；忘记串联电压相加。 【知识总结】 串联电路总电压等于各部分电压之和，电压表并联在被测元件两端。 6. 如下图所示，探究液体压强与哪些因素有关。使橡皮膜盒在水中深度，U形管两侧液面高度差；仅将深度H改为10 cm，h变为8.5 cm。依据实验可以获得的结论是（ ） A. 水的深度增大，压强增大 B. 水的内部各个方向都有压强 C. 水的压强大小与深度成正比 D. 水在同一深度处压强大小相等 【答案】A 【学科材料分析】 题干中的图示、数据或实验装置提供了可直接读取的物理证据：液体压强与深度的实验探究、控制变量和转换法。分析时先确认研究对象和状态，再把图中位置、方向、读数或数据变化转换为物理量关系；涉及实验时保持题目要求的控制变量，只根据可比较的两组数据归纳结论。对于原题中的公式图形和配图，源 Word 将保留其原始对象与位置。 【命题透视】 ▶核心考点：液体压强与深度的实验探究、控制变量和转换法 ▶课标关联方向：运动和相互作用主题与实验探究主题，侧重控制变量、转换法和证据边界。 ▶命题分析：由橡皮膜盒深度变化和 U 形管液面高度差判断压强变化，并辨析不能推出的结论。 【解析】 【详解】A．深度由增大至，U形管高度差由增大至，高度差反映压强大小，故水的深度增大，压强增大，故A符合题意； B．实验仅改变深度，未改变橡皮膜朝向，依据控制变量法无法得出各个方向都有压强的结论，故B不符合题意； C． ，  因比值不相等，故压强与深度不成正比，故C不符合题意； D．实验未在同一深度进行不同方向或位置的测量，依据控制变量法无法得出同一深度压强相等的结论，故D不符合题意。 故选A。 【易错点】 把一次改变深度的实验外推为各方向相等或正比关系；忽略高度差只是压强的转换指标。 【知识总结】 液体内部压强随深度增大而增大；结论必须由控制变量实验支持。 7. 将一个重2.7 N的排球竖直向上抛出，若排球竖直上升和下落过程中受到的空气阻力都是0.2 N。关于排球所受的合力，下列说法正确的是（ ） A. 上升时合力方向竖直向上 B. 上升时合力大小为2.5 N C. 下落时合力方向竖直向下 D. 下落时合力大小为2.9 N 【答案】C 【学科材料分析】 题干中的图示、数据或实验装置提供了可直接读取的物理证据：重力、空气阻力方向及合力判断。分析时先确认研究对象和状态，再把图中位置、方向、读数或数据变化转换为物理量关系；涉及实验时保持题目要求的控制变量，只根据可比较的两组数据归纳结论。对于原题中的公式图形和配图，源 Word 将保留其原始对象与位置。 【命题透视】 ▶核心考点：重力、空气阻力方向及合力判断 ▶课标关联方向：运动和相互作用主题，侧重画出力的方向、比较大小并判断合力。 ▶命题分析：上升与下落时阻力方向相反，要求分别合成重力和阻力。 【解析】 【详解】AB．上升时，重力竖直向下，空气阻力与运动方向相反，竖直向下，同方向合力 方向竖直向下，故AB错误； CD．下落时，重力竖直向下，空气阻力与运动方向相反，竖直向上，反方向合力 方向与较大的重力方向一致，竖直向下，故C正确，D错误。 故选C。 【易错点】 认为阻力方向始终向上或向下；只算差值而不先判方向。 【知识总结】 合力方向由较大力决定；上升时重力与阻力同向，下落时二者反向。 8. 如下图所示，用漆包线绕成线圈，将线圈两端的漆全部刮去后放入磁场。闭合开关，通电后的线圈将会（ ） A. 静止不动 B. 连续转动 C. 往复摆动 D. 水平运动 【答案】C 【学科材料分析】 题干中的图示、数据或实验装置提供了可直接读取的物理证据：通电线圈在磁场中的受力转动与往复摆动。分析时先确认研究对象和状态，再把图中位置、方向、读数或数据变化转换为物理量关系；涉及实验时保持题目要求的控制变量，只根据可比较的两组数据归纳结论。对于原题中的公式图形和配图，源 Word 将保留其原始对象与位置。 【命题透视】 ▶核心考点：通电线圈在磁场中的受力转动与往复摆动 ▶课标关联方向：运动和相互作用主题中的电磁，侧重用受力方向和电流方向解释运动状态。 ▶命题分析：根据漆包线两端全刮漆导致电流方向不变，判断线圈越过平衡位置后的运动。 【解析】 【详解】A．通电线圈在磁场中受到力的作用，受力不平衡，不会静止不动，故A错误； BC．线圈两端漆全部刮去，线圈中电流方向始终不变，转过平衡位置后受力方向不变，受力方向阻碍其转动，无法连续转动，将会往复摆动，故B错误，C正确； D．线圈两边受力方向相反，产生转动效果而非水平运动，故D错误。 故选C。 【易错点】 把通电线圈必然连续转动当成电动机完整结构；忽略换向条件。 【知识总结】 通电线圈受力产生转动；电流方向不变时越过平衡位置会往复摆动。 9. 如图是小明家厨房里使用的多插位接线板，标注有“220 V 10 A”的字样。若该接线板上已经插接了“220 V 1300 W”的电饭锅在煮饭，下列能够再插接使用的用电器是（ ） A. “220 V 400 W”的电炖锅 B. “220 V 1400 W”的微波炉 C. “220 V 1500 W”的电烤箱 D. “220 V 1600 W”的电磁炉 【答案】A 【学科材料分析】 题干中的图示、数据或实验装置提供了可直接读取的物理证据：家庭电路允许总功率与安全用电。分析时先确认研究对象和状态，再把图中位置、方向、读数或数据变化转换为物理量关系；涉及实验时保持题目要求的控制变量，只根据可比较的两组数据归纳结论。对于原题中的公式图形和配图，源 Word 将保留其原始对象与位置。 【命题透视】 ▶核心考点：家庭电路允许总功率与安全用电 ▶课标关联方向：能量主题与跨学科实践，侧重根据额定电流评价接线板的安全负荷。 ▶命题分析：先求 220 V、10 A 接线板的最大功率，再扣除电饭锅功率，比较候选用电器。 【解析】 【详解】接线板允许接入的最大总功率 剩余可用功率 A．电炖锅功率400W小于900W，可以插接使用，故A符合题意； BCD．微波炉、电烤箱、电磁炉的功率均大于900W，不能插接使用，故BCD不符合题意。 故选A。 【易错点】 把接线板标注的电流当成某一个插孔电流；未先求剩余功率。 【知识总结】 家庭用电器并联接入，接线板总功率不能超过额定电压与额定电流允许值。 10. 用弹簧测力计沿竖直方向匀速拉绳的一端，使挂在动滑轮下总重力为1.0 N的钩码缓缓上升，示数如图所示。测得绳端移动距离为20 cm，钩码上升距离为10 cm。则动滑轮的机械效率为（ ） A. 37.5% B. 50.0% C. 62.5% D. 83.3% 【答案】C 【学科材料分析】 题干中的图示、数据或实验装置提供了可直接读取的物理证据：动滑轮机械效率、功和功率的计算。分析时先确认研究对象和状态，再把图中位置、方向、读数或数据变化转换为物理量关系；涉及实验时保持题目要求的控制变量，只根据可比较的两组数据归纳结论。对于原题中的公式图形和配图，源 Word 将保留其原始对象与位置。 【命题透视】 ▶核心考点：动滑轮机械效率、功和功率的计算 ▶课标关联方向：能量主题，侧重从测力计和位移数据计算有用功、总功及效率。 ▶命题分析：读出弹簧测力计示数，结合绳端和重物位移建立机械效率模型。 【解析】 【详解】由图可知，弹簧测力计的分度值为，示数，动滑轮做的有用功为 做的总功 机械效率为，故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 【易错点】 忘记有用功用重物重力乘上升高度；把绳端位移与重物位移混用。 【知识总结】 η=W有/W总；滑轮组计算必须区分动力作用点位移和重物上升高度。 11. 我国自主建设的“微厘空间”低轨卫星系统，其轨道高度约650 km，相当于把地面基站搬到了卫星上，能够对北斗卫星导航系统进行精密增强，使导航位置的定位精度达到厘米级。关于“微厘空间”卫星，下列说法不正确的是（ ） A. 卫星通信采用电磁波传递信息 B. 从地面发射的电磁波到达卫星的时间约220 s C. 比地面基站通信覆盖面更大 D. 可以更好地服务于汽车自动驾驶 【答案】B 【命题透视】 ▶核心考点：电磁波传播、卫星通信覆盖与时间估算 ▶课标关联方向：运动和相互作用主题中的电磁与跨学科实践，侧重用传播速度和距离估算通信时间。 ▶命题分析：以低轨卫星增强导航为背景，综合判断电磁波传播、覆盖范围及自动驾驶应用。 【解析】 【详解】A．卫星通信利用电磁波可在真空中传播的特性传递信息，故A正确； B．电磁波传播速度，传播距离，由得，从地面发射的电磁波到达卫星的时间，故B不正确； C．卫星轨道高度远高于地面基站，通信覆盖面更大，故C正确； D．厘米级定位精度可满足自动驾驶的高精度定位需求，能更好服务汽车自动驾驶，故D正确。 本题要求选择说法不正确的，故选B。 【易错点】 把 650 km 与 220 s 直接对应，忽略电磁波速度约 3×10⁸ m/s；漏看“不正确”。 【知识总结】 电磁波可在真空传播，卫星通信扩大覆盖；时间由 t=s/v 估算。 12. 用如下图所示的电路测量额定电压为2.5 V的小灯泡电阻，电源电压为3 V。闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P，读出电压表、电流表的示数记录在下表中。下列说法正确的是（ ） 序号 ① ② ③ ④ ⑤ U/V 0.8 1.0 1.5 2.0 2.5 I/A 0.20 0.22 0.26 0.30 0.32 A. 小灯泡的额定功率为0.6 W B. 电压增加，小灯泡的电阻不变 C. 从序号①到⑤的测量过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变化了11 Ω D. 序号⑤的实验中，小灯泡与滑动变阻器电功率之比为 【答案】D 【学科材料分析】 题干中的图示、数据或实验装置提供了可直接读取的物理证据：小灯泡伏安数据、电阻变化和功率比。分析时先确认研究对象和状态，再把图中位置、方向、读数或数据变化转换为物理量关系；涉及实验时保持题目要求的控制变量，只根据可比较的两组数据归纳结论。对于原题中的公式图形和配图，源 Word 将保留其原始对象与位置。 【命题透视】 ▶核心考点：小灯泡伏安数据、电阻变化和功率比 ▶课标关联方向：实验探究与能量主题，侧重从表格证据分析非线性电阻和串联功率关系。 ▶命题分析：额定电压、分组数据和滑动变阻器接入量共同构成多步判断。 【解析】 【详解】A．由表可知，当小灯泡两端电压为额定电压时，对应的电流为，则额定功率为，故A错误； B．序号①中 序号②中 电压增加，小灯泡电阻改变，故B错误； C．小灯泡与滑动变阻器串联，序号①中，滑动变阻器两端电压 接入的阻值为 序号⑤中，滑动变阻器两端电压 接入的阻值为 阻值变化了，故C错误； D．小灯泡与滑动变阻器串联，电流相等，则序号⑤中，由可知，电功率之比等于电压之比，即，故D正确。 故选D。 【易错点】 把小灯泡当定值电阻；将电压表测量对象或滑动变阻器电压算错。 【知识总结】 小灯泡电阻随温度变化；串联电路电流相等，功率比可用电压比判断。 二、填空题（本题共12小题，每空1分，共36分） 二、填空题（本题共12小题，每空1分，共36分） 13. 衣柜里的樟脑丸放一段时间后会变小，是因为部分樟脑丸________（填物态变化名称）了；在空气中能嗅到它的气味，是因为樟脑分子在做______________________。 【答案】 ①. 升华 ②. 永不停息的无规则运动 【命题透视】 ▶核心考点：升华与分子无规则运动 ▶课标关联方向：物质主题，侧重从宏观变小和气味扩散认识物态变化及分子运动。 ▶命题分析：樟脑丸变小对应固态直接变气态，气味扩散对应分子不停运动。 【解析】 【详解】固态樟脑丸直接变为气态，物态变化为升华。 我们能闻到樟脑的气味，是因为樟脑分子扩散到了空气中，进入了我们的鼻腔。扩散现象表明，一切物质的分子都在不停地做无规则运动。 【易错点】 把升华误写成汽化；把分子运动说成空气流动或有规则运动。 【知识总结】 升华是固态直接变气态；扩散现象说明分子永不停息地做无规则运动。 14. 如下图所示，在鼓面上撒一些红豆并敲击鼓面，观察到红豆上下跳动，同时听到鼓声。说明声音是由物体________产生的，鼓声是通过________传到人耳中。 【答案】 ①. 振动 ②. 空气 【学科材料分析】 题干中的图示、数据或实验装置提供了可直接读取的物理证据：声音产生的条件与传播介质。分析时先确认研究对象和状态，再把图中位置、方向、读数或数据变化转换为物理量关系；涉及实验时保持题目要求的控制变量，只根据可比较的两组数据归纳结论。对于原题中的公式图形和配图，源 Word 将保留其原始对象与位置。 【命题透视】 ▶核心考点：声音产生的条件与传播介质 ▶课标关联方向：运动和相互作用主题中的声，侧重从可观察现象推断不可直接观察的振动。 ▶命题分析：红豆跳动作为鼓面振动的转换证据，并判断声音经空气传播。 【解析】 【详解】应用了转换法，由红豆跳动可知发声的鼓面在振动，所以可以得出声音是由物体的振动产生的；声音的传播需要介质，鼓声通过空气传到人耳中。 【易错点】 把红豆跳动本身当作声音；认为声音可以在真空中传播。 【知识总结】 声音由物体振动产生，传播需要介质；鼓声通过空气到达人耳。 15. 下图是历史上有人设想的“永动机”。其外轮固定，内轮可以自由转动，两轮上斜放的磁体N极相接近，利用同名磁极相互_________，推动内轮不断转动下去。实际计算发现，内轮和外轮之间的吸引力和排斥力相等，内轮不会转动。这种设想违背了_________守恒定律。 【答案】 ①. 排斥 ②. 能量 【学科材料分析】 题干中的图示、数据或实验装置提供了可直接读取的物理证据：磁极相互作用与能量守恒。分析时先确认研究对象和状态，再把图中位置、方向、读数或数据变化转换为物理量关系；涉及实验时保持题目要求的控制变量，只根据可比较的两组数据归纳结论。对于原题中的公式图形和配图，源 Word 将保留其原始对象与位置。 【命题透视】 ▶核心考点：磁极相互作用与能量守恒 ▶课标关联方向：运动和相互作用、能量及科学态度与责任，侧重评价“永动机”设想的物理边界。 ▶命题分析：先用同名磁极相互排斥填空，再从无能量输入却持续运动判断违背能量守恒。 【解析】 【详解】由磁极间的相互作用规律可知，同名磁极相互排斥。这种永动机的设想试图在没有能量输入的情况下持续运动，违背了能量守恒定律。 【易错点】 把排斥和吸引混淆；认为只要有力就能无限做功。 【知识总结】 同名磁极相互排斥；能量不能凭空产生或消失，只能转化和转移。 16. 如图所示，运动员拉弓射箭。 （1）用力拉开弓，弓被拉弯。说明力能改变物体的_________，拉弯的弓具有_________能。 （2）射出的箭由于具有_________，要保持原来的运动状态，继续向前运动。 【答案】（1） ①. 形状 ②. 弹性势 （2） 惯性 【学科材料分析】 题干中的图示、数据或实验装置提供了可直接读取的物理证据：力的作用效果、弹性势能与惯性。分析时先确认研究对象和状态，再把图中位置、方向、读数或数据变化转换为物理量关系；涉及实验时保持题目要求的控制变量，只根据可比较的两组数据归纳结论。对于原题中的公式图形和配图，源 Word 将保留其原始对象与位置。 【命题透视】 ▶核心考点：力的作用效果、弹性势能与惯性 ▶课标关联方向：运动和相互作用与能量主题，侧重从弓箭过程解释形变储能和惯性。 ▶命题分析：拉弓、放箭两个阶段分别对应形变、弹性势能和保持运动状态。 【解析】 【小问1详解】 弓被拉弯，弓的形状发生了变化，说明力可以改变物体的形状； 拉弯的弓发生了弹性形变，因此具有弹性势能。 【小问2详解】 箭离开弓弦后不再受到向前的推力，仍能继续向前运动，是因为箭具有惯性，要保持原来的运动状态。 【易错点】 把惯性当作力；认为箭离弦后仍受向前的推力。 【知识总结】 力能改变物体形状；发生弹性形变的弓具有弹性势能；惯性不是力。 17. 如图甲所示，现存于无锡鸿山遗址博物馆的“玉飞凤”，是无锡市徽的核心元素。它是战国时期的微雕玉器，线条流畅优雅，整体为振翅欲飞的凤凰。 （1）“玉飞凤”仅拇指大小，两面以微雕工艺，刻满了细密的鳞形纹和羽线纹，线条细如发丝约0.1_________（填写长度单位）。 （2）如图乙所示，为了让参观者看清“玉飞凤”的细微之处，在它的前方有一个凸透镜，通过透镜看到的“玉飞凤”是_________、正立的_________（填“实”或“虚”）像。 【答案】（1） 毫米##mm （2） ①. 放大 ②. 虚 【学科材料分析】 题干中的图示、数据或实验装置提供了可直接读取的物理证据：长度单位估测与凸透镜放大镜成像。分析时先确认研究对象和状态，再把图中位置、方向、读数或数据变化转换为物理量关系；涉及实验时保持题目要求的控制变量，只根据可比较的两组数据归纳结论。对于原题中的公式图形和配图，源 Word 将保留其原始对象与位置。 【命题透视】 ▶核心考点：长度单位估测与凸透镜放大镜成像 ▶课标关联方向：物质、运动和相互作用主题，侧重规范单位选择和成像模型应用。 ▶命题分析：微雕线条给出毫米量级，凸透镜用于观察细节对应物距小于焦距的放大镜。 【解析】 【小问1详解】 由生活经验可知，发丝直径约0.1 mm（毫米）。 【小问2详解】 该凸透镜起放大镜作用，物距小于一倍焦距，根据凸透镜成像规律，成正立、放大的虚像。 【易错点】 把 0.1 mm 写成 cm；误认为放大镜成倒立实像。 【知识总结】 放大镜成正立、放大的虚像；长度估测要匹配对象尺度。 18. 用如下图所示的装置探究阻力对物体运动的影响。 （1）每次实验时，将小车从斜面上A位置释放，让其到达水平面时的速度_________；小车在水平木板面上运动时，所受的重力和_________保持平衡。 （2）在木板上铺上棉布、玻璃板，通过改变接触面的_________改变小车在运动时受到的阻力。 【答案】（1） ①. 相同 ②. 支持力 （2）粗糙程度 【学科材料分析】 题干中的图示、数据或实验装置提供了可直接读取的物理证据：阻力对运动影响实验中的控制变量和二力平衡。分析时先确认研究对象和状态，再把图中位置、方向、读数或数据变化转换为物理量关系；涉及实验时保持题目要求的控制变量，只根据可比较的两组数据归纳结论。对于原题中的公式图形和配图，源 Word 将保留其原始对象与位置。 【命题透视】 ▶核心考点：阻力对运动影响实验中的控制变量和二力平衡 ▶课标关联方向：实验探究主题与运动和相互作用主题，侧重控制速度、改变粗糙程度并评价证据。 ▶命题分析：斜面同一位置释放保证到达水平面速度相同，棉布和玻璃板改变接触面粗糙程度。 【解析】 【小问1详解】 探究阻力对物体运动的影响实验中需要控制物体运动的速度相同，因此将小车从斜面上A位置释放，让其到达水平面时的速度相同； 小车在水平木板面上运动时，竖直方向处于平衡状态，受到的重力和支持力是一对平衡力。 【小问2详解】 棉布、玻璃板和木板的粗糙程度不同，小车在其表面运动时受到的阻力不同，因此通过改变接触面的粗糙程度，来改变小车运动时受到的阻力大小。 【易错点】 从不同位置释放导致初速度不同；把重力和阻力当平衡力。 【知识总结】 实验控制小车初速度相同，只改变接触面粗糙程度；水平面上重力与支持力平衡。 19. 用如下图所示的装置探究重力势能大小与高度的关系。 （1）让同一木块从钉板的正上方_________高度处自由下落，将钉板打入沙中。高度越高，钉板被打入沙子的深度越深，说明重力势能与_________有关。 （2）根据上述探究，十楼阳台的花盆，相对_________有很大的重力势能。因此，生活中要防止高空坠物。 【答案】（1） ①. 不同 ②. 高度 （2）地面 【学科材料分析】 题干中的图示、数据或实验装置提供了可直接读取的物理证据：重力势能大小规律与控制变量、转换法。分析时先确认研究对象和状态，再把图中位置、方向、读数或数据变化转换为物理量关系；涉及实验时保持题目要求的控制变量，只根据可比较的两组数据归纳结论。对于原题中的公式图形和配图，源 Word 将保留其原始对象与位置。 【命题透视】 ▶核心考点：重力势能大小规律与控制变量、转换法 ▶课标关联方向：能量主题与实验探究主题，侧重用钉板打入深度转换势能并保持质量不变。 ▶命题分析：同一木块从不同高度下落，钉板深度作为势能大小的可测证据。 【解析】 【小问1详解】 探究重力势能与高度的关系，根据控制变量法，应保持质量相同，改变物体下落的高度，所以需要让同一木块从钉板的正上方不同高度处下落； 高度越高，钉板被打入沙子越深，说明木块最初具有的重力势能越多，即重力势能与高度有关。 【小问2详解】 十楼阳台相对地面高度较高，所以处于该位置的花盆重力势能很大，坠落时容易造成伤害，所以生活中要防止高空坠物。 【易错点】 没有保持质量相同；把重力势能的参考面理解成绝对固定。 【知识总结】 重力势能与物体质量和相对参考面的高度有关；高空坠物风险与参考面有关。 20. 下图是一款安装在自行车上的“助力器”，其上的小轮和自行车后轮紧密贴合，内部是一个电机。 （1）在锻炼模式下，小轮给自行车后轮提供阻力，同时获得后轮给它的动力而转动，说明力的作用是_________的；小轮转动将机械能转化为电能储存起来，此时的小轮相当于_________（填“发电机”或“电动机”）； （2）上坡时，“助力器”将储存的电能输出，给自行车提供动力，此过程中电能转化为________能。 【答案】（1） ①. 相互 ②. 发电机 （2）机械 【学科材料分析】 题干中的图示、数据或实验装置提供了可直接读取的物理证据：力的相互作用、发电机与电动机能量转化。分析时先确认研究对象和状态，再把图中位置、方向、读数或数据变化转换为物理量关系；涉及实验时保持题目要求的控制变量，只根据可比较的两组数据归纳结论。对于原题中的公式图形和配图，源 Word 将保留其原始对象与位置。 【命题透视】 ▶核心考点：力的相互作用、发电机与电动机能量转化 ▶课标关联方向：运动和相互作用、能量主题，侧重从装置功能判断能量转化方向。 ▶命题分析：助力器在锻炼模式吸收机械能发电，上坡模式输出电能驱动后轮，体现可逆能量转化。 【解析】 【小问1详解】 小轮对后轮施加阻力，同时后轮反过来给小轮动力。一个物体对另一个物体施力的同时，也受到对方施加的力，说明力的作用是相互的。 因小轮工作时将机械能转化为电能，与发电机的能量转化特征一致，故相当于发电机。 【小问2详解】 因助力器输出电能提供动力时，消耗电能并输出机械能，故此过程中电能转化为机械能。 【易错点】 把发电机和电动机功能混淆；忽略力的作用是相互的。 【知识总结】 发电机把机械能转化为电能，电动机把电能转化为机械能；力的作用相互。 21. 2026年冬奥会自由式滑雪女子空中技巧比赛中，我国运动员徐梦桃摘得金牌。下图是高速相机拍摄的徐梦桃空中动作过程，其中A、C点在同一高度，B点为运动的最高点。若她和装备的总质量为60kg，B到AC的距离h为8m。忽略空气阻力，g取。 （1）整个过程中，徐梦桃受到的________力改变了她的运动状态，B点处她的动能________（填“是”或“不是”）零； （2）从A到B的过程中，徐梦桃的动能转化为________能；从B到C的过程中，重力做功________J。 【答案】（1） ①. 重 ②. 不是 （2） ①. 重力势 ②. 4800 【学科材料分析】 题干中的图示、数据或实验装置提供了可直接读取的物理证据：重力改变运动状态、机械能转化和重力做功。分析时先确认研究对象和状态，再把图中位置、方向、读数或数据变化转换为物理量关系；涉及实验时保持题目要求的控制变量，只根据可比较的两组数据归纳结论。对于原题中的公式图形和配图，源 Word 将保留其原始对象与位置。 【命题透视】 ▶核心考点：重力改变运动状态、机械能转化和重力做功 ▶课标关联方向：运动和相互作用与能量主题，侧重分析运动员不同阶段的能量转化和功。 ▶命题分析：A、B、C 三点高度和速度信息用于判断最高点动能及 B 到 C 的重力功。 【解析】 【小问1详解】 因忽略空气阻力，运动员仅受重力作用，故重力改变她的运动状态。 B点为运动最高点，运动员仍具有向前的速度，因此动能不是零。 【小问2详解】 从A到B的过程中，运动员质量不变，高度升高，重力势能变大，速度减小，动能减小，动能转化为重力势能。 从B到C的过程中，徐梦桃和装备的总重力为 重力做功为 【易错点】 把最高点误认为速度为零；把重力做功只看成高度差而忘记重力方向。 【知识总结】 最高点仍可能有水平速度；重力做功 W=Gh（下降时为正），动能转化为重力势能。 22. 我国的三峡水电站与乌东德、白鹤滩、溪洛渡、向家坝、葛洲坝共六座水电站构成世界最大清洁能源走廊。2025年上半年累计发电量达，相当于节约标准煤，减排二氧化碳。二氧化碳的密度取，标准煤的热值取。 （1）的二氧化碳体积为________m3；的标准煤完全燃烧放出________J的热量。 （2）根据上述数据，计算火力发电站的效率为________%。 【答案】（1） ①. ②. （2）38 【学科材料分析】 题干中的图示、数据或实验装置提供了可直接读取的物理证据：密度、热值、能量和发电效率计算。分析时先确认研究对象和状态，再把图中位置、方向、读数或数据变化转换为物理量关系；涉及实验时保持题目要求的控制变量，只根据可比较的两组数据归纳结论。对于原题中的公式图形和配图，源 Word 将保留其原始对象与位置。 【命题透视】 ▶核心考点：密度、热值、能量和发电效率计算 ▶课标关联方向：能量主题与跨学科实践，侧重从能源数据建立密度、热值和效率模型。 ▶命题分析：清洁能源走廊的发电量、节煤量和减排量构成真实数据链，要求统一单位后计算。 【解析】 【小问1详解】 二氧化碳的体积为 标准煤完全燃烧放出的热量为 【小问2详解】 火力发电站的效率为 【易错点】 把发电量当燃料放热量；密度体积单位或热值单位换算错误。 【知识总结】 ρ=m/V，Q放=mq，η=W有/Q放；能量利用评价需明确输入和有效输出。 23. 用如下图所示的装置探究影响电流热效应的因素，甲、乙、丙三个相同的容器内均装有等质量的煤油，电阻丝、、浸没在煤油中，其中，，记录甲、乙、丙中煤油的初温。闭合开关S、，调节可调电源，使电流表示数为1.5 A，分别记录加热2 min、4 min时甲中煤油的末温，断开开关S、；再闭合开关S、，调节可调电源，使电流表示数为1.0 A，分别记录加热4 min时乙、丙中煤油的末温。数据记录在下表中。 序号 电阻 阻值/Ω 电流I/A 时间/min 初温t0/℃ 末温t/℃ ① R1 6 1.5 2 25.0 31.1 ② R1 6 1.5 4 25.0 37.1 ③ R2 6 1.0 4 25.0 30.4 ④ R3 3 1.0 4 25.0 27.7 （1）比较序号①和②可知，导体产生的热量与通电________有关。若要比较导体产生的热量与电流大小的关系，应该比较序号②和________。 （2）比较序号③和④可知，电流和通电时间相同时，导体电阻越大，产生的热量越________。比较序号③④和序号②③可得，导体通电时间相同时，“电阻”和“电流”中对电流的热效应影响更大的因素是________。 【答案】（1） ①. 时间 ②. ③ （2） ①. 多 ②. 电流 【学科材料分析】 题干中的图示、数据或实验装置提供了可直接读取的物理证据：焦耳定律实验、控制变量和影响因素比较。分析时先确认研究对象和状态，再把图中位置、方向、读数或数据变化转换为物理量关系；涉及实验时保持题目要求的控制变量，只根据可比较的两组数据归纳结论。对于原题中的公式图形和配图，源 Word 将保留其原始对象与位置。 【命题透视】 ▶核心考点：焦耳定律实验、控制变量和影响因素比较 ▶课标关联方向：能量主题与实验探究主题，侧重从温度变化比较时间、电阻和电流的影响。 ▶命题分析：四组数据分别控制变量，利用煤油温升反映电热，进一步比较 I² 与 R 的影响。 【解析】 【小问1详解】 ①和②两次实验中，电阻都是6Ω（电阻大小相等），电流都是1.5A（电流大小相等），只有通电时间不同，且通电时间越长，温度计升高的温度越高，电阻丝产生的热量越多，因此可得结论：当通过导体的电流和导体的电阻相等时，导体产生的热量与通电时间有关； 若要比较导体产生的热量与电流大小的关系，需要控制电阻大小、通电时间相同，只改变电流大小：序号②电阻为6Ω、通电时间4min、电流1.5A，序号③电阻6Ω（电阻与②相等）、通电时间4min（时间与②相等）、电流1.0A（电流不同），符合控制变量法的要求，因此比较序号②和③即可得出结论。 【小问2详解】 [1]③和④两次实验中，电流和通电时间相同时，电阻不同，且导体电阻越大，温度计升高的温度越高，电阻丝产生的热量越多； [2]对比序号④和③：电流均为1.0A、通电时间均为4min，电阻从3Ω变为6Ω（电阻变为原来的2倍），煤油升高的温度从 变为 热量变为原来的2倍，符合与的正比关系； 对比序号③和②：电阻均为6Ω、通电时间均为4min，电流从1.0A变为1.5A（电流变为原来的1.5倍），煤油升高的温度从 变为 热量变为原来的约2.25倍，符合与的正比关系。 可见在通电时间相同的前提下，电流的平方对电热的影响程度远大于电阻的影响，因此对电流的热效应影响更大的因素是电流。 【易错点】 未控制电阻或时间相同就比较电流；把温升直接当电流而不说明转换关系。 【知识总结】 Q=I²Rt；控制变量时一次只改变一个因素，煤油温升可转换表示产生热量。 24. 图甲是某学习小组自制的起重机模型，该模型主要由杠杆、滑轮组和轮轴组成。O1是杠杆O1 A的支点；重物m挂在动滑轮下，定滑轮的转轴固定在杠杆的A点；细绳一端固定在A，跨过滑轮组后，另一端固定在轮轴的小轮上；O2是轮轴的轴心，小轮半径，手柄P到O2的距离。使用时，逆时针转动手柄P，通过张紧的细绳将重物提起。重物质量，杠杆、滑轮及细绳的质量忽略不计，g取。 （1）匀速提起重物的过程中，细绳的拉力为_________N。杠杆O1 A所受的动力和阻力可等效为图乙所示，动力F1为定滑轮左侧细绳的拉力，阻力F2为右侧两股细绳的合力。为确保杠杆在图示位置保持平衡，则设计时力臂L1和L2的比值_________。 （2）提升重物时，轮轴相当于一种_________杠杆，若模型的机械效率为78.5%，则匀速转动P一圈做功_________J。（计算时取3.14） 【答案】（1） ①. 5 ②. 2:1 （2） ①. 省力 ②. 2 【学科材料分析】 题干中的图示、数据或实验装置提供了可直接读取的物理证据：杠杆平衡、滑轮组和轮轴机械效率。分析时先确认研究对象和状态，再把图中位置、方向、读数或数据变化转换为物理量关系；涉及实验时保持题目要求的控制变量，只根据可比较的两组数据归纳结论。对于原题中的公式图形和配图，源 Word 将保留其原始对象与位置。 【命题透视】 ▶核心考点：杠杆平衡、滑轮组和轮轴机械效率 ▶课标关联方向：能量主题与跨学科实践，侧重建立多级机械模型并进行力臂、位移和效率计算。 ▶命题分析：起重机模型把杠杆、滑轮组和轮轴串联，要求逐层确定拉力和功。 【解析】 【小问1详解】 重物的重力为 动滑轮承担物重的绳子段数，细绳拉力为 由题意可知，动力，阻力 根据杠杆平衡条件，故 【小问2详解】 轮轴工作时动力作用在轮上，轮半径大于轴半径，动力臂大于阻力臂，相当于省力杠杆。 手柄转动一圈时，小轮同步转动一圈，绳子自由端移动的距离为 重物上升的高度为 有用功为 总功为 【易错点】 把动滑轮承担绳段数数错；混淆轮轴动力臂与阻力臂；漏算效率。 【知识总结】 杠杆平衡满足 F₁L₁=F₂L₂；轮轴可视为省力杠杆；η=W有/W总。 三、解答题（本题共6小题，共40分。其中第26、30题应写出必要的解题过程） 三、解答题（本题共6小题，共40分。其中第26、30题应写出必要的解题过程） 25. 按要求作图： （1）光从空气斜射到玻璃表面会发生反射和折射，请在图甲中用箭头标出入射光线和折射光线的方向。 （2）如图乙所示，冰壶静止在水平冰面上，O为重心，请画出它的受力示意图。 （3）图丙是一种水位自动报警器的原理图。水位没有达到金属块A时，绿灯亮；水位达到金属块A时，红灯亮。请把电路连接完整。 【答案】（1） （2） （3） 【学科材料分析】 题干中的图示、数据或实验装置提供了可直接读取的物理证据：光路方向、冰壶受力和水位报警电路作图。分析时先确认研究对象和状态，再把图中位置、方向、读数或数据变化转换为物理量关系；涉及实验时保持题目要求的控制变量，只根据可比较的两组数据归纳结论。对于原题中的公式图形和配图，源 Word 将保留其原始对象与位置。 【命题透视】 ▶核心考点：光路方向、冰壶受力和水位报警电路作图 ▶课标关联方向：运动和相互作用主题与实验探究，侧重用规范图示表达光线方向、平衡力和控制电路。 ▶命题分析：三个小问分别检查反射折射箭头、静止物体受力示意和电磁继电器控制逻辑。 【解析】 【小问1详解】 光从空气斜射到玻璃表面会发生反射和折射，入射光线和折射光线分居法线两侧，故左侧为入射光线，玻璃中的光线为折射光线；入射光线箭头指向交界面；反射光线箭头指向空气，在空气一侧；折射光线箭头指向玻璃内部，如答图所示。 【小问2详解】 冰壶受到竖直向下的重力G和竖直向上的支持力F，两力大小相等，两力的作用点都画在重心O，从O点竖直向上和向下分别作两条长度相等且带箭头的线段，并在箭头旁分别标上F和G，如答图所示。 【小问3详解】 由题图丙可知，当水位到达金属块A时，电磁铁通电，电磁铁吸下衔铁，红灯接通；当水位没有到达A时，电磁铁无磁性，衔铁回弹，绿灯接通，故工作电路中上端接线柱接绿灯，下端接线柱接红灯，如答图所示。 【易错点】 光线箭头画反；受力图漏画支持力；把水位开关逻辑接反。 【知识总结】 作图先定传播方向和法线，再按平衡条件画力；报警器按水位状态分别验证两灯。 【答题模板】 逐小问确认作图对象和物理规则：光路先画法线并标传播箭头；受力图标出作用点、方向和大小关系；电路按水位低、高两种状态分别验证通断逻辑。 26. 图甲是全球单机发电功率最大的漂浮式风电平台“三峡领航号”，2026年5月在南海深远海海域完成安装。其风力发电机额定发电功率为，叶轮每转一圈发电。该平台首次采用国产高性能聚酯纤维缆借助锚链和吸力锚固定于海底，聚酯纤维缆浸没在海水中，设计使用寿命30年，在海水中近乎悬浮，单根最大能承受拉力，当平台受到风浪冲击时，它可通过自身的弹性形变，大幅削弱冲击对装备结构的影响。 （1）风能是_________（填“可再生”或“不可再生”）能源。 （2）关于国产高性能聚酯纤维缆的物理属性，下列说法不正确的是_________。 A. 耐海水腐蚀 B. 密度远比海水大 C. 强度高 D. 弹性好 （3）如图乙所示，风力发电机叶轮旋转时，叶片顶端划过形成的圆形面积称为扫风面积。“三峡领航号”发电机的扫风面积为50000m2，若风以的速度垂直吹向它的扫风面，风力发电机在额定功率下工作，该海域的空气密度取，则叶轮转一圈，通过扫风面积的空气质量为多少？ 【答案】（1） 可再生 （2）B （3） 【学科材料分析】 题干中的图示、数据或实验装置提供了可直接读取的物理证据：风能、材料属性、扫风面积和空气质量。分析时先确认研究对象和状态，再把图中位置、方向、读数或数据变化转换为物理量关系；涉及实验时保持题目要求的控制变量，只根据可比较的两组数据归纳结论。对于原题中的公式图形和配图，源 Word 将保留其原始对象与位置。 【命题透视】 ▶核心考点：风能、材料属性、扫风面积和空气质量 ▶课标关联方向：能量、物质及跨学科实践，侧重评价新能源工程材料并用密度和流量建模。 ▶命题分析：风电平台情境同时给出能源属性、缆绳材料性能和风通过扫风面的体积流量。 【解析】 【小问1详解】 风能可从自然界源源不断获得，属于可再生能源。 【小问2详解】 A．聚酯纤维缆在海水中设计使用寿命为30年，说明其耐海水腐蚀，故A正确； B．聚酯纤维缆在海水中近乎悬浮，说明其密度与海水密度相近，并非远比海水大，故B错误； C．单根聚酯纤维缆最大能承受拉力，说明其强度高，故C正确； D．聚酯纤维缆可通过自身弹性形变削弱冲击对装备的影响，说明其弹性好，故D正确。 故选B。 【小问3详解】 叶轮转一圈的时间为 叶轮转一圈的时间内，风吹过的距离为 通过扫风面积的空气体积为 通过扫风面积的空气质量为 【易错点】 把近乎悬浮理解为密度远大于海水；忽略一圈时间与风速决定空气柱长度。 【知识总结】 风能是可再生能源；悬浮说明密度接近海水；m=ρV，V=Svt。 【答题模板】 先列已知量并统一单位，再按 m=ρV、V=Svt 等关系建立模型；计算结果写出单位，并结合材料属性对选项逐项核对。 27. 用如图甲所示的装置和秒表，探究水在沸腾前后温度变化的特点。 （1）闭合电水壶的开关，对水加热，在水温升高到90℃后，每隔10 s记录一次温度计的示数，同时观察水中的现象，直到水沸腾并持续30 s后停止加热。 ①第20 s时，温度计的示数如图甲所示，为_________℃。 ②小明根据实验数据，在图乙中用描点的方式作出水沸腾前后温度—时间图像。则该实验中测量的水的沸点为_________℃；请你判断该图像是否正确，答：________________。 （2）如图丙所示，当水沸腾时，观察到水的内部出现大量气泡，气泡在上升过程中迅速变大，至水面快速破裂，说明沸腾是在水的_________同时发生的剧烈汽化现象。同时，能观察到玻璃板下表面出现大量小水滴，这是_________现象。 （3）我国航天员在天宫空间站“问天实验舱”的变重力实验柜中，进行了不同重力条件下水沸腾的研究。如图丁所示，观察到在微重力条件下（重力作用忽略不计），当加热使水达到沸点时，气泡不会上升到表面。相反，形成的气泡聚合成位于加热器表面的一个大气泡，气泡增加的内能来自水从加热器吸收的_________。气泡内A点温度与水中B点温度相比较，_________。 【答案】（1） ①. 94 ②. 102 ③. 不正确 （2） ①. 内部和表面 ②. 液化 （3） ①. 热量 ②. =##等于 【学科材料分析】 题干中的图示、数据或实验装置提供了可直接读取的物理证据：沸腾实验、物态变化和微重力下热现象。分析时先确认研究对象和状态，再把图中位置、方向、读数或数据变化转换为物理量关系；涉及实验时保持题目要求的控制变量，只根据可比较的两组数据归纳结论。对于原题中的公式图形和配图，源 Word 将保留其原始对象与位置。 【命题透视】 ▶核心考点：沸腾实验、物态变化和微重力下热现象 ▶课标关联方向：物质、能量和实验探究主题，侧重读温度图像、判断沸腾条件并解释微重力现象。 ▶命题分析：温度计读数、沸点图像、气泡形态、玻璃板液化和微重力气泡聚合形成完整证据链。 【解析】 【小问1详解】 图中温度计的分度值为，温度计的示数为； 沸点为沸腾后保持不变的温度，从图乙可以看出，图像水平段对应的温度为，所以实验中测量的水的沸点为； 该实验中，随着水温升高，水与周围环境的温差越来越大，水散热会越来越快，温度升高会变慢，所以沸腾前的图像应该越来越平缓，图乙中阶段与实际情况不符，所以图像不正确。 【小问2详解】 沸腾是水的内部和表面同时发生的剧烈汽化现象； 沸腾产生的高温水蒸气遇到温度较低的玻璃板，由气态变为液态，液化成小水滴。 【小问3详解】 加热器通过热传递把热量传递给水，改变水的内能，气泡增加的内能来自水从加热器吸收的热量； 水已经达到沸点，沸腾时液态水与产生的水蒸气温度相同，微重力下，气泡不会上浮，但不改变沸点温度，所以气泡内水蒸气A点温度和液态水中B点温度都等于沸点温度，即相等。 【易错点】 把水蒸气当可见小水滴；把沸腾只理解为表面现象；认为微重力改变沸点。 【知识总结】 沸腾是内部和表面同时剧烈汽化；水蒸气遇冷液化；热量通过热传递进入水。 【答题模板】 按“装置与读数—图像判读—现象解释—结论条件”作答，沸腾与液化分别说明发生部位、状态变化和吸放热。 28. 用如图甲所示的电路探究通过导体的电流与电压、电阻的关系。器材有：干电池3节，滑动变阻器、电压表、电流表、阻值为5 Ω、10 Ω、15 Ω、20 Ω、25 Ω的电阻各1个，开关、导线。 （1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移至_________（填“A”或“B”）端。 （2）闭合开关后，电流表、电压表指针均不偏转，电路中只有一处故障。保持开关闭合，检查并确认各处导线已连接紧密，只拆下导线a与电阻R相连的端头，顺次试触接线柱“1”“2”“3”，只有当接触到“3”时，电压表指针不偏转，则电路的故障是_________。 （3）排除故障后，探究电流与电压的关系，选择一个电阻R接入图甲电路中。 ①闭合开关，移动滑片P，改变电阻两端电压，当电压表示数为1.0 V时，电流表示数如图乙所示，为_________A。 ②继续改变电阻两端电压，读出电压表、电流表示数，并把测量的数据填入表1中。请根据表中数据在图丙中描点画出电阻R的I-U图像_________。 表1 序号 U/V I/A ① 1.0 ② 1.5 0.32 ③ 1.8 0.34 ④ 2.0 0.40 ⑤ 2.5 0.50 （4）为探究电流与电阻的关系，在图甲电路中更换不同阻值的电阻，移动滑片P，保持电阻两端电压不变，将每次实验的电阻、电流值记录在表2中。 表2 序号 ① ② ③ ④ ⑤ R/Ω 5 10 15 20 25 I/A 0.48 0.24 0.16 0.12 0.10 ①实验中，电阻两端的电压为________V。 ②分析数据可得：当电阻两端电压一定时，_____________________________________________________。 【答案】（1）A （2）开关断路 （3） ①. 0.2 ②. （4） ①. 2.4 ②. 通过导体的电流与导体的电阻成反比 【学科材料分析】 题干中的图示、数据或实验装置提供了可直接读取的物理证据：欧姆定律实验、故障判断和 I-U 图像。分析时先确认研究对象和状态，再把图中位置、方向、读数或数据变化转换为物理量关系；涉及实验时保持题目要求的控制变量，只根据可比较的两组数据归纳结论。对于原题中的公式图形和配图，源 Word 将保留其原始对象与位置。 【命题透视】 ▶核心考点：欧姆定律实验、故障判断和 I-U 图像 ▶课标关联方向：实验探究主题与运动和相互作用主题，侧重故障定位、控制变量、图像和反比例关系。 ▶命题分析：滑动变阻器保护、试触排故、描点作图和保持电压不变的换阻实验覆盖完整探究链。 【解析】 【小问1详解】 由图甲可知，滑动变阻器接了B端的下接线柱，滑片移到A端时，接入电路的电阻丝长度最长，阻值最大，起到保护电路的作用。 【小问2详解】 闭合开关后两表都不偏转，说明电路可能发生断路。拆下导线a与R相连的端头，试触1、2接线柱时电压表偏转，说明从电压表两接线柱到电源两极之间是通路；只有接触3时电压表不偏转，说明断路位置在接线柱2到3之间，也就是开关发生了断路。 【小问3详解】 电流表选用的是量程，读数为0.2A； 探究电流与电压关系时，将表格所有对应坐标点在坐标系中描出后，用直线拟合即可。 【小问4详解】 探究电流与电阻的关系时要控制定值电阻两端电压不变，根据欧姆定律可得任选一组数据计算可知，电阻两端的电压为 由表中数据可得，导体的电流与电阻的乘积近似总为一定值（2.4V），故可得：在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。 【易错点】 滑片保护位置判断反；两表不偏转时直接猜元件；把电流与电阻关系写成正比。 【知识总结】 探究 I-U 时保持电阻不变；探究 I-R 时保持电压不变，I 与 R 成反比。 【答题模板】 闭合前将滑动变阻器置最大阻值；排故依据试触位置定位断路；探究 I-U 时控 R 不变，探究 I-R 时控 U 不变，最后用表格或图像归纳规律。 29. 小明和小华设计制作简易密度计，能测量的液体密度。器材有：一根圆柱形塑料吸管、透明自粘刻度尺（0~20 cm，厚度不计）、铁屑、塑料浮子（质量不计）、蜡、泡沫塞、酒精、水、天平、量筒。（，） （1）他们将刻度尺粘贴在塑料吸管上，0刻度线与吸管底端齐平，用蜡封住吸管底端，在吸管中装入铁屑，管口用泡沫塞塞住。 ①在量筒中倒入80 mL水，将密度计放入水中，竖直漂浮，量筒中的液面如图甲所示，则该密度计的质量为________g。此时密度计浸入水中的深度为12 cm，则吸管的横截面积为________cm2。 ②当将该密度计放入酒精中，竖直漂浮，则液面与密度计上的________cm刻度线相平。若根据浸入液体的深度，在该密度计上标注密度值，则和刻度线间距离________（填“>”“=”或“<”）和刻度线间距离。 （2）为了使得密度计上和刻度线间距离为6 cm，他们计划改进上述密度计的设计。 ①他们首先计算出改进后的密度计质量，然后将天平放在水平台面上，调节平衡螺母使天平平衡，在天平右盘中放入________g砝码，并将游码移至如图乙所示的位置，将密度计放在天平左盘中，在密度计内加入铁屑，使天平再次平衡。 ②当将制作的密度计放入如图甲所示的量筒中时，密度计沉底。于是他们用圆柱形塑料浮子紧密包裹在吸管上，将它再次放入水中后竖直漂浮，浸入水中的深度为14 cm，如图丙所示，则浮子的体积为_________。当将该密度计放入某品牌的料酒中，浸入的深度为15 cm，则该料酒的密度为_________。 【答案】（1） ①. 12 ②. 1 ③. 15 ④. > （2） ①. 20 ②. 10 ③. 0.96 【学科材料分析】 题干中的图示、数据或实验装置提供了可直接读取的物理证据：密度计漂浮、排开体积和刻度设计。分析时先确认研究对象和状态，再把图中位置、方向、读数或数据变化转换为物理量关系；涉及实验时保持题目要求的控制变量，只根据可比较的两组数据归纳结论。对于原题中的公式图形和配图，源 Word 将保留其原始对象与位置。 【命题透视】 ▶核心考点：密度计漂浮、排开体积和刻度设计 ▶课标关联方向：物质、运动和相互作用及实验探究，侧重用漂浮平衡设计可测量的密度标尺。 ▶命题分析：由量筒液面差求排开体积，再由漂浮条件推吸管截面积、刻度间距和料酒密度。 【解析】 【小问1详解】 由图甲可知，放入密度计后量筒液面示数为92mL，原有水的体积为80mL，因此排开水的体积 密度计竖直漂浮时，浮力等于自身重力，即，因此 已知浸入水中深度，由​得吸管横截面积 密度计在酒精中仍漂浮，浮力仍等于自身重力，因此，可得 即液面对齐15cm刻度线。 由漂浮公式推导得浸入深度​ 浸入深度与液体密度​成反比，密度计刻度上疏下密：相邻密度差相同时，密度越小，对应的刻度间距越大，因此和的间距大于和的间距。 【小问2详解】 设改进后密度计质量为，吸管横截面积不变，因要求和刻度线间距为6cm，结合、​，两者深度差 代入、​和原吸管横截面积，可得 可算出 图乙中游码示数为4g，因此右盘砝码质量为 包裹浮子后整体漂浮在水中，塑料浮子质量不计，总浮力等于原密度计重力，即 所以排开水的总体积 其中吸管部分浸入水中的体积 因此浮子排开水的体积（即浮子体积） 放入料酒中时，浸入深度15cm，总排开体积 漂浮时，即 已知该密度计总质量为24g，因此 【易错点】 把漂浮深度与液体密度正相关；忽略密度计质量变化或浮子排水体积。 【知识总结】 漂浮时 F浮=G；在截面积一定时浸入深度与液体密度成反比，刻度上疏下密。 【答题模板】 先用量筒液面差求排开体积，再由漂浮条件 F浮=G 求质量或截面积；设计刻度时利用浸入深度与液体密度的反比关系，并逐步校核单位。 30. 劳动课上，老师指导同学们熨烫夏季校服，采用的是图甲的蒸汽式熨烫机，它由主机、蒸汽导管和熨斗组成。使用时，水在主机内的增压器中被加热，变成高温、高压水蒸气，经蒸汽导管输送到熨斗，在熨斗中被再次加热，成为温度约为130℃的水蒸气，通过熨斗上的小孔均匀喷射到校服褶皱处，移动熨斗熨平。增压器的结构如图乙所示，加热腔为密封结构，内部装水；排气孔是水蒸气从加热腔内通往外部的圆柱形通道，横截面积为；阀芯是堵住排气孔的圆柱体，质量忽略不计；弹簧紧密连接阀芯，对阀芯施加向下的压力，调节螺母与弹簧相连，上下调节可以调整弹簧的压缩量。图丙是蒸汽式熨烫机的加热电路原理图，电源电压，S1是防干烧开关，R1是增压器内的加热电阻，R2是熨斗处的加热电阻，S2是温控开关，开始时处于闭合状态，根据熨烫衣物时设定的蒸汽温度实现自动通断。 （1）使用前，老师提醒同学们“小心烫伤，注意蒸汽危险”，原因是_______________________________；利用蒸汽熨烫校服的优点是________________________________________________。 （2）增压器对水加热时，外部大气压强为。 ①当加热腔内气体压强达到时，阀芯才会被冲开，则弹簧需要提供的压力为多大_________？ ②为减小阀芯被冲开时加热腔内气体压强，需将调节螺母向_________（填“上”或“下”）调节。 （3）小红熨烫了一件夏季校服，用时200 s，消耗了的电能，观察指示灯发现R1全程工作，R2工作了100 s，查阅说明书知道R1、R2同时工作时熨烫机的额定功率为2200 W。则R1的阻值为_________，R2的额定功率为_________W。 【答案】（1） ①. 高温水蒸气遇冷液化放出大量的热 ②. 水蒸气液化放热且湿润衣物，使褶皱更易熨平 （2） ①. ②. 上 （3） ①. ②. 【学科材料分析】 题干中的图示、数据或实验装置提供了可直接读取的物理证据：蒸汽熨烫中的液化放热、压强平衡和电功率。分析时先确认研究对象和状态，再把图中位置、方向、读数或数据变化转换为物理量关系；涉及实验时保持题目要求的控制变量，只根据可比较的两组数据归纳结论。对于原题中的公式图形和配图，源 Word 将保留其原始对象与位置。 【命题透视】 ▶核心考点：蒸汽熨烫中的液化放热、压强平衡和电功率 ▶课标关联方向：物质、能量与跨学科实践，侧重热现象、受力平衡和并联电热器综合建模。 ▶命题分析：从蒸汽烫伤与熨平机理，到阀芯压力平衡、调节螺母和分时功率计算，体现工程系统分析。 【解析】 【小问1详解】 高温水蒸气接触温度较低的皮肤时发生液化，液化过程放出大量的热，因此易造成严重烫伤；水蒸气温度较高，液化时放热，可快速加热衣物，同时水汽能使衣物纤维变软，更容易熨平褶皱。 【小问2详解】 ①阀芯质量忽略，受力平衡，内部气体向上的压力等于外部大气压向下的压力与弹簧向下的压力之和。内部气体对阀芯的压力 外部大气对阀芯的压力 弹簧提供的压力 ②要减小阀芯被冲开时加热腔内的气体压强，需减小弹簧对阀芯的压力，即减小弹簧的压缩量，故将调节螺母向上调节。 【小问3详解】 与并联，同时工作时总功率为额定功率2200W。工作的100s内两电阻同时工作，两电阻同时工作消耗的电能 单独工作消耗的电能 单独工作的时间 的功率 的阻值 的额定功率 【易错点】 忽略水蒸气液化放热；压力方向或受力面积取错；把 R1、R2 当串联导致功率计算错误。 【知识总结】 水蒸气液化放热；阀芯平衡满足压力合力关系；并联用电器可按分时电能求额定功率和电阻。 【答题模板】 按热学、受力和电学分模块建模：先判断液化放热和阀芯受力平衡，再依据并联分时电能求功率，最后用 P=U²/R 求电阻并写完整过程。 学科网（北京）股份有限公司 $