江西宜春市宜丰中学2026-2027学年高三上学期开学物理试题

**基本信息** 高三物理开学试卷以无人机返航、赛龙舟等真实情境为载体，覆盖运动学、力学核心知识，注重物理观念建构与科学思维训练。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |选择题|10题/46分|运动学（位移/速度）、力学（共点力平衡、牛顿定律）|情境化（《哪吒2》冰面滑行、赛龙舟周期性运动）| |实验题|2题/16分|弹簧劲度系数测定、加速度与力关系|科学探究（误差分析、传感器数据处理）| |解答题|3题/38分|运动学综合、斜面滑块、传送带木块|模型建构（多过程运动、系统受力分析）|

高三第一次月考--物理 一、选择题（1-7单选，每题4分；8-10多选，每题6分；共46分） 1．某游客驾车由丹东出发，沿“最美边境公路”国道G331到达额济纳旗，路线如图中实线所示，总里程约，起点到终点的直线距离约。此过程（     ） A．该车的路程约为 B．该车的位移大小约为7500 km C．某时刻该车速度计显示的是平均速度 D．若研究该车的运动轨迹，该车可视为质点 2．2025年春节，电影《哪吒2》火爆全球，全球票房已超150亿。哪吒脚踏风火轮追击敌人时，突然闯入一片被法术冻结的光滑冰面动摩擦因数减小。与普通地面相比，哪吒在冰面上滑行时（　　） A．惯性更大 B．加速度更大 C．滑行距离更近 D．滑行时间更长 3．汽车以30m/s的速度做匀速直线运动，刹车后的加速度大小为，那么开始刹车后2s内与开始刹车后6s内汽车通过的位移之比为（    ） A．16∶25 B．2∶3 C．3∶4 D．1∶4 4． 如图，一小球放置在木板与竖直墙面之间．设墙面对球的压力大小为N1，球对木板的压力大小为N2.以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置．不计摩擦，在此过程中 A．N1始终减小，N2始终增大 B．N1始终减小，N2始终减小 C．N1先增大后减小，N2始终减小 D．N1先增大后减小，N2先减小后增大 5．如图所示，半径为的光滑圆环固定在竖直平面内，原长为的轻质弹簧一端固定在圆环上与圆心等高的位置，另一端连接一个套在圆环上质量为的小球，平衡时弹簧与水平方向的夹角为。弹簧在弹性限度内，重力加速度大小为，弹簧的劲度系数为（     ） A． B． C． D． 6．将蹦极运动简化为直线运动。如图所示，轻质弹性绳的一端固定在点，另一端和人（视为质点）相连。人从点静止下落，经点时绳恰好伸直，到达最低点后向上运动。假设整个过程弹性绳的弹力与伸长量成正比，不计空气阻力。下列说法正确的是（     ） A．人运动到中点处速度最大 B．人在点的加速度大于在点的加速度 C．从点到点的过程中，人一直处于失重状态 D．从点到点的过程中，重力势能与弹性势能之和先减小后增大 7．如图所示，轻绳两端分别与A、D两物体相连接，，，，，物体A、B、C、D之间及D与地面间的动摩擦因数均为，轻绳与滑轮间的摩擦可忽略不计，最大静摩擦力近似等于滑动摩擦力，取。若要用力将D物体拉动，则作用在D物体上水平向左的拉力最小为（     ） A．20 N B． C． D． 8．每逢端午节，江西各地常会举办热闹非凡的赛龙舟活动。利用与某龙舟同方向匀速直线飞行的无人机跟踪拍摄，发现在某段时间内该龙舟做匀加速和匀减速交替的周期性直线运动。若以无人机为参考系，该龙舟在时间内速度由0增加到（划桨阶段），再经历时间速度减为0（未划桨阶段），则关于这段时间内该龙舟的位置x、速度v、加速度a、动能与时间t的关系，下列图像可能正确的是（　　） A．B．C． D． 9．如图所示，倾角为的粗糙斜面固定在水平地面上，一根轻绳的一端与斜面上的物块a相连，另一端绕过光滑的定滑轮系在竖直杆上的P点，用光滑轻质挂钩把物块b挂在O点，此时竖直杆与绳OP间的夹角为，a与斜面之间恰好没有摩擦力且保持静止，已知物块a的质量为M，物块b的质量为m，重力加速度为g。下列判断正确的是（    ） A． B．将P端缓慢向上移动一小段距离，a将受到沿着斜面向下的摩擦力 C．将竖直杆缓慢向右移动一小段距离，a将受到沿着斜面向下的摩擦力 D．剪断定滑轮与a之间轻绳的瞬间，a的加速度大小为0.5g 10．如图1，水平传送带（A、B为左右两端点）顺时针匀速传动，时在A点轻放一质量为1kg的小物块，物块在传送带上运动全过程的位移-时间图像如图2（0~4s为抛物线，4s~6s为直线）。取重力加速度大小，下列说法中正确的是（    ） A．传送带的传送速度是8m/s B．物块与传送带间的动摩擦因数为0.1 C．物块与传送带的相对位移大小为8m D．若物块以6m/s的速率从B端向左滑上传送带，则它离开传送带时的速率是4m/s 二、实验题（除4分以外的，每空2分，共16分） 11．某同学用如图甲所示的装置来“探究弹簧弹力和弹簧伸长量的关系，并测定弹簧的劲度系数”的实验中： (1)对于该实验，以下说法正确的是_______（多选）。 A．用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，应保证弹簧处于竖直状态 B．弹簧被拉伸时，所挂钩码越多，误差越小 C．用直尺测得的弹簧长度即为弹簧的伸长量 D．根据关系图像的斜率求得的劲度系数不受弹簧自身重力的影响 (2)以弹簧受到的弹力F为纵轴、弹簧长度x为横轴建立直角坐标系，依据实验数据作出F-x图像，如图乙所示。由图像可知：弹簧自由下垂时的长度L0=________cm，弹簧的劲度系数k=________N/m（计算结果均保留两位有效数字）。 12．某实验小组通过实验探究加速度与力、质量的关系。 (1)利用图甲Ⅰ装置进行实验，要平衡小车受到的阻力。 ①平衡阻力的方法是：调整轨道的倾斜度，使小车___________。（选填正确答案标号） A．能在轨道上保持静止 B．受牵引时，能拖动纸带沿轨道做匀速运动 C．不受牵引时，能拖动纸带沿轨道做匀速运动 ②该组同学得到了如图甲Ⅱ所示的一条纸带，相邻两计数点间还有四个点未画出，纸带的加速度大小为___m/s2计算结果保留两位小数。（该空4分） (2)利用图乙装置进行实验，箱体的水平底板上安装有力传感器和加速度传感器，将物体置于力传感器上，箱体沿竖直方向运动。利用传感器测得物体受到的支持力和物体的加速度a，并将数据实时传送到计算机。 ①图丙是根据某次实验采集的数据生成的和a随时间t变化的散点图，以竖直向上为正方向。时，物体处于___________（选填“超重”或“失重”）状态；以为横轴、a为纵轴，根据实验数据拟合得到的图像为图丁中的图线a。 ②若将物体质量减小一半，重新进行实验，其图像为图丁中的图线___________。（选填“b”“c”或“d”） 三、解答题（13题12分，14题10分，15题16分） 13．某款国产民用无人机已实现全自动作业。如图所示，无人机完成某次任务后开始返航，此时所在位置与降落点的水平距离为120 m，竖直距离为90 m。无人机先以10 m/s的速度沿水平直线飞行至与降落点水平距离50 m处，然后沿原运动方向做匀减速直线运动至降落点正上方，随后用时33 s竖直下降至降落点，返航结束。求： (1)无人机沿水平方向做匀减速直线运动的加速度大小。 (2)无人机从开始返航到返航结束的总时间。 （3）无人机从开始返航到返航结束的平均速度大小。 14．如图，质量为、倾角为的光滑斜面置于光滑水平面上，在斜面上有一质量为的滑块，现将滑块由静止释放。已知重力加速度为，求： (1)为使斜面静止，需对斜面施加的水平推力的大小； (2)为使滑块和斜面保持相对静止，需对斜面施加的水平推力的大小。 15．如图所示，开始时可视为质点的滑块静置于传送带左端，由静止开始以可调的加速度匀加速启动的传送带带动后，滑块滑过光滑直轨道，并滑上上表面与轨道相平的4个紧密排列的相同木块。已知滑块质量，每个木块的质量，宽度，传送带的长度，滑块与传送带及木块间的动摩擦因数分别为、，木块与地面间动摩擦因数为，各轨道间平滑连接，不计水平轨道与传送带及木块间的间隙，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。 (1)若，求滑块在传送带上的运动时间； (2)若，滑块滑到木块2右端速度大小； (3)若滑块最终静止在木块3上，求大小的范围 《2026年9月1日高中物理作业》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D D A B C D B AB AC BC 1．D 【详解】AB．路程是物体运动轨迹的长度，位移是初位置到末位置的有向线段大小。本题中总里程是路程，起点终点的直线距离是位移大小，故AB错误； C．汽车速度计显示的是某一时刻的瞬时速度，不是平均速度，故C错误； D．研究该车的运动轨迹时，汽车自身的大小、形状相对于数千公里的运动路径可以忽略，因此可以将汽车视为质点，故D正确。 故选D。 2．D 【详解】A．物体的惯性大小只由质量决定，哪吒的质量不变，惯性不变，故A错误； BCD．取运动方向为正方向。哪吒在水平冰面上滑行时，支持力为 滑动摩擦力大小为 方向与运动方向相反。由牛顿第二定律得 整理得 所以动摩擦因数减小时，减速度的大小减小。设哪吒刚滑入不同地面时的速度均为，停车时速度为零。由匀变速直线运动速度与位移的关系得 代入 整理得 由题意，冰面上的较小，所以滑行距离更远。由匀变速直线运动速度与时间的关系得 代入 整理得 由题意，冰面上的较小，所以滑行时间更长，故BC错误，D正确。 故选D。 3．A 【详解】先求汽车刹车停止时间。 开始刹车后2s内的位移。 开始刹车后6s内的位移：由于6s > 5s，汽车已停止，故位移等于5s内的位移， 位移之比 故选A。 4．B 【详解】试题分析：对小球进行受力分析如图所示， 设：板与竖直方向夹角为，则：，，随着板顺时针方向转动，越来越大，因此N2越来越小，同样也越来越小，答案B正确． 考点：共点力作用下物体的平衡，力的合力与分解 5．C 【详解】根据题意，设此时弹簧的长度为，由几何关系有 解得 可知，此时弹簧被压缩，且形变量为 对小球受力分析，如图所示 由平衡条件有， 联立解得 故选C。 6．D 【详解】A．人速度最大的位置在合力为零处，即重力与弹力平衡的位置（设为点），此时（为到的距离）。 若人从点静止释放，根据简谐运动对称性，最低点应在点下方处； 现人从点下落，到达点已有速度，故最低点在点下方大于处，即。 中点处的伸长量，此时弹力，合力向上，人处于减速阶段，故速度最大位置在中点上方，故A错误； B．在点，绳刚伸直，弹力为零，人只受重力，加速度 在点，由A项分析可知伸长量，弹力 根据牛顿第二定律 可得 即，所以点加速度大于点加速度，故B错误； C．从点到点，人先做加速度减小的加速运动，加速度向下，人处于失重状态，过平衡位置后做加速度增大的减速运动，加速度向上，人处于超重状态，故人先处于失重状态后处于超重状态，故C错误； D．对于人、地球和弹性绳组成的系统，只有重力和弹力做功，机械能守恒，从点到点的过程中，人的动能先增大后减小，所以重力势能与弹性势能之和先减小后增大，故D正确。 故选D。 7．B 【详解】A、B间最大静摩擦力为 当A刚要拉动时，右侧绳子的拉力至少等于A、B间最大静摩擦力，即 B、C间的最大静摩擦力 故A、B间最大静摩擦力小，A、B间先滑动；D与地面间的最大静摩擦力 再对B、C、D三个物体组成的整体进行研究，由平衡条件得到，水平向左的拉力最小值为 故选B。 8．AB 【详解】A．位移时间图像斜率代表速度，所以斜率先增大后减小，再增大再减小，故A正确； B．龙舟在时间内速度由0增加到（划桨阶段），再经历时间速度减为0，速度方向始终为正向，故B正确； C．因为是匀加速和匀减速，所以加速度在时间内是不变的，后0.6s内也是不变的，故C错误； D．根据可知，前开口向上，故D错误。 故选AB。 9．AC 【详解】A．对a分析可知 对节点O分析可知 解得 选项A正确； B．设滑轮与竖直杆间距离为d，绳长L则 则将P端缓慢向上移动一小段距离，则绳子与竖直方向的夹角θ不变，仍为60°，则细线的拉力不变，a与斜面仍无摩擦力，选项B错误； C．将竖直杆缓慢向右移动一小段距离，则滑轮与竖直杆间距离d变大，则θ变大，T变大，此时 则a将受到沿着斜面向下的摩擦力，选项C正确； D．剪断定滑轮与a之间轻绳的瞬间，对a 则a的加速度大小小于0.5g，选项D错误。 故选AC。 10．BC 【详解】A．物块和传送带共速匀速运动，图中这段的斜率即为速度，即传送带速度为，故A错误； B．物块匀加速运动，满足匀加速规律 ，代入，解得 加速过程摩擦力提供加速度，解得，故B正确； C．加速阶段，传送带位移 ，物块位移，共速后物块和传送带相对静止，，因此相对位移，故C正确； D．由图得总长，物块以从向左滑，加速度向右，若物块能到达端，由运动学公式 得，即离开传送带时速率为，故D错误。 故选BC。 11．(1)AD (2) 4.0 50 【详解】（1）A．悬挂钩码时保持弹簧竖直，可使弹簧的伸长方向与所受拉力方向一致，便于准确测量，故A正确； B．增加钩码会增大弹簧伸长量，但测量误差并不一定随钩码数量增加而减小，且钩码过多还可能超过弹簧的弹性限度，故B错误； C．直尺测得的是弹簧长度，弹簧伸长量应由弹簧长度减去原长得到，故C错误； D．弹簧自身重力产生的伸长为固定量，只改变图线在横轴上的截距，不改变图线斜率，故D正确。 故选AD。 （2）[1]图像横轴表示弹簧长度，外力为零时的横坐标即为弹簧原长，由图可得。 [2]由胡克定律得 所以图像的斜率等于弹簧的劲度系数。取图中两点计算得 12．(1) C 1.72 (2) 失重 b 【详解】（1）[1]平衡阻力需要调整轨道的倾斜度，使小车不受牵引时，能拖动纸带沿轨道做匀速运动。 故选C。 [2]由于相邻两计数点间还有四个点未画出，则计数点间的周期为0.1s，则有 解得 （2）[1]由于以竖直向上为正方向，结合题图可知，当时，加速度方向为竖直向下，所以物体处于失重状态。 [2]对物体，由牛顿第二定律有 整理有 可知图像的斜率为，故将物体质量减小一半，图像斜率变大，纵轴截距不变，其图像为图丁中的b。 13．(1)1m/s2 (2)150m，3m/s 【详解】（1）（1）根据匀变速直线运动公式，代入数据有 可得匀减速直线运动的加速度大小为 （2）无人机从开始返航到返航结束的位移大小 无人机匀速时需要的时间为 匀减速阶段的时间为 由于竖直方向运动时间为 所以全程的平均速度为 14．(1) (2) 【详解】（1）斜面静止时，滑块沿光滑斜面下滑，对滑块和斜面受力分析如图所示 垂直斜面方向滑块合力为0，因此支持力 根据牛顿第三定律，滑块对斜面的压力大小，方向垂直斜面向下。 将该压力沿水平方向分解，得到水平向右的分力为 为让斜面保持静止，水平推力需要平衡这个分力，因此 （2）滑块与斜面相对静止，说明二者以相同的水平加速度向左运动。对滑块单独受力分析，如图所示 由牛顿第二定律可得 再对滑块和斜面整体受力分析：水平面光滑，整体水平方向仅受推力，根据牛顿第二定律可得 代入加速度可得 15．(1) (2) (3) 【详解】（1）传送带加速度，滑块所受摩擦力能提供的最大加速度为 因，滑块与传送带相对静止，一起匀加速运动。由 得 （2）传送带加速度，滑块相对传送带滑动，滑块加速度恒为 滑块离开传送带时速度 滑块滑上木块后，滑块对木块的摩擦力。地面对4个木块整体的最大静摩擦力 因，木块保持静止。滑块在木块上匀减速，加速度大小，滑过两个木块（位移）后，由运动学公式 得 （3）滑块最终停在木块3上，需满足①能越过木块1、2到达木块3左端②不能滑出木块3右端。 先判断木块运动状态：滑块对木块的摩擦力恒为。地面对不同数量木块的最大静摩擦力分别为 压在4块木块上：，木块不动； 压在3块木块上：，木块仍不动； 压在2块木块上：，木块3、4开始运动。 因此，滑块滑过木块1、2时木块静止，到达木块3左端速度满足 滑块进入木块3后，滑块加速度，木块3、4整体加速度 设滑块与木块共速时相对位移为，由相对运动 停在木块3上的条件为，即 传送带阶段分情况讨论 若，，则，得 若，，此时，，会滑出木块3，不符合题意 综上 答案第1页，共2页 1 学科网（北京）股份有限公司 $