四川成都市石室中学2026-2027学年高三上学期第2周定时练习物理试卷

成都石室中学2026-2027学年度上期高2027届高三第2周定时练习 物理试卷 试卷说明：木试卷分选举题和非选举题两部分。第1卷（选择避），第I卷（非选择题），满分100分， 考试时间90分钟。 第1卷（选择题，共51分） 一、单项选择题（共9小题，每小题3分。在每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题目要求。） 1下图中四幅图片涉及物理学史上的四个派人发现，下列说法错谈的是 6i2 /Q .00 A.甲图，牛顿发现了万行引力定律并通过引力扣种实验测出了万行引力常量 B.乙图，伽利略根据理想斜面实验，提出了力不地维特物体运动的原因 C.内图，利略通过实验推理的研究方法得到门1出落体的速度与时间成比 D.」图，开普勒通过大量大文观测滋据总结了行星运行的规律 2某汽东制造)“在测试某款汽车性能时，得到该款汽车沿宜线行驶的位移x与时间：的关系图 像如图所示，其中O4段和BC段为抛物线的一部分，AB段为直线段。则该过程中的v~t图 像可能为 7 A. B 3利川微相机可以拍摄到形状各异的雪花图像（图甲)，共中行种“彩虹雪花，中间部分有一个夹有空 气的海冰层，是彩色花纹（图乙），下列现象中原理与之相同的是 A.透过单缝观察到1光的彩色衍射条纹 B.光下的柏油路是现彩色油膜 C利用光导纤维传递信总，实现光纤通俏 D,电影院放映3D电影，戴上3D眼镜观看时能够石到立体效果 4.1图所示，质前分别为1kg和2kg的物块A、B用轻质弹簧相连放在 4 光滑水平.上，用大小为F=18N的力作用在A上使AB相对静止：·起向前匀加速运动，则下列说法正碗 的是 A.弹簧的弹力大小等于6N B.弹簧的弹力大小等于18N 7777777777777777777 C.突然敝去F瞬间，A的加川速度火小为0 D.突然撤去F瞬间，B的加速度人小为6m/s2 5如图所示，不计质的光滞小滞轮川细跳愁挂于瑞上0点，跨过泄轮的细绳连接物块A、B,B此于水平 i上，A、B都处于静山：状态，现将物块B移至C点后，A、B仍保持静止，下列说法中确的是 A.地对B的蝉力不变 B,B与水平面问的擦力减小 So C.愁于蜥上的绳所受拉力变人 D.A、B静止：时，图中a、B、8角始终相等 B 77mT A 第【爽共5，贞 6.水半内有两个沿直方向振动的相波源S,和2（振动步渊相），发出的简谐横波在同-均匀介质中 传播，其波源分捌位于图所示椭侧长轴端点位Y,椭剑的半长轴为=5m,半知轴 为b-3m,图所小示建立xOy坐标系。心知波源频米尸21z,简谐波作介质中传播速 度人小为8ms,划下列说法确的是 A.该简谐波在介质中的波长是16m B.在波源S,和S,的连线上（不包含S、S2位），振动1强的位1共有3个 C.在椭树上振动加强的位置·共有10个 D.位广y轴上的所行质点均是振动减点 7.线允电'可通过磁吸力吸附在下机背面，利电磁越应实现无线允电技术。劣质的无线允电联使用过程 中可能吸力不足发生切线滑落，造成安全隐患。图()为科创小组某同学手握于机（手不接触允电定)， 利用于机软件记求整直放的于机及吸附的允电花从静止F始在竖直方向.上的次变速运动过程（手机与 充电宝始终相对静止)，记录的加速度α随时问1变化的图像图(b)所示 afm.s 20 (规定向上为正方向)，且图像.上下部分分别与时创轴成的面积相等，心 无线允电：质t为0.2kg,下机与允电家之间最人静擦系数=0.5，亚 力加速度g取10m/s2,则在该过程中 41 A.手机与充电定全程向下运动，放终处于静止状态 B.允电宝在2与时刻所受的摩擦力方向相同 -10 -12 C.允电定与手机之间的摩擦力敏小值为2N 充电 D.允比宝与手机之间的吸引力人小至少为12N 图a) 20r 图6) 8.图甲所示，足够长的传送带与水平面的夹角为6=37°，以v=3m/s的速度顺时针转动。现将一个质量 m=2kg的煤块以速为vo=4m/s放上：传送带，煤块在传送带.上的速率随时间变化如图乙所示，si37°=0.6， cos37°=0.8，重力1速度g=10m/s2。下列说法正确的是 4以(m- A.煤块初速度方向沿传送带向上 B.若煤块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.875，划留下的划痕 长度为24.5m C.。0~t时间内，系统产生的热休小于煤块派力势能的变化扯 D.煤块经足够长时间到达B端时重力的瞬时功*大小为60W 9.反射式速调管是常川的微波誉件之·，它利用带电粒了在电场中的振荡米产生微波，振荡原理可以理解为： 图所示，以O为原点建立.x轴，x<0区域有匀强电场沿x轴负方向，其电场强度E1=4V/m,x>0区域有 非匀强电场沿x轴正方向，其电场强度E2=4x(V/m),·~带负电粒子质量为2×10-kg,电荷常大小为1× 10-5C,从x=一40cm处P点由静止释放，粒了仪在静儿力作用下在x轴.上往返运动。己知质点做简谐振动 州期公式T=2π层(m为质点质址，k为服动系数)，改原店0处电势为零。下列说法正确的足 A.粒了的最人速度为3ms B.粒了运动到原点O侧最低电势为-1.5V () C粒子运动的州期 D.粒子向运动：0点的故运距离为心m 二、多项选择题（共4小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，至少有两个选项符合题目要求。 全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分) 10.如图所示，在斜面上：四条光洲细杆，其中OA杆袋放悦，OB杆与OD杆答长，O℃杆 与斜乘直放咒，每根杆上都套着·个小滑环（图中未出），四个环都从O点山静止：释放， 分别沿OA、OB、OC、OD下滞，设游倒斜面上所用的时间依次为1、t2、t3、t4。下列关系 止确的是 第2页共5页C A.t1>t2 B.t1>t3 C.t2=t4 D.t2<t4 11在如图甲所示的电路中，电源电动势保持不变，不计内肌L,R1为定值电阻，移动滑动变阴器R2的滑片P, 电压表和电流表均为理想电表，两者示数的U一1关系图线如图乙所示，则 aPth A.滑动变阻器R2的最大阻值为12D %0 B,电源电动势为16V C.定值电阻的阻值为82 人 0203 10 D.滑动变阳器R2的最大功率为6W 12.如图1，在倾角8=30°足够长的固定斜面上放有质量M=1kg的长木板B,木板下表面与斜面间的动摩 擦因数，=马木板上表面由两种不同材料制成，点上方光滑，e点下方粗植，物块与木板之间的动摩擦 因数为2。一质量m=4kg的物块A从木板的.上端无初速释放，物块滑下木板前的v一t图像如图2，己知 最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取10m/s2,下列说法正确的是 A,0~1s,木板对斜面的摩擦力大小为25N B.0~1s,物块相对木板的位移为2.5m C.1s~2s,木板对斜面的摩擦力大小为25N D.1s~2s,物块相对木板的位移为4.5m 图I 附2 13.如图所示为半圆柱阴极式光电管的截面图，阴极圆弧半径为，在阴极所对应的半圆平面内存在一垂直 藏面向外的匀强磁场，在圆心处放置一粒子接收器O。光电管工作时阴极内表面上每处均能向纸面内各个 方向发射速度大小不超过的电子，只考虑电子在截而内的运动，不计电子重力及电子之间的相互作用。 已知圆心角为α=40所对应的阴极没有电子到达接收器O,则下列说法正确的是（可能用到的三角函数 5n40°=0 阴极内表面 A电子运动的最大半径为2R B,电子运动的最大半径为R C能到达接收器的电子最小速度为始。 D.能到达接收器的电子最小速度为是加 第卷（非选择题，共49分） 三、实验题（本题共2小题，共14分） 14.(6分)两个实验小组做了如下两个实验，请回答下列问题： (1)一个实验小组在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，使用两根不同的轻质弹簧 α和b,得到弹力与弹簧长度的关系图像如图甲所示，下列说法正确的是() A.a的原长比b的长 B.a的劲度系数比b的大 图甲 C.a的劲度系数比b的小D.测得的弹力与弹簧的长度成正比 (2)另一个实验小组利用图乙所示的实验装望完成“探究求 ©定游轮 合力的方法”的实验，竖直端面固定一橡皮条，橡皮条节点。 通过两根轻质细线与弹簧测力计相连： ①下列说法正确的是 单位N 定准轮今 A.在测量同一组数据F、F和合力F的过程中，橡皮条 结点0的位置不能变化 B.弹簧测力计拉细线时，拉力方向必须竖直向下 图乙 图丙 第3页共5页 C.F、F,和合力F的大小都不能超过弹簧测力计的程 D.为减小测量误差，F、F方向间夹角应为90 ②弹簧测力计的指针如图丙所示，由图可知拉力的大小为一一N: ③本实验采用的科学方法是 A.理想实验法B.控制变量法C.等效林代法D,建立物理糢型法 15.(8分)某实验小组设计了如图甲所示的电路测是电源的电动势和内阻，实验步骤如下： ①闭合开关S,调节滑动变阻器R1、R2接入电路的阻值，使通过电 流计G(零刻度在中央位置)的电流为零： U G U ②记录电流表A1、A2的示数，记为11、I2:记录电压表V1、V2的示数， 记为U1、U2: ③重复①、②步骤获得多组数据： ④把每次测量的电压表的示数之和作为路端电压U,电流表的示数 甲 之和作为通过电源的电流1，作出U随I变化的关系图像如图乙所示。 (1)若某次调节滑动变阻器R1接入电路的阻值后，发现电流计G中有自下而上的电流，为使电流计G中 的电流为零，在保持滑动变阻器接入电路的阻值不变的情况下，应（填“增大”或减小”）滑动变阻 器R2接入电路的阻值。 (2)由图乙可知，电源的电动势为二，内阻为。（用Uo、1表示） (3)下列关于电表内阻对该实验测量结果影响的说法正确的是一。，（填正确答案标号） A.由于电表内阻的影响，使电源内阻的测量值大于真实值 B.由于电表内阻的影响，使电源电动势的测量值小于真实值 C.电表的内阻对电源电动势和内阻的测量结果均无影响 四、计算题（本题共3小题，共35分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后 答案的不能得分，有数值运算的题，答案中必须明确写出数值和单位) 16.(10分)如图，薄壁（导热良好）汽缸和活塞间封闭一定质量的理想气体，活塞通过连杆固定在平台上， 其中汽缸质量为10kg,活塞横载面积为50cm2。初始时环境温度为300K,该装置静置于水平面上，活塞 到竖直汽缸底部的距离为11cm。然后把装置静置于领角为8的斜面，此时活塞距汽缸底部的距离为12c。 现改变环境温度，使活塞再次回到距汽缸底部11c的位置。己知汽缸内壁光滑且与活塞密封良好，大气压 强为p0=1.0×105Pa,取重力加速度g=10m/s2,求： (1)斜面的倾角： 气 (2)改变后的环境温度。 活 连杆 T 代2 第4页共5页 17.(10分)如图所示为四旋现无人机，它是一种能够垂直起降的小型掘控飞行器，目前石室中学科研小队 正在开展应用，·一架无人机连同所载货物质量m=5kg,其动力系统所能提供的最大升力F=90N,运动过 程中所受空气阻力大小恒为F=10N。g取10m/s2 ()尤人机在地上从静止开始，以最大升力竖直向上起飞，求在t=4s时离 地面的高度h: (2)当无入机悬停在离地高度H=45m处时，：于动力设备放障，无人机 突然失去升力而坠落。求尤人机坠落地面时的速度： (3)若(2)问中无人机坠落过程中，在遥控设备的干预下动力设备重新启动提供向上最大升力，为保证安全 着地，求飞行器从开始下落到恢复升力的最长时问t1。 18.（15分)如图所示，倾角0=37的绝缘领斜传送带PQ长L=3.5m,以vo=4ms的速度顺时针匀速转动， 传达带与半径可调的绝缘竖直光滑圆弧轨道QN平滑连接，其中MN段为光滑管道，对应圆心角α=90°，N 点所在半径始终在竖直方向上，过Q点的竖直虚线右侧空间（包含虚线边界）存在水平向右的匀强电场，电 场强度E=5×10Vm。一带电小物块在传送带最上端P处无初速释放后，沿传送带运动。己知小物块的 质量m=;kg、电量g-2×10℃，与传送带间的动摩擦因数，=0.25，整个过程中小物块电量始终保持不变， 忽略空气阻力，取重力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6，cos37°=0.8。 (1)求小物块第一次到达Q点时的速度大小： (2)当轨道半径R=0.9m,求小物块经过Q点瞬间对圆弧轨道的压力大小： (3)要使小物块第一次沿圆弧轨道向上运动过程中，不脱离轨道也不从N点飞出，求圆轨道半径R的取值 范围。 0n4- 第5贞共5页 成都石室中学2026-2027学年度上期高2027届高三第2周定时练习 物理试卷答案 “、 单选题 2 4 5 6 8 9 A A 6 D D D B C 二、多选题 10 11 12 13 AD BD BC AC 三、实验题 14.(1)B;(2)AC 4.00 15.()减小：(2)u,票(3)C 四、简答题 16.【答案】(1)60°【4分】【6分】(2)275K【4分】 【详解】(1)对竖直汽缸，由受力平衡可知Mg+poS=P1S 【2分】 对倾斜汽缸，由受力平衡可知Mgcos0+poS=p2S 【2分】 由玻意耳定律得p1L1S=p2L2S 【1分】 代入相关已知数据，联立求解得0=60° 【1分】 (2)气体经历等降温瓜缩过程：由理想气体状态方程华=空【2分，列T与P成正比也得分】 T2 得T2=275K【2分】 17.【答案】(1)48m【3分】(2)125m/5【3分】(3)2.5s【4分】 【详解】(1)无人机竖直向上起飞时，由F-mg-F1=ma1【1分】代入数据解得a1=6m/s2 无人机做初速度为0的匀加速直线运动，由运动学公式n=a1t2【1分】 代入t=4s,解得h=2×6×42m=48m【1分】 (2)无人机失去升力后坠落，由mg-Fm=ma2【1分】 解得a2=8m/s2 下落过程做初速度为0的匀加速直线运动，由匀变速直线运动速度与位移的关系，得v2=2α2H【1分】 解得v=V2×8×45m/s=12V5m/s【1分】 (3)恢复升力前无人机自由下落，加速度为a2=8m/s2,设恢复升力时速度为v1,有v1=a2t1 下落位移x1= 2a2 【1分】 恢复升力后F+Fu-mg=mag,得减速加速度大小ag=10m/s2 为保安全若地速度为0，放下落位移x,=片【1分】 总位移满是x1十为=H,即兰+三=H【1分】解得，=20m/5 2a22a1 飞行器从开始下落到恢复升力的最长时间1=兰=2.5s【1分】 02 15.【答案】(I)6ms【4分】(2)70N【5分】(3)R≥36 <%<m【6分】 36 25m: 190 【详解】(1)对物休受分析，l牛顿第二定律得mg sin37°+4 mng cos37°=me,【1分】代入数据得a,=8m/s 假设物块与传送带共速，则共速时间，则4=上=0,5s a 则该过程中物块沿传送带下滑的位移为则名=。m 物块与传送带后，所受摩擦力发生突变，对物块受力分析，由牛顿第二定律得 mg sin37°-mg cos.37°=ma2【1分】 代入数据得a2=4m/s2 对两者共速之后物块到2点的过程，由运动学公式哈-=2a2(L-x)【1分】代入数据得2=6ms【1分】 (2)对物块在Q点时受力分析，受重力、电场力和支持力，如下图所示 设电场力和重力的合力为，其方向与竖直方向的夹角为B,设此力为等效重力，则由？® 勾股定理 G-+(-9N 由几何关系 Eg 手即0=37°【1分】 tanB=5g=3 即Q点为接下来做圆周运动的最低点，则过点和圆心的反向延长线，交于圆周$点，为等效最高点。 在点，设物体的支持力为R,由向心力公式R-G=m监 【2分】 R 联立各式代入数据得F=70N【1分】 由牛顿第三定律可知，小物块经过？点瞬间对圆弧轨道的压力大小70N。【1分】 (3)过圆心做直径S的垂线交于圆周于T点，如下图 则山分析可知，当小物块第一次沿圆弧轨道到达T点时，速度为零，小物块不脱离 轨道也不从N点飞出，由动能定理可知-G见=0-m6【2分】 代入数据得风一治即圆维道率径的取值指間为风≥ G' 2万m 由分析可知，当圆轨道半径较小时，小物块第一次沿圆弧轨道$点时，速度为零，小物块不脱离轨道也不从N点飞 出，由动能定理可知-G:2R=0-号m哈【1分】 2 代入数据得R=6m。即圆轨道半径的取值范闱为风>6 50 假设第一次沿圆弧轨道到达M点时，与轨道之间弹力为零，设此时速度为w,则Gs如B=m三【1分】 R 由动能定理可知-G(民+尾sn叭=方m2-g【1分】 代入数得尾赏，即圆轨道半径的收值范围为碧<尾<货m【1分】