物理(一)-【衡水金卷·先享题】2025-2026学年高三物理一轮复习摸底测试卷（HN）

2025一2026学年度高三一轮复习摸底测试卷 物理（一） 本试卷共8页，15题。全卷满分100分。考试用时75分钟。 注意事项： 1.答题前，先将自己的姓名、考号等填写在答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在 答题卡上的指定位置。 2.选择题的作答：选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号 涂黑。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 3.非选择题的作答：用签字笔直接写在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、 草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。 4.考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。 一、选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一 项是符合题目要求的。 1.弱Th(钍)具有天然放射性，它连续经过若干次的a衰变和B衰变成为新核2X,新 核2X可能是 A.29X B.288X C.287X D.288X 2.随着手机的普及，越来越多的“低头族”出现脖子僵硬、酸痛等问题。当头前倾看手机 时，如图甲所示，颈椎和后颈肌肉可简化为如图乙所示的模型，颈椎可视为用铰链固 定的轻杆、后颈肌肉可视为轻绳、头部可视为重物。假设头的质量m=5kg,重力 加速度g=10m/s2,当头部前倾50°，后颈肌肉与颈椎之间的夹角为10°(sin10°≈ 0.1736)时，颈椎受到的压力约为 后颈肌肉 m 牵拉 颈椎 509 挤压 甲 乙 A.250N B.200N C.150N D.100N 物理（一）第1页（共8页） 衡水金卷·先 3.t=0时刻波源从坐标原点开始沿y轴做简谐振动，形成一列沿x轴正方向传播的简 谐横波，t=0.6s时刻的波形图如图所示，此时波源恰好位于波峰，x=3m处的质点 恰好开始振动，则平衡位置位于x=5m处的质点的振动图像为 y/cm y/cm y/cm y/cm 3456m 以8材s 业8ts / 1.8t A B C D 4.一列火车匀加速出站，站台上的工作人员观测到第1、2两节车厢经过他的平均速度 为3m/s,第3、4两节车厢经过他的平均速度为6m/s,已知每节车厢的长度均相同， 则第1节车厢前端经过该工作人员时的瞬时速度大小为 A.2 m/s B.1.5m/s C.1 m/s D.0.5m/s 5.如图所示，金属导轨Oabc固定在绝缘水平面内，其中abc是半圆弧，O为半圆弧的圆 心，导轨的电阻忽略不计，空间内存在着与导轨平面垂直的匀强磁场，磁感应强度大 小为B。现使电阻为R的金属杆OP绕O点逆时针匀速转动，经时间t1由O位置 转动到O位置并固定（过程I);再使磁感应强度在2时间内由B均匀减小到零（过 程Ⅱ)。若过程I、Ⅱ金属杆OP上产生的焦耳热相等，则t1:t2等于 A.1:1 B.1:2 C.1:3 D.1:4 6.北斗卫星导航系统是我国自主建设运行的全球卫星导航系统，该系统由若干地球静 止轨道卫星、倾斜地球同步轨道卫星和中圆地球轨道卫星等组成。已知中圆地球轨 道卫星的运行周期为12小时，则中圆地球轨道卫星与地球静止轨道卫星 A.距地面的高度之比为1：4 B.运行的线速度之比为2：1 C.向心加速度之比为2：1 D.单位时间内与地球球心的连线扫过的面积之比为1：1 享题·摸底卷 物理（一）第2页（共8页） HN 二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项 符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 7.如图所示，直角三角形ABC是三棱镜的横截面，∠ABC=30°，AB边的长为6√3cm, 一束单色光从AB边上的D点平行于BC边入射，B、D两点之间的距离为2√3cm。 已知棱镜对该单色光的折射率为√3，真空中的光速为3×108m/s,下列说法正确 的是 A.该单色光由真空射入棱镜后波长变短 B.该单色光在AC边和BC边均有射出 D C.该单色光仅会从AB边射出 D.该单色光在棱镜中传播的最短时间为4×101s 8.如图所示，跨过定滑轮且不可伸长的轻绳两端各系一个小球a和小球b,小球α的质 量为m,小球b的质量为2m,用手托住小球b,小球α静止于地面，使轻绳刚好被拉直 但无张力，此时小球b离地面的高度为。已知重力加速度为g,不计定滑轮的质量、 滑轮与轴间的摩擦和空气阻力。现将小球b由静止释放，则在小球b下落至地面的 过程中 A.轻绳上的拉力大小为1.5mg B小球a的机械能增加了专mgh C.轻绳对小球a的拉力的冲量大小为专m√6g D.轻绸对小球6的拉力做的功为mgh 9.将额定电压为24V的灯泡通过原、副线圈匝数比为8：1的理想变压器接在有效值为 220V的正弦交流电源上，设计出如图甲、乙所示的两种供电电路，两电路均能保证 灯泡正常发光。下列说法正确的是 220 220V 甲 物理（一）第3页（共8页） 衡水金卷·先 A.定值电阻R、R两端的电压之比为8：1 B.甲电路消耗的总功率大于乙电路消耗的总功率 C.定值电阻R、R消耗的功率相等 D.定值电阻R、R的阻值之比为8：1 10.如图所示，在正方形的四个顶点A、B、C、D分别固定一个电荷量为+q、一q、十q、 q的点电荷，O点是正方形的中心，M、N分别为AB边和CD边的中点。下列说 法正确的是 A.M、N两点的场强相同 B.M、N两点的电势相等 C.将D处的点电荷沿DB连线向O点靠近，电场力始终对其做正功 D.将D处的点电荷沿DB连线向O点靠近，其电势能先减小后增大 三、非选择题：本题共5小题，共56分。 11.(7分) 某实验小组在“探究加速度与力、质量的关系”实验中所用的实验装置如图甲所示。 a/(m's-2) 0.50 0.40 细绳 小车纸带打点计时器 0.30 0.20 0.10 长木板 槽码 0.10 0.20 0.30F/N 甲 (1)为保证小车受到的合力近似等于槽码的重力，下列操作中需要的是 (填正确答案标号) 享题·摸底卷 物理（一）第4页（共8页） HN A.调节滑轮的高度，使细绳与长木板平行 B.调节木板的倾斜度，使小车在不受牵引时能拖动纸带沿木板匀速运动 C.保证小车及车上砝码的总质量远大于槽码的总质量 D.小车每次都必须从同一位置由静止释放 (2)在探究加速度α与力F的关系时，经正确操作，老师将各小组所得的实验数据 描绘在同一个坐标系上，得到如图乙所示的图线，各图线均说明 。有同学提出用图乙中的图线，还可以得到小车的加速 度与质量的关系。其具体思路是：根据图乙计算出各图线的斜率k,在α-F图像中确 定相等的 对应的各小车的加速度a,得到五组a、k对应的数据，建立 (填“ak”或“a”)坐标系并描点作图，若图线是一条过原点的直线，则可得到力下 一定时，小车的加速度与其质量成反比的结论。 12.(9分) 某同学要测量一个量程为0~3V的电压表的内阻。 5090 30 2015 10 -00 100 200 100 150 30 200 311313 00.5 V 50002W 2.5 25002/V A-V-2 甲 乙 mA Ro Ro 内 (1)该同学先用一只多用电表粗测电压表的内阻，选择开关拨到电阻“×100”挡，欧 姆调零后，应将多用电表的红表笔接电压表的“ ”(填“十”或“一”)接线柱，得到 电压表和多用电表的示数分别如图甲、乙所示，可知电压表的内阻约为 2。已 物理（一）第5页（共8页) 衡水金卷·先 知多用电表电阻刻线的中央刻度为15，由此可估算出多用电表内部电源的电动势约为 V。 (2)现用如图丙所示的电路进一步测量该电压表的内阻，所用器材有电源E(电动 势约为4.5V),滑动变阻器R(阻值范围为0~20Ω，额定电流为1A),电流表（内阻约 为1002，量程为03mA),定值电阻R,(阻值为1.5k2)。 ①请用笔画线代替导线，将图丁中的实物图连接完整。 ②某次测量中，电流表的示数I=1.96mA,电压表的示数U=2.00V,可得电压表 内阻的表达式Rv= (用U、I、R,表示)，则电压表的内阻Rv= k2(结 果保留两位有效数字)。 13.(10分) 如图所示，一竖直放置的导热气缸内用轻质活塞封闭着一定质量的理想气体，活塞 可在气缸内无摩擦地滑动，活塞的面积为1.2×10-2m,与气缸底部距离H=50cm处 有一卡环。初始时活塞静止在卡环上方h=5cm处（卡环厚度不计），现在活塞上放置 一质量为24kg的物块，活塞稳定后被限制在卡环位置（该过程中气体温度视为不变）， 已知外界大气压强为1×105Pa,环境温度为300K,重力加速度g=10m/s2。 (1)求活塞对卡环的压力大小； (2)现缓慢升高环境温度，求活塞刚要离开卡环时气体的温度。（结果保留一位 小数) 活塞 h 卡环 H 享题·摸底卷 物理（一）第6页（共8页） HN 14.(14分) 如图所示，在平面直角坐标系xOy的第一、二象限内存在着沿y轴负方向的匀强 电场，在第三、四象限内有一边长为2L的正三角形磁场区域αbc(边界处有磁场)，该区 域内存在着方向垂直于坐标平面向里的匀强磁场（磁感应强度大小可调节），其中αb边 与x轴重合且坐标原点O为其中点，现有一质量为m、电荷量为q的带正电粒子从电场 (速度沿x轴负方向射出，恰好从坐标原点 子重力。 (1)求匀强电场的电场强度大小； (2)为使粒子从bc边射出磁场，求磁感应强度的取值范围； (3)调节磁感应强度的大小，当粒子能从b边射出磁场时，求粒子在磁场中运动的 最长时间。 物理（一）第7页（共8页） 衡水金卷·先享题 15.(16分) 如图所示，四分之一竖直光滑圆弧轨道固定在水平桌面上，圆弧轨道与桌面平滑连 接。物块P从圆弧轨道上与圆心等高的位置无初速度释放，经过圆弧轨道最低点时与 静止在圆弧轨道最低点的小球Q发生弹性碰撞，碰后物块P沿桌面运动一段距离后静 止在桌面上，小球Q沿桌面运动，然后从桌面水平飞出落到水平地面上，小球Q落地后 弹起与地面多次碰撞后静止。已知物块P的质量m1=0.3kg、小球Q的质量m2= 0.2kg,圆弧轨道的半径R=1.25m,小球Q的初始位置与桌面边缘的距离L=2.2m, 桌面与地面间的高度差h=1.8m,小球Q运动过程中受到桌面的阻力为其重力的4， 重力加速度g=10/s2,物块P与小球Q均可视为质点，不计空气阻力。 (1)求物块P与小球Q碰撞前的瞬间物块P与圆弧轨道间的弹力大小； (2)求小球Q第一次落地点与桌面边缘的水平距离x; (3)若小球Q每次与地面碰撞前、后瞬间的动能之比均为25：16，且碰撞前、后瞬间 速度方向与地面间的夹角相等，碰撞时间不计，求小球Q从桌面边缘飞出后到停止运 动所需的时间。 P 77777777777777777777 ·摸底卷 物理（一）第8页（共8页) HN摸底卷 物理（一） 2025一2026学年度高三一轮复习摸底测试卷 摸底卷·物理（一） 9 命题要素一贤表 注： 1.能力要求： I,理解能力Ⅱ，推理能力 Ⅲ，分析综合能力W,应用数学处理物理问题的能力V.实验能力 2.学科素养： ①物理观念 ②科学思维③科学探究 ④科学态度与责任 分 知识点 能力要求 学科素养 预估难度 题号 题型 值 (主题内容) I ⅡⅢ N ① ②③ ④ 档次 系数 1 选择题 4 衰变规律 易 0.90 选择题 4 共点力的平衡 √ 易 0.80 3 选择题 4 机械振动、机械波 中 0.75 选择题 4 匀变速直线运动规律 0.70 5 选择题 4 电磁感应定律 中 0.65 6 选择题 4 卫星运动规律 难 0.55 7 选择题 5 光的折射、全反射 中 0.70 8 选择题 5 牛顿第二定律、功、冲量 中 0.65 9 选择题 5 理想变压器 中 0.60 10 选择题 5 电场的叠加 难」 0.50 11 非选择题 7 探究加速度与力、质量的关系 中 0.75 12 非选择题 测量电压表的内阻 中 0.60 13 非选择题 10 气体实验定律 中 0.75 14 非选择题 14 带电粒子在电场、磁场中的运动 中 0.65 15 非选择题 16 力学综合 难 0.50 ·%1 HN 摸底卷 物理（一） 参考答案及解析 物理（一） 一、选择题 5.A 【解析】过程I金属杆OP转动的角速度0= t 1.D【解析】a衰变使质量数减少4，电荷数减少2，B 衰变不会引起质量数变化，酪Th经过n次a衰变形 切制磁感线产生的电动势E一子B- 26,产 成的新核质量数为232-4n,n取自然数，只有n=6 时新核质量数208满足衰变规律，故号Th经6次a 生的焦耳热Q一是，一张二，过程Ⅱ回路中的感 4Rt 衰变、4次B衰变成为Pb,D项正确。 应电动势=总3，产生的能耳热Q-爱 At- 2.A【解析】对头部受力分析，如图所示： F BL元，由Q,=Q,可得右=11，A项正确。 4Rto 0 6B【解析】设卫星轨道半径为，由G咖=m 2 颈椎 120、 GMT 509 卫星距地面的高度之比h中：h同=(r中一R):(r何一R) mg ≠r中同=1：4，A项错误：中圆地球轨道卫星和地 后颈肌肉 球静止轨道卫星运行的线速度之比，：=先 F mg 根据正弦定理有，sn120=s10,解得F≈ =T:/T中=2：1，B项正确：向心加速度之 T时 250N,A项正确。 比a中：a同=r:序=22：1，C项错误；单位时间内 3.C【解析】根据波形图可知波长入=4m,该波的波 与地球球心的连线扫过的面积之比中：=： T中TT中 速v=4=5m/s,可知周期T=入=0.8s,波传到x =T:/T同=1：2，D项错误。 T同 =5m处的质点经过的时间t2==1s,又根据波 二、选择题 形图可知，波源的起振方向沿y轴负方向，则波传到 7.AD【解析】单色光进入棱镜后频率不变，在棱镜中 x=5m处的质点时，质点开始沿y轴负方向振动，C 的光速一行，根据=小，可知波长变短，A项正确： 项正确。 4.C【解析】设两节车厢的长度为L,根据题意有 单色光在AB边的入射角为60°，由折射定律sin60 sin 0 卡=3m/s,西=名=6m/s,可知=24，根据匀变 =n,可知折射角B=30°，单色光在BC边的入射角a 速直线运动的速度特点一=a十上=3 2 =60.临界角如C=】-,由于>C,单色光在 BC边发生全反射，反射光在AC边的入射角B=30°， 3m/s,-w=a号，联立解得w=1m/s,C项 C,会有光从AC边射出，B、C项错误；由几何关系 正确。 可知单色光在棱镜内传播的最短路程为4√5cm,传 。1” HN 物理（一） 参考答案及解析 插时间1=45X10m=4X10s,D项正确。 点的场强大小E№<EM,方向由B指向A,合场强 方向由A指向B,同理可知N点场强与M点场强 大小相等、方向相反，A项错误；M点、N点均位于 A、B两处等量异种点电荷和C、D两处等量异种点 电荷形成的电场的同一条等势线上，故两点电势P =9v,B项正确；根据场强叠加可知，A、B、C三点处 8.BC【解析】以小球a、b为研究对象，根据牛顿第二 的点电荷在D点的场强由O指向D、在O点的场强 定律有2mg一mg=3ma,解得a=3&,对小球a受力 方向由O指向B,故OD之间存在合场强为零的点， 若将D点处的点电荷沿DB连线向O点靠近，电场 分析有T一mg=,解得T=号mg,A项错误：在小 力先做正功后做负功，电势能先减小后增大，C项错 球b下落过程中，拉力对小球b做的功W,=一Th= 误，D项正确。 mgh,小球a机械能的增加量即为拉力对小球a 4 三、非选择题 11.(1)ABC(2分) 做的功△E=W,=Th=专mgh,B项正确，D项错误： (2)小车的质量一定时，加速度和受到的力成正比(1 分)力F(2分)a-k(2分) 根据h= 2at,解得=√僧 /6 ,则轻绳对小球a拉力 【解析】(1)为保证小车受到的合力近似等于槽码的 的冲量大小1=T:=号mV6g,C项正确。 重力大小，需要调节木板倾斜度以平衡阻力，细绳与 长木板平行，并保证小车及车上砝码的总质量远大 9.AC 【解折】根据密一公，可知甲电路变压器原线圈 于槽码的总质量，不需要小车每次都从同一位置开 的输入电压U1=8×24V=192V,定值电阻R两端 始运动，A、B、C项符合题意。 的电压UR=220V-U1=28V,乙电路定值电阻R (2)a~F图线均为过原点的直线，说明小车质量一 两端的电压Uk=(20 定时，加速度与受到的力成正比：a-F图线的斜率 24)V=3.5V,定值电阻 R、R两端的电压之比为8：1，A项正确：甲、乙两电路 等于小车的质量的倒数1 。在a~F图像中确定各 中灯泡均正常发光，则两电路变压器的输出电流相 小车在相等的力F下对应的加速度a,得到五组a、k 等，根据号-兴可知两电路原线圈的输人电流相 的对应数据，为得到a和m之间的定量关系，需要 等，由P=U11=220I1,可知甲、乙两电路消耗的总功 建立a-二即a-k坐标系。 率相等，B项错误：甲、乙两电路消耗的总功率相等， 12.(1)-(2分)3000(1分)1.5(2分) 且两电路中灯泡消耗的功率相等，可知定值电阻R、 (2)①如图所示(1分) R消托的功率相芬C项正确：由P爱受可得， 定值电阻R、R的阻值之比为64：1，D项错误。 10,BD【解析】根据电场的叠加，M点、N点的场强等 于A、B两处等量异种点电荷形成的电场的场强和 C、D两处等量异种点电荷形成的电场场强的叠加， 根据等量异种点电荷电场的特点，A、B两处等量异 种点电荷形成的电场在M点的场强EM方向由A URo 指向B,C、D两处等量异种点电荷形成的电场在M ②，元2分)3.21分) ·%2· HN 摸底卷 物理（一） 【解析】(1)由多用电表使用时电流“红进黑出”的规 tan 0=at=3 (1分) 则可知，多用电表的红表笔应接电压表的“一”接线 Uo 3 柱。多用电表的示数为30×1002=30002，电压 粒子进入磁场时的速度大小= 625 cos3 表的示数为1.00V,多用电表的内阻Rn=15× (1分) 100Q=1.5k2,根据闭合电路欧姆定律有，E= 当粒子在磁场内的运动轨迹刚好与ac边相切时，如 是(R+R)品 1.00 ×(3000+1500)V=1.5V。 图所示 (2)①实物连线图如答案图所示。 ②根据欧姆定律有Rv=U U RU,解得Rv ≈3.2k2 13.【解析】(1)气体初态p1=p=1×105Pa、V1=(H 十h)S,放上物块再次稳定后压强为p2、V2=HS 根据玻意耳定律有pV1=p2V2 (1分) 解得p2=1.1×10Pa (1分) 此时对活塞根据平衡条件有pS十mg一Fv=p2S 由儿何关系可知粒子做圆周运动的半径R1=Lcos日 (1分) 解得卡环对活塞的支持力大小F、=120N (1分) 2 (1分) 根据牛顿第三定律可得活塞对卡环的压力大小F￥' 由牛顿第二定律有qB1=m v (1分) =Fy=120N (1分) R (2)加热前气体p2=1.1×10Pa,T=300K 解得B,=m L (1分) 加热后活塞刚要离开卡环时，对活塞根据平衡条件 当粒子在磁场内的运动轨迹刚好与bc边相切时，由 有pS=pS十mg (1分) 几何关系可知 解得p=1.2X105Pa (1分) R2 R2十 (1分) 设此时气体的温度为T,根据查理定律有气一号 99-L,解得R,=(2W3-3)L (2分) 解得B,=4十23)m 3gL (1分) 解得T≈327.3K (1分) 14.【解析】(1)从P点射出的粒子在电场中做类平抛运 则4m≤B<4+2V5)mu 3qL (1分) 3gL 动，有 (3)进入磁场的粒子速度相等，从ab边射出的粒子， L=ut (1分) 做圆周运动的半径最大值R2=(2√3一3)L,在磁场 (1分) 中运动的最长时间。-00×2xR 360 (1分) a=Eq m (1分) 解得=1-号出 (1分) 解得E=3md (1分) 15.【解析】(1)物块P由静止下滑到圆弧轨道最低点， 3gL 根据机械能守恒定律有 (2)设粒子进入磁场时的速度大小为v,方向与x轴 负方向的夹角为0，有 migR= 216 (1分) HN 物理（一） 参考答案及解析 由牛顿第二定律有F、一mg=m尺 (1分) 的夹角相等，则碰撞后瞬间竖直方向的分速度为碰 解得Fy=9N (2分) 撞前瞬间竖直方向分速度的号，所以第一次碰擅后 (2)根据动量守恒定律和机械能守恒定律有 上升到最高点的时间等于小球Q从桌面边缘飞出 16=m1U1十m2 (1分) 到落地时间的号 (1分) 2%6- 1 1 2m1呢+ n2 (1分) 第一次反弹至落地的时间4=号×21=0.96、 解得=m一m 241 m1十m0 (1分) 1十2 (1分) 小球Q沿桌面运动到桌面边缘的过程，根据动能定 第二次反弹至落地的时间：=号×1=（告 4 )X2x 理有 (1分) -kmz gL= 2、1 1 (1分) 第三次反弹至落地的时间6=号X=(告)X2: 小球Q飞出后做平抛运动 *小 x=v't (1分) h-ige (1分) 第u次反弹至落地的时间，=专×1,1=（告）X2: (1分) 解得t=0.6s,x=3m (1分) 小球Q从桌面边缘飞出后到停止运动所需的时间 (3)由于小球Q每次与地面碰撞前、后瞬间的动能 te=t十i十t2十…+tn=5,4s (1分) 之比一定，则碰撞后瞬间的速度大小为碰撞前瞬间 速度大小的号，碰撞前、后瞬间速度方向与地面间 ·4 HN