第2章 能的转化与能量守恒 单元卷（提高）科学新教材浙教版九年级上册

**基本信息** 浙教版九年级上册第2章“能的转化与能量守恒”提高单元卷，以能量转化与守恒为核心，融合科技前沿（东方超环、超级充电桩）、文化传承（省油灯、手炉）及生活实践（电热服、新能源汽车），全面考查科学观念与探究实践能力。 **题型特征** |题型|题量|知识覆盖|命题特色| |----|----|----------|----------| |选择题|15|功、功率、能量转化、电热计算|结合古代“省油灯”考查蒸发与温度关系，体现文化与科学融合| |填空题|7|机械能转化、惯性、热功当量|以滑雪运动为情境分析动能变化，关联生活实际| |实验与探究题|5|电阻产热影响因素、弹簧弹力实验|用“变色测温贴”创新设计探究电流热效应，培养科学思维| |综合题|5|能量计算、热值测定、电路分析|结合全液冷超级充电桩计算充电时间，凸显技术应用与态度责任|

（浙教版）科学 九年级上册 第2章 能的转化与能量守恒 单元卷（提高） 一、选择题 1．科学研究中，往往用相关量的比值定义新的科学概念，这就是比值定义，如 下列科学概念不是通过比值定义得到的是 (　　) A．功 B．比热容 C．热值 D．功率 2．能量的转化是自然界普遍的现象.下列关于能量转化的分析不正确的是(　　) A．水果电池：电能一化学能 B．电灯发光：电能一光能 C．光合作用：光能一化学能 D．钻木取火：机械能一内能 3．下列关于热量的描述中，正确的是（　　） A．热量就是指物体具有多少的内能 B．温度越高的物体，具有的热量越大 C．热量是指物体在热传递过程中内能的改变量 D．热量是从内能大的物体传给内能小的物体 4．下列说法正确的是 ( ) A．用煤气灶烧水时，煤气燃烧不充分时，其热值变小 B．不能喝刚烧开的水，是因为它含有的热量太多 C．高温铁块放入冷水中，当热传递停止时铁块和水的内能一定相同 D．物体内能增大，温度不一定升高 5．将规格都是“220V 180W”的一台电冰箱、一台电脑和一床电热毯，分别接入同一家庭电路中，若通电时间相同，则下列说法正确的是（　　） A．电冰箱产生的热量最多 B．电脑产生的热量最多 C．电热毯消耗的电能最多 D．三者电流做功一样多 6．（2026九下·温州开学考）如图为一名举重运动员做挺举连续动作时的几个状态图。其中运动员对杠铃不做功的是 A．从发力到上拉的过程 B．从上拉到翻站的过程 C．从翻站到上挺的过程 D．举着杠铃稳定站立的过程 7．（2026·新昌模拟）图1为我国古代“省油灯”，图2为其剖面图。使用时向灯盏夹层内注水，其主要目的是 A．增加灯的重量，防止倾倒 B．降低油的热值，减慢油的燃烧 C．与油发生化学反应，减少油的消耗 D．降低油的温度，减慢油的蒸发 8．（2026·洞头模拟）某同学组装了如图所示的滚摆，将滚摆从最高处由静止释放，观察到滚摆上下往复运动几次后最终静止下来。下列说法正确的是 （　　） A．滚摆上升时，重力势能转化为动能 B．滚摆下降时，它的重力势能减小，机械能增大 C．滚摆每次到达最高点的重力势能都比上次小 D．滚摆到达最低点时，若所有外力消失，它将保持静止 9．如图所示是超市常用的塑料袋封口夹电路原理图，电源电压为5V，电热丝R＝1Ω。下列说法正确的是（　　） A．该设备利用电流的化学效应实现高温封口 B．该设备电路正常工作时的功率为5W C．正常使用3s产生的热量为75J D．若使用时总将塑料袋烫坏，可以减小电热丝的阻值 10．口香糖的锡纸可以用来做一些有趣的小实验。将其剪成如图甲所示形状，其中AB段和CD段等长，将锡纸条（带锡的一面）两端连接电池的正、负极，发现锡纸条AB段先开始着火，如图乙所示。下列分析不正确的是（　　） A．AB段两端电压比CD段两端电压大 B．通过AB段的电流比CD段的电流大 C．AB段的电阻值比CD段的电阻值大 D．AB段产生热量比CD段产生热量多 11．（2026·嵊州模拟）图甲为古代“暖宝宝”--手炉，其外层为漆有彩图的木胎，暖手时手捂木胎。图乙为手炉剖面结构示意图。下列说法错误的是 A．木胎不仅美观，还起到隔热和防烫的作用 B．木炭燃烧提供暖手的热量，是利用其比热容大 C．中空层通过空气隔离减少热传递，有保温作用 D．镂空铜网有利于通风换气，为木炭燃烧提供氧气 12．如图所示，在四个相同的水槽中盛有质量和温度都相同的水，现将电阻丝R1、R2（R1＜R2），分别按下图所示的四种方法连接放入水槽，并接入相同的电路。通电相同时间后，水槽中水温最高的是（　　） A． B． C． D． 13．如图所示，甲、乙是两个相同的小球，在同一高度将甲、乙两球抛出：甲球以速度v竖直向下抛出后落地；乙球以速度v竖直向上抛出至最高点A后落地，若不考虑空气阻力，下列说法正确的是（　　） A．抛出时刻，甲球的动能比乙球的动能小 B．抛出时刻，甲球的机械能比乙球的机械能大 C．乙球在上升至最高点的过程中动能逐渐减小为零 D．甲球落地时的速度大于乙球落地时的速度 14．图甲是一种多档位加热杯垫，图乙是其内部简化电路图，电热丝R1的电阻小于电热丝R2的电阻。闭合开关S1和S2时，下列说法正确的是（　　） A．此时电路处于保温档 B．R1两端的电压小于 R2两端的电压 C．流过R1的电流大于流过 R2的电流 D．加热杯垫的工作原理是电流的磁效应 15．如图所示，用大小相等的拉力F分别沿斜面和水平面拉同一个木箱，拉力方向和运动方向始终一致。斜面AB粗糙，长度为SAB，水平面CD光滑，长度为SCD，运动时间分别为tAB、tCD，运动速度分别为vAB、vCD 。则（　　） A．若SAB=SCD，则拉力在AB段做功较多 B．若SAB>SCD且tAB=tCD，则拉力在AB段做功较快 C．若SAB=SCD且tAB>tCD，则拉力在AB段做功较快 D．若vAB=vCD，则拉力在AB段和CD段做功一样多 二、填空题 16．如图是皮球落地后弹起过程中，每隔相同时间曝光一次所拍摄的照片。 （1）皮球离开地面上升的过程中，重力势能　 　（填“增大”、“减小”或“不变”，下同），机械能　 　。 （2）A、B两点等高，A点的速度　 　B点的速度（填“大于”、“小于”或“等于”）。 17．甲、乙、丙是三个完全相同的网球，如图所示，在同一高度以大小相等的速度，将甲球竖直向下抛出、乙球竖直向上抛出，丙球斜向上抛出，不计空气阻力，落地前的运动过程中，甲球的动能　 　 （选填“增大”“不变”或“减小”），乙、丙两球上升的最大高度　 　 （选填“相等”或“不相等”），落地瞬间，乙球的速度　 　 （选填“大于”“等于”或“小于”）甲球的速度。 18．（2026·临安模拟）某科研小组研发了一款能跨越障碍的玩具车，其中三个轮子的大小、材料等皆相同。当它遇到障碍物时，会将车轮依次抬起并从障碍上方绕过（如图所示），在抬轮的不同阶段各个车轮受到的压力大小如表所示。 压力(N) 抬 前轮|抬中 轮|抬抬后轮 前轮 0 448 20 中轮 854 0 754 后轮 65 431 0 （1）小组同学控制玩具车刹车后，玩具车不会马上停下而会继续向前运动一段距离，这是因为玩具车具有　 　。 （2）在玩具车遇到障碍物，车轮依次抬起绕过障碍物的过程中，形变程度最大的车轮是　 　。 （3）玩具车在匀速直线前进时受到2N的摩擦力，当其前进5m时，牵引力所做的功为　 　。 19．（2026·浙江模拟）滑雪是北方冬季随处可见的娱乐项目，请回答下列问题： （1）滑雪杖是滑雪项目的必备道具之一，图1所示滑雪杖往后划，人给滑雪杖一个向后的力，滑雪杖就给人一个向前的力，这一现象说明了　 　。 （2）滑雪爱好者在学习滑行减速时，发现制动后不能马上停下，仍会继续往前运动一段距离，这是因为人具有　 　，仍会保持原来的运动状态。 （3）图2是某滑雪比赛过程中运动员的飞行轨迹图，下图中能准确反映运动员在飞行过程中的动能随时间变化的图像是____(填字母)。 A． B． C． 20．如图甲最适合“探究电流通过导体产生热量与电阻关系”的实验装置，两阻值分别为R和2R的电阻丝浸在相同质量和相同初温的煤油中，每一烧瓶里各插一支温度计，则闭合开关，经过一段时间，两电阻丝产生热量的多少是通过　 　 反映出来的；采用这种连接方式的目的是　 　 。小明家有一个“220V 1500W”的电热水器，将其单独连接在电路中，发现电能表（如图乙所示）上的铝盘121s内转了125转，电热水器消耗了　 　 J的电能（电热水器内电阻丝的阻值不变） 21．（2026九下·金华开学考）如图所示，我国自主设计、建造的全超导托卡马克核反应实验装置————东方超环(EAST)，在1亿度超高温度下运行10秒时间。请回答： （1）东方超环被称为人造太阳，其能量产生原理与太阳类似，通过原子核　 　(填“聚变”或“裂变”)释放出巨大的能量。 （2）核反应实验装置中，用通电线圈产生的磁场，将超高温等离子体约束在磁场中，而要产生强磁场，线圈中需要很大的电流，但是线圈自身有一定的电阻，线圈中有大电流通过，由于电流具有　 　(填“热”或“磁”)效应，会产生很高的热量，所以该装置的线圈使用超导材料绕制，从而实现这些线圈在零下296摄氏度的超低温中工作。 （3）人造太阳的加热功率为1.2×10¹2W，利用人造太阳发电的效率为60%，则工作10秒时间，发电量为　 　kW·h。 22．（2026九上·玉环期末）小科家新购置了一辆新能源汽车，并安装了配套的家用充电桩。充电桩连接了独立的电能表，其参数如图所示。请回答下列问题： （1）使用该充电桩为车辆充电时，小科观察到电能表转盘在 1 分钟内恰好转过300转，此时该充电桩的充电功率为　 　kW。 （2）随着充电技术发展，华为数字能源推出的全液冷超级充电桩已投入运营，其最大充电功率可达 600 kW。若某款纯电动汽车配备容量为 100 kW·h 的电池包，现使用该超级充电桩以最大功率为其充电，将电池电量从 16%充至100%，不考虑充电过程中的能量损耗，理论上需要　 　分钟。 三、实验与探究题 23．（2025九上·婺城期末）如图甲所示是我们常见的按压式圆珠笔，笔的质量为20g，小科同学利用该圆珠笔开展了以下实验研究。 实验一：研究弹簧弹力与压缩量的关系(如图乙)，实验数据记录如下表： 序号 钩码质量(g) 弹簧压缩量x(mm) 弹簧弹力F(N) 弹簧的劲度系数k(N/mm) 1 50 2 0.5 0.25 2 100 4 1 0.25 3 150 6 1.5 0.25 实验二：先将笔倒立向下按压然后放手，笔将向上弹起一定的高度。弹跳过程可以分为三个阶段(如图丙所示)。 ①把笔竖直倒立于水平硬桌面，下压外壳使其下端接触桌面(见位置a)。 ②由静止释放，外壳竖直上升，弹簧恢复到原长(见位置b)。 ③笔继续上升到离桌面2.5cm的最高处(见位置c)开始下落。 （1） 由表中数据可知，在弹性限度范围内，弹簧弹力F与压缩量x的数量关系式为　 　。 （2） 图丙中从b到c位置，笔的内芯的重力势能逐渐　 　。 （3） 图丙三个位置中，弹簧弹性势能最大的是　 　(填“a”“b”或“c”)位置。 （4） 整个过程中，至少有　 　焦的弹性势能转化为笔的重力势能。 24．小科在验证“电阻丝产生的热量与电阻、电流及通电时间的关系”时，采用了一种“变色测温贴”（产品介绍如图甲所示），常温下将测温贴贴在电阻上，并连接如图乙所示的实验电路，闭合开关，记录测温贴变色所用的时间。断开开关，待测温贴？，调节滑动变阻器，闭合开关，继续测量测温贴变色所用时间，所得结果如表： 实验序号二 变色所用的时间/s R1 R2 1 9 18 2 12 24 3 21 42 （1）题干中“？”处应填　 　 。 （2）根据表中数据可知，从实验1到实验3滑动变阻器滑片是向　 　 移动的。 （3）考虑电阻散热，不同电阻使测温贴升高相同温度时，实际消耗的电能是不同的。因此在烧开水时，从节约用电角度考虑应选择下列哪种电热水壶？____ 。 A．“220V，1000W” B．“220V，1500W” （4）从安全角度考虑，家庭电路中大功率用电器使用更粗导线的原因是：　 　 。 25．（2026九上·越城期末）科学小组对“用打气筒给篮球打气后，打气筒会发热”的原因进行探究，提出以下猜想： 猜想1：活塞压缩气体会导致打气筒发热 猜想2：活塞与筒壁摩擦会导致打气筒发热 猜想3： ① 为验证猜想，小组同学取一只底座可拆卸的打气筒，在筒的上部和下部标注两个测温点a和b。在室温25℃的环境下进行实验，其中小王用拆除底座的打气筒进行实验，如图甲(固定装置已略去)；小敏用完整的打气筒对篮球进行充气实验(如图乙)。 时间/s 活塞往 复次数 a处温度 /℃ b处温度 /℃ 小王的数据 20 30 30.5 30.5 小敏的数据 20 30 32.6 46.5 两位同学都在20s内让活塞在筒内往复运动30次，然后立即测出此时a、b处的温度，并在气筒外壁温度降至室温(篮球放气至实验前水平)后，都重复了3次操作，将处理后的实验数据填写在表中。 （1）①处可以填写的猜想是：　 　； （2）根据小王的实验数据，可以得出的结论是　 　； （3）两位同学对数据的处理方法是　 　； （4）对比分析表中数据，可以得出：使打气筒下部发热的主要原因是　 　。(填“压缩气体做功”或“活塞与筒壁摩擦”) 26．（2026·温州模拟）榕榕所在兴趣小组用如图所示的器材测量小灯泡的电功率，所用电源电压为3V，小灯泡的额定电压为 2.5 V 。经过多次实验，测量并记录多组数据，得到小灯泡的图像如图 3 所示。 （1）请用笔画线表示导线，将图1所示电路连接完整。 （2）正确连接电路后，榕榕闭合开关发现小灯泡很亮。请指出造成该异常现象的不规范操作是　 　。 （3）闭合开关后，当滑动变阻器的滑片移至某一位置时，小灯泡正常发光，此时电流表示数如图2所示，小灯泡的额定功率为　 　 （4）榕榕完成本次实验后，打算继续用该电路研究电流与电压的关系，但另一位同学认为只用图1的实验装置不能达到实验目的，理由是　 　。 27．（2026·温州模拟） 为了测定一个额定电压为 4.5伏的小灯泡的额定功率，小明利用电压恒定的电源、小灯泡L、电压表、电阻箱R (如图 1)、开关及导线等器材进行实验。具体步骤如下： ①断开开关S1并连接电路如图2所示。 ②闭合开关 S1，将开关S2与接线柱“1”接触，调节电阻箱直至电压表的示数达到 4.5伏，并记录此时电阻箱接入电路的有效阻值为 25欧。 ③再将开关 S2与接线柱“2”接触，观察电压表的示数如图 3所示，根据实验测得的相关数据计算小灯泡 L的额定功率。 （1）闭合开关S1之前，应将电阻箱的阻值调节到　 　值。(填“最大”或“最小”) （2）步骤③中电压表的示数如图3所示，则电源电压为　 　伏。 （3）步骤②和步骤③中通过小灯泡的电流分别为I1、I1'，则I1、I1'的大小关系为：　 　。 （4）通过本实验可知，该小灯泡的额定功率为　 　瓦。 四、综合题 28．学校正在普及“AI”体育，如图甲为跳绳“AI”测试仪，其主要由支架、一台摄像头和计算机显示屏组成，可智能识别学生跳绳动作，记录跳绳次数。 （1）如图乙跳绳情形通过摄像头中的凸透镜所成的实像是　 　。(选填字母) （2）小明体重为50千克，1分钟跳绳160次，每次跳跃身体重心升高5cm，则他1分钟内克服重力做功为　 　焦耳。 （3）连续跳绳一段时间，呼吸变急促，心跳会加快，这是为人体细胞的呼吸作用提供更多的　 　。 29．（2026九上·杭州月考）如图为两个光滑圆弧槽和一段粗糙水平面相连接的装置。将质量为m的物体从左侧圆弧槽A点由静止释放，最高到达右侧圆弧槽B点处；然后再次滑下，最高到达左侧圆弧槽C点处。其中水平面长度为s，A、C两点距离水平面的高度分别为H、h。（忽略空气阻力） （1）物体从A点滑到B点的过程中，机械能　 　（选填“增大”、“不变”或“减小”）； （2）物体从A点滑到水平面时，重力所做的功为　 　；（用字母表示，下同） （3）物体从A点经B点返回至C点过程中克服摩擦力做功大小为　 　。 30．（2026九上·宁波期末）能量转化和守恒定律是许多科学家长期探索建立的，是科学史上的重大发现。 材料一：1644年，笛卡尔用物体的质量和其速度的乘积来量度；1686年，莱布尼兹用物体的质量和其速度平方的乘积来量度：1743年，达朗贝尔用“活力”(即物体受力作用而通过一定距离)来量度。 材料二：温度计的不断改进给热与功研究的精确化准备了必要条件。焦耳通过400多次的实验，于1849年精确地测定了热功当量关系的数值，这一数值与现代公认值非常接近，为能量守恒定律的确立奠定了定量的实验基础。 （1）材料一中，哪位科学家的观点与“功”概念相符合?（ ）。 A．笛卡尔 B．莱布尼兹 C．达朗贝尔 （2）如图甲所示是焦耳研究热功当量关系的实验装置，通过重物的上下运动，带动叶片转动，通过做功使水的内能增加。为了研究机械能和内能之间的转化是否遵循能量守恒定律，小科根据焦耳的实验装置，设计了图乙所示装置来进行实验。重物A 在下落1m 的过程中通过滑轮、轻绳带动容器中的金属叶片与水摩擦生热，使容器中0.4kg的水温度升高了0.2℃，则水的内能增加　 　J。[重物A的质量及每次下落高度保持不变， （3）日常生活中，下列现象属于内能转化为机械能的是（ ）。 A．冬天用热水袋取暖 B．烧水时壶盖被顶起 C．钻木取火 D．电灯发出光和热 31．（2025九上·杭州月考）工作人员采取了部分页岩气样品，经初步检测该页岩气样品中的天然气含量为90%，为了确定其中是否还含有其它可燃性成分，现在在实验室进一步对其进行热值测试：假设所取样品气体的体积为1L，用它烧水，使得1kg的水温度升高了5℃，已知检测所用的烧水炉的效率为70%，天然气的热值为4.0×107J/m3．（ρ水＝1.0×103kg/m3）请根据以上信息计算： （1）检测过程中，水吸收的热量是多少？ （2）检测过程中，页岩气样品所释放的热量是多少？ （3）该页岩气样品的热值为多少？ 32．（2026·洞头模拟）图1是一款电热服，衣服里嵌有电热纤维，利用配套的锂电池供电。图2是其简化的工作电路， 为电热纤维，可在低温、中温、高温三档间切换。 （1）小科查阅资料获悉，该锂电池工作时的总反应可以表示为：，此反应中锰元素的化合价从 +4 价变为+3 价，则中锂元素的化合价为　 　 （2）电热服工作的原理是____（填字母）。 A．电流磁效应 B．电流热效应 C．电磁感应 （3）图 2 中阻值为 5 欧，电源输出电压为 5 伏，高温档功率为 15 瓦。 ①求电热服在高温档工作时通过的电流。 ②求电阻。（忽略温度对电阻的影响） 答案解析部分 1．【答案】A 【解析】【分析】根据公式能叙述物理量的定义，这样的公式是定义式，密度、压强、功率、速度、热值、功率等都是定义式。 【解答】A、W=Fs，功等于力和距离的乘积，这不是功的定义。符合题意。 B、比热容是热量与温度变化和质量乘积的比值，是采用的比值定义法，不符合题意。 C、热值q=，表示单位质量的燃料燃烧放出的热量，符合比值定义法，不符合题意。 D、P=，单位时间内做功多少表示功率，属于定义式。不符合题意。 故答案为：A。 2．【答案】A 【解析】【分析】根据题干事物的能量转化情况进行分析。 【解答】A、水果电池的工作原理是通过水果中的化学物质发生反应，向外电路提供电能，是将化学能转化为电能，A错误。 B、电灯发光是消耗电能，得到光能（同时产生部分内能），主要的能量转化为电能→光能，B正确。 C、植物的光合作用是在光照作用下，将光能转化为有机物中储存的化学能，转化为：光能→化学能，C正确。 D、钻木取火是通过摩擦做功，消耗机械能，使木块内能增大、温度升高最终达到着火点，能量转化为：机械能→内能，D正确。 故选A。 3．【答案】C 【解析】【分析】要解答本题需掌握：①热传递的条件是有温度差，以及描述热量的物理术语是吸收和放出。②内能的大小和什么因素有关。 【解答】 热量是在热传递过程中，能量改变的多少，只能用“吸收”和“放出”来描述，且热量只能从温度高的物体传向温度低的物体，温度高的物体内能不一定大，因为内能的大小还与质量和状态有关。故ABD错误。 故选：C。 4．【答案】D 【解析】【分析】（1）热值是燃料的一种特性，与燃料的种类和状态有关； （2）热量是个过程量，不能说含有、具有多少热量； （3）热传递的条件是有温度差，温度相同，不会发生热传递； （4）物体内能增大，温度不一定升高。 【解答】A、热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关，与质量多少、是否燃烧、是否完全燃烧都没有关系，用煤气灶烧水时，煤气燃烧越充分，其热值不变，故A错误； B、我们不能喝刚烧开的水，是因为热水的温度高，故B错误； C、高温的铁块放入冷水中，当热传递停止时铁块和水的温度相同，内能还与物质的质量有关，两者内能不一定相同，故C错误； D、物体内能增大，如晶体熔化和液体沸腾过程中，温度不一定升高，故D正确。 故答案为：D。 5．【答案】D 【解析】【分析】由题意知，三种用电器的额定电压都是220V，额定功率都是180W；家庭电路电压是220V，把这三个用电器接入家庭电路，三个用电器都正常工作，实际功率相同都等于额定功率，通电时间相同，根据W＝Pt可知消耗的电能相同；通过分析三种用电器工作时的能量转化情况，找出产生热量最多的用电器。 【解答】家庭电路中，各个用电器两端的电压相同，U＝220V，三种用电器的实际功率：P实＝P额＝180W； 根据W＝Pt，用电器工作时间t相等，三种用电器消耗的电能相同，电流做功相同；电冰箱与电脑工作时，主要把电能转化为机械能或其他形式的能，产生的热量很小，电热毯工作时电热丝产生热量，把电能全部转化为热量；产生热量最多的是电热毯。 故选：D。 6．【答案】D 【解析】【分析】功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离；两个条件同时具备才做功，缺少任意一个都不做功。 【解答】A：从发力到上拉，运动员对杠铃施加向上的力，杠铃在力的方向上移动了距离，对杠铃做功，故A错误，不符合题意； B：从上拉到翻站，运动员对杠铃施加向上的力，杠铃在力的方向上移动了距离，对杠铃做功，故B错误，不符合题意； C：从翻站到上挺，运动员对杠铃施加向上的力，杠铃在力的方向上移动了距离，对杠铃做功，故C错误，不符合题意； D：举着杠铃稳定站立，运动员对杠铃施加了向上的力，但杠铃没有在力的方向上移动距离，对杠铃做功，故D正确，符合题意。 故答案为D。 7．【答案】D 【解析】【分析】A、灯的质量增大，不会导致油的挥发量减少。 B、油的热值是油的属性，不会改变。 C、水与油不发生反应。 D、油温度降低，挥发速度慢，所以可以省油。 【解答】在夹层中注水可以省油的原因是水的比热容较大，等质量的水，吸收相同的热量，温度变化量小，可以降低油的温度，减少油挥发导致的损耗。 故答案为：D。 8．【答案】C 【解析】【分析】重力势能与物体的质量和高度有关，质量越大、高度越高，重力势能越大。 动能与物体的质量和速度有关，质量越大，速度越大，动能越大。 【解答】A、滚摆上升时，动能减小，重力势能增大，动能转化为重力势能，故A错误； B、下降时，高度减小，重力势能减小，由于最终会停下来，说明机械能在逐渐减小，故B错误； C、由于机械能在逐渐减小，所以每次到达的最高点的重力势能都小于上次在最高点的重力势能，故C正确； D、在最低点时，速度不为零，由牛顿第一定律可知，若一切外力消失，它将做匀速直线运动，故D错误。 故答案为：C。 9．【答案】C 【解析】【分析】（1）当电流通过电阻时，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应； （2）根据P算出该设备电路正常工作时的功率； （3）纯电阻电路产生的热量Q＝I2Rtt＝Pt；若电压不变，则R越大产生的热量越少。 【解答】A、电流通过电阻，因为电流的热效应，电阻发热产生热量，温度升高，实现高温封口，故A错误； B、该设备电路正常工作时的功率为：P25W，故B错误； C、正常使用3s产生的热量为： Q＝I2Rtt＝Pt＝25W×3s＝75W，故C正确； D、由公式Q＝I2Rtt可知，电压不变，要减小电阻产生的热量，应增大R的阻值，故D错误。 故选：C。 10．【答案】B 【解析】【分析】电阻的大小与导体的材料、长度、横截面积、温度有关。 串联电路中电流处处相等。 串联电流相同，电阻大的分压大。 根据焦耳定律分析产生热量的多少。 【解答】A、串联电流相同，电阻大的分压大，AB电阻大，AB两端电压，故A正确； B、AB和CD是串联，电流处处相等，故B错误； C、电压与电阻成正比U＝IR，AB更细，横截面积越小AB段电阻越大，故C正确； D、电流相同，AB电阻大，根据Q＝I2Rt知电路中迅速产生大量热量使温度达到铝箔纸的着火点而使之燃烧，所以中间AB处很快开始冒烟起火，故D正确。 故选：B。 11．【答案】B 【解析】【分析】A、木材是热的不良导体，能减少热量向外传导，同时减缓热量散失； B、木炭燃烧是与空气中的氧气反应，放出大量的热，是利用了木炭的可燃性； C、空气是热的不良导体； D、燃烧的条件：①可燃烧，②有充足的助燃剂（氧气），③温度达到可燃物的着火点。 【解答】A、木胎是热的不良导体，除了外层漆彩图实现美观效果外，还可以减慢热量散失，同时避免内部高温直接传递到手上，起到隔热防烫的作用，故A选项正确，不符合题意； B、木炭燃烧暖手，是利用木炭燃烧发生化学变化，释放化学能转化为内能来提供热量，并不是利用木炭比热容大的特性，故B选项错误，符合题意； C、中空层充满空气，空气是热的不良导体，能减少热传导、对流等热传递过程，减慢内部热量向外散失，起到保温作用，故C选项正确，不符合题意； D、木炭燃烧需要消耗氧气，镂空铜网的孔隙可以让空气进入，为木炭燃烧持续提供氧气，故D选项正确，不符合题意。 故答案为：B。 12．【答案】D 【解析】【分析】由电功公式Wt可知，在电压U与通电时间t相等的情况下，电路总电阻R越小，电路产生的热量越多；电路产生的热量越多，水吸收的热量越多，水的温度越高，分析电路结构，找出总电阻最小的电路，即可正确答题。 【解答】由串并联电路特点可知，串联电路电阻越串越大，并联电路电阻越并越小； 由电路图及已知R1＜R2可知，图D中电路总电阻最小，四个电路电压相等，通电时间相等，Wt可知，D产生的热量最多，水吸收的热量越多，水的温度最高。 故选：D。 13．【答案】C 【解析】【分析】动能的大小与物体的质量以及速度有关；重力势能的大小与物体的质量以及高度有关。 【解答】A.抛出时刻，甲球和乙球的速度和质量都相同，则甲的动能等于乙球的动能，故A错误； B.抛出时刻，甲球的动能与乙球的重力势能相同；二者高度相同质量相同，则重力势能相同。根据“机械能＝动能+重力势能”可知，两球的机械能相等，故B错误； C.乙球在上升至最高点的过程中，动能会逐渐转化为重力势能，即动能逐渐减小为零，故C正确； D.两球落地时，机械能全部转化为动能，则二者动能相等，即甲球落地时的速度等于乙球落地时的速度，故D错误。 故选：C。 14．【答案】C 【解析】【分析】A.并联电路的特点和可知加热杯垫各挡的电路连接； B.根据并联电路的特点可知R1、R2两端的电压关系； C.根据并联电路的特点和欧姆定律可知流过R1和R2的电流关系； D.电流通过导体时都会发热，这就是电流的热效应。 【解答】A.根据图乙可知，R1、R2并联时，电路的总电阻最小，由可知，电路的总功率最大，加热杯处于高温挡，故A错误； B.根据并联电路总电压等于各支路两端电压可知，R1、R2两端的电压相等，故B错误； C.根据题意可知，电热丝R1的电阻小于电热丝R2的电阻，而R1、R2两端的电压相等，由欧姆定律可知，通过流过R1的电流大于流过R2的电流，故C正确； D. 加热杯垫的工作原理是电流的热效应 ，故D错误。 故选C。 15．【答案】B 【解析】【分析】根据W=Fs判断做功的大小关系，再根据比较做功的快慢。 【解答】A.根据公式W=Fs可知，如果拉力F相等，且SAB=SCD ，那么拉力做的功大小相等，故A错误； B.根据公式W=Fs可知，如果拉力F相等，且SAB>SCD ，那么拉力在AB段做功多；根据可知，当 tAB=tCD ​​​​​​时，拉力在AB段做功多，那么拉力在AB段功率大，故B正确； C.根据公式W=Fs可知，如果拉力F相等，且SAB=SCD ，那么拉力做的功大小相等；根据可知，当 tAB>tCD ​​​​​​时，那么拉力在CD段功率大，故C错误； D.根据W=Fs可知，只有知道拉力F和移动距离s的大小关系，才能判断做功的大小，故D错误。 故选B。 16．【答案】（1）增大；减小 （2）大于 【解析】【分析】（1）重力势能的大小与质量和高度有关。根据皮球最高点高度的变化分析运动过程中是否存在机械能的损失。 （2）根据“机械能=动能+重力势能”分析两点动能的大小，再比较速度的大小。 【解答】（1）皮球离开地面上升的过程中，它的质量不变高度增大，则重力势能增大。因为皮球到达的最高点越来越低，这说明机械能会不断减小。 （2）A、B两点等高，则两点的重力势能相等。A点的位置比B点靠前，则机械能的损失小，因此机械能A大于B。根据“机械能=动能+重力势能”可知，A点的动能大于B点的动能，即A点的速度大于B点的速度。 17．【答案】增大；不相等；等于 【解析】【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。 （2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。 （3）机械能＝动能+势能。 （4）由于不计空气阻力，则小球的机械能是守恒的，据此分析即可。 （5）曲线运动的最高点速度不为零，动能没有全部转化为重力势能。 【解答】落地前的运动过程中，甲球向下做加速运动，质量不变，速度变大，故甲球的动能增加；不计空气阻力，乙、丙两球的机械能是守恒的，乙球做竖直向上运动，故运动到最高点时速度为零，动能全部转化为重力势能；丙球做曲线运动，曲线运动的最高点速度不为零，动能没有全部转化为重力势能，故丙球的高度比乙球低； 甲、乙两个球整个运动过程中，不计空气阻力，机械能是守恒的，开始重力势能相同，落地时动能相同，所以落地时两球的速度大小相等，即v甲＝v乙。 故答案为：增大；不相等；等于。 18．【答案】（1）惯性 （2）中轮 （3）10J 【解析】【分析】（1）惯性是物质的属性，使物体具有保持原来运动状态的能力，但惯性不是力，不能说“受到惯性”、“惯性力”“惯性作用”等，只能说“由于惯性”、“具有惯性”等，惯性大小只和质量有关。质量越大，惯性越大。 （2）弹性形变的程度和物体受到的压力大小有关：在弹性限度内，物体受到的压力越大，发生的形变程度就越大。 （3）根据平衡力大小相等可知牵引力等于2N，再由W=Fs计算功的大小。 【解答】（1）物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性。刹车后玩具车的运动状态虽然被干预，但由于惯性，玩具车仍然会保持原来向前运动的状态，所以不会马上停下，会继续向前运动一段距离。 （2）形变程度越大，说明受到的力越大，由表中数据可知，中轮受到的压力最大，可知其形变量最大。 （3）匀速运动时，受力平衡，牵引力等于阻力等于2N，可知牵引力做功为。 19．【答案】（1）物体间力的作用是相互的 （2）惯性 （3）B 【解析】【分析】（1）相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在同一直线、两个物体上。 （2）惯性是物质的属性，使物体具有保持原来运动状态的能力，但惯性不是力，不能说“受到惯性”、“惯性力”“惯性作用”等，只能说“由于惯性”、“具有惯性”等，惯性大小只和质量有关。质量越大，惯性越大。 （3）重力势能与物体的质量和高度有关，质量越大、高度越高，重力势能越大。 动能与物体的质量和速度有关，质量越大，速度越大，动能越大。 【解答】（1）当人对滑雪杖施加向后的力时，滑雪杖同时对人施加了一个向前的反作用力，两个力的方向相反，体现了物体间力的作用是相互的这一规律：一个物体对另一个物体施加力的同时，也会受到另一个物体对它的反作用力。 （2） 物体具有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性。制动后，滑雪者的运动状态虽然开始改变，但由于人具有惯性，会保持原来向前的运动状态，所以不能马上停下，仍会继续向前运动一段距离。 （3）运动员从飞出后到最高点的过程中，上升时速度逐渐减小，因此动能逐渐减小；到达最高点时，运动员仍有水平方向的速度，因此动能不为零；从最高点下落过程中，速度逐渐增大，因此动能逐渐增大。即整个过程动能变化是：先减小，后增大，且最低点动能大于初始动能（最低点高度低于初始位置）。 故答案为：B。 20．【答案】温度计示数变化量；控制电流和通电时间相同；1.5×105 【解析】【分析】电流通过导体产生热量与电流、电阻和通电时间有关，由转换法分析解答； 从表盘中可得，电能表转3000转消耗的电能为1kW•h，从而可以计算出电能表的铝盘转125转消耗的电能。 【解答】解：电流通过导体产生热量与电流、电阻和通电时间有关，由图甲知，两电阻丝串联，所以通过它们的电流和通电时间相等，电阻不同，所以此装置最适合“探究电流通过导体产生热量与电阻的关系；两电阻丝产生热量的多少是通过温度计的示数变化反映的； （2）因电能表转3000转消耗的电能为1kW•h，所以电能表的铝盘转125转消耗的电能： WkW•hkW•h＝1.5×105J。 故答案为：温度计示数变化量；控制电流和通电时间相同；1.5×105。 21．【答案】（1）聚变 （2）热 （3）2×106 【解析】【分析】 （1）质量很小的原子核结合成新的原子核时，会释放出更大的核能，这种反应叫做聚变； （2）根据电流的热效应解答； （3）首先根据Q=Pt计算产生的热量，再利用公式W=ηQ可计算每小时发电量。 【解答】 （1）太阳通过核聚变的途径释放出巨大能量，而“人造太阳”的反应原理与太阳相似，因此人造太阳通过聚变释放能量。故填： 聚变 。 （2）线圈流过大电流后会产生大量热量，这就是电流的热效应，故填：热。 （3）“人造太阳”10s产生的热量为：Q=Pt=1.2×1012W×10s=1.2×1013J； 则“人造太阳”每小时发电量为：W=ηQ=60%×1.2×1013J=0.72×1013J=2×106kW•h。 故填：2×106。 22．【答案】（1）6 （2）8.4 【解析】【分析】（1）首先根据计算充电消耗的电能，然后根据计算充电桩的功率； （2）根据计算理论上需要的充电时间。 【解答】（1）根据“3000r/kW·h”可知，充电消耗的电能为：； 则充电桩的功率为：。 （2）根据题意可知，将电池从16%充到100%需要的时间为：。 23．【答案】（1）F＝kx（F＝0.25x） （2）增大 （3）a （4）5×10-3 【解析】【分析】（1）根据表格数据分析弹力F与压缩量X的关系式； （2）重力势能大小与质量和高度大小有关； （3）弹性势能大小与弹性形变程度大小有关； （4）根据W=Gh计算笔增加的重力势能。 【解答】（1）根据G=mg可知，当弹簧受到的压力分别为0.5N、1N和1.5N时，弹簧的压缩量分别为2cm、4cm和6cm，那么得到弹力和压缩量的比值都是0.25，则二者为正比例关系，那么数量关系式为： F＝kx（F＝0.25x） ； （2） 图丙中从b到c位置，笔的内芯的质量不变，高度增大，则重力势能逐渐增大； （3） 图丙三个位置中，a图中弹簧被压缩的程度最大，则弹簧弹性势能最大的是a； （4）整个过程中，弹性势能转化为笔的重力势能的： W=Gh=0.02kg×10N/kg×=0.025m=5×10-3J。 24．【答案】（1）恢复常温 （2）左 （3）B （4）家庭电路中大功率用电器工作时电流较大，根据Q ＝ I2Rt可知，在通电时间和电阻一定时，电流越大，产生的热量越多。如果导线电阻较大，产生的热量过多，容易引发火灾等安全事故。而更粗的导线电阻较小，根据上述公式，在相同电流和通电时间下，产生的热量较少，能减少因导线发热而引发的安全隐患，所以家庭电路中大功率用电器要使用更粗的导线。 【解析】【分析】（1）要验证电阻丝产生的热量与电阻、电流及通电时间的关系，需要保证每次实验开始时测温贴的初始状态相同，所以要等测温贴恢复到常温，才能进行下一次实验。 （2）从实验数据可以看出，R1和 R2变色所用时间都在增加，说明它们产生热量的速度变慢了。根据Q ＝ I2Rt，在电阻和通电时间不变的情况下，产生热量变慢是因为电流变小了。而在图乙电路中，滑动变阻器与两电阻串联，要使电流变小，需要增大滑动变阻器接入电路的电阻，所以滑片应向左移动。 （3）根据W＝Pt，在烧开相同质量的水（即需要吸收相同的热量）的情况下，功率越大，所用时间越短。因为考虑电阻散热，不同电阻使测温贴升高相同温度时，实际消耗的电能不同，而功率大的用电器在相同时间内产生的热量多，散热时间相对较短，散失的热量相对较少，所以从节约用电角度考虑，应选择功率大的电热水壶。 （4）家庭电路中大功率用电器工作时电流较大，在通电时间和电阻一定时，电流越大，产生的热量越多。如果导线电阻较大，产生的热量过多，容易引发火灾等安全事故。而更粗的导线电阻较小，根据上述公式，在相同电流和通电时间下，产生的热量较少，能减少因导线发热而引发的安全隐患，所以家庭电路中大功率用电器要使用更粗的导线。 【解答】（1）要验证电阻丝产生的热量与电阻、电流及通电时间的关系，需要保证每次实验开始时，测温贴的初始状态相同，所以要等测温贴恢复到常温，才能进行下一次实验。 （2）从实验数据可以看出，R1和 R2变色所用时间都在增加，说明它们产生热量的速度变慢了。根据Q ＝ I2Rt，在电阻和通电时间不变的情况下，产生热量变慢是因为电流变小了。而在图乙电路中，滑动变阻器与 R1、R2 串联，要使电流变小，需要增大滑动变阻器接入电路的电阻，所以滑片应向左移动。 （3）根据W＝Pt，在烧开相同质量的水（即需要吸收相同的热量）的情况下，功率越大，所用时间越短。因为考虑电阻散热，不同电阻使测温贴升高相同温度时，实际消耗的电能不同，而功率大的用电器在相同时间内产生的热量多，散热时间相对较短，散失的热量相对较少，所以从节约用电角度考虑，应选择功率大的电热水壶。 （4）家庭电路中大功率用电器工作时电流较大，根据Q ＝ I2Rt可知，在通电时间和电阻一定时，电流越大，产生的热量越多。如果导线电阻较大，产生的热量过多，容易引发火灾等安全事故。而更粗的导线电阻较小，根据上述公式，在相同电流和通电时间下，产生的热量较少，能减少因导线发热而引发的安全隐患，所以家庭电路中大功率用电器要使用更粗的导线。 故答案为：（1）恢复常温；（2）左；（3）B；（4）家庭电路中大功率用电器工作时电流较大，根据Q ＝ I2Rt可知，在通电时间和电阻一定时，电流越大，产生的热量越多。如果导线电阻较大，产生的热量过多，容易引发火灾等安全事故。而更粗的导线电阻较小，根据上述公式，在相同电流和通电时间下，产生的热量较少，能减少因导线发热而引发的安全隐患，所以家庭电路中大功率用电器要使用更粗的导线。 25．【答案】（1）活塞压缩气体、活塞与筒壁摩擦都会导致打气筒发热 （2）活塞与筒壁摩擦会导致打气筒发热 （3）多次测量求平均值 （4）压缩气体做功 【解析】【分析】（1）猜想的完整性：科学探究中，猜想可以是单一因素，也可以是多个因素共同作用。已知猜想 1 和猜想 2 是单一因素，因此猜想 3 可以是两种因素共同作用，即活塞压缩气体和活塞与筒壁摩擦都会导致打气筒发热。 （2）小王实验的结论：小王使用拆除底座的打气筒，活塞运动时没有压缩气体，只有摩擦。实验数据显示 a、b 两处温度均升高，说明摩擦会导致打气筒发热。 （3）数据处理方法：实验中多次重复操作并测量，目的是减小实验误差，常用的方法是多次测量求平均值。 （4）主要发热原因的判断：小敏用完整打气筒（既有摩擦又有压缩气体），b 处（下部）温度远高于 a 处（上部）；小王的实验（只有摩擦）中 a、b 温度相同。对比可知，下部温度更高的主要原因是压缩气体做功。 【解答】（1）①处可以填写的猜想是：活塞压缩气体、活塞与筒壁摩擦都会导致打气筒发热（或两者共同作用导致发热）。 （2）根据小王的实验数据，a、b 两处温度均升高，说明活塞与筒壁摩擦会导致打气筒发热。 （3）两位同学对数据的处理方法是多次测量求平均值，以减小实验误差。 （4）对比分析表中数据，小敏实验中 b 处（下部）温度远高于 a 处，而小王实验中 a、b 温度相同，说明使打气筒下部发热的主要原因是压缩气体做功。 26．【答案】（1） （2）闭合开关前，滑动变阻器滑片没有移到最大阻值处 （3）解：根据题意得U=2.5V，I=0.3A，根据公式，答：小灯泡的额定功率为0.75W。 （4）研究电流与电压的关系需要控制电阻不变，而小灯泡的电阻会随温度升高而变化，无法保持电阻恒定 【解析】【分析】（1）根据测定小灯泡电功率的实验原理进行分析； （2）闭合开关后小灯泡很亮，说明电路中电流过大，总电阻过小； （3）根据公式进行计算分析； （4）研究电流与电压的关系时，要控制电阻的大小不变，而研究电流与电阻的关系时，要控制电阻的电压不变。 【解答】（1）测量小灯泡电功率实验中，电压表需要并联在小灯泡两端，因为小灯泡额定电压为2.5V，所以电压表选择0~3V量程；滑动变阻器按照“一上一下”串联接入电路，故答案为：。 （2）闭合开关后小灯泡很亮，说明电路中电流过大，总电阻过小，滑动变阻器滑片没有移到最大阻值处，正确操作是闭合开关前，滑动变阻器要调到最大阻值处，起到保护电路的作用；故答案为：闭合开关前，滑动变阻器滑片没有移到最大阻值处。 （4）探究电流与电压关系的实验核心要求是控制导体电阻不变，改变导体两端电压，探究电流的变化规律。但小灯泡的灯丝电阻是随温度变化的，小灯泡电压不同，实际功率不同，灯丝温度不同，电阻也会发生改变，不符合“控制电阻不变”的实验要求，因此无法完成该实验，故答案为：研究电流与电压的关系需要控制电阻不变，而小灯泡的电阻会随温度升高而变化，无法保持电阻恒定。 27．【答案】（1）最大 （2）12 （3） （4）1.35 【解析】【分析】（1）根据电路连接的注意事项解答； （2）根据图3确定电压表的量程和分度值，然后根据指针位置读出示数； （3）根据图2确定步骤②和步骤③中电路连接的情况比较总电阻大小，根据比较二者电流大小； （4）根据U=U总-U额计算电阻箱两端电压，根据计算通过电路的电流，最后根据P额=U额I额计算灯泡的额定功率。 【解答】（1） 闭合开关S1之前，为了避免电流过大烧毁用电器，则变阻器应该调到阻值最大的一端。 故填：最大。 （2）根据图3可知，电压表的量程为0-15V，分度值为0.5V，则电源电压为12V。故填：12。 （3）步骤②中，闭合开关 S1，将开关S2与接线柱“1”接触，此时灯泡L与变阻箱串联，电压表测灯泡L的电压。 步骤③中，再将开关 S2与接线柱“2”接触，此时还是灯泡L与变阻箱串联，单身电压表测总电压。 比较可知，两种情况下总电阻相等，根据可知，总电流不变，即。故填：。 （4）此时电阻箱两端电压U=U总-U额=12V-4.5V=7.5V； 此时通过电路的电流：； 则灯泡的额定功率：P额=U额I额=4.5V×0.3A=1.35W。 故填：1.35。 28．【答案】（1）C （2）4000 （3）氧气(或营养物质) 【解析】【分析】（1）照相机成的是倒立、缩小的实像，此时物距大于两倍焦距。 （2）根据功等于力与物体在力的方向上移动距离的乘积计算克服重力做功。 （3）有氧呼吸的文字表达式。 【解答】（1）摄像机和照相机原理相同，成的是倒立、缩小的实像，上下左右均相反。 故答案为：C。 （2）他1分钟内克服重力做功。 （3）运动时需要消耗更多的能量，能量来自于呼吸作用，所以运动时呼吸作用强度增大，耗氧量增大，呼吸变得急促、心跳加快有利于获得更多的氧气。 29．【答案】（1）减小 （2）mgH （3）mg（H-h） 【解析】【分析】（1）物体克服摩擦力做功，机械能减小； （2）由重力公式G=mg可得质量为m的物体的重力，根据公式W=GH可得物体从A点滑到水平面时重力所做的功； （3）物体在起点A具有的重力势能减去在C点具有的重力势能等于物体经过两次水平面克服摩擦力消耗的机械能。 【解答】（1）物体从A点滑到B点的过程中，经过水平面时会受到摩擦力的作用，克服摩擦做功，一部分机械能转化为内能，所以机械能减小。 （2）物体从A点滑到水平面时，在竖直方向上下降的高度为H，所以重力做功 W=GH=mgH （3）由于两个圆弧槽光滑，物体圆弧槽上运动不受摩擦力作用，在物体从A点经B点返回至C点过程中，减少的机械能为物体克服摩擦力做的功，则克服摩擦力做功大小 W1=W-WC=mgH-mgh=mg（H-h） （1）物体从A点滑到B点的过程中，经过水平面时会受到摩擦力的作用，克服摩擦做功，一部分机械能转化为内能，所以机械能减小。 （2）物体从A点滑到水平面时，在竖直方向上下降的高度为H，所以重力做功 W=GH=mgH （3）由于两个圆弧槽光滑，物体圆弧槽上运动不受摩擦力作用，在物体从A点经B点返回至C点过程中，减少的机械能为物体克服摩擦力做的功，则克服摩擦力做功大小 W1=W-WC=mgH-mgh=mg（H-h） 30．【答案】（1）C （2）336J （3）B 【解析】【分析】（1）当一个力作用在物体上，物体在这个力的方向上通过了一段距离时，这个力的作用就有了成效，我们就说这个力做了功。 （2）热传递过程中，传递内能的多少叫做热量，热量的计算公式。 （3）做机械运动的物体都具有机械能。 【解答】（1） 笛卡尔是用物体的质量和其速度的乘积（即p=mv）来量度。莱布尼兹是用物体的质量和其速度平方的乘积（即动能Ek =mv2）来量度。达朗贝尔用“活力”即物体受力作用而通过一定距离来量度，这与现代“功”的定义W= Fs相符。 （2）根据热力学公式，内能增加量，已知水的比热容，水的质量m=0.4kg，温度升高=0.2℃，则。 （3）选项A：冬天用热水袋取暖：热传递，内能转移，无机械能转化。故A错误，不符合题意。 选项B：烧水时壶盖被顶起：水蒸气膨胀做功，内能转化为壶盖的机械能。故B正确，符合题意。 选项C：钻木取火：机械能转化为内能。故C错误，不符合题意。 选项D：电灯发光发热：电能转化为光能和内能。故D错误，不符合题意。 故正确答案为：（1）C；（2）336J；（3）B。 31．【答案】（1）水吸收的热量： Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×5℃＝2.1×104J。 答：检测过程中，水吸收的热量是2.1×104J； （2）页岩气样品所释放的热量： Q放3×104J； 答：检测过程中，页岩气样品所释放的热量是3×104J； （3）1L＝1dm3＝1×10﹣3m3，所以该页岩气样品的热值： q3×107J/m3。 答：该页岩气样品的热值是3×107J/m3。 【解析】【分析】（1）知道水的质量、水的比热容、水升高的温度，利用吸热公式Q吸=cmΔt求水吸收的热量； （2）根据公式计算放出的热量； （3）根据公式计算页岩气样品的热值。 32．【答案】（1） （2）B （3）解：①根据题意可知， 电热服在高温档工作时通过的电流。 ②根据题意可知，电阻R1的功率为； 则电阻R2工作时的功率为：； 则电阻。 【解析】【分析】（1） 在化合物中，各元素正负化合价的代数和为0。 （2）电流通过导体时都会发热，这就是电流的热效应； （3）①根据计算电热服在高温档工作时通过的电流； ②根据计算电阻R1的功率，根据计算电阻R2工作时的功率，根据计算电阻R2的阻值。 【解答】（1）已知LiMnO2中锰元素为+3价，氧元素化合价为-2价，设锂元素的化合价为x，根据正负化合价代数和为零得到：x + (+3) + 2×(-2) = 0，解得：x=+1。故填：+1。 （2） 电热服工作时将电能转化为内能，利用电流产生热量，该原理是电流的热效应，故选B。 页 2 学科网（北京）股份有限公司 $