甘肃省武威市2026-2027学年高二上学期9月月考自编物理模拟试卷

**基本信息** 聚焦静电场核心内容，通过静电除尘、电泳技术等真实情境，设计从概念辨析到综合应用的梯度试题，融合物理观念与科学思维，适配高二起始阶段学情。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |单选|6/24|电场线疏密与场强、电势能变化|结合静电除尘装置（题1），考察电场力做功与加速度关系| |多选|4/24|等势面性质、带电体电场分布|以电泳去污为情境（题7），分析电势与电势能关系| |实验题|2/18|电容器充放电规律|通过传感器实验（题12），探究电流电压变化特征| |解答题|3/34|电场与力学综合（圆周、平抛、碰撞）|题13将电场力与圆周运动结合，题15融入弹性碰撞与平抛，体现模型建构与科学推理|

2026-2027学年高二上学期9月月考自编物理试卷 本卷满分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1. 答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2. 回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 3. 考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 第I卷（选择题） 一、单项选择题（本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。） 1．静电除尘装置内部某一区域内电场的电场线分布如图所示，、为电场中的两点。带负电尘埃仅在电场力的作用下从点沿直线运动至点，下列说法正确的是（　　） A．尘埃带的电荷量可能为 B．尘埃从点运动至点的过程中电场力做负功 C．尘埃从点运动至点的过程中动能减小 D．尘埃从点运动至点的过程中加速度减小 2．三条等势线如图所示，其中、两点在不同等势线上。已知元电荷。下列说法正确的是（     ） A．电子在点的电势能为 B．电子在点受到的电场力比点大 C．电子从点移动到点，电场力所做的功为 D．电子从点移动到点，电势能减少 3．空间某区域的电场线如图所示,下列说法正确的是（　　） A．该电场线可能是一个负点电荷形成的电场 B．若在B点由静止释放一个电子,电子将沿电场线的反方向运动 C．ABC三点的电场强度及电势满足：， D．质子在ABC三点的电势能满足： 4．如图所示，A、B为某静电场中的两点。将一个负电荷由A点移到B点。下列说法正确的是（     ） A．A点的电场强度比B点小 B．A点的电势高于B点电势 C．从A点移到B点的过程中，静电力做负功 D．负电荷在A点的电势能大于B点的电势能 5．如图所示，匀强电场场强，、连线与电场方向夹角，两点相距，、两点间的电势差为（　　） A． B． C． D． 6．如图所示，虚线、、、为一电场在纸面内的等差等势面，实线为某一带电粒子仅在静电力作用下通过该区域时的运动轨迹，、是轨迹与等势面、的交点。下列说法正确的是（     ） A．若粒子带正电，则等势面的电势高于的电势 B．若粒子带负电，则点的场强方向沿虚线切线指向右上 C．粒子在点的速度一定大于在点的速度 D．粒子在点的加速度一定大于在点的加速度 二、多项选择题（本题共4小题，每小题6分，共24分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。选不全的得3分，选错得0分） 7．污水中的污泥絮体经处理后带负电，可利用电泳技术对其进行沉淀去污，基本原理如图所示。涂有绝缘层的金属圆盘和金属棒分别接电源正、负极，金属圆盘置于底部，金属棒插入污水中，形成如图所示的电场分布。其中实线为电场线，虚线为等势面，M点和N点在同一电场线上，M点和P点在同一等势面上。下列说法正确的是（　　） A．M点的电势比N点的高 B．污泥絮体从M点移到N点，电场力对其做正功 C．污泥絮体在N点的电势能比其在M点的小 D．N点的电场强度比P点的大 8．某带电体产生电场的等势面分布如图中实线所示，虚线是一带电粒子仅在此电场力作用下的运动轨迹，M、N分别是运动轨迹与等势面b、a的交点，运动轨迹与等势面d在P点相切，则下列说法正确的是（　　） A．粒子带正电荷 B．M点的电场强度比N点的电场强度大 C．粒子在M点的电势能比在N点的电势能小 D．粒子在P点的动能比在M点的动能小 9．如图所示，在匀强电场中，A、B、C、D四个点将半径为3cm的圆平均分为四个等份，其中A、B、C三点的电势分别为2V、14V、8V，圆所在平面与匀强电场方向平行。下列说法正确的是（　　） A．D点的电势为10V B．B点和D点的电势差为6V C．该电场的电场强度为20V/m，方向由B指向A D．将一电子从C点移到A点过程中，电场力做的功为 10．真空中存在点电荷、产生的静电场，其电场线的分布如图所示，图中P、Q两点的位置关于点电荷水平对称。P、Q两点电场强度的大小分别为、，电势分别为、。一个带电粒子仅在电场力作用下沿虚线轨迹从M运动至N，则（　　） A．， B．和带异种电荷，且= C．粒子从M运动至N，加速度先增大后减小 D．粒子带正电，从M至N它的电势能先变大后变小 第II卷（非选择题） 三、实验题（每空3分，共计18分） 11．某兴趣小组利用如图电路观察电容器的充、放电现象，其中E为电源，S为单刀双掷开关，C为电容器，G为灵敏电流计，R为定值电阻，V为非理想电压表。 (1)如图，开关S接1时，灵敏电流计的示数__________。（填选项序号） A．逐步增大后不变 B．逐步减小后不变 C．一直保持不变 (2)电压表示数保持不变后，再将开关S接2，此后通过电阻R的电流方向为__________选填“a→R→b”或“b→R→a”）。在放电过程中电压表的示数逐渐减小到零，此过程通过电阻R电荷量__________（选填“大于”、“小于”或“等于”）充电完毕时极板所带的电荷量。 12．在“用传感器观察电容器的充、放电现象”实验中，按如图所示连接电路。 (1)如图甲所示，将开关S拨向___________（选填“1”或“2”）时，可研究电容器的充电过程；在充电过程中，流经电阻R的电流方向为___________（选填“a到b”或“b到a”）。 (2)电容器在整个充放电过程中，电流传感器中的电流I与电压传感器中电压U随时间变化的图像，可能正确的是（　　） A． B． C． D． 试卷第1页（共3页） 试卷第1页（共3页） 学科网（北京）股份有限公司 四、解答题（13题14题每题11分，15题12分） 13．如图所示，绝缘水平面与竖直平面内的四分之一圆的光滑圆弧轨道相切于B点，O点为圆弧轨道的圆心，OC为水平半径，对整个空间施加水平向左的匀强电场。一带正电、电荷量、质量的小物块（可视为质点）初始静置于水平面上的A点。现给小物块一水平向右的初速度，使其运动至C点时对轨道的压力恰好为零。已知圆弧半径，A、B间距离，小物块与水平面间的动摩擦因数，电场强度大小，重力加速度g取。求： (1)小物块运动至C点时的速度大小； (2)小物块在A点获得的初速度； (3)小物块落地前在空中运动过程中的最小速度（结果可保留根号）。 14．如图所示，一质量，电荷量的带负电的粒子由静止经加速电场加速后，又沿中心轴线从O点垂直进入偏转电场，并从另一侧射出打在荧光屏上的某点，点是荧光屏的中心，已知加速电场电压，偏转电场电压，极板的长度，板间距离，极板的末端到荧光屏的距离，若不计粒子重力，求： (1)粒子射入偏转电场时的初速度的大小； (2)粒子经过偏转电场过程中电场力对它所做的功； (3)粒子打在荧光屏上的点到点的距离。 15．如图所示，光滑绝缘轨道ABC置于竖直平面内，AB部分是半径为R的半圆形轨道，BC部分是水平轨道，BC轨道所在的竖直平面内分布着水平向右的有界匀强电场，电场强度，AB为电场的左侧竖直边界。一质量为m的绝缘不带电的滑块P静止在B点，现将一质量为m，带负电荷的小滑块Q从BC上的D点由静止释放，B点与D点之间的距离s=10R。滑块Q与P均可视为质点，已知小滑块Q的带电量为q，Q与P之间的碰撞为弹性碰撞（碰撞过程Q所带电荷量不变），重力加速度为g，不计空气阻力。 (1)求Q碰撞前的速度大小； (2)求P在碰撞后瞬间对轨道的压力； (3)若滑块P在BC上的落点为M点（图中未画出），求M点与B点之间的距离x。 2026-2027学年高二上学期9月月考自编物理试卷 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D B D D C C BC AD BD AD 1．D 【详解】A．尘埃带的电荷量一定是元电荷的整数倍，，故A错误； BC．尘埃从点运动至点的过程中其所受电场力与位移方向相同，电场力做正功，根据动能定理知，尘埃的动能增大，故BC错误； D．尘埃从点运动至点的过程中电场线变稀疏，电场强度减小，电场力减小，根据牛顿第二定律知，加速度减小，故D正确。 故选D。 2．B 【详解】A．由图可知A点的电势为10V，根据 可得电子在点的电势能为，故A错误； B． 等势面越密的位置，电场强度越大，故点的电场强度大于点的电场强度，根据可知电子在点受到的电场力比点大，故B正确； CD．电子从点移动到点，电场力所做的功为 则电势能增加，故CD错误。 故选B。 3．D 【详解】A．负点电荷的电场线是直线，故A错误； B．电子受力方向与电场线方向相反，为切线方向，曲线运动所受的合力指向曲线的凹侧，故不可能沿着电场线运动，故B错误； C．电场线越密的地方电场强度越大，因C点的电场线较A、B密集，可知，沿电场线电势逐渐降低，则 ，故C错误； D．沿着电场线的方向电势降低，质子带正电，则根据电势的定义可知，故D正确。 故选D。 4．D 【详解】A．由图可知，A点的电场线较密，则A点的电场强度比B点大，故A错误； B．根据沿电场线方向电势逐渐降低，由图可知，A点的电势低于B点电势，故B错误； CD．由可知，负电荷在A点的电势能大于B点的电势能，将一个负电荷由A点移到B点，电势能减小，静电力做正功，故C错误，D正确。 故选D。 5．C 【详解】A、B两点沿电场线方向的距离为 所以 故选C。 6．C 【详解】A．粒子做曲线运动，所受静电力指向轨迹凹侧。由图可知，轨迹向下弯曲（凹向左下方），故粒子受到的静电力大致指向左下方。若粒子带正电，则场强方向与静电力方向相同，即指向左下方。沿电场线方向电势逐渐降低，故等势面的电势低于等势面的电势，故A错误； B．场强方向垂直于等势面，可知在点的场强方向垂直虚线切线，不可能沿虚线切线，故B错误； C．粒子仅受静电力，动能与电势能之和守恒，无论粒子运动方向如何，M点动能均大于N点动能，故粒子在M点的速度一定大于在N点的速度，故C正确； D．等差等势面的疏密程度反映场强的大小，等势面越密，场强越大。由图可知，点处的等势面比点处稀疏，故点的场强小于点的场强，粒子在点受到的静电力小于在点受到的静电力，根据牛顿第二定律可知，粒子在点的加速度小于在点的加速度，故D错误。 故选C。 7．BC 【详解】A．金属圆盘和金属棒分别接电源正、负极，则圆盘带正电荷，则电场线由圆盘指向金属棒（向上），沿电场线方向电势降低，所以M点的电势比N点的低，故A错误； B．污泥絮体带负电，从M点移到N点，电场力对其做正功，故B正确； C．污泥絮体带负电，M点的电势比N点的低，则污泥絮体在N点的电势能比其在M点的电势能小，故C正确； D．电场线的疏密表示电场的强弱，N点的电场线比P点的疏，则N点的电场强度比P点的小，故D错误。 故选BC。 8．AD 【详解】A.根据等势面的电势分布可知，带电体带正电荷，再由粒子的运动轨迹可知，粒子在运动过程中受到带电体的排斥，判断该粒子带正电荷，故A正确； B.等差等势面越密集，电场强度越大，故M点的电场强度比N点的小，故B错误； C.粒子带正电，因为M点的电势高于N点的电势，故粒子在M点的电势能比在N点的电势能大，故C错误； D.由于带电粒子仅在电场作用下运动，电势能与动能总和不变，可知当粒子的电势能增大时动能减小，故粒子到达P点时电势能最大，动能最小，故D正确。 故选AD。 9．BD 【详解】A．圆心O是直径和的公共中点，在匀强电场中，满足关系 即 解得，故A错误； B．B点和D点的电势差，故B正确； C．由可知，为等势线，电场线垂直等势线，故电场方向为水平方向，且由高电势指向低电势，即方向由指向。沿电场方向的长度为 电势差 因此，故C错误； D．电子电荷，从C移到A，电场力做功，故D正确。 故选BD。 10．AD 【详解】A．根据电场线的疏密程度表示场强的大小，结合题图可知；P、Q两点关于点电荷水平对称，P到之间场强较大，根据可知，电势降低较快，可知，故A正确； B．由电场线分布可知，带负电，带正电，由电场线的疏密程度可知，的电荷量绝对值大于的电荷量绝对值，故B错误； C．由电场线分布可知，粒子从M移动至N，电场强度先减小后增大，根据 可知，粒子的加速度先减小后增大，故C错误； D．粒子受力方向与电场线方向相同，所以粒子带正电，粒子从M移动至N，电场力先做负功后做正功，则粒子的电势能先变大后变小，故D正确。 故选AD。 11．(1)B (2) b→R→a 小于 【详解】（1）开关S接1时，电容器充电，开始阶段电流较大，以后逐渐减小，充电结束后电流减为零，则灵敏电流计的示数逐步减小后不变，故选B。 （2）[1]电压表示数保持不变后，电容器充电完毕，再将开关S接2，此后电容器放电，因下极板带正电，则通过电阻R的电流方向为b→R→a。 [2]在放电过程中电压表的示数逐渐减小到零，因为V为非理想电压表，也会通过一部分电量，所以此过程通过电阻R电荷量小于充电完毕时极板所带的电荷量。 12．(1) 1 b到a (2)AC 【详解】（1）如图甲所示，将开关S拨向1时，可研究电容器的充电过程；在充电过程中，流经电阻R的电流方向为b到a。 （2）在开始充电的瞬间，电容器极板两端电压为零，电荷量变化率刚开始比较大，随着电容极板上电荷数量的增加，电荷量变化率减小；根据Q=CU，可知极板间电压逐渐增大，且变化率减小；由可知充电电流逐渐减小，电容器放电时，两极板间电压逐渐减小，且变化率减小，电流反向，逐渐减小，故AC正确，BD错误。 故选AC。 13．(1) (2) (3) 【详解】（1）分析小物块在点的受力，根据牛顿第二定律，有 解得 （2）从点到点，根据动能定理，有 解得 （3）小物块从A点到C点一直减速，离开C点后，如图，对小物块进行受力分析，将电场力与重力的合力视为等效重力，其方向与水平方向成45°角，小物块的运动等效为斜上抛运动，可知当速度最小时，方向与水平方向成45°角斜向左上方； 故最小速度 解得 14．(1) (2) (3) 【详解】（1）取为粒子电荷量的绝对值。粒子在加速电场中由静止开始运动，根据动能定理 代入数据解得 （2）粒子带负电，受偏转电场力方向向下；取竖直向下为正方向。偏转电场为匀强电场，其场强大小为，粒子在极板间水平方向做匀速运动，运动时间为 由牛顿第二定律，粒子竖直方向的动力学方程为 粒子在极板间的竖直位移为 联立得 代入数据得 电场力与竖直位移同向，电场力对粒子所做的功为 代入数据得 （3）为表示粒子在偏转电场中的轨迹及离开电场后的直线段，粒子轨迹如下： 由前一问的运动时间和竖直方向动力学方程，粒子离开偏转电场时的竖直速度为 代入前述结果得 粒子离开偏转电场后不受电场力，做匀速直线运动，从极板末端到荧光屏的时间为 因此粒子在此段的竖直位移为 屏上亮点到的距离为 代入数据得 15．(1) (2)21mg，竖直向下 (3)8R 【详解】（1）对滑块Q从D到B，由动能定理有 解得 （2）P和Q发生弹性碰撞，碰撞过程中由系统机械能守恒有 由系统动量守恒有 解得 所以碰撞后P滑块在B点的合力提供向心力 解得 根据牛顿第三定律可得P在碰撞后瞬间对轨道的压力 方向竖直向下。 （3）对滑块P从B到A，由动能定理有 解得 之后滑块P做平抛运动，在竖直方向上做自由落体运动，有 水平方向上做匀速运动，有 解得 答案第1页（共2页） 答案第1页（共2页） 学科网（北京）股份有限公司 $