湖南长沙市第一中学2026-2027学年高二上学期开学物理试题

2026年秋季高二物理入学 命题人：肖一临 审题人：胡月肖战生 命题研究中心 时量：75分钟 满分：100分 一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选 项中，只有一项是符合题目要求的。 1.(★)下列说法中正确的是 A.根据电势的定义式p= ,可知电场中某点的电势与试探电荷在该 北 点的电势能成正比 國 B由C-号知，电容C与电容器所带电荷量Q成正比，与电容器两端的 电压U成反比 如 C.牛顿通过实验推算出来引力常量G的值，被誉为第一个能“称量地球 製 长 质量”的人 D.电动势表征了电源将其他形式的能转化为电能的本领 2.关于电场和电势，下列说法中正确的是 A.电场看不见摸不着，但电场是客观存在的物质 敞 B.场强为零，电势一定为零 常 相 C.电场强度大的地方，电势一定高 D.等势面上各点的电场强度大小一定相等 3.如图所示，同种材料做成的均匀柱状导体α和b并联接人电路中，其长 度相同，α的直径小于b的直径，忽略温度对电阻的影响，则下列说法正 确的是 A.a的电阻小于b的电阻 B.相等时间内流过a中横截面的电荷量比b少 C.通过a的电流比b大 D.a中自由电荷定向移动速率比b小 高二物理试卷(Q)第1页（共8页） 4.(★)如图所示，不带电且长为1的导体棒水平放置，现将一个电荷量为 十q(q>0)的点电荷放在棒的中心轴线上距离棒的左端R处，A、B分别 为导体棒左右两端的一点，静电力常量为k。当棒达到静电平衡后，下 列说法正确的是 R A.棒的两端都感应出负电荷 B.棒上感应电荷在棒的中心O处产生的电场强度方向水平向右 C.棒上感应电荷在棒的中心O处产生的电场强度大小E= ®+ D.若在导体棒上套一个金属网，棒的两端仍能感应出异种电荷 5.在xOy平面内以O点为中心的正方形如图所示，顶点到O的距离均为 r,在正方形的顶点上依次固定电荷量为q、2q、3q、4q的正点电荷，静电 力常量为，下列说法正确的是 0 A.0点电场强度的大小为109 BO点电场强度的大小为22g C.O点电场强度的方向沿y轴负方向 D.O点电场强度的方向斜向右上方 6.(★)将质量一定的小球放在竖立的弹簧上，弹簧的下端固定（如图甲）， 现把小球按到A点位置保持静止，迅速松手后，弹簧把小球弹起，小球 升至最高位置C点（如图乙），途中经过位置B点时，弹簧正好处于原 长，弹簧的质量和空气阻力均忽略不计，则 Q--C Q--B 3---A 77n7 T 甲 乙 高二物理试卷(Q)第2页（共8页） A.小球刚脱离弹簧时的动能最大 B.从A点运动至B点，小球重力势能的增加量等于弹簧弹性势能的减 小量 C.上升过程的某一阶段，小球的动能减小，而机械能增加 D.从A点运动至C点，小球克服重力做的功大于弹簧弹力做的功 7.某同学投掷篮球空心入筐，篮球的出手点与篮筐的距离为7.2，篮球 进人篮筐时的速度方向恰好与出手时的速度方向垂直。不考虑空气阻 力，重力加速度大小g取10m/s2。则篮球从出手到入筐的时间为 A.1.6s B.1.4s C.1.2s D.1.0s 二、选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选 项中，有多项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有 选错的得0分。 8.如图所示，平行板电容器两极板与直流电源、定值电阻R连接，电容器 下板B接地，两板间P点有一带电油滴恰好处于静止状态，现将上极板 A向上移动，则下列说法正确的是 A.R中有从b到a的电流 B.两极板间电场强度减小 C.油滴的电势能不变 D.油滴将向下运动 9.（★)假设地球可视为质量均匀分布的球体，已知地球表面的重力加速度 在两极的大小为go,在赤道的大小为g,地球半径为R,引力常数为G,则 A.地球同步卫星的高度为( 80-1)R go一g B地球的质量为R G C.地球的第一宇宙速度为√gR D,地球密度为4GR 3g 高二物理试卷(Q)第3页（共8页） 10.如图甲所示，半径为R的圆管道固定在竖直平面内，管道内径较小且 与半径相比可忽略，内壁光滑，管道最低点为B,最高点为A,空间中存 在一匀强电场，方向平行于管道所在的平面。在B点给质量为m、带 电荷量为十α的小球一水平初速度，小球运动过程中动能与机械能随 转过角度的关系分别如图乙、图丙所示，已知B点为重力势能和电势 能的零点，小球在管道内恰好做圆周运动，重力加速度为g,小球可视 为质点，则 R >角度 →角度 2259 2709 B 甲 丙 A.电场强度大小为8，方向水平向左 B.小球的初动能为√2mgR C.小球的最大机械能为(2十√2)mgR D.小球在A点对管壁的作用力大小为(1十√2)mg 三、非选择题：本题共5小题，共57分。 11.(6分)某物理实验小组要测量一个阻值约为252的定值电阻的阻值， 利用下列实验器材设计了如图甲所示的电路。 I/A 图甲 图乙 A.被测电阻Rx; B.电流表A1(量程为0~100mA,内阻r1=22); C.电流表A2(量程为0~0.6A,内阻r2=0.52); D.滑动变阻器R,(最大阻值为52)； E.直流电源（电动势E=12V,内阻不计）； F.导线若干，开关一个，不同阻值的定值电阻若干。 (1)电路图中电流表A应选择电流表 (填“A”或“A”),为了尽 可能减小实验误差，定值电阻R选用 (填字母序号)最合适； A.102 B.1202 C.5002 (2)测得多组电流表A的示数IA和电流表B的示数IB,并作出IB-IA 图像如图乙所示，图像的斜率为k。定值电阻R和电流表A的总阻 值用R。表示，可知该金属丝的电阻R= (用R、k字母 表示)。 高二物理试卷(Q)第4页（共8页） 12.(10分)为测量电流表G(量程为1mA)的内阻，某同学设计了如图所 示电路，器材如下： A.电源E(电动势1.5V,内阻很小) B.电源E2(电动势6.0V,内阻很小) C.滑动变阻器（阻值0~2000Ω） D.滑动变阻器（阻值0~10000Ω） E.电阻箱R2(阻值0~3002) F,开关两个，导线若干 R 电源 图甲 图乙 (1)根据图甲电路，用笔画线代替导线，完成图乙中实物图余下导线的 连接； (2)为提高测量精度，滑动变阻器R1应该选择 ,电源应该选择 。(均填器材前的选项字母) (3)实验操作步骤如下： ①先将R1调至最大，闭合开关S1,再调节R1,使电流表指针满偏； ②闭合开关S2,保持R1不变，调节R2使得电流表指针指在 0.6mA位置，此时R2的值为1502，则测得电流表内阻为 n。 若不考虑偶然误差，电流表内阻的测量值 (填“大于”“等 于”或“小于”)其真实值。 高二物理试卷(Q)第5页（共8页） 13.(10分)如图所示为扫地机器人行走模块的简化电路，已知电源电动势 E=14V,内阻r=22,电动机额定电压UM=10V,其线圈阻值RM= 12,灯泡阻值R=102。闭合开关，电动机正常工作，求： (1)通过灯泡的电流IL; (2)电动机的输出功率P出。 ☒ 高二物理试卷(Q)第6页（共8页） 14.(14分)如图所示，倾角为30°的斜面与半径为R的圆弧导轨连接，圆心 O在斜面延长线上，M处装有大小不计的轻质定滑轮，N为圆弧最低 点·∠MON=60°，斜面底端固定挡板P。物块B、C由平行斜面的轻质 弹簧栓接置于斜面上，C紧靠挡板P,B用不可伸长的轻绳跨过滑轮与 小球A相连。初始时小球A锁定在M处，轻绳与斜面平行，恰好伸直 无张力，B、C静止。解锁小球A后，A沿圆弧运动到N时(B未到M 点)，物块C对挡板的作用力恰好为0。已知小球A质量为6m,物块 B、C的质量均为m,小球与物块均可视为质点，不计一切摩擦，弹簧始 终处于弹性限度内，重力加速度大小为g,求： 70 R60 ◆A R B X30° 777777777 (1)初始时弹簧的弹力大小； (2)弹簧的劲度系数； (3)小球A到达N点时的速度大小。 高二物理试卷(Q)第7页（共8页） 15.(★)(17分)在xOy平面内，有沿y轴负方 向的匀强电场，场强大小为E(图中未画出)， A B 由A点斜射出一质量为m,带电荷量为十q 的粒子，B(L,0)和C(2,一3L)是粒子运动 C(2L,-3l) 轨迹上的两点，如图所示，其中。为常数，粒 子所受重力忽略不计，求： (1)粒子从A到C过程中电场力对它做的功； (2)粒子从A到C过程所经历的时间； (3)回答下列问题： (ⅰ)求粒子进入第一象限时的水平速度大小； (ⅱ)若第一象限中存在水平向左的风力，且大小满足f=kv(飞为常 量，)为粒子水平速度大小，k的大小未知)，粒子经过x轴上的D 点，D点的坐标为（台，0），且粒子经过D点时速度方向垂直于x 轴，求的值。 高二物理试卷(Q)第8页（共8页） 2026年秋季高二物理入学参考答案 一、二选择题(1~7小题每小题4分8~10小题每小题5分，选不全得3分) 题号 2 3 4 9 10 答案 D A B B C BD AB AC 1.D 2.A 3,B【解析】根据电阻定律R=p,由于导体a,b的电阻率相同，长度相同，a的直径小于b的直径，即a的横裁面积 小于6的横藏面款，所以口的电阻大于6的电阻，故A错误；由电路图可知8和6并联，两端电压相等，根据I=只，由 于a的电阻大于b的电阻，所以通过a的电流比b小；根据电流定义式I=日，由于通过a的电流比小，所以相等时 间内流过a中搅藏面的电荷量比b少，故B正痛，C蜡误根据电流微观表达或I=0S0,又R=P气，1=是，联立可得 m,可知a中自由电荷定向移动速率与b中自由电荷定向移动速率相等，故D错误。 4C【解析】由静电感应可知，棒左端感应出负电荷，右端感应出正电荷，A错误；点电荷在棒中心O处产生的电场方 向向右，棒达到静电平衡，内部场强为0；根据场强叠加原理可知，棒上感应电荷在棒中心O处产生的电场方向向左， 大小为E=k，9, R十之)2，C正确，B错误；若在导体棒上套一个金属网，金属网起到静电屏蔽作用，棒上不产生感应电 荷，D错误。 5.B【解析根据场强叠加原则，甲图中q与39场强在O点产生的合场强方向沿对角线指向q,且合场强大小为E= 兴-9-9,2与妇场强在0点产生的合场强方向沿对角战指向29，合场屡大小为居一挡--2塑，放总的 2 2 y212 合场强大小E=√十=229，根据平行四边形法则可知，E方向沿y轴正方向。 6.C【解析】小球从A上升到B位置的过程中，弹簧的弹力先大于重力，后小于重力，小球的合力先向上后向下，则小 球先加速后减速，当弹簧的弹力等于重力时，合力为零，小球的速度达到最大，速度最大位置在AB之间，故A错误； 从A点运动至B点，小球和弹簧系统机械能守恒，小球在B点的动能大于A点的动能，所以小球重力势能的增加量 小于弹簧弹性势能的减小量，故B错误；上升过程中，小球从速度最大位置到B,点，小球的速度减小，动能减小，弹簧 对小球做正功，小球的机械能增加，故C正确；从A点运动至C点，由动能定理可知Wc十W4=△E=0,所以小球克 服重力做的功等于弹簧弹力做的功，故D错误。 7.C【解析】以初位置为原，点，初速度方向为x轴，垂直初速度方向为y轴建立平面直角坐标系。设重力加速度g与y 轴方向夹角为0，则a.=gsin0,a,=gcos0,又末速度方向与初速度垂直，即末速度沿y轴方向，则篮球在x轴上做匀 减速直线运动减速到0，在y轴上微从静止开始的匀加选直线运动，由此可得x=司g6血0：t,J一司g0s0·,又 =√+=7.2m,解得t=1.2s &ED【解折]将上核板A向上移动旅间距离日增大，根据C品可知，电容器电客C变小，由于电容袋一直与电硬 相速，电容器电压U不变，旅据C-号可知，电容器所带电荷量减小，则R中有从a到b的电流，放A错误； 报据E=吕，由于U不变，增大，则两板板间电场强度变小，油滴受到的电场力交小，油滴将向下运动，电场力对油 满做负功，所以油滴的电势能增大，故C错误，BD正确。 高二物理参考答案(Q)一1 QA如【解折】质量为m的物体在两板所受地球的引力等于其所受的重力，故：m3=G,所以地球的质量：M- So 答。在赤道，引力为重力和向心力的关亚，故：mg十m祭R=6尝，联立解得：工=2√同岁卫里受到 R R2 的万有引力美然向心方，则：务-+D,所以A-(产。一小R,故AB正确近地卫墨免到的万 BoR2 有引力提供向心力，所以：G-紧，联立得0=√R,长C错溪地球的害定：0一告 M G nG球，故D 3g0 错误。 10.AC【解析】根据机械能随角度的变化图像可知，当小球转过的角度为270°时，小球的机械能最小，电场力做的负功 最多，说明电场力的方向水平向左，根据动能随角度变化的图像可知，当小球转过角度为225°时，小球的动能为零， 说明此时小球在等效最高点，有qEcos45°=mgc0s45°，解得E=m,A正确；对小球从B点到等效最高点的过程， 在竖直方向移动的距离为R(1十sin45°)，沿电场力方向移动的距离为Rcos45°，根据动能定律有mgR(1十sin45) 十gERcos45°=Eo,解得E0=(1十√2)mgR,B错误；当小球转过的角度为90°时，电场力做的正功最多，根据功能 关系有gER十Eo=Em,解得Em=(2十√2)mgR,C正确；从B点到A点根据动能定理有一2mgR=Ea一E,解得 瓦u=(厄-1mgR,在A点竖直方向上根据牛颜第二定律有mg一R-2爱，解得R=(仔-2)mg,D错误。 三、非选择题（本题共5小题，共57分） 1.(每室2分，共6分)1)AB②合 【解析(1)电路图中电表A应选择电流表A,定值电阻R与电流表A串联，相当于电压表，量程为U=I(R+ n),若定值电阻R选用120Ω时，此时量程为U=12.2V,因电源电动势为12V,可知为了尽可能减小实验误差，定 值电阻R选用B最合适； (份用根据并联电路规律R=R.(一1），些里得么-品克.人=（侵+，周绿斜率及-足迟，支形得 R R. R=丹 12.(每空2分，共10分)(1)见详解(2)DB(3)100小于 G 【解析】(1) (2)为提高测量精度，滑动变阻器应尽量选大电阻，且要保证电流表示数不能太小，因此滑动变阻器应选择D,电源 应选B。 （3)电流表指针指在0.6mA位置时，通过R的电流为0,4mA,则受=名，所以R=1000. R2+3 由于S2闭合后，总电阻略减小，总电流略增大，通过R2的真实电流略大于0.4mA,则R,>RW。 13.(10分)(1)=1A(2)P出=9W 【解析】(1)由欧姆定律有= UM 42分 解得=1A…2分 (2)由闭合电路欧姆定律有E=UM十I善r,解得I“=2A… …2分 高二物理参考答案(Q)一2 由M=I总一IL P出=UMIM一乐RM 2分 解得P幽=9W …2分 14.14分)(1)0.5g(2)爱 (3)2Y15g迟 9 【解析】(1)当B静止时，对B受力分析，由平衡条件得F=mgsin30° …2分 解得F=0.5ng… …2分 (2)当A运动至N点时，对C受力分析，由平衡条件得△x=mgsin30°… …1分 因为此时弹簧弹力和初始时大小相等，所以形变量也相等，即该过程中B的位移为2△z,根据几何关系有2△x -LW 由于△OMN是顶角为60的等腰三角形，有Lw=R… …2分 解得及二紧 …1分 (3)当A运动至N时，对整个系统，由机械能守恒定律得： 6ngR(1-cos609)=gL血30°+号mi+号×(6mW4 …2分 A、B两物体沿绳方向速度相等，由几何关系可得=Ac0s30° …2分 联立解得4=2V1⑤巫 9 …2分 2mlo 15.(17分)1)3gE%(2)3√gE 1W√厥（√ 【解析】(1)粒子从A到C电场力做功为W=gE(y4一yc)=3gE。… …4分 (2)根据抛体运动的特点，粒子在x轴方向做匀速直线运动，由对称性可知，轨迹最高，点P在y轴上 可令=t=T,则r=T 由Eg=ma得a=g …1分 2 又y=aT,叶3弘=2a×(2D 1 …2分 解得T=√ 2mlo …2分 gE 则A到C过程所经历的时间t=3 2mlo …1分 (3)(1)由(2)可知tP= 2mlo 9E0 又xP=U,·tAp=L …1分 解得=人 qElo 2m …1分 （‖)在水平方向对粒子有△=∑a△=u,由牛顿第二定律有f=u=ma …2分 可得2知△1=，即色∑A=u m m 6 又∑A=x= …2分 联立解得= 2mgE 1分 高二物理参考答案(Q)一3