江苏省扬州市邗江区2026-2027学年九年级上学期10月物理模拟练习卷

**基本信息** 以《天工开物》工具、歼-20战斗机等文化与科技情境为载体，覆盖机械功、内能核心知识，梯度设计适配初三月考对物理观念与科学探究能力的检测。 **题型特征** |题型|题量/分值|知识覆盖|命题特色| |----|-----------|----------|----------| |单选题|12/24|杠杆分类、功的条件、机械能转化|结合《天工开物》工具考杠杆分类，体现文化传承| |填空题|10/25|定滑轮应用、比热容差异、内能改变|以“2025新征程”升旗仪式考定滑轮，关联社会热点| |解答题|9/51|机械效率计算、热机效率、实验探究|歼-20战斗机功率与效率综合题，融合科学推理与社会责任；探究杠杆平衡条件实验，注重证据分析与质疑创新|

2026-2027学年扬州市邗江区10月份第一次月考初三物理模拟练习卷 （考试范围：苏科版九年级上册第11章+12章；考试时间：100分钟；试卷满分：100分） 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 注意事项： 1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。 3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单选题（每题2分，共12题，共24分） 1．我国古代劳动人民用智慧创造出很多实用工具，如图所示是《天工开物》中记载的工具，其在正常使用时属于费力杠杆的是（     ） A．推石磨转动 B．按压杠杆榨油 C．踩踏板舂米 D．用木棒撬石 2．如图所示三个滑轮拉同一物体在水平面上做匀速直线运动，所使用的拉力分别为、和，不计滑轮重力、轮与绳之间的摩擦，则（     ） A． B． C． D． 3．某人肩扛100N的重物，在下列情况下，他对物体做功的是（     ） A．人站在原地不动 B．沿水平路面匀速前进10m C．沿缓坡匀速前进了1m D．上述三种情况下都做了功 4．俗话说“竹篮打水一场空”，下列关于该过程中功和机械效率的说法正确的是（     ） A．对水做的是有用功，对竹篮做的是额外功，该过程机械效率低 B．对水做的是有用功，对竹篮做的是额外功，该过程机械效率高 C．对水做的是额外功，对竹篮做的是有用功，该过程机械效率高 D．对水做的是额外功，对竹篮做的是有用功，该过程机械效率低 5．在蹦床比赛中，运动员从高处落到蹦床上又被弹起，该过程中有关机械能及其转化的说法正确的是（     ） A．运动员上升到最高点时重力势能为零 B．运动员下降过程中机械能增大 C．运动员从高处下落到接触蹦床前，重力势能转化为动能 D．运动员弹离蹦床后，上升的过程中，弹性势能转化为重力势能 6．如图所示是曾侯乙墓曾出土过一种铜制冰鉴，这种冰鉴有内外两层，外为一方鉴，内装一方壶，盛夏之时方鉴盛冰，方壶就能保存食物或酒水。下列说法中正确的是（     ） A．方鉴中的冰温度很低，壶内的食物将温度传递给方鉴中的冰块 B．冰块熔化成水的过程中，温度不变，内能也不发生改变 C．0℃的冰块比0℃水的冷却效果更好，是因为冰的比热容小 D．壶内的食物通过热传递的方式改变内能 7．甲、乙两物体的质量、温度都相同，比热容，当两物体放出相等的热量后放在一起（       ） A．热量从甲传到乙 B．温度从乙传到甲 C．不发生热传递 D．内能从甲传到乙 8．学校科技节活动中，组织水火箭制作比赛。如图为自制的水火箭结构示意图。当水面上方压强增大到一定程度时，会使水向下喷出，从而使水火箭升空。关于水火箭，以下说法正确的是（     ） A．利用打气筒向水火箭中打气，水火箭中空气的内能不变 B．利用打气筒向水火箭中打气，水火箭中空气的内能减小 C．打气筒将空气压入水火箭中时，机械能转化为内能 D．水火箭升空时，能量转化的过程与汽油机的压缩冲程相同 9．如下图所示，水平地面上有一块质量为100千克、底边为40厘米×50厘米、高1米的长方体木块。小明用水平推力F把木块向前推动，此过程中，推力F和木块前进的速度v的大小随时间t的变化情况分别如图2甲、乙所示。下列说法正确的是（     ） A．0~1s内，物块受到的摩擦力为0N B．1~3s内物体所受摩擦力大小为300N C．3~5s内，物体移动的距离为2m D．3~5s内，推力对物块做功为200J 10．如图所示是某同学掷出的实心球的运动轨迹，点是实心球刚离开手的位置，点是实心球运动到最高点的位置，点是实心球落地前瞬间的位置，下列说法正确的是（     ） A．实心球从点运动到点的过程中重力势能转化为动能 B．实心球在最高点点时如果受到的力全部消失，将保持静止状态 C．实心球从点运动到点的过程中，重力势能减少量大于动能增加量 D．实心球从点运动到点的过程中机械能守恒 11．在图所示的装置中，每个滑轮重4N，物体G1重100N，物体G2重10N。此时G2恰能匀速下降。若在G1上加一水平向左的拉力，使G1匀速向左运动，则拉力F为（     ） A．5N B．7N C．14N D．114N 12．蹦极运动简化后与下列情景相似：如图甲所示，弹性细绳的一端固定在O点，另一端系着一个小球，小球从O点释放后上下往复运动。由于空气阻力作用，最终会停在O点下方的某个位置。已知小球速度v与下落高度h的关系如图乙所示，细绳拉力F与下落高度h的关系如图丙所示。根据图像可知，下列描述正确的是（　　） A．弹性细绳原长为1.2m，整个下落过程中小球的机械能守恒 B．小球下落过的最大高度为2.4m，此时球处于平衡状态 C．小球在绳长为1.5m时动能最大，小球最终停在绳长1.2m的位置 D．已知小球在下落过程中减少的重力势能等于它所受重力做的功。不计空气阻力，则弹性细绳的最大弹性势能为7.2J 二、填空题（此部分共10题，每空1分，共25分） 13．学校举行以“2025新征程”为主题的升旗仪式，如图甲所示，旗杆顶端安装的简单机械是_______，升旗时使用这种机械的目的是_______。如图乙是园艺工人修剪树枝时使用的剪刀，使用这种剪刀的好处是可以省力，如果树枝太硬不容易剪断，可以使树枝尽量_______（靠近/远离）支点O。 14．如图所示，让小球从A点静止释放，小球从A点向B点摆动的过程中，小球受到的重力对小球______功（选填“做”或“不做”）。 15．学习了比热容的知识后，小明知道了内陆地区的气温比沿海地区的气温变化_________（填“大”或“小”）。当出现如图所示的风向时，通常发生在_________（填“白天”或“夜晚”）。 16．如图所示是我国古老的医疗技法——刮痧，当用刮痧板在身体上刮动时，身体会感觉到热，这是通过做功的方式_________（填“增加”或“减少”）身体的内能；若一台四冲程内燃机的活塞内做功20次，则曲轴转速为_________。 17．把质量为4kg，温度为25℃的水加热到75℃，水吸收的热量为_________J，这些热量相当于完全燃烧_________的天然气所放出的热量。［］ 18．如图所示，质量为50kg的同学在做仰卧起坐运动。若该同学上半身的质量约为全身质量的，则她上半身的重力约为______N。他在1min内做了40个仰卧起坐，每次上半身重心上升的距离均为30cm，则她在这段时间内克服重力做功的功率为______W。 19．如图甲，一木箱重300N，工人用沿斜面向上的拉力F将木箱匀速拉到高处；如图乙，已知整个过程中拉力F做的功W与木箱沿斜面运动距离s的关系，整个过程的额外功是240J，在这个过程中拉力F为________N，木箱所受的摩擦力为________N，木箱被提升的高度为________m，斜面的机械效率为________。 20．小明学习了热机后，对汽车产生兴趣。查阅资料发现：为保证汽车性能，发动机并不直接将动力输出给车辆。而是通过如图所示的液力变矩器来实现“柔性连接”。变矩器内充满传动液。发动机带动输入轴和泵轮转动，将传动液“吹”向涡轮，带动涡轮和输出轴转动，将动力输出给车辆。其传动效率等于输出轴功率与输入轴功率的比值。 (1)小明爸爸踩着刹车等红灯，发动机运转着但输出轴停止了转动，发动机功率为1kW，其能量全部由传动液所受的阻力做功转化成了内能，其中被传动液吸收。则等红灯的10s内，变矩器中5kg的传动液将升温______；（） (2)转动轴上的功率等于轴上的力与轴转动速度的乘积，而泵轮和涡轮没有直接相连，当车辆需要更大动力时，可以不改变发动机的转速和输入功率，涡轮能自动______（选填“提高”或“降低”）转动速度而获得更大的输出动力。若某时刻，输出轴与输入轴上的力之比为4∶2，输出轴与输入轴转动速度之比为2∶5，则此时变矩器的传动效率为______。 21．图（a）所示的是一把杆秤的示意图，O是秤杆的悬点，当秤钩上不挂重物，手提起提纽时，杆秤的左端下降，使用该秤最多能称量5千克的重物。若秤砣有缺损，则所测的质量值________被测物的真实质量值（选填“大于”、“小于”或“等于”）。小王用一个相同的秤砣系在下面，采用“双秤砣法”去称量7千克的重物时，秤上的示数为3千克，如图（b）所示。那么当只挂一个秤砣时，该秤零刻度线的位置应该在________（选填“O点”、“O点的右侧”或“O点的左侧”）。若采用“双秤砣法”，则利用该秤最多能称量_______千克的重物。 22．如图，弹簧的左端固定，右端连接一个小球，把它们套在光滑的水平杆上，a是压缩弹簧后小球静止释放的位置，b是弹簧原长时小球的位置，c是小球到达最右端的位置。则小球从a运动到c的过程中，小球的速度的变化为_________（选填“一直变大”、“先变大再变小”或“先变大再不变”），在_____（选填“a”、“b”或“c”）位置机械能最大；从b到c的过程中，小球的动能转化为弹簧的_________ 。 三、此部分共9小题，共51分，其中第24、25题需要写出解题步骤。 23．(1)如图所示，轻质杠杆ABO可绕O点转动，现在B点用一轻绳拉住使其保持水平静止，请在图中画出：杠杆所受来自轻绳的拉力的力臂以及小球所受重力的示意图； (2)如图甲所示为一种搬花神器，用它把花盆抬起时，相当于一个绕O点转动的杠杆，其简化示意图如图乙所示，请在乙图中画出杠杆平衡时作用在A点的最小动力及其力臂； (3)某人利用滑轮组向下拉绳提起物体，请在图中画出绳子的绕法。 24．如图所示是一种塔式起重机上的滑轮组。已知在匀速起吊300kg的物体时，滑轮组的机械效率是80%，g取10N/kg，求： (1)使物体上升，所做的有用功是多少？ (2)使物体上升，所做的总功是多少？ (3)绳端的拉力是多大？ 25．一辆汽车总重，四个轮胎与地面的接触面积为，该车在平直的公路上匀速行驶10km，燃烧了10kg的汽油，受到的牵引力是车重的倍。（已知汽油的热值，g取）求： (1)该车静止在水平地面上时，对路面的压强是多少？ (2)这些汽油完全燃烧放出的热量； (3)发动机的效率。 26．用如图所示装置测量滑轮组的机械效率，部分实验数据如下表： 实验次数 钩码重力G/N 钩码上升高度h/cm 拉力F/N 绳子自由端移动距离s/cm 机械效率η 1 2.0 5 1.0 15 66.7% 2 4.0 5 1.8 15 74.1% 3 4.0 10 1.8 30 74.1% 4 6.0 5 2.5 15 (1)实验过程中，缓慢竖直拉动弹簧测力计，使钩码向上做_________ 运动。如果弹簧测力计处于静止时读数，所测得的滑轮组机械效率会偏_________，第1次实验时，钩码上升的时间为3s，此过程中，绳子自由端上升的速度为_________ m/s。 (2)第4次实验时所做的有用功为________ J，滑轮组的机械效率是_______ %。 (3)分析1、2、4次实验的数据可知，使用同一滑轮组提升重物时，重物重力越_____ （选填“大”或“小”），滑轮组的机械效率越高；分析2、3次实验的数据可知，滑轮组的机械效率与钩码上升的高度_______ （选填“有关”或“无关”）。 27．在探究“杠杆平衡条件”的实验中： (1)当杠杆静止在图甲所示的位置时，杠杆处于___________（选填“平衡”或“不平衡”）状态；图甲中，应将右端的平衡螺母向___________（选填“左”或“右”）调节使杠杆 在水平位置平衡。 (2)小东保持F2和l1不变而改变l2，所获得的实验数据如表中所示，第1次实验中 弹簧测力计示数的放大图如图丙所示，则F1=___________N，仅凭该表中的数据 ___________（选填“能”或“不能”）得出杠杆的平衡条件。 实验次数 阻力F2/N 阻力臂l2/cm 动力臂l1/cm 动力F1/N 1 4 33 30 2 4 18 30 2.4 3 4 7.5 30 1.0 (3)小东在实验的过程中发现，按图乙中弹簧测力计的使用方式，需要将其在竖直向下方向完成校零。有一种方法是取两个弹簧测力计如图丁所示竖直放置，秤钩对钩。在竖直方向拉到某一数值，这时只需要移动弹簧测力计___________（选填“甲”或“乙”）的指针，使其示数与另一弹簧测力计相等即可完成该弹簧测力计的校零。 (4)为了避免图乙中弹簧测力计校零的烦恼，调节杠杆在水平位置平衡后，他打算采用图戊的方式寻找F1、F2、l1和l2四个物理量之间的关系，该方案中杠杆自身的重力___________（选填“会”或“不会”）影响实验结果：若将弹簧测力计由竖直上拉变成倾斜上拉，使杠杆在水平位置平衡时，弹簧测力计示数将___________。（选填“变大”“变小”或“不变”） 28．小明同学学习了燃料的热值后，自己设计一个实验来探究煤油和菜籽油的热值的大小关系。他组装了如图所示的装置进行实验，记录结果见表： 燃料 加热前的水温/℃ 燃料燃尽后的水温/℃ 煤油 25 45 菜籽油 25 35 (1)安装实验器材时，应按照自下而上的顺序安装。安装器材时__________（选填“需要”或“不需要”）点燃酒精灯； (2)取质量相等的煤油和菜籽油做燃料，制成煤油灯和菜籽油灯；为了保证实验结论的可靠，小明同学应该选择两套完全相同的装置，在实验中还应控制水的__________相同； (3)为了比较两种燃料的热值，应该在燃料完全燃烧后，通过比较__________来得出结论（选填“温度计示数的变化量”或“加热时间”）； (4)实验中收集的数据如下：水的质量为m，初温为，末温为，煤油燃烧前的质量为，燃烧后的质量为，盛水的烧杯吸收的热量经测量为，已知水的比热容为c，则煤油的热值_________（不计其他的热损失，用题中给定的物理量符号表示）。利用此实验方法计算出的热值将要比真实值__________（选填“偏大”或“偏小”）。理由是__________。 29．小明在探究“比较不同物质吸热情况”的实验中，采用了如图所示的实验装置。 加热时间 0 1 2 3 4 甲的温度 30 34 38 42 46 乙的温度 10 18 26 34 42 (1)小明在两个相同的烧杯中分别装入______相等的甲、乙两种液体。用规格相同的电加热器加热，并用玻璃棒不断搅拌，每隔相同时间读取一次温度，并记录在表格内。为了完成该实验，除天平和温度计外，还需要一个测量工具是______。 (2)分析表格可知，两温度计示数都升高到时，甲增加的内能______（选填“>”“=”或“<” ）乙增加的内能；若使甲、乙升高相同的温度，则吸收更多热量的是______。 (3)图中①是乙加热时温度随时间变化的图线，如果将初温相同的乙物质质量增加到原来的2倍，不考虑热损失，用相同的加热器加热，再绘制出一条温度随时间变化的图线，则为图2中的______（选填“①”“②”或“③”）。 (4)为了表示不同物质在这种性质上的差异，物理学中引入了比热容这一物理量。在沿海地区炎热晴朗天气里、由于海水和陆地的比热容不同，易形成海陆风或陆海风。如图甲所示是风力发电机独特的尾翼结构，能使其旋翼自动迎风。仅在海陆风或陆海风因素的影响下，如图乙所示风力发电站的情形是出现在______（选填“白天”或“夜晚”）。 30．第五代战斗机“歼-20” “歼-20”作为中国第五代战斗机，融合了全球优秀战斗机的特点，具备了很强的隐形性能、机动性能等。“歼-20”表面平滑，机翼的外形做成流线型，它拥有良好的大仰角升力特性，较大的瞬时攻角与滚转率，并采用先进的光传操纵系统，可随时保证飞机与地面的联系；“歼-20”配备了大功率雷达，为解决雷达工作放热问题，采用了新一代液体冷却系统。该飞机最大起飞质量为32t，最大飞行高度达20km，最大航行速度达800m/s，最大油量为10t。战斗机的速度超过音速时，由于速度太快，空气都堆积到了飞机周围，产生极大压力，即使空气温度较高时，也会使机身周围产生水雾，这种现象叫做音障。突破音障时如果机身不作特殊处理，将会被瞬间摇成碎片，所以飞机要采用密度小强度极高的材料制作。飞机航行时所需功率和发动机的效率与速度的关系见如下表： 速度 100 200 300 400 500 功率 发动机的效率 30% 33% 35% 40% 38% (1)战斗机在突破音障的过程中，机身周围的水雾是由于水蒸气被____________（填“压缩体积”或“降低温度”）发生____________（填物态变化名称）形成的： (2)为解决雷达的散热问题，采用比热容____________的液体作为冷却剂帮助散热；（选填“大”或“小”） (3)由上表可知飞机的发动机效率随速度的变化关系是____________。 (4)飞机以500m/s航行速度匀速巡航时的牵引力为____________N； (5)飞机先以100m/s航行速度匀速巡航30min；发动机做功____________J，又以400m/s航行速度匀速巡航6min，36min内飞机共需消耗____________kg的燃油（燃油热值约为） 31．如图所示，在“探究影响重力势能大小的因素”实验中，有三个实心的、体积相同的铁球、铁球和塑料球，球、离沙地高度相同。让三个球同时由静止释放，球落到沙地上的状态如图中虚线球所示。 (1)本实验中的研究对象是 （选填“三个球”或“沙地”）。可根据图中A、B、C三个球 （选填“所处的高度”或“在沙地中下陷的深度”），判断出释放前球 （选填“A”、“B”或“C”）的重力势能最大； (2)比较图中 两球的实验现象，可初步得出：物体重力势能的大小与物体的质量有关； (3)球在空中下落时减少的重力势能主要转化为 ； (4)小球在下落过程中，重力会对小球做功，则重力对小球做功大小与时间关系图像应是下图中的 。 试卷第1页（共3页） 试卷第1页（共3页） 学科网（北京）股份有限公司 参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C D C A C D A C C C 题号 11 12 答案 C D 1．C 【知识点】杠杆的分类 【详解】A．推石磨转动，动力臂大于阻力臂，由 可知，属于省力杠杆，故A不符合题意； B．按压杠杆榨油，动力臂大于阻力臂，由可知，属于省力杠杆，故B不符合题意； C．踩踏板舂米，动力臂小于阻力臂，由可知，属于费力杠杆，故C符合题意； D．用木棒撬石，动力臂大于阻力臂，由可知，属于省力杠杆，故D不符合题意。 故选C。 2．D 【知识点】定滑轮的概念、实质及特点、动滑轮的概念、实质及特点 【详解】ABCD．不计滑轮重力、轮与绳之间的摩擦，第一个图 动滑轮，两段绳子拉物体 第二个图，定滑轮，拉力 第三个图，动滑轮反向使用， 滑轮受到向左拉力F3，向右两段绳子，每段拉力等于f ， 综上，故D符合题意。 故选D。 3．C 【知识点】力做功的必要因素 【详解】力做功需要两个必要因素：（1）作用在物体上的力；（2）物体在力的方向上通过一段距离。由于人肩扛100N的重物，故他对物体施加的力的方向是在竖直向上。 A．人站在原地不动，物体没有在竖直方向上通过距离，对物体没有做功；故A不符合题意； B．在水平路面上行走时，移动距离的方向水平向前，在竖直力向上没有通过距离，对物体没有做功；故B不符合题意； C．沿缓坡匀速前进时，向上移动了一段距离，则对物体做了功；故C符合题意； D．由上分析可知，只有C情况下做功；故D不符合题意。 故选C。 4．A 【知识点】有用功和额外功、机械效率的定义 【详解】“竹篮打水”目的为打水，因此对水做的功为有用功，提竹篮不得不做的功为额外功。竹篮漏水，最终被提升的水的重力几乎为0，有用功占总功的比例几乎为0，因此这个过程的机械效率很低。 故选A。 5．C 【知识点】重力势能的概念及影响因素、辨析物体的机械能是否发生变化、物体运动过程中各种机械能的变化情况、蹦极（蹦床）运动中的能量变化情况 【详解】A．重力势能与物体质量、高度有关，运动员在最高点时高度不为零，重力势能不为零，故A错误； B．运动员下降过程中需克服空气阻力做功，部分机械能转化为内能，机械能减小，故B错误； C．运动员接触蹦床前，高度降低重力势能减小，速度增大动能增大，重力势能转化为动能，故C正确； D．运动员弹离蹦床后不再与蹦床接触，不存在弹性势能的变化，上升过程中动能转化为重力势能，故D错误。 故选C。 6．D 【知识点】热传递改变物体的内能、温度、热量与内能的区别与联系、热传递的条件和方向、比热容的概念、单位和物理意义 【详解】A．热传递过程中传递的是热量，而不是温度，食物不能把“温度”传递给冰块，故A错误； B．冰块熔化成水的过程中不断吸收热量，温度保持不变，但内能增加，故B错误； C．0℃的冰比0℃的水冷却效果更好，是因为冰在熔化过程中还要吸收热量，并不是因为冰的比热容小，故C错误； D．壶内食物的温度高于周围冰的温度，食物向外放出热量，内能减小，是通过热传递的方式改变内能，故D正确。 故选D。 7．A 【知识点】温度、热量与内能的区别与联系、热传递的条件和方向、比热容的定义式、计算物体温度变化时的吸放热 【详解】由放热公式得温度变化量，已知、相同，，故，两物体初温相同，末温，故；热传递方向为从高温物体到低温物体，传递的是热量，甲温度更高，故热量从甲传到乙，内能是物体的状态量，热传递过程中传递的是热量，故选A。 8．C 【知识点】通过做功改变物体内能时，能量的转化、汽油机的构造与工作过程 【详解】AB．利用打气筒向水火箭中打气，外界对空气做功，空气内能增加，故AB错误； C．打气筒将空气压入水火箭中时，消耗机械能，使空气内能增加，是机械能转化为内能，故C正确； D．水火箭升空时，高压气体对水做功，内能转化为机械能，与汽油机的做功冲程能量转化相同，故D错误。 故选C。 9．C 【知识点】计算物体运动的速度、影响滑动摩擦力大小的因素、功的计算和估算、二力平衡条件的应用 【详解】A．由图乙可知0~1s内物体速度为0，处于静止状态，由图甲可知此时推力，根据二力平衡条件可知静摩擦力，故A错误； B．由图乙可知3~5s内物体做匀速直线运动，由图甲可知此时推力，根据二力平衡条件可知滑动摩擦力 1~3s内物体做加速运动，因压力和接触面粗糙程度不变，滑动摩擦力大小不变，仍为，故B错误； C．由图乙可知3~5s内物体速度，时间 移动距离，,故C正确； D．由图甲可知3~5s内推力，推力做功，故D错误。 故选C。 10．C 【知识点】根据牛顿第一定律判断物体的运动状态、辨析物体的机械能是否发生变化、物体运动过程中各种机械能的变化情况、机械能守恒的条件 【详解】A．实心球从点运动到点的过程中，高度增加，重力势能增加，速度减小，动能减小，动能转化为重力势能，故A错误； B．实心球在最高点点时具有水平方向的速度，如果受到的力全部消失，由牛顿第一定律可知，将保持匀速直线运动状态，故B错误； C．实心球从点运动到点的过程中，高度降低，重力势能减小，速度增大，动能增加，由于空气阻力存在，部分机械能转化为其它形式的能，重力势能减少量等于动能增加量与克服阻力做功之和，即重力势能减少量大于动能增加量，故C正确； D．实心球从点运动到点的过程中，由于空气阻力存在，机械能不断转化为其它形式的能，机械能不守恒，故D错误。 故选C。 11．C 【知识点】影响滑动摩擦力大小的因素、二力或多力平衡问题、动滑轮绳端拉力及移动距离的计算 【详解】初始状态匀速下降，匀速向右运动，绳子拉力 水平方向受力平衡，摩擦力 匀速向左运动时，摩擦力方向向右，大小不变，拉力 故选C。 12．D 【知识点】平衡状态的判断、功的计算和估算、辨析物体的机械能是否发生变化、蹦极（蹦床）运动中的能量变化情况 【详解】A．弹性细绳的一端固定在O点，另一端系着一个小球，由细绳拉力F与下落高度h的关系图丙可知，随着拉力增大，下落高度增大，当拉力为0时，弹性绳的长度为1.2m，则弹性绳原长为1.2m。但由于存在空气阻力，小球运动过程中部分机械能会转化为内能，机械能减小，因此机械能不守恒，故A错误； BC．小球下落过程中，当仅受重力和空气阻力作用时，小球的重力大于受到的空气阻力，合力向下，小球做加速运动，速度逐渐变大；随着下落高度增加，逐渐大于弹性绳原长度，小球逐渐受到弹性绳拉力。当小球重力大于受到的弹性绳拉力与空气阻力之和时，合力依旧向下，小球做加速运动，直至小球重力等于受到的弹性绳拉力与空气阻力之和时，小球达到平衡状态，速度达到最大，动能最大；当小球的重力小于受到的弹性绳拉力与空气阻力之和时，合力向上，小球做减速运动，直至速度为0，此时小球下落高度达到最大。由图乙可知，当小球速度为0时，小球下落高度为2.4m，即小球下落过的最大高度为2.4m，但此时小球的重力小于受到的弹性绳拉力与空气阻力之和，合力向上，且合力不为0，因此小球此时不处于平衡状态；由图乙可知，小球下落高度在1.5m时，小球速度达到最大，此时动能最大，小球重力等于受到的弹性绳拉力与空气阻力之和，小球达到平衡状态，因此小球停止（处于平衡状态）时，应在绳长1.5m的位置，故BC错误； D．不计空气阻力时，小球下落高度在1.5m时，小球的重力等于受到的弹性绳拉力，由图丙可知，此时小球受到的拉力为3N，则小球的重力为3N。已知小球在下落过程中减少的重力势能等于它所受重力做的功，因不计空气阻力，则小球在下落到最大高度时重力势能全部转化为弹性势能，且减少量最大，因此弹性细绳的最大弹性势能，故D正确。 故选D。 13． 定滑轮 改变力的方向 靠近 【知识点】杠杆的分类、杠杆的应用、杠杆的动态平衡分析、定滑轮的概念、实质及特点 【详解】旗杆顶端的滑轮轴固定不动，是定滑轮；定滑轮实质是等臂杠杆，使用定滑轮的目的是改变力的方向，便于在地面完成升旗操作；由杠杆平衡条件可知，在阻力和动力臂一定时，减小阻力臂可减小动力，故树枝尽量靠近支点O时更省力，更容易剪断树枝。 14．做 【知识点】力做功的必要因素 【详解】力做功的两个必要因素，力和在力的方向上移动的距离，二者缺一不可。小球从A点向B点摆动的过程中，因小球在重力的方向上移动了距离，故重力对小球做功。 15． 大 夜晚 【知识点】生活中的比热容问题、水的比热容特点及应用 【详解】砂石的比热容小于水的比热容，相同质量的砂石和水吸收或放出相同热量时，砂石温度变化更大，因此内陆地区气温变化比沿海地区大。 图中近地面的风从陆地吹向海面，是陆风。夜晚时，陆地和海水都放出热量，由于水的比热容大，海水降温慢、温度更高，海面上方空气上升；陆地降温快、温度更低，近地面形成高压，空气下沉，于是近地面的风从陆地吹向海洋，这种陆风通常发生在夜晚。 16． 增加 40 【知识点】做功改变物体的内能、汽油机的构造与工作过程 【详解】做功可以改变物体的内能。当用刮痧板在身体上刮动时，刮痧板与身体之间存在摩擦，克服摩擦对身体做功，使身体的内能增加，所以身体内能增加。 四冲程内燃机完成一个工作循环时，曲轴转动2圈，对外做功1次。因此每做功1次，曲轴转动2圈；活塞1s内做功20次，曲轴1s内转动40圈，即曲轴转速为 17． 【知识点】计算物体温度变化时的吸放热、热值的公式及相关计算 【详解】水吸收的热量为 因，故需要完全燃烧天然气的体积为 18． 300 60 【知识点】重力的计算与估算、功的计算和估算、P=W/t 【详解】由重力公式可得上半身的重力 1min内克服重力做的总功为 由功率公式可得克服重力做功的功率为 19． 100 40 1.2 60% 【知识点】有用功和额外功、斜面机械效率的计算 【详解】由图乙得、。拉力大小为 木箱所受摩擦力为 拉力做的有用功为 木箱被提升的高度为 斜面的机械效率为 20．(1)0.5 (2) 降低 【知识点】P=W/t、P=Fv、计算物体温度变化时的吸放热、热机效率的计算 【详解】（1）发动机输出的机械能为 传动液吸收的热量为 则变矩器中5kg的传动液升高的温度为 （2）[1]功率等于轴上的力与轴转动速度的乘积，即，在发动机的转速和输入功率不变的条件下，当车辆需要更大动力时，就需要降低转动速度。 [2]传动效率等于输出轴功率与输入轴功率的比值，功率等于轴上的力与轴转动速度的乘积，即，若某时刻，输出轴与输入轴上的力之比为4∶2，输出轴与输入轴转动速度之比为2∶5，则此时变矩器的传动效率为 21． 大于 O点的右侧 11 【知识点】杠杆的应用、运用杠杆平衡原理进行计算、杠杆的动态平衡分析 【详解】当秤钩上不挂重物，手提起提纽时，杆秤的左端下降，即杠杆自重重心在支点O左侧，设杠杆自重为，重心离O点的距离为，根据杠杆平衡条件有 当秤砣缺损、实际变小，根据平衡条件可知，偏小，即所测的质量大于真实的质量。 秤钩不挂重物时，提起提纽杆秤左端下降，说明杆秤自身的总重心在O点左侧。要让空秤平衡，需要将秤砣放在O点的右侧，所以杆秤的零刻度线位置在O点右侧。 设秤钩到O点的距离为，单秤砣质量为，零刻度线到O点的距离为，原单秤砣最大称量5kg，即最大刻度在5kg处，杆秤刻度均匀，故可以设为每1kg示数对应的秤杆长度，则最大刻度为 根据杠杆平衡条件，空秤平衡有 原单秤砣最大称量5kg时，有 代入有 化简得......① 双秤砣称7kg重物时示数为3kg，此时秤砣在3kg刻度处，有 即 将①代入得 化简得......② 双秤砣称7kg时，最大称量时有 即 将①②代入有 化简得 解得 22． 先变大再变小 b 弹性势能 【知识点】物体运动过程中各种机械能的变化情况 【详解】[1][2]由题意可知，不计摩擦时，小球从a运动到b的过程中，弹簧的弹性势能转化为小球的动能到达b点时，弹簧恢复原状，其弹性势能转化为小球的动能，此时小球的速度最大，再从b运动到c时，弹簧被拉伸，小球的动能再逐渐转化为弹簧的弹性势能，小球的机械能会变小，速度减小。因此，小球从a运动到c的过程中，小球的速度的变化为先变大再变小，在b点时小球的机械能最大。 [3]从b运动到c时，弹簧被拉伸，小球速度减小，小球的动能转化为弹簧的弹性势能。 23．(1) (2) (3) 【知识点】重力的示意图、力和力臂的作图、杠杆的最省力问题、滑轮组的连线问题 【详解】（1）重力的方向是竖直向下的，过小球重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，即为其所受重力的示意图；绳子对杠杆的拉力作用在B点，拉力的方向沿绳向上，过支点O作这条拉力作用线的垂线段，即拉力的力臂l1。据此作图。 （2）阻力F2为花盆所受重力G，其大小一定，阻力臂也为一定值，根据杠杆的平衡条件，当动力臂最大时，动力最小，故连接OA，OA即为最大动力臂l1，过A点作OA的垂线，因阻力有使杠杆逆时针转动的趋势，故动力有使杠杆顺时针转动的趋势，则最小动力的方向垂直OA斜向下，据此作图。 （3）由题意知，站在地面上的人用滑轮组向下拉绳提起物体，所以绳子自由端的拉力方向应向下，故绳子应系在定滑轮的固定挂钩上，据此作图。 24．(1) (2) (3) 【知识点】重力的计算与估算、有用功和额外功 【详解】（1）物体的重力 使物体上升，所做的有用功 （2）使物体上升，所做的总功 （3）滑轮组的动滑轮绕3段绳子，绳端移动的距离 绳端的拉力 25．(1) (2) (3) 【知识点】压强公式的简单应用、功的计算和估算、热值的公式及相关计算、热机效率的计算 【详解】（1）汽车静止在水平地面上时，对路面的压力为 四个轮胎与地面的接触面积为，则汽车对路面的压强为 （2）汽油完全燃烧放出的热量为 （3）汽车受到的牵引力是车重的倍，则汽车的牵引力为 汽车牵引力所做的有用功为 发动机的效率为 26．(1) 匀速直线 大 0.05 (2) 0.3 80 (3) 大 无关 【知识点】测量滑轮组的机械效率、影响机械效率大小的因素、滑轮、滑轮组机械效率的计算 【详解】（1）实验中需竖直向上匀速拉动弹簧测力计，使钩码做匀速直线运动，此时系统处于平衡状态，测力计示数等于绳子自由端的拉力。 若静止读数，则未克服摩擦力，导致拉力测量值偏小，计算出的总功偏小，故机械效率会偏大。 由表可知第1次实验绳子自由端移动距离 绳子自由端上升的速度 （2）由表可知第4次实验钩码重力 ，上升高度 有用功 由表可知第4次实验拉力 ，绳端移动距离 总功 机械效率 （3）分析1、2、4次数据，使用同一滑轮组，提升的钩码越重（ ），滑轮组的机械效率越高（ ），故同一滑轮组提升重物时，重物重力越大，滑轮组的机械效率越高。 分析2、3次数据，提升相同的重物（ ），改变上升高度（ ），机械效率均为 ，说明机械效率与钩码上升的高度无关。 27．(1) 平衡 左 (2) 4.4 不能 (3)乙 (4) 不会 变大 【知识点】探究杠杆的平衡条件的实验装置和操作步骤、探究杠杆的平衡条件的实验注意事项和错误分析、探究杠杆的平衡条件的实验结论和数据处理 【详解】（1）根据图甲可知，杠杆处于静止状态，则此时杠杆处于平衡状态； 图甲中杠杆左侧高于右侧，说明右侧较重，所以应将杠杆的平衡螺母向左调节，使杠杆在水平位置平衡。 （2）如图丙所示，测力计分度值为0.1N，指针指在4N下方的第4根刻度线上，示数为4.4N，则 实验中仅改变了阻力臂大小，未改变阻力、动力臂的大小，变量单一，结论存在偶然性，因此不能得出杠杆平衡条件。 （3）图丁中乙弹簧测力计是倒转竖直向下使用的，自身弹簧和挂钩的重力会让它在不受拉力时就有初始示数，因此拉动后只需移动乙的指针，让它的示数和甲（正常竖直校零的测力计）相等，就完成了乙的校零。 （4）调节杠杆在水平位置平衡后，杠杆的重心刚好落在支点O上，杠杆自身重力的力臂为0，因此自身重力不会影响实验结果； 若将弹簧测力计由竖直上拉变成倾斜上拉，杠杆仍然水平平衡时，阻力和阻力臂不变，动力臂变短，根据杠杆平衡条件可知需要的拉力变大，则弹簧测力计的示数将变大。 28．(1)需要 (2)质量和初温 (3)温度计示数的变化量 (4) 偏小 煤油燃烧放出的热量有一部分散失到空气中，水和烧杯吸收的热量小于煤油燃烧放出的总热量，计算出来的热值偏小 【知识点】计算物体温度变化时的吸放热、热值的公式及相关计算、比较不同燃料的热值大小、控制变量法 【详解】（1）酒精灯需用外焰加热，所以安装器材时需要点燃酒精灯，根据酒精灯外焰高度调节器材的位置。 （2）实验要通过水升高的温度来体现燃料的热值大小，而水吸收热量后升高的温度受水的质量的影响，所以在实验中还应控制水的质量和初温相同。 （3）燃料完全燃烧放出热量被水吸收，水升温越多，说明燃料放热越多、热值越大；所以比较温度计示数的变化量。 （4）水吸收的热量为 则水和烧杯吸收的热量为 煤油燃烧释放的热量为 不计其他的热损失，则，即 则煤油的热值 利用此实验方法计算出的热值将要比真实值偏小，原因是煤油燃烧放出的热量有一部分散失到空气中，水和烧杯吸收的热量小于煤油燃烧放出的总热量，计算出来的热值偏小。 29．(1) 质量 秒表 (2) 甲液体 (3)③ (4)白天 【知识点】热传递改变物体的内能、生活中的比热容问题、不同物质的吸热本领、控制变量法 【详解】（1）根据比较不同物质吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同，在两个相同的烧杯中分别装入质量相等的甲、乙两种液体；用规格相同的电加热器加热，使液体在相同时间吸收的热量相同，比较升高的温度，从而判断物质的吸热能力的大小。 为了完成该实验，除天平和温度计外，还需要一个测量时间的工具，是秒表。 （2）分析表格可知，两温度计示数都升高到时，乙液体的加热时间长，吸收的热量多，甲增加的内能小于乙增加的内能； 若使甲、乙升高相同的温度，甲液体用时，温度变化，乙液体用时，温度变化，甲的加热时间长，则吸收更多热量的是甲液体。 （3）如果将初温相同的乙物质质量增加到原来的2倍，不考虑热损失，用相同的加热器加热，由于液体的质量增加，可知，加热相同的时间液体的温度上升的比原来慢，则图2中的③为温度随时间变化的图线。 （4）根据图3甲可知，图乙所示风力发电站的风由大海吹向陆地，说明此时大海温度较低，空气密度大而下沉，陆地温度高，空气密度小而上升；由于水的比热容较大，白天，吸收相同的热量，在相同的条件下，水的温度上升得比较小，因此陆地温度高，海面温度低，风由大海吹向陆地；而晚上，放出相同的热量，水的温度下降得比较小，因此海面温度高，陆地温度低，风由陆地吹向大海，因此如图乙所示风力发电站出现的情形是在白天。 30．(1) 压缩体积 液化 (2)大 (3)先增大后减小 (4) (5) 440 【知识点】P=Fv、生活中的汽、液化现象、生活中的比热容问题、热机效率的计算 【详解】（1）根据题干描述，战斗机突破音障时，周围空气被急剧挤压产生极大压力，是通过压缩体积的方式，让气态的水蒸气变为液态小水滴形成水雾，这个物态变化的名称是液化。 （2）由可知，质量相同的不同液体升高相同温度，比热容越大的液体，吸收的热量越多，冷却效果越好，故选用比热容大的液体作为冷却剂。 （3）由表格数据可知，速度从增大到时，发动机效率逐渐升高；速度从增大到时，效率逐渐降低，因此发动机效率随速度的增大先增大后减小。 （4）飞机以500m/s的匀速巡航时，由可得牵引力 （5）100m/s巡航30min时发动机做功 400m/s巡航6min时发动机做功 两段飞行燃油完全燃烧放出的总热量 消耗燃油的总质量 31．(1) 三个球 在沙地中下陷的深度 A (2)A、C (3)动能 (4)乙 【知识点】探究重力势能大小与质量的关系、探究重力势能大小与高度的关系 【详解】（1）[1]根据转换法，本实验通过观察小球在沙地中下陷的深度，判断小球具有重力势能的大小的，所以本实验中的研究对象是三个球。 [2]本实验通过观察小球在沙地中下陷的深度，判断小球具有重力势能的大小的。小球释放前的重力势能越大，小球的能量就越多，做功本领越强，则小球陷入沙中越深。 [3]图中铁球A陷入沙中的深度最大，说明铁球A的重力势能最大。 （2）比较A、C两球可知，两球所处的高度相同，A是铁球，C是塑料球，铁球A的质量大，A球陷入沙的深度大，因此得出的结论是：物体所处的高度相同时，质量越大，物体的重力势能越大。物体重力势能的大小与物体的质量有关。 （3）球在空中下落时，高度降低、速度变大，重力势能主要转化为动能。 （4）小球下落过程中做加速运动，速度逐渐增大，根据 可知，小球下落过程中的功率逐渐增大，根据 可知，单位时间内重力对该球做功也越来越多，故图甲、丙、丁不符合题意，图乙符合题意。 故选乙。 答案第1页（共2页） 答案第1页（共2页） 学科网（北京）股份有限公司 $